还剩29页未读，
继续阅读
2022年福建省宁德市中考物理适应性试卷
展开
这是一份2022年福建省宁德市中考物理适应性试卷，共32页。试卷主要包含了1×103J，2×103J/)，【答案】B，【答案】A，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
2022年福建省宁德市中考物理适应性试卷
1. 夏商时期，已有铜制的铃和皮制的鼓．人耳能分辨出铃声和鼓声是根据声音的( )
A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 频率
2. 在日常生活中，既可以用水来取暖，也可以用水来降温，主要是因为水具有( )
A. 较高的沸点 B. 较低的凝固点 C. 较大的比热容 D. 较好的导电性
3. 下列选项中符合安全用电要求的是( )
A. 用湿手按已接电源的插座上的开关
B. 及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线
C. 在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机
D. 把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
4. 班级大扫除时，小天发现许多现象与摩擦有关，其中减少摩擦的措施是( )
A. 擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦
B. 书柜下装有滚轮便于移动位置
C. 黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成
D. 水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹
5. 小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛a的像更清晰
B. 使用相同的蜡烛a、b，目的是比较像与物的大小
C. 将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像
D. 将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大
6. 如图是游客在公园观赏金鱼的场景。游客能看到水中的金鱼是因为眼睛接收到了金鱼反射出来的光。金鱼反射出来的光进入人眼的路径是( )
A. B. C. D.
7. 小汽车在平直公路上运动时的路程-时间图象如图所示，则小汽车的运动情况是( )
A. 在第一个10s内以10m/s做匀速运动
B. 在第二个10s内速度大小不变
C. 在第三个10s内前进了300m
D. 在前30s内的平均速度为15m/s
8. 如图所示，人坐在小船上，在用力向前推另一艘小船时，人和自已坐的小船却向后移动。该现象说明了( )
A. 力能使物体发生形变 B. 物体间力的作用是相互的
C. 力的作用效果与力的大小有关 D. 力的作用效果与力的作用点有关
9. 如图所示，单摆中的小球在ABC间不停地往复运动，如果不考虑阻力的影响，以下说法错误的是( )
A. 小球在A、C处的势能最大
B. 小球在B处只受重力作用
C. 小球由A到B过程中，重力势能转化为动能
D. 小球运动到C处时，如果受到的外力全部消失，将保持静止
10. 小红将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，经过一段较长时间后，杯中的水发生了物态变化，图四个图象中能正确反映这杯水的物态变化过程的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示的四个实验，能反映电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12. 家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。下列电路中最符合电吹风工作要求的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都不变，闭合开关S滑动变阻器的滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
B. 电流表示数变大，电压表示数不变，灯泡亮度不变
C. 电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡亮度变暗
D. 电压表与电流表示数的比值变大
14. 如图所示，小叶同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。图中，甲乙两条图线中的一条，是他依据实验数据绘制而成。已知，，。下列分析正确的是( )
A. 小叶绘制的是乙图线
B. 0∼1min内冰块吸收的热量为2.1×103J
C. 1∼3min内温度不变，说明冰块没有吸收热量
D. 如果酒精完全燃烧，酒精灯的加热效率可以达到100%
15. 如图所示，电源电压保持不变。只闭合开关S1，电流表和电压表均有示数，若再闭合开关S2，则下列说法正确的是( )
A. 电流表示数变大，电压表示数变小
B. 电流表示数变小，电压表示数不变
C. 电压表示数与电流表示数的比值变小
D. 电压表示数与电流表示数的比值不变
16. 如图甲所示，电源电压12V保持不变，闭合开关S后，当滑片P从最右端向最左端滑动的过程中，小灯泡的I−U关系图象，如图乙所示，最后小灯泡正常发光。下列说法中正确的是( )
A. 小灯泡的额定电压为3V
B. 滑动变阻器的最大阻值为9Ω
C. 该电路总功率变化范围为3W∼24W
D. 小灯泡正常发光1min，电流所做的功为24J
17. 十九大报告指出：绿水青山就是金山银山。近几年我市也响应号召，积极行动，极大改善了山区环境。在丰富多彩的赏花节中，游客徜徉在花海中闻到阵阵花香，这是分子______的结果；汗流满面的游客不时摇动手中的扇子，加快汗液______(填物态变化)，实现降温解热。
18. 如图所示，端午赛龙舟，选手们奋力挥桨划水使船快速前进。船桨属于______杠杆。岸上锣鼓喧天，加油呐喊声震耳欲聋。震耳欲聋指的是声音的______大。
19. 小军利用如图所示装置探究电阻产生的热量与电流大小的关系，当电路正常工作且通电时间一定时，电阻______产生的热量多；若通过R1的电流为1A，通电时间为10s时，阻值为10Ω的电阻R2产生的热量为______J。
20. 如图所示电路，电源电压为3V，R1、R2、R3阻值均为10Ω，闭合开关S，电压表示数为______V，电流表示数为______A。
21. 质量为1.4kg的干木柴完全燃烧，所放出的热量为______J，如果这些热量的50%被质量为50kg的水吸收，则水的温度将升高______℃。[已知：干木柴的热值为1.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
22. 如图，电源电压5V，R1=5Ω，R2=10Ω，当闭合开关后，两电表有示数且保持稳定，则甲电表的示数为______，乙电表的示数为______。
23. 如图所示，足球静止在水平草地上，请画出足球受力的示意图。
24. 如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
25. 福建的春季潮湿多雨，不少家庭需要借助暖风烘干机来烘干洗好的衣服。一台小型暖风烘干机如图所示，它是利用加热机芯产生热量，经过高速转动的叶片将热气导入干衣罩里，从而达到干衣效果的。在开始干衣阶段，我们发现烘干机出气孔上不断冒出“白气”。请你从物理学的角度解释：
(1)“白气”的形成原因；
(2)暖风烘干机的干衣原理。
26. 图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。
(1)组装实验装置时，应当先调整图甲中______(选填“A”或“B”)的高度。
(2)某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线。由图可知：实验中水的沸点为______℃；沸腾过程中水的温度保持______；若两次实验所用水的质量分别为ma、mb则ma______mb.(选填“>”“=”或“<”)。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续______。
(4)各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃.那么，水的沸点可能与______有关。
27. 探究与斜面相关的实验。
(1)如图甲所示，在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车滑行的距离；去掉棉布，重复上述实验。小车在水平面上所受的阻力减小，小车向前滑行的距离______。在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量______。
伽利略对类似实验进行了分析，认识到：运动的物体受到的阻力越小，它运动的时间就越长，它的速度减小得就越______。他进一步推测：在理想情况下，如果水平表面绝对光滑，物体受到的阻力为零，这时物体将______。
(2)如图乙所示，在探究“物体的动能跟哪些因素有关”实验中，斜面上安装斜槽，水平面上的A处放置一个小木块。让质量不同的钢球从斜槽上的同一高度滚下，发现质量较大的钢球将小木块推得较远，表明它对小木块做的功较______。由此可知：______相同的物体，质量越大，它的动能越大。
28. 在学习牛顿第一定律时，老师给出了如图1所示装置，将毛巾铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止自由滑下，观察小车滑行的距离；去掉木板上的毛巾，再次让小车从斜面顶端由静止自由滑下，观察小车滑行的距离。
(1)由实验可以看出，小车受到的______越大，小车滑行的距离越短，说明力是______物体运动状态的原因；
(2)由上述实验现象可联想到：在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，滑动摩擦力的大小与______有关，此因素可由图2中的______两图进行探究。实验时，要用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，是利用了______的原理；
(3)上述实验中，主要运用的物理探究方法是______。
29. 用如图1所示的装置探究光的反射规律，实验数据如下表：
次数
1
2
3
4
∠i
30∘
40∘
50∘
60∘
∠r
30∘
40∘
50∘
60∘
(1)图表中∠r表示______(选填“入射”或“反射”)角。
(2)分析实验数据可知：反射角______(选填“大于”、“等于”或“小于”)入射角。
(3)纸板ENF是用两块纸板连接起来的。如图2，把纸板NOF向后折，光沿EO入射在纸板NOF上______(选填“能”或“不能”)看到反射光线。这说明在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
(4)在图1中，当光沿FO的方向射向O点时，光会沿着OE的方向射出，说明在反射现象中光路是______的。
30. 在测额定电压为“2.5V”小灯泡电功率的实验中：
(1)依据如图甲的电路图，请用笔画线代替导线，将乙图中的实物图电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小。
(2)小明在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大。经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能是______。
(3)排除故障后，移动滑片使电压表的示数为______V时小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数，依据实验原理______再计算出小灯泡的额定功率。
(4)完成实验后，小聪想出一种不用电流表测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路，电源电压U恒为8V，R0为10Ω的定值电阻，所用电压表量程为“0∼15V”，请将以下实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为______V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出图丁电压表示数为______V；
③小灯泡的额定功率：______W；若步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向左移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值______(选填“偏大”或“偏小”)。
