2020-2021学年四川省遂宁市城区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年四川省遂宁市城区九年级（上）期末物理试卷，共31页。试卷主要包含了1×103J，5V且保持不变，3A，【答案】D，【答案】A，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年四川省遂宁市城区九年级（上）期末物理试卷

1. 下列数据最符合实际的是( )
A. 一节新干电池的电压约为5V
B. 书桌的台灯工作时的电流约为10A
C. 电冰箱一天消耗的电能约为50kW⋅h
D. 教室里每盏日光灯的功率约为40W
2. 下列现象能说明分子做无规则运动的是( )
A. 清晨湖面上雾气腾腾 B. 百花绽放时花香四溢
C. 汽车驶过后尘土飞扬 D. 寒冬腊月里大雪纷飞
3. 如图所示，2020年11月24日4时30分，中国在中国文昌航天发射场，用长征五号遥五运载火箭成功发射探月工程嫦娥五号探测器，顺利将探测器送入预定轨道。火箭在加速升空的过程中( )


A. 动能增加
B. 重力势能减小
C. 机械能保持不变
D. 燃料的化学能全部转化为火箭的机械能
4. 关于内能、热量和温度，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体含有的热量多
B. 物体内能增大，温度一定升高
C. 物体内能增大，一定要从外界吸收热量
D. 物体温度升高，它的内能一定增加
5. 如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列说法正确的是( )
物质
水
煤油
铝
铜
比热容[J/(kg⋅℃)]
4.2×103
2.1×103
0.88×103
0.39×103
A. 水的比热容大，不适合作为冷却介质
B. 2kg的煤油温度升高10℃吸收的热量为2.1×103J
C. 质量相等的水和煤油吸收相同热量，水升高的温度大
D. 质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量多
6. 下列关于四冲程内燃机说法正确的是( )
A. 汽油机吸气冲程吸入的是空气
B. 若转速是1800r/min，1秒钟完成30个做功冲程
C. 做功冲程中内能转化为机械能
D. 内燃机功率越大，效率越高
7. 下列说法正确的是( )
①磁体的磁性越强，能吸引的物质种类就越多
②指南针能够指南北，是由于受到地磁场的作用
③能够自由转动的小磁针静止时，其N极指向地理北极附近
④磁体之间的作用是通过磁场发生的，但磁场并不存在
A. 只有②和③ B. 只有①和② C. 只有③和④ D. 只有①和④
8. 物理学中我们用v=st来定义速度，匀速直线运动v虽然可由s、t计算，但与s、t无关。初中物理中还有很多概念采用的也是这种定义方法。下列几种表示方法与之不相同的是( )
A. 比热容c=Qm△t B. 电阻R=UI
C. 电流I=UR D. 热值q=Qm
9. 如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒a去接触不带电的验电器金属球b后，验电器的两片金属箔张开，则下列说法正确的是( )

A. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带负电荷
B. 丝绸与玻璃棒a摩擦过程中创造出了新电荷
C. a、b接触时，a上的一些电子转移到b上，瞬时电流方向b→a
D. 验电器的两片金属箔张开时，金属箔都带正电荷
10. 新能源电动汽车被越来越多的家庭所接受，其核心部件是电动机。下列能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
11. 新冠病毒疫情防控期间，为了严格控制区分外来车辆出入小区，很多小区装备了门禁系统。内部人员的车辆可以被自动识别横杆启动，视为自动开关S1闭合；外来人员的车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，视为手动开关S2闭合。两种情况都可以分别将门打开，则该门禁系统内部电路最接近图中的( )
A. B.
C. D.
12. 青少年科技创新材料中有一种变光二极管，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，奥秘在于其内部封装有一红一绿两个发光二极管，发光二极管具有单向导电性，其符号为，当电流从“+”极流入时二极管能通电且发光，当电流从“-”极流入时二极管不能发光，则该变光二极管的内部结构可能是下图中的( )
A. B.
C. D.
13. 商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论。售货员说：微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费。顾客说：微波炉很费电，他家的微波炉一开就“跳闸”。上述争论中，顾客混淆的两个概念是( )
A. 电压和电流 B. 电功率和电流 C. 电能和电功率 D. 电能和电功
14. 如图所示电路，当开关S闭合后，将电压表的负接线柱引出的接线头M依次接在a、b、c、d四点时，电压表示数最小的是( )

