2021年内蒙古赤峰市中考物理试卷

这是一份2021年内蒙古赤峰市中考物理试卷，共33页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2021年内蒙古赤峰市中考物理试卷
一、选择题（每小题给出的选项中只有一项符合题意，请将符合题意的选项序号，在答题卡的对应位置上按要求涂黑。每小题3分，共30分）
1．（3分）（2021•赤峰）同学们上网课时，很容易辨别出是哪位老师的声音，这主要是根据声音的（　　）
A．音调 B．音色 C．响度 D．频率
2．（3分）（2021•赤峰）如图所示，下列现象中由光沿直线传播造成的是（　　）
A．路灯下的“人影”
B．景物在凸面镜中成像
C．筷子好像在水面处向上弯折
D．国家大剧院和它在水中的倒影
3．（3分）（2021•赤峰）升国旗时，旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，如图所示，关于旗杆上端定滑轮的作用，说法正确的是（　　）

A．省力 B．省功
C．费力 D．改变力的方向
4．（3分）（2021•赤峰）“注意安全，珍爱生命”是日常生活必须有的意识，下列做法中正确的是（　　）
A．电冰箱外壳应接地
B．雷雨天在室外使用手机打电话
C．家庭电路中，开关连接火线或零线都可以
D．发生触电事故时，立即用手把触电的人拉开
5．（3分）（2021•赤峰）下列事例中，利用大气压原理工作的是（　　）
A．拖拉机的履带又宽又大
B．三峡船闸
C．用塑料吸管吸饮料
D．用注射器注射新冠疫苗到人体内
6．（3分）（2021•赤峰）小雨同学“五一节”期间借助厨房的简易器材完成了一项实践性作业：自制霜。如图所示，她将冰块放于易拉罐中，并加入适量的盐，用筷子搅拌，放在一铺有湿抹布的桌面上，过一段时间后小雨发现在易拉罐的下端有白色的霜出现，拿起易拉罐时发现湿抹布和易拉罐的底部粘在一起了。小雨对实验现象进行了分析，其中分析错误的一项是（　　）

A．易拉罐中的冰加入盐后极易熔化，熔化过程吸收热量
B．湿抹布和易拉罐的底部粘在一起是因为水遇冷凝固形成冰
C．易拉罐下端的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华过程要吸收热量
D．夏天从冰箱里拿出的冻肉放置在空气中，一会儿表面上结了一层霜，这层霜和实验中易拉罐下端形成的霜成因相同
7．（3分）（2021•赤峰）锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，如图所示。下列说法中正确的是（　　）

A．锤柄撞击桌面前，锤头随锤柄一起向下运动，此时锤头和锤柄没有惯性
B．锤柄撞击桌面时，锤头由于受到惯性力的作用紧套在锤柄上
C．撞击桌面时，锤柄由于受力运动状态改变而停止运动，此时锤柄没有惯性
D．锤柄撞击桌面时，锤头由于惯性，还要保持原来向下的运动状态，所以紧套在锤柄上
8．（3分）（2021•赤峰）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．温度相同的物体内能一定相等
B．汽油机的做功冲程中燃气的内能减小
C．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
D．摩擦生热过程将机械能转化为内能，这些内能又可以自发的转化为机械能
9．（3分）（2021•赤峰）教室里常用过氧乙酸溶液熏蒸消毒，小明设计的“过氧乙酸气体浓度测试仪”可以监测教室里过氧乙酸气体浓度是否达到要求的标准。如图所示是其简化的工作电路图，电源电压恒为6V，定值电阻R2＝100Ω，传感器R1的阻值随过氧乙酸气体浓度增大而减小，下列判断正确的是（　　）


A．当过氧乙酸气体浓度增大时，电路中电流表示数变小
B．当过氧乙酸气体浓度增大时，电路中电压表示数变小
C．当电路中电压表示数为4.5V时，过氧乙酸气体浓度达到消毒要求的最低标准，此时可计算得出电流表示数为0.45A
D．当电路中电压表示数为4.5V时，过氧乙酸气体浓度达到消毒要求的最低标准，可计算得出传感器R1的阻值为40Ω
10．（3分）（2021•赤峰）某科技小组用如图所示装置探究“物体处于平衡状态时支持力跟拉力的关系”。他们将调好的电子秤放置在水平桌面上，把一个边长为10cm、质量为1.6kg的正方体合金块放置在电子秤托盘中央，合金块系有细线，用数字测力计沿竖直方向向上拉合金块，下列判断正确的是（g取10N/kg）（　　）

A．合金块对电子秤的压力和电子秤对合金块的支持力是一对平衡力
B．当数字测力计拉力为4N时，合金块在两个力的作用下平衡
C．当数字测力计拉力为4N时，合金块受到电子秤的支持力为20N
D．当数字测力计拉力为14.5N时，合金块对电子秤产生的压强为1.5×102Pa
二、填空题（将答案填写在答题卡对应的横线上，每空1分，共10分）
11．（3分）（2021•赤峰）把1kg的水从60℃开始加热至沸腾，温度随时间变化的图像如图所示，由图像可知，水的沸点是 　 　℃，沸腾过程的特点是 　 　；这些水由60℃加热至90℃需要吸收的热量是 　 　J。（c水＝4.2×103J/（kg•℃））

12．（2分）（2021•赤峰）学完动能知识后，小亦同学用如图所示装置模拟汽车超速带来的安全隐患，甲、乙两图中的小车、斜面、木板、木块均完全相同。

（1）实验中，通过比较小车推动木块距离的远近，来判断小车动能的大小，这种研究方法叫 　 　法。
（2）由图中实验现象得到的结论是 　 　。
13．（2分）（2021•赤峰）如图是某灵敏电流计的内部结构示意图，线圈在磁场中，指针与线圈相连。当线圈中有电流通过时，线圈会转动，原因是 　 　；若改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向将 　 　（填“改变”或“不改变”）。

