2021年四川省乐山市中考物理试卷

这是一份2021年四川省乐山市中考物理试卷，共34页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年四川省乐山市中考物理试卷
一、选择题（本卷共16小题，其中1至16题为物理，17至30题为化学，每题2.5分，共75分。在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1．（2.5分）（2021•乐山）下列四位物理学家中，其名字被用作电流单位的是（　　）
A．牛顿 B．瓦特 C．伏特 D．安培
2．（2.5分）（2021•乐山）下列数据中，不符合生活实际的是（　　）
A．我们所用物理教材的宽度约为18cm
B．标准大气压下水的沸点为100℃
C．一节干电池的电压为1.5V
D．人体的密度约为1.0 kg/m3
3．（2.5分）（2021•乐山）下列属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．撞击锤柄下端紧固锤头
B．轿车上均配有安全带和安全气囊
C．投篮
D．滑滑板车
4．（2.5分）（2021•乐山）下列图示光现象中，正确的是（　　）
A．平面镜成正立放大的虚像
B．光从空气中斜射入水中远离法线偏折
C．凸透镜对光有会聚作用
D．凹透镜对光有会聚作用
5．（2.5分）（2021•乐山）下列实例中，属于增大压强的是（　　）
A．穿上雪橇滑雪 B．锋利的篆刻刀
C．铁轨下面铺放枕木 D．多轮平板货车
6．（2.5分）（2021•乐山）下列实例中，没有对物体做功的是（　　）
A．运动员挺举杠铃的过程
B．起重机提升大石块
C．小宇推木箱推而未动
D．运动员将弓拉弯的过程
7．（2.5分）（2021•乐山）下列属于费力杠杆的是（　　）
A．赛艇的桨
B．独轮车
C．钳子
D．修剪树枝的剪刀
8．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，气垫船在水面上行驶的过程中，减小摩擦采用的方法是（　　）

A．减小压力 B．减小接触面的粗糙程度
C．用滚动代替滑动 D．使接触面分离
9．（2.5分）（2021•乐山）下列说法正确的是（　　）
A．由于沙石的比热容较大，所以沙漠地区的昼夜温差较大
B．清晨，路边的草或树叶上有时会结有露珠，这是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小水滴
C．随着科技的发展，人类一定能制造出永动机﹣﹣不需要动力就能源源不断地对外做功的机器
D．利用一切物质的分子都在不停地做无规则运动这一规律，经过训练的警犬可以从旅客的行李箱中发现夹带的海洛因、摇头丸等毒品
10．（2.5分）（2021•乐山）信息、能源和材料是现代文明的三大支柱，下列说法中正确的是（　　）
A．氢弹利用的是聚变在瞬间释放的能量
B．光纤通信是激光借助光的折射原理来传递信息的
C．“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的
D．风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于二次能源
11．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，小明用左侧容器来做“探究液体压强是否跟深度、液体的密度有关”的实验。则下列现象中符合事实的是（　　）


A． B．
C． D．
12．（2.5分）（2021•乐山）如图为定值电阻甲和乙的电流与电压的关系图线，将它们串联后接入电路中，关于通过甲、乙两电阻的电流大小及电阻两端的电压关系，正确的是（　　）

A．I甲＝I乙 U甲＞U乙 B．I甲＝I乙 U甲＜U乙
C．I甲＜I乙 U甲＞U乙 D．I甲＜I乙 U甲＝U乙
13．（2.5分）（2021•乐山）下列所示的实验装置中，能说明磁极间相互作用规律的是（　　）
A．
B．
C．
D．
14．（2.5分）（2021•乐山）下列家庭电路的连接图中，正确的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，在斜面上将一个重4.5N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力为1.8N，斜面长s＝1.2m、高h＝0.3m。把重物直接提升h所做的功作为有用功，则（　　）

A．有用功为1.35J，机械效率为75%
B．有用功为2.16J，机械效率为62.5%
C．有用功为1.35J，机械效率为62.5%
D．有用功为1.35J，机械效率为100%
16．（2.5分）（2021•乐山）用细绳连在一起的气球和铁块，恰能悬浮在盛水的圆柱形容器内的某一位置（如图实线所示），若用一细铁丝（铁丝体积不计）将铁块轻轻向下压较长一段距离后（如图虚线所示），气球受到的浮力、气球和铁块在水中的浮沉情况及水对容器底部的压强将（　　）

A．变小，下沉、变小 B．变小，下沉、不变
C．不变，悬浮、变小 D．不变，悬浮、不变
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共8分）
17．（2分）（2021•乐山）2021年5月22日，祝融号火星车已安全驶离着陆平台，到达火星表面，开始巡视探测并收集火星表面的各种信息。以火星表面为参照物，火星车在巡视的过程中是 　 　（选填“静止”或“运动”）的；以火星车为参照物，火星车上的太阳能电池板是 　 　（选填“静止”或“运动”）的。


