还剩29页未读，
继续阅读
2022年江苏省淮安市洪泽外国语中学集团中考模拟物理试卷（一）(word版含答案)
展开
这是一份2022年江苏省淮安市洪泽外国语中学集团中考模拟物理试卷（一）(word版含答案)，共32页。试卷主要包含了填空题，作图题根据要求作图，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022年江苏省淮安市洪泽外国语中学集团中考物理模拟试卷（一）
一、填空题（每题2分，共16分）
1．（2分）李白《夜宿山寺》诗中写到：“危楼高百尺，手可摘星辰.不敢高声语，恐惊天上人.”其中“高声语”是指声音的（ ）
A．音调高 B．响度大 C．音色纯 D．频率大
2．（2分）下列对生活现象解释不正确的是（ ）
A．寒冷冬天的早晨，窗户玻璃上的冰花是在玻璃的内侧
B．深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是液化现象
C．春天冰雪融化，这是熔化现象，这一过程需要吸热
D．严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，眼镜会变模糊
3．（2分）如图是海波和蜡烛的熔化实验图像，以下说法正确的（ ）
A．甲在第2min时是固态
B．甲在ab段温度不变，所以不吸热
C．甲的温度达到48℃时，不断吸热，内能不变
D．乙是海波，因为海波是非晶体
4．（2分）下列属于光的反射现象的是（ ）
A．猫叉鱼 B．手影
C．照镜子 D．阳光透过棱镜的光带
5．（2分）条形磁体的磁感线分布如图。下列说法正确的是（ ）
A．a点没有磁场
B．b点的磁场方向水平向左
C．c点的磁场比b点的更强
D．磁感线是真实存在的
6．（2分）如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲装置中通电螺线管的A端为N极
B．图乙装置，说明电流周围存在着磁场
C．图丙装置研究的是电流对磁场的作用
D．图丁装置是电动机的结构原理图
7．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．风力发电 B．潮汐发电 C．太阳能发电 D．核能发电
8．（2分）如图1所示，R1是电阻箱，R2是定值电阻，闭合开关S，改变R1的阻值，两电压表示数与R1关系图像如图2所示，已知图线①和②相互平行，则（ ）
A．①是V1示数和R1的关系图线
B．供电设备两端的电压保持不变
C．电路中电流随R1的增大而减小
D．电路总功率随R1的增大而增大
二、填空题（每空1分，共20分）
9．（2分）学校教学楼的楼道贴有如图所示的标志，倡导同学们课间不要大声喧哗，养成良好的文明习惯，同学们的讲话声是由声带 产生的；从控制噪声的角度分析，“不要大声喧哗”是在 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
10．（3分）中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计 。在接收点，为正确读数，验收人员 （能/不能）把温度计从冷藏箱中取出读数，温度计示数如图所示，表明疫苗 （安全/不安全）。
11．（2分）如图所示是一位坚守在抗疫一线的白衣战士。为了阻断病毒传播，医护人员需要穿戴护衣、口罩、护目镜。护目镜内侧常常会出现起 （选填“雾”或“霜”）的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生 （填物态变化名称）现象形成的。
12．（3分）彩色电视机屏幕工作时主要由红、 、蓝三种色光混合成绚丽多彩的画面。电视机的遥控器可以发出 （填“红外线”或“紫外线”），来实现对电视机的控制。在没有其他光照的情况下，舞台追舞灯发出的红光照在穿白色上衣、蓝色裙子的演员身上，观众看到她裙子呈 色。
13．（2分）2021年底，砚山将实现所有乡镇所在地5G网络全覆盖，5G网络信号是以 为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为 m/s。
14．（3分）电阻R1与R2的I﹣U图像如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是 Ω；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，此时电路的总功率为 W，把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，电路的总功率为 W。
15．（3分）丹麦科学家奥斯特通过实验证明：电流具有 效应。电流产生的磁场方向与 有关；通电直导线周围的磁感线分布如图所示，图中小磁针的a端是 极。
16．（2分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压
220V
加热功率
1100W
电机功率
100W
净重
20N
电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 ，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需 h。
三、作图题（4分）根据要求作图
17．（1分）如图所示，已知一物体AB请画出它在镜中的像A'B′。
18．（1分）如图所示，入射光线与镜面成30°角，请画出反射光线并标出反射角的度数。
19．（1分）如图，请把节能灯正确接入到家庭电路中。
20．（1分）如图所示，闭合开关S后，请标出图中放置的小磁针静止时的N极。
四、解答题（共40分）
21．（10分）小明家电热饮水机有加热和保温两种工作状态，它的简化电路图如图所示，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，饮水机部分参数如表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
880W
保温功率
242W
容量
2.5L
（1）求该饮水机加热时的电流；
（2）求电阻R2的阻值；
（3）某一天，小明断开家中其他用电器，使饮水机处于加热状态，发现家中标着“3000r/（kW•h）”字样的电能表转盘在3min内转了120转，求此饮水机加热的实际功率。
22．（5分）物理课上，实验小组同学用如图甲所示的装置做“观察水的沸腾”实验：
（1）组装器材，应先固定图甲中的部件 （选填“A”或“B”）；
（2）图乙是水沸腾时温度计的示数，可知实验室的气压 （选填“大于”、“小于”或“等于”）一标准大气压；实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将 （选填“升高”或“降低”）。
（3）实验结束后，撤去酒精灯，发现烧杯中的水并没有立即停止沸腾，主要的原因是 。
（4）小明和小红同学用相同的装置完成实验，如图丙是根据测得的数据画出水沸腾的图像，若两次实验过程中酒精灯在相同时间内释放的热量相同，水升温快慢不同是因为水的 （选填“质量”、“初温”或“比热容”）不同。
23．（7分）在研究“平面镜成像特点”的实验中，选取完全相同的蜡烛A和B，高为7cm。如图所示，在竖直的玻璃板前10cm处放一支点燃的蜡烛A，烛焰高2cm。
（1）最好选用 （选填“茶色”或“无色透明”）玻璃板进行实验。
（2）选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较 ，运用的物理研究方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。
（3）在利用蜡烛B确定出蜡烛A成像的位置后，移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）得到蜡烛A的像，则平面镜所成的像是 像。（选填“实”或“虚”）
（4）根据平面镜成像的特点可判断，身高1.7m的人，站在镜前5m处，他在镜中所成的像到平面镜的距离是 m；当他远离平面镜时，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
24．（6分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜 放置，若光沿NO入射，则反射角是 度。
（2）为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作 。
A.改变光线AO与ON的夹角
B.沿ON向后转动纸板F
C.改变纸板与平面镜之间的夹角
D.沿ON向后转动纸板E
（3）如图，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在 内。
（4）若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿 方向射出。该实验现象说明 。
25．（6分）电磁的相互转换是人类进入电力时代的标志。
（1）小明同学设计了如图甲所示的装置来探究通电螺线管周围的磁场。
①小明在螺线管周围不同位置摆放小磁针的目的是确定通电螺线管周围磁场的 。
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，发现小磁针指向发生改变，该现象说明通电螺线管外部的磁场方向与 有关。
（2）小明又做了如图乙所示的实验，闭合开关，观察到直导线ab向左运动，这说明 。生活中的 （填“发电机”或“电动机”）是根据这一原理制成的。
（3）接着小明去掉电源，接上灵敏电流计，如图丙所示。闭合开关，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，电流计指针 （选填“能”或“不能”）发生偏转。这是 现象。
26．（6分）小明在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压保持不变，部分电路连接如图甲所示。
（1）请用笔画线表示导线将图甲所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左移动，电压表示数变大；
（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数刚好为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
（3）实验结束后，该小组对测量结果进行误差分析，考虑到电压表中也有电流通过，该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）小明多次实验后画出了小灯泡电流随电压变化的关系图像（如图丙），若将它与一个8Ω的定值电阻串联在4.5V的电路中，此时小灯泡的功率为 W。
（5）小明又设计了如图丁所示的电路，来测量额定电流为0.3A、额定电压未知的小灯泡额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω。请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点，电压表的示数为6V；
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c两点，电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率为 W。
参考答案与解析
一、填空题（每题2分，共16分）
1．（2分）李白《夜宿山寺》诗中写到：“危楼高百尺，手可摘星辰.不敢高声语，恐惊天上人.”其中“高声语”是指声音的（ ）
A．音调高 B．响度大 C．音色纯 D．频率大
【分析】音调是指声音的高低，由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；响度是指声音的强弱，由发声体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大；音色是由发声体的结构和材料决定的，不同发声体的音色不同。
【解答】解：“不敢高声语，恐惊天上人”这里的“高”是指声音大，即声音的响度大。
故选：B。
2．（2分）下列对生活现象解释不正确的是（ ）