31. 建筑工地需要400m3的沙石，为了估测沙石的密度，用一只空桶平装满一桶沙石，测得桶中的沙石的质量为52kg，再用这只桶装满一桶水，测得桶中水的质量20kg，，求：
(1)桶的容积是多少？
(2)沙石的密度是多少？
(3)沙石的总质量？
(4)若用一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运多少车？
32. 如图甲为家用电热饮水机，图乙为它的电路原理图，下表为它的铭牌数据。
水桶容量
20L
热水箱容量
1L
额定电压
220V
加热功率
400W
保温功率
44W
(1)当S1闭合，S2断开时，电热饮水机处于______状态(填“加热”或“保温”)，此时电路中的电流是多大？
(2)饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃，求：水吸收的热量是多少？(水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃))
(3)电热饮水机正常工作时加热效率为80%.求：将热水箱中的水从20℃加热到90℃的时间为多少秒？
33. 某电热水器具有加热和保温功能，其工作原理如图甲所示。其中控制电路中的电磁铁线圈电阻不计，R为热敏电阻，热敏电阻中允许通过的最大电流Ig=15mA，其阻值R随温度变化的规律图象如图乙所示，电源电压U1恒为6V，当电磁铁线圈中的电流I>8mA时，电磁铁的衔铁被吸下，继电器下方触点a、b接触，加热电路接通：当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，热敏电阻R和工作电路中的三只电阻丝R1、R2、R3，均置于储水箱中，U2=220V，加热时的功率，保温时的功率，加热效率η=90%，R2=2R1，水的比热容，，水箱内最低温度为0℃。
(1)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的阻值至少为多大？若R0为该值，试求热水器刚开始保温时水的温度。
(2)电阻丝R1、R2、R3的阻值分别为多少欧姆？
(3)该热水器在加热状态下，将44kg、20℃的水加热到50℃需要多少时间？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查了音色的相关知识，属于基础知识的考查，相对较简单。
音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】
人能辨别出是铜制的铃和皮制的鼓，是因为音色是由发声体本身决定的一个特性；故人们根据声音的音色不同来辨别铃声和鼓声。
故选C。
2.【答案】C
【解析】解：在日常生活中，既可以用水来取暖，也可以用水来降温，利用水的比热容大的特点，把这些热迅速吸收，使温度不致升得太高，太快。
故选：C。
水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等。
考查了水的比热容的特点以及在生活中的应用，要求学生牢固掌握。
3.【答案】B
【解析】解：A、不纯净的水容易导电，用湿手按已接电源的插座上的开关，会发生触电事故，故A不符合安全用电要求；
B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电要求；
C、湿布的水是导体，在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求；
D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求。
故选：B。
本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
4.【答案】B
【解析】解：
A、擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦，这是通过增大压力来增大摩擦的，故A错误；
B、书柜下装有滚轮便于移动位置，是通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B正确；
C、黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误；
D、水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D错误。
故选：B。
(1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
(2)减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
此题考查的是摩擦力知识在生活中的应用，物理知识就是要应用于生活的，这也是我们学习物理的目的，是一道好题。
5.【答案】B
【解析】解：
A、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛a一侧能看到蜡烛a的像，同时还能看到蜡烛b，便于确定像的位置，故A错误；
B、选择大小相等的蜡烛a、b，是为了比较像与物的大小关系，故B正确；
C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；
D、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像不变，故D错误。
故选：B。
(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
(2)选择大小相等的蜡烛A、B便于比较像与物的大小关系；
(3)虚像不会出现在光屏上；
(4)像的大小始终与物体大小相同。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
6.【答案】A
【解析】解：水中鱼反射出的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线向远离法线的方向偏折，故A正确。
故选：A。
从鱼身上反射的光线由水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
本题考查了光的折射现象，明确折射角和入射角的大小是解题的关键。
7.【答案】A
【解析】
【分析】
(1)在s−t图象中，过原点的斜线表示物体做匀速直线运动；平行于横轴的直线表示物体静止；
(2)根据图象读出汽车在各个时间段的路程和时间，根据速度公式计算各段的速度。
运用图象法解答问题的一般步骤：
①明确图象中横坐标和纵坐标表示的物理量分别是什么；
②注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；
③明确图象所表示的物理意义；
④根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。
【解答】
由图象可知，
A.在第一个10s内汽车的s−t图象是一条过原点的斜线，表示汽车做匀速直线运动，其速度大小为v1=s1t1=100m10s=10m/s，故A正确；
B.在第二个10s内汽车的s−t图象是一条曲线，表示汽车做变速直线运动，故B错误；
C.在第三个10s内汽车的s−t图象是平行于横轴的直线，说明汽车静止，故C错误；
D.在前30s内汽车的平均速度为v=st=300m30s=10m/s，故D错误。
故选A。
8.【答案】B
【解析】解：把另一只小船推开的同时自己坐的小船则向相反的方向运动，说明物体间力的作用是相互的，故B正确，ACD错误。
故选：B。
物体间力的作用是相互的，两个力是作用力和反作用力。
深入理解物体间力的作用的相互性，是基础题。
9.【答案】B
【解析】解：
A、小球的质量不变，在A、C处的高度最高，重力势能最大，故A正确；
B、小球在B处受到重力和绳子的拉力的共同作用，故B错误；
C、小球由A到B过程中，不计阻力，机械能守恒，高度减小，速度增加，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确；
D、小球运动到C处时，处于静止状态，如果受到的外力全部消失，小球仍然会静止，故D正确。
故选：B。
(1)(3)根据影响动能、重力势能大小的因素分析；
(2)根据小球的运动状态分析受力情况；
(4)根据牛顿第一定律，物体不受力或者受平衡力时，一定处于静止或者匀速直线运动状态。
本题通过单摆运动考查力和运动的关系，属于基础知识的考查，较简单。
10.【答案】D
【解析】解：将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，水的温度逐渐降低，经过一段较长时间后，水达到凝固温度0℃并逐渐凝
固；当水全部凝固后，冰的温度再次降低。由于A和B中图象温度升高，所以A和B都不正确；由于C图中的凝固点不是0℃，所以C
不正确。
故选：D。
本题主要考查对水的凝固点和晶体凝固图象的记忆。冰为晶体，水的凝固点为0℃。
本题的解题关键是先判断出水的温度变化，然后记住水的凝固点。
11.【答案】D
【解析】解：A、验电器的工作原理：同种电荷相互排斥，故A错误。
B、异名磁极相互吸引，故B错误。
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，这是发电机的工作原理，故C错误。
D、通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理图，故D正确。
故选：D。
电动机工作原理：通电导体在磁场中受力而运动，找出和电动机工作原理相同的即可。
本题考查了验电器的工作原理、磁极间的作用、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动等知识点，电动机和发电机的工作原理图出现的频率很高，一定要熟练掌握。
12.【答案】A
【解析】解：
A、由图知，S1闭合时只有电动机工作，吹冷风；再闭合S2时，加热器和电动机并联，两者都能工作，此时吹热风，故A符合题意；
B、由图知，S1闭合时只有加热器工作，两开关都闭合加热器和电动机同时工作，只有热风没有冷风，故B不合题意；
C、由图知，S1闭合时加热器与电动机串联，再闭合S2时，只有电动机工作，但电动机和加热器串联时两者相互影响，故C不合题意；
D、由图知，S1闭合时电动机和加热器都工作，当两开关都闭合时只有加热器工作，故D不合题意。
故选：A。
由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。由此分析各选项解答即可。
电吹风吹出来的是热风，还是冷风关键是看电动机和电热丝的工作状态，即分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能工作。
13.【答案】B
【解析】解：C、原电路中，灯与变阻器并联，电流表测变阻器的电流，电压表测电源电压，故电压表示数不变；C错误；
AB、滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变，灯的亮度不变，A错误、B正确；
D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值(变阻器连入电路的电阻)变小，故D错误；
故选：B。
(1)原电路中，灯与变阻器并联，电流表测通过变阻器的电流，电压表测电源电压，据此分析电压表示和电流表的示数变化、灯的亮度变化；
(2)滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，分析变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变确定灯的亮度变化；
(3)由欧姆定律分析电压表与电流表示数的比值的变化。
本题为电路变化综合题，考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
14.【答案】A
【解析】解：A、由图可知，在0∼1min内，冰吸收热量，温度升高了5℃；冰化成水后，质量不变，根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的2倍，根据Q=cm△t可知，水升高5℃所需的热量为冰升高5℃所需热量的2倍，即水升高5℃，所需的加热时间为2min，故乙图线是水的升温图象，故A正确；
B、冰吸收的热量为：，故B错误；
C、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量，故C错误；
D、如果酒精完全燃烧，酒精放出的热量不可能全部被水吸收，存在能量的散失，所以效率不可能达到100%，故D错误。
故选：A。
(1)用同一个酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，根据Q=cm△t分析温度的变化，从而得出水的图象；
(2)利用Q=cm△t求出冰吸收的热量；
(3)冰是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；
(4)在加热的过程中，有热量的散失。
本题考查了冰的熔化图象，利用好Q=cm△t是解答本题的关键，难度不大，要掌握。