18．（2分）（2021•乐山）如图所示，跳伞运动员在空中匀速直线下降，在此过程中运动员和伞的动能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），重力势能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

19．（2分）（2021•乐山）图是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。油箱中的油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片 　 　（选填“向上”或“向下”）移动，从而改变油量表的示数，此油量表实际上是一个 　 　（选填“电流表”或“电压表”）。

20．（2分）（2021•乐山）电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内的水烧干以前的加热状态，另一种是锅内的水烧干后的保温状态。如图所示是电饭锅的电路图，R1是一个电阻，R2是加热用的电阻丝，则自动开关S闭合时，电饭锅处于 　 　（选填“加热”或“保温”）状态。一只额定功率是450W的电饭锅，在额定电压下使用，每分钟产生的热量为 　 　J。

三、作图题（本大题共2小题，每题3分，共6分）
21．（3分）（2021•乐山）如图所示，重为G的小船静止在水面上，画出小船所受力的示意图。

22．（3分）（2021•乐山）如图所示，按小磁针的指向标出螺线管的“N”、“S”极和电源的“+”、“﹣”极。

四、实验与探究题（本大题共2小题，每小题7分，共14分）
23．（7分）（2021•乐山）在做“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，同学们猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：①接触面所受的压力；②接触面的粗糙程度。根据猜想，同学们设计了如图甲、乙、丙所示的实验：

（1）用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据 　 　的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。如图甲所示，木块受到的摩擦力大小为 　 　N。
（2）通过比较 　 　两图，可验证猜想①；通过比较 　 　两图，可验证猜想②。进一步归纳得出结论：接触面所受的压力越 　 　（选填“大”或“小”），接触面越 　 　（选填“光滑”或“粗糙”），滑动摩擦力越大。
（3）有同学提出滑动摩擦力的大小还可能与接触面积有关，于是设计了以下两种实验方案：
A.将木块竖直切去一半，如图丁，重复（1）的操作过程，比较图甲和图丁
B.将木块侧放，如图戊，重复（1）的操作过程，比较图甲和图戊
你认为合理的实验方案是 　 　（选填“A”或“B”）。
24．（7分）（2021•乐山）某实验小组的同学设计了如图甲所示的电路图来测量小灯泡的电功率。已知待测小灯泡的额定电压为3.8V，小灯泡的额定功率估计在1.2W左右。

（1）连接电路前，开关应 　 　（选填“断开”或“闭合”），电流表的量程应选用 　 　（选填“0～0.6A”或“0～3A”）；
（2）用笔画线代替导线，将乙图中的实物图连接完整。要求：闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数增大；
（3）在调节滑动变阻器滑片P的过程中，记录并绘制出通过小灯泡的电流与电压的关系图线，如图丙中的a线所示，分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；将该小灯泡与一定值电阻R串联后接入U＝6V的电源两端（已知定值电阻的电流与电压的关系图线，如图丙中的b线所示），则电路中的总功率为 　 　W。
五、计算题（本大题共2小题，每小题6分，共12分）
25．（6分）（2021•乐山）工人用如图所示装置从水井中匀速吊起一个重为800N的物体，所用拉力F为250N，20s内物体上升了6m（物体的上表面始终未露出水面），已知动滑轮重20N，绳重及摩擦均忽略不计。求：
（1）20s内绳子自由端A移动的距离；
（2）拉力F做功的功率；
（3）物体在水中所受浮力的大小。

26．（6分）（2021•乐山）如图所示电路中，灯泡L标有“6V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）。当开关S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电流表示数为1.5A，并且灯泡L正常发光；当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.25A。求：
（1）电源电压；
（2）定值电阻R的阻值；
（3）开关S1闭合后，电路中的最小功率。