A．寒冷冬天的早晨，窗户玻璃上的冰花是在玻璃的内侧
B．深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是液化现象
C．春天冰雪融化，这是熔化现象，这一过程需要吸热
D．严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，眼镜会变模糊
【分析】物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、“冰花”是室内的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶，故A正确；
B、深秋清晨的河面上经常出现的“白气”是由水蒸气液化形成的，故B正确；
C、春天冰雪融化，固态的冰熔化为液态的水，这一过程需要吸热，故C正确；
D、严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，不会发生液化现象，眼镜不会变模糊，故D错误。
故选：D。
3．（2分）如图是海波和蜡烛的熔化实验图像，以下说法正确的（ ）
A．甲在第2min时是固态
B．甲在ab段温度不变，所以不吸热
C．甲的温度达到48℃时，不断吸热，内能不变
D．乙是海波，因为海波是非晶体
【分析】海波是晶体，蜡是非晶体。
晶体和非晶体的重要区别在于晶体有一定的熔点，非晶体没有。
晶体吸收热量，温度升高，到达熔点，不断吸收热量，温度保持不变，完成熔化过程，晶体全部熔化之后，吸收热量，温度不断升高。
非晶体吸收热量，温度不断升高，非晶体变软，熔化。
【解答】解：如图，甲有固定的熔化温度，是晶体海波，乙没有固定的熔化温度，是非晶体蜡烛。
AD、甲是海波，在0～4min，吸收热量，温度升高，甲在第2min时海波是固态；故A正确、D错误；
BC、在4～8min即ab段，温度保持48℃不变，但仍然在吸收热量，进行熔化，因此海波的内能在增加，故BC错误；
故选：A。
4．（2分）下列属于光的反射现象的是（ ）
A．猫叉鱼 B．手影
C．照镜子 D．阳光透过棱镜的光带
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：
A、从水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当小猫逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，比实际位置偏高，所以小猫叉鱼时应对准鱼的下方叉才可以叉到鱼，故A错误；
B、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B错误；
C、照镜子属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；
D、阳光透过棱镜的光带属于光的色散现象，故D错误。
故选：C。
5．（2分）条形磁体的磁感线分布如图。下列说法正确的是（ ）
A．a点没有磁场
B．b点的磁场方向水平向左
C．c点的磁场比b点的更强
D．磁感线是真实存在的
【分析】为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极；磁体的周围存在磁场，磁感线的方向表示磁场方向；磁体两极的磁性是最强的。
【解答】解：
A、磁体的周围存在磁场，a点有磁场，故A错误；
B、在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极，b点的磁感线方向是向右的，所以b点的磁场方向水平向右，故B错误；
C、由图可知，c相对b更靠近磁极，所以c点的磁场比b点的更强，故C正确；
D、为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线，但磁感线不是真实存在的，故D错误。
故选：C。
6．（2分）如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲装置中通电螺线管的A端为N极
B．图乙装置，说明电流周围存在着磁场
C．图丙装置研究的是电流对磁场的作用
D．图丁装置是电动机的结构原理图
【分析】（1）利用安培定则判断通电螺线管磁场的极性；
（2）通电导体周围存在着磁场；
（3）通电导体在磁场中受力而运动。
（4）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电。
【解答】解：
A、图甲装置中，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的B端为N极，A端为S极，故A错误；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、图丙装置中有电源，当闭合开关时，通电金属棒在磁场中会受到力的作用而运动，是研究磁场对电流的作用，故C错误；
D、该装置中没有电源，线圈在磁场中转动时，电路中会产生感应电流，这是电磁感应现象，则图丁装置是发电机的结构原理图，故D错误；
故选：B。
7．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．风力发电 B．潮汐发电 C．太阳能发电 D．核能发电
【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；风能、潮汐能、太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源，所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
8．（2分）如图1所示，R1是电阻箱，R2是定值电阻，闭合开关S，改变R1的阻值，两电压表示数与R1关系图像如图2所示，已知图线①和②相互平行，则（ ）
A．①是V1示数和R1的关系图线
B．供电设备两端的电压保持不变
C．电路中电流随R1的增大而减小
D．电路总功率随R1的增大而增大
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量的是电源的电压；
（1）根据电压表的连接方式分析；
（2）根据电压表V2示数的变化特点分析；
（3）根据串联电路的电压关系分析R2两端电压的变化，然后根据欧姆定律分析电流的变化；
（4）根据P＝UI分析总功率的变化。
【解答】解：
A、根据电路图可知，当电阻R1的阻值为0时，其两端的电压也为0，根据图2可知，②是V1示数和R1的关系图线，故A错误；
B、图2中的①是电压表V2示数和R1的关系图线，根据图线可知，当R1增大时，电压表V2示数也是增大的，由于电压表V2测量的是电源电压，所以供电设备两端的电压是改变的，故B错误；
C、根据串联电路的电压关系可知，R2两端电压等于V2示数与V1示数的差值，由于图线①和②相互平行，则V2示数与V1示数的差值保持不变，即R2两端电压保持不变，根据I=UR可知，电路中的电流保持不变，故C错误；
D、R1增大时，电源电压变大，电路中的电流不变，根据P＝UI可知，电路总功率变大，故D正确。
故选：D。
二、填空题（每空1分，共20分）
9．（2分）学校教学楼的楼道贴有如图所示的标志，倡导同学们课间不要大声喧哗，养成良好的文明习惯，同学们的讲话声是由声带 振动 产生的；从控制噪声的角度分析，“不要大声喧哗”是在 声源处 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
【解答】解：声音是由物体振动产生的，同学们的讲话声是由声带振动产生的；
图中“请不要大声喧哗”的标志牌，是在声源处减弱噪声的。
故答案为：振动；声源处。
10．（3分）中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计 乙 。在接收点，为正确读数，验收人员 不能 （能/不能）把温度计从冷藏箱中取出读数，温度计示数如图所示，表明疫苗 安全 （安全/不安全）。
【分析】本题考查温度计的构造和原理、温度计的读数，可根据这两点进行解答。
【解答】解：
（1）由题可知疫苗需保存在低于8℃的环境中，即保存环境温度最高为8℃。甲温度计是普通温度计，乙温度计的构造类似于体温计；根据温度计的构造特点，温度升高后水银柱升高，不会再降下去，可以测定最高温度，故应在冷藏箱内放置温度计乙。
（2）乙温度计可以离开被测物体读数，但外界温度高，温度计示数会升高，故验收人员不能把温度计从冷藏箱中取出读数。
（3）由图乙可知：温度计的分度值为1℃，示数为5℃。根据疫苗存放要求需保存在低于8℃的环境中，表明疫苗安全。
故答案为：乙；不能；安全。
11．（2分）如图所示是一位坚守在抗疫一线的白衣战士。为了阻断病毒传播，医护人员需要穿戴护衣、口罩、护目镜。护目镜内侧常常会出现起 雾 （选填“雾”或“霜”）的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生 液化 （填物态变化名称）现象形成的。
【分析】物质由气态变为液态叫液化。
【解答】解：护目镜内侧常常会出现起雾的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生液化形成的小水滴。
故答案为：雾；液化。
12．（3分）彩色电视机屏幕工作时主要由红、 绿 、蓝三种色光混合成绚丽多彩的画面。电视机的遥控器可以发出 红外线 （填“红外线”或“紫外线”），来实现对电视机的控制。在没有其他光照的情况下，舞台追舞灯发出的红光照在穿白色上衣、蓝色裙子的演员身上，观众看到她裙子呈 黑 色。
【分析】（1）光的三原色为：红、绿、蓝；
（2）红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪；红外线可以用来遥控，制成电视遥控器；
（3）不透明物体的颜色由它反射的色光决定，白色的物体能反射所有的色光，反射什么色光就是什么颜色；单色物体只反射与本身相同的色光，其它色光不反射。
【解答】解：（1）彩色电视丰富多彩的画面都是由红、绿、蓝三种色光按一定比例混合而成的；
（2）红外线可以用来进行遥控，电视机遥控器的前端有一个发光二极管，按下不同的功能键时，可以发出不同的红外线，来实现对电视机的遥控；
（3）蓝裙子只能反射蓝光，红光照上不反射，呈现为黑色。
故答案为：绿；红外线；黑。
13．（2分）2021年底，砚山将实现所有乡镇所在地5G网络全覆盖，5G网络信号是以 电磁波 为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为 3.0×108 m/s。
【分析】电磁波可传递信息和能量，移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；电磁波的传播速度与光速相同。
【解答】解：5G网络信号是以电磁波为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为3.0×108m/s。
故答案为：电磁波；3.0×108。
14．（3分）电阻R1与R2的I﹣U图像如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是 10 Ω；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，此时电路的总功率为 1.75 W，把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，电路的总功率为 0.7 W。
【分析】（1）由图象可知，通过R2的电流与它两端所加电压不成正比，则R2阻值是变化的。由欧姆定律计算R2的电阻值；
（2）并联电路各支路两端的电压相等，通过R2的电流可通过图象直接读出，电阻R1的I﹣U图象是一条过原点的直线，根据欧姆定律计算R1的阻值，进一步计算其两端电压为2.5V时的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流，根据电功率公式计算电路消耗的功率；
（3）将它们串联连接到电压为3.5V的电源上时通过它们的电流相等，根据图像读出通过R1两端电压和R2两端的电压之和为3.5V时通过电路的电流，利用P＝UI计算电路的电功率。
