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2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷及答案
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这是一份2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷及答案，共38页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷
一、单项选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．在敲响大钟时有同学发现，停止了对大钟的撞击后大钟“余音未绝”，其原因是（ ）
A．一定是大钟的回声
B．是因为人的听觉发生“延长”的缘故
C．大钟虽已停止振动，但空气仍在振动
D．有余音说明大钟仍在振动
2．近期受寒潮的影响，山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，产生浓浓的“白雾”，出现神奇的海水“沸腾”现象。下列现象与此“白雾”形成原理相同的是（ ）
A．冬天行人口中呼出的“白气” B．初春小草上晶莹的露珠
C．寒冷冬天树枝上形成的霜 D．冬天水面上形成的冰层
3．随着人们生活水平的提高，小汽车已经进入每一户家庭，关于小汽车下列说法错误的是（ ）
A．小汽车的后视镜采用凹面镜，是为了扩大视野
B．夜间行车时，为了安全，车内最好关着灯
C．关上车窗后，车内会变得安静很多，是因为玻璃可以起到隔音的效果
D．前挡风玻璃倾斜安装是防止车内的物体成像在车正前方，影响司机视线
4．下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．中国的北斗卫星导航定位系统是利用电磁波传输信号的
C．“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图回来，是利用电磁波能在真空中传播
D．中国的“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
5．如图所示玻璃缸底部C处有一个雨花石（C点未画出），人眼在A点看到雨花石在B点，要使从A点射出的一束激光照到缸底石上，激光应射向（ ）
A．B点 B．B点右方 C．B点上方 D．B点下方
6．在冬奥会自由式滑雪比赛中，选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．在a点和c点速度都为零，因此这两点动能也为零
B．在a点和e点都处于静止状态，因此机械能相等
C．从a点下滑到b点过程中，机械能保持不变
D．从c点下落到d点过程中，机械能保持不变
7．如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态（不计机械自重和摩擦），拉力F1、F2、F3的大小关系是（ ）
A．F3＜F1＜F2 B．F3＜F2＜F1 C．F2＜F1＜F3 D．F2＜F3＜F1
8．下列关于家庭电路的分析和安全用电的做法，正确的是（ ）
A．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
B．在家庭电路中安装空气开关或保险丝
C．家庭电路中总电流过大一定是短路造成的
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
9．小明发明了一款新型的带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，图中的实验装置能反映此现象原理的是（ ）
A． B．
C． D．
10．小明热爱劳动，在家扫地时就想设计一个智能吸尘器电路的控制系统。吸尘器开机后，扫地模式的开启和退出可以通过手动开关S1控制，也能用手机远程控制开关S2实现。S3是机器的开机按钮。如图中设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
11．已知电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，滑动变阻器的最大阻值也是R0，下列电路图不能测出未知电阻Rx阻值的是（ ）
A． B．
C． D．
12．小明看到闪电后12.3s又听到雷声，已知声音每3s传播的距离约为1000m，光速约为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km。假设声速或光速发生以下变化，这种估算方法不再适用的是（ ）
A．声速增大为原来的两倍 B．声速减小为原来的一半
C．光速减小为原来的一半 D．光速减小为声速的两倍
二、填空题（共10小题每空1分，共24分）
13．（2分）在二胡表演时，表演者在用弓拉动琴弦的同时，不断用手指去控制琴弦的长度，这样做是为了改变声音的 ；音乐会上我们能辨别不同乐器的声音，是根据声音的 不同。
14．（4分）玻璃窗结冰花，是 （填物态变化名称）现象，冰花出现在窗的 侧（选“内”或“外”）；
烧水时，离壶嘴较 （选“远”或“近”）处出现“白气”，是 （填物态变化名称）现象。
15．（2分）乐乐站在竖直放置的平面镜前3m处，他若以0.5m/s的速度向平面镜靠近，则像相对于乐乐的速度为 m/s，在靠近的过程中，镜中像的大小会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（2分）一束入射光线与水面的夹角为30°，其反射光线与折射光线的夹角为80°，折射角为 °；若入射光线向法线靠近，则折射光线 （选填“靠近”或“远离”）法线。
17．（2分）如图是城市路灯，采用太阳能LED照明灯，主要由太阳能电池板和LED灯头等组成，LED通过电流能够发光，可以把电能直接转化为 能，太阳能是 （选填“可再生”、“不可再生”）能源。
18．（2分）小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示。若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费 元。若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为 W。
19．（2分）神舟十一号在太空中飞行时，提供电源的太阳能帆板将 能转化为电能，神舟飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦导致内能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
20．（2分）如图所示装置，通电瞬间直导线向左摆动，这表明 对电流有力的作用；若要使直导线向右摆动，可改变电流 （大小、方向）。
21．（2分）小刚将“220V100W“的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致，灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和 一直在改变有关。
22．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为6V，灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样。其电流随电压变化的曲线如图乙，如果同时闭合开关 ，可使两灯都能正常发光；如果同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是 A，灯泡L2的实际功率是 W；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是 W。
三、解答题：（作图每题2分，24、29题8分，25题6分，30题10分，其余每空1分，共52分）
23．（2分）画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
24．（2分）请完成图中的光路图。
25．（2分）如图所示，根据小磁针静止时磁极的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。
26．（8分）用如图装置在5s内将一重为240N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N，则：
（1）拉力所做的有用功？
（2）拉力的功率？
（3）这个动滑轮的机械效率？
（4）在提升重物的过程中，重物的 （填“动”、“重力势”或“机械”）能不变。
如果不计绳重及摩擦，想提高该动滑轮的机械效率，请你提出一种可行的方法。
27．（6分）瑞士大学学生设计了一款灯壶组合的“水壶台灯”，如图所示，“水壶台灯”是由玻璃壶、圆形底座和白炽灯组成。白炽灯与壶形灯罩下方的凹槽正好吻合（灯泡不直接与水接触），可将发光时所产生的内能用于水保温。白炽灯标有100W字样，求：
（1）该台灯正常工作半小时所消耗的电能？
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将多少kg初温为40℃的水加热至90℃？
28．（3分）下面是课本上的几个实验或实验原理，请完成：
（1）图甲是内燃机的 冲程；
（2）图乙的实验可以研究电流产生热量与 的关系；
（3）图丙的实验说明了电流周围能产生 。
29．（6分）为了探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律，小明同学进行了如下操作：
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做目的是 ，等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯，如图乙所示，小明观察到水沸腾前和沸腾时，水中气泡上升过程如图a、b，则 为（填“a”或“b”）沸腾时的情况。小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，由曲线可知：① ，② ；
（2）同组的小骥同学将装有水的试管放入装有水的烧杯中，用酒精灯对烧杯进行加热，如图丁所示，一段时间后，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，原因是 ；
（3）戊图中a图像是实验小组根据记录绘制的水沸腾图像，其他条件不变，
①仅增加水的质量；
②仅增大液面大气压强；
③既增加水的质量，同时减小液面大气压强；则三种情况中，温度与时间的关系分别对应图线为 （按顺序选填“a”“b”“c”“d”）。
30．（5分）小华利用如图所示的装置探究“平面镜成像时像与物的关系”的实验：
（1）如果有6mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择 mm厚的玻璃板做实验较合适。玻璃板在摆放的时候要与桌面 。实验中选用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系。
（2）在实验过程中为了研究平面镜所成的是实像还是虚像，小丽把光屏放在蜡烛B所在的位置发现 （选填“能”或“不能”）用光屏接收到蜡烛A的像，由此说明平面镜成的像是 像。
31．（8分）小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮。
（2）当小灯泡正常发光，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（3）如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空。（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为R，R2的最大电阻为R0）
①只闭合开关S和S1，调节 ，使电压表的示数为2.5V。
②只闭合开关 ，调节R1使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额＝ 。（用U额、R0、U1、U2表示）
32．（10分）阅读短文，回答问题。
环保混合动力汽车。
我国自主研制生产的一种环保混合动力汽车，启动时，内燃机并不工作，蓄电池通过某种方式向车轮输送能量；当需要高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，既可以向车轮输送能量，也可以同时向电池充电；当车辆需要全力加速时，内燃机和蓄电池还可以同时向车轮输送能量，测试人员驾驶该车在直公路上匀速行驶1h，观察仪表盘，发现这段时间内汽车内燃机消耗燃油10kg，车速为50km/h，蓄电池组储存的能量由最大值的60%增加到最大值。这种汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示，蓄电池组的部分参数如表所示。
输入电压/V
300
额定功率/kW
25
最大容量/（kW•h）
30
质量/kg
320
（1）电机充当发电机时，它是利用什么原理发电的 。
A.电磁感应现象
B.磁场对电流的作用
C.直线电流周围存在磁场
D.通电螺线管周围存在磁场
（2）测试过程中，消耗这些燃油产生的热量为 J。（热值q＝4.6×107J/kg）
（3）测试过程中，汽车的牵引力所做的功是 J。
（4）内燃机不工作时，这种汽车 （填“能”或“不能”）保持50km/h的的速度匀速行驶。
（5）测试过程中汽车的能量转化效率为 。
2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．（2分）在敲响大钟时有同学发现，停止了对大钟的撞击后大钟“余音未绝”，其原因是（ ）
A．一定是大钟的回声
B．是因为人的听觉发生“延长”的缘故
C．大钟虽已停止振动，但空气仍在振动
D．有余音说明大钟仍在振动
【分析】声音由物体的振动产生，振动停止，发声停止。
【解答】解：敲击大钟时，大钟因为振动而发出声音，停止对大钟的撞击，但大钟的振动不能马上停止，所以仍会产生声音，所以会有“余音未绝”。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】理解声音的产生条件，可解答此题。
2．（2分）近期受寒潮的影响，山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，产生浓浓的“白雾”，出现神奇的海水“沸腾”现象。下列现象与此“白雾”形成原理相同的是（ ）
A．冬天行人口中呼出的“白气”
B．初春小草上晶莹的露珠
C．寒冷冬天树枝上形成的霜
D．冬天水面上形成的冰层
【分析】山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，这是物质从气态直接变成固态，是凝华过程，找出实例中的凝华现象即可。
【解答】解：A、冬天行人口中呼出的“白气”，是口中呼出的水蒸气遇冷的空气变成的小水珠，是液化过程，故A错误。
B、初春小草上晶莹的露珠，是空气中的水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化过程，故B错误。
