2022年河北省石家庄市高考物理一模试卷（含答案）

2022年河北省石家庄市高考物理一模试卷

1. 核电池是各种深空探测器中最理想的能量源，它不受极冷极热的温度影响，也不被宇宙射线干扰。钚同位素温差电池的原理是其发生衰变时将释放的热能转化为电能。已知钚的半衰期为88年，其衰变方程为。下列说法正确的是

A. 衰变放出的射线是高速氦核流，它的贯穿能力很强
B. 的比结合能小于的比结合能
C. 的核子平均质量小于的核子平均质量
D. 钚在极高压下可加速衰变，其半衰期可小于88年

2. 如图所示，排球比赛中，某队员在距网水平距离为、距地面高处将排球沿垂直网的方向以的速度水平击出。已知网高，排球场地长18m，重力加速度g取，可将排球视为质点，下列判断正确的是
    

A. 球不能过网 B. 球落在对方场地内
C. 球落在对方场地底线上 D. 球落在对方场地底线之外

3. 智能呼啦圈轻便美观，深受大众喜爱。如图甲，腰带外侧带有轨道，将带有滑轮的短杆穿入轨道，短杆的另一端悬挂一根带有配重的轻绳，其简化模型如图乙所示。可视为质点的配重质量为，绳长为，悬挂点P到腰带中心点O的距离为。水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重随短杆做水平匀速圆周运动，绳子与竖直方向夹角为，运动过程中腰带可看作不动，重力加速度g取，，下列说法正确的是
    

A. 匀速转动时，配重受到的合力恒定不变
B. 若增大转速，腰带受到的合力变大
C. 当稳定在时，配重的角速度为
D. 当由缓慢增加到的过程中，绳子对配重做正功

4. 我国天文学家通过“天眼”在武仙座球状星团中发现一个脉冲双星系统。如图所示，由恒星A与恒星B组成的双星系统绕其连线上的O点各自做匀速圆周运动，经观测可知恒星B的运行周期为T。若恒星A的质量为m，恒星B的质量为2m，引力常量为G，则恒星A与O点间的距离为

A.  B.  C.  D.

5. 如图所示，面积为的圆形磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度随时间变化的关系为。在纸面内有一金属导线围成面积为的圆形线圈，圆心与磁场圆心重合，导线上串有理想二极管、阻值为r的标准电阻和理想交流电流表，导线电阻不计，下列说法正确的

A. 电流表的示数为 B. 电流表的示数为
C. 在2s内流过电阻的电量为 D. 在2s内流过电阻的电量为

6. 如图所示，一个倾角为、底面粗糙、斜面光滑的斜面体放在粗糙的水平面上，斜面体的质量为2m。轻绳的一端固定在天花板上，另一端系住质量为m的小球，整个系统处于静止状态，轻绳与竖直方向的夹角也为。若滑动摩擦力等于最大静摩擦力，则斜面体与水平面间的动摩擦因数至少为

A.  B.  C.  D.

7. 如图所示，轻质弹簧一端固定在倾角为的光滑斜面底部，另一端拴接一质量为m的小物块A，静止时物块位于P点。现将另一质量也为m的小物块B紧贴着物块A由静止释放，两物块一起运动到Q点时速度为v，若将小物块B从斜面上距P点为d的S点由静止释放，物块B运动到P点时与物块A粘在一起，两物块可视为质点，则两物块一起运动到Q点时的速度为

A.  B.
C.  D.

8. 哈尔滨工业大学计算学部设计了一款能够与人协作、共同完成冰壶比赛的机器人。当机器人与冰壶之间的距离保持在8m之内时，机器人可以实时追踪冰壶的运动信息。如图甲所示，在某次投掷练习中机器人夹取冰壶，由静止开始做匀加速运动，之后释放冰壶，二者均作匀减速直线运动，冰壶准确命中目标，二者在整个运动过程中的图像如图乙所示。此次投掷中，下列说法中正确的是
    

A. 冰壶减速运动的加速度大小为
B. 9s末，冰壶的速度大小为
C. 7s末，冰壶、机器人二者间距为7m
D. 机器人能够一直准确获取冰壶的运动信息

9. 如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数分别为、，且，定值电阻r与滑动变阻器R的最大阻值相等，电流表、电压表均为理想电表。在a、b端接入交变电源，当滑动变阻器R滑片由Q向P端滑动时，下列说法正确的是

