2022年吉林省长春市东北师大附中校净月学校九中考物理模拟试卷（含答案）

这是一份2022年吉林省长春市东北师大附中校净月学校九中考物理模拟试卷（含答案），共32页。试卷主要包含了单选题，填空题，综合题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年吉林省长春市东北师大附中校净月学校九中考物理模拟试卷
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）用声音刻录百年记忆，听文物致敬百年风华。建党百年之际，中央广播电视总台推出红色印记百件革命文物的声音档案。听众辨别出讲述人是哪位播音员，是依据声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
2．（2分）下列光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．铅笔在水面处“折断” B．豹子在水中形成倒影
C．放大镜把字放大 D．人在阳光下形成影子
3．（2分）下列物态变化现象中属于液化的是（ ）
A．打在枝头的霜 B．草叶上的露珠
C．冰冻的衣服干了 D．消融的冰雪
4．（2分）如图所示的一次性医用口罩，由罩体、松紧和铝条组成。配戴时，罩体紧粘面部，松紧跨在两耳耳根后，用手指紧压铝条，使口罩上端紧贴鼻梁，然后向下拉伸口罩，覆盖鼻子、嘴巴。关于该口罩，以下说法中正确的是（ ）

A．任何物质的分子都不能通过罩体
B．压弯的铝条发生的是弹性形变
C．松紧形变后会对耳根处产生弹力的作用
D．松紧拉得越长，对耳根处的弹力越小
5．（2分）如图所示是物理课本中的一些插图，关于这些插图的说法正确的是（ ）
A．图使用试电笔不应该接触笔尾金属体
B．图中电流表测量电路L2的电流
C．图中开关控制灯泡L2的通断
D．图是电动机的工作原理示意图
6．（2分）如图所示是苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中的情景，下列关于他运动过程说法正确的是（ ）

A．他从跳台雪面加速下滑的过程中机械能减少
B．脚下的单板面积大是为了增大他对雪地的压强
C．他能在空中持续向前运动是由于受到惯性作用
D．在雪地下滑过程中他所受的重力和地面对他的支持力是平衡力
7．（2分）新疆牧民布茹玛汗在边境数万块石头上刻下“中国”二字，义务守护国境线60年，被授予“人民楷模”。如图是她正在刻字的情景。下列说法正确的是（ ）

A．“中国石”刻字前、后质量不变
B．使用尖锐石头或钉子刻字是为了增大压力
C．刻字时钉子发热，是通过做功的方式改变内能
D．从不同方向看到“中国”，说明石头是光源
8．（2分）将四个定值电阻a、b、c、d分别接入电路，测出相应的电阻两端的电压U和通过的电流I，把测得的数据在坐标系中描点，如图所示。根据图中信息判断，下列说法正确的是（ ）

A．阻值相差最大的两个电阻是a和d
B．阻值相差最小的两个电阻是b和c
C．电功率相差最大的两个电阻是b和d
D．电功率相差最小的两个电阻是a和d
9．（2分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）

A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
二、填空题（每空1分，共12分）
10．（2分）2021年2月10日我国首次火星探测任务“天问一号”探测器，成功实现“绕、着、巡”目标的第一步，环绕火星成功。火星探测器与地球之间通过 （选填“超声波”或“电磁波”）实现联系；发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭是 （选填“运动”或“静止”）的。
11．（2分）抗疫防控期间，常德市防疫部门利用雾炮车对城区街道喷洒消毒液进行消毒和除尘，雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，雾炮车的动能 （选填“变大”、“不变”或“变小”），喷洒时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，这是 现象。

12．（2分）太阳内部的原子核在超高温下发生 ，从而释放出巨大的能量。小吴家的太阳能热水器装满100kg水，在太阳的照射下水温从10℃升高到30℃，则水吸收的热量为 J。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
13．（2分）家里某插座如图所示，其中 号插孔里的金属片与地线相通，用测电笔辨别火线与零线时，使测电笔发光的是 （选填“火线”或“零线”）。

14．（2分）如图所示，闭合开关后，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则A端是电源的 极，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性将 （填“变大”“变小”或“不变”）。

15．（2分）小明用如图所示的电路“探究电流与电压的关系”。所用电源电压为4.5V．闭合开关S时，发现电压表无示数，但电流表有示数，电路故障可能是电阻R1 （选填“断路”或“短路”）。排除故障后，他移动滑动变阻器的滑片，发现当电压表示数是1.2V时，电流表示数是0.30A；继续移动滑片，使电压表示数从1.2V增加到2.4V，那么该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了 Ω。

