2022年河南省安阳市高考物理一模试卷（含答案）

2022年河南省安阳市高考物理一模试卷

1. 下列核反应方程中，符号“x”表示电子的是

A.  B.
C.  D.

2. 如图所示，一粗糙斜面体静止在水平地面上，斜面体上方水平虚线处装有一光滑定滑轮。一轻绳跨过定滑轮，其一端悬挂物块N，另一端与斜面体上的物块M相连，系统处于静止状态。现把定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离。系统仍处于静止状态，则在此过程中

A. 轻绳对滑轮的作用力大小不变
B. 斜面体对M的摩擦力大小一直增加
C. 斜面体对M的作用力大小一直减小
D. 地面对斜面体的支持力大小一直增加

3. 如图所示，飞船从轨道1上的P点沿虚线变轨至轨道2上的Q点，然后沿轨道2运动。若飞船在两轨道上都做匀速圆周运动，不考虑飞船在变轨过程的质量变化，则
   
    

A. 飞船在P点减速才能由轨道1变轨到轨道2
B. 飞船在轨道2上的动能比在轨道1上的动能大
C. 飞船在轨道2上的周期比在轨道1上的周期小
D. 飞船在轨道2上的机械能比在轨道1上的机械能大

4. 一物块在粗糙水平面上沿直线自由滑行，物块运动的位移为x，运动时间为t，绘制的图像如图所示，则物块在前3s内的位移为

A. 25m B. 24m C. 20m D. 15m

5. 一质量的滑块静止在粗糙的水平面上，时刻起对滑块施加水平向右的拉力F，拉力F按如图所示的规律变化，3s末撤去拉力。滑块与水平面间的动摩擦因数，重力加速度g取。下列说法正确的是

A. 内摩擦力的冲量大小为
B. 内拉力做的功为200J
C. 滑块的最大动能为200J
D. 滑块的最大位移为36m

6. 如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m可看成质点的带电小球以初速度v从M点竖直向上抛出通过N点时，速度大小为v，方向与电场方向相反。若MN连线与水平方向夹角为，则小球从M点运动到N点的过程中

A. 小球的动能先减小再增大
B. 小球的机械能先增大再减小
C. 小球的重力大小一定等于电场力大小
D. 小球的电势能一定逐渐增大

7. 如图所示，虚线下方有垂直纸面向里的足够大有界匀强磁场，虚线上方同一高度处有两个完全相同的正方形均匀金属线框1、2，线框1做自由落体运动，线框2做初速度为的平抛运动。线框1、2在运动过程中均无旋转。磁场的磁感应强度大小B，线框1恰匀速进入磁场。不计空气阻力，从开始运动到线框完全进入磁场的过程中，下列说法正确的是

A. 线框2减速进入磁场区域
B. 线框1、2始终处于同一高度
C. 线框1产生的焦耳热小于线圈2产生的焦耳热
D. 通过线框1、2导线横截面的电荷量相等

8. 如图所示，理想变压器原线圈接有灯泡a以及电压恒定的正弦交流电源，副线圈接入最大阻值为2R的滑动变阻器、阻值为R的定值电阻以及灯泡b，两灯泡电阻恒定。在滑动变阻器滑片从M端向N端缓慢移动的过程中

A. 灯泡a亮度变暗 B. 灯泡b亮度变亮
C. 电源的输出功率逐渐减小 D. 定值电阻消耗的功率逐渐增大

9. 某实验小组用图中装置探究质量一定情况下加速度和力的关系。他们用不可伸长的细线将滑块含挡光片通过一个定滑轮和挂有物的动滑轮与力的传感器相连，细线与气垫导轨平行，在水平气垫导轨的A、B两点各安装一个光电门，A、B两点间距为x，释放重物，挡光片通过A、B时的遮光时间分别为、。已知挡光片宽度为d。
   
   实验操作过程中______选填“需要”或“不需要”满足重物的质量远小于滑块及挡光片的质量；
   滑块通过AB段时的加速度大小为______用题中已知的物理量字母表示；
   多次改变重物质量，同时记录细绳的拉力大小F，重复上述实验步骤，得到多组加速度a与拉力F，以a为纵坐标、F为横坐标作图，若图线是______，则物体质量一定情况下加速度与合外力成正比的结论成立。
10. 某同学改装和校准双量程电流表的电路图如图1所示，图中虚线框内是电流表的改装电路。
    