15.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
若再闭合开关S2时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；
电路中的电流变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
由R=UI可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R1的阻值，则其比值不变，故C错误、D正确。
故选：D。
由电路图可知，只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；若再闭合开关S2时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由题意可知，当滑片P位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的电阻为零，通过灯泡的电流最大，
由图乙可知，灯泡两端的电压为12V，即小灯泡的额定电压为12V，故A错误；
B.当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=3V，电路中的电流I=IL=1A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR=U−UL=12V−3V=9V，
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：
R=URI=9V1A=9Ω，故B正确；
C.当滑片P位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总功率最大，
由图乙可知，通过灯泡的电流，则，
当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=3V，电路中的电流I=IL=1A，则，
所以，该电路总功率变化范围为12W∼24W，故C错误；
D.小灯泡正常发光1min，由P=Wt可得，电流所做的功：
，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，当滑片P位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的电阻为零，通过灯泡的电流最大，根据图乙读出灯泡两端的电压，即为小灯泡的额定电压；
(2)当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，根据图乙读出灯泡两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)当滑片P位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总功率最大，根据图乙读出通过灯泡的电流，利用P=UI求出其大小；当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小，根据图乙读出灯泡两端的电压和电路中的电流，根据P=UI求出其大小，然后得出该电路总功率变化范围；
(4)小灯泡正常发光1min，根据P=Wt求出电流所做的功。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。
17.【答案】无规则运动 蒸发
【解析】解：由于分子在运动，所以走在湖边，常能闻到阵阵花香；夏天扇扇子会加快空气的流动，尽管不能降低气温，但是通过加快空气的流动从而加快皮肤表面汗水的蒸发，蒸发是一个吸热过程，即汗水的蒸发会吸收人身体的热量，所以人会觉得凉快。
故答案为：无规则运动；蒸发。
①闻到花香是扩散现象，是分子运动的结果。
②影响蒸发快慢的因素有温度、液体的表面积及液体表面空气流动的速度；扇扇子会加快空气流动的速度，加快人身上汗液的蒸发，汗液在蒸发过程中，会吸收人体的热量。
本题主要考查学生对热学知识的综合理解，是一道中档题，是中招的热点。
18.【答案】费力 响度
【解析】解：
(1)船桨和船沿接触的部分为支点，手施加的力是动力，水给船桨的力是阻力，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，动力大于阻力，所以船桨是费力杠杆。
(2)“震耳欲聋”指的是声音的响度大。
故答案为：费力；响度。
(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系判断省力杠杆还是费力杠杆。
(2)乐音的三种特性：响度、音调和音色。我们把人耳能感觉到的声音的强弱成为响度，其与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题考查了杠杆分类、声音的三个特征的区别，属于基础题目。
19.【答案】R1 25
【解析】解：
(1)由图可知，R2与R3并联后与R1串联，
由并联电路的电流特点可知，I1=I2+I3，所以I1>I2，
而R1=R2=10Ω，
由Q=I2Rt可知，通电时间一定时，电阻R1产生的热量多；
(2)因为R2与R3并联，所以两者电压相等，电阻也相等，由I=UR知，通过R2和R3的电流相等，
所以I1=I2+I3=2I2=1A，
I2=0.5A，
所以通电10s时R2产生的热量：
Q=I22R2t=(0.5A)2×10Ω×10s=25J。
故答案为：R1；25。
(1)由图知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点和Q=I2Rt判断R1与R2产生热量的多少；
(2)先由并联电路特点计算R2的电流大小，再根据Q=I2Rt求通电10s时R2产生的热量。
本题考查了并联电路特点和焦耳定律的应用，正确分析电路，灵活运用公式是解题的关键。
20.【答案】3； 0.6
【解析】解：(1)闭合开关S，三个电阻并联，电压表测电源电压，故电压表示数为3V；
(2)电流表测R2、R3并联的总电流，R2、R3阻值均为10Ω，故两电阻并联的电阻为：
R23=10Ω2=5Ω，
由欧姆定律，得电流表的示数：
I=UR23=3V5Ω=0.6A。
故答案为：3；0.6。
(1)闭合开关S，三个电阻并联，电压表测电源电压，据此确定电压表示数；
(2)电流表测R2、R3并联的总电流，由等值电阻并联的规律得出两电阻并联的电阻R23，由欧姆定律得出电流表的示数。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
21.【答案】1.68×107 40
【解析】解：(1)干木柴放出的热量：，
(2)由得，
水吸收的热量：，
由得，
水升高温度：
。
故答案为：1.68×107；40。
(1)已知干木柴的热值和质量，根据Q=mq求出完全燃烧1.4kg的干木柴能放出的热量；
(2)利用效率公式计算水吸收的热量，再根据的变形式求出水升高温度。
本题利用了公式、和进行计算，关键是注意“升高到”和“升高”的区别，这个也是学生容易出错的地方。
22.【答案】1A 5V
【解析】解：
由于电压表内阻很大，在电路中可看作断路；电流表内阻很小，在电路中可看作一根导线；
若两电阻串联，根据电流的流向可知，乙应为电流表，甲应为电压表，则闭合开关后，则R1短路，电流表无示数，不符合题意；
则两电阻只能是并联，乙只能为电压表，乙测电源电压，示数为5V；
甲只能为电流表，甲测通过R1的电流，
根据并联电路电压的规律和欧姆定律，甲电流表的示数I=UR1=5V5Ω=1A。
故答案为：1A；5V。
假设两电阻是串联，分析出现的现象，确定是否符合题意，从而确定电路的连接；
分析电路的连接，根据并联电路的规律和欧姆定律求电流大小。
本题考串联、并联电路的特点及欧姆定律的运用，关键是正确判断电路的连接。
23.【答案】解：足球静止在水平草地上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，从足球的球心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【解析】物体静止在水平草地上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：
过平面镜做A点的对称点A′，即A的像点，连接A′B交平面镜于一点，连接这个交点与B的连线，即为反射光线，连接A与交点的连线，即为折射光线(也是OB对应的入射光线)，如图所示：
【解析】光线由A点斜射入水中时发生光的折射，要使射到水底平面镜的光反射后射向水面B点，根据反射光线的延长线一定过像点，可选作A在平面镜中的像点，再连接像与B的连接可得反射光线，再画出经A点的折射光线(射向平面镜的入射光线)即可。
本题考查了平面镜成像特点作图以光的折射的作图，知道平面镜成像时，反射光线延长线一定过像点。
25.【答案】答：(1)烘干机出气孔上不断冒出“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的。
(2)暖风烘干机通过加快衣服表面的空气流动、提高水的温度，加快水的蒸发。
【解析】(1)物质由液态变成气态的过程叫液化；
(2)加快水分蒸发的方法：加快液体表面的空气流动、提高液体温度、增大液体表面积。
本题考查汽化和液化现象，属于基础题。
26.【答案】B 98 不变 <吸热 气压
【解析】解：(1)在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈B的高度；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃，水沸腾的特点是吸收热量，但温度保持不变；
由图乙知a的初温与b的初温相同，a先沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度高，根据Q=cm△t知，说明a的质量小。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续吸热；
(4)水沸腾时的温度均低于100℃，气压低于1个标准大气压，水的沸点就低于100℃，水的沸点可能与气压有关。
故答案为：(1)B；(2)98；不变；<；(3)吸热；(4)气压。
(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；通过ab初温相同，但到达沸腾的时间不同，可以判断水的质量；
(3)水的沸腾条件是达到沸点，继续吸热；
(4)一个标准大气压下水的沸点是100℃，如果大气压大于一个标准大气压，水的沸点也就会大于100℃；如果大气压小于一个标准大气压，水的沸点就会小于100℃。
解决此类问题的关键是知道器材的组装和液体沸腾的特点，及沸点与气压的关系。
27.【答案】(1)越远；相同；慢；做匀速直线运动；(2)多；速度
【解析】解：(1)去掉棉布；木板较棉布光滑，小车在木板上受到的阻力较小，运动的距离更远；小车在水平面的初速度相同，下车最终静止，所以在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量是相同的；
由实验可以看出，运动的小车所受的阻力越小，向前滑行的距离越远，据此推理可知：如果小车运动时不受阻力，小车运动的无限远，即它将做匀速直线运动；
(2)质量较大的钢球将小木块推得较远，即小木块克服摩擦力做功较大，这表明它对小木块做的功较多；所以结论为：速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
故答案为：(1)越远；相同；慢；做匀速直线运动；(2)多；速度。
(1)探究阻力对物体运动的影响，要控制物体到达水平面上的初速度相同，让小车在不同粗糙程度材料的表面上运动，比较通过的距离大小；木板较棉布光滑，小车在木板上运动受到的阻力较小，运动的距离更远，据此得出结论；由实验结论推理回答；
(2)一个物体能够做功就说这个物体具有能量，若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大，即观察小球推动木块的距离即可；影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法。
该实验采用的物理研究方法有转换法和控制变量法，尤其是控制变量法，因为影响动能大小的因素有质量和速度，所以在探究一个因素时，必须保证另一个影响因素不变。
28.【答案】摩擦力 改变 接触面的粗糙程度 甲丙 二力平衡 控制变量法
【解析】解：(1)由实验可知，接触面从毛巾→木板，小车在越光滑平面上受到的摩擦力越小，小车运动距离越来越长，说明速度减小得越慢，反之接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，小车滑行的距离越短，说明力是改变物体运动状态的原因；
(2)由(1)知滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关，要探究滑动摩擦力与粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，图2中的甲丙符合题意；
