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    (全国通用)2022年中考数学命题点及重难题型分类突破练 第十一讲 二次函数与几何图形综合题(原卷版+解析版)

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    (全国通用)2022年中考数学命题点及重难题型分类突破练 第十一讲 二次函数与几何图形综合题(原卷版+解析版)

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    第十一讲二次函数与几何图形综合题
    1.如图,正方形四个顶点的坐标依次为(1,1),(3,1),(3,3),(1,3),若抛物线y=ax2的图象与正方形有公共顶点,则实数a的取值范围是(  )
    A. B. C. D.

    【答案】A
    【解析】抛物线y=a的图象与正方形有公共顶点,必须满足1≤x≤3.抛物线经过(1,3)时,a=3,抛物线过(1,1)时,a=1,a最大可以取3;抛物线过点(3,1)时,a=,抛物线过(3,3)时,a=,a最小可以取,所以,故选A.
    2.二次函数y=ax2—3ax+3的图像过点A(6,0),且与y轴交于点B,点M在该抛物线的对称轴上,若△ABM是以AB为直角边的直角三角形,则点M的坐标为 .
    【答案】(,—9)或(,6)
    【解析】根据题意得,点B坐标为(0,3),对称轴为直线为x=,若∠ABM=90°时,tan∠BAO=tan∠BM1C=tan∠NBM1=,则BN=3,则ON=6,则M的坐标为(,6).若∠BAM=90°时,可以求得点M2的坐标为(,—9).


    3.如图,已知二次函数图象的顶点坐标为A(1,4),与坐标轴交于B、C、D三点,且B点的坐标为(-1,0).
    (1)求二次函数的解析式;
    (2)在二次函数图象位于x轴上方部分有两个动点M、N,且点N在点M的左侧,过M、N作x轴的垂线交x轴于点G、H两点,当四边形MNHG为矩形时,求该矩形周长的最大值;
    (3)当矩形MNHG的周长最大时,能否在二次函数图象上找到一点P,使△PNC的面积是矩形MNHG面积的,若存在,求出该点的横坐标,若不存在,请说明理由.

    【答案】(1)设抛物线的解析式为y=,把B(-1,0)代入解析式得:4a+4=0,解得a=-1,∴y=-=-;(2)∵四边形MNHG为矩形,∴MN∥x轴,设MG=NH=n,把y=n代入y=-,即n=-,∴=0,由根与系数关系得=2,=n-3,∵=-4,∴=4-4(n-3)=16-4n,∴MN= =2,设矩形MNHG周长为C,则C=2(MN+MG)=2(2+n)=4+2n,令=t,则n=4-,∴C=-2+4t+8=-2,∵-2<0,∴t=1时,周长有最大值,最大值为10;
    (3)在(2)的条件下,当矩形周长最大时t=1,∴=1,n=3,MN=2=2,∵D(0,3),∴此时N与D重合,∴ =2×3=6,∴==,又∵当y=0时0=-,解得=-1,==3,∴C(3,0),∵D(0,3),直线CD的解析式为y=-x+3,∴过P做y轴的平行线,交直线CD于点Q,设P横坐标为m,则P(m,-),Q(m,-),∴PQ=|(-)-(-)|,当P在Q的上方时,PQ=-,∴=·PQ·OC=,-=,解得m=;当P在Q的下方时,PQ=,即=,解得,(舍去);∴P横坐标为或.

    4.如图,二次函数y=x2+bx+c的图象与x轴交于点A(-1,0)和点B(3,0),与y轴交于点N,以AB为边在x轴上方作正方形ABCD,点P是x轴上一动点,连接CP,过点P作CP的垂线与y轴交于点E.
    (1)求该抛物线的函数关系表达式;
    (2)当点P在线段OB(点P不与O、B重合)上运动至何处时,线段OE的长有最大值?并求出这个最大值;
    (3)在第四象限的抛物线上任取一点M,连接MN、MB,请问:△MBN的面积是否存在最大值?若存在,求出此时点M的坐标;若不存在,请说明理由.