【解答】解：电阻R2的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过的电流跟它两端所加电压不成正比。
当U2＝1.5V时，通过它的电流I2＝0.15A，由欧姆定律可得：R2=U2I2=1.5V0.15A=10Ω；
电阻R1的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。
当U1＝1V时，通过它的电流I1＝0.2A，由欧姆定律可得：R1=U1I1=1V0.2A=5Ω；
将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中时，由图象中可知：R2电流为0.2A，
通过R1的电流：I1′=UR1=2.5V5Ω=0.5A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流是I＝I2′+I1′＝0.2A+0.5A＝0.7A，
此时电路的总功率：P＝UI＝2.5V×0.7A＝1.75W；
把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，因串联电路中各处电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以由图像可知，当电路中的电流是0.2A时，U1＝1V；U2′＝2.5V；总电压为3.5V，电路的总功率为：P′＝U′I1＝3.5V×0.2A＝0.7W。
故答案为：10；1.75；0.7。
15．（3分）丹麦科学家奥斯特通过实验证明：电流具有 磁 效应。电流产生的磁场方向与 电流方向 有关；通电直导线周围的磁感线分布如图所示，图中小磁针的a端是 S 极。
【分析】通电导线能产生磁场，并且磁场方向与电流方向有关。用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向；小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向。
【解答】解：奥斯特发现了电流的磁效应；电流周围的磁场方向与电流的方向有关；
通电直导线周围的磁感线是以直导线为中心的一系列的同心圆，磁感线是闭合的曲线；图中小磁针的a端的指向与磁感线的方向相反，故为小磁针的S极。
故答案为：磁；电流方向；S。
16．（2分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压
220V
加热功率
1100W
电机功率
100W
净重
20N
电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 电阻小 ，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需 0.2 h。
【分析】电热管和导线串联，通过的电流相等，通电时间相同，利用焦耳定律Q＝I2Rt分析；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，设加热时间为3t，则打浆时间为t，总的加热时间4t；由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为W＝P加热t加热+P打浆t打浆，据此求出t，进而求出打好一次豆浆需要时间。
【解答】解：电热管与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，因为导线的电阻远小于电热管的电阻，由焦耳定律Q＝I2Rt可知导线上产生的热量少；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，设打浆时间为t打浆＝t，则加热时间为t加热＝3t，总的工作时间为t总＝4t，由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h；
由P=Wt得：W＝P加热t加热+P打浆t打浆，即0.17kW•h＝1.1kW×3t+0.1kW×t，
解得：t＝0.05h，则打好一次豆浆需要的时间：t总＝4t＝4×0.05h＝0.2h。
故答案为：电阻小；0.2。
三、作图题（4分）根据要求作图
17．（1分）如图所示，已知一物体AB请画出它在镜中的像A'B′。
【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图：
18．（1分）如图所示，入射光线与镜面成30°角，请画出反射光线并标出反射角的度数。
【分析】掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：已知入射光线与镜面的夹角为30°，则入射角等于90°﹣30°＝60°，图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，则反射角也等于60°，在法线的右侧即可做出反射光线．如下图所示：
19．（1分）如图，请把节能灯正确接入到家庭电路中。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。
【解答】解：
灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
20．（1分）如图所示，闭合开关S后，请标出图中放置的小磁针静止时的N极。
【分析】通过图示的螺线管的绕向和电源的正负极，利用安培定则可以确定螺线管的N极；再利用磁极间的作用规律即可确定小磁针的N、S极。
【解答】解：电流从螺线管的左端流入，右端流出，结合螺线管的绕向，根据安培定则，可以确定螺线管的右端为N极。
因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端为S极，左端为N极。故答案如下图：
四、解答题（共40分）
21．（10分）小明家电热饮水机有加热和保温两种工作状态，它的简化电路图如图所示，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，饮水机部分参数如表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
880W
保温功率
242W
容量
2.5L
（1）求该饮水机加热时的电流；
（2）求电阻R2的阻值；
（3）某一天，小明断开家中其他用电器，使饮水机处于加热状态，发现家中标着“3000r/（kW•h）”字样的电能表转盘在3min内转了120转，求此饮水机加热的实际功率。
【分析】（1）知道饮水机的加热的额定功率和额定电压，利用P＝UI计算出饮水机加热时的电流；
（2）当开关S接a时，只有R2工作，当开关S接b时，电热丝R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总电阻大于各电热丝的电阻；
电压一定时，根据P=U2R可知两种情况下电路总功率的关系，功率大的为加热状态，反之为保温状态；
利用P=U2R计算出加热状态下R1的阻值，保温状态下，R1、R2的总电阻，据此可以求出R2的阻值；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以求出电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能，利用P=Wt计算出饮水机加热的实际功率。
【解答】接：（1）由表格数据可知，饮水机加热时的额定功率P加＝880W，额定电压U＝220V；
由P＝UI可知，饮水机加热时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
（2）当开关S接a时，只有R2工作，当开关S接b时，电热丝R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总电阻大于各电热丝的电阻，
电压一定时，根据P=U2R可知，当开关S接a时，只有R2工作，此时电路中的电阻最小，电功率最大，为加热状态；
电热丝R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
当开关S接b时，电热丝R1、R2串联，此时电路中的电阻最大，电功率最小，为保温状态；
电热丝R1、R2的总电阻：R=U2P保=(220V)2242W=200Ω；
则R2＝R﹣R1＝200Ω﹣55Ω＝145Ω；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能：W=120r3000r/(kW⋅ℎ)=0.04kW•h；
饮水机加热的实际功率：P=Wt=0.04kW⋅ℎ360ℎ=0.8kW＝800W。
答：（1）该饮水机加热时的电流为4A；
（2）电阻R2的阻值为145Ω；
（3）此饮水机加热的实际功率为800W。
22．（5分）物理课上，实验小组同学用如图甲所示的装置做“观察水的沸腾”实验：
（1）组装器材，应先固定图甲中的部件 B （选填“A”或“B”）；
（2）图乙是水沸腾时温度计的示数，可知实验室的气压 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）一标准大气压；实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将 升高 （选填“升高”或“降低”）。
（3）实验结束后，撤去酒精灯，发现烧杯中的水并没有立即停止沸腾，主要的原因是 水能从铁圈和石棉网上继续吸热 。
（4）小明和小红同学用相同的装置完成实验，如图丙是根据测得的数据画出水沸腾的图像，若两次实验过程中酒精灯在相同时间内释放的热量相同，水升温快慢不同是因为水的 质量 （选填“质量”、“初温”或“比热容”）不同。
【分析】（1）在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节。
（2）要正确的读数一定要先认清温度计的分度值，知道液体在沸腾过程中温度保持不变，液体沸腾时的温度就是该液体的沸点，根据液体沸点随气压的增大而升高的特点分析；
（3）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，撤去酒精灯后水仍可以继续从铁圈和石棉网吸收热量而沸腾，即不会立即停止沸腾；
（4）影响水升温快慢的因素有：是否加盖、水的初温、水的质量、火焰的大小等，然后根据实际情况进行分析。
【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度，目的是使用酒精灯的外焰加热。
（2）如图乙是水沸腾时温度计的示数，温度计的分度值是1℃，所以测出的水的沸点是99℃；因为标准大气压下水的沸点是100℃，99℃低于100℃，所以当时气压小于1个标准大气压；液体沸点随气压的增大而升高，实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将升高；
（3）实验结束后，撤去酒精灯后，由于水能从铁圈和石棉网上继续吸热，所以烧杯里的水并没有立即停止沸腾；
（4）影响水升温快慢的因素有：水的质量，火焰的大小等，题目中两次酒精灯在相同时间内释放的热量相同，所以排除火焰大小不同，因为两次实验用到的都是水，所以比热容相同，由图可知，水的初温不同，但从加热到沸腾所用的时间相同，即吸收的热量相同，所以可能为水的质量不相同。
故答案为：（1）B；（2）小于；升高；（3）水能从铁圈和石棉网上继续吸热；（4）质量。
23．（7分）在研究“平面镜成像特点”的实验中，选取完全相同的蜡烛A和B，高为7cm。如图所示，在竖直的玻璃板前10cm处放一支点燃的蜡烛A，烛焰高2cm。
（1）最好选用 茶色 （选填“茶色”或“无色透明”）玻璃板进行实验。
（2）选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较 像与物大小关系 ，运用的物理研究方法是 等效替代法 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。
（3）在利用蜡烛B确定出蜡烛A成像的位置后，移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）得到蜡烛A的像，则平面镜所成的像是 虚 像。（选填“实”或“虚”）