14．（3分）（2021•赤峰）某小汽车在平直公路上行驶的45s内，其速度v与时间t、动力F与时间t的关系图像分别如图甲、乙所示，已知前10s内小汽车运动的路程为100m。求：
（1）前10s内小汽车运动的平均速度是 　 　m/s；
（2）小汽车在匀速直线运动阶段通过的路程是 　 　m；
（3）整个过程动力F做的总功 　 　J。

三、作图与实验探究题（按要求在答题卡上作答，共30分）
15．（2021•赤峰）如图所示，请画出激光束从三棱镜折射入空气时，法线的位置和折射光线的大致位置。

16．（2021•赤峰）如图所示，用一根硬棒通过支点O撬起石头，画出石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂L．

17．（2021•赤峰）如图所示，请按小磁针（黑色为N极）的指向，标出螺线管中的电流方向（电流方向用箭头表示），并在括号中标明螺线管右端的极性。


18．（4分）（2021•赤峰）小华利用学过的知识制作照相机模型：她先用太阳光测出所用凸透镜的焦距；再用硬纸板制作两个粗细相差很少的纸筒，使一个纸筒刚好能套入另一个纸筒内，并能前后滑动，在一个纸筒的一端嵌上凸透镜，另一个纸筒的一端蒙上一层半透明薄膜，如图1所示。
（1）制作模型时，小华测得凸透镜的焦距是10cm，则移动内筒使半透明薄膜距前端凸透镜的距离在 　 　cm到 　 　cm范围内，才能找到清晰的像。
（2）小华用此照相机模型观察到物体的像如图2甲所示，想使半透明薄膜上的像变大些，如图2乙，应使镜头离被观察的物体 　 　（填“远一些”或“近一些”），同时调节内筒位置，使半透明薄膜上的像变得清晰。

19．（4分）（2021•赤峰）为了比较不同物质的吸热能力，小阳取来相同规格的两个电加热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对甲、乙两种液体加热，装置如图所示。实验前应保证甲、乙两种液体的 　 　相同；实验时小阳每隔1min记录一次液体的温度，记录结果如下表，通过分析表中数据可知液体 　 　的比热容较小。
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲液体温度/℃
20
30
40
50
60
乙液体温度/℃
38
46
54
62
70

20．（8分）（2021•赤峰）（1）复习“验证阿基米德原理”实验时，小明设计了如下表所示的实验数据记录表格。
①请把表格第一行中缺少的I、Ⅱ两部分内容补充完整：I 　 　；II 　 　。
次数
物体的所受的重力/N
物体在水中时测力计的计数/N
Ⅰ
小桶和排开水所受的总重力/N
小桶所受的重力/N
Ⅱ
1






2






3






……






②验证完阿基米德原理后，小组继续深入讨论时发现还可以利用其中一次的实验数据（如图所示）和水的密度算出所用物块的密度，则物块密度ρ物＝　 　kg/m3。
（2）科技制作小组在一次课外实践活动中，用一根装有适量配重的长饮料吸管，使其能竖直漂浮在水中，制成了简易密度计。为了能准确地在吸管上标注出不同液体密度所对应的刻度，则必须测量的量是 　 　。
A.吸管的总长度
B.容器中水的深度
C.吸管浸入水中的长度
D.吸管及配重的重力

21．（8分）（2021•赤峰）在“探究电流与电压关系”实验中，小峰所用电路如图甲所示。

（1）电路连接完整后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P滑到 　 　（填“a”或“b”）端。
（2）闭合开关，移动滑片，依次进行实验，小峰记录的数据如下表所示。其中第二次实验时，电流表指针如图乙所示，则电流表的示数为 　 　A。
实验序号
1
2
3
4
电压U/V
0.8
1.6
2.4
3.0
电流I/A
0.16

0.48
0.58
（3）分析表中数据，得到的结论是 　 　。
（4）实验结束，小峰整理器材时发现定值电阻很热，他联想到处理数据时，第四组数据之间的关系与前三组数据之间的关系存在差异，他和同组的小华就此展开讨论，认为数据差异可能是 　 　造成的。由此反思实验过程：实验时每次读取数据后要 　 　（写具体操作），再记录数据，减小此因素对测量结果的影响。
四.综合应用题（按要求在答题卡上作答，写出必要的文字说明和解题步骤，共20分）
22．（6分）（2021•赤峰）阅读材料，回答下述问题：
火星上的新来客
2021年5月15日，在经历了296天的太空之旅后，“天问一号”火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体成功降落在火星，实现了首次探测即成功着陆。
“祝融号”的机身被设计成可升降的主动悬架结构，能够自由转向，六个轮子均独立驱动，多轮悬空的条件下依然能自由移动，成为一辆不折不扣的“火星六驱越野车”。借助六个轮子，“祝融号”从着陆平台移动到火星尘埃中之后，打开蝴蝶状可折叠太阳能电池板，开始火星探索。它携带有6台科研仪器，将对火星地形及其构成，火星磁场大小、大气组成、气温、气压、风力等方面展开探测。
不过，此次“祝融号”携带的探地雷达是以往火星探测器中没有的，科学家将用它寻找地表之下零星的水或冰。探地雷达的原理很简单，就是通过该雷达向地下发射不同频率的无线电波，通过对反射波进行分析，探测火星地表下十几米内是否有水和冰块。这些小块的冰对于未来的载人任务很有价值。
“在海洋探险时代，中国有郑和下西洋的辉煌历史，”今天中国的火星任务可以看作是明代探险活动的延续。
（1）如图是“天问一号”携带“祝融号”在太空旅行的图片，以“天问一号”为参照物，“祝融号”是 　 　的（填“运动”或“静止”）。
（2）“祝融号火星六驱越野车”行进过程中，利用火星表面和车轮之间产生的 　 　力驱动车轮前进的。
（3）“祝融号”探地雷达发出的无线电波在真空中的传播速度是 　 　m/s。