2021年四川省乐山市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本卷共16小题，其中1至16题为物理，17至30题为化学，每题2.5分，共75分。在下列各题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1．（2.5分）（2021•乐山）下列四位物理学家中，其名字被用作电流单位的是（　　）
A．牛顿 B．瓦特 C．伏特 D．安培
【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
【解答】解：在物理学中，
A、牛顿是力的基本单位，故A不符合题意；
B、瓦特是功率的基本单位，故B不符合题意；
C、伏特是电压的基本单位，故C不符合题意；
D、安培是电流的基本单位，故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。
2．（2.5分）（2021•乐山）下列数据中，不符合生活实际的是（　　）
A．我们所用物理教材的宽度约为18cm
B．标准大气压下水的沸点为100℃
C．一节干电池的电压为1.5V
D．人体的密度约为1.0 kg/m3
【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。
【解答】解：A、我们所用物理课本的宽度约为18cm，故A符合实际情况；
B、标准大气压下水的沸点为100℃，故B符合实际情况；
C、一节干电池的电压为1.5V，故C符合实际情况；
D、人体的密度与水的密度差不多，约为1.0×103 kg/m3，故D不符合实际情况。
故选：D。
【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
3．（2.5分）（2021•乐山）下列属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．撞击锤柄下端紧固锤头
B．轿车上均配有安全带和安全气囊
C．投篮
D．滑滑板车
【分析】任何物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，有时对我们有用、有时有害，特别要防止惯性带来危害，据此对各选项逐一进行分析。
【解答】解：A、锤头松动时，把锤柄的一端在硬物上撞几下，该过程中，锤头和锤柄都处于运动状态，当锤柄撞击到硬物时运动停止，而锤头由于惯性仍保持运动状态，从而使锤头套紧，属利用惯性，故A不合题意；
B、轿车上均配有安全带和安全气囊是为了防止突然刹车或前方碰撞时，人由于惯性向前倾倒，导致受伤，是防止惯性带来危害，故B符合题意；
C、投篮时，球离开手后继续向前运动，属于利用惯性，故C不合题意；
D、滑滑板车时，脚离地后，滑板车能继续前行是由于人和滑板车都具有惯性，还要保持原来向前运动的状态，利用了惯性，故D不合题意。
故选：B。
【点评】惯性是物体的一种性质，一切物体都有惯性，所以由惯性产生的现象在生活中是非常常见的，生活中有很多利用惯性和防止惯性带来危害的事例，自己平时要将自己的所学应用到实际生活中去。
4．（2.5分）（2021•乐山）下列图示光现象中，正确的是（　　）
A．平面镜成正立放大的虚像
B．光从空气中斜射入水中远离法线偏折
C．凸透镜对光有会聚作用
D．凹透镜对光有会聚作用
【分析】（1）平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，像和物体关于平面镜对称，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；
（2）光的折射规律，光从空气中斜射入水（或其它介质）中，折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射光线靠近法线偏折，折射角小于入射角，光从水（或其它介质）中斜射入空气中，折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，当光垂直射入另一种介质中时，传播方向不变；
（3）理解凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：A、平面镜成的是正立、等大的虚像，故A错误；
B、光从空气中斜射入水中靠近法线偏折，故B正确；
C、凸透镜对光有会聚作用，故C正确；
D、凹透镜对光有发散作用，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查学生对平面镜成像特点、光的折射规律、凸透镜和凹透镜本质区别的认识，背会基础知识即可作答。
5．（2.5分）（2021•乐山）下列实例中，属于增大压强的是（　　）
A．穿上雪橇滑雪 B．锋利的篆刻刀
C．铁轨下面铺放枕木 D．多轮平板货车
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：（1）在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；（2）在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强；
减小压强的方法：（1）在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；（2）在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、穿上雪橇滑雪，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A不合题意；
B、锋利的篆刻刀，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B符合题意；
C、铁轨下面铺放枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C不合题意；
D、多轮平板货车，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。
故选：B。
【点评】掌握邮箱压强大小的因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
6．（2.5分）（2021•乐山）下列实例中，没有对物体做功的是（　　）
A．运动员挺举杠铃的过程
B．起重机提升大石块
C．小宇推木箱推而未动
D．运动员将弓拉弯的过程
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析判断。
【解答】解：A、运动员挺举杠铃的过程，运动员给杠铃施加了力的作用，杠铃在该力的方向上通过了距离，所以运动员对杠铃做了功，故A不合题意；
B、起重机提升大石块，起重机给石块施加了力的作用，石块在该力的方向上通过了距离，所以起重机对石块做了功，故B不合题意；
C、小宇推木箱推而未动，有力但没有距离，所以小宇对木箱没有做功，故C符合题意；
D、运动员将弓拉弯的过程，运动员给弓施加了力的作用，弓在该力的方向上通过了距离，所以运动员对弓做了功，故D不合题意。
故选：C。
【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
7．（2.5分）（2021•乐山）下列属于费力杠杆的是（　　）
A．赛艇的桨
B．独轮车
C．钳子
D．修剪树枝的剪刀
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；
B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意；
D、修剪树枝的剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不合题意。
故选：A。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
8．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，气垫船在水面上行驶的过程中，减小摩擦采用的方法是（　　）