    电路改造
    已知表的量程为、内阻为，现要改装成量程为1mA和10mA的双量程电流表，设计电路如图1所示。定值电阻，和的值待定，S为单刀双掷开关，A、B为接线柱。
    ①将开关S置于“2”挡时，量程为______ mA；
    ②定值电阻的阻值______，______；
    刻度盘改造
    利用改装的电流表进行某次测量时，S置于“1”挡，表头指示如图2所示，则所测量电流的值为______ mA；
    电路校准
    S置于“1”挡时，现用一标准电流表A对改装电流表进行校准。校准时，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应靠近______填“M”或“N”端。标准电流表有、15mA与150mA三个量程应选用的量程为______ mA。
11. 如图所示，ab为一足够大感光板，板下方有一匀强磁场，板面与磁场方向平行，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小，在到ab的距离处，有一个点状的放射源S，它在纸面内同时向各个方向均匀连续发射大量粒子，粒子的速度大小为，已知粒子的电荷与质量之比，粒子撞在感光板上则会被吸收。不考虑粒子重力及粒子间作用力，求：
    撞在感光板ab上的粒子在磁场中运动的最短时间；
    某时刻发射出来的粒子撞在感光板ab的粒子数与该时刻发射的总粒子数之比。
    
    
    
    
    
    
     
12. 如图所示，空间有一水平向右的匀强电场，电场强度的大小为。该空间有一个半径为的竖直光滑绝缘圆环的一部分，圆环与光滑水平面相切于C点，A点所在的半径与竖直直径BC成角。质量为、电荷量为的带电小球可视为质点静止于C点。轻弹簧一端固定在竖直挡板上，另一端自由伸长时位于P点。质量也为的不带电小球1挨着轻弹簧右端，现用力缓慢压缩轻弹簧右端到P点左侧某点后释放。小球1沿光滑水平面运动到C点与小球2发生碰撞，碰撞时间极短，碰后两小球黏合在一起且恰能沿圆弧到达A点。P、C两点间距离较远，重力加速度g取，不计空气阻力，，。求：
    黏合体在A点的速度大小；
    弹簧的弹性势能；
    小球黏合体由A点到达水平面运动的时间。

13. 下列说法正确的是

A. 布朗运动是指悬浮在液体中固体小颗粒的运动
B. 单晶体和多晶体均有固定的熔点
C. 相同质量的的水和冰的内能相同
D. 热量可以由低温物体传递给高温物体
E. 空调既能制冷又能制热，说明热传递不存在方向性

14. 如图所示，一定质量理想气体被活塞封闭在气缸中，活塞的质量为m，横截面积为S，与气缸底部相距L，气缸和活塞均光滑且绝热性能良好。封闭气体的温度为，大气压强为，重力加速度为g，水银的密度为。现通过电热丝加热气体，一段时间后停止加热，活塞缓慢向上移动距离L后静止。求：
    封闭气体最终的温度；
    在活塞上表面缓慢注入水银，恰使活塞回到初始位置，此时水银柱的高度为h，封闭气体的温度为多高。
    
    
    
    
    
    
     
15. 波源S位于坐标原点处，且在竖直方向上做简谐振动，形成的简谐横波分别沿x轴的正、负方向传播，某时刻的波形如图所示。波速，在波的传播方向上有P、Q两点，图示时刻波沿x轴正方向恰好传到P点。已知，。下列说法正确的是

A. 波源的振动频率为100Hz B. 波源起振的方向竖直向上
C. P、Q两点的振动情况是相反的 D. Q点的起振方向竖直向下
E. P点经半个周期将向右移动 

16. 如图，长方体玻璃砖的横截面为矩形MNPQ，，。一束单色光在纸面内以的入射角从空气射向MQ边的中点O，该单色光折射到MN上的A点，，光在真空中传播的速度为c。求：
    玻璃砖对该单色光的折射率；
    该单色光在玻璃砖中传播的时间。
    
    
    
    
    
    
    
    

