2021年宁夏中考物理试卷

这是一份2021年宁夏中考物理试卷，共31页。试卷主要包含了单项选择题，选择说明题，填空题，应用题，实验探究等内容，欢迎下载使用。

2021年宁夏中考物理试卷
一、单项选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分）
1．（2分）（2021•宁夏）如图是1978年在湖北省发掘出土的曾侯乙编钟。用大小相同的力敲击不同的编钟时，会发出不同的声音。这“不同的声音”主要指声音的（　　）

A．响度 B．音色 C．音调 D．声速
2．（2分）（2021•宁夏）二十四节气是古代中国人的智慧结晶，它反映季节变化，指导农事活动，影响着千家万户的衣食住行。2016年11月30日，“中国二十四节气”被正式列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列描述中发生液化现象的是（　　）

A．甲图中立春时节冰雪消融
B．乙图中冬至时节房檐下的冰挂
C．丙图中大雪时节地上的雪
D．图丁中白露时节草叶上的露珠
3．（2分）（2021•宁夏）下列说法正确的是（　　）
A．安装电路时，开关应接在零线上
B．地磁场的南极在地理的北极附近
C．划船时，使船前进的力的施力物体是船桨
D．核动力航母产生的核废料对环境无污染
4．（2分）（2021•宁夏）下列关于热和能现象的说法，正确的是（　　）
A．冬天人们搓手取暖是利用热传递来增加手掌内能
B．热机损失的能量中，废气带走的能量最少
C．冰熔化过程中吸收热量，内能增大，温度升高
D．“墙内开花墙外香”是因为发生了扩散现象
5．（2分）（2021•宁夏）如图所示，电源电压保持不变。关于电路的工作情况，下列说法中正确的是（　　）

A．同时闭合两个开关，通过两只灯泡的电流一定相同
B．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变，电流表的示数变大
C．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数变大，电流表的示数变大
D．若灯L1被短路，闭合S1、S2后，灯L1不亮，灯L2亮，电流表损坏
6．（2分）（2021•宁夏）对图中各现象的物理原理分析错误的是（　　）

A．甲图中刚停止沸腾的水，瓶底浇上冷水，水又重新沸腾，说明液体的沸点随气压降低而升高
B．乙图中地漏利用连通器原理防止异味
C．丙图中盆景自动供水装置中瓶内的水不能流下来是因为瓶外气压大于瓶内的气压
D．丁图中由于汽车外形上凸下平，快速行驶时对地面的压力会比静止时小
7．（2分）（2021•宁夏）如图所示，2021年5月15日，天问一号降落在火星表面。它在9分钟内将速度从约4900m/s降到0。第一步火星大气使其速度减少了90%左右；第二步打开减速伞直到速度降到100m/s；第三步变推力反冲发动机开机，进入动力下降阶段，自主确定着陆区域后，在缓冲机构和气囊的保护下抵达火星表面。下列说法中错误的是（　　）

A．天问一号第一步降落过程中机械能转化为内能
B．利用减速伞降落过程中天问一号所受阻力小于重力
C．动力下降阶段天问一号的机械能变小
D．天问一号的四个“大脚掌”可以减小它对火星表面的压强
二、选择说明题（本题共2小题，每小题5分，共10分。选出各小题唯一正确的答案，并在横线上说明理由）
8．（5分）（2021•宁夏）如图甲所示，物体受水平拉力F的作用，在同一水平地面上运动。从t＝0开始，物体的运动情况如图乙所示。关于这个过程描述正确的是 　 　

A.物体一直做匀速直线运动
B.物体在9s内通过的路程是18m
C.t＝1s时，若F＝2N，则物体受到的摩擦力大于2N
D.从t＝3s到t＝6s的过程中，物体受到的摩擦力不变
理由：　 　
9．（5分）（2021•宁夏）图甲所示是一款雾霾浓度检测仪，其检测原理如图乙所示，R0是定值电阻，传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小。当雾霾浓度增大时，下列说法正确的是 　 　

A.电压表示数变大，电流表示数变小
B.电压表示数变小，电流表示数变大
C.电压表示数变大，电流表示数变大
D.电压表示数变小，电流表示数变小
理由：　 　
三、填空题（每空1分，共8分）
10．（2分）（2021•宁夏）检查视力时要求被检查者与视力表相距5m。某同学在学校医务室检查视力，由于空间有限，用如图方式检查，他应距平面镜 　 　m。他在平面镜里看到的视力表是 　 　（选填“实”或“虚”）像。


11．（2分）（2021•宁夏）如图所示，斜面长3m，高0.6m。工人在6s内将重600N的物体从底端沿斜面向上匀速拉到顶端，拉力是150N。此过程中工人做的有用功为 　 　J，斜面的机械效率为 　 　。

12．（4分）（2021•宁夏）如图所示，2020年11月10日8时12分，中国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米。它在10000米深处承受的海水压强约为 　 　Pa。“奋斗者”号可以承受巨大的海水压强，安全载人潜入万米深海，依靠了我国自主研制的新型钛合金材料，这种材料强度高、韧性好，密度为4.5×103kg/m3。与使用钢铁相比，在承受相同的海水压强时，使用这种材料的好处之一是能增大有效载荷，其原因是 　 　。为实现上浮与下潜，“奋斗者”号主要利用电磁铁在外部吸住一些压载铁或铁砂。为实现上浮逐步抛掉压载铁或铁砂，使其所受浮力 　 　重力。“奋斗者”号利用 　 　（选填“电磁波”或“超声波”）实现水下通信。（海水的密度约取1.0×103kg/m3、钢铁的密度为7.9×103kg/m3、g取10N/kg）