C、寒冷冬天树枝上形成的霜，是空气中的水蒸气温度降低直接变成的小冰晶，是凝华过程，故C正确。
D、冬天水面上形成的冰层，是水变成的冰，是凝固过程，故D错误。
故选：C。
【点评】判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
3．（2分）随着人们生活水平的提高，小汽车已经进入每一户家庭，关于小汽车下列说法错误的是（ ）
A．小汽车的后视镜采用凹面镜，是为了扩大视野
B．夜间行车时，为了安全，车内最好关着灯
C．关上车窗后，车内会变得安静很多，是因为玻璃可以起到隔音的效果
D．前挡风玻璃倾斜安装是防止车内的物体成像在车正前方，影响司机视线
【分析】（1）凸面镜对光线有发散作用，能够扩大视野，通常用来制作汽车观后镜等；凹面球是采用球的内表面做反射面的，对光线有会聚作用；
（2）光线传播到两种介质的表面时会发生反射现象，在玻璃上会成像，干扰司机；
（3）玻璃可以反射声音，起到隔音的效果；
（4）根据平面镜成像的特点可知，物体与像关于平面镜对称，据此进行分析。
【解答】解：
A.凸面镜对光线有发散作用，能够扩大视野，所以小汽车的后视镜采用凸面镜，故A错误；
B.夜间驾驶室外的光线是比较暗的，若打开驾驶室内的灯，驾驶室内物体的光线是比较强的，就可以通过前挡风玻璃在车前形成一个虚像（平面镜成像），干扰司机的视线，不安全，故B正确；
C.关上车窗后，车内会变得安静很多，玻璃可以反射声音起到隔音的效果，故C正确；
D.根据平面镜成像的特点可知，物体与像关于平面镜对称，所以当倾斜安装时，形成的像在车的前上方，排除因平面镜成像造成的不安全因素，不会影响司机的视线，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查了凸透镜的特点和光的反射、平面镜成像特点以及声音的反射的理解与掌握，与生活息息相关，体现了物理知识来源于生活、服务于生活的理念。
4．（2分）下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．中国的北斗卫星导航定位系统是利用电磁波传输信号的
C．“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图回来，是利用电磁波能在真空中传播
D．中国的“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
【分析】电磁波传播的特点：传播不需要介质，可以在真空中传播，真空中电磁波的波速是3×108m/s；北斗定位系统、“嫦娥四号”探测器和“5G技术”都是电磁波的应用。
【解答】解：
A、电磁波可以在真空中传播，真空中电磁波的波速是3×108m/s，声音在空气中的传播速度才是340m/s，故A错误；
B、北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的，故B正确；
C、“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图，宇宙中是真空环境，说明电磁波能在真空中传播，故C正确；
D、“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波，故D正确。
故选：A。
【点评】本题主要考查电磁波的传播，电磁波的波速以及无线电波属于电磁波，难度不大。
5．（2分）如图所示玻璃缸底部C处有一个雨花石（C点未画出），人眼在A点看到雨花石在B点，要使从A点射出的一束激光照到缸底石上，激光应射向（ ）
A．B点 B．B点右方 C．B点上方 D．B点下方
【分析】根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，可知人看到的是雨花石的虚像，根据雨花石的位置确定折射光线的方向，再根据折射时光路是可逆的来解答此题。
【解答】解：如图所示，连接AB，过折射点做法线，根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线的位置，虽然人看到的B点是雨花石的虚像，雨花石的实际位置在B点的正下方的C点，因为激光在进入水的时候也会发生折射，所以照着B点，激光也就刚好落在雨花石上了。
故选：A。
【点评】本题主要考查光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
6．（2分）在冬奥会自由式滑雪比赛中，选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．在a点和c点速度都为零，因此这两点动能也为零
B．在a点和e点都处于静止状态，因此机械能相等
C．从a点下滑到b点过程中，机械能保持不变
D．从c点下落到d点过程中，机械能保持不变
【分析】机械能包括动能和势能。
动能和势能是可以相互转化的。
在动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量保持不变。
【解答】解：A、在a点速度为零，说明动能为零；运动员不是在竖直方向上运动，所以c点在水平方向速度不为零，c点动能不为零，故A错误。
B、在a点和e点都处于静止状态，说明动能都为零，因为高度不同，所以，重力势能就不相等，因此机械能不相等，故B错误。
C、从a点向b点运动过程中，重力势能大部分转化成动能，因为有滑动摩擦，少部分转化成内能，机械能减少，故C错误。
D、从c点下落到d点过程中，重力势能转为动能，如果不计空气阻力，机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【点评】结合机械能的概念（动能、重力势能概念），根据题目的条件可分析出答案。要明确：物体处于静止状态，只能说明它的动能为零，它的机械能不一定为零。
7．（2分）如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态（不计机械自重和摩擦），拉力F1、F2、F3的大小关系是（ ）
A．F3＜F1＜F2 B．F3＜F2＜F1 C．F2＜F1＜F3 D．F2＜F3＜F1
【分析】不计机械自重和摩擦：
（1）先判断动力臂和阻力臂关系，再根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得出力F1和重力G的关系。
（2）使用滑轮组时，先判断出承担总重绳子的段数n，再根据F2＝×G得出力F2和重力G的关系。
（3）使用动滑轮时，若动力作用在轴上，则费一倍的力，此时F3＝2G。
【解答】解：由题知，不计机械自重和摩擦；
（1）第一幅图中L1＝L2，为等臂杠杆，由杠杆平衡条件可得F1＝G；
（2）第二幅图是滑轮组，承担总重的绳子段数n＝3，则F2＝G；
（3）第三幅图是动滑轮，但动力作用在轴上，费一倍的力，则F3＝2G；
由此可知F2＜F1＜F3，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了使用杠杆、滑轮组、动滑轮时拉力的计算，明确各种装置的特点是关键。
8．（2分）下列关于家庭电路的分析和安全用电的做法，正确的是（ ）
A．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
B．在家庭电路中安装空气开关或保险丝
C．家庭电路中总电流过大一定是短路造成的
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）维修电器时，应先断开开关；
（2）根据保险丝或空气开关的作用分析；
（3）家庭电路中电流过大的原因有：短路或用电器的总功率过大；
（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。
【解答】解：A、在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故A错误；
B、为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故B正确；
C、家庭电路中电流过大的原因还有可能是用电器的总功率过大，不一定是短路造成的，故C错误；
D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
9．（2分）小明发明了一款新型的带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，图中的实验装置能反映此现象原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，则可知此现象的原理为电磁感应现象。
A图中实验装置说明通电导线在磁场中受力而运动，故A不符合题意；
B图中实验装置是探究影响电磁铁磁性大小的因素实验，故B不符合题意；
C图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D图中的实验为奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了对电磁感应现象的认识，属于基础知识，难度不大。
10．（2分）小明热爱劳动，在家扫地时就想设计一个智能吸尘器电路的控制系统。吸尘器开机后，扫地模式的开启和退出可以通过手动开关S1控制，也能用手机远程控制开关S2实现。S3是机器的开机按钮。如图中设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据机器的开机按钮、手动以及手机远程控制开关对灯泡工作的控制情况分析判断。
【解答】解：根据题目要求知，机器的开机按钮S3闭合时，能通过手动开关S1或开关S2实现控制电路的通断：
A、由图知，机器的开机按钮S3闭合后，可以通过手动开关S1或手机远程控制开关S2接通或断开电路，从而控制电动机的工作，故A符合要求；
B、由图知，手动开关S1与远程控制开关S2串联后再与机器的开机按钮S3串联，只有三个开关同时闭合，电动机才能工作，故B不符合要求；
C、手动开关S1与远程控制开关S2串联后再与机器的开机按钮S3并联，机器的开机按钮S3闭合时，电动机工作；手动开关S1控制和远程控制开关S2同时闭合，电动机也能工作，故C不符合要求；
D、由图知，手动开关S1和远程控制开关S2并联后再与机器的开机按钮S3串联，机器的开机按钮S3闭合，通过手动开关S1或远程控制开关S2可实现连通电路，但要断开电路必须同时切断手动开关S1控制和手机远程控制开关S2才能实现，故D不符合要求。
故选：A。
【点评】本题考查电路设计，关键是明确各开关起到的作用，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。
11．（2分）已知电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，滑动变阻器的最大阻值也是R0，下列电路图不能测出未知电阻Rx阻值的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。
【解答】解：A、闭合开关S和S1，R0被短路，电压表测两端电压即电源电压，断开开关S1，两电阻串联接入电路电压表测电源电压，无法测出通过RX的电流和其两端的电压，故A不可行；
B、如图，先闭合开关S1，再将开关S2分别接a和b，测出电流Ia、Ib，两电阻并联接入电路，则Ia为通过支路R0的电流，Ib为干路电流，
由并联电路电压相等可得IaR0＝（Ib﹣Ia）Rx得：Rx＝，故B可行；
C、如图，先断开所有开关调节滑动变阻器阻值为最大值，再闭合开关S1，断开开关S2，调节滑动变阻器到适当位置，测出Rx两端电压Ux＝U1，
然后保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S1、闭合开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数重新变为为U1．读出电阻箱的阻值R1，则电阻箱为RX的等效电阻，所以Rx＝R1，故C可行；
D、闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片移到a端，滑动变阻器和Rx并联接入电路，电流表测干路电流I，将滑动变阻器的滑片移到b端，RX被短路，电路中只有滑动变阻器，电流表测通过滑动变阻器的电流IH，所以电源电压U＝IHR0，则通过RX的电流IX＝I﹣IH，所以RX＝＝，故D可行。
故选：A。
【点评】本题考查了测电阻阻值问题，要测电阻阻值，需要测出待测电阻两端电压与通过电阻的电流，分析清楚图示电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
12．（2分）小明看到闪电后12.3s又听到雷声，已知声音每3s传播的距离约为1000m，光速约为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km。假设声速或光速发生以下变化，这种估算方法不再适用的是（ ）
A．声速增大为原来的两倍 B．声速减小为原来的一半
C．光速减小为原来的一半 D．光速减小为声速的两倍
【分析】要求声源到人所在位置的距离，可根据s＝vt进行求解即需要知道声速v和声音传播的时间t，而声速v的单位由m/s换算为km/s可知声源到人所在位置的距离s。从而判定该方法的正确与否。
【解答】解：他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离，这种估算方法原理是：
由于光速远远大于声速，故光传播的时间忽略不计来处理的，
所以，故这种估算方法的前提是光速远远大于声速，
ABC选项中的变化，仍满足光速远远大于声速的条件，
但D选项中，光速减小为声速的两倍，光传播的时间就不能忽略不计了，故这种估算方法不能适用。
故选：D。
【点评】光速远大于声速，故在距离很短的情况下光传播的时间可以忽略不计。
二、填空题（共10小题每空1分，共24分）
13．（2分）在二胡表演时，表演者在用弓拉动琴弦的同时，不断用手指去控制琴弦的长度，这样做是为了改变声音的 音调 ；音乐会上我们能辨别不同乐器的声音，是根据声音的 音色 不同。
【分析】音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关，音色是声音的本质与特色，它与发声体的材料和结构有关，我们根据音色能辨别发声物体的。
【解答】解：当用手指去控制琴弦长度时，琴弦振动的快慢会不一样，频率不一样，所以声音的音调就会发生变化。
听音乐会时，我们是根据声音的音色辨别出不同乐器发出的声音的。
故答案为：音调；音色。
【点评】通过在音乐厅听音乐会，考查了声音的特性等，体现物理和生活的密切关系。
14．（4分）玻璃窗结冰花，是 凝华 （填物态变化名称）现象，冰花出现在窗的 内 侧（选“内”或“外”）；
烧水时，离壶嘴较 远 （选“远”或“近”）处出现“白气”，是 液化 （填物态变化名称）现象。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，液化的方法有降低温度和压缩体积，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：
