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2021年四川省凉山州中考物理试卷
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这是一份2021年四川省凉山州中考物理试卷，共36页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年四川省凉山州中考物理试卷
一、选择题（共11小题，每小题2分，满分22分）
1．（2分）（2021•凉山州）小强同学在一次测量某物体长度时，正确记录了四次测量结果，即18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，则该物体的长度应为（ ）
A．18.125cm B．18.1cm C．18.13cm D．18.12cm
2．（2分）（2021•凉山州）如图所示是某种物质熔化时温度随时间的变化的曲线图，下列分析正确的是（ ）
A．AB段表示该物质温度逐渐升高，它的熔点也在逐渐升高
B．在第8分钟时该物质已全部熔化
C．该曲线可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像
D．该物质在BC段吸收热量但温度保持不变
3．（2分）（2021•凉山州）一天，小敏同妈妈上街去买菜，看到用杠杆秤土豆的情景如图所示，对此现象分析正确的是（ ）
A．杆秤平衡时，秤砣的质量跟秤盘中土豆的质量相等
B．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定大于秤砣所受的合力
C．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定等于秤砣所受的合力
D．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定小于秤砣所受的合力
4．（2分）（2021•凉山州）“五一”期间，小华同父母从成都乘坐动车去古城西安。动车在某平直路段匀速行驶，小华将一苹果竖直向上抛到一定高度（未到达车厢天花板，且抛出前后手的位置相对座椅不变），则苹果落下的位置应是（ ）
A．手中 B．手的后方
C．手的前方 D．以上情况都有可能
5．（2分）（2021•凉山州）一块长方体合金块，重1.2N，侧放于面积为1m2的水平桌面上，它与桌面的接触面积是1×10﹣3m2，下列说法正确的是（ ）。
①合金块对桌面的压强是1.2Pa
②合金块对桌面的压强是1200Pa
③若沿竖直方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
④若沿水平方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
6．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将一个空心铁球浸没入水中，放手后铁球恰好悬浮，若沿虚线方向将铁球切成大小不等的两块，则（ ）
A．大块的将下沉，小块的将上浮
B．大块的将上浮，小块的将下沉
C．两块都将上浮
D．两块都将下沉
7．（2分）（2021•凉山州）用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的A、B两种液体加热，加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示，从图中看出（ ）
A．液体A的比热容大 B．两种液体的比热容相等
C．液体B的比热容大 D．无法比较
8．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将同一小球按照不同方向从离地面相同高度的相同位置两次抛出，初速度大小相等，小球第一次落地速度为v1，小球第二次落地速度为v2，不计空气阻力，比较v1和v2的大小，正确的是（ ）
A．v1＝v2 B．v1＜v2 C．v1＞v2 D．无法比较
9．（2分）（2021•凉山州）有一根阻值为R的电阻线，现将它首尾相连绕制成一个圆形电阻，如图所示。则AB间的电阻为（ ）
A．R B． C． D．
10．（2分）（2021•凉山州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动时（ ）
A．电流表示数减小，电压表示数增大
B．电流表示数增大，电压表示数减小
C．电流表示数减小，电压表示数不变
D．电流表示数不变，电压表示数不变
11．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝5：1；当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）
A．5：4 B．3：5 C．4：5 D．4：1
二、填空题（每空1分、共23分）
12．（3分）（2021•凉山州）我国研发的“祝融号”火星车于2021年5月22日成功到达火星表面，开始对火星进行探测。“祝融号”火星车所需能量是利用了太阳能电池板将太阳能转化成的 ；如果以地球为参照物，火星车是 的；火星车着陆后，将所获数据及时传回地面，传回时间约为20min，则火星距离地球 km。
13．（2分）（2021•凉山州）一天，小明和父母一起驾车从西昌到成都，途中看到了如图所示的“雾凇”景观和“禁鸣”标识。其中“雾凇”是物态变化中的 现象形成的，“禁鸣”标识是表示在 处控制噪声。
14．（2分）（2021•凉山州）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中 是入射光线，折射角的大小是 。
15．（4分）（2021•凉山州）如图所示，利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重300N的A物体，使A物体在10s内向右移动了2m，若A物体受到的摩擦力大小为20N，拉力F大小为50N，则：弹簧测力计的示数为 ；水平拉力F所做的功为 ，功率为 ；滑轮的机械效率为 。
16．（3分）（2021•凉山州）观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会 （变大/不变/变小），从而使车与地面之间的摩擦力 （变大/不变/变小），车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 （A/B）。
17．（2分）（2021•凉山州）劣质的油性油漆、板材、涂料剂等材料含有较多的甲醛、苯、二甲苯等有毒有机物，用来装修房屋会造成室内环境污染。这是因为有毒有机物分子都在做永不停息的 ，这种现象在夏天时特别严重，因为 越高，分子运动越剧烈。
18．（2分）（2021•凉山州）当人体成为 电路的一部分时，就会有电流通过加剧。如果电流达到一定大小，就会发生 事故。
19．（3分）（2021•凉山州）扬声器与 的工作原理相同（选填“发电机”或“电动机”）， （选填“是”或“不是”）根据电磁感应现象制成。由于通过线圈的电流是 的电流，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。
20．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，电阻R的电功率为 W，通电10min后R产生的热量为 J。
三、作图题（本大题共5小题，共11分）
21．（2分）（2021•凉山州）在水平向右行驶的小车车厢，顶端用细线悬挂一小球，小车水平地板上放置一物块A，从某时刻起，发现小球向右（运动的同方向）摆动，如图所示，请画出此时物块A受力的示意图。
22．（2分）（2021•凉山州）用一根钢棒撬动地面上的一块大石头，如图所示，请你在图中作出最省力时的动力方向F并标出相应支点O的位置。
23．（3分）（2021•凉山州）某保密室有三道门，关上一道门相当于闭合一个开关。只要有一道门没有关上，红色和绿色的指示灯都会发光。当三道门都关上时，红灯会熄灭，只有绿灯会发光。请设计出符合要求的电路图画在虚线的方框内，并根据所设计的电路图在如图中用笔画线将实物连接成符合要求的电路。（要求：连线不能交叉，线头接在接线柱上。）
24．（2分）（2021•凉山州）请在如图的方框内画出合适的光学元件。
25．（2分）（2021•凉山州）如图，将铜丝、铁丝插入菠萝中，便成了水果电池。一根软导线在纸筒A上绕制成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线管产生的磁场使小磁针静止在如图所示状态。图中已标出电路中电子定向移动的方向。
（1）标出电池正、负极（在图中横线上填“+”或“﹣”符号）；
（2）画出纸筒A上导线的绕向并形成闭合电路。
四、实验探究题（每空1分，连线1分，共14分）
26．（4分）（2021•凉山州）小花同学在安宁河边捡到一块漂亮的不溶于水也不吸水的小石块，她想测量这块小石头的密度，于是进行了如下的实验操作：
（1）小花同学将天平放在水平台上，天平横梁调节平衡后开始称量石块的质量，称量过程中进行了如图甲所示的操作，其中有一处操作错误的是 。
（2）改正错误后，小花同学重新进行测量。天平调节平衡后她将小石块放入天平的右盘，并通过在左盘增减砝码和移动游码使天平恢复平衡，砝码的质量和游码对应的刻度值如图乙所示，记录好数据后小花立即发现自己的操作是错误的，但是也可以通过这种测量方法正确计算出小石块的质量。你认为小石块的质量应该是 g。
（3）她发现小石块放不进量筒，改用如图丙所示的方法测量小石块的体积，步骤如下：
a.将小石块轻轻放入空烧杯中，往烧杯中加入适量的水，使小石块浸没，在水面达到的位置上做标记，然后取出小石块。
b．先往量筒中装入80mL的水，然后将量筒中的水慢慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒中剩余的水的体积如图所示，则小石块的体积为 cm3。
（4）计算出小石块的密度为 kg/m3。
27．（4分）（2021•凉山州）以下是小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中的部分操作：
（1）如图甲所示，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。（要求记录到准确值的下一位）
（2）小明将LED灯、凸透镜和光屏依次放在光具座上，通过调节使三者中心大致在 。接着，小明调节LED灯、凸透镜至如图乙所示的位置，移动光屏，会在光屏上得到倒立、 的实像，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是 。
28．（6分）（2021•凉山州）某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
（1）请你用笔画线代替导线将甲图实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R （选填“断路”或“短路”）。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为 V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动变阻器的滑片P向 （选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的 不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是 Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共10分。解答要有必要的分析、说明、公式和过程，只有纯数字的算式运算不得分。）
29．（4分）（2021•凉山州）一质量为600g，密度为0.6g/cm3的正方体木块用细线系于底面积为400cm2容器的水中，如图所示，求：
（1）木块所受的浮力大小是多少？
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了多少？
30．（6分）（2021•凉山州）如图所示电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图所示，当滑片P在b端时电流表示数为0.3A。
（1）求R2的最大阻值；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，求电源电压U和R0的阻值；
（3）若滑动变阻器的滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，设滑片P从a端移动到b端的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式。
2021年四川省凉山州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共11小题，每小题2分，满分22分）
1．（2分）（2021•凉山州）小强同学在一次测量某物体长度时，正确记录了四次测量结果，即18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，则该物体的长度应为（ ）