四、应用题（共20分）
13．（3分）（2021•宁夏）采用如图所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。（人体可视为杠杆，O点为支点）。
（1）在图中画出人所受重力的示意图。
（2）画出墙壁对手掌的支持力F的力臂。
（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越 　 　。（选填“大”或“小”）

14．（4分）（2021•宁夏）如图是某兴趣小组设计的自动干手器电路图，其中光敏装置相当于开关，用表示。当环境光线暗时，开关闭合。
（1）请说明干手的工作过程。
（2）请你对此设计提出一条改进措施。

15．（7分）（2021•宁夏）如图是我国自主设计制造的某品牌纯电动公交车，其质量为1.2×104kg，静止时轮胎与地面的总接触面积为4000cm2。它在平直公路上匀速行驶100s，行驶路程是1.2km，所受阻力为车重的0.02倍。（g取10N/kg）
（1）公交车匀速行驶过程中速度是多少千米/小时。
（2）计算公交车静止时对水平地面的压强。
（3）公交车起步时，乘客会听到“车辆起步，抓好扶手”的温馨提示语。请用所学物理知识解释其中的道理。

16．（6分）（2021•宁夏）国产某品牌手机配置“3.7V，4200mAh”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用。
（1）电池充满电后，储存的电能为多少？
（2）如图所示的两个充电器，一个标注“输出5V，1A”，另一个标注“输出5V，4.5A”，其中哪一个是快速充电器？请通过计算说明。
（3）有人发现，“超级快充”的充电线比普通的充电线粗。请从线路安全的角度分析原因。

五、实验探究（共23分）
17．（4分）（2021•宁夏）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，移动蜡烛，调节光屏直到光屏上承接到清晰的像，如图所示。
（1）该凸透镜的焦距为 　 　cm。
（2）将近视眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间适当位置，此时应将光屏向 　 　（选填“左”或“右”）移动，才能再次承接到清晰的像。
（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，应将光屏移至 　 　（选填“A”、“B”或“C”）范围内才能再次承接到清晰的像。
A.50～65cm
B.65～80cm
C.80cm以外
（4）将蜡烛移到30cm刻度线处，适当调节光屏，光屏上再次得到清晰的像，生活中常见的 　 　是利用此成像原理制成的。

18．（6分）（2021•宁夏）如图所示，在“探究液体内部压强”的实验中：

（1）图A所示压强计在使用前，需观察U形管两边液面是否相平，要检查装置的气密性。请简述检查气密性的方法：　 　。实验中通过 　 　显示液体内部压强的大小。
（2）某同学实验的情形如图B、C、D所示。
①比较图B和图C可以探究的问题是 　 　。
②保持探头在水中的深度不变，改变它的方向如图C、D所示，根据实验现象可以初步得出结论：　 　。
（3）该同学在实验过程中发现：在同种液体内部同一深度处，使用不同的压强计，U形管两侧液面的高度差不完全相同。他认为可能与探头橡皮膜安装的松紧有关。请你设计实验证明他的观点 　 　。
19．（6分）（2021•宁夏）在测量标有2.5V小灯泡电阻的实验中，如图是甲同学连接好的电路。

（1）乙同学发现电路连接错误，只需更改一根导线即可。请你把接错的那一根导线找出来，并画上“×”，再用笔画线把它改接到正确的位置上。
（2）闭合开关前，应将滑片P移到滑动变阻器的最 　 　（选填“左”或“右”）端。
（3）闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数较大，则电路故障可能是 　 　。（写出一种可能即可）
（4）排除故障后，甲同学先闭合开关，调节滑动变阻器，使小灯泡正常发光，再调节滑动变阻器使小灯泡两端的电压逐次降低，实验中观察到的现象和测量的数据记录如下表：
序号
1
2
3
4
5
发光情况
明亮
较亮
较暗
暗
不发光
电压U/V
2.5
2.0
1.5
1.0
0.5
电流I/A
0.22
0.20

0.14
0.12
电阻R/Ω
11.4
10.0

7.0
4.7

当电压表的示数为1.5V时，电流表的示数如图所示为 　 　A，则此时小灯泡的电阻约为 　 　Ω。
（5）最后甲同学用表格中的电阻取平均值做小灯泡的电阻，乙同学认为这样处理不正确。请你说明理由：　 　。
20．（7分）（2021•宁夏）某同学学习了密度知识后，对测量物质的密度产生了浓厚的兴趣。

（1）他利用天平和量筒测量土豆的密度。具体过程如下：
①用调好的天平测量土豆的质量，天平平衡时如图甲所示，则土豆的质量是 　 　g。
②他用一个大烧杯自制溢水杯，将土豆缓慢浸没在大烧杯中，同时用小桶收集溢出的水，将小桶收集的水倒入量筒后如图乙所示，则土豆的密度为 　 　kg/m3，测出的土豆密度值 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。（结果保留2位小数）
（2）他想知道胡麻油的密度，于是找来了透明容器、普通玻璃杯A、适量的水、一瓶胡麻油、刻度尺、滴管、记号笔和一个面积为S粗细均匀的玻璃杯B。测量过程如下：

①在透明容器中加入适量的水，将A杯放入透明容器中如图甲所示。
②在B杯中加入适量的水，用刻度尺测量出水柱的高度h0，并标记水面位置如图乙所示。
③将B杯中适量的水倒入A杯中，用记号笔标记出A杯与水面相交的位置如图丙所示，并用刻度尺量出B杯中剩余水柱的高度h1；
④接下来他的操作是：　 　
则胡麻油的密度表达式是：ρ＝　 　。（用测量量和已知量的符号表示，已知水的密度为ρ水）
推导过程是：　 　。

2021年宁夏中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分）
1．（2分）（2021•宁夏）如图是1978年在湖北省发掘出土的曾侯乙编钟。用大小相同的力敲击不同的编钟时，会发出不同的声音。这“不同的声音”主要指声音的（　　）