“冰花”是室内的水蒸气遇到温度较低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶；
烧水时，离壶嘴较远处出现“白气”，是壶中喷出的水蒸气遇冷液化形成的；靠近壶嘴处没有“白气”出现，是由于壶嘴处温度高，水蒸气不易液化。
故答案为：凝华；内；远；液化。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
15．（2分）乐乐站在竖直放置的平面镜前3m处，他若以0.5m/s的速度向平面镜靠近，则像相对于乐乐的速度为 1 m/s，在靠近的过程中，镜中像的大小会 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】平面镜所成的像与物大小相等，像与物到镜面的距离相等，虚像，据此解答。
【解答】解：平面镜成的像与物到镜面距离相等，人以0.5m/s速度靠近镜，像也以0.5m/s的速度靠近镜，以人为参照物，像以1m/s的速度靠近乐乐；
像与物永远大小相等，即使人离像变近，也相等，人在视觉上感觉的像变大，但事实上像的大小不变。
故答案为：1；不变。
【点评】本题要求熟练掌握并灵活运用平面镜成特点，易混处有三个：像与物的距离和像与镜的距离易混；像相对于物的速度和像相对于镜的速度易混；视觉像的大小和真实像的大小易混。请在解题时注意区分。
16．（2分）一束入射光线与水面的夹角为30°，其反射光线与折射光线的夹角为80°，折射角为 40 °；若入射光线向法线靠近，则折射光线 靠近 （选填“靠近”或“远离”）法线。
【分析】（1）光的折射规律：折射光线与入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线的两侧，入射角变小，折射角也变小；
（2）光的反射规律，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；
（3）入射角、反射角和折射角的概念：入射光线与法线的夹角叫做入射角；反射光线与法线的夹角叫做反射角；折射光线与法线的夹角叫做折射角。
【解答】解：由图可知，入射光线与水面的夹角为30°，所以入射角∠AOM＝90°﹣30°＝60°；由于反射角等于入射角，所以∠BOM＝60°；
又因为反射光线与折射光线的夹角为80°，即∠BOC＝80°，所以折射角∠CON＝180°﹣∠BOM﹣∠BOC＝180°﹣60°﹣80°＝40°。
入射光线靠近法线时，入射角变小，折射角也变小，所以折射光线也靠近法线。
故答案为：40；靠近。
【点评】此题主要考查了光的反射和折射规律的应用，关键是掌握入射角、反射角、折射角的概念以及光的折射规律。
17．（2分）如图是城市路灯，采用太阳能LED照明灯，主要由太阳能电池板和LED灯头等组成，LED通过电流能够发光，可以把电能直接转化为 光 能，太阳能是 可再生 （选填“可再生”、“不可再生”）能源。
【分析】（1）LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；
（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭。
【解答】解：LED是一种发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；
太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。
故答案为：光；可再生。
【点评】本题考查了能量的转化和能源的分类，难度不大，是一道基础题。
18．（2分）小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示。若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费 42 元。若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为 1200 W。
【分析】（1）电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初与月末电能表的示数，月末与月初电能表示数之差是本月消耗的电能，然后求出需要交纳的电费；
（2）2000R/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000转，据此求出10min内消耗的电能，再根据P＝求出该电能表上用电器的总功率。
【解答】解：
（1）由图示电能表可知，电能表月初示数是1385.5kW•h，月末示数为1469.5kW•h，
本月用电量为W＝1469.5kW•h﹣1385.5kW•h＝84kW•h，
需交纳的电费为0.50元/kW•h×84kW•h＝42元；
（2）电能表的转盘转过400转消耗的电能：
W＝＝0.2kW•h，
t＝10min＝h＝h
P＝＝＝1.2kW＝1200W。
故答案为：42；1200。
【点评】本题考查了消耗电能、电费和电功率的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
19．（2分）神舟十一号在太空中飞行时，提供电源的太阳能帆板将 太阳 能转化为电能，神舟飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦导致内能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能。
（2）做功可以改变物体的内能，对物体做功，机械能转化为内能，物体对外做功，内能转化为机械能。
【解答】解：
神舟十一号在太空中飞行时，太阳能帆板能将太阳能转化为电能，为飞船提供电能；
当飞船穿越大气层返回地面时，飞船和大气产生摩擦，此过程克服摩擦做功机械能转化为内能，使飞船内能增大，温度升高。
故答案为：太阳；增大。
【点评】本题以神舟号飞船返回这一伟大的历史事件为载体，考查了学生对太阳能的利用和改变物体内能的方式的理解和掌握，体现了物理与科技生活的联系。
20．（2分）如图所示装置，通电瞬间直导线向左摆动，这表明 磁场 对电流有力的作用；若要使直导线向右摆动，可改变电流 方向 （大小、方向）。
【分析】（1）奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
（2）通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向由电流的方向和磁场的方向有关。
【解答】解：
通电瞬间直导线向左摆动，说明通电导线在磁场中受力的作用；若要使直导线向右摆动，可以改变流过直导线的电流方向，也可以对换磁铁的两个磁极。
故答案为：磁场；方向。
【点评】电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
21．（2分）小刚将“220V100W“的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟 电动机 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致，灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和 电流方向 一直在改变有关。
【分析】（1）由通电导线在磁场中受磁场力可以分析灯丝发生的现象，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；
（2）照明电路中使用的是交流电，电流方向在不断发生变化，据此分析灯丝来回振动的原因；
【解答】解：
（1）闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，发光的灯丝来回振动，说明了磁场对通电导体有力的作用，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；
（2）照明电路中使用的是交流电，通过小灯泡的电流方向在不断发生变化，故小灯泡的灯丝在磁场中受力是变化的，故小灯泡的灯丝将抖动；
故答案为：电动机；电流方向。
【点评】此题考查了磁场对电流的作用及所受力的方向的影响因素等知识点，是一道综合题。
22．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为6V，灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样。其电流随电压变化的曲线如图乙，如果同时闭合开关 S1、S3 ，可使两灯都能正常发光；如果同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是 1 A，灯泡L2的实际功率是 0 W；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是 4.2 W。
【分析】（1）两灯泡的额定电压和电源的电压相等，要使两灯泡均正常发光应让两灯泡并联，据此判断需要闭合的开关；
（2）同时闭合开关S1、S2时，L2被短路，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据P＝UI求出电流表的示数；
（3）只闭合开关S2时，两灯泡串联，根据串联电路的分压特点可知它们两端的电压相等，根据图像读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：（1）由题意可知，灯泡L1和L2的额定电压均为6V，电源的电压为6V，
要使两灯泡均正常发光应让两灯泡并联，
由电路图可知，同时闭合开关S1、S3时，灯泡L1和L2并联；
（2）同时闭合开关S1、S2时，L2被短路，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，
则灯泡L2的实际功率是0W，
由于此时L1两端电压等于电源电压6V，所以L1正常发光，
由P＝UI可得，电流表的示数：I＝＝＝1A；
（3）只闭合开关S2时，两灯泡串联，因两灯泡完全相同，则由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端的电压相等，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，每个灯泡两端的电压：U1′＝U2′＝＝＝3V，
由图乙可知，通过灯泡的电流I＝0.7A，
则电路消耗的总功率：P＝UI＝6V×0.7A＝4.2W。
故答案为：S1、S3；1；0；4.2。
【点评】本题考查了电路连接方式的判断和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，从图像中获取有用的信息是关键。
三、解答题：（作图每题2分，24、29题8分，25题6分，30题10分，其余每空1分，共52分）
23．（2分）画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
【分析】平面镜成像的特点是：成虚像、像与物的大小相等、像与物到平面镜的距离相等、对应点的连线与镜面垂直，即像与物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像A'B'，如图所示：
【点评】平面镜成像作图的方法有两种：一种是根据平面镜成像的特点来作，另一种是根据光的反射定律来作，没有特殊要求的情况下，根据平面镜成像的特点作图要简洁、容易一些。
24．（2分）请完成图中的光路图。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。由此作出经凹透镜的折射光线，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
25．（2分）如图所示，根据小磁针静止时磁极的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。
【分析】根据磁极间的相互作用规律，判断出螺线管的极性，再利用安培定则确定电流的方向，最终可得出电源的正负极。
【解答】解：读图可知，小磁针的右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极，右端为S极。再根据安培定则，用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，则四指环绕的方向为电流的方向，从而得出电源的右端为正极，左端为负极。如图所示
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的运用，找准判断的突破口，运用相关知识进行推理即可，难度不大，但较易出错。
26．（8分）用如图装置在5s内将一重为240N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N，则：
（1）拉力所做的有用功？
（2）拉力的功率？
（3）这个动滑轮的机械效率？
（4）在提升重物的过程中，重物的 动 （填“动”、“重力势”或“机械”）能不变。
如果不计绳重及摩擦，想提高该动滑轮的机械效率，请你提出一种可行的方法。
【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出拉力所做的有用功；
（2）动滑轮绳子的有效股数为2，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，利用W＝Fs求出拉力做的总功，利用P＝求出拉力的功率；
（3）根据η＝×100%求出这个动滑轮的机械效率；
（4）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；
如果不计绳重及摩擦，根据η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%得出提高该动滑轮机械效率的方法。
【解答】解：（1）拉力所做的有用功：
W有＝Gh＝240N×3m＝720J；
（2）动滑轮绳子的有效股数n＝2，则绳子自由端移动的距离：
s＝nh＝2×3m＝6m，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝150N×6m＝900J，
拉力的功率：
P＝＝＝180W；
（3）这个动滑轮的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%；
（4）物体匀速向上提升时，物体的质量和速度均不变，而高度上升，
则物体的动能不变、重力势能增加，动能和重力势能之和增加，即机械能增加；
如果不计绳重及摩擦，由η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%可知，
增加物体的重力或减小动滑轮的重力可以提高该动滑轮的机械效率。
答：（1）拉力所做的有用功为720J；
（2）拉力的功率为180W；
（3）这个动滑轮的机械效率为80%；
（4）动；如果不计绳重及摩擦，增加物体的重力或减小动滑轮的重力可以提高该动滑轮的机械效率。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式、影响动能和重力势能以及机械能大小因素的应用，要注意不计绳重及摩擦克服物体和动滑轮重力所做的功为总功。
