2020湖南省娄底市初三一模物理试卷及答案

这是一份2020湖南省娄底市初三一模物理试卷及答案，共15页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图与实验探究，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2020年湖南省娄底市中考物理一模试卷
一、单选题（本题共36分，每小题给出的选项中，只有一个是正确的，请把正确答案序号填涂到答题卡相应位置，写在其它地方的均不给分，每小题选对得3分，错选或未选的得0分）
1．（3分）我国的北斗系统是全球导航卫星系统之一，用户与卫星之间实现信息传送是通过（　　）
A．次声波 B．超声波 C．电磁波 D．红外线
2．（3分）关于图中的声现象，下列分析正确的是（　　）

A．甲中敲打鼓面，附近的烛焰跳动，说明声音可以传递信息
B．乙中车间工人佩戴耳罩，是在声源处减弱噪声
C．丙中弹吉它时，增大拨动弦的力度可以增大声音的响度
D．丁中抽出罩内空气，听到钟声音变小，说明发声体振动减弱
3．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。下列相关说法正确的是（　　）
①光屏上成倒立、放大的实像
②照相机是利用这一成像原理工作的
③该凸透镜的焦距f一定满足8cm＜f＜15cm
④将远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间要使光屏上出现清晰的像，光屏应靠近透镜
A．只有①和③ B．只有②和④ C．只有②③和④ D．只有①和④
4．（3分）如图为甲、乙两种物质的m﹣V图象。下列说法正确的是（　　）

A．甲物质的密度比乙小
B．乙物质的密度比水小
C．甲物质的密度与质量成正比
D．.甲、乙质量相同时，甲的体积是乙的2倍
5．（3分）下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（　　）
A．三级跳远﹣﹣快速助跑是为了增大惯性
B．划船比赛﹣﹣船桨和水之间力的作用是相互的
C．引体向上﹣﹣人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力
D．百米赛跑﹣﹣裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢
6．（3分）部分农户在新建住房时，常利用如图所示的简易滑轮提升建材。在一次提升建材的过程中，建筑工人用400N的拉力，将重600N的建材在10s内匀速提高3m。则下列判断正确的是（　　）

A．滑轮所做的有用功为1200J
B．滑轮受到的重力为100N
C．该滑轮的机械效率η＝75%
D．绳子自由端移动的速度大小为0.3m/s
7．（3分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．家庭电路中，空气开关“跳闸”，一定是发生了短路故障
B．使用试电笔时手不能接触笔尾金属体
C．开关必须要接在用电器和零线之间
D．家用电器达到使用寿命应及时更换
8．（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（　　）

A．电路总功率变小
B．电压表示数变大
C．电压表与电流表示数的比值不变
D．电流表示数变大
9．（3分）如图所示的四个装置中，说法正确的是（　　）
A．图甲装置原理可用来制作发电机
B．图乙装置可用来演示磁场对电流的作用
C．图丙装置可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系
D．图丁装置在工作过程中将机械能转化为电能
10．（3分）如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I﹣U图象。闭合开关S后，下列判断正确的是（　　）

A．滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡变暗
B．电流表示数为0.4A时，灯泡的电阻是25Ω
C．电压表示数为2.5V时，小灯泡的功率是1.25W
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是0.25W
11．（3分）关于内能及内能的利用，说法正确的是（　　）
A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
B．温度为0℃的物体没有内能
C．燃料的热值越大，燃烧释放的热量越多
D．增大热机功率一定能提高它的效率
12．（3分）用如图所示的实验装置“探究影响滑动摩擦力大小的因素”，下列说法正确的是（　　）