A．响度 B．音色 C．音调 D．声速
【分析】声音的三个特征包括音调、响度和音色；音调的高低与发声体的振动频率有关，频率越大，音调越高；响度的大小与振幅和距离声源的远近有关，在距离一定时，振幅越大，响度越大；音色反映了声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关，是辨别不同声音的依据。
【解答】解：用相同大小的力敲击大小不同的编钟，编钟的振幅相同，则发出声音的响度相同；
编钟的质量不同（体积不同），振动的快慢不同，即振动频率不同，所以发出声音的音调不同。
故选：C。
【点评】本题考查了响度、音调和音色的区分，关键要知道用相同大小的力敲击大小不同的编钟时，不同编钟的振动频率不同。
2．（2分）（2021•宁夏）二十四节气是古代中国人的智慧结晶，它反映季节变化，指导农事活动，影响着千家万户的衣食住行。2016年11月30日，“中国二十四节气”被正式列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列描述中发生液化现象的是（　　）

A．甲图中立春时节冰雪消融
B．乙图中冬至时节房檐下的冰挂
C．丙图中大雪时节地上的雪
D．图丁中白露时节草叶上的露珠
【分析】物质从固态变成液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫凝固；
物质从气态变成液态的过程叫做液化，物质从液态变成气态的过程叫做汽化；
物质从固态直接变成气态的过程叫升华；物质从气态直接变成固态的过程叫做凝华。
【解答】解：A、初春，河流中冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化，故A错误；
B、冬至时节房檐上的冰挂，水结成冰，是凝固现象，故B错误；
C、雪是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C错误；
D、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查物态变化，知道前后的物质状态是关键。
3．（2分）（2021•宁夏）下列说法正确的是（　　）
A．安装电路时，开关应接在零线上
B．地磁场的南极在地理的北极附近
C．划船时，使船前进的力的施力物体是船桨
D．核动力航母产生的核废料对环境无污染
【分析】（1）家庭电路中，开关控制用电器时，开关接在用电器和火线之间，断开开关，切断火线，操作更安全；
（2）地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近；
（3）力是物体间的相互作用，物体间力的作用是相互的；
（4）核废料是对环境污染很严重的污染物。
【解答】解：A、家庭电路中开关接在用电器和火线之间，在切断电路时，可防止用电器继续带电，故A错误；
B、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故B正确；
C、划船时，用浆向后划水，桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水对桨和船也施加了一个向前的力，这个力就是船前进的动力，则使船前进的施力物体是水，故C错误；
D、核废料是对环境污染很严重的污染物，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安全用电、磁现象、作用力与反作用力和环境保护，都属于基础知识，需考生牢记。
4．（2分）（2021•宁夏）下列关于热和能现象的说法，正确的是（　　）
A．冬天人们搓手取暖是利用热传递来增加手掌内能
B．热机损失的能量中，废气带走的能量最少
C．冰熔化过程中吸收热量，内能增大，温度升高
D．“墙内开花墙外香”是因为发生了扩散现象
【分析】（1）改变内能的方法有：做功和热传递；
（2）热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度很高，带走的热量最多；
（3）晶体熔化过程吸热、温度不变；
（4）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动；
【解答】解：A、人们搓手取暖是利用做功的方法来增加手掌内能，故A错误；
B、热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度很高，带走的热量最多，故B错误；
C、冰是晶体，熔化过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故C错误；
D、我们能闻到花香是因为花香分子运动到空气中，吸入鼻子，属于扩散现象，这说明了分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了热现象、晶体熔化特点、热机与扩散现象，考点较多，但都为基础知识。
5．（2分）（2021•宁夏）如图所示，电源电压保持不变。关于电路的工作情况，下列说法中正确的是（　　）

A．同时闭合两个开关，通过两只灯泡的电流一定相同
B．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变，电流表的示数变大
C．若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数变大，电流表的示数变大
D．若灯L1被短路，闭合S1、S2后，灯L1不亮，灯L2亮，电流表损坏
【分析】（1）同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律结合两灯泡的电阻关系得出通过的电流关系；
（2）先闭合S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L1的电流；再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电源电压保持不变可知电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L1的电流变化，利用并联电路的电流特点得出干路电流的变化；
（3）若灯L1被短路，闭合S1、S2后，会造成电源短路，此时两灯泡均不发光，电流表损坏。
【解答】解：
A．同时闭合两个开关，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，只有两灯泡的电阻相等时通过它们的电流才相等，否则不相等，故A错误；
BC．先闭合S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源两端的电压，电流表测通过L1的电流，
再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路中的电流，
由电源电压保持不变可知，电压表的示数不变，故C错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过L1的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变大，即电流表的示数变大，故B正确；
D．若灯L1被短路，闭合S1、S2后，电流从电源的正极出发，经电流表、短路位置、开关S1后回到电源的负极，会造成电源短路，
此时两灯泡均不发光，电流表损坏，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的三种状态，利用好电源电压保持不变和并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。
6．（2分）（2021•宁夏）对图中各现象的物理原理分析错误的是（　　）