A. a B. b C. c D. d
15. 如图所示的钨丝是将一个白炽灯去除玻璃罩制成的，闭合开关S小灯泡L发光，钨丝不发光，用酒精灯给钨丝加热，小灯泡L逐渐变暗直至熄灭，由实验可知( )
A. 钩丝的电阻随温度升高而增大
B. 钨丝不发光是因为没有电流通过
C. 给钨丝加热时，电路中的电流变大
D. 通过钨丝的电流小于小灯泡L的电流
16. 如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻。闭合开关S，电压表V1示数为U1，电压表V2示数为U2，电流表A示数为I，在滑动变阻器的滑片P向左移动的过程中，电压表V2示数变化了△U2，电流表A示数变化了△I。下列说法正确的是( )
A. U1不变，U2变大，I变小 B. U1变小，U2不变，I变小
C. △U2等于△I⋅R1 D. △U2与△I的比值变大
17. 如图所示，当开关S闭合后，灯泡L1、L2均正常发光．但过一会儿，两灯均突然熄灭，电压表有明显示数．由此可判断电路的故障是( )

A. 灯L1断路 B. 灯L2短路 C. 灯L2断路 D. 开关S接触不良
18. 如图所示，电源电压不变，开关S闭合，S1由闭合到断开，电压表的示数由12V变为8V，则下列说法中正确的是( )

A. 电源电压为20V
B. R1与R2的阻值之比为2：1
C. S1断开前后，整个电路消耗的电功率之比为3：1
D. S1断开前后，R2消耗的电功率之比为9：4
19. 如图甲所示电路，电源电压恒定不变，R1为定值电阻。滑动变阻器R2的滑片从a端滑到b端的过程中，R2消耗的电功率P与其两端电压U的关系图象如图乙所示。在滑片从a端滑到b端的过程中，下列说法不正确的是( )
A. 电源电压为8V B. R2的最大阻值为60Ω
C. 电路总功率的变化量为3W D. R1的阻值为20Ω
20. 如图所示电路，电源两端电压为4.5V且保持不变。电阻R1=10Ω，滑动变阻器R2的铭牌上标有“20Ω1A”的字样，电流表的量程为0∼0.6A，两块电压表的量程均为0∼3V。在保证电路安全的条件下，下列说法中正确的是( )
A. 电压表V2的示数范围为0∼3V
B. 电流表A的示数范围为0∼0.3A
C. 滑动变阻器R2的阻值取值范围为5Ω∼15Ω
D. 电阻R1的电功率取值范围为0.225W∼0.9W
21. 装着开水的暖水瓶，有时瓶内的水蒸气会把瓶塞顶起，在这个过程中，暖水瓶内的水蒸气对瓶塞做功，温度______(填“升高”或“降低”)，内能______(填“增大”或“减小”)。
22. 抗疫防控期间，常德市防疫部门利用雾炮车对城区街道喷洒消毒剂进行消毒和除尘，雾炮车在水平路面匀速前进喷酒消毒液的过程中，雾炮车的动能______(选填“变大”、“不变”或“变小”)，喷洒时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，这是______现象。

23. 热熔胶是一种在常温下为固态的粘合剂，使用时先用热熔胶枪加热使其熔化，再凝固来粘合物体。用如图所示的一款热熔胶枪给热熔胶加热时，热熔胶是通过______的方式增加内能的。热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体上，说明分子间存在______。
24. “红灯停，绿灯行，黄灯也要等一等，交通安全要注意”。路口的这些交通指示灯是______的(选填“串联”或“并联”).有时红灯快结束时黄灯也同时亮了，此时电路中的总电阻______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
25. 如图，将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，制成一个盐水电池。观察电压表的接线和指针偏转可知，锌片是盐水电池的______ 极，电池的电压为______ V。

26. 虽然纯净的水是不导电的，但一般的水都能导电。根据水的导电性可以设计一种水位自动报警器，其原理如图所示。当水位到达金属块A时，______ (选填“红”或“绿”)灯亮。

27. 如图所示的电路中，当开关S拨到a后，电磁铁左端为______极，小磁针静止时，B端是______极；当开关S由a拨到b，调节滑动变动器，使电流表的示数仍保持不变，则电磁铁的磁性______(选填“增强”、“不变”或“减弱”)。



28. 小明借助如图所示的实验装置探究“磁场对通电导体的作用”，导体棒ab应选用______ 材料制成。(选填“铜”或“铁”或“塑料”)

