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    人教A版 (2019) 选择性必修 第二册 4.3等比数列检测题(基础巩固篇)

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    人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.3 等比数列同步达标检测题

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    这是一份人教A版 (2019)选择性必修 第二册4.3 等比数列同步达标检测题,共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    4.3等比数列检测题(基础巩固篇) 一、单选题1.已知等比数列的公比为,若为递增数列且,则(  )A BC D2.下列数列一定是等比数列的是(    A.数列12618B.数列中,C.常数列D.数列中,3.在等比数列中,若,则的值为(    A B64 C D484.已知是等比数列,若,数列的前项和为,则为(    A BC D5.已知等比数列的公比为正数,若    A B C D6.等比数列{an}的公比a1,则数列{an}是(     A.递增数列 B.递减数列 C.常数数列 D.摆动数列7.已知等比数列中,若,则等于(    A B C D8.已知等比数列的各项均为正数,且,则    A B C D 二、多选题9.(多选)等比数列中,,则的等比中项可能是(    A B4 C D10.已知等差数列的公差和首项都不等于0,且成等比数列,则下列说法正确的是(    A B C D11.设数列的前项和分别为,则下列命题正确的是(     A.若,则数列为等差数列B.若,则数列为等比数列C.若数列是等差数列,则成等差数列D.若数列是等比数列,则成等比数列12.已知数列是公比为q的等比数列,,若数列有连续4项在集合{-50-20224085}中,则公比q的值可以是(    A B C D  三、填空题13.已知等比数列的前项和,则实数___________.14.已知各项均为正项的等比数列,公比,则_______15.在等比数列{an}中,已知a266a1a330,则前n项和Sn_____.16.若数列{an}满足0,则称{an}梦想数列.已知数列{}梦想数列,且b12,则{bn}的通项公式为bn_______ 四、解答题17.在各项均为正数的等比数列{an}中,已知a2 = 2a5 = 16,求:1a1与公比q的值;2)数列前6项的和S6 .18.等比数列的各项均为正数,且.1)求数列的通项公式;2)求数列的前项和.19.已知数列{an}的前n项和为 (nN*)1)求数列{an}的通项公式;2)设,求{bn}的前n项和.20.(1)在等差数列{an}中,已知a1533a45153,求an2)在数列{an}中,a12an12anSn{an}的前n项和.Sn126,求n .21.数列{an}的前n项和为Sna11Sn14an2(n∈N*).1)设bnan12an,求证:{bn}是等比数列;2)设cn,求证:{cn}是等差数列.22.在数列中,,且对任意的,都有,设.1)证明数列是等比数列,并求数列的通项公式;2)设,求数列的前项和.
    参考答案1C【分析】由题意可得,再由即可得的取值范围.【详解】因为等比数列为递增数列且所以,即故选:C.2D【分析】对四个选项按等比数列的定义一一验证即可.【详解】对于A,故不是等比数列;对于B,前3项是等比数列,多于3项时,无法判定,故不一定是等比数列;对于C,当时,不是等比数列;对于D,该数列符合等比数列的定义,一定是等比数列.故选:D3A【分析】根据等比数列的通项公式化简第4项,把公比的值代入即可求出首项,根据是首项和公比写出等比数列的通项公式,把代入即可求出的值.【详解】解:因为,所以则等比数列的通项公式所以.故选:A.4C【分析】设公比为q,根据求得公比,再利用等比数列前n项和的公式即可得出答案.【详解】解:设公比为q因为,所以,所以所以.故选:C.5C【分析】根据等比数列的通项公式进行求解即可.【详解】设等比数列的公比为,因为,所以,而,所以故选:C6D【分析】根据等比数列的性质判断可得;【详解】解:由于公比,所以数列是摆动数列.故选:D7A【分析】先由题设条件结合等比数列的前n项和公式,求得公比,再利用等比数列的前n项和公式,即可求解的值,得到答案.