（4）根据平面镜成像的特点可判断，身高1.7m的人，站在镜前5m处，他在镜中所成的像到平面镜的距离是 5 m；当他远离平面镜时，像的大小 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）（1）无色玻璃透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰；茶色玻璃透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多。从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题；
（2）用两个相同的蜡烛，便于比较物像大小关系，这种代替的方法是等效替代法；
（3）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接。
（4）根据平面镜成像的特点：①平面镜所成的像是虚像；②像与物体的大小相同；③像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等；④像与物体相对于平面镜对称；来解答此题。
【解答】解：（1）无色透明玻璃板透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰。茶色玻璃板透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多，故应选择茶色玻璃板；
（2）选择两段相同的蜡烛便于比较物像大小关系，运用的物理研究方法是等效替代法；
用刻度尺测量物像到平面镜距离关系，比较像与物到镜面的距离的关系；
（3）移去后面的蜡烛B，在像的位置放一光屏，光屏上不能接到像，说明平面镜成虚像；
（4）由平面镜成的像特点可知，平面镜成的像是正立等大的虚像，因为平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离相等，所以人离镜5m，像离镜也应是5m；又因为不论物离镜远还是近，像与物大小都相同，当人远离镜子时，像的大小是不变的。
故答案为：（1）茶色； （2）像与物大小关系；等效替代法；（3）不能；虚； （4）5；不变。
24．（6分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜 垂直 放置，若光沿NO入射，则反射角是 0 度。
（2）为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作 A 。
A.改变光线AO与ON的夹角
B.沿ON向后转动纸板F
C.改变纸板与平面镜之间的夹角
D.沿ON向后转动纸板E
（3）如图，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在 同一平面 内。
（4）若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿 OA 方向射出。该实验现象说明 在反射现象中，光路是可逆的 。
【分析】（1）法线始终垂直于平面镜，要使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，则入射光、反射光和法线所在的平面应与平面镜垂直，据此分析；
若光沿NO入射，，则反射光线垂直射出；反射角是反射光线与法线的夹角；
（2）反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证；
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板F与纸板E不在同一平面上来研究；
（4）在反射现象中，光路是可逆的。
【解答】解：（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜垂直放置；若光沿NO入射，，则反射光线垂直射出，反射角是0°；
（2）在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线AO与ON的夹角，故A正确；
（3）实验中将纸板F向向后折转，纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
（4）让一束光沿BO方向射向平面镜，即让光线逆着原来的反射光线射向镜面，反射光将沿OA方向射出，即反射光线逆着原入射光线方向射出，该实验现象说明，在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：（1）垂直；0；（2）A；（3）同一平面；（4）OA；在反射现象中，光路是可逆的。
25．（6分）电磁的相互转换是人类进入电力时代的标志。
（1）小明同学设计了如图甲所示的装置来探究通电螺线管周围的磁场。
①小明在螺线管周围不同位置摆放小磁针的目的是确定通电螺线管周围磁场的 方向 。
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，发现小磁针指向发生改变，该现象说明通电螺线管外部的磁场方向与 电流方向 有关。
（2）小明又做了如图乙所示的实验，闭合开关，观察到直导线ab向左运动，这说明 磁场对通电导体有力的作用 。生活中的 电动机 （填“发电机”或“电动机”）是根据这一原理制成的。
（3）接着小明去掉电源，接上灵敏电流计，如图丙所示。闭合开关，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，电流计指针 能 （选填“能”或“不能”）发生偏转。这是 电磁感应 现象。
【分析】（1）小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；通电螺线管的磁场方向跟电流方向有关；
（2）通电导体在磁场中受力运动；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：（1）①因为小磁针放在螺线管周围不同位置，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了判断该点的磁场方向；
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，通过螺线管的电流发生了改变，发现小磁针指向发生改变，这说明通电螺线管外部的磁场方向与电流方向有关；
（2）闭合开关，通过导体ab有电流，观察到直导线ab向左运动，这说明磁场对电流有力的作用，根据该原理制成了电动机；
（3）去掉电源，在导线两端接上灵敏电流计，如图丙所示，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，ab会切割磁感线，电路中会产生感应电流，电流计指针发生偏转，这是电磁感应现象。
故答案为：（1）方向；电流方向；（2）磁场对通电导体有力的作用；电动机；（3）能；电磁感应。
26．（6分）小明在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压保持不变，部分电路连接如图甲所示。
（1）请用笔画线表示导线将图甲所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左移动，电压表示数变大；
（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数刚好为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 0.9 W。
（3）实验结束后，该小组对测量结果进行误差分析，考虑到电压表中也有电流通过，该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）小明多次实验后画出了小灯泡电流随电压变化的关系图像（如图丙），若将它与一个8Ω的定值电阻串联在4.5V的电路中，此时小灯泡的功率为 0.625 W。
（5）小明又设计了如图丁所示的电路，来测量额定电流为0.3A、额定电压未知的小灯泡额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω。请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 3 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点，电压表的示数为6V；
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c两点，电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率为 0.45 W。
【分析】（1）根据滑动变阻器滑片P向左滑动时，电压表示数增大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）判断灯泡两端的实际电压和电流的测量误差，得出电功率的测量误差；
（4）由图丁知，当灯的电压为2.5V时，通过灯的电流为0.25A，根据串联电路电流的规律和欧姆定律求出此时定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律求出灯与灯的电压与电源电压4.5V比较得出结论；
（5）灯的电流为额定电流0.3A时，灯正常发光，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为3V，小灯泡正常发光；根据P＝UI，若求出灯的额定电压即可解决问题：
在②操作中可测量出电源电压，为求出灯的额定电压，得出变阻器连入电路的电阻是关键，故取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点测量电压表的示数，在③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压，由分压原理求出变阻器连入电路的电阻，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律求出灯的额定电压，从而可得出灯的额定功率。
【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向左滑动时，电压表示数变大，则根据欧姆定律可知，电流表示数也增大，即电路的总电阻变小，滑动变阻器电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如图：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P让电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.36A，则灯泡的额定功率为：P额＝U额I额＝2.5V×0.36A＝0.9W；
（3）由图知，电压表与小灯泡并联，所测电压较准确，而电流表测通过小灯泡和电压表的电流，所测电流偏大，由P＝UI可知所测小灯泡的额定功率与真实值相比偏大；
（4）由图丙知，当灯两端的电压为2.5V时，通过灯的电流为0.25A，根据串联电路电流的规律和欧姆定律，此时定值电阻的电压：
U′＝ILR＝0.25A×8Ω＝2V，
根据串联电路电压的规律，灯与灯的电压和为：
U＝U′+UL＝2V+2.5V＝4.5V，等于电源电压4.5V．故此时通过小灯泡的电流是0.25A；
此时小灯泡的功率PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时，电路中的电流为0.3A，此时定值电阻R0两端的电压为U0＝IR0＝0.3A×10Ω＝3V；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点，电压表的示数为4V。
④在①中，定值电阻、灯和变阻器串联，在②中，电压表测电源电压U＝6V；在 ③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑＝6V﹣4V＝2V，由分压原理，变阻器连入电路的电阻：
R滑=2V4V×10Ω＝5Ω，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：