23．（6分）（2021•赤峰）小红从赤峰到宁城，选择了尾气零排放的G8208次列车。经查询赤峰到宁城高铁运行里程约100km，运行时间约30min。若该列车全程匀速行驶在平直的轨道上，牵引力恒为2.7×105N，供电电路输入列车的电功率恒为2×107W。请你根据以上信息，解决下列问题：
（1）从赤峰站到宁城站段列车消耗的电能。
（2）求该列车从赤峰站至宁城站将电能转化为机械能的效率。
24．（8分）（2021•赤峰）中国的厨艺最讲究“火候”二字，图甲所示的智能蛋糕机就是采用智能化技术控制制作过程不同时间段的温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕。该蛋糕机的部分参数如下表所示。
U额＝220V
额定功率/W
中温440
高温880
（1）求该蛋糕机正常工作时中温挡和高温挡的电流之比。
（2）求该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻。
（3）小明课下查得其实际工作的简化电路图如图乙所示，S1为单刀开关，S2为单刀多掷开关，R1、R2为电加热丝。请判断蛋糕机处于高温、中温、低温挡时开关S1、S2所处的状态；并计算该蛋糕机低温挡的额定功率。

2021年内蒙古赤峰市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题给出的选项中只有一项符合题意，请将符合题意的选项序号，在答题卡的对应位置上按要求涂黑。每小题3分，共30分）
1．（3分）（2021•赤峰）同学们上网课时，很容易辨别出是哪位老师的声音，这主要是根据声音的（　　）
A．音调 B．音色 C．响度 D．频率
【分析】声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：同学们上网课时，很容易辨别出是哪位老师的声音，这主要是根据声音的音色不同。
故ACD错误，B正确。
故选：B。
【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2．（3分）（2021•赤峰）如图所示，下列现象中由光沿直线传播造成的是（　　）
A．路灯下的“人影”
B．景物在凸面镜中成像
C．筷子好像在水面处向上弯折
D．国家大剧院和它在水中的倒影
【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
【解答】解：A．路灯下的“人影”是由于光沿直线传播而形成的，故A正确；
B．景物在凸面镜中成像，是光的反射形成的，故B错误；
C．筷子好像在水面处折弯，是属于光的折射，故C错误；
D．国家大剧院在水中的倒影，是平面镜成像，是光的反射，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。
3．（3分）（2021•赤峰）升国旗时，旗手缓缓向下拉绳子，旗子就会徐徐上升，如图所示，关于旗杆上端定滑轮的作用，说法正确的是（　　）

A．省力 B．省功
C．费力 D．改变力的方向
【分析】定滑轮是轴固定不动的滑轮，使用定滑轮不省力但能改变力的方向，据此分析即可。
【解答】解：由图可知，旗杆顶部滑轮的轴是固定不动的，为定滑轮，使用定滑轮的优点是可以改变力的方向，但不能省力，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题。
4．（3分）（2021•赤峰）“注意安全，珍爱生命”是日常生活必须有的意识，下列做法中正确的是（　　）
A．电冰箱外壳应接地
B．雷雨天在室外使用手机打电话
C．家庭电路中，开关连接火线或零线都可以
D．发生触电事故时，立即用手把触电的人拉开
【分析】（1）有金属外壳的用电器应使用三孔插座，这样可防止因电器漏电而触电；
（2）雷雨天应避免打电话，打电话时所发射的电磁波容易引来雷电，造成触电事故；
（3）开关与用电器的连接方法：从火线先接入开关，再接入用电器，从用电器出来后回到零线；
（4）发现有人触电后，应先切断电源再施救。
【解答】解：A、带有金属外壳的用电器，金属外壳与地线相连，防止金属外壳漏电，发生触电事故，所以电冰箱外壳要接地，故A正确；
B、雷雨天在室外使用手机打电话时所发射的电磁波容易引来雷电，造成触电事故，故B错误；
C、家庭电路中，火线必须先接入开关，再接入用电器，这样能够起到防触电作用，故C错误；
D、发生触电事故时，首先要切断电源，再施救，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
5．（3分）（2021•赤峰）下列事例中，利用大气压原理工作的是（　　）
A．拖拉机的履带又宽又大
B．三峡船闸
C．用塑料吸管吸饮料
D．用注射器注射新冠疫苗到人体内
【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
【解答】解：A、拖拉机的履带又宽又大是通过增大受力面积来减小压强，与大气压没有关系，故A不符合题意；
B、三峡船闸形成了一个上端开口，底部连通的连通器，它是利用连通器的原理来进行工作的，不属于利用大气压，故B不符合题意；
C、用塑料吸管吸饮料用力一吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口内，利用了大气压，故C符合题意；
D、向肌肉内注射新冠疫苗时，注射器内压强增大，大于人体血管内压强，使药液进入人体血管内，和大气压强没有关系，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
6．（3分）（2021•赤峰）小雨同学“五一节”期间借助厨房的简易器材完成了一项实践性作业：自制霜。如图所示，她将冰块放于易拉罐中，并加入适量的盐，用筷子搅拌，放在一铺有湿抹布的桌面上，过一段时间后小雨发现在易拉罐的下端有白色的霜出现，拿起易拉罐时发现湿抹布和易拉罐的底部粘在一起了。小雨对实验现象进行了分析，其中分析错误的一项是（　　）