29. 小张家有一台标有“220V1000W”的电热水器，若关闭其余用电器，让该热水器单独接在电能表上，正常工作15min，发现电能表的指示灯闪烁了300次，这只电能表上应标有“______ imp/(kWh)”字样。
30. 两个小灯泡甲和乙分别标有“6V 9W”和“12V 6W”字样，若把它们串联起来接到电路中，加在它们两端的总电压不得超过______ V，______ 更亮些。(填“甲”或“乙”)
31. 如图所示是电阻R和灯泡L的I−U图象，若电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，电源电压为9V，则电路中的电流为______ A；若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时灯L的电阻为______ Ω，干路电流为______ A。

32. 电阻R1：R2=1：4，将它们并联在电路中，通过电阻R1、R2的电流之比I1：I2=______；将它们串联在电路中，两个电阻的电压之比U1：U2=______。若只将R1接在电压恒定的电路中，R1的功率为25W，将R1与R3串联在此电路中，R1的功率变为9W，则电阻R1：R3=______。
33. 小明同学在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω：

(1)用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮；
(2)闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来首先应该操作的是______ (填序号)；
A.检查电路是否断路
B.检查电路是否短路
C.移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光
(3)移动滑动变阻器的滑片P，眼睛应注视______ 表的示数，然后读出另一表的示数，并做好数据记录。图乙的U−I图象是根据多组实验数据绘制的，根据图象可得小灯泡的额定功率为______ W。
34. 如图所示，a、b两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为Ra和Rb的电阻丝(Ra>Rb)，瓶中插入温度计。
(1)小明利用此装置来探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关。
①实验中煤油吸热的多少是通过______ (填“加热时间”或“温度升高的多少”)来反映的。采取串联的目的是为了控制______ 相同。
②在a、b两个玻璃瓶中加入______ 和初温都相同的煤油。闭合开关，通电一段时间后，小明发现a烧瓶中温度计的示数大，表明电流和通电时间相同时，电阻越大，电流通过导体产生的热量越______ 。(填“多”或“少”)
(2)小明把装置改成探究物质吸热能力的实验装置，需要进行一些改进：
①在a、b两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，电阻丝Ra和Rb的阻值应(______ 填“相等”或“不相等”)。
②一段时间后，小明观察到b瓶内液体温度高一些，可判断a、b两瓶内液体吸收的热量Qa______ Qb(填“=”“”)，a瓶中的液体的吸热能力______ (填“强”或“弱”)。

35. 市面上的电热水壶大多具有加热和保温功能。如图所示是某电热水壶的电路简图，开关K接通后，开关S自动与触点a、b接通，热水壶开始烧水；当壶内水温达到100℃时，温控开关S自动与a、b断开，并立即与触点c接通，水壶进入保温状态。已知电源电压220V，电阻R2=200Ω，这种水壶的加热功率是保温功率的5倍，水的比热容，R1、R2电阻不受温度影响。求：
(1)电阻R1的阻值。
(2)将1kg初温为35℃的水加热到100℃需要吸收多少热量？
(3)在晚上用电高峰期将1kg的初温为35℃的水加热到100℃需用时300s，若加热效率为91%，则晚上用电高峰期的实际电压为多少？








36. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，定值电阻R1为20Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为60Ω，电流表的量程为0∼0.6A或0∼3A。只闭合S2时，电流表的示数为0.4A；只闭合S3且变阻器的滑片P刚好滑到变阻器的中点时，电流表的示数为0.3A，不考虑温度对灯丝电阻的影响。求：
(1)只闭合S3，且变阻器的滑片P在变阻器正中点时，R2两端的电压；
(2)小灯泡L的电阻和电源电压；
(3)当三个开关都闭合时，电流表换用0∼3A的量程，为保证电路安全，变阻器R2接入电路的最小值。







答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、一节新干电池的电压是1.5V。故A不符合实际；
B、书桌的台灯工作时的电流在0.1A左右。故B不符合实际；
C、电冰箱工作是不连续的，平均每天消耗的电能一般不超过1kW⋅h。故C不符合实际；
D、家用电风扇的功率为40W，教室中每盏日光灯的功率与此差不多，在40W左右。故D符合实际。
故选：D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

2.【答案】B

【解析】解：
A、雾气腾腾，不是分子的无规则运动，雾不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故A错误；
B、花香四溢是香味分子在空气中发生了扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故B正确；
C、尘土飞扬，不是分子的无规则运动，尘土不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故C错误；
D、大雪纷飞，不是分子的无规则运动，大雪不是分子，属于宏观物体的运动，是机械运动，故D错误。
故选：B。
(1)不同的物质在相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；
(2)由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
无论是液体还是固体，它们的分子在永不停息地做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与机械运动区别开来。