A．18.125cm B．18.1cm C．18.13cm D．18.12cm
【分析】在实验中，减小误差的有效途径是多次测量求平均值；在求平均值时，要先对所有数据进行判断，把错误数据删除，然后进行平均，并且平均值的有效数字与原始数据保持一致。
【解答】解：
测量的四次测量结果为18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，为了减小误差，取四次的平均值：≈18.13cm，故C正确、ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查多次测量求平均值减小误差，难度不大。
2．（2分）（2021•凉山州）如图所示是某种物质熔化时温度随时间的变化的曲线图，下列分析正确的是（ ）
A．AB段表示该物质温度逐渐升高，它的熔点也在逐渐升高
B．在第8分钟时该物质已全部熔化
C．该曲线可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像
D．该物质在BC段吸收热量但温度保持不变
【分析】要解决此题，需要掌握：
①晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变。
②在熔化图象中，若有一段时间温度保持不变，则为晶体，此时的温度为熔点。
【解答】解：A、从图象上看，AB段表示该物质温度逐渐升高，但不能表示它的熔点也在升高，故A错误；
B、由图可知，在第8min时该物质刚开始熔化，而不是已全部熔化，故B错误；
C、沥青是非晶体，该曲线是晶体的熔化图像，所以该曲线不可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像，故C错误；
D、BC段表示该物质温度不随时间改变，说明该物质正在熔化，因此该物质在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息，关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变。
3．（2分）（2021•凉山州）一天，小敏同妈妈上街去买菜，看到用杠杆秤土豆的情景如图所示，对此现象分析正确的是（ ）
A．杆秤平衡时，秤砣的质量跟秤盘中土豆的质量相等
B．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定大于秤砣所受的合力
C．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定等于秤砣所受的合力
D．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定小于秤砣所受的合力
【分析】根据杠杆的平衡条件分析秤砣的质量和土豆的质量的大小关系；杆秤平衡时，土豆、秤砣处于静止状态，土豆、秤砣受到的合力为0。
【解答】解：A、杆秤平衡时，根据杠杆的平衡条件可知：m秤砣gL秤砣＝m土豆gL土豆，由图可知，L秤砣＞L土豆，则：m秤砣＜m土豆，即秤砣的质量小于秤盘中土豆的质量，故A错误；
BCD、杆秤平衡时，土豆、秤砣处于静止状态，则土豆、秤砣受到的合力都为0，即土豆、秤砣受到的合力为0，故C正确，BD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用、合力的大小；知道物体处于静止或匀速直线运动状态时合力为0是解题的关键。
4．（2分）（2021•凉山州）“五一”期间，小华同父母从成都乘坐动车去古城西安。动车在某平直路段匀速行驶，小华将一苹果竖直向上抛到一定高度（未到达车厢天花板，且抛出前后手的位置相对座椅不变），则苹果落下的位置应是（ ）
A．手中 B．手的后方
C．手的前方 D．以上情况都有可能
【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性。
【解答】解：在平直轨道上匀速行驶的动车车厢里，竖直向上抛出的苹果由于惯性还要保持原来的运动状态，因此仍将落回原处，即落在小华手中，故A正确。
故选：A。
【点评】此题考查学生对惯性的理解和掌握，知道一切物体都有惯性。
5．（2分）（2021•凉山州）一块长方体合金块，重1.2N，侧放于面积为1m2的水平桌面上，它与桌面的接触面积是1×10﹣3m2，下列说法正确的是（ ）。
①合金块对桌面的压强是1.2Pa
②合金块对桌面的压强是1200Pa
③若沿竖直方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
④若沿水平方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
【分析】（1）根据即可计算合金块对桌面的压强；
（2）长方体的桌面的压强为，由此判断合金块对桌面的压强变化。
【解答】解：（1）合金块的桌面的压力为F＝G＝1.2N，对桌面的压强为，故①错误，②正确；
（2）长方体的桌面的压强为，由此可见，长方体对桌面的压强与物体的密度和高度有关，沿竖直方向切去一块，物体密度和高度不变，所以剩余部分对桌面的压强不变，③正确；沿水平方向切去一块，密度不变，高度减小，剩余部分对桌面的压强变小，④错误，所以正确的是②③。
故选：B。
【点评】本题考查了压强的计算和压强公式的应用，灵活的运用压强公式是关键。
6．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将一个空心铁球浸没入水中，放手后铁球恰好悬浮，若沿虚线方向将铁球切成大小不等的两块，则（ ）
A．大块的将下沉，小块的将上浮
B．大块的将上浮，小块的将下沉
C．两块都将上浮
D．两块都将下沉
【分析】当物体密度等于液体密度时，物体悬浮；当物体密度小于液体密度时，物体漂浮；当物体密度大于液体密度时，物体下沉。
【解答】解：空心铁球悬浮在水中，说明物体的密度与水的密度相同，将它沿图示虚线切为大小不等的两块后，小块为实心，故小块密度大于水的密度，大块仍为空心，密度小于水的密度，所以大块将上浮，小块将下沉。
故选：B。
【点评】本题考查物体的沉浮条件的应用，关键知道密度是物体的一种属性，它不随物体体积和质量的变化而变化，还要知道物体悬浮时，物体的密度等于液体的密度。
7．（2分）（2021•凉山州）用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的A、B两种液体加热，加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示，从图中看出（ ）
A．液体A的比热容大 B．两种液体的比热容相等
C．液体B的比热容大 D．无法比较
【分析】（1）用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则吸收热量相同；
（2）根据吸热公式Q＝cm△t可知，如果A、B两种液体的质量相同，温度变化小的比热容大。
【解答】解：（1）用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则两液体吸收热量相同；
（2）由图象可以看出，加热相同的时间（吸收热量相同），B的温度升高得少一些（B的温度变化小），根据c＝可知，B液体的比热容较大。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）。
8．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将同一小球按照不同方向从离地面相同高度的相同位置两次抛出，初速度大小相等，小球第一次落地速度为v1，小球第二次落地速度为v2，不计空气阻力，比较v1和v2的大小，正确的是（ ）
A．v1＝v2 B．v1＜v2 C．v1＞v2 D．无法比较
【分析】不计空气阻力，机械能是守恒的，据此分析。
【解答】解：同一个小球，则质量相等，在同一高度，则重力势能相等，以相同的速度分别向两个不同方向抛出去，此时动能相等，如果不计空气阻力，其机械能守恒，则其落地时高度相同，重力势能相等，故刚落地时的动能相等，所以其速度大小关系：v1＝v2。
故选：A。
【点评】此题考查动能和势能的转化与守恒，掌握动能、重力势能的影响因素，是解答此题关键。
9．（2分）（2021•凉山州）有一根阻值为R的电阻线，现将它首尾相连绕制成一个圆形电阻，如图所示。则AB间的电阻为（ ）
A．R B． C． D．
【分析】根据并联电路的电阻关系＝+求出总电阻的大小。
【解答】解：电阻线的电阻为R，由图可知，AB两点间的电阻是并联的，电阻的大小与长度成正比，则AB之间一条支路的电阻为R1＝R，另一条支路的电阻为R2＝R；
根据并联电路的电阻关系可知：＝+，则AB之间的电阻为：R＝＝＝。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路电阻的计算，明确公式＝+是解题的关键。
10．（2分）（2021•凉山州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动时（ ）
A．电流表示数减小，电压表示数增大
B．电流表示数增大，电压表示数减小
C．电流表示数减小，电压表示数不变
D．电流表示数不变，电压表示数不变
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测并联电路两端的电压，电流表测通过R1的电流。
根据并联电路中各支路互不影响可知滑片移动时通过定值电阻电流的变化，即电流表示数的变化；根据并联电路的电压规律可知电压表示数的变化。
【解答】解：
由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测并联电路两端的电压，电流表测通过R1的电流；
因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑片向右移动时，通过定值电阻R1的电流不变，即电流表示数不变；
由于电压表测量并联电路两端的电压（等于电源电压），因此电压表的示数始终不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“并联电路的电压规律以及并联电路的特点”是关键。
11．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝5：1；当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）
A．5：4 B．3：5 C．4：5 D．4：1
【分析】当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；
当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比值。
【解答】解：
由电路图可知，当开关S1、S2闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，
由串联电路电流相等和I＝可得：＝，
则：＝＝＝，
所以，R1＝4R2；
当S1闭合、S2断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，
由并联电路中各支路两端的电压相等和I＝可得，两电流表的示数之比：
＝＝＝＝。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开以及不同电表时电路串并联的辨别和电表所测的电路元件。
二、填空题（每空1分、共23分）
12．（3分）（2021•凉山州）我国研发的“祝融号”火星车于2021年5月22日成功到达火星表面，开始对火星进行探测。“祝融号”火星车所需能量是利用了太阳能电池板将太阳能转化成的 电能 ；如果以地球为参照物，火星车是 运动 的；火星车着陆后，将所获数据及时传回地面，传回时间约为20min，则火星距离地球 3.6×108 km。
【分析】（1）太阳能电池工作时把太阳能转化为电能；
（2）研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的；
（3）根据速度公式求出距离的大小。
【解答】解：太阳能电池工作时，可以把太阳能直接转化为电能；
如果以地球为参照物，火星车与地球之间发生了位置的改变，是运动的；
电磁波的传播速度为3×105km/s，根据v＝可知，火星到地球的距离为：s＝vt＝3×105km/s×20×60s＝3.6×108km。
故答案为：电能；运动；3.6×108。
【点评】本题考查了速度公式的应用、太阳能的转化、运动和静止的相对性，难度不大。
13．（2分）（2021•凉山州）一天，小明和父母一起驾车从西昌到成都，途中看到了如图所示的“雾凇”景观和“禁鸣”标识。其中“雾凇”是物态变化中的 凝华 现象形成的，“禁鸣”标识是表示在 声源 处控制噪声。
【分析】由气态之间变为固态叫凝华。控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）。
【解答】解：雾凇是固态的冰晶。雾凇的形成是由于空气中的水蒸气遇冷直接凝华为小冰晶附着在植被上；
