2020-2021学年广东省中山市某校初三（下）期中考试物理试卷人教版

这是一份2020-2021学年广东省中山市某校初三（下）期中考试物理试卷人教版，共9页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，解答题等内容，欢迎下载使用。


1. 若把原子、原子核、电子看成球体，原子半径的数量级为10−10m，原子核半径的数量级为10−15m，电子半径的数量级小于10−9nm．按尺度从大到小的排序是（ ）
A.原子、原子核、电子B.电子、原子、原子核
C.原子核、原子、电子D.原子、电子、原子核

2. 将电灯、开关和插座接入家庭电路中，接线正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.

3. 岸上的人看到水中小鱼的光路图是（ ）
A.B.
C.D.

4. 如图所示，不能用流体压强与流速的关系来解释的是（ ）

A.图甲所示向两张纸中间吹气，纸张向中间靠拢
B.图乙所示用吸管吸饮料
C.图丙所示向B管吹气，A管中的水面上升
D.图丁所示飞机产生升力的原因

5. 晚上，爸爸对小明说“请把电视声音调小点，不要影响邻居休息．”这里“调小”的是声音的（ ）
A.音色B.音调C.响度D.速度

6. 如图所示的实验装置，表述错误的是（ ）

A.该装置可用来研究电磁感应现象
B.该装置能将电能转化为机械能
C.该装置可用来研究磁场对通电导体的作用
D.该装置揭示的原理可应用于电动机

7. 同学们梳理了教材中与物理知识相关的实验，如图所示，其中分析不正确的是（ ）

A.甲图中，密度计上的刻度线均匀，自上往下，密度值越来越小
B.乙图中，潜艇的制作原理是通过排水、吸水的方法改变其重力，实现沉与浮
C.丙图中，将金属块竖放在海绵上，与平放相比，减小受力面积，增大压强
D.丁图中，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，估测大气压强值
二、填空题

目前人们正致力于开发太阳能、核能、风能、海洋能、氢能……其中核能是________（选填“可再生”或“不可再生”）能源，核电站利用原子核________（选填“聚变”或“裂变”）释放的能量发电，电能属于________（选填“一次能源”或“二次能源”）．

在“探究冰熔化时温度的变化规律”实验中，某时刻温度计的示数如图甲所示，其读数为________​∘C．图乙是冰熔化时温度的变化曲线，由图可知，冰在熔化过程中，温度________（选填“升高”“降低”或“不变”），内能________（选填“增加”“减少”或“不变”）．


如图所示，用揭指和食指按压一支铅笔的两端，拇指和食指受到的压力分别为F1和F2，受到的压强分别为p1和p2．则F1________F2，p1________p2（两空选填“>”“<”或“=”）；若F2=1N，笔尖的面积为1×10−6m2，则p2=________Pa．


疫情期间，医护人员通过平面镜检视防护服的穿戴情况．医护人员在平面镜中的像是________（选填“实像”或“虚像”）；当医护人员走近平面镜时，人与像之间的距离________，像的大小________（后两空选填“变大”“变小”或“不变”）．

如图所示为“探究电流通过导体产生的热量跟________的关系”的实验装置．实验中用U形管内液面高度差的大小来反映电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫________（选填“控制变量”或“转换”）法．通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧的________（选填“多”或“少”）．


如图所示，点燃的蜡烛及焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上，要在光屏上承接到烛焰________（选填“正立”或“倒立”）、放大的清晰实像，需将光屏向________（选填“左”或“右”）移动；一段时间后，蜡烛变短了，烛焰在光屏上成的像会向________（选填“上”或“下”）移．


如图所示，人向下拉绳提升重物．已知物体重400N，动滑轮重60N，不计绳重及摩擦，将重物匀速提升0.5m，人需用的拉力为________N，绳子自由端移动的距离为________m，人所做的有用功为________J．

三、作图题



（1）如图所示，用一根硬棒通过支点O撬起石头，画过石头所受重力G的示意图，以及力F的力臂l．


（2）画出图中入射光经过凸透镜后的光线．

（3）如图，木块沿着斜面向上运动，请在图中A点作出木块受到的重力G的示意图．

（4）根据图所示的通电螺线管，标出磁感线方向和小磁针的北极．
四、实验探究题

为了“探究水沸腾时温度变化的特点”，取0.2kg水进行实验．

（1）如图甲所示实验装置的组装顺序应为________（选填“自下而上”或“自上而下”）．

（2）根据表中的实验数据，在图乙中画出水的温度随时间变化的图象．

（3）根据以上实验数据可知，水的沸点为________​∘C．为提高水的沸点，换用火力更大的酒精灯加热，这种做法________（选填“可行”或“不可行”）．

（4）假如酒精灯均匀放热，且释放的热量全部被水吸收，忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗，从第5min起1分钟内水吸收的热量是________J．[c水＝4.2×103J/(kg⋅​∘C)]
五、解答题