A．甲图中刚停止沸腾的水，瓶底浇上冷水，水又重新沸腾，说明液体的沸点随气压降低而升高
B．乙图中地漏利用连通器原理防止异味
C．丙图中盆景自动供水装置中瓶内的水不能流下来是因为瓶外气压大于瓶内的气压
D．丁图中由于汽车外形上凸下平，快速行驶时对地面的压力会比静止时小
【分析】（1）气压和沸点的关系是：气压越大，沸点越高，气压越小，沸点越低；
（2）连通器是上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
（3）浸在空气中的物体受到大气压的作用，一个标准大气压可以支持10.3m高度的水柱。
（4）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
【解答】解：A、往圆底烧瓶上浇上冷水后，瓶内水面上的空气温度降低，气压减小，导致水的沸点降低，而水的实际温度仍很高，高于此时水的沸点，所以水会重新沸腾。故A错误；
B、卫生间的地漏，利用连通器原理防止异味上到地面上来，故B正确；
C、当把装满水的瓶放入盆景的水中时，由于大气压作用在盆景中的水面上，所以水不会从瓶中流出来，此时外界大气压等于瓶内气压加上瓶内水产生的压强，所以瓶内水上方的气压小于外界大气压，故C正确；
D、车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力。小汽车运动时，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，所以小汽车受到向上的升力，汽车对地面的压力减小，故运动时汽车对地面的压力小于静止时对地面的压力，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、连通器原理、沸点与气压的关系，大气压的应用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
7．（2分）（2021•宁夏）如图所示，2021年5月15日，天问一号降落在火星表面。它在9分钟内将速度从约4900m/s降到0。第一步火星大气使其速度减少了90%左右；第二步打开减速伞直到速度降到100m/s；第三步变推力反冲发动机开机，进入动力下降阶段，自主确定着陆区域后，在缓冲机构和气囊的保护下抵达火星表面。下列说法中错误的是（　　）

A．天问一号第一步降落过程中机械能转化为内能
B．利用减速伞降落过程中天问一号所受阻力小于重力
C．动力下降阶段天问一号的机械能变小
D．天问一号的四个“大脚掌”可以减小它对火星表面的压强
【分析】（1）（3）天问一号克服大气阻力做功，机械能会转化为内能；
（2）根据天问一号的运动状态判定阻力与重力的大小关系；
（4）减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：
AC、在第一步降落过程和动力下降的过程中，天问一号都要克服空气阻力做功，机械能会转化为内能；且在动力下降阶段天问一号的速度和高度均减小，所以可知这两个过程中天问一号的机械能都变小，故AC正确；
B、利用减速伞降落过程中天问一号的速度变小，此时所受阻力大于重力，故B错误；
D、天问一号的四个“大脚掌”是在压力一定时，通过增大受力面积来减小它对火星表面的压强，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了机械能的大小变化、力与运动的关系、减小压强的方法，属于基础题。
二、选择说明题（本题共2小题，每小题5分，共10分。选出各小题唯一正确的答案，并在横线上说明理由）
8．（5分）（2021•宁夏）如图甲所示，物体受水平拉力F的作用，在同一水平地面上运动。从t＝0开始，物体的运动情况如图乙所示。关于这个过程描述正确的是 　D　

A.物体一直做匀速直线运动
B.物体在9s内通过的路程是18m
C.t＝1s时，若F＝2N，则物体受到的摩擦力大于2N
D.从t＝3s到t＝6s的过程中，物体受到的摩擦力不变
理由：　压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑动摩擦力不变　
【分析】（1）根据图像分析物体的运动状态；
（2）根据速度公式分析路程的大小；
（3）（4）根据二力平衡求出摩擦力的大小；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
【解答】解：
A、由图可知，物体在0～3s内的速度为0，处于静止状态，在3～6s内，速度变大，做加速运动，6s后物体的速度不变，做匀速直线运动，所以物体不是一直做匀速直线运动，故A错误；
B、由图可知，物体先静止，后加速，再匀速直线运动，最大速度为2m/s，其平均速度要小于2m/s，根据速度公式可知，通过的路程要小于s＝vt＝2m/s×9s＝18m，故B错误；
C、t＝1s时，若F＝2N，由于物体处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，拉力和摩擦力是一对平衡力，所以物体受到的摩擦力等于2N，故C错误；
D、6s后物体的速度不变，做匀速直线运动，此时的拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，滑动摩擦力等于此时的拉力；从t＝3s到t＝6s的过程中，压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑动摩擦力不变，故D正确。
故答案为：D；压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑动摩擦力不变。
【点评】本题考查了力与图像的结合，利用好二力平衡条件是解答本题的关键。
9．（5分）（2021•宁夏）图甲所示是一款雾霾浓度检测仪，其检测原理如图乙所示，R0是定值电阻，传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小。当雾霾浓度增大时，下列说法正确的是 　C　

A.电压表示数变大，电流表示数变小
B.电压表示数变小，电流表示数变大
C.电压表示数变大，电流表示数变大
D.电压表示数变小，电流表示数变小
理由：　当雾霾浓度增大时，传感器R1的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I＝可知，电路中的电流变大，定值电阻R0两端的电压变大，则电压表和电流表的示数均变大。　
【分析】由电路图可知，开关闭合，定值电阻R0与传感器R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。根据“传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小”可知当雾霾浓度增大时传感器R1的电阻变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和定值电阻R0两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，开关闭合，定值电阻R0与传感器R1串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
因传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小，
所以，当雾霾浓度增大时，传感器R1的电阻变小，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故AD错误；
由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误、C正确。
故答案为：C；当雾霾浓度增大时，传感器R1的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I＝可知，电路中的电流变大，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表和电流表的示数均变大。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“传感器R1的电阻随雾霾浓度的增大而减小”是关键。
三、填空题（每空1分，共8分）
10．（2分）（2021•宁夏）检查视力时要求被检查者与视力表相距5m。某同学在学校医务室检查视力，由于空间有限，用如图方式检查，他应距平面镜 　2.2　m。他在平面镜里看到的视力表是 　虚　（选填“实”或“虚”）像。