“禁鸣喇叭”是在声源处控制噪声。
故答案为：凝华；声源。
【点评】本题考查了物态变化、减弱噪声的方法，属于基础题。
14．（2分）（2021•凉山州）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中 BO 是入射光线，折射角的大小是 35° 。
【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。
【解答】解：由图可知，∠BOM′＝30°，所以∠BON＝90°﹣30°＝60°，同理∠AON＝60°；
根据反射角等于入射角，所以NN′为法线，MM′为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；
由图可知，折射角为：∠CON′＝90°﹣55°＝35°。
故答案为：BO；35°。
【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。
15．（4分）（2021•凉山州）如图所示，利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重300N的A物体，使A物体在10s内向右移动了2m，若A物体受到的摩擦力大小为20N，拉力F大小为50N，则：弹簧测力计的示数为 20N ；水平拉力F所做的功为 50J ，功率为 5W ；滑轮的机械效率为 80% 。
【分析】（1）A物体受到的摩擦力大小为20N，且A匀速运动，根据FA＝f得出A右侧的绳子对A的拉力，进而得出弹簧测力计的示数；
（2）A物体在10s内向右移动了2m，根据s＝得出拉力F移动的距离，根据W＝Fs得出水平拉力F所做的功，根据P＝得出功率；
（3）根据W有用＝FAsA得出有用功，根据η＝得出滑轮的机械效率。
【解答】解：（1）A物体受到的摩擦力大小为20N，且A匀速运动，故A右侧的绳子对A的拉力FA＝f＝20N，则弹簧测力计的示数为20N；
（2）使A物体在10s内向右移动了2m，则拉力F移动的距离s＝＝1m，水平拉力F所做的功W总＝Fs＝50N×1m＝50J，
功率P＝＝＝5W；
（3）有用功W有用＝FAsA＝20N×2m＝40J，
滑轮的机械效率η＝＝＝80%。
故答案为：20N；50J；5W；80%。
【点评】本题考查功、功率、效率的计算，并考查动滑轮的有关知识，综合性较强。
16．（3分）（2021•凉山州）观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会 变小 （变大/不变/变小），从而使车与地面之间的摩擦力 变小 （变大/不变/变小），车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 （A/B）。
【分析】（1）流体流速越快，产生的压强越小。
车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力；当流线型的车子快速行驶时，根据流体压强与流速的关系，产生对汽车的升力，车子对地面压力减小。
（2）要产生向下的压力，导流板横截面的形状就应跟飞机机翼的形状相反﹣﹣上平下凸，使上方的空气流速小、压强大。
【解答】解：（1）汽车急速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力变小，小于汽车的重力。车对地面压力变小，使车与地面之间的摩擦力变小；
（2）“气流偏导器”的上表面平直、底部呈弧形凸起，当跑车高速行驶时，偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加轿车对地面的压力，提高车轮的抓地性能。故应选B。
故答案为：变小；变小；B。
【点评】本题通过生活中的具体实例，考查了流体压强与流速的物理知识，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用。
17．（2分）（2021•凉山州）劣质的油性油漆、板材、涂料剂等材料含有较多的甲醛、苯、二甲苯等有毒有机物，用来装修房屋会造成室内环境污染。这是因为有毒有机物分子都在做永不停息的 无规则运动 ，这种现象在夏天时特别严重，因为 温度 越高，分子运动越剧烈。
【分析】不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
【解答】解：整个屋子弥漫着有毒气体的气味，是分子不停地做无规则运动的结果；因为分子在永不停息地做无规则运动，运动速度与温度有关。所以在夏天时特别严重。
故答案为：无规则运动；温度。
【点评】本题主要考查学生对分子动理论的基本知识的理解和掌握，是中考的热点。
18．（2分）（2021•凉山州）当人体成为 闭合 电路的一部分时，就会有电流通过加剧。如果电流达到一定大小，就会发生 触电 事故。
【分析】人体是导体，当人体上加有电压时，就会有电流通过人体。当通过人体的电流很小时，人没有感知；当通过人体的电流稍大，人就会有“麻电”的感觉，当电流达到8～10mA时，人就很难摆脱电压，形成了危险的触电事故，当电流达到100mA时，在很短时间内就会使人窒息、心跳停止。所以当加在人体上的电压大到一定数值时，通过人体的电流就达到一定程度，发生触电事故。
【解答】解：人体是导体，当人体成为闭合电路的一部分时，就会有电流通过人体，当电流达到一定大小，就会发生触电事故。
故答案为：闭合；触电。
【点评】本题考查学生对电路中产生电流的条件和对触电事故的了解，属物理规律的简单应用。
19．（3分）（2021•凉山州）扬声器与 电动机 的工作原理相同（选填“发电机”或“电动机”）， 不是 （选填“是”或“不是”）根据电磁感应现象制成。由于通过线圈的电流是 变化 的电流，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。
【分析】电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；扬声器根据线圈中变化的电流产生变化的磁场，与磁体发生相互作用而带动纸盆运动而发声。
【解答】解：（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；当扬声器线圈中有电流通过时，线圈受到磁场力的作用而运动，这与电动机的工作原理相同；
（2）扬声器主要由线圈，永磁体，锥形纸盆组成，当线圈中通过变化电流时，会产生变化的磁场，线圈受到磁场力的作用而运动，线圈带动纸盆也来回振动，使扬声器发声。
故答案为：电动机；不是；变化。
【点评】扬声器是把电信号转换成声信号的一种装置，它的原理是通电线圈在磁场中受力而运动，由此带动纸盆振动发出声音。
20．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，电阻R的电功率为 0.6 W，通电10min后R产生的热量为 360 J。
【分析】由电路图可知，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P＝UI求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电流特点求出通过电阻R的电流，根据P＝UI求出电阻R的电功率，再利用Q＝W＝UIt求出通电10min电阻R产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U＝UL＝6V，
由P＝UI可得，通过灯泡的电流：IL＝＝＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电阻R的电流：
IR＝I﹣IL＝0.6A﹣0.5A＝0.1A，
电阻R的电功率：
PR＝UIR＝6V×0.1A＝0.6W；
通电10min，电阻R产生的热量：
QR＝WR＝UIRt＝6V×0.1A×600s＝360J。
故答案为：0.6；360。
【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式和电热公式的灵活应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
三、作图题（本大题共5小题，共11分）
21．（2分）（2021•凉山州）在水平向右行驶的小车车厢，顶端用细线悬挂一小球，小车水平地板上放置一物块A，从某时刻起，发现小球向右（运动的同方向）摆动，如图所示，请画出此时物块A受力的示意图。
【分析】物块A在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；根据小球向左（运动的反方向）摆开，并连续一段时间，分析小车做何种运动，然后确定物块A在水平方向上受到的摩擦力方向，在按照力的示意图的画法画出各个力。
【解答】解：分析可知，物块A在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；
小球向右（运动的同方向）摆开，并连续一段时间，根据惯性知识可知，小车做减速运动，故物块A在水平方向上受到的摩擦力方向水平向左；如图所示：
【点评】此题考查力的示意图的画法，关键是根据惯性知识和结合题意判断小车做何种运动，并确定物块A受到的摩擦力方向。
22．（2分）（2021•凉山州）用一根钢棒撬动地面上的一块大石头，如图所示，请你在图中作出最省力时的动力方向F并标出相应支点O的位置。
【分析】（1）支点是杠杆绕着转动的固定点，动力向下作用时，杠杆应绕小石块尖端转动，动力向上作用时，杠杆绕杠杆下端转动；
（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。
【解答】解：由图示可知，当杠杆下端为支点时，OA为动力臂时最长，此时动力最小，力垂直于杠杆向上，支点O与最小作用力F如图所示：
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，在力与力臂乘积一定的情况下，若支点与力的作用点成为力臂，此时的力臂最大，使用杠杆最省力。
23．（3分）（2021•凉山州）某保密室有三道门，关上一道门相当于闭合一个开关。只要有一道门没有关上，红色和绿色的指示灯都会发光。当三道门都关上时，红灯会熄灭，只有绿灯会发光。请设计出符合要求的电路图画在虚线的方框内，并根据所设计的电路图在如图中用笔画线将实物连接成符合要求的电路。（要求：连线不能交叉，线头接在接线柱上。）
【分析】根据题意确定开关与指示灯间的连接关系，然后画出电路图；根据电路图连接实物图。
【解答】解：根据题意可知，指示灯与电源组成通路时指示灯亮，电路是断路或灯被短路时灯熄灭，当三道门都关上即三个开关都闭合时，红灯会熄灭，绿灯会发光，此时红灯短路、绿灯通路，三个开关相互影响，三个开关应该是串联再与红灯并联，电路图如图所示：
；
根据电路图连接实物图，如图所示：
。
【点评】知道串联电路各用电器相互影响、不能独立工作，并联电路各用电器独立工作、互不影响是解决本题的关键。
24．（2分）（2021•凉山州）请在如图的方框内画出合适的光学元件。
【分析】凹透镜对光线起发散作用；凸透镜对光线起会聚作用；平面镜能够反射光线。因此根据光线的特点选择合适的光线元件。
【解答】解：左图中折射光线比入射光线更加远离主光轴，所以该元件对光线有发散作用，因此是凹透镜。
右图中的光学元件不能使光线透过，但能改变光路，所以该元件是平面镜，如图所示
【点评】本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，要求学生熟练掌握各种光学元件的光学特点。
25．（2分）（2021•凉山州）如图，将铜丝、铁丝插入菠萝中，便成了水果电池。一根软导线在纸筒A上绕制成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线管产生的磁场使小磁针静止在如图所示状态。图中已标出电路中电子定向移动的方向。
（1）标出电池正、负极（在图中横线上填“+”或“﹣”符号）；
（2）画出纸筒A上导线的绕向并形成闭合电路。
【分析】（1）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由安培定则可知通电螺线管的电流方向，然后可知电池正，负极；
（2）根据螺线管的NS极，由安培定则可知通电螺线管的绕向。
【解答】解：（1）图中标的是电子移动的方向，则电流方向与之相反，由此可知电池右端为负极，左端为正极，
（2）由磁极间的相互作用可知螺线管的左端为N极，右端为S极；根据通电螺线管的电流方向，可知电流从左前方流入，右后方流出，据安培定则可画出线圈的绕法，如下图：
【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
四、实验探究题（每空1分，连线1分，共14分）
26．（4分）（2021•凉山州）小花同学在安宁河边捡到一块漂亮的不溶于水也不吸水的小石块，她想测量这块小石头的密度，于是进行了如下的实验操作：
（1）小花同学将天平放在水平台上，天平横梁调节平衡后开始称量石块的质量，称量过程中进行了如图甲所示的操作，其中有一处操作错误的是 称量过程中调节平衡螺母 。