27．（6分）瑞士大学学生设计了一款灯壶组合的“水壶台灯”，如图所示，“水壶台灯”是由玻璃壶、圆形底座和白炽灯组成。白炽灯与壶形灯罩下方的凹槽正好吻合（灯泡不直接与水接触），可将发光时所产生的内能用于水保温。白炽灯标有100W字样，求：
（1）该台灯正常工作半小时所消耗的电能？
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将多少kg初温为40℃的水加热至90℃？
【分析】（1）知道灯的额电功率，灯正常工作时的电功率，利用W＝Pt求消耗的电能；
（2）由题知，上述电能的84%转化为内能，即Q吸＝W电×84%，再利用Q吸＝cm△t求水的质量。
【解答】解：
（1）∵P＝，
∴100W灯正常发光0.5h消耗的电能：
W＝Pt＝0.1kW×0.5h＝0.05kW•h＝1.8×105J；
（2）由题知，Q吸＝W电×84%＝1.8×105J×84%＝1.512×105J，
∵Q吸＝cm△t，
即：1.512×105J＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（90℃﹣40℃）
∴m＝0.72kg。
答：（1）该台灯正常工作半小时时所消耗的电能为0.05kW•h；
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将0.72千克初温为40℃的茶水加热至90℃。
【点评】本题为电学、热学的综合计算题，考查了学生对电功率公式、吸热公式的了解与掌握，计算时利用好关系Q吸＝W电×84%是本题的关键。
28．（3分）下面是课本上的几个实验或实验原理，请完成：
（1）图甲是内燃机的 做功 冲程；
（2）图乙的实验可以研究电流产生热量与 电阻 的关系；
（3）图丙的实验说明了电流周围能产生 磁场 。
【分析】（1）内燃机的四个冲程是：吸气冲程（进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动）；
压缩冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动）；
做功冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向下运动）；
排气冲程（进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动）；
（2）由乙图可知，两电阻串联，则可知电路中电流一定相等，由焦耳定律可知两瓶中产生的热量应与电阻有关，故可探究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）奥斯特实验说明了电流周围存在磁场。
【解答】解：（1）由图中可以看出内燃机的进气门和排气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程；
（2）乙中两电阻串联，则两电阻中的电流相等，且R1＞R2，可以研究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）丙图中的电流周围存在磁场，即电流的磁效应实验。
故答案为：（1）做功；（2）电阻；（3）磁场。
【点评】本题考查热机，电阻与电能的关系，以及电磁场是一道综合题。
29．（6分）为了探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律，小明同学进行了如下操作：
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做目的是 不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度 ，等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯，如图乙所示，小明观察到水沸腾前和沸腾时，水中气泡上升过程如图a、b，则 a 为（填“a”或“b”）沸腾时的情况。小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，由曲线可知：① 冰是晶体 ，② 此实验测得水沸腾时的温度比100℃小，可知当时的大气不是标准大气压 ；
（2）同组的小骥同学将装有水的试管放入装有水的烧杯中，用酒精灯对烧杯进行加热，如图丁所示，一段时间后，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，原因是 虽然达到沸点但无法继续吸热，所以不能沸腾 ；
（3）戊图中a图像是实验小组根据记录绘制的水沸腾图像，其他条件不变，
①仅增加水的质量；
②仅增大液面大气压强；
③既增加水的质量，同时减小液面大气压强；则三种情况中，温度与时间的关系分别对应图线为 c、b、d （按顺序选填“a”“b”“c”“d”）。
【分析】（1）为了能使固体物质均匀受热，常用水浴法，若物质的熔点较低，可以不对其加热，还可以用搅拌棒进行搅拌，这样不仅能够使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录数据；
水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（2）水沸腾的条件：达到沸点。继续吸热；
（3）若仅增加水的质量，则水的沸点会不变，加热时间加长；
若仅增大液面大气压强，则液体的沸点升高，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的；
若既增加水的质量，同时减小液面大气压强，则液体温度升高得速度减慢，但沸点降低。
【解答】解：
（1）冰的熔点为0℃，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，则图中a是水沸腾时的变化；
由丙可知：冰在熔化过程中，温度保持不变，所以冰是晶体；水沸腾时的温度小于100℃，所以当时的大气不是标准大气压；
（2）当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变，小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，但是不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾；
（3）仅水的质量增加，水温度升高的速度减慢，但沸点不变，所以应为c；
仅增大液面大气压强，水的质量不变，则水温度升高速度相同，但沸点升高，所以应为b；
增加水的质量，同时减小液面大气压强，水温度升高速度减慢，但沸点降低，所以应为d。
故答案为：（1）不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；a；①冰是晶体；②此实验测得水沸腾时的温度比100℃小，可知当时的大气不是标准大气压；（2）虽然达到沸点但无法继续吸热，所以不能沸腾；（3）c、b、d。
【点评】此题考查了冰熔化和水沸腾实验中器材的作用，沸点与熔点的判断，同学们要学会观察图像，分析实验，总结规律。
30．（5分）小华利用如图所示的装置探究“平面镜成像时像与物的关系”的实验：
（1）如果有6mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择 3 mm厚的玻璃板做实验较合适。玻璃板在摆放的时候要与桌面 垂直 。实验中选用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的 大小 关系。
（2）在实验过程中为了研究平面镜所成的是实像还是虚像，小丽把光屏放在蜡烛B所在的位置发现 不能 （选填“能”或“不能”）用光屏接收到蜡烛A的像，由此说明平面镜成的像是 虚 像。
【分析】（1）玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像。当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像，使实验比较复杂；当玻璃板比较薄时，两个反射面成像距离比较近，可以近似看成一个像，使实验简单化；
为了能使像和物体在同一水平面上，实验中应将玻璃板竖直放置；
实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；
（2）平面镜成的像是虚像。
【解答】解：（1）当玻璃板越薄，两个反射面成像距离越近，可以近似看成一个像，使实验简单化，所以选择3mm的玻璃板；
为了能使像和物体在同一水平面上，实验中应将玻璃板竖直放置；
实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时可以比较物像大小关系；
（2）平面镜成像实验时，把光屏放在像的位置，发现光屏上没有像，说明平面镜成的像是虚像。
故答案为：（1）3；垂直；大小；（2）不能；虚。
【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循，做题过程中注意积累。
31．（8分）小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮。
（2）当小灯泡正常发光，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.6 W。
（3）如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空。（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为R，R2的最大电阻为R0）
①只闭合开关S和S1，调节 R2 ，使电压表的示数为2.5V。
②只闭合开关 S、S2 ，调节R1使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额＝ 。（用U额、R0、U1、U2表示）
【分析】（1）根据滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮确定变阻器右下接线柱连入电路中与灯泡串联；
（2）当小灯泡正常发光时，根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（3）根据P＝，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效替代法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小，将R2的滑片P先调至最左端，再将R2的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P＝求出小灯泡额定功率。
【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与灯泡串联，如下所示：
（2）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，电流为0.24A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W；
（3）①只闭合开关S和S1，调节R2，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，调节R1，使电压表的示数仍为2.5V；
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2；
在③中，将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R2的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R1的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律有：＝，
解得：R1＝，根据等效替代法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻RL大小；
小灯泡额定功率的表达式：
P额＝＝＝。
故答案为：（1）如上所示；（2）0.6；（3）①R2；②S、S2；③。
【点评】本题测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，考查电路连接、电流表读数、功率计算、误差分析及设计方案测灯泡的额定功率的能力。
32．（10分）阅读短文，回答问题。
环保混合动力汽车。
我国自主研制生产的一种环保混合动力汽车，启动时，内燃机并不工作，蓄电池通过某种方式向车轮输送能量；当需要高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，既可以向车轮输送能量，也可以同时向电池充电；当车辆需要全力加速时，内燃机和蓄电池还可以同时向车轮输送能量，测试人员驾驶该车在直公路上匀速行驶1h，观察仪表盘，发现这段时间内汽车内燃机消耗燃油10kg，车速为50km/h，蓄电池组储存的能量由最大值的60%增加到最大值。这种汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示，蓄电池组的部分参数如表所示。
输入电压/V
300
额定功率/kW
25
最大容量/（kW•h）
30
质量/kg
320
（1）电机充当发电机时，它是利用什么原理发电的 A 。
A.电磁感应现象
B.磁场对电流的作用
C.直线电流周围存在磁场
D.通电螺线管周围存在磁场
（2）测试过程中，消耗这些燃油产生的热量为 4.6×108 J。（热值q＝4.6×107J/kg）
（3）测试过程中，汽车的牵引力所做的功是 7.5×107 J。
（4）内燃机不工作时，这种汽车 不能 （填“能”或“不能”）保持50km/h的的速度匀速行驶。
（5）测试过程中汽车的能量转化效率为 25.7% 。
【分析】（1）发电机是根据电磁感应原理工作的。
（2）知道燃料的热值和质量，根据Q＝mq求出燃油完全燃烧释放的热量，
（3）知道汽车匀速行驶的速度和时间，根据s＝vt求出行驶的路程，由图像可知车速为50km/h时受到的阻力，汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，根据W＝Fs求出汽车发动机的牵引力做的功。
（4）力可以改变物体的运动状态。
（5）燃料燃烧推动汽车行驶，同时还使蓄电池容量增大，又知道燃料完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车的能量转化效率。
【解答】解：（1）电机充当发电机时，它是利用电磁感应原理工作的，故选A。
（2）燃油放出的热量：Q＝mq＝10kg×4.6×107J/kg＝4.6×108J。
（3）由速度公式得，汽车行驶的路程：s＝vt＝50km/h×1h＝50km＝50000m，
由图像可知，车速为50km/h时，阻力f＝2500N，
因汽车匀速直线行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，牵引力F＝f＝2500N，
则汽车发动机的牵引力做的功：W1＝Fs＝2500N×50000m＝7.5×107J。