【分析】根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像到平面镜的距离相等，物像连线与镜面垂直。
【解答】解：由图可知，视力表与平面镜的距离为2.8m，则镜中视力表的像与平面镜距离也为2.8m，要求被检查者与视力表的距离为5m，为满足检测要求，被检查者应距离平面镜的距离为5m﹣2.8m＝2.2m；
根据平面镜成像特点可知，他在平面镜里看到的视力表是虚像。
故答案为：2.2；虚。
【点评】此题主要考查平面镜成像特点在实际生活中的应用，难度不大，属于基础知识。
11．（2分）（2021•宁夏）如图所示，斜面长3m，高0.6m。工人在6s内将重600N的物体从底端沿斜面向上匀速拉到顶端，拉力是150N。此过程中工人做的有用功为 　360　J，斜面的机械效率为 　80%　。

【分析】（1）知道物体的重力和斜面的高度，根据做功公式W有＝Gh求出有用功；
（2）知道斜面的长度和拉力的大小，根据做功公式W＝Fs计算该过程拉力F做的功；斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：工人做的有用功W有用＝Gh＝600N×0.6m＝360J，
工人做的总功W总＝Fs＝150N×3m＝450J，
斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
故答案为：360；80%。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，难度不大。
12．（4分）（2021•宁夏）如图所示，2020年11月10日8时12分，中国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度10909米。它在10000米深处承受的海水压强约为 　1×108　Pa。“奋斗者”号可以承受巨大的海水压强，安全载人潜入万米深海，依靠了我国自主研制的新型钛合金材料，这种材料强度高、韧性好，密度为4.5×103kg/m3。与使用钢铁相比，在承受相同的海水压强时，使用这种材料的好处之一是能增大有效载荷，其原因是 　新型钛合金材料的密度小于钢铁的密度　。为实现上浮与下潜，“奋斗者”号主要利用电磁铁在外部吸住一些压载铁或铁砂。为实现上浮逐步抛掉压载铁或铁砂，使其所受浮力 　大于　重力。“奋斗者”号利用 　超声波　（选填“电磁波”或“超声波”）实现水下通信。（海水的密度约取1.0×103kg/m3、钢铁的密度为7.9×103kg/m3、g取10N/kg）

【分析】（1）根据p＝ρgh求出受到海水的压强；
（2）为能增大有效载荷，载人潜水器还要轻一些；即考虑利用密度小的物质；
（3）“奋斗者”号受到的海水压强非常大，舱内的海水需要很大的压强才能排出舱外，所以不能像潜艇那样采用排水的方法实现上浮，而是通过抛掉压载铁减小自身重力来实现上浮的。
（4）由于电磁波在海水中会大幅衰减，所以利用电磁波传递信息和导航都是行不通的。因为声波在水中传播时衰减远小于电磁波，因此，利用超声波可实现水下通信。
【解答】解：（1）在10000米深处承受的海水压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10000m＝1×108Pa；
（2）载人潜水器外壳的材料既要选择牢固、硬度大的材料，同时也要考虑密度小的物质，才能增大有效载荷，所以其原因是新型钛合金材料的密度小于钢铁的密度；
（3）由于“奋斗者”潜入万米深海受到的海水压强非常大，舱内的海水需要很大的压强才能排出舱外，所以不能像潜艇那样采用排水的方法实现上浮，而是通过抛掉压载铁减小自身重力，使其所受浮力大于重力来实现上浮的；
（4）电磁波在海水中会大幅衰减，所以奋斗者”号利用超声波实现水下通信。
故答案为：1×108；新型钛合金材料的密度小于钢铁的密度；大于；超声波。
【点评】本题考查了物体浮沉条件、液体压强公式、密度公式的应用、电磁波等知识，并考查综合分析能力，有一定难度。
四、应用题（共20分）
13．（3分）（2021•宁夏）采用如图所示站姿锻炼手臂力量：双脚并拢，脚尖O触地，脚后跟踮起，手臂水平，手掌支撑在竖直墙壁上的A点，B为人体重心所在位置。锻炼时，躯体保持伸直，手臂弯曲、伸直交替进行。（人体可视为杠杆，O点为支点）。
（1）在图中画出人所受重力的示意图。
（2）画出墙壁对手掌的支持力F的力臂。
（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，手掌对墙壁的压力就越 　大　。（选填“大”或“小”）

【分析】（1）重力的方向竖直向下，即垂直于水平面向下，已知人体重心在B点，由此画出人受到重力的示意图；
（2）力臂的画法：过支点向力的作用线作垂线段；
（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，支撑点会下移，根据图示判断动力臂和阻力臂的大小变化，且阻力大小不变，根据杠杆的平衡条件分析人受到支持力的变化，再由力作用的相互性判断手掌对墙壁压力的大小变化。
【解答】解：（1）人受到的重力是竖直向下的，人受重力的作用点在B点，由此画出人所受重力的示意图，如图所示：

（2）延长支持力F画出力的作用线，过支点O向力F的作用线作垂线段，即为支持力F的力臂L，如图所示：

（3）锻炼时，脚尖离开墙壁越远，支撑点会下移，则由图可知动力臂会减小，阻力臂会增大，阻力（人的重力）大小不变，根据杠杆平衡条件可知人受到的支持力会变大；由力作用的相互性可知，手掌对墙壁的压力会增大。
故答案为：（1）（2）见上图；（3）大。
【点评】解答本题时，需要把人体抽象成杠杆模型，找准杠杆的五要素是解题的关键。
14．（4分）（2021•宁夏）如图是某兴趣小组设计的自动干手器电路图，其中光敏装置相当于开关，用表示。当环境光线暗时，开关闭合。
（1）请说明干手的工作过程。
（2）请你对此设计提出一条改进措施。