A．减小压力 B．减小接触面的粗糙程度
C．用滚动代替滑动 D．使接触面分离
【分析】减小摩擦力的方法有减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面分离，用滚动代替滑动等，据此分析。
【解答】解：气垫船在水面上行驶时，会在船和水面之间形成一个“气垫”，这是通过使接触面分离的方法来减小摩擦的。
故选项ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】了解减小摩擦力的方法，并能与实际应用相结合，是正确判断的关键。
9．（2.5分）（2021•乐山）下列说法正确的是（　　）
A．由于沙石的比热容较大，所以沙漠地区的昼夜温差较大
B．清晨，路边的草或树叶上有时会结有露珠，这是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小水滴
C．随着科技的发展，人类一定能制造出永动机﹣﹣不需要动力就能源源不断地对外做功的机器
D．利用一切物质的分子都在不停地做无规则运动这一规律，经过训练的警犬可以从旅客的行李箱中发现夹带的海洛因、摇头丸等毒品
【分析】（1）相同质量的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物质温度变化小；
（2）物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化放出热量；
（3）能量既不会凭空产生也不会凭空消失，只会从一种形式转化为另一种形式，从一个物体转移到另一个物体，在转化和转移的过程中能量守恒；
（4）分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A、沙石的比热容较小，根据比热容越小，吸热升温或者放热降温越快，即白天吸热温度上升较高，晚上放热温度下降较多，所以温差较大，故A错误；
B、露珠是液体，气体转变成液体属于汽化现象，凝华是由气体直接变成固体，故B错误；
C、根据能量守恒定律，能量不会凭空产生和消失，不会有不需要动力就能源源不断地对外做功的机器，也就制造不出永动机，故C错误；
D、根据分子热运动，分子处在永不停息地无规则运动中，海洛因，摇头丸分子也会运动，故D正确；
故选：D。
【点评】此题考查学生对液化，永动机，能量守恒定律，比热容等知识点的考查，此题综合性强，很好的考查了学生的能力。
10．（2.5分）（2021•乐山）信息、能源和材料是现代文明的三大支柱，下列说法中正确的是（　　）
A．氢弹利用的是聚变在瞬间释放的能量
B．光纤通信是激光借助光的折射原理来传递信息的
C．“北斗”导航系统是利用超声波进行定位和导航的
D．风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于二次能源
【分析】（1）核裂变和核聚变都能释放能量，核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；
（2）激光可以在光导纤维里传播，从而传播信息；
（3）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的；
（4）能源可分为一次能源和二次能源。一次能源指的是：可以从自然界直接获取的能源；二次能源指的是：必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源。
【解答】解：A、氢弹利用的是氢核聚变在瞬间释放的能量，故A正确；
B、光纤通讯是依靠激光借助光的反射原理来传递信息的，故B错误；
C、“北斗”导航系统是利用电磁波来传递信息的，故C错误；
D、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查学生对光纤通信、电磁波的应用、能源的分类以及核聚变了解和掌握情况，属于基础题。
11．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，小明用左侧容器来做“探究液体压强是否跟深度、液体的密度有关”的实验。则下列现象中符合事实的是（　　）


A． B．
C． D．
【分析】由p＝ρgh可知，橡皮膜应由压强大的一侧向压强小的一侧凸出，据此分析解答。
【解答】解：A、隔板两侧液体的密度不同，深度相同，左侧盐水密度大，由p＝ρgh可知，左侧盐水产生的压强大，橡皮膜应向右侧凸出，故A错误；
B、隔板两侧液体的密度不同，深度不同，左侧盐水密度大且深度大，由p＝ρgh可知，左侧盐水产生的压强大，橡皮膜应向右侧凸出，故B错误；
C、隔板两侧液体的密度不同，深度相同，右侧盐水密度大，由p＝ρgh可知，右侧盐水产生的压强大，橡皮膜应向左侧凸出，故C正确；
D、隔板两侧液体的密度相同，深度不同，左侧酒精深度大，由p＝ρgh可知，左侧酒精产生的压强大，橡皮膜应向右侧凸出，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查液体压强的特点，知道液体内部的压强取决于液体密度的和液体内部的深度。
12．（2.5分）（2021•乐山）如图为定值电阻甲和乙的电流与电压的关系图线，将它们串联后接入电路中，关于通过甲、乙两电阻的电流大小及电阻两端的电压关系，正确的是（　　）