A．易拉罐中的冰加入盐后极易熔化，熔化过程吸收热量
B．湿抹布和易拉罐的底部粘在一起是因为水遇冷凝固形成冰
C．易拉罐下端的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华过程要吸收热量
D．夏天从冰箱里拿出的冻肉放置在空气中，一会儿表面上结了一层霜，这层霜和实验中易拉罐下端形成的霜成因相同
【分析】（1）晶体的熔点跟晶体的种类、是否有杂质、压强等有关；晶体中有杂质可以降低晶体的熔点；
（2）物质由液体变成固态的过程叫做凝固，凝固放热；
（3）物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热。
【解答】解：A.冰水混合物的温度为0℃，加入盐后，熔点降低，即低于0℃，极易熔化。熔化吸收热量，故A正确；
B.湿抹布和易拉罐的底部粘在一起是因为湿抹布中的水遇冷凝固形成冰，故B正确；
C.易拉罐下端的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放出热量，故C错误；
D.夏天从冰箱里拿出的冻肉放置在空气中，一会儿表面上结了一层霜，是空气中的水蒸气凝华形成的，故D正确。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对晶体熔点与杂质是否有关的了解，以及凝华现象，对生活中常见的物态变化要有所认识。
7．（3分）（2021•赤峰）锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，如图所示。下列说法中正确的是（　　）

A．锤柄撞击桌面前，锤头随锤柄一起向下运动，此时锤头和锤柄没有惯性
B．锤柄撞击桌面时，锤头由于受到惯性力的作用紧套在锤柄上
C．撞击桌面时，锤柄由于受力运动状态改变而停止运动，此时锤柄没有惯性
D．锤柄撞击桌面时，锤头由于惯性，还要保持原来向下的运动状态，所以紧套在锤柄上
【分析】（1）物体都有保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
（2）力的作用效果包括：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状。
【解答】解：AC、一切物体在任何时候都有惯性，锤柄撞击桌面前，锤头随锤柄一起向下运动，此时锤头和锤柄都有惯性，撞击桌面时，锤柄由于受力运动状态改变而停止运动，此时锤柄仍然有惯性，故AC错误；
BD、锤头和锤柄原来一起运动，锤柄因撞击而停止运动，而锤头由于惯性还要保持原来的运动状态，锤头继续向下运动，就紧套在锤柄上了，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生用惯性知识和力的作用效果知识解释生活中一些现象的能力，体现了从物理走向生活，是一道基础题。
8．（3分）（2021•赤峰）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．温度相同的物体内能一定相等
B．汽油机的做功冲程中燃气的内能减小
C．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
D．摩擦生热过程将机械能转化为内能，这些内能又可以自发的转化为机械能
【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，其大小与物体的质量和温度有关，物体的温度越高、质量越大，内能越大；
（2）热机在做功冲程中，燃料在气缸内燃烧，产生高温高压的燃气，燃气对活塞做功，内能转化为机械能。
（3）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；
（4）能量在转化和转移过程中具有方向性。
【解答】解：A、温度相同的两个物体，质量不一定相同，内能不一定相等，故A错误；
B、汽油机在做功冲程中，燃气对活塞做功，燃气的内能转化为机械能，所以燃气的内能减少，故B正确；
C、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故C错误；
D、摩擦生热是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这些内能可以通过做功再转化为机械能，但这些内能无法自动地转化为机械能，是因为能量的转化是有方向性的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系，还有能量转化知识的掌握，是中考的热点。
9．（3分）（2021•赤峰）教室里常用过氧乙酸溶液熏蒸消毒，小明设计的“过氧乙酸气体浓度测试仪”可以监测教室里过氧乙酸气体浓度是否达到要求的标准。如图所示是其简化的工作电路图，电源电压恒为6V，定值电阻R2＝100Ω，传感器R1的阻值随过氧乙酸气体浓度增大而减小，下列判断正确的是（　　）


A．当过氧乙酸气体浓度增大时，电路中电流表示数变小
B．当过氧乙酸气体浓度增大时，电路中电压表示数变小
C．当电路中电压表示数为4.5V时，过氧乙酸气体浓度达到消毒要求的最低标准，此时可计算得出电流表示数为0.45A
D．当电路中电压表示数为4.5V时，过氧乙酸气体浓度达到消毒要求的最低标准，可计算得出传感器R1的阻值为40Ω
【分析】（1）根据电路图可知R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由题知，当过氧乙酸浓度增大时，R1的阻值减小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
（2）当过氧乙酸浓度增大时，R1的阻值减小，根据串联分压的规律可知电压表示数的变化情况；
（3）（4）当电压表示数为4.5V时，即R1两端电压为4.5V，根据串联电路的电压规律可求得R2两端的电压，根据欧姆定律可求得此时电路中通过的电流和此时传感器R1的阻值。
【解答】解：
由电路图可知传感器R1和定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、由题知，当过氧乙酸气体浓度增大时，传感器R1的阻值减小，电路的总电阻减小，而电源电压不变，根据可知电路中电流会变大，即电流表示数变大，故A错误；
B、当过氧乙酸气体浓度增大时，传感器R1的阻值减小，根据串联分压的规律可知传感器R1分得的电压减小，即电压表示数变小，故B正确；
CD、当电路中电压表示数为4.5V时，即U1＝4.5V，则电阻R2两端的电压为U2＝U﹣U1＝6V﹣4.5V＝1.5V，
此时电路中的电流为：＝，故C错误；
根据欧姆定律可得，此时传感器R1的阻值为：＝，故D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查了电路的动态分析以及欧姆定律的应用，要注意串联分压规律的应用，同时要注意分析传感器R1的阻值随过氧乙酸气体浓度的变化情况。
10．（3分）（2021•赤峰）某科技小组用如图所示装置探究“物体处于平衡状态时支持力跟拉力的关系”。他们将调好的电子秤放置在水平桌面上，把一个边长为10cm、质量为1.6kg的正方体合金块放置在电子秤托盘中央，合金块系有细线，用数字测力计沿竖直方向向上拉合金块，下列判断正确的是（g取10N/kg）（　　）