（4）汽车只受阻力，不受牵引力时，汽车的运动状态不断改变，速度不能保持50km/h。
（5）由表格数据可知，蓄电池储存的最大电能为30kW•h，已经储存的电能30kW•h×60%，
则蓄电池获得的电能：W2＝30kW•h﹣30kW•h×60%＝12kW•h＝4.32×107J，
燃料燃烧获得的有用功为：W＝W1+W2＝7.5×107J+4.32×107J＝1.182×108J，
汽车的转化效率：η＝＝≈0.257＝25.7%。
故答案为：（1）A；（2）4.6×108；（3）7.5×107；（4）不能；（5）25.7%。
【点评】本题综合考查了热量的计算以及热机的效率，也是一道生活中的物理题，有其实用价值，对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体来说本题难度不大。在计算内燃机的效率时，要注意不要忘记转化成的电能的能量。
2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷
一、单项选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．在敲响大钟时有同学发现，停止了对大钟的撞击后大钟“余音未绝”，其原因是（ ）
A．一定是大钟的回声
B．是因为人的听觉发生“延长”的缘故
C．大钟虽已停止振动，但空气仍在振动
D．有余音说明大钟仍在振动
2．近期受寒潮的影响，山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，产生浓浓的“白雾”，出现神奇的海水“沸腾”现象。下列现象与此“白雾”形成原理相同的是（ ）
A．冬天行人口中呼出的“白气” B．初春小草上晶莹的露珠
C．寒冷冬天树枝上形成的霜 D．冬天水面上形成的冰层
3．随着人们生活水平的提高，小汽车已经进入每一户家庭，关于小汽车下列说法错误的是（ ）
A．小汽车的后视镜采用凹面镜，是为了扩大视野
B．夜间行车时，为了安全，车内最好关着灯
C．关上车窗后，车内会变得安静很多，是因为玻璃可以起到隔音的效果
D．前挡风玻璃倾斜安装是防止车内的物体成像在车正前方，影响司机视线
4．下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．中国的北斗卫星导航定位系统是利用电磁波传输信号的
C．“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图回来，是利用电磁波能在真空中传播
D．中国的“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
5．如图所示玻璃缸底部C处有一个雨花石（C点未画出），人眼在A点看到雨花石在B点，要使从A点射出的一束激光照到缸底石上，激光应射向（ ）
A．B点 B．B点右方 C．B点上方 D．B点下方
6．在冬奥会自由式滑雪比赛中，选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．在a点和c点速度都为零，因此这两点动能也为零
B．在a点和e点都处于静止状态，因此机械能相等
C．从a点下滑到b点过程中，机械能保持不变
D．从c点下落到d点过程中，机械能保持不变
7．如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态（不计机械自重和摩擦），拉力F1、F2、F3的大小关系是（ ）
A．F3＜F1＜F2 B．F3＜F2＜F1 C．F2＜F1＜F3 D．F2＜F3＜F1
8．下列关于家庭电路的分析和安全用电的做法，正确的是（ ）
A．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
B．在家庭电路中安装空气开关或保险丝
C．家庭电路中总电流过大一定是短路造成的
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
9．小明发明了一款新型的带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，图中的实验装置能反映此现象原理的是（ ）
A． B．
C． D．
10．小明热爱劳动，在家扫地时就想设计一个智能吸尘器电路的控制系统。吸尘器开机后，扫地模式的开启和退出可以通过手动开关S1控制，也能用手机远程控制开关S2实现。S3是机器的开机按钮。如图中设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
11．已知电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，滑动变阻器的最大阻值也是R0，下列电路图不能测出未知电阻Rx阻值的是（ ）
A． B．
C． D．
12．小明看到闪电后12.3s又听到雷声，已知声音每3s传播的距离约为1000m，光速约为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km。假设声速或光速发生以下变化，这种估算方法不再适用的是（ ）
A．声速增大为原来的两倍 B．声速减小为原来的一半
C．光速减小为原来的一半 D．光速减小为声速的两倍
二、填空题（共10小题每空1分，共24分）
13．（2分）在二胡表演时，表演者在用弓拉动琴弦的同时，不断用手指去控制琴弦的长度，这样做是为了改变声音的 ；音乐会上我们能辨别不同乐器的声音，是根据声音的 不同。
14．（4分）玻璃窗结冰花，是 （填物态变化名称）现象，冰花出现在窗的 侧（选“内”或“外”）；
烧水时，离壶嘴较 （选“远”或“近”）处出现“白气”，是 （填物态变化名称）现象。
15．（2分）乐乐站在竖直放置的平面镜前3m处，他若以0.5m/s的速度向平面镜靠近，则像相对于乐乐的速度为 m/s，在靠近的过程中，镜中像的大小会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（2分）一束入射光线与水面的夹角为30°，其反射光线与折射光线的夹角为80°，折射角为 °；若入射光线向法线靠近，则折射光线 （选填“靠近”或“远离”）法线。
17．（2分）如图是城市路灯，采用太阳能LED照明灯，主要由太阳能电池板和LED灯头等组成，LED通过电流能够发光，可以把电能直接转化为 能，太阳能是 （选填“可再生”、“不可再生”）能源。
18．（2分）小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示。若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费 元。若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为 W。
19．（2分）神舟十一号在太空中飞行时，提供电源的太阳能帆板将 能转化为电能，神舟飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦导致内能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
20．（2分）如图所示装置，通电瞬间直导线向左摆动，这表明 对电流有力的作用；若要使直导线向右摆动，可改变电流 （大小、方向）。
21．（2分）小刚将“220V100W“的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致，灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和 一直在改变有关。
22．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为6V，灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样。其电流随电压变化的曲线如图乙，如果同时闭合开关 ，可使两灯都能正常发光；如果同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是 A，灯泡L2的实际功率是 W；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是 W。
三、解答题：（作图每题2分，24、29题8分，25题6分，30题10分，其余每空1分，共52分）
23．（2分）画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
24．（2分）请完成图中的光路图。
25．（2分）如图所示，根据小磁针静止时磁极的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。
26．（8分）用如图装置在5s内将一重为240N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N，则：
（1）拉力所做的有用功？
（2）拉力的功率？
（3）这个动滑轮的机械效率？
（4）在提升重物的过程中，重物的 （填“动”、“重力势”或“机械”）能不变。
如果不计绳重及摩擦，想提高该动滑轮的机械效率，请你提出一种可行的方法。
27．（6分）瑞士大学学生设计了一款灯壶组合的“水壶台灯”，如图所示，“水壶台灯”是由玻璃壶、圆形底座和白炽灯组成。白炽灯与壶形灯罩下方的凹槽正好吻合（灯泡不直接与水接触），可将发光时所产生的内能用于水保温。白炽灯标有100W字样，求：
（1）该台灯正常工作半小时所消耗的电能？
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将多少kg初温为40℃的水加热至90℃？
28．（3分）下面是课本上的几个实验或实验原理，请完成：
（1）图甲是内燃机的 冲程；
（2）图乙的实验可以研究电流产生热量与 的关系；
（3）图丙的实验说明了电流周围能产生 。
29．（6分）为了探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律，小明同学进行了如下操作：
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做目的是 ，等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯，如图乙所示，小明观察到水沸腾前和沸腾时，水中气泡上升过程如图a、b，则 为（填“a”或“b”）沸腾时的情况。小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，由曲线可知：① ，② ；
（2）同组的小骥同学将装有水的试管放入装有水的烧杯中，用酒精灯对烧杯进行加热，如图丁所示，一段时间后，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，原因是 ；
（3）戊图中a图像是实验小组根据记录绘制的水沸腾图像，其他条件不变，
①仅增加水的质量；
②仅增大液面大气压强；
③既增加水的质量，同时减小液面大气压强；则三种情况中，温度与时间的关系分别对应图线为 （按顺序选填“a”“b”“c”“d”）。
30．（5分）小华利用如图所示的装置探究“平面镜成像时像与物的关系”的实验：
（1）如果有6mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择 mm厚的玻璃板做实验较合适。玻璃板在摆放的时候要与桌面 。实验中选用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的 关系。
（2）在实验过程中为了研究平面镜所成的是实像还是虚像，小丽把光屏放在蜡烛B所在的位置发现 （选填“能”或“不能”）用光屏接收到蜡烛A的像，由此说明平面镜成的像是 像。
31．（8分）小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮。
（2）当小灯泡正常发光，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（3）如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空。（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为R，R2的最大电阻为R0）
①只闭合开关S和S1，调节 ，使电压表的示数为2.5V。
②只闭合开关 ，调节R1使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额＝ 。（用U额、R0、U1、U2表示）
32．（10分）阅读短文，回答问题。
环保混合动力汽车。
我国自主研制生产的一种环保混合动力汽车，启动时，内燃机并不工作，蓄电池通过某种方式向车轮输送能量；当需要高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，既可以向车轮输送能量，也可以同时向电池充电；当车辆需要全力加速时，内燃机和蓄电池还可以同时向车轮输送能量，测试人员驾驶该车在直公路上匀速行驶1h，观察仪表盘，发现这段时间内汽车内燃机消耗燃油10kg，车速为50km/h，蓄电池组储存的能量由最大值的60%增加到最大值。这种汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示，蓄电池组的部分参数如表所示。
输入电压/V
300
额定功率/kW
25
最大容量/（kW•h）
30
质量/kg
320
（1）电机充当发电机时，它是利用什么原理发电的 。
A.电磁感应现象
B.磁场对电流的作用
C.直线电流周围存在磁场
D.通电螺线管周围存在磁场
（2）测试过程中，消耗这些燃油产生的热量为 J。（热值q＝4.6×107J/kg）
（3）测试过程中，汽车的牵引力所做的功是 J。
（4）内燃机不工作时，这种汽车 （填“能”或“不能”）保持50km/h的的速度匀速行驶。
（5）测试过程中汽车的能量转化效率为 。
2021年江苏省盐城市亭湖区景山中学中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．（2分）在敲响大钟时有同学发现，停止了对大钟的撞击后大钟“余音未绝”，其原因是（ ）
A．一定是大钟的回声
B．是因为人的听觉发生“延长”的缘故
C．大钟虽已停止振动，但空气仍在振动
D．有余音说明大钟仍在振动
【分析】声音由物体的振动产生，振动停止，发声停止。
【解答】解：敲击大钟时，大钟因为振动而发出声音，停止对大钟的撞击，但大钟的振动不能马上停止，所以仍会产生声音，所以会有“余音未绝”。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】理解声音的产生条件，可解答此题。
2．（2分）近期受寒潮的影响，山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，产生浓浓的“白雾”，出现神奇的海水“沸腾”现象。下列现象与此“白雾”形成原理相同的是（ ）
A．冬天行人口中呼出的“白气”
B．初春小草上晶莹的露珠
C．寒冷冬天树枝上形成的霜
D．冬天水面上形成的冰层