某轿车在平直公路上行驶的45s内，其速度v与时间t、动力F与时间t的关系图象分别如题图甲、乙所示．已知前10s轿车运动的路程为100m，求：

（1）前10s轿车运动的平均速度；

（2）轿车在10s∼45s的匀速直线运动阶段通过的路程；

（3）动力F在10s∼45s的匀速直线运动阶段做的功．

某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V．图甲是其电路原理图．S0为温控开关，R1、R2是两个供热电热丝（阻值不变），某次饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系如图乙所示．求：

（1）饮水机处于加热挡阶段消耗的电能．

（2）饮水机处于保温挡时，通过R1的电流．

（3）R2的阻值．

小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的．他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究．已知电源电压为4V并保持不变，电压表(0∼3V)2个，电流表(0∼0.6A)，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）．

（1）电路中a是________表，b是________表．

（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为________A．

（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示，由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率________．

（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从________W至________W．
参考答案与试题解析
2020-2021学年广东省中山市某校初三（下）期中考试物理试卷
一、选择题
1.
【答案】
A
【考点】
从微观到宏观的尺度
【解析】
根据原子、原子核、电子半径的大小分析。
【解答】
解：由题意可知，原子半径的数量级为10−10m，原子核半径的数量级为10−15m，电子半径的数量级小于10−9nm＝10−18m，则原子的半径大于原子核的半径，原子核的半径大于电子的半径，所以从大小到小的排列是原子、原子核、电子，故A正确、BCD错误．
故选A．
2.
【答案】
D
【考点】
家庭电路的连接
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：根据安全用电的原则，开关和电灯要串联，开关接在火线上，灯泡接在零线上；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；且三孔插座与电灯要并联，故D正确．
故选D．
3.
【答案】
B
【考点】
作光的折射光路图
【解析】
根据光线的传播方向及入射角与折射角间的关系分析各光路图，选出符合要求的选项。
【解答】
解：鱼反射的光由水中斜射入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，向水面偏折，人逆着折射光线看去，“鱼”的位置升高了，故B正确，ACD错误．
故选B．
4.
【答案】
B
【考点】
流体压强与流速的关系
大气压的综合应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．对着两张纸的中间吹气，两张纸中间的空气流速变大，压强变小，小于纸外侧的大气压，产生了一个向内的压强差，将纸压向中间，故A不符合题意；
B．用吸管吸饮料是利用了大气压的作用，不能揭示流体压强与流速的关系，故B符合题意；
C．往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在这个管内外产生压强差的作用下，液面上升，故C不符合题意；
D．相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强小于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力，能用流体压强与流速的关系来解释，故D不符合题意．
故选B．
5.
【答案】
C
【考点】
音调、响度与音色的区分
【解析】
响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关。音量的调节，就是改变声音的响度。
【解答】
解：人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，当电视音响振动幅度大时，发出声音的响度也会很大，所以这里“调小”的是声音的响度．
故选C．
6.
【答案】
A
【考点】
直流电动机的原理
【解析】
电路中有电源，是探究通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机工作原理图。
【解答】
解：如图电路中有电源，是电动机工作原理图，是电能转化为机械能，工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故A错误，故BCD正确．
本题选错误的，故选A．
7.
【答案】
A
【考点】
阿基米德原理
增大压强的方法及其应用
物体的浮沉条件及其应用
大气压强的测量方法
【解析】
（1）液体密度越大，密度计浸入液体的体积越小；
（2）物体的沉浮取决于物体受到的重力和浮力的大小；
（3）压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；
（4）知道压力和受力面积，利用p=FS求压强。
【解答】
解：A．同一密度计漂浮时，浮力等于重力，密度计的重力一定，浮力不变，根据V排=Fρg，液体的密度越大，排开液体的体积越小，密度计浸入液体的深度越小，说明液体的密度越大，密度计上的刻度（值），越靠近下端，示数值越大，且由于密度计的下端横截面积较大，所以密度计上的刻度（线），越靠近下端，刻度线越密，故A错误．
B．潜艇浸没在水中，受到的浮力一定，通过排水减小潜艇的重力，使重力小于浮力，潜艇就上浮；吸水时增加潜艇的重力，使重力大于浮力，潜艇就下沉，故B正确．