【分析】（1）当手遮住光线时，光敏开关闭合，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，电磁铁吸引衔铁，使得电动机的电路接通；
（2）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢等因素有关。
【解答】解：（1）根据图可知，当手遮住光线时，光敏开关闭合，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，电磁铁吸引衔铁，使得b与c接通，电动机工作，电动机吹出风；
（2）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢有关，为了使手快速变干，可以在电动机的电路中并联接入一个发热电阻，提高风的温度。
故答案为：（1）当手遮住光线时，环境变暗，光敏开关自动闭合，此时通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，能吸引衔铁，使得b与c接通，电动机工作，电动机吹出风；（2）在电动机的电路中并联接入一个发热电阻，提高风的温度。
【点评】本题考查了电磁继电器的工作原理、影响蒸发快慢的因素的应用，难度不大。
15．（7分）（2021•宁夏）如图是我国自主设计制造的某品牌纯电动公交车，其质量为1.2×104kg，静止时轮胎与地面的总接触面积为4000cm2。它在平直公路上匀速行驶100s，行驶路程是1.2km，所受阻力为车重的0.02倍。（g取10N/kg）
（1）公交车匀速行驶过程中速度是多少千米/小时。
（2）计算公交车静止时对水平地面的压强。
（3）公交车起步时，乘客会听到“车辆起步，抓好扶手”的温馨提示语。请用所学物理知识解释其中的道理。

【分析】（1）已知公交车行驶的路程和时间，利用速度公式计算公交车匀速行驶过程中速度；
（2）公交车静止时对水平地面的压力等于其重力，利用G＝mg求出重力，利用p＝计算压强；
（3）根据惯性分析解答：物体具有保持原来运动状态不变的性质称为惯性。
【解答】解：（1）公交车匀速行驶过程中速度：
v＝＝＝12m/s＝43.2km/h；
（2）公交车静止时对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝1.2×104kg×10N/kg＝1.2×105N，
受力面积：S＝4000cm2＝0.4m2，
则公交车静止时对水平地面的压强：
p＝＝＝3×105Pa；
（3）公交车启动前，人和车处于静止状态；公交车启动后，乘客的脚因为受到摩擦力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害，故应抓好扶手。
答：（1）公交车匀速行驶过程中速度是43.2km/h；
（2）公交车静止时对水平地面的压强为3×105Pa；
（3）公交车启动前，人和车处于静止状态；公交车启动后，乘客的脚因为受到摩擦力的作用向前运动，而乘客的上半身由于惯性仍要保持原来的静止状态，容易摔倒，造成伤害。
【点评】此题主要考查速度、压强的大小计算，同时考查了惯性，知道公交车静止时对水平地面的压力等于其重力是关键。
16．（6分）（2021•宁夏）国产某品牌手机配置“3.7V，4200mAh”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用。
（1）电池充满电后，储存的电能为多少？
（2）如图所示的两个充电器，一个标注“输出5V，1A”，另一个标注“输出5V，4.5A”，其中哪一个是快速充电器？请通过计算说明。
（3）有人发现，“超级快充”的充电线比普通的充电线粗。请从线路安全的角度分析原因。

【分析】（1）根据电功公式W＝UIt计算得电池充满电储存的电能即可。
（2）先根据电功率公式P＝UI计算得两个充电器的功率，进一步判断出第二个的充电速度快；
（3）在材料和长度一定时，横截面积越大电阻越小；由焦耳定律知，在电流和通电时间一定时，电阻越大产生热量越多
【解答】解：（1）电池充满电储存的电能为：W＝UIt＝3.7V×4200×10﹣3A×1×3600s＝55944J；
（2）两个充电器的功率分别为：
P1＝U1I1＝5V×1A＝5W，
P2＝U2I2＝5V×4.5A＝22.5W＞P1，
所以第二个的充电速度快，第二个是快速充电器；
（3）充电器的充电线有电阻，由焦耳定律知，工作过程中会产生热量；充电线尽可能做得粗一些，目的是减小电阻，使充电过程中产生的热量少一些。
答：（1）电池充满电后，储存的电能为55944J；
（2）标注“输出5V，4.5A”的充电器是快速充电器；
（3）充电线较粗可以减小电阻，在充电过程中产生的热量较少。
【点评】本题考查了电能、电功率的计算，并考查安全用电常识，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
五、实验探究（共23分）
17．（4分）（2021•宁夏）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，移动蜡烛，调节光屏直到光屏上承接到清晰的像，如图所示。
（1）该凸透镜的焦距为 　15　cm。
（2）将近视眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间适当位置，此时应将光屏向 　右　（选填“左”或“右”）移动，才能再次承接到清晰的像。
（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，应将光屏移至 　 　（选填“A”、“B”或“C”）范围内才能再次承接到清晰的像。
A.50～65cm
B.65～80cm
C.80cm以外
（4）将蜡烛移到30cm刻度线处，适当调节光屏，光屏上再次得到清晰的像，生活中常见的 　投影仪　是利用此成像原理制成的。

【分析】（1）根据凸透镜成像规律可知，当物距等于二倍焦距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距；
（2）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，据此进行解答；
（3）将蜡烛向左移动一段距离后，分析物距的变化，然后得出像距的范围，然后得出答案；
（4）当物距位于2倍焦距与1倍焦距之间时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用于投影仪等。
【解答】解：（1）当物距等于二倍距时成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距，
由图可知，物距等于30cm时像距等于30cm，则二倍焦距等于30cm，所以该凸透镜的焦距为15cm；
（2）近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，
将近视眼镜的镜片放在蜡烛和凸透镜之间适当位置，对光线能够起到推迟会聚的作用，此时应将光屏向右移动，才能再次承接到清晰的像；
（3）取走镜片，将蜡烛向左移动一段距离后，此时物距大于2倍焦距，像距应在2倍焦距与1倍焦距之间，凸透镜在50cm处，应将光屏移至65～80cm 范围内才能承接到清晰的像，故选B；
（4）将蜡烛移到30cm刻度线处，此时物距为50cm﹣30cm＝20cm，即蜡烛位于2倍焦距与1倍焦距之间，凸透镜成倒立、放大的实像，生活中常见的投影仪是利用此成像原理制成的。
故答案为：（1）15；（2）右；（3）B；（4）投影仪（答案不唯一，合理即可）。
【点评】本题主要考查了凸透镜的成像规律，关键是熟记凸透镜成像特点，并能从图中读出物距与像距的关系。
18．（6分）（2021•宁夏）如图所示，在“探究液体内部压强”的实验中：