3.【答案】A

【解析】解：火箭在加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，高度增加，重力势能增大，机械能增大；燃料燃烧的化学能转化为内能，内能对外做功，内能转化为火箭的机械能，在能量的转化过程中，有能量的散失，故A正确，BCD错误。
故选：A。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能=动能+势能。物体没有发生弹性形变，势能只考虑重力势能。
掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化情况。

4.【答案】D

【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、晶体在熔化的过程中吸热内能增加，但温度不变，故B错误；
C、物体的内能增加，可能从外界吸收了热量，也可能是外界物体对它做功，故C错误；
D、物体温度升高，它的内能一定增加，故D正确。
故选：D。
(1)热量是个过程量，只能说吸收或者放出热量，不能说含有热量；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式，二者是等效的；
(3)内能的大小与物体质量、温度和状态有关。
此题考查了学生对热量的理解、改变内能两种方式、内能的影响因素的理解，是一道综合题。也是中考的热点。

5.【答案】D

【解析】解：A、水的比热容大，适合作为冷却介质，故A错误。
B、2kg的煤油温度升高10℃吸收的热量为，Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×10℃=8.4×104J，故B错误。
C、根据△t=Qcm，质量相等的水和煤油吸收相同热量。水的比热容比煤油的大，故水升高温度小，故C错误。
D、根据Q=cm△t，质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝的比热容大于铜的比热容，故铝吸收热量多，故D正确。
故选：D。
(1)冷却介质可选择比热容大的物质。
(2)用Q=cm△t计算2kg的煤油温度升高10℃吸收的热量。
(3)根据△t=Qcm分析温度变化的大小。
(4)根据Q=cm△t，分析吸收热量的多少。
本题考查比热容的概念和吸热公式Q=cm△t的应用，属于基础题目。

6.【答案】C

【解析】解：A、汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体，故A错误；
B、转速是1800r/min，所以此汽油机每秒钟转30圈，可完成15个工作循环，60个冲程，15个做功冲程，故B错误；
C、做功冲程将内能转化成机械能，故C正确；
D、功率是物体做功快慢的物理量，与热机效率是两个完全不同的概念，故D错误。
故选：C。
(1)汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体；
(2)汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；一个工作循环，飞轮转两圈，对外做功一次，完成4个冲程。
(3)内燃机的压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能；
(4)功率描述做功快慢的物理量；效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。
本题考查了学生对汽油机的掌握，功率与效率的关系，属于基础内容的考查，识记性内容，比较简单。

7.【答案】A

【解析】解：①磁体的磁性越强，只表示吸引磁性物质的能力强，与能吸引的物质种类多少无关，故①错误；
②指南针是小磁针，是由于受到地磁场的作用，所以能够指南北，故②正确；
③地理两极和地磁两极相反，地磁场的N极在地理的南极附近，磁感线是从N极出来回到S极的，故小磁针静止时，其N极指向地理北极附近，故③正确；
④磁体之间的作用是通过磁场发生的，磁场是一种真实存在的物质，故④错误。
故选：A。
(1)小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；地磁南北极与地理南北极相反，但不重合，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近；
(2)磁场是真实存在的；
(3)磁性大小与吸引的物质种类多少无关。
磁场是一种真实存在的物质，磁感线是描述磁场的一种建立理想模型法，磁感线是假的不存在；地球周围存在磁场，地磁南北极与地理南北极相反，且不重合。

8.【答案】C

【解析】解：匀速直线运动v=st虽然可由s、t计算v，但v与s、t无关。
A、比热容表达式c=Qm△t虽然可由Q、m、△t计算c，但c与Q、m、△t无关，决定于物质的种类和状态。故A不符合题意；
B、电阻表达式R=UI虽然可由U、I计算R，但R与U、I无关，决定于导体的材料、长度、横截面积和温度。故B不符合题意；
C、I=UR是欧姆定律表达式，因为I与U成正比，与R成反比，不属于比值定义法。故C符合题意；
D、热值表达式q=Qm虽然可以由Q、m计算q，但q与Q、m无关，决定于燃料的种类。故D不符合题意。
故选：C。
用两个(多个)基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法。叫做比值定义法，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性。
此题考查我们对物理概念的理解，知道c、R、q反应的是物质的属性，是解答此题的关键。