答案和解析

1.【答案】D
 

【解析】解：根据质量数和电荷数守恒有：
A、A中的x质量数为，电荷数为，故x为粒子，故A错误；
B、同理B中的x质量数为，电荷数为，故x为质子，故B错误；
C、同理C中的x质量数为，电荷数为，故x为中子，故C错误；
D、同理D中的x质量数为，电荷数为1，故，x为电子，故D正确。
故选：D。
根据核反应方程的质量数和电荷数守恒求出X表示什么粒子即可正确解答。
本题比较简单，考查了核反应方程中质量数守恒和电荷数守恒的应用。
 

2.【答案】C
 

【解析】解：定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子间的夹角变小，故轻绳对滑轮的作用力大小变大，故A错误；
B.定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子拉力的方向与竖直方向变小，但由于不知道摩擦力的方向，故无法判断斜面体对 M的摩擦力大小变化情况，故B错误；
C.由于定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子拉力的方向与竖直方向变小，竖直方向的力增大，故斜面体对 M的作用力大小一直减小，故C正确；
D.对 M和斜面整体分析，定滑轮沿水平虚线缓慢向右移动小段距离，绳子间的夹角变小，绳子竖直方向分力变大，地面对斜面体支持力变小，故D错误。
故选：C。
由于M、N在水平拉力作用下，整体保持静止状态，那么所受的合力为零。又由于重力恒定，水平拉力方向不变，可用三角形方法解决此类动态平衡问题。最后结合M所受力的情况进行解答即可。
本题考查了动态的平衡问题，解题的关键是使用三角形方法解题；其次，在分析M的受力时，注意摩擦力的方向问题。
 

3.【答案】D
 

【解析】解：飞船在P点加速离心才能由轨道1变轨到轨道2，故A错误；
B.根据万有引力提供向心力可得，解得：，可知飞船在轨道2上的速度比在轨道1上的速度小，根据动能的表达式可知飞船在轨道2上的动能比在轨道1上的动能小，故B错误；
C.根据万有引力提供向心力可得，解得周期：，可知飞船在轨道2上的周期比在轨道1上的周期大，故C错误；
D.由A选项可知，飞船在P点加速离心才能由轨道1变轨到轨道2，故除了万有引力外，有其他力对飞船做正功，则飞船在轨道2上的机械能比在轨道1上的机械能大，故D正确。
故选：D。
飞船在P点加速离心才能由轨道1变轨到轨道2；根据万有引力提供向心力得到线速度表达式，结合动能定理分析动能大小；根据万有引力提供向心力得到周期的表达式分析周期的大小；根据功能关系分析机械能的大小。
本题主要是考查万有引力定律及其应用，解答本题的关键是能够根据万有引力提供向心力结合向心力公式进行分析。
 

4.【答案】A
 

【解析】解：由题意知物块在粗糙水平面上沿直线自由滑行，则位移为

整理得
由图像知
所以物体减为零的时间为
物块在前3s内的位移为物体速度减到零时间内的位移，根据运动学公式有

代入数据可得
故A正确，BCD错误。
故选：A。
先由运动学公式得出图像的函数表达式，结合图像得出物体的初速度和加速度，进而得出物体速度减到零所需时间，再利用运动学公式求出物块的位移。
在处理匀减速直线运动问题时，要注意物体的速度减到零的时间，再结合运动学公式解决问题。本题还要注意结合图像得出相关信息。
 

5.【答案】C
 

【解析】解：滑块与水平面的滑动摩擦力大小为

在内

所以滑块静止不动，滑块与水平面的摩擦力为静摩擦力，大小为

摩擦力的冲量为

在内

滑块与水平面间的摩擦力为滑动摩擦力，摩擦力的冲量为

内摩擦力的冲量大小为

故A错误；
B.在内滑块静止，拉力做功为零。
在内滑块做匀加速运动，由牛顿第二定律得

解得
滑块的位移为

内拉力做的功为

故B错误；
C.3 s末撤去拉力时，滑块的动能最大，由动能定理得

解得滑块的最大动能为

故C正确；
D.滑块的最大速度为

撤去拉力后，由牛顿第二定律得加速度大小为

由
可得位移为

滑块的最大位移为

故D错误。
故选：C。
计算滑动摩擦力大小，判定物体运动情况，然后根据动量定理、动能定理、牛顿第二定律与运动学公式即可求解。
本题考查了摩擦力、牛顿第二定律、运动学的规律、动量定理、动能定理以及图象信息的提取，题目看似简单，但涉及知识点较多，也不容易。
 