A. 电流表示数变大
B. 电压表示数不变
C. 定值电阻r消耗的电功率逐渐变大
D. 变压器副线圈的输出功率逐渐变小

10. 如图甲所示，在x轴上有O、A、B、C、D五点，坐标分别为0、、、、，静电场的电场强度方向与x轴平行，电势随x的分布如图乙所示。一质量为m、带电荷量为的粒子，以初速度甲从0点沿x轴正方向进入电场，不计粒子重力，下列说法正确的是

A. 若粒子能运动到A处，至少为
B. 若粒子能运动到A处，粒子一定能运动到D处
C. 若粒子能运动到B处，粒子在A、B间做匀速直线运动
D. 若粒子能运动到C处，粒子在C处的速度为

11. 某同学在探究合力与分力关系实验时，如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB、OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．
    图乙中的F与两个力中，方向一定沿AO方向的是______
    本实验采用的科学方法是______
    A.理想实验法等效替代法
    C.控制变量法物理模型法．

12. 在实践活动中，某同学用苹果制成水果电池。该同学用如图甲所示的实验电路来测量该电池的电动势和内阻，得到如图乙所示的图线。
    
    由图线可得，该电池的电动势______V，内电阻______结果均保留3位有效数字。
    实验测得的电池的内阻与真实值相比，______选填“>”“<”或“=”，其原因是______选填“电压表分流”或“电流表分压”。
    为了更精确测量该电池的内阻，该同学设计如图丙所示的测量电路，其中、是单刀单掷开关，，是单刀双掷开关，开始时开关、均断开。
    
    ①请按照电路图丙，在图丁中用笔画线代替导线完成电路的连接；
    ②先闭合，将拨向a，读出电压表的示数为，电流表的示数为，电压表的内阻______；
    ③保持闭合，拨向b，读出电压表的示数为；最后闭合，读出电压表的示数为，电流表示数为，则该电池的内阻______。结果均用所测得物理量的符号表示
13. “上至九十九，下至刚会走，吴桥耍杂技，人人有一手”，这句千年民谣生动反映了吴桥杂技文化的广泛性和深厚的群众基础。某次杂技表演的过程可进行如下简化：长的轻绳上端固定不动，一质量的男演员站在高台边缘拉紧轻绳下端，绷紧的轻绳与竖直方向的夹角男演员从静止向下摆动，同时地面上的质量的女演员沿男演员摆动方向加速奔跑，当男演员摆至最低点时，女演员速度达到，她迅速伸出双手抱住男演员后一起向上摆起，两演员均可视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取，求：
    男演员在该表演过程中摆动到最低点被抱住前对轻绳的拉力大小；
    两位演员一起摆到的最大高度。
    
    
    
    
    
    
     
14. 科学研究的过程中常利用电磁场来控制带电粒子的轨迹。如图所示，在xOy平面第Ⅲ象限存在沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小，第象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，在x轴上N点处有一垂直x轴的足够长的挡板。质量为m、带电荷量为的粒子从点由静止释放，经点进入第象限，此后经点进入第Ⅰ象限。不计粒子的重力，忽略粒子间相互作用，粒子打在挡板上立即被吸收。
    
    求第象限内匀强磁场磁感应强度B的大小；
    若带电粒子经过电场偏转后直接垂直打在挡板上，求带电粒子从P点释放到垂直打在挡板上经历的时间t；
    若沿x轴正方向向右移动挡板，使带电粒子仍能垂直打在挡板上，求挡板可能位置的横坐标。
    
    
    
    
    
    
     
15. 一定质量的理想气体依次经历三个过程，回到初始状态，该过程可用如图甲所示的图上三条直线a、b、c表示，其中a平行于横轴，b的延长线过坐标原点O，c平行于纵轴，该过程也可用如图乙所示的图表示。整个过程中气体______选填“从外界吸热”或“向外界放热”，图甲中的b过程与图乙中的______选填“d”、“e”或“f”过程对应。
     