【详解】由题意,等比数列可得,解得所以.故选:A.8A【分析】计算得出,利用对数的运算性质结合等比数列的性质可求得结果.【详解】,所以,故选:A9AB【分析】利用等比中项的定义求解即可【详解】的等比中项是.由等比数列的性质可得,则故选:AB10AD【分析】利用等比中项的性质,结合等差数列通项公式列方程,整理可得,再由等差中项的性质及通项公式求,即可判断各选项的正误.【详解】由题设,若的公差和首项分别为,而,整理得,又公差和首项都不等于0,故D正确,C错误;,故A正确,B错误.故选:AD11AC【分析】对于AC,利用等差数列的定义判断即可,对于BD,通过举反例判断【详解】解:对于A,由等差数列的定义可知当时,数列为等差数列,所以A正确;对于B,当时,满足,但数列不是等比数列,所以B错误;对于C,数列是等差数列,数列的前项和为所以,所以成等差数列,所以C正确;对于D,当等比数列的公比为偶数时,均为零,所以不成等比数列,所以D错误,故选:AC12BD【分析】先分析得到数列有连续四项在集合1836中,再求等比数列的公比.【详解】数列有连续四项在集合{-50-20224085}中数列有连续四项在集合1836数列是公比为的等比数列,在集合1836中,数列的连续四项只能是:36818136..故选:BD13【分析】由等比数列前n项和公式及已知条件,可得,即可求k.【详解】由题设,易知等比数列的公比为根据等比数列前n项和公式.故答案为:1420【分析】由条件结合等比下标性质可得,再利用通项公式可得结果.【详解】是等比数列,得解得(舍),所以故答案为:20153(2n1)3n1【分析】{an}的公比为q,代入条件求解,然后代入前项和公式计算即可.【详解】{an}的公比为q由题设得解得a13q2时,Sn3(2n1)a12q3时,Sn3n1.故答案为:3(2n1)3n1.163n﹣1【分析】由题得是公比为的等比数列,则是公比为3的等比数列,再利用等比数列的通项求解.【详解】0可得an1an{an}是公比为的等比数列,由数列{}梦想数列,得{bn+1}是以为首项,3为公比的等比数列,所以bn+13×3n﹣13n,则bn3n﹣1故答案为:3n﹣117.(1;(263.【分析】1)由已知得,解方程组可得;2)把所求代入等比数列的求和公式化简可得.【详解】1)由已知得,解得2)由求和公式可得18.(1;(2.【分析】1)根据等比数列的通项公式,结合等比数列的下标性质进行求解即可;2)利用错位相减法进行求解即可.【详解】解:(1)设数列的公比为,由得:,所以.,得到所以数列的通项公式为.2)由条件知,将以上两式相减得所以.19.(1,(2【分析】1)先求出,然后当时,由求解,2)由(1)可得,然后利用分组求和法求解即可【详解】1)当时,时, 满足上式,所以2)由(1)可得,则{bn}的前n项和为20.(1an4n27;(26.【分析】1)设首项为a1,公差为d,由已知可得解方程组求出,从而可求出通项公式;或利用d求出公差,从而可求出通项公式;2)由已知可知数列{an}是首项为2,公比为2的等比数列,然后利用等比数的求和公式列方程可求出n【详解】解:(1)解法一:设首项为a1,公差为d,依条件得解得所以an=-23+(n1×44n27.解法二:由d,得d4ana15+(n15d,得an4n27.2)因为在数列{an}中,a12an12an所以数列{an}是首项为2,公比为2的等比数列,因为Sn126,所以126解得2n1128,所以n6.21.(1)证明见解析;(2)证明见解析【分析】1)根据之间的关系,an2Sn2Sn14an14an,带入整理可得,即可得证;2)由(1)知bn3·2n1an12an,所以cn1cn3,即可得解.【详解】1an2Sn2Sn14an124an24an14an.可得因为S2a1a24a12,所以a25.所以b1a22a13.所以数列{bn}是首项为3,公比为2的等比数列.2)由(1)知bn3·2n1an12an所以.所以cn1cn3,且c12所以数列{cn}是等差数列,公差为3,首项为2.22.(1)证明见解析,,(2【分析】1)通过可得.推出是首项为2,公比为2的等比数列然后求解通项公式.2)因为化简可得,利用裂项消项法,求解数列的和即可.【详解】1)由可得,,所以所以数列是首项为2,公比为2的等比数列,数列的通项公式.2 .

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