（2）改正错误后，小花同学重新进行测量。天平调节平衡后她将小石块放入天平的右盘，并通过在左盘增减砝码和移动游码使天平恢复平衡，砝码的质量和游码对应的刻度值如图乙所示，记录好数据后小花立即发现自己的操作是错误的，但是也可以通过这种测量方法正确计算出小石块的质量。你认为小石块的质量应该是 52 g。
（3）她发现小石块放不进量筒，改用如图丙所示的方法测量小石块的体积，步骤如下：
a.将小石块轻轻放入空烧杯中，往烧杯中加入适量的水，使小石块浸没，在水面达到的位置上做标记，然后取出小石块。
b．先往量筒中装入80mL的水，然后将量筒中的水慢慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒中剩余的水的体积如图所示，则小石块的体积为 20 cm3。
（4）计算出小石块的密度为 2.6×103 kg/m3。
【分析】（1）根据天平正确操作步骤：天平横梁调节平衡后，称量过程中不能通过调节平衡螺母使天平平衡；
（2）根据天平平衡后左盘物体的质量等于右盘的砝码质量加游码所对应的刻度值，分析解题；
（3）当小石块浸没水中时，排开水的体积等于小石块的体积；
（4）根据ρ＝即可解题。
【解答】解：（1）小花同学在天平横梁调节平衡后，称量过程中不能通过调节平衡螺母使天平平衡；
（2）因为小花同学把小石块放入右盘砝码放入左盘，故有m砝码＝m小石块+游码示数，
则由图乙可得：m小石块＝m砝码﹣游码示数＝55g﹣3g＝52g；
（3）根据小石块浸没水中时，排开水的体积等于小石块的体积，由图丙可得：V小石块＝20cm3；
（4）由（2）、（3）结果可得小石块的密度ρ＝＝＝2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3。
故答案为：（1）称量过程中调节平衡螺母；（2）52；（3）20；（4）2.6×103。
【点评】本题考查了固体的密度测量实验操作过程中，属于基础题型。
27．（4分）（2021•凉山州）以下是小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中的部分操作：
（1）如图甲所示，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。（要求记录到准确值的下一位）
（2）小明将LED灯、凸透镜和光屏依次放在光具座上，通过调节使三者中心大致在 同一高度处 。接着，小明调节LED灯、凸透镜至如图乙所示的位置，移动光屏，会在光屏上得到倒立、 缩小 的实像，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是 照相机 。
【分析】（1）平行光经凸透镜折射后会聚于一点，这就是焦点，焦点到光心的距离就是焦距；
（2）实验中需调节凸透镜、光屏、LED灯的中心大致在同一高度处，这样才能使像成在光屏的中央；物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。
【解答】解：（1）平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑就是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离就是焦距，所以凸透镜的焦距f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm；
（2）为使像成在光屏的中央，应调节LED灯、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处；
蜡烛、光屏的位置为如图乙，所以物距u＝25cm＞2f，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，该成像规律与日常生活中的照相机成像规律相同。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度处；缩小；照相机。
【点评】本题考查凸透镜成像规律的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
28．（6分）（2021•凉山州）某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
（1）请你用笔画线代替导线将甲图实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R 断路 （选填“断路”或“短路”）。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为 3 V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动变阻器的滑片P向 左 （选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的 电压 不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是 7.5 Ω。
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；
（2）分别分析两种故障对应的现象，确定符合题意的故障原因；
（3）由图乙求出电流与电阻之积；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）若定值电阻R短路，电压表示数为0，电流表有示数；
若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数。所以故障为定值电阻R断路；
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：
U＝IR＝0.6A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.2A×15Ω＝3V；
当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，电阻变大，分压增多，电压表示数增大，根据控制变量法知在探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×15Ω＝7.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少7.5Ω的滑动变阻器。
故答案为：（1）
；
（2）断路；
（3）3；左；电压；7.5。
【点评】此题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，包括实物图的连接、电路故障的判断、实验器材的选择和串联电路特的应用，是一道综合题。
五、计算题（本大题共2小题，共10分。解答要有必要的分析、说明、公式和过程，只有纯数字的算式运算不得分。）
29．（4分）（2021•凉山州）一质量为600g，密度为0.6g/cm3的正方体木块用细线系于底面积为400cm2容器的水中，如图所示，求：
（1）木块所受的浮力大小是多少？
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了多少？
【分析】（1）知道正方体木块的质量和密度，根据密度公式的变形可求木块的体积，木块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据浮力计算公式F浮＝ρ液gV排求出受到的浮力；
（2）根据重力公式G＝mg计算木块的重力，根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据F浮＝ρ液gV排得出此时木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，根据液体压强公式p＝ρgh可得压强的变化。
【解答】解：（1）正方体木块的体积：
V＝＝＝1000cm3＝1×10﹣3m3，
木块浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
（2）由G＝mg可得，木块的重力：
G1＝m1g＝0.6kg×10N/kg＝6N，
将细线剪断后，木块静止时，木块漂浮，此时木块受到的浮力F浮＝G1＝6N；
由F浮＝ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：
V排＝＝＝6×10﹣4m3；
所以液面下降的深度为：
△h＝＝＝＝0.01m；
则容器底部受到水的压强减少量：
△p＝ρ水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m＝100Pa。
答：（1）木块所受的浮力大小10N；
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了100Pa。
【点评】本题考查了浮力计算公式和密度公式、重力公式、液体压强公式的应用，会根据物体漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等分析剪断细线前后物体浸入液体体积的变化是关键。
30．（6分）（2021•凉山州）如图所示电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图所示，当滑片P在b端时电流表示数为0.3A。
（1）求R2的最大阻值；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，求电源电压U和R0的阻值；
（3）若滑动变阻器的滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，设滑片P从a端移动到b端的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式。
【分析】如图电路，闭合开关S，R1、R2与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，电流表测量电路中的电流，
首先根据串联电路电压的规律，确定两电压表所对应的图象：
（1）当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，由图象可知最小电流和V2的示数，由欧姆定律，得出R2的最大阻值；
（2）当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出R1；
若滑片P置于变阻器的中点位置时，根据P＝I2R得出电路的电流，根据串联电路电压的规律及欧姆定律列式求出U和R0；
（3）已知滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，则滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变＝x（Ω），由串联电阻的规律及欧姆定律得出电路的电流表达式，然后根据P＝I2R变得出R2消耗电功率的表达式。
【解答】解：如图电路，闭合开关S，R1、R2与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，电流表测量电路中的电流，
根据串联电路电压的规律，故V1的示数大于V2的示数，故I图象为V1的示数随电流变化，Ⅱ图象为V2的示数随电流变化。
（1）当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，即为0.3A，
由图象可知：V2的示数为4.5V，V1的示数为8.1V
由I＝可得R2的最大阻值为：
R2＝＝＝15Ω；
（2）当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的电压规律及欧姆定律，R1的阻值：
R1＝＝＝12Ω，
若滑片P置于变阻器的中点位置，则变阻器连入电路的电阻为：R中＝R2＝×15Ω＝7.5Ω；
根据P＝I2R可得，电路的电流：
I＝＝＝0.4A，
根据串联电路的规律及欧姆定律可知，电源电压：
U＝U1+I最小R0，
U＝I（R1+R中+R0），
即：U＝8.1V+0.3A×R0；
U＝0.4A×（12Ω+7.5Ω+R0）；
由以上两式可解得：U＝9V，R0＝3Ω；
（3）已知滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R滑＝x（Ω），
由串联电阻的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I′＝，
R2消耗的电功率：P＝I′2R滑＝（）2×R滑＝（）2×x＝。
答：（1）R2的最大阻值为15Ω；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，电源电压U为9V，R0的阻值为3Ω；
（3）R2消耗的电功率P随x变化的关系式为：P＝。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
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日期：2021/9/30 15:26:48；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004
2021年四川省凉山州中考物理试卷