三、综合题（每空1分，共31分）
16．（5分）用蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图时，在光屏上能成 、缩小的实像。生活中的 （照相机/放大镜/幻灯机）就是利用这个原理制成的；
（2）这个凸透镜的焦距可能是 ：
A.8cm
B.12cm
C.16cm
D.20cm
（3）若仅将图中凸透镜移动到刻度值为 cm处，光屏上可再次呈现一个清晰的像；
（4）若仅将图中光屏向右移动一小段距离，在凸透镜和烛焰之间放置一个合适的 （近视/远视）眼镜，可使光屏上再次得到烛焰清晰的像。
17．（3分）在探究影响压力作用效果的因素的实验中，甲图中小桌放在海绵上，乙图中在桌面上放一个砝码，丙图中桌面朝下，并在其上放一个同样的砝码。
（1）在三次实验中，均用 来显示小桌对支持面的压力作用效果。
（2）比较 两图可以初步得出实验结论： 相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显。若想通过比较甲、丙两图也得出相同的实验结论，可以采取的措施是 。
（3）下列事例中，直接应用该结论的是 （填序号）。
①有些课桌的边缘设计成圆弧形状
②水壶的壶嘴和壶身设计成相同的高度
③交通管理部门规定，货车禁止超载

18．（5分）如图甲所示是小锐探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。

（1）实验装置中纸板的作用是 ，某时刻温度计示数如图甲所示，此时烧杯中水的温度为 ℃。
（2）水沸腾后继续加热，烧杯中水分子的无规则运动速度将会 （选填“增大”、“减小”或“不变”），小锐同学想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法 （选填“可行”或“不可行”）。水沸腾后仍然继续加热几分钟的目的是 。
（3）小锐利用图甲装置做了两次实验，若酒精灯加热都完全相同，且操作正确，小锐绘制的两次实验温度计示数随时间变化的图像如图乙所示，则两次实验所用水的质量之比ma：mb＝ 。
19．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可以是 （选填“塑料”、“铝”或“铁”）；
（2）我们可以通过灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流产生；还可以通过指针偏转的方向判断 ；
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 的关系；
（4）若将此装置中灵敏电流计换成 ，可进一步探究电动机的工作原理。

20．（7分）图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。

（1）挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向 （选填“左”或“右”）侧调节。
（2）图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线（如图丙所示），就会发现杠杆 （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（3）在探究过程中，需要进行多次实验的目的是 。
（4）某同学提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图丁所示的装置进行探究，在杠杆O点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为 N。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1L1总是 （选填“大于”、“等于”或“小于”）F2L2，其原因可能是 。
（5）图丁中，弹簧测力计处在A点位置时，此杠杆属于 （选填“省力”或“费力”）杠杆，请举出它在生活生产中的一个应用实例： 。
21．（9分）如图甲、乙所示，某科技小组自制了一个测量水的深度的装置，它由测量头和控制盒构成，测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的面积为2cm2的压敏电阻R1，R1的电阻随水对它的压力F的变化关系如图丙所示，控制盒内有一个定值电阻R0和一个最大阻值为90Ω的滑动变阻器R2，电源电压保持不变，不计导线的电阻，电压表的量程为0﹣3V，科技小组在确保电路安全的情况下，进行如下的操作：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）由图丙可知，随着压力的增加，R1的阻值 ，当R1放入水中3m深度时其电阻为 Ω。
（2）若电源电压为U，定值电阻的阻值为R0，通过电路调节，可使控制盒的功率达到最大，其值为Pm，请通过计算和必要的文字说明，利用已知条件表示出控制盒的最大功率值Pm。
（3）R1未放入水中时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时电压表示数达到最大值，R0的电功率为P0；当测量头放到水下深度h1＝10m时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至某一位置时，R0的电功率为P0′，电路的总功率为P总，R1的电功率为P1，已知P0：P0′＝9：4，P总：P1＝6：1，则此时R2的阻值为 Ω。
四、计算题（共7分）
22．（7分）中国的厨艺最讲究“火候”二字，如图甲所示的智能蛋糕机就是采用智能化技术控制不同时间段的温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕，蛋糕机的部分参数如表所示。
U额＝220V
额定功率/W
中温440
高温880
（1）求该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻；
（2）小明课下查得其实际工作的简化电路图如图乙所示，S1为单刀开关，S2为单刀多掷开关，R1、R2为电加热丝，由图可以判断，当S1 ，S2接触触点3时电路处于低温挡，请计算该蛋糕机低温挡的额定功率。