    【答案】解:(1)把A(-1,0),B(3,0)代入y=x2+bx+c,得解得
    ∴该抛物线的函数表达式为y=x2-2 x-3;
    (2)∵CP⊥EB,∴∠OPE+∠BCP=90°,∵∠OPE+∠OEP=90°,∴∠OEP=∠BPC,∴tan∠OEP=tan∠BPC.∴=.设OE=y,OP=x,∴=.整理,得y=-x2+x=-(x-)2+.∴当OP=时,OE有最大值,最大值为,此时点P在(,0)处.

    (3)过点M作MF⊥x轴交BN于点F,
    ∵N(0,-3),B(3,0),∴直线的解析式为y=-3 m.
    设M(m, m2-2 m-3),则MF=m2-3m,
    ∴△MBN的面积=OB·MF=( m2-3m) =( m-) 2 -.
    点M的坐标为(,-)时,△MBN的面积存在最大值.

    5.已知抛物线C1:y=(x-1)2-4和C2:y=x2
    (1) 如何将抛物线C1平移得到抛物线C2?
    (2) 如图1,抛物线C1与x轴正半轴交于点A,直线经过点A,交抛物线C1于另一点B.请你在线段AB上取点P,过点P作直线PQ∥y轴交抛物线C1于点Q,连接AQ
    ① 若AP=AQ,求点P的横坐标
    ② 若PA=PQ,直接写出点P的横坐标
    (3) 如图2,△MNE的顶点M、N在抛物线C2上,点M在点N右边,两条直线ME、NE与抛物线C2均有唯一公共点,ME、NE均与y轴不平行.若△MNE的面积为2,设M、N两点的横坐标分别为m、n,求m与n的数量关系

    【答案】
    (1)先向左平移1个单位,在向上平移4个单位
    (2)①kAB=和A(3,0)易求AB:y=
    ∵AP=AQ,PQ⊥AO.∠PAO=∠QAO
    ∴AQ:y=
    联立得∴
    ②设P(t,)则Q(t,)易求:PQ=,PA=
    ∵PA=PQ
    ∴ ∴
    (3)设ME:
    联立则



    同理:
    化简得:

    6.如图,抛物线y=ax2+bx+4交x轴于A(﹣3,0),B(4,0)两点,与y轴交于点C,连接AC,BC.点P是第一象限内抛物线上的一个动点,点P的横坐标为m.
    (1)求此抛物线的表达式;
    (2)过点P作PM⊥x轴,垂足为点M,PM交BC于点Q.试探究点P在运动过程中,是否存在这样的点Q,使得以A,C,Q为顶点的三角形是等腰三角形.若存在,请求出此时点Q的坐标,若不存在,请说明理由;
    (3)过点P作PN⊥BC,垂足为点N.请用含m的代数式表示线段PN的长,并求出当m为何值时PN有最大值,最大值是多少?

    【答案】解:(1)由二次函数交点式表达式得:y=a(x+3)(x﹣4)=a(x2﹣x﹣12)= ax2﹣ax﹣12a,
    ∵抛物线y=ax2+bx+4,
    ∴﹣12a=4,解得:a=﹣,
    ∴抛物线的表达式为y=﹣x2+x+4;
    (2)存在,理由:
    点A、B、C的坐标分别为(﹣3,0)、(4,0)、(0,4),
    则AC=5,AB=7,BC=4,∠OAB=∠OBA=45°,
    将点B、C的坐标代入一次函数表达式:y=kx+b并解得:y=﹣x+4…①,
    同理可得直线AC的表达式为:y=x+4,
    设直线AC的中点为P(﹣,4),过点P与CA垂直直线的表达式中的k值为﹣,
    同理可得过点P与直线AC垂直直线的表达式为:y=﹣x+…②,
    ①当AC=AQ时,如图1,