A．I甲＝I乙 U甲＞U乙 B．I甲＝I乙 U甲＜U乙
C．I甲＜I乙 U甲＞U乙 D．I甲＜I乙 U甲＝U乙
【分析】定值电阻甲和乙串联接入电路，由于串联电路中电流处处相等，所以甲、乙两电阻的电流大小相等；如图所示，当甲和乙电流相等时，乙电阻两端的电压大于甲电阻两端的电压。
【解答】解：定值电阻甲和乙串联接入电路，由于串联电路中电流处处相等，所以甲、乙两电阻的电流大小相等，故I甲＝I乙；
如图为定值电阻甲和乙的电流与电压的关系图线，当甲和乙电流相等时，乙电阻两端的电压大于甲电阻两端的电压，故U甲＜U乙。
故选：B。
【点评】本题主要考查了串联电路的电流规律，还要结合图像分析甲和乙电流相同时它们电压的关系。
13．（2.5分）（2021•乐山）下列所示的实验装置中，能说明磁极间相互作用规律的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】磁极间的相互作用规律：同名磁极互相排斥，异名磁极相互吸引。
【解答】解：A.如图，左图说明同名磁极相斥，右图说明异名磁极相吸，故A符合题意；
B.图中的奥斯特实验证实了电流的周围存在着磁场，故B不符合题意；
C.如图，实验中通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受力的作用，故C不符合题意；
D.如图，实验中闭合开关后，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，能产生感应电流，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了电与磁现象中的重要实验的识别。解题的关键是牢记一些重要实验装置图，记清实验装置和实验原理。
14．（2.5分）（2021•乐山）下列家庭电路的连接图中，正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，AC中灯泡接法错误，BD中灯泡接法正确；
三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，D中三孔插座接法错误；故ACD错误，B正确。
故选：B。
【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑实用性和安全性。
15．（2.5分）（2021•乐山）如图所示，在斜面上将一个重4.5N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力为1.8N，斜面长s＝1.2m、高h＝0.3m。把重物直接提升h所做的功作为有用功，则（　　）

A．有用功为1.35J，机械效率为75%
B．有用功为2.16J，机械效率为62.5%
C．有用功为1.35J，机械效率为62.5%
D．有用功为1.35J，机械效率为100%
【分析】根据W有用＝Gh计算有用功，根据W总＝Fs计算总功，根据η＝×100%计算机械效率。
【解答】解：有用功W有用＝Gh＝4.5N×0.3m＝1.35J，
总功W总＝Fs＝1.8N×1.2m＝2.16J，
机械效率η＝×100%＝×100%＝62.5%。
故选：C。
【点评】本题以斜面为载体，考查有用功、总功和机械效率的计算问题，属于对基础知识的考查，难度不大。
16．（2.5分）（2021•乐山）用细绳连在一起的气球和铁块，恰能悬浮在盛水的圆柱形容器内的某一位置（如图实线所示），若用一细铁丝（铁丝体积不计）将铁块轻轻向下压较长一段距离后（如图虚线所示），气球受到的浮力、气球和铁块在水中的浮沉情况及水对容器底部的压强将（　　）

A．变小，下沉、变小 B．变小，下沉、不变
C．不变，悬浮、变小 D．不变，悬浮、不变
【分析】原来气球和铁块悬浮在水中，受到的总浮力和总重力相等，若用一细铁丝（铁丝体积不计）将铁块轻轻向下压较长一段距离后，整体所处的深度增加，根据p＝ρ液gh判断气球和铁块受到水的压强变化，从而得出铁块和气球体积的变化，利用F浮＝ρ液gV排得出气球受到的浮力变化，进一步得出气球和铁块受到的总浮力与总重力关系，然后得出气球和铁块的浮沉情况，再根据气球排开水的体积变化得出水面的变化，利用p＝ρ液gh得出水对容器底部的压强变化。
【解答】解：原来气球和铁块悬浮在水中，则有F浮＝G；
若用一细铁丝（铁丝体积不计）将铁块轻轻向下压较长一段距离后，整体所处的深度增加，
由p＝ρ液gh可知，气球和铁块受到水的压强增大，则铁块的体积不变，气球的体积变小，气球排开水的体积减小，
由F浮＝ρ液gV排可知，气球受到的浮力变小，导致气球和铁块受到的总浮力小于总重力，气球和铁块会下沉，故CD错误；
由气球排开水的体积变小可知，水面会下降，水对容器底部的压强变小，故A正确、B错误。
故选：A。
【点评】本题考查了液体压强公式和阿基米德原理、物体浮沉条件的综合应用，正确判断出气球所处的深度不同时体积的大小变化是关键。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共8分）
17．（2分）（2021•乐山）2021年5月22日，祝融号火星车已安全驶离着陆平台，到达火星表面，开始巡视探测并收集火星表面的各种信息。以火星表面为参照物，火星车在巡视的过程中是 　运动　（选填“静止”或“运动”）的；以火星车为参照物，火星车上的太阳能电池板是 　静止　（选填“静止”或“运动”）的。