16. 如图所示，两个相同的、导热良好、内壁光滑的气缸竖直放置，它们的底部由一可忽略容积的细管连通，气缸的高为h，横截面积为S。两气缸正中间位置各有一个质量分别为和的活塞，两活塞下部封闭有一定质量的理想气体b，左侧活塞上部封闭另一理想气体a，右侧活塞上部为真空。重力加速为g，随着外部温度由开始缓慢升高，右侧气缸中活塞位置不断上升，求：
    ①开始时气体a的压强；
    ②当右侧活塞刚好上升至气缸顶部时，环境的温度。
     

17. 如图所示，在一根轻绳上有相距的A、B两振源，C点距B点，图甲、乙分别为A、B两振源的振动图像，时刻分别同时从图中的A、B两点开始相向传播，并在时恰好相遇。C点为振动______填“加强”或“减弱”点，内C点通过的路程为______ m。
     

18. 如图所示，某玻璃砖的横截面是半径为R的四分之一圆，该玻璃砖放置在真空中。一束单色光从A点出射，经玻璃砖偏折后射出玻璃砖时出射光线平行于OE，已知，，光在真空中的传播速度为c，求：
    ①玻璃砖对该光的折射率n；
    ②光从A点传播到C点所用的时间t。

答案和解析

1.【答案】B
 

【解析】解：A、根据质量数与核电荷数守恒，则X的质量数：，电荷数：，X为，则衰变为衰变，放出的射线是高速氦核流，它的贯穿能力很弱，故A错误；
B、发生衰变的过程中释放能量，总结合能增大，则的比结合能小于的比结合能，故B正确；
C、发生衰变的过程中释放能量，根据质能方程可知，总质量减小，所以新核平均核子质量会减小，的核子平均质量大于的核子平均质量，故C错误；
D、半衰期是由放射性元素本身决定的，与环境无关，极高压下不能改变其半衰期，故D错误。
故选：B。
根据质量数与核电荷数守恒，即可确定衰变方程；衰变的过程中释放能量，比结合能增大，新核质量数不变，平均核子质量减小；半衰期是由放射性元素本身决定的。
本题考查射线的特点、比结合能、半衰期的意义等内容，要熟悉课本知识，能解释生活中的问题。
 

2.【答案】B
 

【解析】解：A、排球运动球网位置所用的时间为
此时网球据地面高度为，故求可以过网，故A错误；
BCD、人距对方场地底线的距离为
当球落地时，有，解得网球平抛运动的时间
则网球的水平位移为，所以网球落在对方场地内，故B正确，CD错误。
故选：B。
平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据排球运动到球网位置的时间，判断此时网球距地面的高度，从而判断求是否触网；求出平抛运动的落地时间，结合初速度求出水平位移，判断球是落在对方界内还是界外．
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．
 

3.【答案】D
 

【解析】解：匀速转动时，配重做匀速圆周运动，合力大小不变，但方向在变化，故A错误；
B.运动过程中腰带可看作不动，所以腰带合力始终为零，故B错误；
C.对配重，由牛顿第二定律

即
当稳定在时，解得

故C错误；
D.由C中公式可知，当稳定在时，角速度大于稳定在时的角速度，配重圆周半径也增大，速度增大，动能增大，同时高度上升，重力势能增大，所以机械能增大；由功能关系，由缓慢增加到的过程中，绳子对配重做的功等于配重机械能的增加量，所以功为正值，做正功，故D正确。
故选：D。
匀速转动时，配重受到的合力提供向心力，方向变化；先以配重为研究对象，分析转速增大时绳子拉力的变化；根据牛顿第二定律求角速度；根据牛顿第二定律结合向心力公式分析不同角度时配重的动能和重力势能，根据功能关系判断绳子做功。
本题考查匀速圆周运动和共点力平衡条件，关键是弄清楚配重和腰带的受力情况，能够根据牛顿第二定律结合向心力的计算公式进行解答。
 

4.【答案】A
 

【解析】解：两恒星绕O点做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，它们做匀速圆周运动的周期相等，
设A、B做圆周运动的轨道半径分别为、，设两恒星间的距离为L，则，
由牛顿第二定律得
解得：，故A正确，BCD错误。
故选：A。
双星做匀速圆周运动的周期相等，万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以求出恒星做匀速圆周运动的轨道半径与两颗恒星间的距离。
本题为双星问题，要把握住双星的特点：彼此间的万有引力提供双星做匀速圆周运动需要的向心力，双星做匀速圆周运动的周期、角速度相等。
 