9.【答案】D

【解析】解：
A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故A错误；
B、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故B错误；
CD、当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷(自由电子)，验电器上的自由电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片失去电子而带正电，验电器的两片金属箔都带正电荷，相互排斥张开，瞬时电流方向a→b，故C错误，故D正确。
故选：D。
(1)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，摩擦的过程中，其实质是电子的转移，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电；
(2)摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷；
(3)当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷(自由电子)，验电器上的自由电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片缺少电子而带正电；正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反。
本题考查了摩擦起电的实质、丝绸摩擦的玻璃棒带正电、电流方向的规定以及电子转移情况，属于基础知识。

10.【答案】B

【解析】解：A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故B符合题意；
C、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；
D、图为探究电磁铁的磁性与线圈匝数关系的实验图，故D不符合题意。
故选：B。
电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。

11.【答案】B

【解析】
【分析】
由题意可知，自动开关S1和手动开关S2均可以独立控制开门电动机，说明两开关并联，且开门电动机位于干路，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式和电动机的位置是关键。
【解答】
经分析可知，自动开关S1和手动开关S2并联，且开门电动机位于干路。
A.由电路图可知，只有自动开关S1和手动开关S2共同闭合时，开门电动机才能工作，故A不符合题意；
B.由电路图可知，自动开关S1和手动开关S2并联，且开门电动机位于干路，故B符合题意；
C.由电路图可知，自动开关S1闭合时会造成电源短路，故C不符合题意；
D.由电路图可知，手动开关S2闭合时会造成电源短路，故D不符合题意。
故选：B。  
12.【答案】C

【解析】解：
因为二极管具有单向导电性，当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态；根据题意可知，电流从其P端流入时发红光，从其Q端流入时发绿光，所以两二极管并联，且红发光二极管的正接线柱在P端，负接线柱在Q端，绿发光二极管的正接线柱在Q端，负接线柱在P端，所以C图正确。
故选：C。
当电流从二极管的正接线柱流入，负接线柱流出时，二极管将电路接通；当电流从二极管的负接线柱流入时，二极管在电路中处于断开状态。
本题考查电路的基本连接方式以及二极管单向导电性的特点。

13.【答案】C

【解析】解：
售货员认为微波炉很省电，是说微波炉的电功率大，但加热食物用时很短，消耗的电能并不多，所以“微波炉很省电，用它加热食品花不了多少电费”，即售货员是从电能角度说的；
顾客是从电功率角度考虑的，因为微波炉属于大功率用电器，工作时电路中电流很大，会跳闸，相同时间内消耗的电能多，所以认为很“费电”。
故选：C。
根据公式W=Pt可以解释售货员所说的微波炉很省电；根据I=PU可以解释顾客说的微波炉功率大，微波炉一开就跳闸。
本题通过实际生活中的一个场景来考查学生对电能和电功率的理解情况，是一道理论与实践相结合的题目。

14.【答案】A

【解析】解：
当滑片P接在a点时，电压表被短路，故示数为0；
当滑片P接在b点时，电压表与左边灯泡并联，示数为左边灯两端的电压，由串联电路的电压规律可得，示数小于电源电压；
当滑片P接在c、d两点时，电压表并联在电源两端，故示数为电源电压；
即当P接在a点时，电压表示数最小。
故选：A。
由图可知两灯泡串联，电压表P点接在不同位置时，与电压表所并联的电路不同，则由欧姆定律及串联电路的电压规律可得出电压表示数的大小。
本题需要明确当电压表被短路时，电压的示数为0即可得出正确结果。

15.【答案】A

【解析】解：闭合开关S，小灯泡L发光，钨丝不发光，用酒精灯对白炽灯的钨丝加热，钨丝的温度升高，观察到小灯泡L的亮度明显变暗，说明通过小灯泡L的电流变小，钨丝的电阻增大；由于钨丝和小灯泡串联接入电路中，则通过它们的电流是相同的；综上所述，BCD错误，A正确。
故选：A。
(1)掌握影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积和温度；根据实验过程分析控制的量和改变的量，得出探究的因素；
(2)根据灯泡发光的亮暗判断出电阻的变化。
此题是探究温度对导体电阻大小的影响，考查了控制变量法的应用，注意实验中不同的条件得出探究的因素，同时涉及到了电阻对电路中电流的影响。