A．合金块对电子秤的压力和电子秤对合金块的支持力是一对平衡力
B．当数字测力计拉力为4N时，合金块在两个力的作用下平衡
C．当数字测力计拉力为4N时，合金块受到电子秤的支持力为20N
D．当数字测力计拉力为14.5N时，合金块对电子秤产生的压强为1.5×102Pa
【分析】（1）分析物体的受力情况，静止的物体受到平衡力的作用。
（2）区分平衡力和相互作用力。
（3）固体压强计算方法：p＝。
【解答】解：A、合金块对电子秤的压力和电子秤对合金块的支持力是一对相互作用力，故A错误；
B、合金块受到3个力的作用：重力G、拉力F拉、支持力F支，当数字测力计拉力为4N时，支持力为：F支＝G﹣F拉＝mg﹣F拉＝1.6kg×10N/kg﹣4N＝12N，合金块在三个力的作用下平衡，故B错误；
C、当数字测力计拉力为4N时，支持力为：F支＝G﹣F拉＝mg﹣F拉＝1.6kg×10N/kg﹣4N＝12N，故C错误；
D、当数字测力计拉力为14.5N时，合金块对电子秤产生的压力为：F压＝F支＝G﹣F拉＝16N＝14.5N＝1.5N，合金块的面积为：S＝（10cm）2＝100cm2＝0.01m2，压强为：p＝＝＝1.5×102Pa，故D正确。
故选：D。
【点评】准确分析物体的受力情况，受力运用压强的计算公式，是解答此题的关键。
二、填空题（将答案填写在答题卡对应的横线上，每空1分，共10分）
11．（3分）（2021•赤峰）把1kg的水从60℃开始加热至沸腾，温度随时间变化的图像如图所示，由图像可知，水的沸点是 　98　℃，沸腾过程的特点是 　吸热温度不变　；这些水由60℃加热至90℃需要吸收的热量是 　1.26×105　J。（c水＝4.2×103J/（kg•℃））

【分析】（1）根据液体沸腾的特点找到沸点：液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；
【解答】解：由图可知，水沸腾时，不断吸收热量，保持98℃不变，所以98℃是水的沸点。
水吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（90℃﹣60℃）＝1.26×105J。
故答案为：98；吸热温度不变；1.26×105。
【点评】本题考查的比较全面，水沸腾图象、沸腾的特点以及吸热公式，是一道热学综合题。
12．（2分）（2021•赤峰）学完动能知识后，小亦同学用如图所示装置模拟汽车超速带来的安全隐患，甲、乙两图中的小车、斜面、木板、木块均完全相同。

（1）实验中，通过比较小车推动木块距离的远近，来判断小车动能的大小，这种研究方法叫 　转换　法。
（2）由图中实验现象得到的结论是 　物体质量相同时，运动的速度越大，动能越大　。
【分析】（1）实验中运用转换法来研究小车动能的大小，即观察小车撞击木块移动的距离远近；
（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大，对照图示，结合控制变量法可得出结论。
【解答】解：（1）探究物体动能大小与哪些因素有关时，物体动能的大小无法直接体验，所以通过小车对木块外做功的多少来体现小车动能的多少，即通过木块被推动的距离来判断小车动能的大小，所用方法为转换法；
（2）根据甲、乙两图可知，同一小车，乙图小车的位置高，到达水平面时的速度大，撞击木块时木块移动距离远，小车的动能大，故可知得出结论：物体质量相同时，运动的速度越大，动能越大。
故答案为：（1）转换；（2）物体质量相同时，运动的速度越大，动能越大。
【点评】掌握动能的影响因素，能正确运用转换法和控制变量法是本实验成功的关系。
13．（2分）（2021•赤峰）如图是某灵敏电流计的内部结构示意图，线圈在磁场中，指针与线圈相连。当线圈中有电流通过时，线圈会转动，原因是 　通电线圈在磁场中受力　；若改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向将 　改变　（填“改变”或“不改变”）。

【分析】利用图示的装置分析出其制成原理，据此解答。
【解答】解：通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大。因此可以利用电流表指针的转动幅度来体现电路中电流的大小。
故答案为：通电线圈在磁场中受力；改变。
【点评】在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的制成原理，如：天平、温度计、电话、电磁继电器、测力计，以及此题中提到的这些设备。针对它们的制成原理的考查，是一个热点题型，需要重点掌握。
14．（3分）（2021•赤峰）某小汽车在平直公路上行驶的45s内，其速度v与时间t、动力F与时间t的关系图像分别如图甲、乙所示，已知前10s内小汽车运动的路程为100m。求：
（1）前10s内小汽车运动的平均速度是 　10　m/s；
（2）小汽车在匀速直线运动阶段通过的路程是 　700　m；
（3）整个过程动力F做的总功 　1.1×106　J。