    则AC=AQ=5,
    设:QM=MB=n,则AM=7﹣n,
    由勾股定理得:(7﹣n)2+n2=25,解得:n=3或4(舍去4),
    故点Q(1,3);
    ②当AC=CQ时,如图1,
    CQ=5,则BQ=BC﹣CQ=4﹣5,
    则QM=MB=,
    故点Q(,);
    ③当CQ=AQ时,
    联立①②并解得:x=(舍去);
    故点Q的坐标为:Q(1,3)或(,);
    (3)设点P(m,﹣m2+m+4),则点Q(m,﹣m+4),
    ∵OB=OC,∴∠ABC=∠OCB=45°=∠PQN,
    PN=PQsin∠PQN=(﹣m2+m+4+m﹣4)=﹣m2+m,
    ∵﹣<0,∴PN有最大值,
    当m=时,PN的最大值为:.
    7.如图1,在平面直角坐标系xOy中,四边形OABC是矩形,点A,C分别在x轴和y轴的正半轴上,连结AC,OA=3,tan∠OAC=,D是BC的中点.
    (1)求OC的长及点D的坐标;
    (2)如图2,M是线段OC上的点,OM=OC,点P是线段OM上的一个动点,经过P,D,B三点的抛物线交x轴的正半轴于点E,连结DE交AB于点F.
    ①将△DBF沿DE所在的直线翻折,若点B恰好落在AC上,求此时BF的长和点E的坐标;
    ②以线段DF为边,在DF所在的直线的右上方作等边△DFG,当动点P从点O运动到点M时,点G也随之运动,请直接写出点G的运动路径的长.

    【思路】(1)Rt△AOC中,由正切三角函数,可求OC的长;再由矩形的性质及线段中点的定义锁定点D的坐标.(2)①由翻折可知DB==DC,从而∠DCA=∠=30°.通过解直角三角形得到FA=FB=,在Rt△AEF中,AE=AF•tan∠AFE=×=,从而求得点E的坐标.②按一找点G的运动起点与终点,从而找到点G的路径,二求该路径的长即可锁定答案.如答图2和答图3,表示动点P从点O运动到点M时,点G也随之运动时的起点、与终点的位置,G点的路径是一条线段.
    【答案】(1)在Rt△AOC中,由tan∠OAC==,OA=3,得OC=OA•tan∠OAC=3×=.
    ∵四边形OABC是矩形,点D为BC的中点,
    ∴D(,).
    (2)①如答图1,易知∠OAC=∠ACB=30°.
    而由折叠可知DB==DC,从而∠DCA=∠=30°.
    ∴∠BDF=∠=30°.
    ∴∠DFB=∠AFE=60°.
    Rt△DBF中,易求BF=.
    ∴AF=AB-BF=.Rt△AEF中,AE=AF•tan∠AFE=×=.
    ∴OE=,E(,0).
    综上,BF的长为,点E的坐标为E(,0).
    ②.

    第24题答图2
    第24题答图1

    【知识点】矩形性质;解直角三角形;翻折(轴对称);等腰三角形;等边三角形;二次函数;动态问题;数形结合思想;探究性问题;压轴题;原创题
    8.在平面直角坐标系中,O为原点,点A(6,0),点B在y轴的正半轴上,∠ABO=30°,矩形CODE的顶点D,E,C分别在OA,AB,OB上,OD=2.
    (1)如图①,求点E的坐标;
    (2)将矩形CODE沿x轴向右平移,得到矩形C’O’D’E’,点C,O,D,E的对应点分别为C’,O’,D’,E’,设OO’=t,矩形C’O’D’E’与△ABO重叠部分的面积为S
    ①如图②,当矩形C’O’D’E’与△ABO重叠部分为五边形时,C’E’,E’D’分别与AB相交于点M,F,试用含有t的式子表示S,并直接写出t的取值范围;
    ②当时,求t的取值范围(直接写出结果即可)

    【分析】(1)由题意知OA=6,OD=2,∴AD=4,由矩形CODE得DE∥BO,∴∠AED=∠ABO=30°,∴DE=tan60°AD=,所以点E的坐标为(2,)
    (2) ①由平移得,O’C’=D’E’=,O’D’=C’E’=2,ME’=OO’=t,根据E’D’∥BO,得∠E’FM=∠OBA=30°,Rt△ME’F中,E’F=,
    S△ME’F=;S矩形C’O’D’E’=;
    S=S矩形C’O’D’E’-S△ME’F=,因为重叠部分是五边形,所以t的取值范围是0

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