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    2022届重庆市缙云教育联盟高三第二次诊断性检测物理试题及答案

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    这是一份2022届重庆市缙云教育联盟高三第二次诊断性检测物理试题及答案,文件包含物理答案docx、2022届重庆市缙云教育联盟高三第二次诊断性检测物理试题docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共19页, 欢迎下载使用。

    ★秘密·2022414日1015

    重庆市2022年高考第二次诊断性检测

    高三物理答案及评分标准

     

    【命题单位:重庆缙云教育联盟】

     

     

    1.【答案】
     

    【解析】解:根据公式,可得入射光子的动量为:,规定入射光子的动量方向为正方向,则反射光子的动量为:,根据动量定理得:,负号表示冲量的方向与初动量的方向相反,所以它的冲量大小为,故B正确,ACD错误。
    故选:
    根据公式,规定入射光子的动量方向为正方向,结合动量定理求解它的冲量大小。
    本题以太阳帆飞行器是利用太阳光获得动力的一种航天器为背景,考查了动量定理在实际问题中的应用,要明确光子的动量公式,注意应用动量定理时要规定正方向。
     

    2.【答案】
     

    【解析】解:画出杆恰好不上滑这种情况下的受力分析图,如图所示。

    由平衡条件得:沿斜面方向
    垂直斜面方向
    ,解得。故A正确,BCD错误。
    故选:
    画出杆在恰好不上滑这种情况下的受力分析图,根据平衡条件和欧姆定律以及联立求解的阻值。
    解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律,安培力的大小公式,以及会利用共点力平衡去求未知力。
     

    3.【答案】
     

    【解析】解:设的质量均为,开始时弹簧对有方向竖直向上且大小为的弹力,对有方向竖直向下且大小也为的弹力,在悬挂吊篮的轻绳被剪断的瞬间,弹簧的弹力不会发生突变,设此时的加速度大小分别为,根据牛顿第二定律可得
    ,故B正确,ACD错误。
    故选:
    剪断细线前,对进行受力分析,根据平衡条件求出弹簧的弹力。断开细线后瞬间,弹簧的弹力不变,再分别对受力分析,运用牛顿第二定律求解加速度。
    本题是力学中瞬时问题,关键是先根据平衡条件求出系统静止时物体受到的弹力,然后根据牛顿第二定律列式求解加速度;同时要注意轻弹簧的弹力与形变量成正比,来不及突变,而细线的弹力是由微小形变产生的,可以突变。
     

    4.【答案】
     

    【解析】解:设空气对热气球与沙包的浮力大小为
    在空气中以加速度下降过程中,根据牛顿第二定律可得:
    为了使它以同样大小的加速度上升,设应该抛掉的沙的质量为,抛出后,根据牛顿第二定律可得:

    联立解得:,故C正确、ABD错误。
    故选:
    热气球与沙包在空气中以加速度下降过程中、以同样大小的加速度上升过程中,分别根据牛顿第二定律列方程联立求解应该抛掉的沙的质量。
    本题主要是考查了牛顿第二定律的知识;利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是:确定研究对象、进行受力分析、利用牛顿第二定律建立方程进行解答。
     

    5.【答案】
     

    【解析】解:断开时,两端的电压为两端的电压为,同理求得两端的电压为两端的电压为
    串联,电流相等,因为,根据消耗的功率关系为:。同理可知,消耗的功率关系为:。因为
    知,,所以消耗的功率最大,故A错误;
    B闭合后,因为,结合在外电路中,顺着电流方向电势降低,可知,板的电势高于板的电势,则板带正电,故B错误;
    C闭合稳定后,电容器的电压为,电容器所带电量为,故C正确;
    D闭合稳定后再断开,电容器带电量不变,两板之间的电场强度为,结合无关,则若把两板拉开一小段距离,则两板之间的电场强度不变,故D错误。
    故选:
    断开时,根据串联电路分压规律求出各个电阻的电压,再分析各个电阻消耗的功率关系;闭合后,根据板与板电势关系判断电容器带电情况,求电容器板间电压,再求电容器所带电量;闭合稳定后再断开,若把两板拉开一小段距离,由分析板间电场强度的变化。
    本题属于“桥式电路”,关键是弄清楚电路的连接情况,能够根据闭合电路的欧姆定律、电势差的概念确定电容器的电压。要能熟练推导出电容器板间场强表达式,知道无关。
     

    6.【答案】
     

    【解析】解:、根据等量异种电荷周围的电场线分布知,两点的场强大小相等,方向不同,故A错误。
    B、沿着电场线方向电势逐渐降低,可知两点电势不等。故B错误。
    C、负电荷由点移到处,电势增加,电势能减小,故电场力做正功,故C正确
    D、等量异种电荷连线的中垂线是等势线,将负电荷从无穷远处移到点处,电场力做正功,电势能一定减小,故D错误。
    故选:
    根据电场线的分布确定电场强度的大小和方向,根据沿电场线方向电势逐渐降低,判断电势的高低.根据电场力做功判断电势能的变化.
    解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布,知道电场力做功与电势能的变化关系.
     