要使物体所受的摩擦力与拉力平衡，应用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于测力计的拉力，因此，这里是利用了二力平衡的知识；
(3)在(1)中让小车从斜面顶端由静止自由滑下控制了小车到达斜面底端的速度相同，用到了控制变量法；
在(2)要探究滑动摩擦力与粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，用到了控制变量法，所以以上实验都用到了控制变量法。
故答案为：(1)摩擦力；改变；(2)接触面的粗糙程度；甲丙；二力平衡；(3)控制变量法。
(1)根据表中接触面的粗糙程度与小车滑行的距离即可得出滑行距离与摩擦力的关系，进而可知力是改变物体运动状态的原因；
(2)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面额粗糙程度，根据控制变量法分析解答；
实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力；
(3)根据(2)知此实验主要运用了控制变量法。
本题考查探了探究阻力对物体运动的影响以及究摩擦力大小与什么因素有关，要掌握实验中测量摩擦力的方法及实验的研究方法。在利用控制变量法时，要注意分析控制的变量和改变的量，根据实验结果得出研究因素是否与改变量有关。
29.【答案】反射 等于 不能 可逆
【解析】解：(1)垂直镜面的是法线，射向镜面的光线为入射光线，入射光线与法线的夹角是入射角，由图1知，OF为反射光线，∠r是反射角；
(2)根据表中的数据可以得出结论：反射角等于入射角；
(3)把纸板NOF向前折或向后折，光沿EO入射在纸板NOF上，在纸板NOF上不能看到反射光线，由此得出结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(4)让光沿着FO的方向射向O点，反射光会沿着OE方向射出，这表明，在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：(1)反射；(2)等于；(3)不能；(4)可逆。
(1)垂直镜面的是法线，入射光线与法线的夹角是入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；
(2)根据表中的数据可以得出结论；
(3)根据反射光线与入射光线、法线在同一平面上的特点分析；
(4)在光的反射中光路都是可逆的。
此题是探究光的反射定律。要熟记光的反射定律的内容，还考查了光路可逆现象。
30.【答案】电压表并联在变阻器两端了 5.541偏大
【解析】解：(1)要求滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如下图所示：
(2)灯与变阻器串联，灯泡变亮时电压表示数变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，故根据实际现象，出现这种现象的原因可能是电压表并联在变阻器两端了；
(3)灯在额定电压下正常发光，排除故障后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数，依据实验原理再计算出小灯泡的额定功率；
(4)①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为5.5V，此时灯泡两端的电压：U′=8V−5.5V=2.5V，灯正常发光；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出电压表的示数为4 V；
③在②中滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测定值电阻的电压，图丁中电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为4 V；
保持滑片位置不动，通过开关的转换，电路的连接关系没有改变，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据欧姆定律，通过定值电阻的电流即灯的额定电流为：
IL=ULR0=4V10Ω=0.4A，
故灯的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W。
在实验步骤②中，在将开关拨至“2“时，不小心将滑片向左移动了少许，变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压变小，
R0和灯泡分得的电压都会变大，由知，测出的小灯泡额定功率比真实值偏大。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电压表并联在变阻器两端了；(3)2.5；； (4)①5.5；②4 ③1；偏大。
(1)根据滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小确定变阻右下接线柱连入电路中；
(2)灯与变阻器串联，灯泡变亮时电压表示数变大，由串联电路电压的规律可知变阻器的电压变化，据此分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，依据实验原理计算出小灯泡的额定功率；
(4)①要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；
滑片不动，再将开关S1拨至“2”，分析电路连接及电压表测量的电压，由欧姆定律求出小灯泡的额定电流，根据求出小灯泡的额定功率；
将开关S1拨至“2”，滑片向左移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压知识可知，滑动变阻器两端的电压和定值电阻R0两端的电压变化，最后根据P=UI可判断测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小还是偏大。
本题测额定电压为“2.5V”小灯泡电功率，考查电路连接、反常现象的分析、实验原理及设计方案测额定功率的能力和误差分析，最后一问有创新，务必引起重视。
31.【答案】解：(1)因桶装满一桶水时水的体积和桶的容积相等，
所以，桶的容积：
；
(2)用一只空桶平装满一桶沙石的体积：
，
沙石的密度：
；
(3)400m3沙石的总质量：
；
(4)若用一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运的次数：
，即260车。
答：(1)桶的容积是0.02m3；
(2)沙石的密度是2.6×103kg/m3；
(3)沙石的总质量为1.04×106kg；
(4)一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运260车。
【解析】(1)用桶装满一桶水时水的体积和桶的容积相等，已知水的质量和密度，根据公式V=mρ求出水的体积，也就知道桶的容积；
(2)桶中沙石的体积和桶的容积相等，已知一桶沙石的质量，利用公式ρ=mV可求出沙石的密度；
(3)已知沙石的总体积，根据公式m=ρV可求出400m3的沙石总质量；
(4)400m3沙石的总质量除以一辆载重卡车运送沙石的质量即可求出运输的车次。
本题主要考查了密度公式的运用，关键是知道桶的容积不变，即平平地装满一桶沙石和装满一桶水的体积相等。
32.【答案】解：
(1)由电路图可知，当S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，由P=UI=U2R可知电路的总功率最小，处于保温状态；
根据P=UI知，
此时电路中的电流：I保温；
(2)根据ρ=mV知，
水的质量 m=ρV=1.0×103kg/m3×10−3m3=1.0kg，
水吸收的热量为Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.0kg×(90℃−20℃)=2.94×105J，
(3)因为，
所以消耗的电能为：W电，
因为P=Wt，
所以加热所需时间为t=WP=3.675×105J400W=918.75s。
答：
(1)保温；此时电路中的电流是0.2A；
(2)水吸收的热量是2.94×105J；
(3)将热水箱中的水从20℃加热到90℃的时间为918.75秒。
【解析】(1)由电路图可知，当S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，由P=UI=U2R可知电路的总功率最小，据此判断饮水机的状态，根据P=UI求出此时电路中的电流；
(2)已知热水箱的容积，可以得到水的体积，进一步得到水的质量；已知水的质量、比热容、初温度和末温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量；
(3)已知饮水机的加热效率和水吸收的热量，可以得到消耗的电能；已知加热功率和消耗的电能，利用公式t=WP得到用电时间。
此题考查了电功率变形公式的应用，热量的计算，效率的应用和质量、体积的关系，是一道力、电、热综合题，难度较大，解决的关键是熟记基本公式，明白电路连接关系。
33.【答案】解：(1)由题意可知，热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA，电源电压U1=6V，
控制电路中最小总电阻：，
当水箱内最低温度为0℃时，热敏电阻阻值最小，R最小，。
此时保护电阻R0的最小值，
保护电阻阻值至少为，
热水器刚开始保温时，控制电路中的总电阻，
热敏电阻的阻值为：，
由图乙可知，此时水温为70℃；
(2)由题意和电路图知：衔铁被吸下时，R1、R2并联，电热水器处于加热状态，
，且R2=2R1，
所以U2R1+U22R1=2200W，
3U22R1=2200W，
3×(220V)22R1=2200W，
解得：R1=33Ω，R2=2R1=2×33Ω=66Ω；
根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联，
根据电阻的串联特点和欧姆定律可得保温功率：
，即(220V)266Ω+R3=110W，
解得：R3=374Ω；
(3)水吸收的热量：：
根据热效率公式可得，
加热电路消耗的能量：，
加热时间：。
答：(1)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的阻值至少为450Ω；
若R0为该值，热水器刚开始保温时水的温度为70℃。
(2)电阻丝R1、R2、R3的阻值分别为33Ω、66Ω、374Ω；
(3)该热水器在加热状态下，将44kg、20℃的水加热到50℃需要2800s。
【解析】本题考查了求加热电路处于加热状态时的电阻、保护电阻的最小阻值、水的温度等问题，考查的内容较多；分析清楚电路结构是本题正确解题的前提与关键；要正确解题，需要熟练掌握并联电路的特点、电功公式、欧姆定律等知识。
2022年福建省宁德市中考物理适应性试卷
1. 夏商时期，已有铜制的铃和皮制的鼓．人耳能分辨出铃声和鼓声是根据声音的( )
A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 频率
2. 在日常生活中，既可以用水来取暖，也可以用水来降温，主要是因为水具有( )
A. 较高的沸点 B. 较低的凝固点 C. 较大的比热容 D. 较好的导电性
3. 下列选项中符合安全用电要求的是( )
A. 用湿手按已接电源的插座上的开关
B. 及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线
C. 在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机
D. 把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
4. 班级大扫除时，小天发现许多现象与摩擦有关，其中减少摩擦的措施是( )
A. 擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦
B. 书柜下装有滚轮便于移动位置
C. 黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成
D. 水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹
5. 小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是( )
A. 用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛a的像更清晰
B. 使用相同的蜡烛a、b，目的是比较像与物的大小
C. 将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像
D. 将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大
6. 如图是游客在公园观赏金鱼的场景。游客能看到水中的金鱼是因为眼睛接收到了金鱼反射出来的光。金鱼反射出来的光进入人眼的路径是( )