【分析】（1）已知前10s轿车运动的路程为100m，利用速度公式可求得平均速度；
（2）由图象可知轿车在匀速直线运动阶段的时间和速度，利用速度公式变形可求得通过的路程；
（3）由图象可知，0～10s、10s～45s时间内轿车的动力F和路程，利用W＝Fs可求得动力F做的总功．
【解答】解：（1）已知前10s轿车运动的路程为100m，
则前10s轿车运动的平均速度为：
v1＝＝＝10m/s，
（2）由图象甲可知，轿车在匀速直线运动阶段的时间t2＝45s﹣10s＝35s，速度v2＝20m/s，
由v＝可得通过的路程为：
s2＝v2t2＝20m/s×35s＝700m；
（3）由图象乙可知，0～10s的动力F1＝4000N，
则0～10s的动力做功为：
W1＝F1s1＝4000N×100m＝4×105J，
10s～45s时间内轿车的动力F2＝1000N，已知通过的路程s2＝700m；
则10s～45s时间内动力做功为：
W2＝F2s2＝1000N×700m＝7×105J，
则动力F做的总功为：
W＝W1+W2＝4×105J+7×105J＝1.1×106J。
故答案为：（1）10；（2）700；（3）1.1×106。
【点评】此题考查速度公式和功率公式的应用，综合性较强，难度适中，关键是读懂图象，并能从图象中获得相关信息进行分析计算。
三、作图与实验探究题（按要求在答题卡上作答，共30分）
15．（2021•赤峰）如图所示，请画出激光束从三棱镜折射入空气时，法线的位置和折射光线的大致位置。

【分析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。
【解答】解：激光束从三棱镜折射入空气时，此时的折射角要大于入射角，首先做出法线，根据折射角和入射角的关系做出折射光线，如图所示：

【点评】在作光的折射光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质（密度比较小的物质）里面的角（入射角或折射角）较大；在光密质（密度比较大的物质）里面的角（入射角或折射角）较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。
16．（2021•赤峰）如图所示，用一根硬棒通过支点O撬起石头，画出石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂L．

【分析】过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下；
过支点作力的作用线的垂线段就得到F的力臂．
【解答】解：石头重力的作用点在重心，过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示；
过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即为F的力臂L，如下图所示：

【点评】重力的方向是竖直向下，力的示意图就是用一条带箭头的线段表示力的三要素；作力臂首先找到支点和力的作用线，再从支点向力的作用线引垂线，支点到垂足之间的距离为力臂的大小．
17．（2021•赤峰）如图所示，请按小磁针（黑色为N极）的指向，标出螺线管中的电流方向（电流方向用箭头表示），并在括号中标明螺线管右端的极性。


【分析】根据磁极间的相互作用规律得出螺线管的极性，根据安培定则判断螺线管中电流的方向。
【解答】解：图中小磁针的左端为N极，右端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，螺线管的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从螺线管的右端流入，左端流出，螺线管中正面的电流方向是向上的，如图所示：

【点评】此题考查了学生对磁极间的相互作用规律以及安培定则的掌握情况，应注意灵活应用安培定则。
18．（4分）（2021•赤峰）小华利用学过的知识制作照相机模型：她先用太阳光测出所用凸透镜的焦距；再用硬纸板制作两个粗细相差很少的纸筒，使一个纸筒刚好能套入另一个纸筒内，并能前后滑动，在一个纸筒的一端嵌上凸透镜，另一个纸筒的一端蒙上一层半透明薄膜，如图1所示。
（1）制作模型时，小华测得凸透镜的焦距是10cm，则移动内筒使半透明薄膜距前端凸透镜的距离在 　10　cm到 　20　cm范围内，才能找到清晰的像。
（2）小华用此照相机模型观察到物体的像如图2甲所示，想使半透明薄膜上的像变大些，如图2乙，应使镜头离被观察的物体 　近一些　（填“远一些”或“近一些”），同时调节内筒位置，使半透明薄膜上的像变得清晰。

【分析】（1）当物距大于二倍焦距时，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，凸透镜成倒立、缩小的实像，应用是照相机；
（2）凸透镜成实像时，物距变小，像距变大，像变大。
【解答】解：（1）照相机的成像原理是：当物距大于二倍焦距时，像距在一倍焦距和二倍焦距之间；由于凸透镜的焦距是10cm，则移动内筒使半透明薄膜距前端凸透镜的距离在10cm到20cm范围内才能找到清晰的像；
（2）根据图2中的甲、乙可知，乙相对甲来说，像变大了，则像距应该变大，物距变小，所以应使镜头离被观察的物体近一些，同时调节内筒位置，使半透明薄膜上的像变得清晰。
故答案为：（1）10；20；（2）近一些。
【点评】本题考查了凸透镜成像的应用；照相机是根据凸透镜在物距大于二倍焦距时的成像情况制成的，此时凸透镜成是倒立缩小的实像。
19．（4分）（2021•赤峰）为了比较不同物质的吸热能力，小阳取来相同规格的两个电加热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对甲、乙两种液体加热，装置如图所示。实验前应保证甲、乙两种液体的 　质量　相同；实验时小阳每隔1min记录一次液体的温度，记录结果如下表，通过分析表中数据可知液体 　甲　的比热容较小。
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲液体温度/℃
20
30
40
50
60
乙液体温度/℃
38
46
54
62
70

【分析】使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：根据比较吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同，在相等时间内液体吸收热量相同，温度升高的越高，吸热能力越弱，液体的比热容越小，由表格数据知相同质量的甲乙两种液体，加热相同的时间，液体吸收的热量相同，甲液体温度升高了60℃﹣20℃＝40℃，乙液体温度高了70℃﹣38℃＝32℃，即甲比乙温度升高的多，甲液体的吸热能力弱，甲的比热容小。
故答案为：质量；甲。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及注意事项，为热学中的重要实验。
20．（8分）（2021•赤峰）（1）复习“验证阿基米德原理”实验时，小明设计了如下表所示的实验数据记录表格。
①请把表格第一行中缺少的I、Ⅱ两部分内容补充完整：I 　物体受到的浮力/N　；II 　物体排开水的重力/N　。
次数
物体的所受的重力/N
物体在水中时测力计的计数/N
Ⅰ
小桶和排开水所受的总重力/N
小桶所受的重力/N
Ⅱ
1