C．丙图实验中，将金属块竖放在海绵上，与平放相比，压力不变，受力面积减小，根据p=FS知压强增大，故C正确．
D．丁图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力F和吸盘的面积S，根据p=FS算出大气压强，故D正确．
本题选不正确的，故选A．
二、填空题
【答案】
不可再生,裂变,二次能源
【考点】
能源的分类
核聚变和核裂变
【解析】
（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源；化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
（2）核电站利用原子核裂变发电。
（3）像电能，是通过消耗一次能源转化而来，称为二次能源。
【解答】
解：核能属于不可再生能源；
核电站利用原子核裂变释放的能量发电，电能属于二次能源．
【答案】
2,不变,增加
【考点】
熔化和凝固的温度—时间图像
温度计的使用及其读数
【解析】
（1）读取温度计的示数时，要看清分度值以及示数在零上还是零下，再根据液面位置读出示数；
（2）晶体熔化时吸收热量，内能变大，温度不变。
【解答】
解：读图甲可知，温度计的分度值为1​∘C，示数为2​∘C；
由图乙可知，冰在熔化的过程中吸热，温度保持不变，内能增加．
【答案】
=,<,1×106
【考点】
压强大小比较
压强的计算公式及其应用
【解析】
先根据二力平衡判断铅笔受到两个力的关系，再根据力的相互作用判断铅笔对两手指压力之间的关系，最后根据压强公式p=FS判断手指受到的压强关系；根据p=FS求出压强的大小。
【解答】
解：铅笔处于静止状态，受到的两手指的压力是一对平衡力，所以两手指对铅笔的压力相等，手指对铅笔的压力与铅笔对手的压力是一对相互作用力，所以这两力也相等，即两手指受到的铅笔的压力相同，即F1=F2；
由图可知，食指的受力面积比较小，根据p=FS可知，食指受到的压强比较大，即p1若F2=1N，笔尖的面积为1×10−6m2，则p2=F2S=1N1×10−6m2=1×106Pa．
【答案】
虚像,变小,不变
【考点】
平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案
【解析】
物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】
解：医护人员在平面镜中的像是虚像；根据物和像大小相等可知，当他靠近平面镜时，他的像的大小不变；
当医护人员走近平面镜时，像距变小、物距变小，他与镜中的像的距离变小．
【答案】
电阻,转换,少
【考点】
焦耳定律
【解析】
由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q＝I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答。
【解答】
解：由电路图可知两电阻串联，通过两个电阻的电流和通电时间相同，电阻不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量跟电阻的关系；
电热丝对空气盒内的空气加热，空气受热膨胀，会推动U型管内的液柱变化，通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少，这是转换法的应用；
由Q＝I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管．
【答案】
倒立,右,上
【考点】
凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】
（1）当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像；
（2）实验一段时间后，蜡烛变短了，烛焰移到了主光轴的下方，所成的像将移到主光轴的上方，光屏应移到像的位置。
【解答】
解：如题图所示，点燃的蜡烛及焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上，要在光屏上承接到烛焰放大的实像，光屏应在大于2倍焦距的地方，即v>30cm，需将光屏向右移动到80cm的右边；
凸透镜成倒立的实像，蜡烛变短，相对于凸透镜向下移动，像向上移动．
【答案】
230,1,200
【考点】
有用功、额外功、总功
【解析】
（1）由图知，n＝2，不计绳重及摩擦，拉力F=12(G+G动)；
（2）绳子自由端移动的距离s＝2h，
（3）克服物体的重力所做的功为有用功，利用W＝Gh计算。
【解答】
解：由图知，n＝2，不计绳重及摩擦，拉力F=12(G+G动)=230N；
绳子自由端通过的距离：s=2h=2×0.5m=1m；
人所做的有用功为：W=Gh=400N×0.5m=200J．
三、作图题
【答案】
（1）如解答图所示．
（2）如解答图所示．
（3）如解答图所示．
（4）如解答图所示．
【考点】
力臂的画法
力的示意图
透镜的光路图
通电螺线管的磁场
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）石头重力的作用点在重心，过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，过支点O作垂直于动力作用线的垂线段，即为F的力臂L，如下图所示：
（2）如图所示：
（3）木块A沿着斜面向上运动，所受滑动摩擦力平行于斜面向下，作用点在接触面上．
（4）如图所示：
四、实验探究题
【答案】
（1）自下而上
（2）如解答图所示．
（3）99,不可行
（4）1.68×103
【考点】
探究水的沸腾实验
【解析】
（1）实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要按自下而上的顺序；
（2）根据表格中数据描点，用平滑的曲线连接；
（3）水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；液体的沸点随气压的增大而增大；
（4）利用Q吸＝cm△t求1分钟内水吸收的热量。
【解答】
解：（1）实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡不能碰容器底和壁，所以组装器材时要自下而上的顺序；