5.【答案】B
 

【解析】解：AB、最大值
所以无二极管时
有二极管，则二极管单向导通，1T内只有有电流电压
解得，所以
故A错误，B正确。
CD、由电流定义式，可知
故CD错误。
故选：B。
由感应电动势最大值公式，及有效值与最值关系，求解电流，由电流定义式求解电量。
本题考查电磁感应，学生需熟练掌握感应电动势最大值，有效值，平均值，瞬时值的异同。
 

6.【答案】C
 

【解析】解：对小球进行受力分析如图1：由平衡条件：


对劈进行受力分析如图2：

要使整体不滑动则有：
由以上三式解得
故ABD错误，C正确；
故选：C。
对小球和劈进行受力分析，由共点力的平衡条件可得出满足的条件。
当一个题目中有多个物体时，一定要灵活选取研究对象，分别作出受力分析，即可由共点力的平衡条件得出正确的表达式.
 

7.【答案】B
 

【解析】解：设两物块A、B由P运动到Q过程弹簧弹性势能的增加量为，设P、Q间的高度差为h，
由功能关系得：
物块B从静止释放到两物块碰撞前瞬间过程，由动能定理得：
两物块碰撞过程系统内力远大于外力，系统动量守恒，以平行于斜面向下为正方向，
由动量守恒定律得：，
两物块从P运动到Q过程，由功能关系得：
解得两物块到达Q点时的速度，故B正确，ACD错误。
故选：B。
应用动能定理求出A、B碰撞前瞬间B的速度；两物块碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出碰撞后的共同速度，然后应用功能关系求出两物块到达Q点时的速度。
分析清楚物块的运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律与功能关系可以解题。
 

8.【答案】AC
 

【解析】解：A、冰壶减速运动的加速度大小为，故A正确；
B、末冰壶的速度，则9s末，冰壶的速度大小为，故B错误；
C、7s末，冰壶的速度大小为，7s末，冰壶、机器人二者间距等于内两者位移之差，为，故C正确；
D、当时，冰壶、机器人二者间距为，则知机器人不能一直准确获取冰壶的运动信息，故D错误。
故选：AC。
根据速度-时间图象的斜率表示加速度，由图线的斜率求出加速度大小；根据图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，由几何知识比较位移大小。
解答本题时，要理解图象的物理意义，要知道图象与时间轴围成的面积表示位移，图象的斜率表示加速度。
 

9.【答案】AC
 

【解析】解：A、当滑动变阻器R滑片由Q向P端滑动时，接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，副线圈中的电流增大，根据可知，电流表的示数增大，故A正确；
B、电阻r分得的电压增大，故变压器原线圈两端的电压将减小，根据可知，电压表示数减小，故B错误；
C、根据可知，定值电阻r消耗的电功率逐渐变大，故C正确；
D、变压器副线圈的输出功率，由于逐渐增大，故无法判断出消耗的功率变化，故D错误
故选：AC。
根据电流与匝数成反比，可判断副线圈电流不变，以及原副线圈的电流大小关系，再根据功率公式，可判断两定值电阻的功率大小关系；滑片移动改变了负载的电阻，结合变压器的特点和欧姆定律去分析负载电压变化情况以及电源输出功率的变化情况。
本题考查电路的动态分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其它的部分的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法。
 

10.【答案】C
 

【解析】解：A、从O到A的过程，根据动能定理有：，解得；故A错误；
B、由题图可知粒子从O到A电场力做负功，若粒子恰好运动到A处，则粒子会在A处静止，不会运动到D处，故B错误；
C、由题图可知AB间电势不变，电势能不变，所以若粒子能运动到B处，粒子在A、B间做匀速直线运动，故C正确；
D、由题图可知C处电势，粒子从O到C根据动量定理有：，解得：，故D错误；
故选：C。
根据负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的变化，根据动能定理知动能的变化，从而知粒子运动情况；AB间电势不变，电势能不变。
本题一要抓住图象，由电势与电势能的变化，判断电势能的变化，根据动能定理分析动能。根据电场力做功情况，由动能定理列式求解.
 