2






3






……






②验证完阿基米德原理后，小组继续深入讨论时发现还可以利用其中一次的实验数据（如图所示）和水的密度算出所用物块的密度，则物块密度ρ物＝　2.5×103　kg/m3。
（2）科技制作小组在一次课外实践活动中，用一根装有适量配重的长饮料吸管，使其能竖直漂浮在水中，制成了简易密度计。为了能准确地在吸管上标注出不同液体密度所对应的刻度，则必须测量的量是 　C　。
A.吸管的总长度
B.容器中水的深度
C.吸管浸入水中的长度
D.吸管及配重的重力

【分析】（1）①阿基米德原理内容：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于物体排开液体受到的重力；
②根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排算出物块的体积，由密度公式算出物块的密度；
（2）根据漂浮的特点及阿基米德原理得出液体密度的表达式，据此分析。
【解答】解：（1）①阿基米德原理内容：浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于物体排开液体受到的重力，所以实验过程中，需要记录物体受到的浮力F浮、物体排开水的重力G排，所以I处为物体受到的浮力/N，II处为物体排开水的重力/N；
②由称重法可知，物块在水中受到的浮力：
F浮＝G﹣F＝2.5N﹣1.5N＝1N
根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排知物块的体积：
V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3，
物块的密度为：
ρ＝＝＝＝2.5×103kg/m3；
（2）因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，
则有：F浮水＝F浮液＝G，由阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排，
ρ水gSh水＝ρ液gSh液＝G，
故ρ液＝ρ水；
h水是吸管浸入水中的深度，h液是吸管浸入液体中的深度，所以需要测量吸管浸入水中的深度。
故选：C。
故答案为：（1）①物体受到的浮力/N；物体排开水的重力/N；②2.5×103；（2）C。
【点评】本题考查漂浮的特点及阿基米德原理的运用以及密度公式的应用，要掌握。
21．（8分）（2021•赤峰）在“探究电流与电压关系”实验中，小峰所用电路如图甲所示。

（1）电路连接完整后，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P滑到 　a　（填“a”或“b”）端。
（2）闭合开关，移动滑片，依次进行实验，小峰记录的数据如下表所示。其中第二次实验时，电流表指针如图乙所示，则电流表的示数为 　0.32　A。
实验序号
1
2
3
4
电压U/V
0.8
1.6
2.4
3.0
电流I/A
0.16

0.48
0.58
（3）分析表中数据，得到的结论是 　在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比　。
（4）实验结束，小峰整理器材时发现定值电阻很热，他联想到处理数据时，第四组数据之间的关系与前三组数据之间的关系存在差异，他和同组的小华就此展开讨论，认为数据差异可能是 　温度变化导致R变大　造成的。由此反思实验过程：实验时每次读取数据后要 　断开开关并冷却到室温后　（写具体操作），再记录数据，减小此因素对测量结果的影响。
【分析】（1）为保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P滑到阻值最大位置；
（2）根据量程和分度值读出电流值；
（3）分析表中数据，考虑到误差因素得出结论；
（4）由欧姆定律可知得出第四组数据测量出电阻的阻值，同理，得出前几组数据测量出电阻的阻值；灯的电阻受温度的影响；
为减小影响，每次读取数据后要及时断开开关，避免长时间通电导致电阻温度过高。
【解答】解：（1）为保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P滑到a端；
（2）由图可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.32A；
（3）分析数据知，电压增大为原来的几倍，通过的也增大原来的几倍，即得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（4）由欧姆定律可知，第三组数据测量出电阻的阻值是：R3＝＝≈5.2Ω，
同理，前几组数据测量出电阻的阻值都是5Ω，由于电阻受温度的影响，所以数据差异可能是由于温度变化导致R变大造成的。
每次读取数据后要及时断开开关，避免长时间通电导致电阻温度过高，从而对实验结果造成影响。
故答案为：（1）a；（2）0.32；（3）在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（4）温度变化导致R变大；断开开关并冷却到室温后。
【点评】本题是探究电流与电压关系的实验，主要考查注意事项、电流表读数、数据分析及误差分析等，有一定难度。
四.综合应用题（按要求在答题卡上作答，写出必要的文字说明和解题步骤，共20分）
22．（6分）（2021•赤峰）阅读材料，回答下述问题：
火星上的新来客
2021年5月15日，在经历了296天的太空之旅后，“天问一号”火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体成功降落在火星，实现了首次探测即成功着陆。
“祝融号”的机身被设计成可升降的主动悬架结构，能够自由转向，六个轮子均独立驱动，多轮悬空的条件下依然能自由移动，成为一辆不折不扣的“火星六驱越野车”。借助六个轮子，“祝融号”从着陆平台移动到火星尘埃中之后，打开蝴蝶状可折叠太阳能电池板，开始火星探索。它携带有6台科研仪器，将对火星地形及其构成，火星磁场大小、大气组成、气温、气压、风力等方面展开探测。
不过，此次“祝融号”携带的探地雷达是以往火星探测器中没有的，科学家将用它寻找地表之下零星的水或冰。探地雷达的原理很简单，就是通过该雷达向地下发射不同频率的无线电波，通过对反射波进行分析，探测火星地表下十几米内是否有水和冰块。这些小块的冰对于未来的载人任务很有价值。
“在海洋探险时代，中国有郑和下西洋的辉煌历史，”今天中国的火星任务可以看作是明代探险活动的延续。
（1）如图是“天问一号”携带“祝融号”在太空旅行的图片，以“天问一号”为参照物，“祝融号”是 　静止　的（填“运动”或“静止”）。
（2）“祝融号火星六驱越野车”行进过程中，利用火星表面和车轮之间产生的 　摩擦　力驱动车轮前进的。
（3）“祝融号”探地雷达发出的无线电波在真空中的传播速度是 　3×108　m/s。