（2）根据表格中数据描点，用平滑的曲线连接，如下图：
（3）根据以上实验数据可知，水的沸点为99​∘C；液体的沸点随气压的增大而增大，换用了火力更大的酒精灯加热，不能使气压增大，不能提高水的沸点，故此方法不可行．
（4）忽略沸腾前水的质量变化以及热量的损耗，从第5min起1分钟内水吸收的热量等于水沸腾前1min吸收的热量：
Q吸=c水=mΔt=4.2×103J/(kg⋅​∘C)×0.2kg×2​∘C=1.68×103J．
五、解答题
【答案】
（1）前10s轿车运动的平均速度为10m/s．
（2）轿车在10s∼45s的匀速直线运动阶段通过的路程为700m．
（3）动力F在10s∼45s的匀速直线运动阶段做的功7×105J．
【考点】
时间、速度、路程的图像分析
速度公式及其应用
功的计算
【解析】
（1）解答时根据平均速度计算公式，再结合题给图示找出路程，时间即可求解．
（2）根据匀速直线运动速度、时间和路程之间的关系进行解答．
（3）运用功的计算公式，找出力和路程代入计算即可．
【解答】
（1）前10s轿车运动的平均速度v1=s1t1=100m10s=10m/s．
（2）轿车匀速直线运动阶段所有时间t2=45s−10s=35s，轿车在匀速直线运动阶段所通过的路程s2=vt2=20m/s×35s=700m．
（3）在10s∼45s做匀速直线运动，s=700m，力F=1000N，所以W=Fs=1000N×700m=7×105J．
【答案】
（1）饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为1.452×105J．
（2）饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.2A．
（3）R2的阻值为110Ω．
【考点】
电功的计算
电功率的计算
【解析】
（1）根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据EW＝Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
（2）当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态；
根据图乙判断出保温挡的功率，根据P＝UI算出保温挡时通过R1的电流；
（3）当开关S、S0闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态；饮水机保温时电路为R1的简单电路，饮水机加热时R1与R2并联，饮水机加热功率减去保温功率即为R2的电功率，根据并联电路的电压特点和P=U2R求出R2的阻值。
【解答】
解：（1）由图乙知，加热挡的功率为P加热＝484W，加热时间为t＝5min＝300s，
饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为W＝P加热t＝484W×300s＝1.452×105J．
（2）当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态，
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态，
根据图乙知保温挡的功率为44W，
根据P＝UI知，保温挡时通过R1的电流为：
I=PU=44W220V=0.2A．
（3）因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，加热时电阻丝R2的电功率：
P2＝P加热−P1＝P加热−P保温＝484W−44W＝440W，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
由P=U2R可得，电阻R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω．
【答案】
（1）电流,电压
（2）0.5
（3）先变大后变小
（4）0.2,1.8
【考点】
探究用电器的电功率实验
【解析】
（1）根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样的含义，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
（4）根据P=U2R得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据P大＝I2RL得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P=U2R求出灯的最小功率．
【解答】
解：（1）a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P＝UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL=PLUL=；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
（4）根据P=U2R可得，灯正常发光时的电阻为：RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω，
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，即灯的最大电压为54×2.5V＝3.125V，
灯的最大电流为：I灯=URL=3.125V5Ω=0.625A，根据电流选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯两端电压：UL=IRL=3V，符合电压表量程，
灯的最大功率为：Pmax＝I2RL＝(0.6A)2×5Ω＝1.8W，
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为Umin＝4V−3V＝1V，
灯的最小功率为：Pmin=Umin2RL=(1V)25Ω=0.2W，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至 1.8W．时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/​∘C
90
92
94
96
98
99
99
99
99