A．比较甲、乙实验，说明滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关
B．甲实验中加速拉动木块时，木块受到的滑动摩擦力会变大
C．丙实验中测力计水平匀速拉动木块时，木块上的砝码所受摩擦力的大小是0N
D．实验中测力计斜向上匀速运动拉动木块时，滑动摩擦力与拉力大小相等
二、填空题（本题共24分，每空2分，把答案写在答题卡的相应位置）
13．（4分）2018年平昌冬奥会闭幕式上，短短8分钟的表演却蕴涵着大量的“中国智慧”和“中国制造”，为做好演员的保暖工作，超薄保暖服采用了超级新型纳米材料﹣一石墨烯发热膜，演员上场前，需先给保暖服内的电池充电，电池充电时电能转化为　 　能；保暖服通电发热是通过　 　（选填“热传递”或“做功”）方式增加保暖服的内能。
14．（4分）如图为一辆正在匀速行驶喷射水雾的环保车，它的动能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），水雾喷出后一会儿就消失了，其中发生的物态变化是　 　，此过程需要　 　热。

15．（4分）如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB＝2：1．则F＝　 　N，它是　 　杠杆。

16．（4分）小辉家使用功率为1000W的电热壶烧水，电热壶工作7min所消耗的电能是　 　J；假设这些电能全部转化成内能后有80%被20℃的水吸收，那么可以烧开的水质量　 　kg【（c水＝4.2×103J/（kg•℃），当地气压为一个标准大气压】
17．（4分）如图所示是小静设计的风力测量仪，O是转动轴，OC是金属杆，下面连接着一块受风板。无风时OC是竖直的，风力越大，OC杆偏转的角度越大。AB是一段圆弧形电阻，P点是金属杆与弧形电阻相接触的点。测量时，闭合开关S，在风力变大的过程中，电流表示数将变　 　，定值电阻R0在电路中的作用是　 　。若手边没有电流表，只有电压表，为使风力变大时电压表示数变大，应该把电压表并联在　 　两端。

18．（4分）小华用一支自制的长为L的密度计测某液体的密度，如图所示。密度计浸在水中静止时露出水面长度为L1，受到的浮力为F1，浸在被测液体中静止时露出长度为L2，受到的浮力为F2．则F1　 　F2（选填“＞”，“＝”或“＜”），待测液体的密度ρ液＝　 　（用含有字母的式子表示ρ液，水的密度用ρ水表示）

三、作图与实验探究（本题共22分，其中19题2分，20题8分，21题12分，请将答案写在答题卡上相应位置）
19．（2分）画出凹透镜射出光线对应的入射光线

20．（8分）在“研究影响液体内部压强”的实验中：

（1）压强计是通过观察U型管的两端液面的　 　来显示橡皮膜所受压强大小。
（2）比较图甲和图乙，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体　 　的增加而增大。
（3）如果我们要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，应选择　 　进行比较。
（4）已知乙图中U型管左侧液柱高为4cm，右侧液柱高为10cm，则U型管底部受到的液体的压强为　 　Pa（ρ水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg）
21．（12分）如图所示，在测量小灯泡的电功率的实验中（小灯泡的额定电压为2.5V）。
（1）在电路连接时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到　 　（选填“A”或“B“）端。
（2）图甲是未连接好的实验电路，请你用笔画线代替导线将它连接完成。
（3）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是小灯泡
　 　（选填“短路”或“断路”）。
（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是　 　W，小灯泡正常工作时的电阻是　 　（保留一位小数）。
（5）根据测出的数据，画出了小灯泡的电流与电压的关系图象，如图丙所示，发现图线是弯曲的，其主要原因是温度升高、灯丝电阻　 　（选填“增大”或“减小”）。
（6）若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，则此时两个小灯泡消耗的实际功率总和是　 　W。

四、综合应用题（本题共18分，其中22题9分，23题9分，请将答案写在答题卡上相应位置）
22．（9分）根据热敏电阻的阻值随温度的升高而减小的特性，人们研制了一种电子温度计。如图甲是电子温度计的原理图。R0为定值电阻，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的规律如图乙所示，已知电源电压为12V且保持不变。
（1）当环境温度是20℃时。电流表示数为0.4A，求此时热敏电阻Rt的电功率；
（2）R0的电阻值；
（3）若电流表量程为0～0.6A，则该温度计能测量的最高温度是多少？