一、选择题（共11小题，每小题2分，满分22分）
1．（2分）（2021•凉山州）小强同学在一次测量某物体长度时，正确记录了四次测量结果，即18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，则该物体的长度应为（ ）
A．18.125cm B．18.1cm C．18.13cm D．18.12cm
2．（2分）（2021•凉山州）如图所示是某种物质熔化时温度随时间的变化的曲线图，下列分析正确的是（ ）
A．AB段表示该物质温度逐渐升高，它的熔点也在逐渐升高
B．在第8分钟时该物质已全部熔化
C．该曲线可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像
D．该物质在BC段吸收热量但温度保持不变
3．（2分）（2021•凉山州）一天，小敏同妈妈上街去买菜，看到用杠杆秤土豆的情景如图所示，对此现象分析正确的是（ ）
A．杆秤平衡时，秤砣的质量跟秤盘中土豆的质量相等
B．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定大于秤砣所受的合力
C．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定等于秤砣所受的合力
D．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定小于秤砣所受的合力
4．（2分）（2021•凉山州）“五一”期间，小华同父母从成都乘坐动车去古城西安。动车在某平直路段匀速行驶，小华将一苹果竖直向上抛到一定高度（未到达车厢天花板，且抛出前后手的位置相对座椅不变），则苹果落下的位置应是（ ）
A．手中 B．手的后方
C．手的前方 D．以上情况都有可能
5．（2分）（2021•凉山州）一块长方体合金块，重1.2N，侧放于面积为1m2的水平桌面上，它与桌面的接触面积是1×10﹣3m2，下列说法正确的是（ ）。
①合金块对桌面的压强是1.2Pa
②合金块对桌面的压强是1200Pa
③若沿竖直方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
④若沿水平方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
6．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将一个空心铁球浸没入水中，放手后铁球恰好悬浮，若沿虚线方向将铁球切成大小不等的两块，则（ ）
A．大块的将下沉，小块的将上浮
B．大块的将上浮，小块的将下沉
C．两块都将上浮
D．两块都将下沉
7．（2分）（2021•凉山州）用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的A、B两种液体加热，加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示，从图中看出（ ）
A．液体A的比热容大 B．两种液体的比热容相等
C．液体B的比热容大 D．无法比较
8．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将同一小球按照不同方向从离地面相同高度的相同位置两次抛出，初速度大小相等，小球第一次落地速度为v1，小球第二次落地速度为v2，不计空气阻力，比较v1和v2的大小，正确的是（ ）
A．v1＝v2 B．v1＜v2 C．v1＞v2 D．无法比较
9．（2分）（2021•凉山州）有一根阻值为R的电阻线，现将它首尾相连绕制成一个圆形电阻，如图所示。则AB间的电阻为（ ）
A．R B． C． D．
10．（2分）（2021•凉山州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动时（ ）
A．电流表示数减小，电压表示数增大
B．电流表示数增大，电压表示数减小
C．电流表示数减小，电压表示数不变
D．电流表示数不变，电压表示数不变
11．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝5：1；当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）
A．5：4 B．3：5 C．4：5 D．4：1
二、填空题（每空1分、共23分）
12．（3分）（2021•凉山州）我国研发的“祝融号”火星车于2021年5月22日成功到达火星表面，开始对火星进行探测。“祝融号”火星车所需能量是利用了太阳能电池板将太阳能转化成的 ；如果以地球为参照物，火星车是 的；火星车着陆后，将所获数据及时传回地面，传回时间约为20min，则火星距离地球 km。
13．（2分）（2021•凉山州）一天，小明和父母一起驾车从西昌到成都，途中看到了如图所示的“雾凇”景观和“禁鸣”标识。其中“雾凇”是物态变化中的 现象形成的，“禁鸣”标识是表示在 处控制噪声。
14．（2分）（2021•凉山州）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中 是入射光线，折射角的大小是 。
15．（4分）（2021•凉山州）如图所示，利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重300N的A物体，使A物体在10s内向右移动了2m，若A物体受到的摩擦力大小为20N，拉力F大小为50N，则：弹簧测力计的示数为 ；水平拉力F所做的功为 ，功率为 ；滑轮的机械效率为 。
16．（3分）（2021•凉山州）观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会 （变大/不变/变小），从而使车与地面之间的摩擦力 （变大/不变/变小），车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 （A/B）。
17．（2分）（2021•凉山州）劣质的油性油漆、板材、涂料剂等材料含有较多的甲醛、苯、二甲苯等有毒有机物，用来装修房屋会造成室内环境污染。这是因为有毒有机物分子都在做永不停息的 ，这种现象在夏天时特别严重，因为 越高，分子运动越剧烈。
18．（2分）（2021•凉山州）当人体成为 电路的一部分时，就会有电流通过加剧。如果电流达到一定大小，就会发生 事故。
19．（3分）（2021•凉山州）扬声器与 的工作原理相同（选填“发电机”或“电动机”）， （选填“是”或“不是”）根据电磁感应现象制成。由于通过线圈的电流是 的电流，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。
20．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，电阻R的电功率为 W，通电10min后R产生的热量为 J。
三、作图题（本大题共5小题，共11分）
21．（2分）（2021•凉山州）在水平向右行驶的小车车厢，顶端用细线悬挂一小球，小车水平地板上放置一物块A，从某时刻起，发现小球向右（运动的同方向）摆动，如图所示，请画出此时物块A受力的示意图。
22．（2分）（2021•凉山州）用一根钢棒撬动地面上的一块大石头，如图所示，请你在图中作出最省力时的动力方向F并标出相应支点O的位置。
23．（3分）（2021•凉山州）某保密室有三道门，关上一道门相当于闭合一个开关。只要有一道门没有关上，红色和绿色的指示灯都会发光。当三道门都关上时，红灯会熄灭，只有绿灯会发光。请设计出符合要求的电路图画在虚线的方框内，并根据所设计的电路图在如图中用笔画线将实物连接成符合要求的电路。（要求：连线不能交叉，线头接在接线柱上。）
24．（2分）（2021•凉山州）请在如图的方框内画出合适的光学元件。
25．（2分）（2021•凉山州）如图，将铜丝、铁丝插入菠萝中，便成了水果电池。一根软导线在纸筒A上绕制成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线管产生的磁场使小磁针静止在如图所示状态。图中已标出电路中电子定向移动的方向。
（1）标出电池正、负极（在图中横线上填“+”或“﹣”符号）；
（2）画出纸筒A上导线的绕向并形成闭合电路。
四、实验探究题（每空1分，连线1分，共14分）
26．（4分）（2021•凉山州）小花同学在安宁河边捡到一块漂亮的不溶于水也不吸水的小石块，她想测量这块小石头的密度，于是进行了如下的实验操作：
（1）小花同学将天平放在水平台上，天平横梁调节平衡后开始称量石块的质量，称量过程中进行了如图甲所示的操作，其中有一处操作错误的是 。
（2）改正错误后，小花同学重新进行测量。天平调节平衡后她将小石块放入天平的右盘，并通过在左盘增减砝码和移动游码使天平恢复平衡，砝码的质量和游码对应的刻度值如图乙所示，记录好数据后小花立即发现自己的操作是错误的，但是也可以通过这种测量方法正确计算出小石块的质量。你认为小石块的质量应该是 g。
（3）她发现小石块放不进量筒，改用如图丙所示的方法测量小石块的体积，步骤如下：
a.将小石块轻轻放入空烧杯中，往烧杯中加入适量的水，使小石块浸没，在水面达到的位置上做标记，然后取出小石块。
b．先往量筒中装入80mL的水，然后将量筒中的水慢慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒中剩余的水的体积如图所示，则小石块的体积为 cm3。
（4）计算出小石块的密度为 kg/m3。
27．（4分）（2021•凉山州）以下是小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中的部分操作：
（1）如图甲所示，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。（要求记录到准确值的下一位）
（2）小明将LED灯、凸透镜和光屏依次放在光具座上，通过调节使三者中心大致在 。接着，小明调节LED灯、凸透镜至如图乙所示的位置，移动光屏，会在光屏上得到倒立、 的实像，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是 。
28．（6分）（2021•凉山州）某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
（1）请你用笔画线代替导线将甲图实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R （选填“断路”或“短路”）。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为 V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动变阻器的滑片P向 （选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的 不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是 Ω。
五、计算题（本大题共2小题，共10分。解答要有必要的分析、说明、公式和过程，只有纯数字的算式运算不得分。）
29．（4分）（2021•凉山州）一质量为600g，密度为0.6g/cm3的正方体木块用细线系于底面积为400cm2容器的水中，如图所示，求：
（1）木块所受的浮力大小是多少？
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了多少？
30．（6分）（2021•凉山州）如图所示电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图所示，当滑片P在b端时电流表示数为0.3A。
（1）求R2的最大阻值；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，求电源电压U和R0的阻值；
（3）若滑动变阻器的滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，设滑片P从a端移动到b端的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式。
2021年四川省凉山州中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共11小题，每小题2分，满分22分）
1．（2分）（2021•凉山州）小强同学在一次测量某物体长度时，正确记录了四次测量结果，即18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，则该物体的长度应为（ ）
A．18.125cm B．18.1cm C．18.13cm D．18.12cm
【分析】在实验中，减小误差的有效途径是多次测量求平均值；在求平均值时，要先对所有数据进行判断，把错误数据删除，然后进行平均，并且平均值的有效数字与原始数据保持一致。
【解答】解：
测量的四次测量结果为18.12cm，18.13cm，18.11cm，18.14cm，为了减小误差，取四次的平均值：≈18.13cm，故C正确、ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查多次测量求平均值减小误差，难度不大。