【分析】山东青岛的气温降低到﹣18℃，海面上水蒸气迅速变成小冰晶，这是物质从气态直接变成固态，是凝华过程，找出实例中的凝华现象即可。
【解答】解：A、冬天行人口中呼出的“白气”，是口中呼出的水蒸气遇冷的空气变成的小水珠，是液化过程，故A错误。
B、初春小草上晶莹的露珠，是空气中的水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化过程，故B错误。
C、寒冷冬天树枝上形成的霜，是空气中的水蒸气温度降低直接变成的小冰晶，是凝华过程，故C正确。
D、冬天水面上形成的冰层，是水变成的冰，是凝固过程，故D错误。
故选：C。
【点评】判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
3．（2分）随着人们生活水平的提高，小汽车已经进入每一户家庭，关于小汽车下列说法错误的是（ ）
A．小汽车的后视镜采用凹面镜，是为了扩大视野
B．夜间行车时，为了安全，车内最好关着灯
C．关上车窗后，车内会变得安静很多，是因为玻璃可以起到隔音的效果
D．前挡风玻璃倾斜安装是防止车内的物体成像在车正前方，影响司机视线
【分析】（1）凸面镜对光线有发散作用，能够扩大视野，通常用来制作汽车观后镜等；凹面球是采用球的内表面做反射面的，对光线有会聚作用；
（2）光线传播到两种介质的表面时会发生反射现象，在玻璃上会成像，干扰司机；
（3）玻璃可以反射声音，起到隔音的效果；
（4）根据平面镜成像的特点可知，物体与像关于平面镜对称，据此进行分析。
【解答】解：
A.凸面镜对光线有发散作用，能够扩大视野，所以小汽车的后视镜采用凸面镜，故A错误；
B.夜间驾驶室外的光线是比较暗的，若打开驾驶室内的灯，驾驶室内物体的光线是比较强的，就可以通过前挡风玻璃在车前形成一个虚像（平面镜成像），干扰司机的视线，不安全，故B正确；
C.关上车窗后，车内会变得安静很多，玻璃可以反射声音起到隔音的效果，故C正确；
D.根据平面镜成像的特点可知，物体与像关于平面镜对称，所以当倾斜安装时，形成的像在车的前上方，排除因平面镜成像造成的不安全因素，不会影响司机的视线，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查了凸透镜的特点和光的反射、平面镜成像特点以及声音的反射的理解与掌握，与生活息息相关，体现了物理知识来源于生活、服务于生活的理念。
4．（2分）下列关于电磁波的说法，不正确的是（ ）
A．电磁波在真空中的传播速度是340m/s
B．中国的北斗卫星导航定位系统是利用电磁波传输信号的
C．“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图回来，是利用电磁波能在真空中传播
D．中国的“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波
【分析】电磁波传播的特点：传播不需要介质，可以在真空中传播，真空中电磁波的波速是3×108m/s；北斗定位系统、“嫦娥四号”探测器和“5G技术”都是电磁波的应用。
【解答】解：
A、电磁波可以在真空中传播，真空中电磁波的波速是3×108m/s，声音在空气中的传播速度才是340m/s，故A错误；
B、北斗卫星定位系统是利用电磁波传输信号的，故B正确；
C、“嫦娥五号”探测器能从月球上传输影像图，宇宙中是真空环境，说明电磁波能在真空中传播，故C正确；
D、“5G技术”世界领先，该技术采用无线电波传输信息，无线电波是电磁波，故D正确。
故选：A。
【点评】本题主要考查电磁波的传播，电磁波的波速以及无线电波属于电磁波，难度不大。
5．（2分）如图所示玻璃缸底部C处有一个雨花石（C点未画出），人眼在A点看到雨花石在B点，要使从A点射出的一束激光照到缸底石上，激光应射向（ ）
A．B点 B．B点右方 C．B点上方 D．B点下方
【分析】根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角，可知人看到的是雨花石的虚像，根据雨花石的位置确定折射光线的方向，再根据折射时光路是可逆的来解答此题。
【解答】解：如图所示，连接AB，过折射点做法线，根据光从空气斜射入水中，折射角小于入射角画出折射光线的位置，虽然人看到的B点是雨花石的虚像，雨花石的实际位置在B点的正下方的C点，因为激光在进入水的时候也会发生折射，所以照着B点，激光也就刚好落在雨花石上了。
故选：A。
【点评】本题主要考查光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
6．（2分）在冬奥会自由式滑雪比赛中，选手的运动轨迹如图所示，如果不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．在a点和c点速度都为零，因此这两点动能也为零
B．在a点和e点都处于静止状态，因此机械能相等
C．从a点下滑到b点过程中，机械能保持不变
D．从c点下落到d点过程中，机械能保持不变
【分析】机械能包括动能和势能。
动能和势能是可以相互转化的。
在动能和势能相互转化的过程中，机械能的总量保持不变。
【解答】解：A、在a点速度为零，说明动能为零；运动员不是在竖直方向上运动，所以c点在水平方向速度不为零，c点动能不为零，故A错误。
B、在a点和e点都处于静止状态，说明动能都为零，因为高度不同，所以，重力势能就不相等，因此机械能不相等，故B错误。
C、从a点向b点运动过程中，重力势能大部分转化成动能，因为有滑动摩擦，少部分转化成内能，机械能减少，故C错误。
D、从c点下落到d点过程中，重力势能转为动能，如果不计空气阻力，机械能守恒，故D正确。
故选：D。
【点评】结合机械能的概念（动能、重力势能概念），根据题目的条件可分析出答案。要明确：物体处于静止状态，只能说明它的动能为零，它的机械能不一定为零。
7．（2分）如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态（不计机械自重和摩擦），拉力F1、F2、F3的大小关系是（ ）
A．F3＜F1＜F2 B．F3＜F2＜F1 C．F2＜F1＜F3 D．F2＜F3＜F1
【分析】不计机械自重和摩擦：
（1）先判断动力臂和阻力臂关系，再根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得出力F1和重力G的关系。
（2）使用滑轮组时，先判断出承担总重绳子的段数n，再根据F2＝×G得出力F2和重力G的关系。
（3）使用动滑轮时，若动力作用在轴上，则费一倍的力，此时F3＝2G。
【解答】解：由题知，不计机械自重和摩擦；
（1）第一幅图中L1＝L2，为等臂杠杆，由杠杆平衡条件可得F1＝G；
（2）第二幅图是滑轮组，承担总重的绳子段数n＝3，则F2＝G；
（3）第三幅图是动滑轮，但动力作用在轴上，费一倍的力，则F3＝2G；
由此可知F2＜F1＜F3，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了使用杠杆、滑轮组、动滑轮时拉力的计算，明确各种装置的特点是关键。
8．（2分）下列关于家庭电路的分析和安全用电的做法，正确的是（ ）
A．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
B．在家庭电路中安装空气开关或保险丝
C．家庭电路中总电流过大一定是短路造成的
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）维修电器时，应先断开开关；
（2）根据保险丝或空气开关的作用分析；
（3）家庭电路中电流过大的原因有：短路或用电器的总功率过大；
（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。
【解答】解：A、在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故A错误；
B、为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故B正确；
C、家庭电路中电流过大的原因还有可能是用电器的总功率过大，不一定是短路造成的，故C错误；
D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
9．（2分）小明发明了一款新型的带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，图中的实验装置能反映此现象原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：
带滚轮的书包，其内部没装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，则可知此现象的原理为电磁感应现象。
A图中实验装置说明通电导线在磁场中受力而运动，故A不符合题意；
B图中实验装置是探究影响电磁铁磁性大小的因素实验，故B不符合题意；
C图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，是电磁感应现象，故C符合题意；
D图中的实验为奥斯特实验，说明了电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了对电磁感应现象的认识，属于基础知识，难度不大。
10．（2分）小明热爱劳动，在家扫地时就想设计一个智能吸尘器电路的控制系统。吸尘器开机后，扫地模式的开启和退出可以通过手动开关S1控制，也能用手机远程控制开关S2实现。S3是机器的开机按钮。如图中设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据机器的开机按钮、手动以及手机远程控制开关对灯泡工作的控制情况分析判断。
【解答】解：根据题目要求知，机器的开机按钮S3闭合时，能通过手动开关S1或开关S2实现控制电路的通断：
A、由图知，机器的开机按钮S3闭合后，可以通过手动开关S1或手机远程控制开关S2接通或断开电路，从而控制电动机的工作，故A符合要求；
B、由图知，手动开关S1与远程控制开关S2串联后再与机器的开机按钮S3串联，只有三个开关同时闭合，电动机才能工作，故B不符合要求；
C、手动开关S1与远程控制开关S2串联后再与机器的开机按钮S3并联，机器的开机按钮S3闭合时，电动机工作；手动开关S1控制和远程控制开关S2同时闭合，电动机也能工作，故C不符合要求；
D、由图知，手动开关S1和远程控制开关S2并联后再与机器的开机按钮S3串联，机器的开机按钮S3闭合，通过手动开关S1或远程控制开关S2可实现连通电路，但要断开电路必须同时切断手动开关S1控制和手机远程控制开关S2才能实现，故D不符合要求。
故选：A。
【点评】本题考查电路设计，关键是明确各开关起到的作用，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。
11．（2分）已知电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，滑动变阻器的最大阻值也是R0，下列电路图不能测出未知电阻Rx阻值的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。
【解答】解：A、闭合开关S和S1，R0被短路，电压表测两端电压即电源电压，断开开关S1，两电阻串联接入电路电压表测电源电压，无法测出通过RX的电流和其两端的电压，故A不可行；
B、如图，先闭合开关S1，再将开关S2分别接a和b，测出电流Ia、Ib，两电阻并联接入电路，则Ia为通过支路R0的电流，Ib为干路电流，
由并联电路电压相等可得IaR0＝（Ib﹣Ia）Rx得：Rx＝，故B可行；
C、如图，先断开所有开关调节滑动变阻器阻值为最大值，再闭合开关S1，断开开关S2，调节滑动变阻器到适当位置，测出Rx两端电压Ux＝U1，
然后保持滑动变阻器滑片位置不动，断开开关S1、闭合开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数重新变为为U1．读出电阻箱的阻值R1，则电阻箱为RX的等效电阻，所以Rx＝R1，故C可行；
D、闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片移到a端，滑动变阻器和Rx并联接入电路，电流表测干路电流I，将滑动变阻器的滑片移到b端，RX被短路，电路中只有滑动变阻器，电流表测通过滑动变阻器的电流IH，所以电源电压U＝IHR0，则通过RX的电流IX＝I﹣IH，所以RX＝＝，故D可行。
故选：A。
【点评】本题考查了测电阻阻值问题，要测电阻阻值，需要测出待测电阻两端电压与通过电阻的电流，分析清楚图示电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。
12．（2分）小明看到闪电后12.3s又听到雷声，已知声音每3s传播的距离约为1000m，光速约为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km。假设声速或光速发生以下变化，这种估算方法不再适用的是（ ）
A．声速增大为原来的两倍 B．声速减小为原来的一半
C．光速减小为原来的一半 D．光速减小为声速的两倍
【分析】要求声源到人所在位置的距离，可根据s＝vt进行求解即需要知道声速v和声音传播的时间t，而声速v的单位由m/s换算为km/s可知声源到人所在位置的距离s。从而判定该方法的正确与否。
【解答】解：他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离，这种估算方法原理是：
由于光速远远大于声速，故光传播的时间忽略不计来处理的，
所以，故这种估算方法的前提是光速远远大于声速，
ABC选项中的变化，仍满足光速远远大于声速的条件，
但D选项中，光速减小为声速的两倍，光传播的时间就不能忽略不计了，故这种估算方法不能适用。
故选：D。
【点评】光速远大于声速，故在距离很短的情况下光传播的时间可以忽略不计。
二、填空题（共10小题每空1分，共24分）
13．（2分）在二胡表演时，表演者在用弓拉动琴弦的同时，不断用手指去控制琴弦的长度，这样做是为了改变声音的 音调 ；音乐会上我们能辨别不同乐器的声音，是根据声音的 音色 不同。
【分析】音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关，音色是声音的本质与特色，它与发声体的材料和结构有关，我们根据音色能辨别发声物体的。
【解答】解：当用手指去控制琴弦长度时，琴弦振动的快慢会不一样，频率不一样，所以声音的音调就会发生变化。
听音乐会时，我们是根据声音的音色辨别出不同乐器发出的声音的。
故答案为：音调；音色。
【点评】通过在音乐厅听音乐会，考查了声音的特性等，体现物理和生活的密切关系。
14．（4分）玻璃窗结冰花，是 凝华 （填物态变化名称）现象，冰花出现在窗的 内 侧（选“内”或“外”）；
烧水时，离壶嘴较 远 （选“远”或“近”）处出现“白气”，是 液化 （填物态变化名称）现象。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，液化的方法有降低温度和压缩体积，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：