A. B. C. D.
7. 小汽车在平直公路上运动时的路程-时间图象如图所示，则小汽车的运动情况是( )
A. 在第一个10s内以10m/s做匀速运动
B. 在第二个10s内速度大小不变
C. 在第三个10s内前进了300m
D. 在前30s内的平均速度为15m/s
8. 如图所示，人坐在小船上，在用力向前推另一艘小船时，人和自已坐的小船却向后移动。该现象说明了( )
A. 力能使物体发生形变 B. 物体间力的作用是相互的
C. 力的作用效果与力的大小有关 D. 力的作用效果与力的作用点有关
9. 如图所示，单摆中的小球在ABC间不停地往复运动，如果不考虑阻力的影响，以下说法错误的是( )
A. 小球在A、C处的势能最大
B. 小球在B处只受重力作用
C. 小球由A到B过程中，重力势能转化为动能
D. 小球运动到C处时，如果受到的外力全部消失，将保持静止
10. 小红将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，经过一段较长时间后，杯中的水发生了物态变化，图四个图象中能正确反映这杯水的物态变化过程的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图所示的四个实验，能反映电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12. 家庭常用的电吹风既能吹冷风又能吹热风。下列电路中最符合电吹风工作要求的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都不变，闭合开关S滑动变阻器的滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
B. 电流表示数变大，电压表示数不变，灯泡亮度不变
C. 电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡亮度变暗
D. 电压表与电流表示数的比值变大
14. 如图所示，小叶同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。图中，甲乙两条图线中的一条，是他依据实验数据绘制而成。已知，，。下列分析正确的是( )
A. 小叶绘制的是乙图线
B. 0∼1min内冰块吸收的热量为2.1×103J
C. 1∼3min内温度不变，说明冰块没有吸收热量
D. 如果酒精完全燃烧，酒精灯的加热效率可以达到100%
15. 如图所示，电源电压保持不变。只闭合开关S1，电流表和电压表均有示数，若再闭合开关S2，则下列说法正确的是( )
A. 电流表示数变大，电压表示数变小
B. 电流表示数变小，电压表示数不变
C. 电压表示数与电流表示数的比值变小
D. 电压表示数与电流表示数的比值不变
16. 如图甲所示，电源电压12V保持不变，闭合开关S后，当滑片P从最右端向最左端滑动的过程中，小灯泡的I−U关系图象，如图乙所示，最后小灯泡正常发光。下列说法中正确的是( )
A. 小灯泡的额定电压为3V
B. 滑动变阻器的最大阻值为9Ω
C. 该电路总功率变化范围为3W∼24W
D. 小灯泡正常发光1min，电流所做的功为24J
17. 十九大报告指出：绿水青山就是金山银山。近几年我市也响应号召，积极行动，极大改善了山区环境。在丰富多彩的赏花节中，游客徜徉在花海中闻到阵阵花香，这是分子______的结果；汗流满面的游客不时摇动手中的扇子，加快汗液______(填物态变化)，实现降温解热。
18. 如图所示，端午赛龙舟，选手们奋力挥桨划水使船快速前进。船桨属于______杠杆。岸上锣鼓喧天，加油呐喊声震耳欲聋。震耳欲聋指的是声音的______大。
19. 小军利用如图所示装置探究电阻产生的热量与电流大小的关系，当电路正常工作且通电时间一定时，电阻______产生的热量多；若通过R1的电流为1A，通电时间为10s时，阻值为10Ω的电阻R2产生的热量为______J。
20. 如图所示电路，电源电压为3V，R1、R2、R3阻值均为10Ω，闭合开关S，电压表示数为______V，电流表示数为______A。
21. 质量为1.4kg的干木柴完全燃烧，所放出的热量为______J，如果这些热量的50%被质量为50kg的水吸收，则水的温度将升高______℃。[已知：干木柴的热值为1.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
22. 如图，电源电压5V，R1=5Ω，R2=10Ω，当闭合开关后，两电表有示数且保持稳定，则甲电表的示数为______，乙电表的示数为______。
23. 如图所示，足球静止在水平草地上，请画出足球受力的示意图。
24. 如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
25. 福建的春季潮湿多雨，不少家庭需要借助暖风烘干机来烘干洗好的衣服。一台小型暖风烘干机如图所示，它是利用加热机芯产生热量，经过高速转动的叶片将热气导入干衣罩里，从而达到干衣效果的。在开始干衣阶段，我们发现烘干机出气孔上不断冒出“白气”。请你从物理学的角度解释：
(1)“白气”的形成原因；
(2)暖风烘干机的干衣原理。
26. 图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。
(1)组装实验装置时，应当先调整图甲中______(选填“A”或“B”)的高度。
(2)某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线。由图可知：实验中水的沸点为______℃；沸腾过程中水的温度保持______；若两次实验所用水的质量分别为ma、mb则ma______mb.(选填“>”“=”或“<”)。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续______。
(4)各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃.那么，水的沸点可能与______有关。
27. 探究与斜面相关的实验。
(1)如图甲所示，在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车滑行的距离；去掉棉布，重复上述实验。小车在水平面上所受的阻力减小，小车向前滑行的距离______。在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量______。
伽利略对类似实验进行了分析，认识到：运动的物体受到的阻力越小，它运动的时间就越长，它的速度减小得就越______。他进一步推测：在理想情况下，如果水平表面绝对光滑，物体受到的阻力为零，这时物体将______。
(2)如图乙所示，在探究“物体的动能跟哪些因素有关”实验中，斜面上安装斜槽，水平面上的A处放置一个小木块。让质量不同的钢球从斜槽上的同一高度滚下，发现质量较大的钢球将小木块推得较远，表明它对小木块做的功较______。由此可知：______相同的物体，质量越大，它的动能越大。
28. 在学习牛顿第一定律时，老师给出了如图1所示装置，将毛巾铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止自由滑下，观察小车滑行的距离；去掉木板上的毛巾，再次让小车从斜面顶端由静止自由滑下，观察小车滑行的距离。
(1)由实验可以看出，小车受到的______越大，小车滑行的距离越短，说明力是______物体运动状态的原因；
(2)由上述实验现象可联想到：在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，滑动摩擦力的大小与______有关，此因素可由图2中的______两图进行探究。实验时，要用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，是利用了______的原理；
(3)上述实验中，主要运用的物理探究方法是______。
29. 用如图1所示的装置探究光的反射规律，实验数据如下表：
次数
1
2
3
4
∠i
30∘
40∘
50∘
60∘
∠r
30∘
40∘
50∘
60∘
(1)图表中∠r表示______(选填“入射”或“反射”)角。
(2)分析实验数据可知：反射角______(选填“大于”、“等于”或“小于”)入射角。
(3)纸板ENF是用两块纸板连接起来的。如图2，把纸板NOF向后折，光沿EO入射在纸板NOF上______(选填“能”或“不能”)看到反射光线。这说明在光的反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
(4)在图1中，当光沿FO的方向射向O点时，光会沿着OE的方向射出，说明在反射现象中光路是______的。
30. 在测额定电压为“2.5V”小灯泡电功率的实验中：
(1)依据如图甲的电路图，请用笔画线代替导线，将乙图中的实物图电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小。
(2)小明在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大。经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能是______。
(3)排除故障后，移动滑片使电压表的示数为______V时小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数，依据实验原理______再计算出小灯泡的额定功率。
(4)完成实验后，小聪想出一种不用电流表测量小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路，电源电压U恒为8V，R0为10Ω的定值电阻，所用电压表量程为“0∼15V”，请将以下实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为______V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出图丁电压表示数为______V；
③小灯泡的额定功率：______W；若步骤②中，在将开关S1拨至“2”时，不小心将滑片向左移动了少许，其他操作正确，则测出的小灯泡额定功率比真实值______(选填“偏大”或“偏小”)。
31. 建筑工地需要400m3的沙石，为了估测沙石的密度，用一只空桶平装满一桶沙石，测得桶中的沙石的质量为52kg，再用这只桶装满一桶水，测得桶中水的质量20kg，，求：
(1)桶的容积是多少？
(2)沙石的密度是多少？
(3)沙石的总质量？
(4)若用一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运多少车？
32. 如图甲为家用电热饮水机，图乙为它的电路原理图，下表为它的铭牌数据。
水桶容量
20L
热水箱容量
1L
额定电压
220V
加热功率
400W
保温功率
44W
(1)当S1闭合，S2断开时，电热饮水机处于______状态(填“加热”或“保温”)，此时电路中的电流是多大？
(2)饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃，求：水吸收的热量是多少？(水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃))
(3)电热饮水机正常工作时加热效率为80%.求：将热水箱中的水从20℃加热到90℃的时间为多少秒？