6.【答案】AC
 

【解析】解：由题意可知，电场力对小球做正功，则小球的电势能一直减小，除了重力之外的其他力对小球做正功，则小球的机械能一直增加，故BD错误；
C.根据几何关系知：小球竖直方向速度减为零的位移和水平方向速度增加到v的位移相等，根据位移速度关系
可得竖直方向的加速度和水平方向加速度相等，可得
又

可得
故C正确；
A.根据动能定理
得
竖直方向做初速度为v的匀减速直线运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，开始重力做的负功大于电场力做的正功，竖直方向速度和水平方向速度相等后，电场力做正功的大于重力所做负功，所以动能先减小后增大，故A正确。
故选：AC。
小球的运动可以看成竖直方向竖直上抛运动和水平方向初速度为0的匀加速直线运动的合成，分别分析两个方向的运动即可，分析时注意两个运动的等时性。
本题考查灵活选择处理曲线运动的能力。小球在水平和竖直两个方向受到的都是恒力，运用运动的合成与分解法研究是常用的思路。
 

7.【答案】BD
 

【解析】解：因为线框2做初速度为的平抛运动，则竖直方向进入磁场前也做自由落体运动，进入磁场时，竖直方向速度和线框1的相等，且左右两边产生的电动势抵消，所以线框2进入磁场时和线框1受力情况相同，故竖直方向始终在同一高度，线框2也是匀速进磁场，故A错误，B正确；
C.同理，两线框电流相等，运动情况相同，故线框1产生的焦耳热等于线圈2产生的焦耳热，故C错误；
D.从开始运动到线框完全进入磁场的过程中，两个线框的磁通量变化量相等，根据电荷量的计算公式知通过线框1、2导线横截面的电荷量相等，故D正确。
故选：BD。
两个线框在竖直方向的运动情况完全相同，2线框水平方向的速度不产生感应电流，由此分析线框2的运动情况；根据焦耳定律分析线框1、线圈2产生的焦耳热；根据电荷量的计算公式分析线框1、2导线横截面的电荷量。
本题主要是考查电磁感应现象，知道两个线框在竖直方向的运动情况完全相同，2线框水平方向的速度不产生感应电流，掌握电荷量的计算公式。
 

8.【答案】AC
 

【解析】解：在滑动变阻器滑片从M端向N端缓慢移动的过程中，副线圈所在电路总电阻增大，所以总电流减小，由，可知原线圈电流减小，所以灯泡ab均变暗，故A正确，B错误；
C.电源的输出功率为，因为正弦交流电源电压恒定，所以电源的输出功率逐渐减小，故C正确；
D.当滑片从M端到N端时，定值电阻两端电压减小，由得定值电阻消耗的功率逐渐减小，故D错误。
故选：AC。
根据电阻的变化分析出电流的变化，结合匝数与电流的比值关系分析出原线圈的电流变化；
根据功率的公式计分析出电源输出功率的变化和定值电阻的变化。
本题主要考查了变压器的构造和原理，熟悉电路结构，结合电阻的变化分析出电学物理量的变化，同时掌握原副线圈的匝数比与电流的比值关系即可。
 

9.【答案】不需要   一条过原点的直线
 

【解析】实验中用到了力的传感器，传感器的示数即为滑块收到的合外力，实验中不需要满足重物的质量远小于滑块及挡光片的质量；
滑块通过A时的速度：，滑块通过B时的速度：；
由公式求滑块加速度
解的：滑块通过AB段时的加速度大小为

实验中做出的图象为一条过原点的直线，说明物体质量一定时，加速度与合外力成正比；
故答案为：不需要；；一条过原点的直线。
根据实验原理分析是否需要重物的质量m远小于小车质量M；
以重物为研究对象，根据牛顿第二定律可以F与重物重力的大小关系；
以滑块为研究对象，由牛顿第二定律及匀变速直线运动速度位移公式可得与F一次函数关系，实验中做出的图象为一条直线，能够说明在物体质量一定情况下加速度与合外力成正比；
只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握。
 