2．（2分）（2021•凉山州）如图所示是某种物质熔化时温度随时间的变化的曲线图，下列分析正确的是（ ）
A．AB段表示该物质温度逐渐升高，它的熔点也在逐渐升高
B．在第8分钟时该物质已全部熔化
C．该曲线可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像
D．该物质在BC段吸收热量但温度保持不变
【分析】要解决此题，需要掌握：
①晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变。
②在熔化图象中，若有一段时间温度保持不变，则为晶体，此时的温度为熔点。
【解答】解：A、从图象上看，AB段表示该物质温度逐渐升高，但不能表示它的熔点也在升高，故A错误；
B、由图可知，在第8min时该物质刚开始熔化，而不是已全部熔化，故B错误；
C、沥青是非晶体，该曲线是晶体的熔化图像，所以该曲线不可能是沥青熔化时温度随时间变化的图像，故C错误；
D、BC段表示该物质温度不随时间改变，说明该物质正在熔化，因此该物质在熔化过程中吸收热量但温度保持不变，故D正确。
故选：D。
【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息，关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变。
3．（2分）（2021•凉山州）一天，小敏同妈妈上街去买菜，看到用杠杆秤土豆的情景如图所示，对此现象分析正确的是（ ）
A．杆秤平衡时，秤砣的质量跟秤盘中土豆的质量相等
B．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定大于秤砣所受的合力
C．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定等于秤砣所受的合力
D．杆秤平衡时，盘中土豆所受的合力一定小于秤砣所受的合力
【分析】根据杠杆的平衡条件分析秤砣的质量和土豆的质量的大小关系；杆秤平衡时，土豆、秤砣处于静止状态，土豆、秤砣受到的合力为0。
【解答】解：A、杆秤平衡时，根据杠杆的平衡条件可知：m秤砣gL秤砣＝m土豆gL土豆，由图可知，L秤砣＞L土豆，则：m秤砣＜m土豆，即秤砣的质量小于秤盘中土豆的质量，故A错误；
BCD、杆秤平衡时，土豆、秤砣处于静止状态，则土豆、秤砣受到的合力都为0，即土豆、秤砣受到的合力为0，故C正确，BD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用、合力的大小；知道物体处于静止或匀速直线运动状态时合力为0是解题的关键。
4．（2分）（2021•凉山州）“五一”期间，小华同父母从成都乘坐动车去古城西安。动车在某平直路段匀速行驶，小华将一苹果竖直向上抛到一定高度（未到达车厢天花板，且抛出前后手的位置相对座椅不变），则苹果落下的位置应是（ ）
A．手中 B．手的后方
C．手的前方 D．以上情况都有可能
【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性。
【解答】解：在平直轨道上匀速行驶的动车车厢里，竖直向上抛出的苹果由于惯性还要保持原来的运动状态，因此仍将落回原处，即落在小华手中，故A正确。
故选：A。
【点评】此题考查学生对惯性的理解和掌握，知道一切物体都有惯性。
5．（2分）（2021•凉山州）一块长方体合金块，重1.2N，侧放于面积为1m2的水平桌面上，它与桌面的接触面积是1×10﹣3m2，下列说法正确的是（ ）。
①合金块对桌面的压强是1.2Pa
②合金块对桌面的压强是1200Pa
③若沿竖直方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
④若沿水平方向切去一块，则剩余部分对桌面的压强不变
A．①③ B．②③ C．①④ D．②④
【分析】（1）根据即可计算合金块对桌面的压强；
（2）长方体的桌面的压强为，由此判断合金块对桌面的压强变化。
【解答】解：（1）合金块的桌面的压力为F＝G＝1.2N，对桌面的压强为，故①错误，②正确；
（2）长方体的桌面的压强为，由此可见，长方体对桌面的压强与物体的密度和高度有关，沿竖直方向切去一块，物体密度和高度不变，所以剩余部分对桌面的压强不变，③正确；沿水平方向切去一块，密度不变，高度减小，剩余部分对桌面的压强变小，④错误，所以正确的是②③。
故选：B。
【点评】本题考查了压强的计算和压强公式的应用，灵活的运用压强公式是关键。
6．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将一个空心铁球浸没入水中，放手后铁球恰好悬浮，若沿虚线方向将铁球切成大小不等的两块，则（ ）
A．大块的将下沉，小块的将上浮
B．大块的将上浮，小块的将下沉
C．两块都将上浮
D．两块都将下沉
【分析】当物体密度等于液体密度时，物体悬浮；当物体密度小于液体密度时，物体漂浮；当物体密度大于液体密度时，物体下沉。
【解答】解：空心铁球悬浮在水中，说明物体的密度与水的密度相同，将它沿图示虚线切为大小不等的两块后，小块为实心，故小块密度大于水的密度，大块仍为空心，密度小于水的密度，所以大块将上浮，小块将下沉。
故选：B。
【点评】本题考查物体的沉浮条件的应用，关键知道密度是物体的一种属性，它不随物体体积和质量的变化而变化，还要知道物体悬浮时，物体的密度等于液体的密度。
7．（2分）（2021•凉山州）用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的A、B两种液体加热，加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示，从图中看出（ ）
A．液体A的比热容大 B．两种液体的比热容相等
C．液体B的比热容大 D．无法比较
【分析】（1）用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则吸收热量相同；
（2）根据吸热公式Q＝cm△t可知，如果A、B两种液体的质量相同，温度变化小的比热容大。
【解答】解：（1）用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则两液体吸收热量相同；
（2）由图象可以看出，加热相同的时间（吸收热量相同），B的温度升高得少一些（B的温度变化小），根据c＝可知，B液体的比热容较大。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）。
8．（2分）（2021•凉山州）如图所示，将同一小球按照不同方向从离地面相同高度的相同位置两次抛出，初速度大小相等，小球第一次落地速度为v1，小球第二次落地速度为v2，不计空气阻力，比较v1和v2的大小，正确的是（ ）
A．v1＝v2 B．v1＜v2 C．v1＞v2 D．无法比较
【分析】不计空气阻力，机械能是守恒的，据此分析。
【解答】解：同一个小球，则质量相等，在同一高度，则重力势能相等，以相同的速度分别向两个不同方向抛出去，此时动能相等，如果不计空气阻力，其机械能守恒，则其落地时高度相同，重力势能相等，故刚落地时的动能相等，所以其速度大小关系：v1＝v2。
故选：A。
【点评】此题考查动能和势能的转化与守恒，掌握动能、重力势能的影响因素，是解答此题关键。
9．（2分）（2021•凉山州）有一根阻值为R的电阻线，现将它首尾相连绕制成一个圆形电阻，如图所示。则AB间的电阻为（ ）
A．R B． C． D．
【分析】根据并联电路的电阻关系＝+求出总电阻的大小。
【解答】解：电阻线的电阻为R，由图可知，AB两点间的电阻是并联的，电阻的大小与长度成正比，则AB之间一条支路的电阻为R1＝R，另一条支路的电阻为R2＝R；
根据并联电路的电阻关系可知：＝+，则AB之间的电阻为：R＝＝＝。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路电阻的计算，明确公式＝+是解题的关键。
10．（2分）（2021•凉山州）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动时（ ）
A．电流表示数减小，电压表示数增大
B．电流表示数增大，电压表示数减小
C．电流表示数减小，电压表示数不变
D．电流表示数不变，电压表示数不变
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测并联电路两端的电压，电流表测通过R1的电流。
根据并联电路中各支路互不影响可知滑片移动时通过定值电阻电流的变化，即电流表示数的变化；根据并联电路的电压规律可知电压表示数的变化。
【解答】解：
由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测并联电路两端的电压，电流表测通过R1的电流；
因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑片向右移动时，通过定值电阻R1的电流不变，即电流表示数不变；
由于电压表测量并联电路两端的电压（等于电源电压），因此电压表的示数始终不变，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，利用好“并联电路的电压规律以及并联电路的特点”是关键。
11．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝5：1；当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）
A．5：4 B．3：5 C．4：5 D．4：1
【分析】当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；
当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比值。
【解答】解：
由电路图可知，当开关S1、S2闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，
由串联电路电流相等和I＝可得：＝，
则：＝＝＝，
所以，R1＝4R2；
当S1闭合、S2断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，
由并联电路中各支路两端的电压相等和I＝可得，两电流表的示数之比：
＝＝＝＝。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开以及不同电表时电路串并联的辨别和电表所测的电路元件。
二、填空题（每空1分、共23分）
12．（3分）（2021•凉山州）我国研发的“祝融号”火星车于2021年5月22日成功到达火星表面，开始对火星进行探测。“祝融号”火星车所需能量是利用了太阳能电池板将太阳能转化成的 电能 ；如果以地球为参照物，火星车是 运动 的；火星车着陆后，将所获数据及时传回地面，传回时间约为20min，则火星距离地球 3.6×108 km。
【分析】（1）太阳能电池工作时把太阳能转化为电能；
（2）研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的；
（3）根据速度公式求出距离的大小。
【解答】解：太阳能电池工作时，可以把太阳能直接转化为电能；
如果以地球为参照物，火星车与地球之间发生了位置的改变，是运动的；
电磁波的传播速度为3×105km/s，根据v＝可知，火星到地球的距离为：s＝vt＝3×105km/s×20×60s＝3.6×108km。
故答案为：电能；运动；3.6×108。
【点评】本题考查了速度公式的应用、太阳能的转化、运动和静止的相对性，难度不大。
13．（2分）（2021•凉山州）一天，小明和父母一起驾车从西昌到成都，途中看到了如图所示的“雾凇”景观和“禁鸣”标识。其中“雾凇”是物态变化中的 凝华 现象形成的，“禁鸣”标识是表示在 声源 处控制噪声。
【分析】由气态之间变为固态叫凝华。控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）。
【解答】解：雾凇是固态的冰晶。雾凇的形成是由于空气中的水蒸气遇冷直接凝华为小冰晶附着在植被上；
“禁鸣喇叭”是在声源处控制噪声。
故答案为：凝华；声源。
【点评】本题考查了物态变化、减弱噪声的方法，属于基础题。
14．（2分）（2021•凉山州）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，其中 BO 是入射光线，折射角的大小是 35° 。
【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线，从而确定界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。
【解答】解：由图可知，∠BOM′＝30°，所以∠BON＝90°﹣30°＝60°，同理∠AON＝60°；