23．（9分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车替代传统燃油汽车。下表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kW•h．求：（g取10N/kg）
（1）电动汽车对水平地面的压强。
（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功。
（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率。
空车质量
1380kg
轮胎与地面总接触面积
320cm2
电池容量
42kW•h
最高时速
120km/h
最大功率
100kW
最大续航里程
260km

2020年湖南省娄底市中考物理一模试卷
试题解析
一、单选题（本题共36分，每小题给出的选项中，只有一个是正确的，请把正确答案序号填涂到答题卡相应位置，写在其它地方的均不给分，每小题选对得3分，错选或未选的得0分）
1．解：北斗导航卫星系统传递信息利用的是电磁波中的微波。
故选：C。
2．解：
A、甲图中敲打鼓面，附近的烛焰跳动，说明声音可以传递能量，故A错误。
B、乙图中车间工人佩戴耳罩，属于在人耳处减弱噪声，故B错误；
C、吉他发出声音的响度与弦的振动幅度有关；拨动弦的力度越大，弦的振动幅度越大，发出声音的响度越大，故C正确；
D、抽出罩内空气，听到闹钟的声音变小，推理可知真空不能传声，说明声音传播需要介质，不能说明发声体振动减弱，故D错误；
故选：C。
3．解：蜡烛距离凸透镜30cm时，在透镜的另一侧16cm处光屏上得到一个清晰的像，物距大于像距，成倒立缩小实像，是照相机的原理；故①错误，②正确；
此时物体在二倍焦距以外，像在一倍焦距和二倍焦距之间，
即30cm＞2f；2f＞16cm＞f，
解得：8cm＜f＜15cm。故③正确；
远视镜片是凸透镜，对光线具有汇聚作用，所以远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将提前会聚，为使光屏上看到清晰的像，采取的方法为：使光屏靠近透镜，使像成在光屏上，故④正确。
故选：C。
4．解：
（1）由ρ＝知，质量一定时，体积与密度成反比，由图知，质量相等时乙的体积大于甲的体积，所以甲物质的密度比乙大，故A错误；
（2）乙的密度ρ乙＝＝＝0.5g/cm3，水的密度是1g/cm3，所以乙物质的密度比水小，故B正确；
（3）密度是物质的一种特性，它的大小与与物质的质量和体积无关，故C错误；
（4）由甲、乙两种物质的m﹣V图象知，质量一定时，乙的体积是甲的2倍，故D错误。
故选：B。
5．解：A、跳远运动员在起跳前要助跑是为了利用惯性，但惯性的大小只与物体的质量有关，所以快速助跑不能增大惯性，故A错误；
B、运动员用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，水就会对船桨产生向前的反作用力使龙舟前进，故B正确；
C、引体向上﹣﹣人对单杠的拉力与单杠对人的拉力作用在不同的物体上，是相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；
D、百米赛跑﹣﹣裁判员是在路程相同的情况下，比较时间判断运动快慢，谁用时间少，谁跑得快，故D错误。
故选：B。
6．解：
A、滑轮所做的有用功：W有用＝Gh＝600N×3m＝1800J，故A错误；
B、动滑轮的重：G动＝nF﹣G物＝2×400N﹣600N＝200N，故B错误；
C、由图知，n＝2，s＝nh＝2×3m＝6m，W总＝Fs＝400N×6m＝2400J，滑轮组的机械效率：η＝＝×100%＝75%，故C正确；
D、由图知，绳端移动的距离s＝nh＝2×3m＝6m，则绳子自由端移动的速度大小为v＝＝＝0.6m/s，故D错误。
故选：C。
7．解：A、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，或用电器总功率过大，电路电流太大造成的。故A错误。
B、使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明接触的是火线。故B错误；
C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不易发生触电事故。故C错误；
D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。故D正确。
故选：D。
8．解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R的电流不变，
当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故D错误；
电压表的示数不变、电流表A的示数变小，则电压表与电流表示数的比值变大，故C错误；
电源电压保持不变，干路电流变小，由P＝UI可知，电路总功率变小，故A正确。
故选：A。
9．解：
A、图甲没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，是发电机的原理图，故A正确；
B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；
C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，不能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故C错误；