【分析】（1）在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象相对于参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的；
（2）能在火星表面行进，是因为火星表面和车轮之间有摩擦力，这是有益摩擦；
（3）电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
【解答】解：（1）“天问一号”携带“祝融号”在太空旅行：，以“天问一号”为参照物，“祝融号”位置没有发生改变，所以是静止的；
（2）能在火星表面行进，是因为火星表面和车轮之间有摩擦力；
（3）无线电波在真空中的传播速度是3×108m/s。
故答案为：（1）静止；（2）摩擦；（3）3×108。
【点评】本题考查运动和静止的描述、电磁波的传播和摩擦力的应用，综合性的题目，但难度不大。
23．（6分）（2021•赤峰）小红从赤峰到宁城，选择了尾气零排放的G8208次列车。经查询赤峰到宁城高铁运行里程约100km，运行时间约30min。若该列车全程匀速行驶在平直的轨道上，牵引力恒为2.7×105N，供电电路输入列车的电功率恒为2×107W。请你根据以上信息，解决下列问题：
（1）从赤峰站到宁城站段列车消耗的电能。
（2）求该列车从赤峰站至宁城站将电能转化为机械能的效率。
【分析】（1）根据W电＝Pt可以求出从从赤峰站到宁城站段列车消耗的电能；
（2）先根据W机＝Fs求出列车从赤峰站至宁城站列车的机械能，再根据 η＝ 可求出电能转化为机械能的效率。
【解答】解：（1）已知供电电路输入列车的电功率恒为P＝2×107W，赤峰到宁城高铁运行时间t＝30min＝1800s，
则从赤峰站到宁城站段列车消耗的电能为：W电＝Pt＝2×107W×1800s＝3.6×1010J；
（2）赤峰到宁城高铁运行里程约100km，即s＝1×105m，引力恒为F＝2.7×105N，
则列车从赤峰站至宁城站产生的机械能为：W机＝Fs＝2.7×105N×1×105m＝2.7×1010J，
则将电能转化为机械能的效率为：η＝＝。
答：（1）从赤峰站到宁城站段列车消耗的电能为3.6×1010J；
（2）求该列车从赤峰站至宁城站将电能转化为机械能的效率为75%。
【点评】本题主要考查了电能和效率的计算公式，关键在于对电能转化为机械能的效率的理解。
24．（8分）（2021•赤峰）中国的厨艺最讲究“火候”二字，图甲所示的智能蛋糕机就是采用智能化技术控制制作过程不同时间段的温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕。该蛋糕机的部分参数如下表所示。
U额＝220V
额定功率/W
中温440
高温880
（1）求该蛋糕机正常工作时中温挡和高温挡的电流之比。
（2）求该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻。
（3）小明课下查得其实际工作的简化电路图如图乙所示，S1为单刀开关，S2为单刀多掷开关，R1、R2为电加热丝。请判断蛋糕机处于高温、中温、低温挡时开关S1、S2所处的状态；并计算该蛋糕机低温挡的额定功率。
【分析】（1）由公式P＝UI可知，当电源电压U一定时，两个挡位时电路中的电流之比等于两个挡位的功率之比；
（2）由公式P＝可求得中温挡时电路的总电阻；
（3）由公式P＝可知，在电源电压一定时，电路的总电阻越大，电功率越小，即工作挡位越低。由乙图可知，
当开关S1闭合，S2接2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，蛋糕机处于高温挡；
当开关S1闭合，S2接1时，只有R1接入电路工作，R2断开，电路的总电阻等于R1阻值，蛋糕机处于中温挡；
当开关S1断开，S2接3时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，蛋糕机处于低温挡，由公式P＝可求得低温挡时的额定功率。
【解答】解：（1）由公式P＝UI可知，当电源电压U一定时，电功率P与电流I成正比，
则中温挡和高温挡的电流之比为：I中：I高＝P中：P高＝440W：880W＝1：2；
（2）由公式P＝可得，中温挡时电路的总电阻为：R中＝＝＝110Ω；
（3）由公式P＝可知，在电源电压一定时，电路的总电阻越大，电功率越小，即工作挡位越低。由乙图可知，
当开关S1闭合，S2接2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，蛋糕机处于高温挡，且P高＝；
当开关S1闭合，S2接1时，只有R1接入电路工作，R2断开，电路的总电阻等于R1阻值，蛋糕机处于中温挡，且P中＝，R1＝R中＝110Ω；
当开关S1断开，S2接3时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，蛋糕机处于低温挡，且P低＝；
因为P高＝，所以在高温挡下，R2的功率为：P2＝P高﹣P1＝P高﹣P中＝880W﹣440W＝440W，
R2的阻值为：R2＝＝110Ω
低温挡时的额定功率为：P低＝＝＝220W。
答：（1）该蛋糕机正常工作时中温挡和高温挡的电流之比为1：2；
（2）该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻为110Ω；
（3）当开关S1闭合，S2接2时，蛋糕机处于高温挡；当开关S1闭合，S2接1时，蛋糕机处于中温挡；当开关S1断开，S2接3时，蛋糕机处于低温挡，低温挡时的额定功率为220W。
【点评】本题考查电功率的动态分析及应用，关键是要能根据电路图分析电路的三种功率挡位，难度较大。
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日期：2021/9/30 15:31:56；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004