33. 某电热水器具有加热和保温功能，其工作原理如图甲所示。其中控制电路中的电磁铁线圈电阻不计，R为热敏电阻，热敏电阻中允许通过的最大电流Ig=15mA，其阻值R随温度变化的规律图象如图乙所示，电源电压U1恒为6V，当电磁铁线圈中的电流I>8mA时，电磁铁的衔铁被吸下，继电器下方触点a、b接触，加热电路接通：当电磁铁线圈中的电流I≤8mA时，继电器上方触点c接触，保温电路接通，热敏电阻R和工作电路中的三只电阻丝R1、R2、R3，均置于储水箱中，U2=220V，加热时的功率，保温时的功率，加热效率η=90%，R2=2R1，水的比热容，，水箱内最低温度为0℃。
(1)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的阻值至少为多大？若R0为该值，试求热水器刚开始保温时水的温度。
(2)电阻丝R1、R2、R3的阻值分别为多少欧姆？
(3)该热水器在加热状态下，将44kg、20℃的水加热到50℃需要多少时间？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查了音色的相关知识，属于基础知识的考查，相对较简单。
音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】
人能辨别出是铜制的铃和皮制的鼓，是因为音色是由发声体本身决定的一个特性；故人们根据声音的音色不同来辨别铃声和鼓声。
故选C。
2.【答案】C
【解析】解：在日常生活中，既可以用水来取暖，也可以用水来降温，利用水的比热容大的特点，把这些热迅速吸收，使温度不致升得太高，太快。
故选：C。
水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等。
考查了水的比热容的特点以及在生活中的应用，要求学生牢固掌握。
3.【答案】B
【解析】解：A、不纯净的水容易导电，用湿手按已接电源的插座上的开关，会发生触电事故，故A不符合安全用电要求；
B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电要求；
C、湿布的水是导体，在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求；
D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求。
故选：B。
本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
4.【答案】B
【解析】解：
A、擦玻璃时把抹布压紧在玻璃上去擦，这是通过增大压力来增大摩擦的，故A错误；
B、书柜下装有滚轮便于移动位置，是通过变滑动为滚动来减小摩擦的，故B正确；
C、黑板刷的刷面使用更粗糙的材料制成，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误；
D、水桶的手柄上刻有凹凸不平的花纹，这是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D错误。
故选：B。
(1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
(2)减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
此题考查的是摩擦力知识在生活中的应用，物理知识就是要应用于生活的，这也是我们学习物理的目的，是一道好题。
5.【答案】B
【解析】解：
A、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛a一侧能看到蜡烛a的像，同时还能看到蜡烛b，便于确定像的位置，故A错误；
B、选择大小相等的蜡烛a、b，是为了比较像与物的大小关系，故B正确；
C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；
D、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像不变，故D错误。
故选：B。
(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
(2)选择大小相等的蜡烛A、B便于比较像与物的大小关系；
(3)虚像不会出现在光屏上；
(4)像的大小始终与物体大小相同。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
6.【答案】A
【解析】解：水中鱼反射出的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线向远离法线的方向偏折，故A正确。
故选：A。
从鱼身上反射的光线由水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
本题考查了光的折射现象，明确折射角和入射角的大小是解题的关键。
7.【答案】A
【解析】
【分析】
(1)在s−t图象中，过原点的斜线表示物体做匀速直线运动；平行于横轴的直线表示物体静止；
(2)根据图象读出汽车在各个时间段的路程和时间，根据速度公式计算各段的速度。
运用图象法解答问题的一般步骤：
①明确图象中横坐标和纵坐标表示的物理量分别是什么；
②注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；
③明确图象所表示的物理意义；
④根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。
【解答】
由图象可知，
A.在第一个10s内汽车的s−t图象是一条过原点的斜线，表示汽车做匀速直线运动，其速度大小为v1=s1t1=100m10s=10m/s，故A正确；
B.在第二个10s内汽车的s−t图象是一条曲线，表示汽车做变速直线运动，故B错误；
C.在第三个10s内汽车的s−t图象是平行于横轴的直线，说明汽车静止，故C错误；
D.在前30s内汽车的平均速度为v=st=300m30s=10m/s，故D错误。
故选A。
8.【答案】B
【解析】解：把另一只小船推开的同时自己坐的小船则向相反的方向运动，说明物体间力的作用是相互的，故B正确，ACD错误。
故选：B。
物体间力的作用是相互的，两个力是作用力和反作用力。
深入理解物体间力的作用的相互性，是基础题。
9.【答案】B
【解析】解：
A、小球的质量不变，在A、C处的高度最高，重力势能最大，故A正确；
B、小球在B处受到重力和绳子的拉力的共同作用，故B错误；
C、小球由A到B过程中，不计阻力，机械能守恒，高度减小，速度增加，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能，故C正确；
D、小球运动到C处时，处于静止状态，如果受到的外力全部消失，小球仍然会静止，故D正确。
故选：B。
(1)(3)根据影响动能、重力势能大小的因素分析；
(2)根据小球的运动状态分析受力情况；
(4)根据牛顿第一定律，物体不受力或者受平衡力时，一定处于静止或者匀速直线运动状态。
本题通过单摆运动考查力和运动的关系，属于基础知识的考查，较简单。
10.【答案】D
【解析】解：将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，水的温度逐渐降低，经过一段较长时间后，水达到凝固温度0℃并逐渐凝
固；当水全部凝固后，冰的温度再次降低。由于A和B中图象温度升高，所以A和B都不正确；由于C图中的凝固点不是0℃，所以C
不正确。
故选：D。
本题主要考查对水的凝固点和晶体凝固图象的记忆。冰为晶体，水的凝固点为0℃。
本题的解题关键是先判断出水的温度变化，然后记住水的凝固点。
11.【答案】D
【解析】解：A、验电器的工作原理：同种电荷相互排斥，故A错误。
B、异名磁极相互吸引，故B错误。
C、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，这是发电机的工作原理，故C错误。
D、通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理图，故D正确。
故选：D。
电动机工作原理：通电导体在磁场中受力而运动，找出和电动机工作原理相同的即可。
本题考查了验电器的工作原理、磁极间的作用、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动等知识点，电动机和发电机的工作原理图出现的频率很高，一定要熟练掌握。
12.【答案】A
【解析】解：
A、由图知，S1闭合时只有电动机工作，吹冷风；再闭合S2时，加热器和电动机并联，两者都能工作，此时吹热风，故A符合题意；
B、由图知，S1闭合时只有加热器工作，两开关都闭合加热器和电动机同时工作，只有热风没有冷风，故B不合题意；
C、由图知，S1闭合时加热器与电动机串联，再闭合S2时，只有电动机工作，但电动机和加热器串联时两者相互影响，故C不合题意；
D、由图知，S1闭合时电动机和加热器都工作，当两开关都闭合时只有加热器工作，故D不合题意。
故选：A。
由题知，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。由此分析各选项解答即可。
电吹风吹出来的是热风，还是冷风关键是看电动机和电热丝的工作状态，即分析是哪部分连入电路，有电流经过的部分，才能工作。
13.【答案】B
【解析】解：C、原电路中，灯与变阻器并联，电流表测变阻器的电流，电压表测电源电压，故电压表示数不变；C错误；
AB、滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变，灯的亮度不变，A错误、B正确；
D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值(变阻器连入电路的电阻)变小，故D错误；
故选：B。
(1)原电路中，灯与变阻器并联，电流表测通过变阻器的电流，电压表测电源电压，据此分析电压表示和电流表的示数变化、灯的亮度变化；
(2)滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，分析变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变确定灯的亮度变化；
(3)由欧姆定律分析电压表与电流表示数的比值的变化。
本题为电路变化综合题，考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
14.【答案】A
【解析】解：A、由图可知，在0∼1min内，冰吸收热量，温度升高了5℃；冰化成水后，质量不变，根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的2倍，根据Q=cm△t可知，水升高5℃所需的热量为冰升高5℃所需热量的2倍，即水升高5℃，所需的加热时间为2min，故乙图线是水的升温图象，故A正确；
B、冰吸收的热量为：，故B错误；
C、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量，故C错误；
D、如果酒精完全燃烧，酒精放出的热量不可能全部被水吸收，存在能量的散失，所以效率不可能达到100%，故D错误。
故选：A。
(1)用同一个酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，根据Q=cm△t分析温度的变化，从而得出水的图象；
(2)利用Q=cm△t求出冰吸收的热量；
(3)冰是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；
(4)在加热的过程中，有热量的散失。
本题考查了冰的熔化图象，利用好Q=cm△t是解答本题的关键，难度不大，要掌握。
15.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
若再闭合开关S2时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故B错误；
电路中的电流变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