U额＝U﹣U0﹣U滑＝U﹣ILR0﹣ILR滑＝6V﹣0.3A×10Ω﹣0.3A×5Ω＝1.5V，
小灯泡的额定功率为：
P额＝U额IL＝1.5V×0.3A＝0.45W。
故答案为：（1）如图；（2）0.9；（3）偏大；（4）0.625；（5）3；0.45。
2022年江苏省淮安市洪泽外国语中学集团中考物理模拟试卷（一）
一、填空题（每题2分，共16分）
1．（2分）李白《夜宿山寺》诗中写到：“危楼高百尺，手可摘星辰.不敢高声语，恐惊天上人.”其中“高声语”是指声音的（ ）
A．音调高 B．响度大 C．音色纯 D．频率大
2．（2分）下列对生活现象解释不正确的是（ ）
A．寒冷冬天的早晨，窗户玻璃上的冰花是在玻璃的内侧
B．深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是液化现象
C．春天冰雪融化，这是熔化现象，这一过程需要吸热
D．严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，眼镜会变模糊
3．（2分）如图是海波和蜡烛的熔化实验图像，以下说法正确的（ ）
A．甲在第2min时是固态
B．甲在ab段温度不变，所以不吸热
C．甲的温度达到48℃时，不断吸热，内能不变
D．乙是海波，因为海波是非晶体
4．（2分）下列属于光的反射现象的是（ ）
A．猫叉鱼 B．手影
C．照镜子 D．阳光透过棱镜的光带
5．（2分）条形磁体的磁感线分布如图。下列说法正确的是（ ）
A．a点没有磁场
B．b点的磁场方向水平向左
C．c点的磁场比b点的更强
D．磁感线是真实存在的
6．（2分）如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲装置中通电螺线管的A端为N极
B．图乙装置，说明电流周围存在着磁场
C．图丙装置研究的是电流对磁场的作用
D．图丁装置是电动机的结构原理图
7．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．风力发电 B．潮汐发电 C．太阳能发电 D．核能发电
8．（2分）如图1所示，R1是电阻箱，R2是定值电阻，闭合开关S，改变R1的阻值，两电压表示数与R1关系图像如图2所示，已知图线①和②相互平行，则（ ）
A．①是V1示数和R1的关系图线
B．供电设备两端的电压保持不变
C．电路中电流随R1的增大而减小
D．电路总功率随R1的增大而增大
二、填空题（每空1分，共20分）
9．（2分）学校教学楼的楼道贴有如图所示的标志，倡导同学们课间不要大声喧哗，养成良好的文明习惯，同学们的讲话声是由声带 产生的；从控制噪声的角度分析，“不要大声喧哗”是在 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
10．（3分）中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计 。在接收点，为正确读数，验收人员 （能/不能）把温度计从冷藏箱中取出读数，温度计示数如图所示，表明疫苗 （安全/不安全）。
11．（2分）如图所示是一位坚守在抗疫一线的白衣战士。为了阻断病毒传播，医护人员需要穿戴护衣、口罩、护目镜。护目镜内侧常常会出现起 （选填“雾”或“霜”）的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生 （填物态变化名称）现象形成的。
12．（3分）彩色电视机屏幕工作时主要由红、 、蓝三种色光混合成绚丽多彩的画面。电视机的遥控器可以发出 （填“红外线”或“紫外线”），来实现对电视机的控制。在没有其他光照的情况下，舞台追舞灯发出的红光照在穿白色上衣、蓝色裙子的演员身上，观众看到她裙子呈 色。
13．（2分）2021年底，砚山将实现所有乡镇所在地5G网络全覆盖，5G网络信号是以 为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为 m/s。
14．（3分）电阻R1与R2的I﹣U图像如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是 Ω；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，此时电路的总功率为 W，把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，电路的总功率为 W。
15．（3分）丹麦科学家奥斯特通过实验证明：电流具有 效应。电流产生的磁场方向与 有关；通电直导线周围的磁感线分布如图所示，图中小磁针的a端是 极。
16．（2分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压
220V
加热功率
1100W
电机功率
100W
净重
20N
电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 ，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需 h。
三、作图题（4分）根据要求作图
17．（1分）如图所示，已知一物体AB请画出它在镜中的像A'B′。
18．（1分）如图所示，入射光线与镜面成30°角，请画出反射光线并标出反射角的度数。
19．（1分）如图，请把节能灯正确接入到家庭电路中。
20．（1分）如图所示，闭合开关S后，请标出图中放置的小磁针静止时的N极。
四、解答题（共40分）
21．（10分）小明家电热饮水机有加热和保温两种工作状态，它的简化电路图如图所示，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，饮水机部分参数如表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
880W
保温功率
242W
容量
2.5L
（1）求该饮水机加热时的电流；
（2）求电阻R2的阻值；
（3）某一天，小明断开家中其他用电器，使饮水机处于加热状态，发现家中标着“3000r/（kW•h）”字样的电能表转盘在3min内转了120转，求此饮水机加热的实际功率。
22．（5分）物理课上，实验小组同学用如图甲所示的装置做“观察水的沸腾”实验：
（1）组装器材，应先固定图甲中的部件 （选填“A”或“B”）；
（2）图乙是水沸腾时温度计的示数，可知实验室的气压 （选填“大于”、“小于”或“等于”）一标准大气压；实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将 （选填“升高”或“降低”）。
（3）实验结束后，撤去酒精灯，发现烧杯中的水并没有立即停止沸腾，主要的原因是 。
（4）小明和小红同学用相同的装置完成实验，如图丙是根据测得的数据画出水沸腾的图像，若两次实验过程中酒精灯在相同时间内释放的热量相同，水升温快慢不同是因为水的 （选填“质量”、“初温”或“比热容”）不同。
23．（7分）在研究“平面镜成像特点”的实验中，选取完全相同的蜡烛A和B，高为7cm。如图所示，在竖直的玻璃板前10cm处放一支点燃的蜡烛A，烛焰高2cm。
（1）最好选用 （选填“茶色”或“无色透明”）玻璃板进行实验。
（2）选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较 ，运用的物理研究方法是 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。
（3）在利用蜡烛B确定出蜡烛A成像的位置后，移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）得到蜡烛A的像，则平面镜所成的像是 像。（选填“实”或“虚”）
（4）根据平面镜成像的特点可判断，身高1.7m的人，站在镜前5m处，他在镜中所成的像到平面镜的距离是 m；当他远离平面镜时，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
24．（6分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜 放置，若光沿NO入射，则反射角是 度。
（2）为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作 。
A.改变光线AO与ON的夹角
B.沿ON向后转动纸板F
C.改变纸板与平面镜之间的夹角
D.沿ON向后转动纸板E
（3）如图，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在 内。
（4）若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿 方向射出。该实验现象说明 。
25．（6分）电磁的相互转换是人类进入电力时代的标志。
（1）小明同学设计了如图甲所示的装置来探究通电螺线管周围的磁场。
①小明在螺线管周围不同位置摆放小磁针的目的是确定通电螺线管周围磁场的 。
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，发现小磁针指向发生改变，该现象说明通电螺线管外部的磁场方向与 有关。
（2）小明又做了如图乙所示的实验，闭合开关，观察到直导线ab向左运动，这说明 。生活中的 （填“发电机”或“电动机”）是根据这一原理制成的。
（3）接着小明去掉电源，接上灵敏电流计，如图丙所示。闭合开关，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，电流计指针 （选填“能”或“不能”）发生偏转。这是 现象。
26．（6分）小明在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压保持不变，部分电路连接如图甲所示。
（1）请用笔画线表示导线将图甲所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左移动，电压表示数变大；
（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数刚好为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
（3）实验结束后，该小组对测量结果进行误差分析，考虑到电压表中也有电流通过，该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）小明多次实验后画出了小灯泡电流随电压变化的关系图像（如图丙），若将它与一个8Ω的定值电阻串联在4.5V的电路中，此时小灯泡的功率为 W。
（5）小明又设计了如图丁所示的电路，来测量额定电流为0.3A、额定电压未知的小灯泡额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω。请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点，电压表的示数为6V；
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c两点，电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率为 W。
参考答案与解析
一、填空题（每题2分，共16分）
1．（2分）李白《夜宿山寺》诗中写到：“危楼高百尺，手可摘星辰.不敢高声语，恐惊天上人.”其中“高声语”是指声音的（ ）
A．音调高 B．响度大 C．音色纯 D．频率大
【分析】音调是指声音的高低，由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；响度是指声音的强弱，由发声体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大；音色是由发声体的结构和材料决定的，不同发声体的音色不同。
【解答】解：“不敢高声语，恐惊天上人”这里的“高”是指声音大，即声音的响度大。
故选：B。
2．（2分）下列对生活现象解释不正确的是（ ）
A．寒冷冬天的早晨，窗户玻璃上的冰花是在玻璃的内侧
B．深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是液化现象