【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：（1）以火星表面为参照物，火星车在巡视的过程中，火星车相对于火星发生了位置变化，火星车是运动的；
（2）以火星车为参照物，火星车上的太阳能电池板相对于火星车没有发生位置变化，太阳能电池板是静止的。
故答案为：运动；静止。
【点评】判断物体运动的方法，先选择参照物，然后判断位置变化。
18．（2分）（2021•乐山）如图所示，跳伞运动员在空中匀速直线下降，在此过程中运动员和伞的动能 　不变　（选填“增大”、“减小”或“不变”），重力势能 　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：跳伞运动员正在匀速下降，在此过程中，质量和速度不变，高度减小，所以运动员和伞的动能不变，重力势能减小。
故答案为：不变；减小。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能、机械能大小的影响因素。掌握各种形式能的变化。
19．（2分）（2021•乐山）图是一种测定油箱内油量的装置。其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片跟滑杆连接，滑杆可以绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子。油箱中的油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片 　向上　（选填“向上”或“向下”）移动，从而改变油量表的示数，此油量表实际上是一个 　电流表　（选填“电流表”或“电压表”）。

【分析】（1）油箱中的油量减少时，油面下降，由于滑杆可以绕固定轴O转动，浮子随液面落下，所以带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动；
（2）电路中R0和R串联，油量表串联在电路中，根据欧姆定律分析电路中电流的变化，结合油量表的示数分析出油量表应该是电流表。
【解答】解：（1）油箱中的油量减少时，油面下降，由于滑杆可以绕固定轴O转动，所以当浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动；
（2）油量减少时，油面下降，浮子随液面落下，带动滑杆使滑动变阻器滑片向上移动，使滑动变阻器连入电路的阻值变大，串联电路中总电阻等于各个用电器电阻之和，所以电路中总电阻增大，而总电压不变，根据欧姆定律，电路中的电流会减小，油面下降，说明油量表示数减小；反之，当油量增加时，油面上升，浮子随液面上升，带动滑杆使滑动变阻器滑片向下移动，使滑动变阻器连入电路的阻值变小，串联电路中总电阻变小，总电压不变，根据欧姆定律，电路中的电流会增大，所以油量表示数增大。由此可见，油量表应该是电流表。
故答案为：向上；电流表。
【点评】本题主要考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，还要结合电流表和电压表的特点去分析题目。
20．（2分）（2021•乐山）电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内的水烧干以前的加热状态，另一种是锅内的水烧干后的保温状态。如图所示是电饭锅的电路图，R1是一个电阻，R2是加热用的电阻丝，则自动开关S闭合时，电饭锅处于 　加热　（选填“加热”或“保温”）状态。一只额定功率是450W的电饭锅，在额定电压下使用，每分钟产生的热量为 　2.7×104　J。

【分析】（1）分析S转换时电路连接，根据串联电阻的规律及P＝I2R确定S接通和断开时电饭锅处的状态；
（2）根据Q＝W＝Pt可求在额定电压下使用，每分钟产生的热量。
【解答】解：
（1）S接通时，R1被短路，电路为R2的基本电路；S断开时，R1、R2串联；
串联电路总电阻等于各分电阻之和，根据串联电阻的规律可知，S接通时电路中电阻小，通过的电流大，根据P＝I2R可知，此时R2的电功率大，为加热状态；S断开时的总电阻大，电路中电流小，根据P＝I2R可知，此时R2的电功率小，为保温状态；
（2）一只额定功率是450W的电饭锅，在额定电压下使用，每分钟产生的热量：
Q＝W＝Pt＝450W×1×60s＝2.7×104J。
故答案为：加热；2.7×104。
【点评】本题考查串联电路的规律及电功率公式的运用，特别注意R2是加热用的电阻丝，即电流通过R2产生的热量用于对电饭锅内的食物加热，因此解题的关键是根据P＝I2R分析R2在两种状态下消耗的功率。
三、作图题（本大题共2小题，每题3分，共6分）
21．（3分）（2021•乐山）如图所示，重为G的小船静止在水面上，画出小船所受力的示意图。

【分析】小船静止在水面上，受到重力和浮力的作用，这两个力就是一对平衡力，据此然后按照力的示意图的画法画出这两个力即可。
【解答】解：小船静止在水面上，受到重力和浮力的作用，从小船重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，因为这两个力是一对平衡力，所以作图时两条线段长度要相等，如图所示：

【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头的方向表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的线段长度要相等。
22．（3分）（2021•乐山）如图所示，按小磁针的指向标出螺线管的“N”、“S”极和电源的“+”、“﹣”极。

【分析】先根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正、负极。
【解答】解：由异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是S极，左端是N极。
根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，左端是负极。
故答案为：