    7.【答案】
     

    【解析】解:物体做匀速直线运动,水平拉力与阻力等大反向,由题图可知物体受到的阻力为。在处物体受到的拉力为
    物体加速度为
    A错误;
    B物体克服阻力做功为
    B正确;
    C图线与坐标轴所围面积表示拉力所做的功,则拉力对物体做功为
    C错误;
    D合力对物体做功为
    代入数据解得:
    D错误。
    故选:
    抓住物体左匀速直线运动,结合拉力大小得出滑动摩擦力大小,根据图线得出处的拉力,结合牛顿第二定律求出物体的加速度大小;根据图线围成的面积求出拉力做功的大小,根据滑动摩擦力大小求出物体克服摩擦力做功大小,通过拉力做功大小和克服摩擦力做功大小求出合力做功大小。
    解决本题的关键知道图线围成的面积表示拉力做功的大小,知道合力做功等于各力做功的代数和。
     

    8.【答案】
     

    【解析】解:是发射地球人造卫星的最小发射速度,吉林一号星的发射速度一定不小于,故A正确;
    B、根据得:,同步卫星的轨道半径小于月球的轨道半径,则同步卫星的角速度大于月球绕地球运动的角速度,故B正确;
    C、根据得,,吉林一号的轨道半径小于同步卫星的轨道半径,则吉林一号绕地球运行的周期小于同步卫星的周期,故C错误;
    D、卫星在轨道上运行时,处于完全失重状态,但是重力加速度不为零,故D错误。
    故选:
    第一宇宙速度是最小的发射速度,发射卫星时发射速度不能小于第一宇宙速度;根据万有引力提供向心力得出角速度、周期与轨道半径的关系式,结合轨道半径的大小比较角速度和周期的大小关系;卫星在轨道上运动时处于完全失重状态。
    解决本题的关键知道第一宇宙速度的含义,掌握万有引力提供向心力这一重要理论,知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系,并能灵活运用。
     

    9.【答案】
     

    【解析】解:、如果小滑块不会脱离轨道,则过点的速度,从释放到点由动能定理,,得高度不能小于,故A错误,B正确;
    、根据牛顿第二定律,在点,,在点,,根据牛顿第三定律,小滑块在点对轨道的压力大于在点对轨道的压力,故C错误;小滑块在经过点时对轨道的压力不可能等于零,故D正确。
    故选:
    根据小滑块不脱离轨道求得到达点的速度,在点滑块的重力刚好提供向心力,根据牛顿第二定律即可求得,根据机械能守恒定理分别求得到达点的速度,根据牛顿第二定律即可与轨道间的作用力。
    本题主要考查了机械能守恒定律和牛顿第二定律,抓住向心力的来源即可判断。
     

    10.【答案】
     

    【解析】解:、由于物体在运动过程中,当速度达到时,不再受摩擦力;故摩擦力所做的功,故A错误;
    B、在货物加速过程中,摩擦力做功;由运动学公式有:,解得:;匀速运动的时间为:
    可得摩擦力对货物做功的平均功率为:,故B正确;
    C、传送带的速度为,物体加速过程中传送带前进的位移一定为;故传送带克服摩擦力所做的功为,故C正确;
    D、传送带克服摩擦力所做的功为,故传送带克服摩擦力做功的功率应为,故D错误。
    故选:
    对物体进行受力分析,根据动能定理求出摩擦力对物体做功,也可以根据求出摩擦力做物体做的功,物体在传送带上运动时,物体和传送带要发生相对滑动,由题意可知,一直做匀加速运动,电动机多做的功一部分转化成了物体的动能,还有一部分转化为内能.
    本题关键分析清楚物体的运动规律,然后求解出摩擦力的功和运动时间,最后根据功能关系确定平均功率.
     

    11.【答案】      测量同一物体的重力,看示数是否相同 
     

    【解析】解:弹簧的劲度系数等于图线的斜率:
    处为弹簧原长,弹力为处形变量为
    测量同一物体的重力,看示数是否相同。
    拉力做功:
    故答案为:测量同一物体的重力,由示数是否相同判断;
    结合图线可知其斜率为弹簧的劲度系数。
    弹簧原长处力为,求弹力先求形变量,再由求力。
    测量同一物体的重力,由示数是否相同判断。
    求出平均力,计算做功。
    考查胡克定律,明确中各量的物理意义.
     