D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机，电动机在工作过程中将电能转化为机械能，故D错误。
故选：A。
10．解：
A、由图可知，闭合开关S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
滑片P向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P＝I2R可知灯泡的实际功率增大，则灯泡变亮，故A错误；
B、由灯泡的I﹣U图象可知，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V，
由欧姆定律可得，灯的电阻：
RL＝＝＝2.5Ω，故B错误；
C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：UL′＝U﹣U滑′＝3V﹣2.5V＝0.5V，
由图象可知，灯的电压为0.5V时电流为0.3A，则小灯泡的功率：
PL′＝UL′I′＝0.5V×0.3A＝0.15W，故C错误；
D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流为0.5A，
根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑＝U﹣UL额＝3V﹣2.5V＝0.5V，
此时滑动变阻器的功率：
P滑＝U滑I滑＝0.5V×0.5A＝0.25W，故D正确。
故选：D。
11．解：
A、汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，故A正确；
B、任何物体都有内能，故0℃的冰也是具有内能的，故B错误；
C、热值是燃料的特性，热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，不能说燃料释放热量多热值就大，与放出热量的多少无关，故C错误；
D、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出热量的比值叫热机效率，热机的效率与功率、做功的本领、燃料的热值等因素无关，故D错误。
故选：A。
12．解：A、比较甲、乙实验，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，说明滑动摩擦力的大小跟压力大小有关，故A错误；
B、实验中加速拉动木块时，压力大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，故B错误；
C、丙实验中测力计水平匀速拉动木块时，木块上的砝码与木块相对静止，故砝码所受摩擦力的大小是0N，故C正确；
D、只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小测力计斜向上匀速运动拉动木块时，滑动摩擦力与拉力大小，故D错误；
故选：C。
二、填空题（本题共24分，每空2分，把答案写在答题卡的相应位置）
13．解：
在给保暖服内的电池充电时将电能转化为化学能；
保暖服通电发热是通过电流做功增加保暖服的内能。
故答案为：化学；做功。
14．解：水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水，速度不变，质量减小，所以动能减小，则机械能减小；
水雾喷出后一会儿就消失了，是由于水吸热后汽化变为水蒸气了。
故答案为：减小；汽化；吸。
15．解：因为OB：AB＝2：1，
所以OB：OA＝OB：（OB+AB）＝2：（2+1）＝2：3
由杠杆平衡的条件F得：F•OB＝G•OA可得：
即：F＝＝＝30N；
因为F＞G，
所以此杠杆为费力杠杆。
故答案为：30；费力。
16．解：
由P＝可得，电热壶工作7min所消耗的电能：W电＝P电t＝1000W×7×60s＝4.2×105J，
假设这些电能全路转化成内能后有80%被20℃的水吸收，
则水吸收的热量：Q吸＝80%W电＝80%×4.2×105J＝3.36×105J，
由Q吸＝cm△t可得，可以烧开水的质量：
m＝＝＝1kg。
故答案为：4.2×105；1。
17．解：（1）由电路图可知，分力增大时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，电流表示数变大；
（2）由电路图可知，当OC滑到B端时，如果没有定值电阻R0，电源将短路，电路接入电阻R0后，当OC滑到B端时，
不会造成电路短路，由此可见，电阻R0的作用是保护电路；
（3）由电路图可知，当风力增大时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，由串联电路特点可知，定值电阻R0的分压变大，要用电压表显示分力大小，可让电压表与滑动变阻器并联。
故答案为：大；防止OC滑到B端时，造成电路短路（或保护电路）；R0。
18．解：当密度计置于水、液体的容器中，
因为密度计漂浮，
所以密度计受到的浮力：
F1＝G，F2＝G，
即F1＝F2，
ρ水gV排1＝ρ液gV排2，
ρ水gS（L﹣L1）＝ρ液gS（L﹣L2），
ρ液＝•ρ水。
故答案为：＝；•ρ水。
三、作图与实验探究（本题共22分，其中19题2分，20题8分，21题12分，请将答案写在答题卡上相应位置）
19．解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。如图所示：