【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向经常与电源的正、负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的N、S极联系在一起。
四、实验与探究题（本大题共2小题，每小题7分，共14分）
23．（7分）（2021•乐山）在做“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，同学们猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：①接触面所受的压力；②接触面的粗糙程度。根据猜想，同学们设计了如图甲、乙、丙所示的实验：

（1）用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据 　二力平衡　的知识可知，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力大小相等。如图甲所示，木块受到的摩擦力大小为 　1.8　N。
（2）通过比较 　甲、乙　两图，可验证猜想①；通过比较 　甲、丙　两图，可验证猜想②。进一步归纳得出结论：接触面所受的压力越 　大　（选填“大”或“小”），接触面越 　粗糙　（选填“光滑”或“粗糙”），滑动摩擦力越大。
（3）有同学提出滑动摩擦力的大小还可能与接触面积有关，于是设计了以下两种实验方案：
A.将木块竖直切去一半，如图丁，重复（1）的操作过程，比较图甲和图丁
B.将木块侧放，如图戊，重复（1）的操作过程，比较图甲和图戊
你认为合理的实验方案是 　 　（选填“A”或“B”）。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；弹簧秤读数时先确定分度值；
（2）影响滑动摩擦力大小的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（3）探究滑动摩擦力大小跟接触面积关系时，要控制压力大小和接触面粗糙程度不变，才能得出正确结论。
【解答】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据二力平衡知识，从而测出木块与长木板之间的滑动摩擦力；弹簧测力计的分度值为0.2N，滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，即1.8N；
（2）研究滑动摩擦力的大小与压力的关系，要控制接触面的粗糙程度相同，只改变压力的大小，故应比较甲、乙两图；研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力不变，改变接触面的粗糙程度，故应比较甲、丙，比较图中弹簧测力计示数的大小，进一步得到结论：接触面所受的压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）探究摩擦力跟接触面积的关系时，将木块切去一半，则木块对桌面的压力也变为一半，只控制接触面粗糙程度不变，没有控制压力大小不变，实验结论是不可靠的，故B正确。
故答案为：（1）二力平衡；1.8；（2）甲、乙；甲、丙；大；粗糙；（3）B。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和影响滑动摩擦力大小的两个因素，体现了对过程和方法的考查。
24．（7分）（2021•乐山）某实验小组的同学设计了如图甲所示的电路图来测量小灯泡的电功率。已知待测小灯泡的额定电压为3.8V，小灯泡的额定功率估计在1.2W左右。

（1）连接电路前，开关应 　断开　（选填“断开”或“闭合”），电流表的量程应选用 　0～0.6A　（选填“0～0.6A”或“0～3A”）；
（2）用笔画线代替导线，将乙图中的实物图连接完整。要求：闭合开关后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，电流表示数增大；
（3）在调节滑动变阻器滑片P的过程中，记录并绘制出通过小灯泡的电流与电压的关系图线，如图丙中的a线所示，分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而 　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；将该小灯泡与一定值电阻R串联后接入U＝6V的电源两端（已知定值电阻的电流与电压的关系图线，如图丙中的b线所示），则电路中的总功率为 　1.8　W。
【分析】（1）连接电路时，开关要处于断开状态，滑片位于最大阻值处；根据实际电流和电压的大小选择合适的量程；
（2）根据滑动变阻器的滑片P向左滑动时电路中的电流变大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（3）由图像可知，电压的变化量比电流的变化量大，根据欧姆定律可知灯丝电阻随温度的变化；
由图像可求得定值电阻R的阻值，找到电流相同点，且两个元件电压之和等于6V，由P＝UI求得即可。
【解答】解：（1）连接电路时，开关要处于断开状态，滑动变阻器的滑片位于最大阻值处；电路中最大电流约：I＝＝≈0.32A；故电流表使用0～0.6A量程即可；
（2）要求滑片P向左移动时，电流表的示数变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱C连入电路中，电流表串联在电路中，如下所示：

（3）由图像可知，当温度升高时，电压的变化量比电流的变化量大，根据R＝可知，灯丝电阻随温度的升高而增大；
将该小灯泡与一定值电阻R串联，串联电路各处电流相等，由图丙可知，电流I＝0.3A时，灯泡两端的电压和电阻两端的电压之和等于6V，而串联电路总电压等于各分电压之和。
则电路中的总功率P总＝UI＝6V×0.3A＝1.8W。
故答案为：（1）断开；0～0.6A；（2）见上图；（3）增大；1.8W。
【点评】本题考查了电功率的测量实验，涉及到实物图的连接和电流表的读数以及电功率的计算等，要注意电压表量程的选择和滑动变阻器的正确使用。
五、计算题（本大题共2小题，每小题6分，共12分）
25．（6分）（2021•乐山）工人用如图所示装置从水井中匀速吊起一个重为800N的物体，所用拉力F为250N，20s内物体上升了6m（物体的上表面始终未露出水面），已知动滑轮重20N，绳重及摩擦均忽略不计。求：
（1）20s内绳子自由端A移动的距离；
（2）拉力F做功的功率；
（3）物体在水中所受浮力的大小。