C．春天冰雪融化，这是熔化现象，这一过程需要吸热
D．严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，眼镜会变模糊
【分析】物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、“冰花”是室内的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其内表面凝华为小冰晶，故A正确；
B、深秋清晨的河面上经常出现的“白气”是由水蒸气液化形成的，故B正确；
C、春天冰雪融化，固态的冰熔化为液态的水，这一过程需要吸热，故C正确；
D、严寒的冬天，戴眼镜的人从室内到室外，不会发生液化现象，眼镜不会变模糊，故D错误。
故选：D。
3．（2分）如图是海波和蜡烛的熔化实验图像，以下说法正确的（ ）
A．甲在第2min时是固态
B．甲在ab段温度不变，所以不吸热
C．甲的温度达到48℃时，不断吸热，内能不变
D．乙是海波，因为海波是非晶体
【分析】海波是晶体，蜡是非晶体。
晶体和非晶体的重要区别在于晶体有一定的熔点，非晶体没有。
晶体吸收热量，温度升高，到达熔点，不断吸收热量，温度保持不变，完成熔化过程，晶体全部熔化之后，吸收热量，温度不断升高。
非晶体吸收热量，温度不断升高，非晶体变软，熔化。
【解答】解：如图，甲有固定的熔化温度，是晶体海波，乙没有固定的熔化温度，是非晶体蜡烛。
AD、甲是海波，在0～4min，吸收热量，温度升高，甲在第2min时海波是固态；故A正确、D错误；
BC、在4～8min即ab段，温度保持48℃不变，但仍然在吸收热量，进行熔化，因此海波的内能在增加，故BC错误；
故选：A。
4．（2分）下列属于光的反射现象的是（ ）
A．猫叉鱼 B．手影
C．照镜子 D．阳光透过棱镜的光带
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：
A、从水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当小猫逆着折射光线的方向看时，看到的是鱼的虚像，比实际位置偏高，所以小猫叉鱼时应对准鱼的下方叉才可以叉到鱼，故A错误；
B、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B错误；
C、照镜子属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；
D、阳光透过棱镜的光带属于光的色散现象，故D错误。
故选：C。
5．（2分）条形磁体的磁感线分布如图。下列说法正确的是（ ）
A．a点没有磁场
B．b点的磁场方向水平向左
C．c点的磁场比b点的更强
D．磁感线是真实存在的
【分析】为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极；磁体的周围存在磁场，磁感线的方向表示磁场方向；磁体两极的磁性是最强的。
【解答】解：
A、磁体的周围存在磁场，a点有磁场，故A错误；
B、在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极，b点的磁感线方向是向右的，所以b点的磁场方向水平向右，故B错误；
C、由图可知，c相对b更靠近磁极，所以c点的磁场比b点的更强，故C正确；
D、为了形象地描述磁场的性质，物理学中引入了磁感线，但磁感线不是真实存在的，故D错误。
故选：C。
6．（2分）如图所示，是电磁现象的四幅实验装置图，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲装置中通电螺线管的A端为N极
B．图乙装置，说明电流周围存在着磁场
C．图丙装置研究的是电流对磁场的作用
D．图丁装置是电动机的结构原理图
【分析】（1）利用安培定则判断通电螺线管磁场的极性；
（2）通电导体周围存在着磁场；
（3）通电导体在磁场中受力而运动。
（4）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电。
【解答】解：
A、图甲装置中，电流从螺线管的左端流入、右端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中的电流方向，则大拇指所指的B端为N极，A端为S极，故A错误；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；
C、图丙装置中有电源，当闭合开关时，通电金属棒在磁场中会受到力的作用而运动，是研究磁场对电流的作用，故C错误；
D、该装置中没有电源，线圈在磁场中转动时，电路中会产生感应电流，这是电磁感应现象，则图丁装置是发电机的结构原理图，故D错误；
故选：B。
7．（2分）下列利用不可再生能源发电的是（ ）
A．风力发电 B．潮汐发电 C．太阳能发电 D．核能发电
【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；风能、潮汐能、太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源，所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
8．（2分）如图1所示，R1是电阻箱，R2是定值电阻，闭合开关S，改变R1的阻值，两电压表示数与R1关系图像如图2所示，已知图线①和②相互平行，则（ ）
A．①是V1示数和R1的关系图线
B．供电设备两端的电压保持不变
C．电路中电流随R1的增大而减小
D．电路总功率随R1的增大而增大
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量的是电源的电压；
（1）根据电压表的连接方式分析；
（2）根据电压表V2示数的变化特点分析；
（3）根据串联电路的电压关系分析R2两端电压的变化，然后根据欧姆定律分析电流的变化；
（4）根据P＝UI分析总功率的变化。
【解答】解：
A、根据电路图可知，当电阻R1的阻值为0时，其两端的电压也为0，根据图2可知，②是V1示数和R1的关系图线，故A错误；
B、图2中的①是电压表V2示数和R1的关系图线，根据图线可知，当R1增大时，电压表V2示数也是增大的，由于电压表V2测量的是电源电压，所以供电设备两端的电压是改变的，故B错误；
C、根据串联电路的电压关系可知，R2两端电压等于V2示数与V1示数的差值，由于图线①和②相互平行，则V2示数与V1示数的差值保持不变，即R2两端电压保持不变，根据I=UR可知，电路中的电流保持不变，故C错误；
D、R1增大时，电源电压变大，电路中的电流不变，根据P＝UI可知，电路总功率变大，故D正确。
故选：D。
二、填空题（每空1分，共20分）
9．（2分）学校教学楼的楼道贴有如图所示的标志，倡导同学们课间不要大声喧哗，养成良好的文明习惯，同学们的讲话声是由声带 振动 产生的；从控制噪声的角度分析，“不要大声喧哗”是在 声源处 （选填“声源处”“传播过程中”或“人耳处”）减弱噪声。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。
【解答】解：声音是由物体振动产生的，同学们的讲话声是由声带振动产生的；
图中“请不要大声喧哗”的标志牌，是在声源处减弱噪声的。
故答案为：振动；声源处。
10．（3分）中国科兴疫苗需保存在低于8℃的环境中。夏季，运输过程中为监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中所示的温度计 乙 。在接收点，为正确读数，验收人员 不能 （能/不能）把温度计从冷藏箱中取出读数，温度计示数如图所示，表明疫苗 安全 （安全/不安全）。
【分析】本题考查温度计的构造和原理、温度计的读数，可根据这两点进行解答。
【解答】解：
（1）由题可知疫苗需保存在低于8℃的环境中，即保存环境温度最高为8℃。甲温度计是普通温度计，乙温度计的构造类似于体温计；根据温度计的构造特点，温度升高后水银柱升高，不会再降下去，可以测定最高温度，故应在冷藏箱内放置温度计乙。
（2）乙温度计可以离开被测物体读数，但外界温度高，温度计示数会升高，故验收人员不能把温度计从冷藏箱中取出读数。
（3）由图乙可知：温度计的分度值为1℃，示数为5℃。根据疫苗存放要求需保存在低于8℃的环境中，表明疫苗安全。
故答案为：乙；不能；安全。
11．（2分）如图所示是一位坚守在抗疫一线的白衣战士。为了阻断病毒传播，医护人员需要穿戴护衣、口罩、护目镜。护目镜内侧常常会出现起 雾 （选填“雾”或“霜”）的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生 液化 （填物态变化名称）现象形成的。
【分析】物质由气态变为液态叫液化。
【解答】解：护目镜内侧常常会出现起雾的现象，这是由于医生呼出的水蒸气遇到冷的镜片，发生液化形成的小水滴。
故答案为：雾；液化。
12．（3分）彩色电视机屏幕工作时主要由红、 绿 、蓝三种色光混合成绚丽多彩的画面。电视机的遥控器可以发出 红外线 （填“红外线”或“紫外线”），来实现对电视机的控制。在没有其他光照的情况下，舞台追舞灯发出的红光照在穿白色上衣、蓝色裙子的演员身上，观众看到她裙子呈 黑 色。
【分析】（1）光的三原色为：红、绿、蓝；
（2）红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪；红外线可以用来遥控，制成电视遥控器；
（3）不透明物体的颜色由它反射的色光决定，白色的物体能反射所有的色光，反射什么色光就是什么颜色；单色物体只反射与本身相同的色光，其它色光不反射。
【解答】解：（1）彩色电视丰富多彩的画面都是由红、绿、蓝三种色光按一定比例混合而成的；
（2）红外线可以用来进行遥控，电视机遥控器的前端有一个发光二极管，按下不同的功能键时，可以发出不同的红外线，来实现对电视机的遥控；
（3）蓝裙子只能反射蓝光，红光照上不反射，呈现为黑色。
故答案为：绿；红外线；黑。
13．（2分）2021年底，砚山将实现所有乡镇所在地5G网络全覆盖，5G网络信号是以 电磁波 为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为 3.0×108 m/s。
【分析】电磁波可传递信息和能量，移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；电磁波的传播速度与光速相同。
【解答】解：5G网络信号是以电磁波为载体来进行传输的，它在真空中的传播速度为3.0×108m/s。
故答案为：电磁波；3.0×108。
14．（3分）电阻R1与R2的I﹣U图像如图所示。当R2上的电压为1.5V时，R2的阻值是 10 Ω；若将它们并联连接到电压为2.5V的电源上，此时电路的总功率为 1.75 W，把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，电路的总功率为 0.7 W。
【分析】（1）由图象可知，通过R2的电流与它两端所加电压不成正比，则R2阻值是变化的。由欧姆定律计算R2的电阻值；
（2）并联电路各支路两端的电压相等，通过R2的电流可通过图象直接读出，电阻R1的I﹣U图象是一条过原点的直线，根据欧姆定律计算R1的阻值，进一步计算其两端电压为2.5V时的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流，根据电功率公式计算电路消耗的功率；
（3）将它们串联连接到电压为3.5V的电源上时通过它们的电流相等，根据图像读出通过R1两端电压和R2两端的电压之和为3.5V时通过电路的电流，利用P＝UI计算电路的电功率。
【解答】解：电阻R2的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过的电流跟它两端所加电压不成正比。
当U2＝1.5V时，通过它的电流I2＝0.15A，由欧姆定律可得：R2=U2I2=1.5V0.15A=10Ω；
电阻R1的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。
当U1＝1V时，通过它的电流I1＝0.2A，由欧姆定律可得：R1=U1I1=1V0.2A=5Ω；