20．解：
（1）压强计测量液体压强时，就是靠U形管两侧液面高度差来体现压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大；
（2）比较图甲和图乙，两杯中的液体密度相同、金属盒所处的深度不相同，深度越深，高度差越大，压强越大，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大。
（3）要讨论液体内部压强是否与液体密度有关，需要控制，液体的深度相同，金属盒的方向相同，液体的密度不同，故选乙、丙两次实验即可；
（4）图乙中U形管的右侧与大气相通，
则U型管底部受到的液体的压强为右侧液柱产生的压强：
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1000Pa。
故答案为：（1）高度差；（2）深度；（3）乙、丙；（4）1000。
21．解：（1）在电路连接时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处的A端。
（2）灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，如下所示：

（3）若灯短路，电路为通路，灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；
若为断路，灯不亮，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压，有示数，不符合题意；
故故障原因可能是小灯泡短路；
（4）故障排除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.56A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.56A＝1.4W，由欧姆定律，小灯泡正常工作时的电阻是：
R＝＝≈4.5Ω；
（5）灯丝温度升高，灯丝电阻增大，不是一个定值，故小灯泡的电流与电压的关系图象是弯曲的；
（6）若把这样的两只灯泡串联接在4V的电源上，因灯的电阻相等，根据分压原理，灯的电压相等，灯的实际电压为2V；由图丙知，灯的实际电压为2V时通过灯的电流为0.5A，则此时两个小灯泡消耗的实际功率总和是：
P′＝U′I′＝4V×0.5A＝2W。
故答案为：（1）A；（2）如上；（3）短路；（4）1.4；4.5Ω；（5）增大；（6）2。
四、综合应用题（本题共18分，其中22题9分，23题9分，请将答案写在答题卡上相应位置）
22．解：由甲电路图可知，R0与Rt串联，电流表测电路中电流。
（1）由图乙可知，当环境温度是20℃时，Rt＝20Ω，
此时热敏电阻Rt的电功率：
Pt＝I2Rt＝（0.4A）2×20Ω＝3.2W；
（2）当环境温度是20℃时，
由I＝可得，电路的总电阻：
R＝＝＝30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R0的电阻值：
R0＝R﹣Rt＝30Ω﹣20Ω＝10Ω；
（3）由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，由欧姆定律可知，电路中电流增大，所以电流表示数达到最大值时所测温度最高，
由电流表的量程可知，电路中的最大电流I大＝0.6A，
则此时电路的总电阻：
R′＝＝＝20Ω，
此时热敏电阻的阻值：
Rt′＝R′﹣R0＝20Ω﹣10Ω＝10Ω，
由图乙知，该温度计能测量的最高温度为60℃。
答：（1）此时热敏电阻Rt的电功率为3.2W；
（2）R0的电阻值为10Ω；
（3）该温度计能测量的最高温度是60℃。
23．解：（1）电动汽车对水平地面的压力为：
F＝G＝（m1+m2）g＝（1380kg+60kg）×10N/kg＝1.44×104N；
电动汽车对地面的压强为：
p＝＝＝4.5×105Pa；
（2）电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，
则电动汽车受到的牵引力为：
F＝f＝G＝×1.44×104N＝576N；
则电动车行驶20km，牵引力做的功为：
W＝Fs＝576N×20×103 m＝1.152×107J；
（3）由表格数据可知电池容量为42kW•h，行驶20km时电池剩余容量为38kW•h
则此过程中电动汽车消耗的电能为：
W总＝42kW•h﹣38kW•h＝4kW•h＝1.44×107J，
则电动汽车电能转化为机械能的转化效率：
η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）电动汽车对水平地面的压强为4.5×105Pa；
（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功为1.152×107J；
（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率为80%。