11.【答案】
 

【解析】解：是通过作图的方法得到合力的理论值，而是通过一个弹簧秤沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧秤的拉力与两个弹簧秤的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是，由于误差的存在F和方向并不在重合．
该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，本实验采用的科学方法是等效替代法，
故选：
故答案为：
该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别．
“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．
 

12.【答案】电压表分流  
 

【解析】解：由闭合电路的欧姆定律可得：

可知，图像在纵轴的截距表示电源电动势，斜率的绝对值等于内阻，由图像可得：
；
本实验存在系统误差，原因是电压表分流，使得电流表示数小于干路电流，外电路短路时，电压表分流为零，实际电流等于电流表电流，电压越大，电压表分流越多，实际电流大于电流表电流，图像斜率的绝对值将越大，由此造成电路内阻测量值小于真实值。
①按照电路图丙，电路的连接如下图所示：

②根据欧姆定律可得，电压表的内阻为：
根据闭合电路欧姆定律可得：


又
解得：
故答案为：；467；；电压表分流；①如右图所示；②；③
根据闭合电路欧姆定律结合图像得出电源电动势和内阻；
根据电路特点分析出系统误差的原因以及电池内阻的测量值和真实值之间的关系；
根据电路图画出对应的实物图；
根据闭合电路欧姆定律得出电压表的内阻以及电池的内阻。
本题主要考查了电池电动势和内阻的测量，解题的关键点是根据闭合电路欧姆定律结合图像分析出电池的电动势和内阻。
 

13.【答案】解：男演员下摆过程机械能守恒，设到达最低点的速度大小为，
由机械能守恒定律得：
设绳子的拉力大小为F，由牛顿第二定律得：
代入数据解得：，
由牛顿第三定律可知，运动员对绳子的拉力大小
女演员抱住男演员过程系统在水平方向动量守恒，
以男演员的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：
两演员向上摆动过程系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：
代入数据解得，上升的最大高度：
答：男演员在该表演过程中摆动到最低点被抱住前对轻绳的拉力大小是1200N；
两位演员一起摆到的最大高度是。
 

【解析】男演员下摆过程机械能守恒，应用机械能守恒定律求出到达最低点的速度大小，应用牛顿第二定律求出绳子的拉力大小。
两演员组成的系统在水平方向动量守恒，应用动量守恒定律求出抱住后的速度大小，然后应用机械能守恒定律求出上摆的最大高度。
分析清楚运动员的运动过程是解题的前提，演员机械能守恒定律、动量守恒定律即可解题。
 

14.【答案】解：粒子在第Ⅲ象限做匀加速直线运动，由动能定理得：
解得：
作出带电粒子的运动轨迹如左图所示，
由几何关系得：
解得：
由洛伦兹力提供向心力得：
解得：
带电粒子在第Ⅲ象限内做匀加速直线运动，由动量定理有：
解得：
带电粒子在第象限内做匀速圆周运动
由几何关系得：
粒子做圆周运动的时间：
带电粒子在第Ⅰ象限内做匀变速曲线运动：
带电粒子从P点释放到垂直打在挡板上经历的时间：
联立解得：
带电粒子在第Ⅰ象限内做匀变速曲线运动，由运动的合成与分解法则可知粒子从M到之后首次速度与x轴平行的过程中，沿x轴速度：，
①若带电粒子在第Ⅰ象限垂直打在挡板上，N点的横坐标为：

解得：，或
②若带电粒子在第象限垂直打在挡板上，N点的横坐标为：

解得：，或
方法2：
带电粒子第1次在第Ⅰ象限垂直打在挡板上，
带电粒子第2次在第象限垂直打在挡板上，
带电粒子第3次在第Ⅰ象限垂直打在挡板上，
带电粒子第4次在第象限垂直打在挡板上，
带电粒子第5次在第Ⅰ象限垂直打在挡板上，
……
解得：
答：第象限内匀强磁场磁感应强度B的大小为；
带电粒子从P点释放到垂直打在挡板上经历的时间t为；
挡板可能位置的横坐标。
 