16.【答案】C

【解析】解：
AB、当S闭合时，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片向左移动时，接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，电源电压不变，由I=UR可知电路中电流I变小，根据U=IR可知R1两端电压U1变小，由串联电路电压的规律可知V2示数U2增大，故A、B错误；
CD、因为串联电路各部分电压之和等于电源电压，
所以R1和R2两端电压的变化量相等，则有：
△U1=△U2-----①，
又因为R1是定值电阻，根据欧姆定律可得前后两次V1示数分别为U1=IR1，U′1=I′R1，
则U1−U′1=IR1−I′R1，
即△U1=△IR1，
所以△U1△I=R1----②，
由①②可知△U2 与△I的比值不变，故C正确，D错误。
故选：C。
AB、当S闭合时，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片向左移动时，分析接入电路的电阻变化，根据电阻的串联确定电路中的总电阻变化，由欧姆定律I=UR分析电路中电流I变化，根据U=IR可知R1两端电压U1变化，由串联电路电压的规律确定V2示数U2变化；
CD、因为串联电路各部分电压之和等于电源电压，所以R1和R2两端电压的变化量相等，又因为R1是定值电阻，根据欧姆定律得出R1的电压变化表达式，据此分析。
本题为电路变化综合题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。

17.【答案】C

【解析】解：
开关S闭合后，L1、L2均能发光，过一会儿，L1、L2都不发光，原因可能是电源短路或电路中存在断路；而电压表有明显示数，说明电源没有短路，故障为断路；电压表有示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连通，所以只能是灯L2断路．
故选C.
两个电灯都不亮，说明是电源短路或开路，而电压表有读数说明此时电压表测的是电源电压，并且电源没有损坏，据此分析即可判断．
用电压表判断故障时，若电压表有读数，可能是所并联的地方开路或其他地方短路了，若电压表没有读数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了．

18.【答案】D

【解析】解：A、开关S闭合，S1闭合时，电压表测量电源电压，则电源电压U=12V；故A错误；
B、开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测量R2两端的电压，则U2=8V；根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：U1=U−U2=12V−8V=4V，
由于串联电路中电流处处相等，则R1：R2=U1I：U2I=U1：U2=4V：8V=1：2；故B错误；
C、开关S闭合，S1闭合时，只有R2连入电路，开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，则S1断开前后的总电阻之比为：：(R1+R2)=2：(1+2)=2：3，则S1断开前后，整个电路消耗的电功率之比：：：：2；故C错误；
D、S1断开前后，电路中的电流之比为：；所以，S1断开前后，R2消耗的电功率之比P2：：：：22=9：4；故D正确。
故选：D。
(1)开关S闭合，S1闭合时，电压表测量电源电压，根据电压表示数即可得出电源电压；
(2)开关S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测量R2两端的电压；根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出R1与R2的阻值之比；
(3)由于电源电压不变，则根据电阻的串联特点求出S1断开前后的总电阻之比，然后根据P=U2R求出整个电路消耗的电动率之比；
(4)根据欧姆定律求出S1断开前后的电路中电流之比，然后根据P=I2R求出R2消耗的电功率之比。
本题主要考查欧姆定律电功率以及串并联电路的特点，是一道综合题，较难。

19.【答案】C

【解析】解：
由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
AD、当滑动变阻器消耗的功率P2=0.6W时，其两端电压为U2=2V，U2′=6V，
由P=UI可得，电路电流：I=P2U2=0.6W2V=0.3A，I′=P2U2′=0.6W6V=0.1A
由I=UR及串联电路的电压规律可得，电源的电压：U=IR1+U2=0.3A×R1+2V------------------①
U=I′R1+U2′=0.1A×R1+6V-----------------②
由于电源电压不变，则：0.3A×R1+2V=0.1A×R1+6V，
解得：R1=20Ω；故D正确；
电源电压为：U=IR1+U2=0.3A×20Ω+2V=8V，故A正确；
B、当变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，则R2的最大阻值：R2=U2′I′=6V0.1A=60Ω，故B正确；
C、当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路电流最大，即Imax=UR1=8V20Ω=0.4A，
电路消耗的最大总功率：Pmax=UImax=8V×0.4A=3.2W，
电路消耗的最小总功率：Pmin=UImin=8V×0.1A=0.8W，
则电路总功率的变化量：△P=Pmax−Pmin=3.2W−0.8W=2.4W，故C错误。
故选：C。
由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图象读出滑动变阻器的电功率和电压值，根据I=UR求出电路中的电流；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值和电源电压；
(2)当变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出R2的最大阻值；
(3)当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路电流最大，根据欧姆定律求出最大电流，再利用P=UI求出电路消耗的最大功率和最小功率，进一步求出电路总功率的变化量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

20.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当电压表V1的示数U1max=3V时，电路中的电流最大，变阻器接入电路中的电阻最小，
则Imax=U1maxR1=3V10Ω=0.3A