“冰花”是室内的水蒸气遇到温度较低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶；
烧水时，离壶嘴较远处出现“白气”，是壶中喷出的水蒸气遇冷液化形成的；靠近壶嘴处没有“白气”出现，是由于壶嘴处温度高，水蒸气不易液化。
故答案为：凝华；内；远；液化。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
15．（2分）乐乐站在竖直放置的平面镜前3m处，他若以0.5m/s的速度向平面镜靠近，则像相对于乐乐的速度为 1 m/s，在靠近的过程中，镜中像的大小会 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】平面镜所成的像与物大小相等，像与物到镜面的距离相等，虚像，据此解答。
【解答】解：平面镜成的像与物到镜面距离相等，人以0.5m/s速度靠近镜，像也以0.5m/s的速度靠近镜，以人为参照物，像以1m/s的速度靠近乐乐；
像与物永远大小相等，即使人离像变近，也相等，人在视觉上感觉的像变大，但事实上像的大小不变。
故答案为：1；不变。
【点评】本题要求熟练掌握并灵活运用平面镜成特点，易混处有三个：像与物的距离和像与镜的距离易混；像相对于物的速度和像相对于镜的速度易混；视觉像的大小和真实像的大小易混。请在解题时注意区分。
16．（2分）一束入射光线与水面的夹角为30°，其反射光线与折射光线的夹角为80°，折射角为 40 °；若入射光线向法线靠近，则折射光线 靠近 （选填“靠近”或“远离”）法线。
【分析】（1）光的折射规律：折射光线与入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线的两侧，入射角变小，折射角也变小；
（2）光的反射规律，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；
（3）入射角、反射角和折射角的概念：入射光线与法线的夹角叫做入射角；反射光线与法线的夹角叫做反射角；折射光线与法线的夹角叫做折射角。
【解答】解：由图可知，入射光线与水面的夹角为30°，所以入射角∠AOM＝90°﹣30°＝60°；由于反射角等于入射角，所以∠BOM＝60°；
又因为反射光线与折射光线的夹角为80°，即∠BOC＝80°，所以折射角∠CON＝180°﹣∠BOM﹣∠BOC＝180°﹣60°﹣80°＝40°。
入射光线靠近法线时，入射角变小，折射角也变小，所以折射光线也靠近法线。
故答案为：40；靠近。
【点评】此题主要考查了光的反射和折射规律的应用，关键是掌握入射角、反射角、折射角的概念以及光的折射规律。
17．（2分）如图是城市路灯，采用太阳能LED照明灯，主要由太阳能电池板和LED灯头等组成，LED通过电流能够发光，可以把电能直接转化为 光 能，太阳能是 可再生 （选填“可再生”、“不可再生”）能源。
【分析】（1）LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；
（2）可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭。
【解答】解：LED是一种发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能；
太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。
故答案为：光；可再生。
【点评】本题考查了能量的转化和能源的分类，难度不大，是一道基础题。
18．（2分）小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示。若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费 42 元。若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为 1200 W。
【分析】（1）电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初与月末电能表的示数，月末与月初电能表示数之差是本月消耗的电能，然后求出需要交纳的电费；
（2）2000R/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000转，据此求出10min内消耗的电能，再根据P＝求出该电能表上用电器的总功率。
【解答】解：
（1）由图示电能表可知，电能表月初示数是1385.5kW•h，月末示数为1469.5kW•h，
本月用电量为W＝1469.5kW•h﹣1385.5kW•h＝84kW•h，
需交纳的电费为0.50元/kW•h×84kW•h＝42元；
（2）电能表的转盘转过400转消耗的电能：
W＝＝0.2kW•h，
t＝10min＝h＝h
P＝＝＝1.2kW＝1200W。
故答案为：42；1200。
【点评】本题考查了消耗电能、电费和电功率的计算，关键是电能表参数含义的理解与掌握。
19．（2分）神舟十一号在太空中飞行时，提供电源的太阳能帆板将 太阳 能转化为电能，神舟飞船穿越大气层返回地面时，与大气层摩擦导致内能 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能。
（2）做功可以改变物体的内能，对物体做功，机械能转化为内能，物体对外做功，内能转化为机械能。
【解答】解：
神舟十一号在太空中飞行时，太阳能帆板能将太阳能转化为电能，为飞船提供电能；
当飞船穿越大气层返回地面时，飞船和大气产生摩擦，此过程克服摩擦做功机械能转化为内能，使飞船内能增大，温度升高。
故答案为：太阳；增大。
【点评】本题以神舟号飞船返回这一伟大的历史事件为载体，考查了学生对太阳能的利用和改变物体内能的方式的理解和掌握，体现了物理与科技生活的联系。
20．（2分）如图所示装置，通电瞬间直导线向左摆动，这表明 磁场 对电流有力的作用；若要使直导线向右摆动，可改变电流 方向 （大小、方向）。
【分析】（1）奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
（2）通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向由电流的方向和磁场的方向有关。
【解答】解：
通电瞬间直导线向左摆动，说明通电导线在磁场中受力的作用；若要使直导线向右摆动，可以改变流过直导线的电流方向，也可以对换磁铁的两个磁极。
故答案为：磁场；方向。
【点评】电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
21．（2分）小刚将“220V100W“的灯泡接在家庭电路上，闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，如图所示，他发现发光的灯丝来回振动，这一现象的产生原因跟 电动机 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理一致，灯丝来回振动而不是偏向一侧的原因和 电流方向 一直在改变有关。
【分析】（1）由通电导线在磁场中受磁场力可以分析灯丝发生的现象，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；
（2）照明电路中使用的是交流电，电流方向在不断发生变化，据此分析灯丝来回振动的原因；
【解答】解：
（1）闭合开关，用一蹄形磁铁去靠近灯泡的玻璃泡，发光的灯丝来回振动，说明了磁场对通电导体有力的作用，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成；
（2）照明电路中使用的是交流电，通过小灯泡的电流方向在不断发生变化，故小灯泡的灯丝在磁场中受力是变化的，故小灯泡的灯丝将抖动；
故答案为：电动机；电流方向。
【点评】此题考查了磁场对电流的作用及所受力的方向的影响因素等知识点，是一道综合题。
22．（4分）如图甲所示的电路，电源电压为6V，灯泡L1和L2均标有“6V 6W”字样。其电流随电压变化的曲线如图乙，如果同时闭合开关 S1、S3 ，可使两灯都能正常发光；如果同时闭合开关S1、S2，电流表的示数是 1 A，灯泡L2的实际功率是 0 W；如果只闭合开关S2，电路消耗的总功率是 4.2 W。
【分析】（1）两灯泡的额定电压和电源的电压相等，要使两灯泡均正常发光应让两灯泡并联，据此判断需要闭合的开关；
（2）同时闭合开关S1、S2时，L2被短路，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据P＝UI求出电流表的示数；
（3）只闭合开关S2时，两灯泡串联，根据串联电路的分压特点可知它们两端的电压相等，根据图像读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：（1）由题意可知，灯泡L1和L2的额定电压均为6V，电源的电压为6V，
要使两灯泡均正常发光应让两灯泡并联，
由电路图可知，同时闭合开关S1、S3时，灯泡L1和L2并联；
（2）同时闭合开关S1、S2时，L2被短路，电路为L1的简单电路，电流表测电路中的电流，
则灯泡L2的实际功率是0W，
由于此时L1两端电压等于电源电压6V，所以L1正常发光，
由P＝UI可得，电流表的示数：I＝＝＝1A；
（3）只闭合开关S2时，两灯泡串联，因两灯泡完全相同，则由串联电路的分压特点可知，两灯泡两端的电压相等，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，每个灯泡两端的电压：U1′＝U2′＝＝＝3V，
由图乙可知，通过灯泡的电流I＝0.7A，
则电路消耗的总功率：P＝UI＝6V×0.7A＝4.2W。
故答案为：S1、S3；1；0；4.2。
【点评】本题考查了电路连接方式的判断和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，从图像中获取有用的信息是关键。
三、解答题：（作图每题2分，24、29题8分，25题6分，30题10分，其余每空1分，共52分）
23．（2分）画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'（保留作图痕迹）。
【分析】平面镜成像的特点是：成虚像、像与物的大小相等、像与物到平面镜的距离相等、对应点的连线与镜面垂直，即像与物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像A'B'，如图所示：
【点评】平面镜成像作图的方法有两种：一种是根据平面镜成像的特点来作，另一种是根据光的反射定律来作，没有特殊要求的情况下，根据平面镜成像的特点作图要简洁、容易一些。
24．（2分）请完成图中的光路图。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。由此作出经凹透镜的折射光线，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
25．（2分）如图所示，根据小磁针静止时磁极的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。
【分析】根据磁极间的相互作用规律，判断出螺线管的极性，再利用安培定则确定电流的方向，最终可得出电源的正负极。
【解答】解：读图可知，小磁针的右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为N极，右端为S极。再根据安培定则，用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，则四指环绕的方向为电流的方向，从而得出电源的右端为正极，左端为负极。如图所示
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的运用，找准判断的突破口，运用相关知识进行推理即可，难度不大，但较易出错。
26．（8分）用如图装置在5s内将一重为240N的物体匀速向上提起3m，拉力为150N，则：
（1）拉力所做的有用功？
（2）拉力的功率？
（3）这个动滑轮的机械效率？
（4）在提升重物的过程中，重物的 动 （填“动”、“重力势”或“机械”）能不变。
如果不计绳重及摩擦，想提高该动滑轮的机械效率，请你提出一种可行的方法。
【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出拉力所做的有用功；
（2）动滑轮绳子的有效股数为2，根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，利用W＝Fs求出拉力做的总功，利用P＝求出拉力的功率；
（3）根据η＝×100%求出这个动滑轮的机械效率；
（4）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能；
如果不计绳重及摩擦，根据η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%得出提高该动滑轮机械效率的方法。
【解答】解：（1）拉力所做的有用功：
W有＝Gh＝240N×3m＝720J；
（2）动滑轮绳子的有效股数n＝2，则绳子自由端移动的距离：
s＝nh＝2×3m＝6m，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝150N×6m＝900J，
拉力的功率：
P＝＝＝180W；
（3）这个动滑轮的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝80%；
（4）物体匀速向上提升时，物体的质量和速度均不变，而高度上升，
则物体的动能不变、重力势能增加，动能和重力势能之和增加，即机械能增加；
如果不计绳重及摩擦，由η＝×100%＝×100%＝×100%＝×100%可知，
增加物体的重力或减小动滑轮的重力可以提高该动滑轮的机械效率。
答：（1）拉力所做的有用功为720J；
（2）拉力的功率为180W；
（3）这个动滑轮的机械效率为80%；
（4）动；如果不计绳重及摩擦，增加物体的重力或减小动滑轮的重力可以提高该动滑轮的机械效率。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式、影响动能和重力势能以及机械能大小因素的应用，要注意不计绳重及摩擦克服物体和动滑轮重力所做的功为总功。
27．（6分）瑞士大学学生设计了一款灯壶组合的“水壶台灯”，如图所示，“水壶台灯”是由玻璃壶、圆形底座和白炽灯组成。白炽灯与壶形灯罩下方的凹槽正好吻合（灯泡不直接与水接触），可将发光时所产生的内能用于水保温。白炽灯标有100W字样，求：
（1）该台灯正常工作半小时所消耗的电能？
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将多少kg初温为40℃的水加热至90℃？
【分析】（1）知道灯的额电功率，灯正常工作时的电功率，利用W＝Pt求消耗的电能；
（2）由题知，上述电能的84%转化为内能，即Q吸＝W电×84%，再利用Q吸＝cm△t求水的质量。
【解答】解：
（1）∵P＝，