【解析】由题意可知，粒子在第象限做匀速圆周运动，进入第Ⅰ象限内做类平抛运动，根据动力学规律和运动学规律求第象限内磁感应强度的大小；
粒子从P点出发加速到Q点，做匀加速直线运动，进入象限做匀速圆周运动，到第一象限做类平抛运动，由动能定理、牛顿第二定律、类平抛运动规律求各段时间，相加就得总时间；
先找到粒子第一次垂直打在光屏上横坐标的值，结合半径公式求解挡板横坐标的值，考虑到粒子在磁场和电场运动的周期性，再写出一般情况下即第二、三、四垂直打中挡板等挡板的一般值。
带电粒子在电场中做类平抛运动，求末速度用动能定理求解方便很多；进入磁场之后洛伦兹力提供向心力不做功，速度不变。
在磁场中，粒子的半径用据求解，在磁场中的运动，分为三步走：
一、画轨迹找圆心
二、由几何关系找到圆周运动的半径与已知长度直线之间的关系
三、洛伦兹力提供向心力求速度，或者由求粒子运动的时间。
本题的突破口是根据粒子在第Ⅰ象限和第象限磁感应强度关系求出轨迹圆半径的关系，从而画图找规律。
 

15.【答案】从外界吸热  e
 

【解析】解：由题可知，整个过程中理想气体的内能不变，而气体对外做功，根据热力学第一定律得：

又
故可得：
则整个过程中气体从外界吸热
图甲中，b过程，根据一定质量的理想气体状态方程得：
由此可知，温度不变，故与图乙中的e过程对应。
故答案为：从外界吸热；e
根据热力学第一定律分析出气体的吸放热情况；结合一定质量的理想气体的状态方程分析出对应乙图的变化过程。
本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，分析过程中涉及到了热力学第一定律以及一定质量的理想气体的状态方程公式完成分析。
 

16.【答案】解：①对右侧气缸中的活塞，受力平衡有

对左侧气缸内的活塞，受力平衡有

解得：
②在缓慢升温过程中两部分气体的压强均不变，均为等压变化。
设右侧活塞刚好上升至气缸顶部时，左侧活塞下降x，
对a气体，初态：
；
末态：
由盖-吕萨克定律得：

对b气体，初态：
；
末态：
由盖-吕萨克定律得：

解得：
 

【解析】①对活塞进行受力分析得出气体的压强；
②根据分析可知，气体发生的是等压变化，结合盖-吕萨克定律计算出环境的温度。
本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，分析出变化前后的气体状态参量，结合受力分析即可完成解答。
 

17.【答案】减弱 
 

【解析】解：由题意可知，两列波时恰好相遇，由于波速相等，时间相等，所以相遇在AB连线中点，则波速为：

则波长为：
C到两波源的距离差为：
由于A、B振动步调相反，所以C是振动减弱点。
A和B的波传到C点所用的时间用、表示，则
；
后C点不再振动，所以实际振动时间发生在至等于一个周期，由B传来的波造成，所以内C点通过的路程为
。
故答案为：减弱；。
两列波的波速相等，根据两质点的距离关系结合时间关系得出波速，进而根据波程差分析出C点属于振动加强点还是减弱点；
根据时间和周期的关系，同时结合振幅的大小关系得出质点的路程。
本题主要考查了横波图像的相关应用，根据波速、频率和周期的关系完成分析，同时要理解时间和周期的关系联系振幅的关系计算出质点的振动路程。
 

18.【答案】解：光路如图

由几何关系可知
，
解得：
可知
玻璃砖的折射率；
由几何关系可知


由折射定律知

光从A点传播到C点所用的时间

联立解得：。
答：①玻璃砖对该光的折射率n为；
②光从A点传播到C点所用的时间t为。
 

【解析】①根据几何关系求出在B点入射角和折射角，根据折射定律求玻璃砖对光的折射率n；
②根据求光在真空中和在玻璃砖中传播时间，即可求光从A点传播到C点所用的时间t。
本题考查光的折射问题，对数学几何能力的要求较高，平时需加强训练，提高解题能力，同时掌握光的折射定律，注意正确的作图是解题的关键．