    12.【答案】   
     

    【解析】解:由图所示螺旋测微器可知,电阻丝的直径为
    使用多用电表欧姆挡测电阻时,为了减小误差,应尽可能使指针偏转至刻度盘中央附近,由于该电阻丝的阻值在,而表盘中央刻度在左右,所以应选择倍率的电阻挡;
    欧姆表选择挡位,由图所示表盘可知,该电阻丝的电阻值为
    故答案为:
    螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读;
    用欧姆表测电阻要选择合适的挡位,使指针指在中央刻度线附近;
    欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表读数。
    解决该题的关键是掌握螺旋测微器和欧姆表测电阻的原理,掌握基础知识即可解题;平时要注意基础知识的学习。
     

    13.【答案】解:小球从释放滑到最低点的过程,由动能定理,有
    两球在处发生完全非弹性碰撞,由动量守恒定律,有
    两球恰好滑到点速度为零,由动能定理,有
    联立解得
    两球在离开后它受到的力如图所示,由于,且它们的夹角等于,根据力的平行四边形定则,可得合力的大小,方向与重力的夹角成
    设小球到达水平线的点为,其速度为,从的过程中,根据动能定理,有
     
    解得

    答:高度
    小球到达水平线时的速度大小是
     

    【解析】两球恰好滑到点速度为零,由动能定理列式,可求出碰后两球的共同速度大小。对于碰撞过程,利用动量守恒定律求出碰撞前小球的速度大小,再对小球从释放滑到最低点的过程,由动能定理列方程求解
    两球在离开后受到重力和风力,从的过程中,根据动能定理求解小球到达水平线时的速度大小。
    解答本题的关键要正确分析小球的受力情况,来判断其运动情况,同时,要把握每个过程的物理规律,在涉及力空间的积累效果求速度时,要优先想到动能定理。
     

    14.【答案】
     

    【解析】解:温度升高,气体分子的平均动能一定增大,故A正确;
    B.根据一定质量的理想气体状态方程可知,当温度不变时,体积减小,气体的压强一定增大,故B错误;
    C.外界对气体做功,若气体放热,则气体的内能可能减小,故C错误;
    D.气体从外界吸收热量,若气体对外做功,则气体内能可能减小,故 D错误。
    故选:
    明确温度是分子平均动能的标志,温度越高分子平均动能越大;知道气体压强与温度和体积有关;掌握热力学第一定律的基本内容,知道做功和热传递均可以改变物体的内能。
    本题比较全面考查了对气体压强的微观解释、温度与压强的关系、热力学第一定律等知识的掌握情况,对于这部分知识要通过课本加深理解。
     

    15.【答案】解:在降至室温的过程中,航天服内的气体发生等容变化,即

    解得:
    设航天服内部体积为,航天服内气体的压强由减至的过程中,根据玻意耳定律得:

    同温度、同压强下,同种气体的质量之比等于体积之比,有

    联立解得:
    答:航天服内气体温度降至室温时,航天服内气体的压强为
    放出的气体与航天服内剩余气体的质量之比为
     

    【解析】对航天服内的气体变化前后的状态参量进行分析,结合公式完成分析;
    先根据玻意耳定律分析出气体变化后的体积,理解在等温、等压条件下,气体的质量比等于体积之比。
    本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程,分析变化前后气体的状态参量,结合公式即可完成分析,整体难度不大。
     

    16.【答案】
     

    【解析】解:、两波在原点处的振动方向均向上,相遇后原点的振动加强,故A错误;
    B、两波波长均为,则周期为,设经过时间,沿轴负方向传播的波刚好传播到原点处,有,已知两列波的振幅,所以在前处于原点的质点运动路程为时两波相遇,原点为振动加强点,此时的振幅为,则后经过的路程为,则经,处于原点的质点运动的路程为,故B错误;
    C、在时,左侧的波刚好传播到处,右侧的波刚好传播到处,两列波的振动情况完全相反且振幅相同,则在时,坐标在之间的质点位移都为,故C正确;
    D、路程为质点运动轨迹的长度,而位移则是由始末位置决定,在内,坐标在之间的质点位移为,但路程不为,故D错误。
    故选:
    根据波的传播方向判断质点振动方向;根据波长大小关系判断周期大小关系,由波的传播得到两波在坐标原点出的位移,即可叠加得到质点位移。
    机械振动问题中,一般根据振动图或质点振动得到周期、质点振动方向;再根据波形图得到波长和波的传播方向,从而得到质点振动,进而根据周期得到路程。
     

    17.【答案】解:由题意知,出射角
    由折射定律得

    解得

    根据,代入数据可得临界角为
    当光线刚好在边上点发生全反射时,如实线光路所示,在边刚好全反射时,入射角


    由几何关系知,反射到边的入射角

    能够发生全反射。过点做的垂线,设,由几何关系知

    点发出的光能从边射出棱镜区域的长度为

    点发出的光线刚好在边上发生全反射时,如图蓝线光路所示,设与交点为,从垂线,交点,由几何关系知

    点发出的光线到点时,由几何关系知,光线可以出射。从点发出的光能从边射出棱镜区域的长度为

    之比为

    答:该光线在微棱镜内入射角的正弦值为
    点发出的光能从边和边射出棱镜区域的长度之比为
     

    【解析】根据题意可知,折射角为,根据折射定律求解入射角的正弦值;
    分别作出在面上和面上恰好发生全反射的光路图,根据几何知识求解该部分光线在边上的照射区域长度。
    解决该题的关键是能够正确作出光路图,能根据几何知识求解相关的长度和角度,熟记折射定律的表达式以及全反射的临界角的表达式。
     


     

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