根据反射角等于入射角，所以NN′为法线，MM′为界面，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；
由图可知，折射角为：∠CON′＝90°﹣55°＝35°。
故答案为：BO；35°。
【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线，从而确定界面，则可首先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。
15．（4分）（2021•凉山州）如图所示，利用轻质滑轮匀速拉动水平地面上重300N的A物体，使A物体在10s内向右移动了2m，若A物体受到的摩擦力大小为20N，拉力F大小为50N，则：弹簧测力计的示数为 20N ；水平拉力F所做的功为 50J ，功率为 5W ；滑轮的机械效率为 80% 。
【分析】（1）A物体受到的摩擦力大小为20N，且A匀速运动，根据FA＝f得出A右侧的绳子对A的拉力，进而得出弹簧测力计的示数；
（2）A物体在10s内向右移动了2m，根据s＝得出拉力F移动的距离，根据W＝Fs得出水平拉力F所做的功，根据P＝得出功率；
（3）根据W有用＝FAsA得出有用功，根据η＝得出滑轮的机械效率。
【解答】解：（1）A物体受到的摩擦力大小为20N，且A匀速运动，故A右侧的绳子对A的拉力FA＝f＝20N，则弹簧测力计的示数为20N；
（2）使A物体在10s内向右移动了2m，则拉力F移动的距离s＝＝1m，水平拉力F所做的功W总＝Fs＝50N×1m＝50J，
功率P＝＝＝5W；
（3）有用功W有用＝FAsA＝20N×2m＝40J，
滑轮的机械效率η＝＝＝80%。
故答案为：20N；50J；5W；80%。
【点评】本题考查功、功率、效率的计算，并考查动滑轮的有关知识，综合性较强。
16．（3分）（2021•凉山州）观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会 变小 （变大/不变/变小），从而使车与地面之间的摩擦力 变小 （变大/不变/变小），车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的 （A/B）。
【分析】（1）流体流速越快，产生的压强越小。
车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力；当流线型的车子快速行驶时，根据流体压强与流速的关系，产生对汽车的升力，车子对地面压力减小。
（2）要产生向下的压力，导流板横截面的形状就应跟飞机机翼的形状相反﹣﹣上平下凸，使上方的空气流速小、压强大。
【解答】解：（1）汽车急速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力变小，小于汽车的重力。车对地面压力变小，使车与地面之间的摩擦力变小；
（2）“气流偏导器”的上表面平直、底部呈弧形凸起，当跑车高速行驶时，偏导器上方的空气流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，增加轿车对地面的压力，提高车轮的抓地性能。故应选B。
故答案为：变小；变小；B。
【点评】本题通过生活中的具体实例，考查了流体压强与流速的物理知识，要求学生对所学的知识熟练掌握并能学以致用。
17．（2分）（2021•凉山州）劣质的油性油漆、板材、涂料剂等材料含有较多的甲醛、苯、二甲苯等有毒有机物，用来装修房屋会造成室内环境污染。这是因为有毒有机物分子都在做永不停息的 无规则运动 ，这种现象在夏天时特别严重，因为 温度 越高，分子运动越剧烈。
【分析】不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
【解答】解：整个屋子弥漫着有毒气体的气味，是分子不停地做无规则运动的结果；因为分子在永不停息地做无规则运动，运动速度与温度有关。所以在夏天时特别严重。
故答案为：无规则运动；温度。
【点评】本题主要考查学生对分子动理论的基本知识的理解和掌握，是中考的热点。
18．（2分）（2021•凉山州）当人体成为 闭合 电路的一部分时，就会有电流通过加剧。如果电流达到一定大小，就会发生 触电 事故。
【分析】人体是导体，当人体上加有电压时，就会有电流通过人体。当通过人体的电流很小时，人没有感知；当通过人体的电流稍大，人就会有“麻电”的感觉，当电流达到8～10mA时，人就很难摆脱电压，形成了危险的触电事故，当电流达到100mA时，在很短时间内就会使人窒息、心跳停止。所以当加在人体上的电压大到一定数值时，通过人体的电流就达到一定程度，发生触电事故。
【解答】解：人体是导体，当人体成为闭合电路的一部分时，就会有电流通过人体，当电流达到一定大小，就会发生触电事故。
故答案为：闭合；触电。
【点评】本题考查学生对电路中产生电流的条件和对触电事故的了解，属物理规律的简单应用。
19．（3分）（2021•凉山州）扬声器与 电动机 的工作原理相同（选填“发电机”或“电动机”）， 不是 （选填“是”或“不是”）根据电磁感应现象制成。由于通过线圈的电流是 变化 的电流，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音。
【分析】电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；扬声器根据线圈中变化的电流产生变化的磁场，与磁体发生相互作用而带动纸盆运动而发声。
【解答】解：（1）电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；当扬声器线圈中有电流通过时，线圈受到磁场力的作用而运动，这与电动机的工作原理相同；
（2）扬声器主要由线圈，永磁体，锥形纸盆组成，当线圈中通过变化电流时，会产生变化的磁场，线圈受到磁场力的作用而运动，线圈带动纸盆也来回振动，使扬声器发声。
故答案为：电动机；不是；变化。
【点评】扬声器是把电信号转换成声信号的一种装置，它的原理是通电线圈在磁场中受力而运动，由此带动纸盆振动发出声音。
20．（2分）（2021•凉山州）如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A，电阻R的电功率为 0.6 W，通电10min后R产生的热量为 360 J。
【分析】由电路图可知，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P＝UI求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电流特点求出通过电阻R的电流，根据P＝UI求出电阻R的电功率，再利用Q＝W＝UIt求出通电10min电阻R产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与电阻R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，
所以，电源的电压U＝UL＝6V，
由P＝UI可得，通过灯泡的电流：IL＝＝＝0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过电阻R的电流：
IR＝I﹣IL＝0.6A﹣0.5A＝0.1A，
电阻R的电功率：
PR＝UIR＝6V×0.1A＝0.6W；
通电10min，电阻R产生的热量：
QR＝WR＝UIRt＝6V×0.1A×600s＝360J。
故答案为：0.6；360。
【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式和电热公式的灵活应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。
三、作图题（本大题共5小题，共11分）
21．（2分）（2021•凉山州）在水平向右行驶的小车车厢，顶端用细线悬挂一小球，小车水平地板上放置一物块A，从某时刻起，发现小球向右（运动的同方向）摆动，如图所示，请画出此时物块A受力的示意图。
【分析】物块A在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；根据小球向左（运动的反方向）摆开，并连续一段时间，分析小车做何种运动，然后确定物块A在水平方向上受到的摩擦力方向，在按照力的示意图的画法画出各个力。
【解答】解：分析可知，物块A在竖直方向上受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力；
小球向右（运动的同方向）摆开，并连续一段时间，根据惯性知识可知，小车做减速运动，故物块A在水平方向上受到的摩擦力方向水平向左；如图所示：
【点评】此题考查力的示意图的画法，关键是根据惯性知识和结合题意判断小车做何种运动，并确定物块A受到的摩擦力方向。
22．（2分）（2021•凉山州）用一根钢棒撬动地面上的一块大石头，如图所示，请你在图中作出最省力时的动力方向F并标出相应支点O的位置。
【分析】（1）支点是杠杆绕着转动的固定点，动力向下作用时，杠杆应绕小石块尖端转动，动力向上作用时，杠杆绕杠杆下端转动；
（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。
【解答】解：由图示可知，当杠杆下端为支点时，OA为动力臂时最长，此时动力最小，力垂直于杠杆向上，支点O与最小作用力F如图所示：
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，在力与力臂乘积一定的情况下，若支点与力的作用点成为力臂，此时的力臂最大，使用杠杆最省力。
23．（3分）（2021•凉山州）某保密室有三道门，关上一道门相当于闭合一个开关。只要有一道门没有关上，红色和绿色的指示灯都会发光。当三道门都关上时，红灯会熄灭，只有绿灯会发光。请设计出符合要求的电路图画在虚线的方框内，并根据所设计的电路图在如图中用笔画线将实物连接成符合要求的电路。（要求：连线不能交叉，线头接在接线柱上。）
【分析】根据题意确定开关与指示灯间的连接关系，然后画出电路图；根据电路图连接实物图。
【解答】解：根据题意可知，指示灯与电源组成通路时指示灯亮，电路是断路或灯被短路时灯熄灭，当三道门都关上即三个开关都闭合时，红灯会熄灭，绿灯会发光，此时红灯短路、绿灯通路，三个开关相互影响，三个开关应该是串联再与红灯并联，电路图如图所示：
；
根据电路图连接实物图，如图所示：
。
【点评】知道串联电路各用电器相互影响、不能独立工作，并联电路各用电器独立工作、互不影响是解决本题的关键。
24．（2分）（2021•凉山州）请在如图的方框内画出合适的光学元件。
【分析】凹透镜对光线起发散作用；凸透镜对光线起会聚作用；平面镜能够反射光线。因此根据光线的特点选择合适的光线元件。
【解答】解：左图中折射光线比入射光线更加远离主光轴，所以该元件对光线有发散作用，因此是凹透镜。
右图中的光学元件不能使光线透过，但能改变光路，所以该元件是平面镜，如图所示
【点评】本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，要求学生熟练掌握各种光学元件的光学特点。
25．（2分）（2021•凉山州）如图，将铜丝、铁丝插入菠萝中，便成了水果电池。一根软导线在纸筒A上绕制成螺线管，导线两端接在电池两极上，螺线管产生的磁场使小磁针静止在如图所示状态。图中已标出电路中电子定向移动的方向。
（1）标出电池正、负极（在图中横线上填“+”或“﹣”符号）；
（2）画出纸筒A上导线的绕向并形成闭合电路。
【分析】（1）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由安培定则可知通电螺线管的电流方向，然后可知电池正，负极；
（2）根据螺线管的NS极，由安培定则可知通电螺线管的绕向。
【解答】解：（1）图中标的是电子移动的方向，则电流方向与之相反，由此可知电池右端为负极，左端为正极，
（2）由磁极间的相互作用可知螺线管的左端为N极，右端为S极；根据通电螺线管的电流方向，可知电流从左前方流入，右后方流出，据安培定则可画出线圈的绕法，如下图：
【点评】本题考查安培定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向。
四、实验探究题（每空1分，连线1分，共14分）
26．（4分）（2021•凉山州）小花同学在安宁河边捡到一块漂亮的不溶于水也不吸水的小石块，她想测量这块小石头的密度，于是进行了如下的实验操作：
（1）小花同学将天平放在水平台上，天平横梁调节平衡后开始称量石块的质量，称量过程中进行了如图甲所示的操作，其中有一处操作错误的是 称量过程中调节平衡螺母 。
（2）改正错误后，小花同学重新进行测量。天平调节平衡后她将小石块放入天平的右盘，并通过在左盘增减砝码和移动游码使天平恢复平衡，砝码的质量和游码对应的刻度值如图乙所示，记录好数据后小花立即发现自己的操作是错误的，但是也可以通过这种测量方法正确计算出小石块的质量。你认为小石块的质量应该是 52 g。
（3）她发现小石块放不进量筒，改用如图丙所示的方法测量小石块的体积，步骤如下：
a.将小石块轻轻放入空烧杯中，往烧杯中加入适量的水，使小石块浸没，在水面达到的位置上做标记，然后取出小石块。