由R=UI可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R1的阻值，则其比值不变，故C错误、D正确。
故选：D。
由电路图可知，只闭合开关S1时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；若再闭合开关S2时，R2被短路，电路为R1的简单电路，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由题意可知，当滑片P位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的电阻为零，通过灯泡的电流最大，
由图乙可知，灯泡两端的电压为12V，即小灯泡的额定电压为12V，故A错误；
B.当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=3V，电路中的电流I=IL=1A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR=U−UL=12V−3V=9V，
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：
R=URI=9V1A=9Ω，故B正确；
C.当滑片P位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总功率最大，
由图乙可知，通过灯泡的电流，则，
当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL=3V，电路中的电流I=IL=1A，则，
所以，该电路总功率变化范围为12W∼24W，故C错误；
D.小灯泡正常发光1min，由P=Wt可得，电流所做的功：
，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知，当滑片P位于最左端时，小灯泡正常发光，此时变阻器接入电路中的电阻为零，通过灯泡的电流最大，根据图乙读出灯泡两端的电压，即为小灯泡的额定电压；
(2)当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，根据图乙读出灯泡两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)当滑片P位于最左端时，电路为小灯泡的简单电路，电路中的电流最大，电路的总功率最大，根据图乙读出通过灯泡的电流，利用P=UI求出其大小；当滑片P位于最右端时，接入电路中的电阻最大，电路的电流最小，电路的总功率最小，根据图乙读出灯泡两端的电压和电路中的电流，根据P=UI求出其大小，然后得出该电路总功率变化范围；
(4)小灯泡正常发光1min，根据P=Wt求出电流所做的功。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。
17.【答案】无规则运动 蒸发
【解析】解：由于分子在运动，所以走在湖边，常能闻到阵阵花香；夏天扇扇子会加快空气的流动，尽管不能降低气温，但是通过加快空气的流动从而加快皮肤表面汗水的蒸发，蒸发是一个吸热过程，即汗水的蒸发会吸收人身体的热量，所以人会觉得凉快。
故答案为：无规则运动；蒸发。
①闻到花香是扩散现象，是分子运动的结果。
②影响蒸发快慢的因素有温度、液体的表面积及液体表面空气流动的速度；扇扇子会加快空气流动的速度，加快人身上汗液的蒸发，汗液在蒸发过程中，会吸收人体的热量。
本题主要考查学生对热学知识的综合理解，是一道中档题，是中招的热点。
18.【答案】费力 响度
【解析】解：
(1)船桨和船沿接触的部分为支点，手施加的力是动力，水给船桨的力是阻力，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，动力大于阻力，所以船桨是费力杠杆。
(2)“震耳欲聋”指的是声音的响度大。
故答案为：费力；响度。
(1)根据动力臂和阻力臂的大小关系判断省力杠杆还是费力杠杆。
(2)乐音的三种特性：响度、音调和音色。我们把人耳能感觉到的声音的强弱成为响度，其与物体振动幅度有关，振幅越大，响度越大；振幅越小，响度越小。
本题考查了杠杆分类、声音的三个特征的区别，属于基础题目。
19.【答案】R1 25
【解析】解：
(1)由图可知，R2与R3并联后与R1串联，
由并联电路的电流特点可知，I1=I2+I3，所以I1>I2，
而R1=R2=10Ω，
由Q=I2Rt可知，通电时间一定时，电阻R1产生的热量多；
(2)因为R2与R3并联，所以两者电压相等，电阻也相等，由I=UR知，通过R2和R3的电流相等，
所以I1=I2+I3=2I2=1A，
I2=0.5A，
所以通电10s时R2产生的热量：
Q=I22R2t=(0.5A)2×10Ω×10s=25J。
故答案为：R1；25。
(1)由图知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点和Q=I2Rt判断R1与R2产生热量的多少；
(2)先由并联电路特点计算R2的电流大小，再根据Q=I2Rt求通电10s时R2产生的热量。
本题考查了并联电路特点和焦耳定律的应用，正确分析电路，灵活运用公式是解题的关键。
20.【答案】3； 0.6
【解析】解：(1)闭合开关S，三个电阻并联，电压表测电源电压，故电压表示数为3V；
(2)电流表测R2、R3并联的总电流，R2、R3阻值均为10Ω，故两电阻并联的电阻为：
R23=10Ω2=5Ω，
由欧姆定律，得电流表的示数：
I=UR23=3V5Ω=0.6A。
故答案为：3；0.6。
(1)闭合开关S，三个电阻并联，电压表测电源电压，据此确定电压表示数；
(2)电流表测R2、R3并联的总电流，由等值电阻并联的规律得出两电阻并联的电阻R23，由欧姆定律得出电流表的示数。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
21.【答案】1.68×107 40
【解析】解：(1)干木柴放出的热量：，
(2)由得，
水吸收的热量：，
由得，
水升高温度：
。
故答案为：1.68×107；40。
(1)已知干木柴的热值和质量，根据Q=mq求出完全燃烧1.4kg的干木柴能放出的热量；
(2)利用效率公式计算水吸收的热量，再根据的变形式求出水升高温度。
本题利用了公式、和进行计算，关键是注意“升高到”和“升高”的区别，这个也是学生容易出错的地方。
22.【答案】1A 5V
【解析】解：
由于电压表内阻很大，在电路中可看作断路；电流表内阻很小，在电路中可看作一根导线；
若两电阻串联，根据电流的流向可知，乙应为电流表，甲应为电压表，则闭合开关后，则R1短路，电流表无示数，不符合题意；
则两电阻只能是并联，乙只能为电压表，乙测电源电压，示数为5V；
甲只能为电流表，甲测通过R1的电流，
根据并联电路电压的规律和欧姆定律，甲电流表的示数I=UR1=5V5Ω=1A。
故答案为：1A；5V。
假设两电阻是串联，分析出现的现象，确定是否符合题意，从而确定电路的连接；
分析电路的连接，根据并联电路的规律和欧姆定律求电流大小。
本题考串联、并联电路的特点及欧姆定律的运用，关键是正确判断电路的连接。
23.【答案】解：足球静止在水平草地上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，从足球的球心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【解析】物体静止在水平草地上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：
过平面镜做A点的对称点A′，即A的像点，连接A′B交平面镜于一点，连接这个交点与B的连线，即为反射光线，连接A与交点的连线，即为折射光线(也是OB对应的入射光线)，如图所示：
【解析】光线由A点斜射入水中时发生光的折射，要使射到水底平面镜的光反射后射向水面B点，根据反射光线的延长线一定过像点，可选作A在平面镜中的像点，再连接像与B的连接可得反射光线，再画出经A点的折射光线(射向平面镜的入射光线)即可。
本题考查了平面镜成像特点作图以光的折射的作图，知道平面镜成像时，反射光线延长线一定过像点。
25.【答案】答：(1)烘干机出气孔上不断冒出“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的。
(2)暖风烘干机通过加快衣服表面的空气流动、提高水的温度，加快水的蒸发。
【解析】(1)物质由液态变成气态的过程叫液化；
(2)加快水分蒸发的方法：加快液体表面的空气流动、提高液体温度、增大液体表面积。
本题考查汽化和液化现象，属于基础题。
26.【答案】B 98 不变 <吸热 气压
【解析】解：(1)在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈B的高度；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃，水沸腾的特点是吸收热量，但温度保持不变；
由图乙知a的初温与b的初温相同，a先沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度高，根据Q=cm△t知，说明a的质量小。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续吸热；
(4)水沸腾时的温度均低于100℃，气压低于1个标准大气压，水的沸点就低于100℃，水的沸点可能与气压有关。
故答案为：(1)B；(2)98；不变；<；(3)吸热；(4)气压。
(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；通过ab初温相同，但到达沸腾的时间不同，可以判断水的质量；
(3)水的沸腾条件是达到沸点，继续吸热；
(4)一个标准大气压下水的沸点是100℃，如果大气压大于一个标准大气压，水的沸点也就会大于100℃；如果大气压小于一个标准大气压，水的沸点就会小于100℃。
解决此类问题的关键是知道器材的组装和液体沸腾的特点，及沸点与气压的关系。
27.【答案】(1)越远；相同；慢；做匀速直线运动；(2)多；速度
【解析】解：(1)去掉棉布；木板较棉布光滑，小车在木板上受到的阻力较小，运动的距离更远；小车在水平面的初速度相同，下车最终静止，所以在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量是相同的；
由实验可以看出，运动的小车所受的阻力越小，向前滑行的距离越远，据此推理可知：如果小车运动时不受阻力，小车运动的无限远，即它将做匀速直线运动；
(2)质量较大的钢球将小木块推得较远，即小木块克服摩擦力做功较大，这表明它对小木块做的功较多；所以结论为：速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
故答案为：(1)越远；相同；慢；做匀速直线运动；(2)多；速度。
(1)探究阻力对物体运动的影响，要控制物体到达水平面上的初速度相同，让小车在不同粗糙程度材料的表面上运动，比较通过的距离大小；木板较棉布光滑，小车在木板上运动受到的阻力较小，运动的距离更远，据此得出结论；由实验结论推理回答；
(2)一个物体能够做功就说这个物体具有能量，若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大，即观察小球推动木块的距离即可；影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法。
该实验采用的物理研究方法有转换法和控制变量法，尤其是控制变量法，因为影响动能大小的因素有质量和速度，所以在探究一个因素时，必须保证另一个影响因素不变。
28.【答案】摩擦力 改变 接触面的粗糙程度 甲丙 二力平衡 控制变量法