10.【答案】
 

【解析】解：①因为电流计并联电阻越小量程越大，即将开关S置于“2”挡时，量程为小量程，即为1mA；
②由题知，S接1时：
S接2时：
联立解得：，；
因为S置于“1”挡时，电流表量程为10mA，即扩大了50倍，所以表头指示如图2所示，则所测量电流的值为：；
为使电路安全，应该使虚线部分分的电压越小越好，即在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应靠近M端。
因为S置于“1”挡时，量程为10mA，所以标准电流表A应选用的量程为15mA。
故答案为：①1、②225、25；；、15
把小量程电流表改装成大量程电流表，并联电阻分流越大，改装后电流表量程越大；
根据电路结构、应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值；根据电流表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出电流表示数；
根据电流表的校对要求，确定滑动变阻器滑片的位置，选定标准电流表的量程。
把小量程电流表改装成大量程电流表时要并联一个小电阻，分析清楚电路结构、应用欧姆定律即可求出并联电阻阻值；对电表读数时要先确定电表的连成与分度值，然后再读数。
 

11.【答案】解：粒子带正电，故在磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，用R表示轨道半径，则有

同时
联立解得：粒子在磁场中运动的弧长越短，运动的时间越短，如下图所示，对应的运动时间最短，根据数学知识有


运动的最短时间为：
联立解得：
粒子的运动轨迹与感光板ab分别相切于，，圆心在以S为圆心，半径为R的劣弧上的粒子均可打在感光板ab上

某时刻发射出来的粒子在感光板ab上的粒子数与该时间发射的总粒子数之比为
联立解得：
答：撞在感光板ab上的粒子在磁场中运动的最短时间为；
某时刻发射出来的粒子撞在感光板ab的粒子数与该时刻发射的总粒子数之比为53：180。
 

【解析】根据洛伦兹力提供向心力结合几何关系得出最短的时间；
根据几何关系得出角度的大小，由此计算出ab板上的粒子数与发射的总粒子数的比值关系。
本题主要考查了带电粒子在磁场中的运动，根据洛伦兹力提供向心力结合周期公式，解题的关键点是掌握好几何关系和临界状态，整体难度中等偏上。
 

12.【答案】解：设两小球黏合体所受的重力和电场力的合力与竖直方向的夹角为。
根据题意有，解得
小球黏合体恰能到A点，则轨道对小球黏合体的弹力为零，小球黏合体受到的合外力为
  
在A点，由合外力提供向心力，有
解得
小球黏合体由C点运动到A点，由动能定理有

小球1、2碰撞黏合前后，取向右为正方向，根据动量守恒定律有
 
小球1由静止离开轻弹簧，根据能量守恒定律有
 
联立解得弹簧的弹性势能：
小球黏合体离开A点后在竖直方向上做初速度不为零的匀加速运动，加速度大小为g。设小球在竖直方向的初速度为，从A点落至水平轨道上所用时间为t。由运动学公式有
  
 
联立解得：
答：黏合体在A点的速度大小为；
弹簧的弹性势能为；
小球黏合体由A点到达水平面运动的时间为。
 

【解析】两小球黏合体恰能到A点，轨道对小球黏合体的弹力为零，由合外力提供向心力，由牛顿第二定律求黏合体在A点的速度大小；
小球黏合体由C点运动到A点的过程，由动能定理列式，可得到黏合体在C点的速度；两小球黏合过程，根据动量守恒定律列式，可得到黏合前小球1的速度；小球1由静止离开轻弹簧，由能量守恒定律求弹簧的弹性势能；
小球黏合体离开A点后，在竖直方向上做初速度不为零的匀加速直线运动，加速度大小为g。根据位移-时间公式求小球黏合体由A点到达水平面运动的时间。
解答本题的关键要理清小球的运动过程，把握隐含的临界条件：小球黏合体恰能到A点，轨道对小球黏合体的弹力为零，由合外力提供向心力。对于黏合体在电场中的运动，采用运动的分解法研究。
 