（1）图A所示压强计在使用前，需观察U形管两边液面是否相平，要检查装置的气密性。请简述检查气密性的方法：　用手指按压强计的橡皮膜　。实验中通过 　U形管中两侧液面的高度差　显示液体内部压强的大小。
（2）某同学实验的情形如图B、C、D所示。
①比较图B和图C可以探究的问题是 　探究液体内部压强和深度的关系　。
②保持探头在水中的深度不变，改变它的方向如图C、D所示，根据实验现象可以初步得出结论：　液体内部向着各个方向的压强相同　。
（3）该同学在实验过程中发现：在同种液体内部同一深度处，使用不同的压强计，U形管两侧液面的高度差不完全相同。他认为可能与探头橡皮膜安装的松紧有关。请你设计实验证明他的观点 　将探头水平放置在液体内部，看两侧液面的高度差，然后在橡皮膜上放上砝码改变橡皮膜的松紧，观察液面的变化情况。　。
【分析】（1）实验中用U形管中两侧液面的高度差来反映液体压强的大小，检查装置是否漏气时，用手轻轻按压几下橡皮膜，看液体能否灵活升降。
（2）①②比较图B和图C，图C和图D，找出它们的不同点，共同点即可得出结论。
（3）探头橡皮膜安装的松紧不同，压缩探头的橡皮膜，U形管中气体的体积变化就会不相同，测得的结果就不相同。
【解答】解：（1）为了能使实验顺利进行，使用前用手指按压强计的橡皮膜，是为了检查实验装置的气密性；根据转换法，压强计是通过U形管中两侧液面的高度差来反映压强大小；
（2）①比较图B和图C，它们除了探头的深度不同其它都相同，所以可以探究液体内部压强和深度的关系；②比较图C和图D，它们除了探头橡皮膜的方向不同其它都相同，两边液面高度差相同，说明液体内部向着各个方向的压强相同。
（3）取两个相同的压强计，一个探头的橡皮膜比较松，一个探头的橡皮膜比较紧，且将它们浸入相同液体的同一深度，观察两压强计U形管两边的液面高度差对的区别。
故答案为：（1）用手指按压强计的橡皮膜；U形管中两侧液面的高度差；（2）①探究液体内部压强和深度的关系；②液体内部向着各个方向的压强相同；（3）取两个相同的压强计，一个探头的橡皮膜比较松，一个探头的橡皮膜比较紧，且将它们浸入相同液体的同一深度，观察两压强计U形管两边的液面高度差对的区别。
【点评】熟悉液体压强规律是完成本实验的基础，在实验中控制变量法依然是运用的主要研究方法，因此，搞清实验过程中的变量与控制量才是实验成功的关键。
19．（6分）（2021•宁夏）在测量标有2.5V小灯泡电阻的实验中，如图是甲同学连接好的电路。

（1）乙同学发现电路连接错误，只需更改一根导线即可。请你把接错的那一根导线找出来，并画上“×”，再用笔画线把它改接到正确的位置上。
（2）闭合开关前，应将滑片P移到滑动变阻器的最 　左　（选填“左”或“右”）端。
（3）闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数较大，则电路故障可能是 　小灯泡断路　。（写出一种可能即可）
（4）排除故障后，甲同学先闭合开关，调节滑动变阻器，使小灯泡正常发光，再调节滑动变阻器使小灯泡两端的电压逐次降低，实验中观察到的现象和测量的数据记录如下表：
序号
1
2
3
4
5
发光情况
明亮
较亮
较暗
暗
不发光
电压U/V
2.5
2.0
1.5
1.0
0.5
电流I/A
0.22
0.20

0.14
0.12
电阻R/Ω
11.4
10.0

7.0
4.7

当电压表的示数为1.5V时，电流表的示数如图所示为 　0.18　A，则此时小灯泡的电阻约为 　8.3　Ω。
（5）最后甲同学用表格中的电阻取平均值做小灯泡的电阻，乙同学认为这样处理不正确。请你说明理由：　因为灯丝的电阻随温度变化而变化，取平均值没有物理意义　。
【分析】（1）原电路中，电压表串联在电路中了，电流表与电阻R并联了，是错误的；
（2）为了保护，闭合开关前应将滑片P移到滑动变阻器的最大处；
（3）灯泡不亮可能是灯泡断路或短路，
灯泡断路时，电路断路，电路中没有电流，电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压；
灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表测量导线电压，示数为0；
（4）由图读出电阻中的电流值，根据R＝计算出电阻值；
（5）灯泡两端电压变化，灯丝温度变化，灯丝电阻变化，取灯泡电阻的平均值无意义。
【解答】解：（1）电压表应与电阻并联，电流表串联在电路中，改正后如图所示：