将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中时，由图象中可知：R2电流为0.2A，
通过R1的电流：I1′=UR1=2.5V5Ω=0.5A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流是I＝I2′+I1′＝0.2A+0.5A＝0.7A，
此时电路的总功率：P＝UI＝2.5V×0.7A＝1.75W；
把它们串联连接到电压为3.5V的电源上，因串联电路中各处电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以由图像可知，当电路中的电流是0.2A时，U1＝1V；U2′＝2.5V；总电压为3.5V，电路的总功率为：P′＝U′I1＝3.5V×0.2A＝0.7W。
故答案为：10；1.75；0.7。
15．（3分）丹麦科学家奥斯特通过实验证明：电流具有 磁 效应。电流产生的磁场方向与 电流方向 有关；通电直导线周围的磁感线分布如图所示，图中小磁针的a端是 S 极。
【分析】通电导线能产生磁场，并且磁场方向与电流方向有关。用右手握住直导线，让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向；小磁针静止时N极的指向为该点的磁场方向。
【解答】解：奥斯特发现了电流的磁效应；电流周围的磁场方向与电流的方向有关；
通电直导线周围的磁感线是以直导线为中心的一系列的同心圆，磁感线是闭合的曲线；图中小磁针的a端的指向与磁感线的方向相反，故为小磁针的S极。
故答案为：磁；电流方向；S。
16．（2分）某自动豆浆机工作时，电热管加热与电动机打浆过程交替进行，其部分参数如下表。
额定电压
220V
加热功率
1100W
电机功率
100W
净重
20N
电热管通电一段时间后变得很烫，而与豆浆机连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 电阻小 ，产生的热量少；若豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h，加热与打浆的时间之比为3：1，则打好一次豆浆需 0.2 h。
【分析】电热管和导线串联，通过的电流相等，通电时间相同，利用焦耳定律Q＝I2Rt分析；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，设加热时间为3t，则打浆时间为t，总的加热时间4t；由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为W＝P加热t加热+P打浆t打浆，据此求出t，进而求出打好一次豆浆需要时间。
【解答】解：电热管与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，因为导线的电阻远小于电热管的电阻，由焦耳定律Q＝I2Rt可知导线上产生的热量少；
由题知，加热与打浆的时间之比为3：1，设打浆时间为t打浆＝t，则加热时间为t加热＝3t，总的工作时间为t总＝4t，由题知，豆浆机正常打好一次豆浆的消耗的总电能为0.17kW•h；
由P=Wt得：W＝P加热t加热+P打浆t打浆，即0.17kW•h＝1.1kW×3t+0.1kW×t，
解得：t＝0.05h，则打好一次豆浆需要的时间：t总＝4t＝4×0.05h＝0.2h。
故答案为：电阻小；0.2。
三、作图题（4分）根据要求作图
17．（1分）如图所示，已知一物体AB请画出它在镜中的像A'B′。
【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：
分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像。如图：
18．（1分）如图所示，入射光线与镜面成30°角，请画出反射光线并标出反射角的度数。
【分析】掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：已知入射光线与镜面的夹角为30°，则入射角等于90°﹣30°＝60°，图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，则反射角也等于60°，在法线的右侧即可做出反射光线．如下图所示：
19．（1分）如图，请把节能灯正确接入到家庭电路中。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。
【解答】解：
灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
20．（1分）如图所示，闭合开关S后，请标出图中放置的小磁针静止时的N极。
【分析】通过图示的螺线管的绕向和电源的正负极，利用安培定则可以确定螺线管的N极；再利用磁极间的作用规律即可确定小磁针的N、S极。
【解答】解：电流从螺线管的左端流入，右端流出，结合螺线管的绕向，根据安培定则，可以确定螺线管的右端为N极。
因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的右端为S极，左端为N极。故答案如下图：
四、解答题（共40分）
21．（10分）小明家电热饮水机有加热和保温两种工作状态，它的简化电路图如图所示，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，饮水机部分参数如表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
880W
保温功率
242W
容量
2.5L
（1）求该饮水机加热时的电流；
（2）求电阻R2的阻值；
（3）某一天，小明断开家中其他用电器，使饮水机处于加热状态，发现家中标着“3000r/（kW•h）”字样的电能表转盘在3min内转了120转，求此饮水机加热的实际功率。
【分析】（1）知道饮水机的加热的额定功率和额定电压，利用P＝UI计算出饮水机加热时的电流；
（2）当开关S接a时，只有R2工作，当开关S接b时，电热丝R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总电阻大于各电热丝的电阻；
电压一定时，根据P=U2R可知两种情况下电路总功率的关系，功率大的为加热状态，反之为保温状态；
利用P=U2R计算出加热状态下R1的阻值，保温状态下，R1、R2的总电阻，据此可以求出R2的阻值；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可以求出电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能，利用P=Wt计算出饮水机加热的实际功率。
【解答】接：（1）由表格数据可知，饮水机加热时的额定功率P加＝880W，额定电压U＝220V；
由P＝UI可知，饮水机加热时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
（2）当开关S接a时，只有R2工作，当开关S接b时，电热丝R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，串联后的总电阻大于各电热丝的电阻，
电压一定时，根据P=U2R可知，当开关S接a时，只有R2工作，此时电路中的电阻最小，电功率最大，为加热状态；
电热丝R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
当开关S接b时，电热丝R1、R2串联，此时电路中的电阻最大，电功率最小，为保温状态；
电热丝R1、R2的总电阻：R=U2P保=(220V)2242W=200Ω；
则R2＝R﹣R1＝200Ω﹣55Ω＝145Ω；
（3）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表转盘转了120转，饮水机消耗的电能：W=120r3000r/(kW⋅ℎ)=0.04kW•h；
饮水机加热的实际功率：P=Wt=0.04kW⋅ℎ360ℎ=0.8kW＝800W。
答：（1）该饮水机加热时的电流为4A；
（2）电阻R2的阻值为145Ω；
（3）此饮水机加热的实际功率为800W。
22．（5分）物理课上，实验小组同学用如图甲所示的装置做“观察水的沸腾”实验：
（1）组装器材，应先固定图甲中的部件 B （选填“A”或“B”）；
（2）图乙是水沸腾时温度计的示数，可知实验室的气压 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）一标准大气压；实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将 升高 （选填“升高”或“降低”）。
（3）实验结束后，撤去酒精灯，发现烧杯中的水并没有立即停止沸腾，主要的原因是 水能从铁圈和石棉网上继续吸热 。
（4）小明和小红同学用相同的装置完成实验，如图丙是根据测得的数据画出水沸腾的图像，若两次实验过程中酒精灯在相同时间内释放的热量相同，水升温快慢不同是因为水的 质量 （选填“质量”、“初温”或“比热容”）不同。
【分析】（1）在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节。
（2）要正确的读数一定要先认清温度计的分度值，知道液体在沸腾过程中温度保持不变，液体沸腾时的温度就是该液体的沸点，根据液体沸点随气压的增大而升高的特点分析；
（3）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，撤去酒精灯后水仍可以继续从铁圈和石棉网吸收热量而沸腾，即不会立即停止沸腾；
（4）影响水升温快慢的因素有：是否加盖、水的初温、水的质量、火焰的大小等，然后根据实际情况进行分析。
【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度，目的是使用酒精灯的外焰加热。
（2）如图乙是水沸腾时温度计的示数，温度计的分度值是1℃，所以测出的水的沸点是99℃；因为标准大气压下水的沸点是100℃，99℃低于100℃，所以当时气压小于1个标准大气压；液体沸点随气压的增大而升高，实验中如果增大水面的气压，则水的沸点将升高；
（3）实验结束后，撤去酒精灯后，由于水能从铁圈和石棉网上继续吸热，所以烧杯里的水并没有立即停止沸腾；
（4）影响水升温快慢的因素有：水的质量，火焰的大小等，题目中两次酒精灯在相同时间内释放的热量相同，所以排除火焰大小不同，因为两次实验用到的都是水，所以比热容相同，由图可知，水的初温不同，但从加热到沸腾所用的时间相同，即吸收的热量相同，所以可能为水的质量不相同。
故答案为：（1）B；（2）小于；升高；（3）水能从铁圈和石棉网上继续吸热；（4）质量。
23．（7分）在研究“平面镜成像特点”的实验中，选取完全相同的蜡烛A和B，高为7cm。如图所示，在竖直的玻璃板前10cm处放一支点燃的蜡烛A，烛焰高2cm。
（1）最好选用 茶色 （选填“茶色”或“无色透明”）玻璃板进行实验。
（2）选取A、B两支相同的蜡烛是为了比较 像与物大小关系 ，运用的物理研究方法是 等效替代法 （选填“控制变量法”或“等效替代法”）。
（3）在利用蜡烛B确定出蜡烛A成像的位置后，移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）得到蜡烛A的像，则平面镜所成的像是 虚 像。（选填“实”或“虚”）
（4）根据平面镜成像的特点可判断，身高1.7m的人，站在镜前5m处，他在镜中所成的像到平面镜的距离是 5 m；当他远离平面镜时，像的大小 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）（1）无色玻璃透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰；茶色玻璃透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多。从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题；
（2）用两个相同的蜡烛，便于比较物像大小关系，这种代替的方法是等效替代法；