13.【答案】ABD
 

【解析】解：A、布朗运动是指悬浮在液体中固体小颗粒的无规则运动，实质是液体分子的无规则撞击造成的，故A正确；
B、单晶体和多晶体均有固定的熔点，单晶体具有各向异性，多晶体具有各向同性，故B正确；
C、相同质量的的水和的冰比较，温度相同，分子平均动能相同，但水的分子势能较大，所以的水比的冰的内能大，故C错误；
D、由热力学第二定律知，热量不可以从低温物体传到高温物体而不引起其它变化，但在一定的条件下可以从低温物体传递给高温物体，故D正确；
E、热传递存在方向性是说热量只能自发的从高温物体传向低温物体，空调的制冷过程是热量从温度较高的室内传到温度较低的制冷剂，再通过压缩制冷剂将热量传到室外，而制热过程也是这样进行的，故E错误。
故选：ABD。
布朗运动是悬浮微粒的无规则运动；根据晶体的特点判断；根据内能等于所有分子的动能与势能之和判断；根据热力学第二定律判断。
本题考查了布朗运动、晶体、内能、热力学第二定律等热学基础知识，要求学生对这部分知识要重视课本，强化记忆。
 

14.【答案】解：被封闭气体做等压变化，初态：，温度为
末态：，温度？
根据盖-吕萨克定律可得：，解得
会塞向上缓慢移动前，对活塞受力分析可知：
活塞上注入水银后，回到初位置，对活塞受力分析可知
从活塞向上移动到回到初始位置的过程中，封闭气体做等容变化，根据查理定律可得：
解得
答：封闭气体最终的温度为；
在活塞上表面缓慢注入水银，恰使活塞回到初始位置，此时水银柱的高度为h，封闭气体的温度为
 

【解析】被封闭气体做等压变化，找出初末状态参量，根据盖-吕萨克定律求得温度；
被封闭气体做等容变化，找出初末状态参量，根据查理定律即可求得。
本题主要考查了理想气体状态方程，关键是找出各个过程的状态参量，利用好气体状态公式即可求得。
 

15.【答案】ABC
 

【解析】解：由图可知波长

则频率
，
故A正确；
B.图示时刻波沿x轴正方向恰好传到P点，则波源的起振方向和P点相同，根据同侧法可知图示时刻P点向上振动，故B正确；
C.图中P和处质点的振动方向相同，处质点和Q点相距半个波长，所以处质点和Q点振动方向相反，可得P、Q两点的振动情况是相反，故C正确；
D.Q点为波源S传播过去的，所以起振方向相同，Q点的起振方向竖直向上，故D错误；
E.质点只会在平衡位置上下移动，不会随波迁移，故E错误。
故选：ABC。
根据波长、频率和波速关系求波源振动频率；根据P的的起振方向判断波源的起振方向；根据P、Q质点位置关系判断振动情况；波传播过程中质点在平衡位置附近振动。
本题考查横波的图像，解题关键是要知道波沿双向传播时两方向质点振动对称，再结合横波基础知识判断即可。
 

16.【答案】解：设光在O点的折射角为，则
可得
作出光路图如图所示。
根据折射定律得：
解得
设单色光在玻璃砖中的临界角为C，则
可得
由几何关系可知光在MN边的入射角为，大于临界角C，光将在A点发生全反射，此后反射到NP边，入射角
为，小于临界角C，光将从NP边折射出去。
单色光在玻璃砖中传播的路程为
  
单色光在玻璃砖中传播的速度为
单色光在玻璃砖中传播的时间为
联立解得
答：玻璃砖对该单色光的折射率为；
该单色光在玻璃砖中传播的时间为。
 

【解析】作出光路图，根据几何知识求出光在O点的折射角，由折射定律求玻璃砖对该单色光的折射率；
由全反射临界角公式求出临界角C，根据几何关系得到光在A点的入射角，与临界角比较知道光在A点发生了全反射，之后光到达NP边的B点，根据光的折射的可逆性可知，光从NP边的B点折射后的折射角为。根据几何关系求出光在玻璃砖中传播的路程，由求出玻璃砖中传播速度，从而求得传播时间。
解决本题的关键是正确作出光路图，要熟记折射定律的表达式以及全反射临界角公式，能根据几何知识求解相关的距离和角度。