∴100W灯正常发光0.5h消耗的电能：
W＝Pt＝0.1kW×0.5h＝0.05kW•h＝1.8×105J；
（2）由题知，Q吸＝W电×84%＝1.8×105J×84%＝1.512×105J，
∵Q吸＝cm△t，
即：1.512×105J＝4.2×103J/（kg•℃）×m×（90℃﹣40℃）
∴m＝0.72kg。
答：（1）该台灯正常工作半小时时所消耗的电能为0.05kW•h；
（2）若上述电能的84%转化为内能，可将0.72千克初温为40℃的茶水加热至90℃。
【点评】本题为电学、热学的综合计算题，考查了学生对电功率公式、吸热公式的了解与掌握，计算时利用好关系Q吸＝W电×84%是本题的关键。
28．（3分）下面是课本上的几个实验或实验原理，请完成：
（1）图甲是内燃机的 做功 冲程；
（2）图乙的实验可以研究电流产生热量与 电阻 的关系；
（3）图丙的实验说明了电流周围能产生 磁场 。
【分析】（1）内燃机的四个冲程是：吸气冲程（进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动）；
压缩冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向上运动）；
做功冲程（进气门关闭，排气门关闭，活塞向下运动）；
排气冲程（进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动）；
（2）由乙图可知，两电阻串联，则可知电路中电流一定相等，由焦耳定律可知两瓶中产生的热量应与电阻有关，故可探究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）奥斯特实验说明了电流周围存在磁场。
【解答】解：（1）由图中可以看出内燃机的进气门和排气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程；
（2）乙中两电阻串联，则两电阻中的电流相等，且R1＞R2，可以研究电流产生的热量与电阻的关系；
（3）丙图中的电流周围存在磁场，即电流的磁效应实验。
故答案为：（1）做功；（2）电阻；（3）磁场。
【点评】本题考查热机，电阻与电能的关系，以及电磁场是一道综合题。
29．（6分）为了探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律，小明同学进行了如下操作：
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，将装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热，这样做目的是 不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度 ，等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯，如图乙所示，小明观察到水沸腾前和沸腾时，水中气泡上升过程如图a、b，则 a 为（填“a”或“b”）沸腾时的情况。小明根据记录的数据绘制了如图丙所示的曲线，由曲线可知：① 冰是晶体 ，② 此实验测得水沸腾时的温度比100℃小，可知当时的大气不是标准大气压 ；
（2）同组的小骥同学将装有水的试管放入装有水的烧杯中，用酒精灯对烧杯进行加热，如图丁所示，一段时间后，当烧杯中的水沸腾时，试管中的水不会沸腾，原因是 虽然达到沸点但无法继续吸热，所以不能沸腾 ；
（3）戊图中a图像是实验小组根据记录绘制的水沸腾图像，其他条件不变，
①仅增加水的质量；
②仅增大液面大气压强；
③既增加水的质量，同时减小液面大气压强；则三种情况中，温度与时间的关系分别对应图线为 c、b、d （按顺序选填“a”“b”“c”“d”）。
【分析】（1）为了能使固体物质均匀受热，常用水浴法，若物质的熔点较低，可以不对其加热，还可以用搅拌棒进行搅拌，这样不仅能够使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录数据；
水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（2）水沸腾的条件：达到沸点。继续吸热；
（3）若仅增加水的质量，则水的沸点会不变，加热时间加长；
若仅增大液面大气压强，则液体的沸点升高，水的质量不变，比热容不变，所以水温度升高的快慢是相同的；
若既增加水的质量，同时减小液面大气压强，则液体温度升高得速度减慢，但沸点降低。
【解答】解：
（1）冰的熔点为0℃，所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，则图中a是水沸腾时的变化；
由丙可知：冰在熔化过程中，温度保持不变，所以冰是晶体；水沸腾时的温度小于100℃，所以当时的大气不是标准大气压；
（2）当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变，小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，但是不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾；
（3）仅水的质量增加，水温度升高的速度减慢，但沸点不变，所以应为c；
仅增大液面大气压强，水的质量不变，则水温度升高速度相同，但沸点升高，所以应为b；
增加水的质量，同时减小液面大气压强，水温度升高速度减慢，但沸点降低，所以应为d。
故答案为：（1）不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；a；①冰是晶体；②此实验测得水沸腾时的温度比100℃小，可知当时的大气不是标准大气压；（2）虽然达到沸点但无法继续吸热，所以不能沸腾；（3）c、b、d。
【点评】此题考查了冰熔化和水沸腾实验中器材的作用，沸点与熔点的判断，同学们要学会观察图像，分析实验，总结规律。
30．（5分）小华利用如图所示的装置探究“平面镜成像时像与物的关系”的实验：
（1）如果有6mm厚和3mm厚的两块玻璃板，应选择 3 mm厚的玻璃板做实验较合适。玻璃板在摆放的时候要与桌面 垂直 。实验中选用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的 大小 关系。
（2）在实验过程中为了研究平面镜所成的是实像还是虚像，小丽把光屏放在蜡烛B所在的位置发现 不能 （选填“能”或“不能”）用光屏接收到蜡烛A的像，由此说明平面镜成的像是 虚 像。
【分析】（1）玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像。当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远，实验时会出现明显的两个像，使实验比较复杂；当玻璃板比较薄时，两个反射面成像距离比较近，可以近似看成一个像，使实验简单化；
为了能使像和物体在同一水平面上，实验中应将玻璃板竖直放置；
实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；
（2）平面镜成的像是虚像。
【解答】解：（1）当玻璃板越薄，两个反射面成像距离越近，可以近似看成一个像，使实验简单化，所以选择3mm的玻璃板；
为了能使像和物体在同一水平面上，实验中应将玻璃板竖直放置；
实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时可以比较物像大小关系；
（2）平面镜成像实验时，把光屏放在像的位置，发现光屏上没有像，说明平面镜成的像是虚像。
故答案为：（1）3；垂直；大小；（2）不能；虚。
【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。重在探索过程中遇到的困难、解决的办法的考查，这些题往往有规律可循，做题过程中注意积累。
31．（8分）小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮。
（2）当小灯泡正常发光，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.6 W。
（3）如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空。（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R1的最大电阻为R，R2的最大电阻为R0）
①只闭合开关S和S1，调节 R2 ，使电压表的示数为2.5V。
②只闭合开关 S、S2 ，调节R1使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额＝ 。（用U额、R0、U1、U2表示）
【分析】（1）根据滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮确定变阻器右下接线柱连入电路中与灯泡串联；
（2）当小灯泡正常发光时，根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（3）根据P＝，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效替代法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小，将R2的滑片P先调至最左端，再将R2的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P＝求出小灯泡额定功率。
【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向右移动时小灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与灯泡串联，如下所示：
（2）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，电流为0.24A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.24A＝0.6W；
（3）①只闭合开关S和S1，调节R2，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，调节R1，使电压表的示数仍为2.5V；
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2；
在③中，将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R2的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R1的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律有：＝，
解得：R1＝，根据等效替代法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻RL大小；
小灯泡额定功率的表达式：
P额＝＝＝。
故答案为：（1）如上所示；（2）0.6；（3）①R2；②S、S2；③。
【点评】本题测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，考查电路连接、电流表读数、功率计算、误差分析及设计方案测灯泡的额定功率的能力。
32．（10分）阅读短文，回答问题。
环保混合动力汽车。
我国自主研制生产的一种环保混合动力汽车，启动时，内燃机并不工作，蓄电池通过某种方式向车轮输送能量；当需要高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，既可以向车轮输送能量，也可以同时向电池充电；当车辆需要全力加速时，内燃机和蓄电池还可以同时向车轮输送能量，测试人员驾驶该车在直公路上匀速行驶1h，观察仪表盘，发现这段时间内汽车内燃机消耗燃油10kg，车速为50km/h，蓄电池组储存的能量由最大值的60%增加到最大值。这种汽车行驶时所受阻力f和车速v的关系如图所示，蓄电池组的部分参数如表所示。
输入电压/V
300
额定功率/kW
25
最大容量/（kW•h）
30
质量/kg
320
（1）电机充当发电机时，它是利用什么原理发电的 A 。
A.电磁感应现象
B.磁场对电流的作用
C.直线电流周围存在磁场
D.通电螺线管周围存在磁场
（2）测试过程中，消耗这些燃油产生的热量为 4.6×108 J。（热值q＝4.6×107J/kg）
（3）测试过程中，汽车的牵引力所做的功是 7.5×107 J。
（4）内燃机不工作时，这种汽车 不能 （填“能”或“不能”）保持50km/h的的速度匀速行驶。
（5）测试过程中汽车的能量转化效率为 25.7% 。
【分析】（1）发电机是根据电磁感应原理工作的。
（2）知道燃料的热值和质量，根据Q＝mq求出燃油完全燃烧释放的热量，
（3）知道汽车匀速行驶的速度和时间，根据s＝vt求出行驶的路程，由图像可知车速为50km/h时受到的阻力，汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，根据W＝Fs求出汽车发动机的牵引力做的功。
（4）力可以改变物体的运动状态。
（5）燃料燃烧推动汽车行驶，同时还使蓄电池容量增大，又知道燃料完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车的能量转化效率。
【解答】解：（1）电机充当发电机时，它是利用电磁感应原理工作的，故选A。
（2）燃油放出的热量：Q＝mq＝10kg×4.6×107J/kg＝4.6×108J。
（3）由速度公式得，汽车行驶的路程：s＝vt＝50km/h×1h＝50km＝50000m，
由图像可知，车速为50km/h时，阻力f＝2500N，
因汽车匀速直线行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，所以，牵引力F＝f＝2500N，
则汽车发动机的牵引力做的功：W1＝Fs＝2500N×50000m＝7.5×107J。
（4）汽车只受阻力，不受牵引力时，汽车的运动状态不断改变，速度不能保持50km/h。
（5）由表格数据可知，蓄电池储存的最大电能为30kW•h，已经储存的电能30kW•h×60%，
则蓄电池获得的电能：W2＝30kW•h﹣30kW•h×60%＝12kW•h＝4.32×107J，
燃料燃烧获得的有用功为：W＝W1+W2＝7.5×107J+4.32×107J＝1.182×108J，
汽车的转化效率：η＝＝≈0.257＝25.7%。
故答案为：（1）A；（2）4.6×108；（3）7.5×107；（4）不能；（5）25.7%。
【点评】本题综合考查了热量的计算以及热机的效率，也是一道生活中的物理题，有其实用价值，对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体来说本题难度不大。在计算内燃机的效率时，要注意不要忘记转化成的电能的能量。
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