b．先往量筒中装入80mL的水，然后将量筒中的水慢慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，量筒中剩余的水的体积如图所示，则小石块的体积为 20 cm3。
（4）计算出小石块的密度为 2.6×103 kg/m3。
【分析】（1）根据天平正确操作步骤：天平横梁调节平衡后，称量过程中不能通过调节平衡螺母使天平平衡；
（2）根据天平平衡后左盘物体的质量等于右盘的砝码质量加游码所对应的刻度值，分析解题；
（3）当小石块浸没水中时，排开水的体积等于小石块的体积；
（4）根据ρ＝即可解题。
【解答】解：（1）小花同学在天平横梁调节平衡后，称量过程中不能通过调节平衡螺母使天平平衡；
（2）因为小花同学把小石块放入右盘砝码放入左盘，故有m砝码＝m小石块+游码示数，
则由图乙可得：m小石块＝m砝码﹣游码示数＝55g﹣3g＝52g；
（3）根据小石块浸没水中时，排开水的体积等于小石块的体积，由图丙可得：V小石块＝20cm3；
（4）由（2）、（3）结果可得小石块的密度ρ＝＝＝2.6g/cm3＝2.6×103kg/m3。
故答案为：（1）称量过程中调节平衡螺母；（2）52；（3）20；（4）2.6×103。
【点评】本题考查了固体的密度测量实验操作过程中，属于基础题型。
27．（4分）（2021•凉山州）以下是小明在“探究凸透镜成像的规律”实验中的部分操作：
（1）如图甲所示，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。（要求记录到准确值的下一位）
（2）小明将LED灯、凸透镜和光屏依次放在光具座上，通过调节使三者中心大致在 同一高度处 。接着，小明调节LED灯、凸透镜至如图乙所示的位置，移动光屏，会在光屏上得到倒立、 缩小 的实像，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是 照相机 。
【分析】（1）平行光经凸透镜折射后会聚于一点，这就是焦点，焦点到光心的距离就是焦距；
（2）实验中需调节凸透镜、光屏、LED灯的中心大致在同一高度处，这样才能使像成在光屏的中央；物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距。
【解答】解：（1）平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑就是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离就是焦距，所以凸透镜的焦距f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm；
（2）为使像成在光屏的中央，应调节LED灯、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处；
蜡烛、光屏的位置为如图乙，所以物距u＝25cm＞2f，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，该成像规律与日常生活中的照相机成像规律相同。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度处；缩小；照相机。
【点评】本题考查凸透镜成像规律的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
28．（6分）（2021•凉山州）某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，小丽连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
（1）请你用笔画线代替导线将甲图实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电路中电流变大，导线不能交叉）。
（2）连接好电路，闭合开关，发现电压表示数接近于电源电压，电流表几乎无示数，则故障为定值电阻R 断路 （选填“断路”或“短路”）。
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为 3 V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，应该将滑动变阻器的滑片P向 左 （选填“左”或“右”）端滑动从而达到控制R两端的 电压 不变的目的；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω，则滑动变阻器的阻值至少是 7.5 Ω。
【分析】（1）根据滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大确定变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联；
（2）分别分析两种故障对应的现象，确定符合题意的故障原因；
（3）由图乙求出电流与电阻之积；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压不变，当换上大电阻时，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）若定值电阻R短路，电压表示数为0，电流表有示数；
若定值电阻R断路，电流表示数为0，电压表串联在电路中测电源电压，有示数。所以故障为定值电阻R断路；
（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：
U＝IR＝0.6A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.2A×15Ω＝3V；
当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，电阻变大，分压增多，电压表示数增大，根据控制变量法知在探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为3V；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝4.5V﹣3V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×15Ω＝7.5Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少7.5Ω的滑动变阻器。
故答案为：（1）
；
（2）断路；
（3）3；左；电压；7.5。
【点评】此题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，包括实物图的连接、电路故障的判断、实验器材的选择和串联电路特的应用，是一道综合题。
五、计算题（本大题共2小题，共10分。解答要有必要的分析、说明、公式和过程，只有纯数字的算式运算不得分。）
29．（4分）（2021•凉山州）一质量为600g，密度为0.6g/cm3的正方体木块用细线系于底面积为400cm2容器的水中，如图所示，求：
（1）木块所受的浮力大小是多少？
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了多少？
【分析】（1）知道正方体木块的质量和密度，根据密度公式的变形可求木块的体积，木块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据浮力计算公式F浮＝ρ液gV排求出受到的浮力；
（2）根据重力公式G＝mg计算木块的重力，根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据F浮＝ρ液gV排得出此时木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，根据液体压强公式p＝ρgh可得压强的变化。
【解答】解：（1）正方体木块的体积：
V＝＝＝1000cm3＝1×10﹣3m3，
木块浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N；
（2）由G＝mg可得，木块的重力：
G1＝m1g＝0.6kg×10N/kg＝6N，
将细线剪断后，木块静止时，木块漂浮，此时木块受到的浮力F浮＝G1＝6N；
由F浮＝ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：
V排＝＝＝6×10﹣4m3；
所以液面下降的深度为：
△h＝＝＝＝0.01m；
则容器底部受到水的压强减少量：
△p＝ρ水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.01m＝100Pa。
答：（1）木块所受的浮力大小10N；
（2）将细线剪断后，木块静止时，容器底部受到水的压强变化了100Pa。
【点评】本题考查了浮力计算公式和密度公式、重力公式、液体压强公式的应用，会根据物体漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等分析剪断细线前后物体浸入液体体积的变化是关键。
30．（6分）（2021•凉山州）如图所示电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，改变R2的阻值，两电压表示数与电流表示数变化关系如图所示，当滑片P在b端时电流表示数为0.3A。
（1）求R2的最大阻值；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，求电源电压U和R0的阻值；
（3）若滑动变阻器的滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，设滑片P从a端移动到b端的距离为xcm，写出R2消耗的电功率P随x变化的关系式。
【分析】如图电路，闭合开关S，R1、R2与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，电流表测量电路中的电流，
首先根据串联电路电压的规律，确定两电压表所对应的图象：
（1）当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，由图象可知最小电流和V2的示数，由欧姆定律，得出R2的最大阻值；
（2）当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出R1；
若滑片P置于变阻器的中点位置时，根据P＝I2R得出电路的电流，根据串联电路电压的规律及欧姆定律列式求出U和R0；
（3）已知滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，则滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R变＝x（Ω），由串联电阻的规律及欧姆定律得出电路的电流表达式，然后根据P＝I2R变得出R2消耗电功率的表达式。
【解答】解：如图电路，闭合开关S，R1、R2与R0串联，电压表V2测R2的电压，电压表V1测R1与R2的总电压，电流表测量电路中的电流，
根据串联电路电压的规律，故V1的示数大于V2的示数，故I图象为V1的示数随电流变化，Ⅱ图象为V2的示数随电流变化。
（1）当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的电流最小，即为0.3A，
由图象可知：V2的示数为4.5V，V1的示数为8.1V
由I＝可得R2的最大阻值为：
R2＝＝＝15Ω；
（2）当变阻器连入电路的电阻最大时，根据串联电路的电压规律及欧姆定律，R1的阻值：
R1＝＝＝12Ω，
若滑片P置于变阻器的中点位置，则变阻器连入电路的电阻为：R中＝R2＝×15Ω＝7.5Ω；
根据P＝I2R可得，电路的电流：
I＝＝＝0.4A，
根据串联电路的规律及欧姆定律可知，电源电压：
U＝U1+I最小R0，
U＝I（R1+R中+R0），
即：U＝8.1V+0.3A×R0；
U＝0.4A×（12Ω+7.5Ω+R0）；
由以上两式可解得：U＝9V，R0＝3Ω；
（3）已知滑片P从a端向b端每移动1cm阻值改变1Ω，滑片移动xcm时，变阻器连入电路的电阻为：R滑＝x（Ω），
由串联电阻的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I′＝，
R2消耗的电功率：P＝I′2R滑＝（）2×R滑＝（）2×x＝。
答：（1）R2的最大阻值为15Ω；
（2）若滑片P置于变阻器的中点位置，R2消耗的电功率为1.2W，电源电压U为9V，R0的阻值为3Ω；
（3）R2消耗的电功率P随x变化的关系式为：P＝。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
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日期：2021/9/30 15:26:48；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004
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