（2）为了保护，闭合开关前应将滑片P移到滑动变阻器的最大处，即最左端；
（3）灯泡不亮，电流表无示数，电路断路，灯丝断路时，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压，电压表示数等于电源电压；
（4）由图知电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.18A，
此时灯泡的电阻：
R＝＝≈8.3Ω；
（5）灯丝电阻随温度变化而变化，灯泡在不同电压下，灯丝温度不同，灯丝的电阻不同，求平均值是没有物理意义的。
故答案为：（1）见上图；（2）左；（3）小灯泡断路；（4）0.18；8.3；（5）因为灯丝的电阻随温度变化而变化，取平均值没有物理意义。
【点评】本题考查了伏安法测电阻的注意事项、电流表读数、电阻计算、灯丝电阻与温度的关系等，这些知识点都是伏安法测电阻实验中经常出现的内容，一定要掌握。
20．（7分）（2021•宁夏）某同学学习了密度知识后，对测量物质的密度产生了浓厚的兴趣。

（1）他利用天平和量筒测量土豆的密度。具体过程如下：
①用调好的天平测量土豆的质量，天平平衡时如图甲所示，则土豆的质量是 　127.2　g。
②他用一个大烧杯自制溢水杯，将土豆缓慢浸没在大烧杯中，同时用小桶收集溢出的水，将小桶收集的水倒入量筒后如图乙所示，则土豆的密度为 　1.12×103　kg/m3，测出的土豆密度值 　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）。（结果保留2位小数）
（2）他想知道胡麻油的密度，于是找来了透明容器、普通玻璃杯A、适量的水、一瓶胡麻油、刻度尺、滴管、记号笔和一个面积为S粗细均匀的玻璃杯B。测量过程如下：

①在透明容器中加入适量的水，将A杯放入透明容器中如图甲所示。
②在B杯中加入适量的水，用刻度尺测量出水柱的高度h0，并标记水面位置如图乙所示。
③将B杯中适量的水倒入A杯中，用记号笔标记出A杯与水面相交的位置如图丙所示，并用刻度尺量出B杯中剩余水柱的高度h1；
④接下来他的操作是：　将A、B杯中的水倒净后擦干，向B杯中倒入胡麻油至标记1处，然后将B杯中的胡麻油倒入A杯，使标记2处再次与水面相平，测出B杯中剩余胡麻油的高度h2；　
则胡麻油的密度表达式是：ρ＝　　。（用测量量和已知量的符号表示，已知水的密度为ρ水）
推导过程是：　ρ水g（h0﹣h1）S+GA＝ρg（h0﹣h2）S+GA⇒ρ水（h0﹣h1）＝ρ（h0﹣h2）⇒ρ＝　。
【分析】（1）根据密度公式ρ＝可知，要想测得物质的密度，就需要知道物质的质量与体积。
（2）将水从容器中倒出时，总会有部分水沾在容器壁上无法流出。
（3）当物体排开水的体积相同时，物体所受的浮力相等，由此我们可以求得胡麻油的密度。
【解答】解：（1）①天平的右盘上放有：100g、20g、5g的砝码各一个，游码所在位置对应的刻度值为2.2g，所以左盘中土豆的质量为m＝100g+20g+5g+2.2g＝127.2g。
②将土豆完全浸没在溢水杯中，从溢水杯中溢出的水的体积就等于土豆的体积，所以将小桶中的水倒入量筒可以测出土豆的体积。由图知，量筒中水的体积为114mL＝114cm3。由此可求得土豆的密度为ρ＝＝≈1.12g/cm3≈1.12×103kg/m3。但是在将小桶中的水倒入量筒的过程中，会有部分水沾在水桶内侧而没有进入量筒中，所以会导致测得的水的体积偏小，即测得的土豆的体积偏小，这将导致求得的土豆密度偏大。
（2）B杯中水面高度在h0时，B杯中水的质量为m水0＝ρ水Sh0；水面高度在h1时，B杯中水的质量为m水1＝ρ水Sh1。由此可得，倒入A杯中的水的质量为m水2＝m水0﹣m水1＝ρ水Sh0﹣ρ水Sh1＝ρ水S（h0﹣h1）。A杯中有水时仍处于漂浮状态，则可得A杯此时所示的浮力为F浮A1＝GA+G水2＝GA+m水2g＝GA+ρ水S（h0﹣h1）g。
当我们将A、B中水倒掉后，在B中倒入胡麻油至标记1处，则B杯中胡麻油的质量为m胡0＝ρ胡Sh0；将B中胡麻油倒入A中使标记2再次与水面相平时，量出B中胡麻油的高度h2，则A杯中胡麻油的质量为m胡2＝m胡0﹣m胡1＝ρ胡Sh0﹣ρ胡Sh2＝ρ胡S（h0﹣h2），A杯此时所受的浮力为F浮A2＝GA+G胡2＝GA+m胡2g＝GA+ρ胡S（h0﹣h2）g。
两次实验中，A杯排开水的体积相同，所以可得：F浮A1＝F浮A2，即GA+ρ水S（h0﹣h1）g＝GA+ρ胡S（h0﹣h2）g，故可得ρ胡＝。
故答案为：（1）①127.2。②1.12×103；偏大。
（2）④将A、B杯中的水倒净后擦干，向B杯中倒入胡麻油至标记1处，然后将B杯中的胡麻油倒入A杯，使标记2处再次与水面相平，测出B杯中剩余胡麻油的高度h2；；ρ水g（h0﹣h1）S+GA＝ρg（h0﹣h2）S+GA⇒ρ水（h0﹣h1）＝ρ（h0﹣h2）⇒ρ＝。
【点评】在设计实验时，我们仍要从公式ρ＝出发，设法求得胡麻油的质量与体积。但是题中没有提供天平和量筒，所以我们可以根据一些已知条件（如水的密度、B杯粗细均匀）来设计实验。这样我们就可以通过一些相等的物理量（如体积相等或所受浮力相等）求出或用已知的物理量表示出我们要求的物理量。
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日期：2021/9/30 15:03:41；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004