（3）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接。
（4）根据平面镜成像的特点：①平面镜所成的像是虚像；②像与物体的大小相同；③像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等；④像与物体相对于平面镜对称；来解答此题。
【解答】解：（1）无色透明玻璃板透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰。茶色玻璃板透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多，故应选择茶色玻璃板；
（2）选择两段相同的蜡烛便于比较物像大小关系，运用的物理研究方法是等效替代法；
用刻度尺测量物像到平面镜距离关系，比较像与物到镜面的距离的关系；
（3）移去后面的蜡烛B，在像的位置放一光屏，光屏上不能接到像，说明平面镜成虚像；
（4）由平面镜成的像特点可知，平面镜成的像是正立等大的虚像，因为平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离相等，所以人离镜5m，像离镜也应是5m；又因为不论物离镜远还是近，像与物大小都相同，当人远离镜子时，像的大小是不变的。
故答案为：（1）茶色； （2）像与物大小关系；等效替代法；（3）不能；虚； （4）5；不变。
24．（6分）在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两部分组成，可以绕ON翻折。
（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜 垂直 放置，若光沿NO入射，则反射角是 0 度。
（2）为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作 A 。
A.改变光线AO与ON的夹角
B.沿ON向后转动纸板F
C.改变纸板与平面镜之间的夹角
D.沿ON向后转动纸板E
（3）如图，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F绕ON向后翻折，则纸板F上不能显示出反射光束，由此说明反射光线、入射光线与ON在 同一平面 内。
（4）若让另一束光沿BO方向射向平面镜，反射光将沿 OA 方向射出。该实验现象说明 在反射现象中，光路是可逆的 。
【分析】（1）法线始终垂直于平面镜，要使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，则入射光、反射光和法线所在的平面应与平面镜垂直，据此分析；
若光沿NO入射，，则反射光线垂直射出；反射角是反射光线与法线的夹角；
（2）反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证；
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板F与纸板E不在同一平面上来研究；
（4）在反射现象中，光路是可逆的。
【解答】解：（1）实验时，把平面镜放在桌面上，为了使入射光和反射光的径迹同时显示在纸板上，应把纸板ENF与平面镜垂直放置；若光沿NO入射，，则反射光线垂直射出，反射角是0°；
（2）在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线AO与ON的夹角，故A正确；
（3）实验中将纸板F向向后折转，纸板F上不能看到反射光线，说明反射光线、入射光线和法线在同一平面内；
（4）让一束光沿BO方向射向平面镜，即让光线逆着原来的反射光线射向镜面，反射光将沿OA方向射出，即反射光线逆着原入射光线方向射出，该实验现象说明，在反射现象中，光路是可逆的。
故答案为：（1）垂直；0；（2）A；（3）同一平面；（4）OA；在反射现象中，光路是可逆的。
25．（6分）电磁的相互转换是人类进入电力时代的标志。
（1）小明同学设计了如图甲所示的装置来探究通电螺线管周围的磁场。
①小明在螺线管周围不同位置摆放小磁针的目的是确定通电螺线管周围磁场的 方向 。
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，发现小磁针指向发生改变，该现象说明通电螺线管外部的磁场方向与 电流方向 有关。
（2）小明又做了如图乙所示的实验，闭合开关，观察到直导线ab向左运动，这说明 磁场对通电导体有力的作用 。生活中的 电动机 （填“发电机”或“电动机”）是根据这一原理制成的。
（3）接着小明去掉电源，接上灵敏电流计，如图丙所示。闭合开关，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，电流计指针 能 （选填“能”或“不能”）发生偏转。这是 电磁感应 现象。
【分析】（1）小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；通电螺线管的磁场方向跟电流方向有关；
（2）通电导体在磁场中受力运动；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象。
【解答】解：（1）①因为小磁针放在螺线管周围不同位置，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了判断该点的磁场方向；
②小明调换电源正负极接线后再闭合开关，通过螺线管的电流发生了改变，发现小磁针指向发生改变，这说明通电螺线管外部的磁场方向与电流方向有关；
（2）闭合开关，通过导体ab有电流，观察到直导线ab向左运动，这说明磁场对电流有力的作用，根据该原理制成了电动机；
（3）去掉电源，在导线两端接上灵敏电流计，如图丙所示，保持直导线ab不动，向右移动蹄形磁铁，ab会切割磁感线，电路中会产生感应电流，电流计指针发生偏转，这是电磁感应现象。
故答案为：（1）方向；电流方向；（2）磁场对通电导体有力的作用；电动机；（3）能；电磁感应。
26．（6分）小明在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率”的实验中，电源电压保持不变，部分电路连接如图甲所示。
（1）请用笔画线表示导线将图甲所示电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向左移动，电压表示数变大；
（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数刚好为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 0.9 W。
（3）实验结束后，该小组对测量结果进行误差分析，考虑到电压表中也有电流通过，该电路所测小灯泡的额定功率与真实值相比 偏大 （选填“偏大”或“偏小”）。
（4）小明多次实验后画出了小灯泡电流随电压变化的关系图像（如图丙），若将它与一个8Ω的定值电阻串联在4.5V的电路中，此时小灯泡的功率为 0.625 W。
（5）小明又设计了如图丁所示的电路，来测量额定电流为0.3A、额定电压未知的小灯泡额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω。请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 3 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点，电压表的示数为6V；
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c两点，电压表的示数为4V；
④小灯泡的额定功率为 0.45 W。
【分析】（1）根据滑动变阻器滑片P向左滑动时，电压表示数增大确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）判断灯泡两端的实际电压和电流的测量误差，得出电功率的测量误差；
（4）由图丁知，当灯的电压为2.5V时，通过灯的电流为0.25A，根据串联电路电流的规律和欧姆定律求出此时定值电阻的电压，根据串联电路电压的规律求出灯与灯的电压与电源电压4.5V比较得出结论；
（5）灯的电流为额定电流0.3A时，灯正常发光，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为3V，小灯泡正常发光；根据P＝UI，若求出灯的额定电压即可解决问题：
在②操作中可测量出电源电压，为求出灯的额定电压，得出变阻器连入电路的电阻是关键，故取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点测量电压表的示数，在③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压，由分压原理求出变阻器连入电路的电阻，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律求出灯的额定电压，从而可得出灯的额定功率。
【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P向左滑动时，电压表示数变大，则根据欧姆定律可知，电流表示数也增大，即电路的总电阻变小，滑动变阻器电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如图：
（2）排除故障后，闭合开关，移动滑片P让电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.36A，则灯泡的额定功率为：P额＝U额I额＝2.5V×0.36A＝0.9W；
（3）由图知，电压表与小灯泡并联，所测电压较准确，而电流表测通过小灯泡和电压表的电流，所测电流偏大，由P＝UI可知所测小灯泡的额定功率与真实值相比偏大；
（4）由图丙知，当灯两端的电压为2.5V时，通过灯的电流为0.25A，根据串联电路电流的规律和欧姆定律，此时定值电阻的电压：
U′＝ILR＝0.25A×8Ω＝2V，
根据串联电路电压的规律，灯与灯的电压和为：
U＝U′+UL＝2V+2.5V＝4.5V，等于电源电压4.5V．故此时通过小灯泡的电流是0.25A；
此时小灯泡的功率PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，当小灯泡正常发光时，电路中的电流为0.3A，此时定值电阻R0两端的电压为U0＝IR0＝0.3A×10Ω＝3V；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点，电压表的示数为4V。
④在①中，定值电阻、灯和变阻器串联，在②中，电压表测电源电压U＝6V；在 ③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑＝6V﹣4V＝2V，由分压原理，变阻器连入电路的电阻：
R滑=2V4V×10Ω＝5Ω，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：
U额＝U﹣U0﹣U滑＝U﹣ILR0﹣ILR滑＝6V﹣0.3A×10Ω﹣0.3A×5Ω＝1.5V，
小灯泡的额定功率为：
P额＝U额IL＝1.5V×0.3A＝0.45W。
故答案为：（1）如图；（2）0.9；（3）偏大；（4）0.625；（5）3；0.45。
相关试卷
2023年江苏省淮安市洪泽区中考物理二模试卷： 这是一份2023年江苏省淮安市洪泽区中考物理二模试卷，共22页。试卷主要包含了15A等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省淮安市洪泽区中考物理一模试卷(含答案)： 这是一份2023年江苏省淮安市洪泽区中考物理一模试卷(含答案)，共35页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022年江苏省淮安市中考物理模拟试卷(word版无答案)： 这是一份2022年江苏省淮安市中考物理模拟试卷(word版无答案)，共10页。试卷主要包含了可分辨出机器人发出的声音等内容，欢迎下载使用。