【分析】（1）在滑轮组中，已知动滑轮上绳子股数n及物体上升的距离h时，可利用s＝nh得到绳子自由端移动的距离；
（2）利用功的公式W＝Fs求得拉力做的功，再利用功率的公式求得功率的大小；
（3）对物体进行受力分析：物体受到动滑轮下端绳子向上的拉力F拉、竖直向上的浮力F浮以及竖直向下的重力G物作用，即F浮＝G物﹣F拉。同时，动滑轮下端绳子拉力大小F拉＝nF﹣G动，综合可知浮力的大小。
【解答】解：（1）已知动滑轮上绳子股数n＝2，物体上升的距离h＝6m，
则绳子自由端移动的距离：s＝2×6m＝12m；
（2）拉力做的功：W＝Fs＝250N×12m＝3000J；
拉力F做功的功率：；
（3）对物体进行受力分析：物体受到动滑轮下端绳子向上的拉力F拉、竖直向上的浮力F浮以及竖直向下的重力G物作用，即F浮＝G物﹣F拉。同时，动滑轮下端绳子拉力大小F拉＝nF﹣G动，
则物体所受浮力大小：F浮＝G物﹣（nF﹣G动）＝800N﹣（2×250N﹣20N）＝320N。
答：（1）20s内绳子自由端A移动的距离为12m；
（2）拉力F做功的功率为150W；
（3）物体在水中所受浮力的大小为320N。
【点评】本题考查滑轮组中的功和功率的计算，以及根据受力分析来计算浮力的大小，综合性强，难度较大。
26．（6分）（2021•乐山）如图所示电路中，灯泡L标有“6V 3W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响）。当开关S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电流表示数为1.5A，并且灯泡L正常发光；当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.25A。求：
（1）电源电压；
（2）定值电阻R的阻值；
（3）开关S1闭合后，电路中的最小功率。

【分析】（1）当开关S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。
灯泡L正常发光，故灯泡两端的电压为额定电压6V，根据并联电路的电压特点可知电源电压等于灯泡的额定电压；
（2）根据灯泡铭牌数据及P＝UI可知灯泡正常发光的电流，已知（1）中电流表示数为1.5A，根据并联电路的电流特点可知通过R的电流，根据欧姆定律可知定值电阻R的阻值；
（3）当开关S1闭合、S2断开，L和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.25A，
根据欧姆定律可知电路中总电阻，不计温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡的电阻，根据电阻串联的特点可得出滑动变阻器的最大电阻，
电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路中总电阻最大时，总功率最小，
开关S1闭合后，根据串并联电路的电阻特点可知，当S2断开，且滑动变阻器的阻值全部接入电路中时，总电阻最大，电路中的功率最小，
根据P＝UI＝得出电路中的最小功率。
【解答】解：（1）当开关S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。
灯泡L正常发光，并联电路各并联支路两端的电压相等，根据并联电路的电压特点可知，电源电压U＝UR＝UL＝6V；
（2）根据灯泡铭牌数据可知灯泡正常发光的电流IL＝＝＝0.5A，
（1）中电流表示数为1.5A，并联电路干路电流等于各支路的电流之和，根据并联电路的电流特点可知通过R的电流IR＝1.5A﹣0.5A＝1A，
根据欧姆定律可知定值电阻R的阻值R＝＝＝6Ω；
（3）当开关S1闭合、S2断开，L和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，滑动变阻器的滑片P在中点时，电流表的示数为0.25A，
根据欧姆定律可知电路中总电阻R总＝＝＝24Ω，
不计温度对灯丝电阻的影响，根据欧姆定律可知灯泡的电阻RL＝＝＝12Ω，
则滑动变阻器的总电阻R滑＝2×（R总﹣RL）＝2×（24Ω﹣12Ω）＝24Ω，
电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路中总电阻最大时，总功率最小，
开关S1闭合后，根据串并联电路的电阻特点可知，当S2断开，且滑动变阻器的阻值全部接入电路中时，总电阻最大，电路中的功率最小，
电路中的最小功率为P小＝＝＝1W。
答：（1）电源电压为6V；
（2）定值电阻R的阻值为6Ω；
（3）开关S1闭合后，电路中的最小功率为1W。
【点评】本题考查等效电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算等知识，综合性较强，难度较大。
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日期：2021/9/30 15:28:21；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004