【解析】解：(1)由实验可知，接触面从毛巾→木板，小车在越光滑平面上受到的摩擦力越小，小车运动距离越来越长，说明速度减小得越慢，反之接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，小车滑行的距离越短，说明力是改变物体运动状态的原因；
(2)由(1)知滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关，要探究滑动摩擦力与粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，图2中的甲丙符合题意；
要使物体所受的摩擦力与拉力平衡，应用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于测力计的拉力，因此，这里是利用了二力平衡的知识；
(3)在(1)中让小车从斜面顶端由静止自由滑下控制了小车到达斜面底端的速度相同，用到了控制变量法；
在(2)要探究滑动摩擦力与粗糙程度的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，用到了控制变量法，所以以上实验都用到了控制变量法。
故答案为：(1)摩擦力；改变；(2)接触面的粗糙程度；甲丙；二力平衡；(3)控制变量法。
(1)根据表中接触面的粗糙程度与小车滑行的距离即可得出滑行距离与摩擦力的关系，进而可知力是改变物体运动状态的原因；
(2)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面额粗糙程度，根据控制变量法分析解答；
实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力；
(3)根据(2)知此实验主要运用了控制变量法。
本题考查探了探究阻力对物体运动的影响以及究摩擦力大小与什么因素有关，要掌握实验中测量摩擦力的方法及实验的研究方法。在利用控制变量法时，要注意分析控制的变量和改变的量，根据实验结果得出研究因素是否与改变量有关。
29.【答案】反射 等于 不能 可逆
【解析】解：(1)垂直镜面的是法线，射向镜面的光线为入射光线，入射光线与法线的夹角是入射角，由图1知，OF为反射光线，∠r是反射角；
(2)根据表中的数据可以得出结论：反射角等于入射角；
(3)把纸板NOF向前折或向后折，光沿EO入射在纸板NOF上，在纸板NOF上不能看到反射光线，由此得出结论：反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
(4)让光沿着FO的方向射向O点，反射光会沿着OE方向射出，这表明，在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：(1)反射；(2)等于；(3)不能；(4)可逆。
(1)垂直镜面的是法线，入射光线与法线的夹角是入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；
(2)根据表中的数据可以得出结论；
(3)根据反射光线与入射光线、法线在同一平面上的特点分析；
(4)在光的反射中光路都是可逆的。
此题是探究光的反射定律。要熟记光的反射定律的内容，还考查了光路可逆现象。
30.【答案】电压表并联在变阻器两端了 5.541偏大
【解析】解：(1)要求滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如下图所示：
(2)灯与变阻器串联，灯泡变亮时电压表示数变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，故根据实际现象，出现这种现象的原因可能是电压表并联在变阻器两端了；
(3)灯在额定电压下正常发光，排除故障后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数，依据实验原理再计算出小灯泡的额定功率；
(4)①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为5.5V，此时灯泡两端的电压：U′=8V−5.5V=2.5V，灯正常发光；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”，读出电压表的示数为4 V；
③在②中滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测定值电阻的电压，图丁中电压表选用大量程，分度值为0.5V，示数为4 V；
保持滑片位置不动，通过开关的转换，电路的连接关系没有改变，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据欧姆定律，通过定值电阻的电流即灯的额定电流为：
IL=ULR0=4V10Ω=0.4A，
故灯的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W。
在实验步骤②中，在将开关拨至“2“时，不小心将滑片向左移动了少许，变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压变小，
R0和灯泡分得的电压都会变大，由知，测出的小灯泡额定功率比真实值偏大。
故答案为：(1)如上图所示；(2)电压表并联在变阻器两端了；(3)2.5；； (4)①5.5；②4 ③1；偏大。
(1)根据滑动变阻器的滑片向右移时电阻变小确定变阻右下接线柱连入电路中；
(2)灯与变阻器串联，灯泡变亮时电压表示数变大，由串联电路电压的规律可知变阻器的电压变化，据此分析；
(3)灯在额定电压下正常发光，依据实验原理计算出小灯泡的额定功率；
(4)①要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；
滑片不动，再将开关S1拨至“2”，分析电路连接及电压表测量的电压，由欧姆定律求出小灯泡的额定电流，根据求出小灯泡的额定功率；
将开关S1拨至“2”，滑片向左移动稍许，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压知识可知，滑动变阻器两端的电压和定值电阻R0两端的电压变化，最后根据P=UI可判断测出的小灯泡的额定功率比真实值偏小还是偏大。
本题测额定电压为“2.5V”小灯泡电功率，考查电路连接、反常现象的分析、实验原理及设计方案测额定功率的能力和误差分析，最后一问有创新，务必引起重视。
31.【答案】解：(1)因桶装满一桶水时水的体积和桶的容积相等，
所以，桶的容积：
；
(2)用一只空桶平装满一桶沙石的体积：
，
沙石的密度：
；
(3)400m3沙石的总质量：
；
(4)若用一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运的次数：
，即260车。
答：(1)桶的容积是0.02m3；
(2)沙石的密度是2.6×103kg/m3；
(3)沙石的总质量为1.04×106kg；
(4)一辆载重4000kg的卡车将沙石运送到工地，至少要运260车。
【解析】(1)用桶装满一桶水时水的体积和桶的容积相等，已知水的质量和密度，根据公式V=mρ求出水的体积，也就知道桶的容积；
(2)桶中沙石的体积和桶的容积相等，已知一桶沙石的质量，利用公式ρ=mV可求出沙石的密度；
(3)已知沙石的总体积，根据公式m=ρV可求出400m3的沙石总质量；
(4)400m3沙石的总质量除以一辆载重卡车运送沙石的质量即可求出运输的车次。
本题主要考查了密度公式的运用，关键是知道桶的容积不变，即平平地装满一桶沙石和装满一桶水的体积相等。
32.【答案】解：
(1)由电路图可知，当S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，由P=UI=U2R可知电路的总功率最小，处于保温状态；
根据P=UI知，
此时电路中的电流：I保温；
(2)根据ρ=mV知，
水的质量 m=ρV=1.0×103kg/m3×10−3m3=1.0kg，
水吸收的热量为Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.0kg×(90℃−20℃)=2.94×105J，
(3)因为，
所以消耗的电能为：W电，
因为P=Wt，
所以加热所需时间为t=WP=3.675×105J400W=918.75s。
答：
(1)保温；此时电路中的电流是0.2A；
(2)水吸收的热量是2.94×105J；
(3)将热水箱中的水从20℃加热到90℃的时间为918.75秒。
【解析】(1)由电路图可知，当S1闭合，S2断开时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，由P=UI=U2R可知电路的总功率最小，据此判断饮水机的状态，根据P=UI求出此时电路中的电流；
(2)已知热水箱的容积，可以得到水的体积，进一步得到水的质量；已知水的质量、比热容、初温度和末温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量；
(3)已知饮水机的加热效率和水吸收的热量，可以得到消耗的电能；已知加热功率和消耗的电能，利用公式t=WP得到用电时间。
此题考查了电功率变形公式的应用，热量的计算，效率的应用和质量、体积的关系，是一道力、电、热综合题，难度较大，解决的关键是熟记基本公式，明白电路连接关系。
33.【答案】解：(1)由题意可知，热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA，电源电压U1=6V，
控制电路中最小总电阻：，
当水箱内最低温度为0℃时，热敏电阻阻值最小，R最小，。
此时保护电阻R0的最小值，
保护电阻阻值至少为，
热水器刚开始保温时，控制电路中的总电阻，
热敏电阻的阻值为：，
由图乙可知，此时水温为70℃；
(2)由题意和电路图知：衔铁被吸下时，R1、R2并联，电热水器处于加热状态，
，且R2=2R1，
所以U2R1+U22R1=2200W，
3U22R1=2200W，
3×(220V)22R1=2200W，
解得：R1=33Ω，R2=2R1=2×33Ω=66Ω；
根据题意可知，电磁继电器上方触点和触点c接通时，电热水器处于保温状态，则由电路图知，此时R2、R3串联，
根据电阻的串联特点和欧姆定律可得保温功率：
，即(220V)266Ω+R3=110W，
解得：R3=374Ω；
(3)水吸收的热量：：
根据热效率公式可得，
加热电路消耗的能量：，
加热时间：。
答：(1)为使控制电路正常工作，保护电阻R0的阻值至少为450Ω；
若R0为该值，热水器刚开始保温时水的温度为70℃。
(2)电阻丝R1、R2、R3的阻值分别为33Ω、66Ω、374Ω；
(3)该热水器在加热状态下，将44kg、20℃的水加热到50℃需要2800s。
【解析】本题考查了求加热电路处于加热状态时的电阻、保护电阻的最小阻值、水的温度等问题，考查的内容较多；分析清楚电路结构是本题正确解题的前提与关键；要正确解题，需要熟练掌握并联电路的特点、电功公式、欧姆定律等知识。
相关试卷
2023年福建省宁德市中考物理质检试卷（含答案）： 这是一份2023年福建省宁德市中考物理质检试卷（含答案），共27页。试卷主要包含了 九年级物理课本的厚度最接近， 下列说法与物理学史相符的是等内容，欢迎下载使用。
2023年福建省福州市平潭县中考物理适应性试卷(含答案)： 这是一份2023年福建省福州市平潭县中考物理适应性试卷(含答案)，共44页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年福建省福州十一中中考物理适应性试卷（word版 无答案）： 这是一份2022年福建省福州十一中中考物理适应性试卷（word版 无答案），共9页。试卷主要包含了填空题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