2022年吉林省长春市东北师大附中校净月学校九中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）用声音刻录百年记忆，听文物致敬百年风华。建党百年之际，中央广播电视总台推出红色印记百件革命文物的声音档案。听众辨别出讲述人是哪位播音员，是依据声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
【分析】声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色反映了声音的品质与特色，是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：不同的人发出声音的音色不同，听众辨别出讲述人是哪位播音员，是依据声音的音色不同。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
2．（2分）下列光现象中，由光的反射形成的是（ ）
A．铅笔在水面处“折断” B．豹子在水中形成倒影
C．放大镜把字放大 D．人在阳光下形成影子
【分析】平面镜成像是由于光的反射形成的。
水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。
影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：A、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故A错误；
B、平静湖面上豹子的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；
C、用放大镜看字时，字变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的。故C错误。
D、由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故D错误。
故选：B。
【点评】光的直线传播形成的现象包括：小孔成像，影子的形成，日、月食的形成等；光遇到物体表面会发生反射：平面镜成像就是光的反射形成的；光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折：钢笔错位、筷子变折、海市蜃楼，凸透镜成像等都属于光的折射现象。
3．（2分）下列物态变化现象中属于液化的是（ ）
A．打在枝头的霜 B．草叶上的露珠
C．冰冻的衣服干了 D．消融的冰雪
【分析】物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故B正确；
C、冰冻的衣服直接变干，是冰直接升华为水蒸气，故C错误；
D、消融的冰雪，属于熔化现象，故D错误。
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（2分）如图所示的一次性医用口罩，由罩体、松紧和铝条组成。配戴时，罩体紧粘面部，松紧跨在两耳耳根后，用手指紧压铝条，使口罩上端紧贴鼻梁，然后向下拉伸口罩，覆盖鼻子、嘴巴。关于该口罩，以下说法中正确的是（ ）

A．任何物质的分子都不能通过罩体
B．压弯的铝条发生的是弹性形变
C．松紧形变后会对耳根处产生弹力的作用
D．松紧拉得越长，对耳根处的弹力越小
【分析】（1）人能够通过罩体呼吸空气；
（2）压弯的铝条自身不能恢复原状，属于非弹性形变；
（3）松紧发生弹性形变后会对与其接触的物体产生弹力作用；
（4）弹性形变越大，则弹力越大。
【解答】解：A、通过罩体人能够正常呼吸空气，说明有空气分子通过罩体，故A错误；
B、去掉外力后铝条不能恢复原状，所以压弯的铝条发生的是非弹性形变，故B错误；
C、松紧发生的是弹性形变，它对与其接触的物体产生弹力作用，故C正确；
D、在弹性限度内，弹性形变越大，则弹力越大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查弹力的产生、弹力的大小及其应用，明确发生弹性形变的物体对与其接触的物体会产生力的作用。
5．（2分）如图所示是物理课本中的一些插图，关于这些插图的说法正确的是（ ）
A．图使用试电笔不应该接触笔尾金属体
B．图中电流表测量电路L2的电流
C．图中开关控制灯泡L2的通断
D．图是电动机的工作原理示意图
【分析】（1）使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明接触的是火线；
（2）电流表是测量电流的仪表，电流表要与被测用电器串联；
（3）根据并联电路连接特点，结合图分析作答；
（4）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流。
【解答】解：A、使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，故A错误；
B、电流表在干路上，测量的是干路电流，故B错误；
C、图中开关闭合后，电流从电源正极流出，一路经灯泡L1流回电源负极，另一路经灯泡L2，经开关回到电源负极，所以开关控制灯泡L2的通断，故C正确；
D、丁图是电磁感应实验，导体做切割磁感线运动且电路是闭合的，电路中才会产生感应电流，是发电机原理，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了试电笔的使用、电流表的使用、并联电路以及电磁感应现象，难度不大。
6．（2分）如图所示是苏翊鸣在北京冬奥会单板滑雪男子大跳台比赛中的情景，下列关于他运动过程说法正确的是（ ）

A．他从跳台雪面加速下滑的过程中机械能减少
B．脚下的单板面积大是为了增大他对雪地的压强
C．他能在空中持续向前运动是由于受到惯性作用
D．在雪地下滑过程中他所受的重力和地面对他的支持力是平衡力
【分析】（1）在动能和势能的转化过程中，若不计摩擦、空气阻力等因素，机械能保持不变，若考虑摩擦、空气阻力等，机械能将变小。
（2）压强大小与压力大小和受力面积有关。
（3）惯性是物体保持原运动状态不变的性质，惯性不受力。
（4）二力平衡的条件有4个，“同一物体”、“大小相等”、“方向相反”、“在同一直线上”。
【解答】解：A、从跳台雪面加速下滑的过程中，重力势能转化为动能，由于克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减少，故A正确；
B、脚下的单板面积大是为了减小他对雪地的压强，故B错误；
C、他能在空中持续向前运动是由于他具有惯性，故C错误；
D、在雪地下滑过程中他所受的重力和地面对他的支持力不是平衡力，因为两个力没有在同一直线上，故D错误。
故选：A。
【点评】理解动能和势能转化过程中机械能的情况、影响压强的因素、惯性概念、二力平衡的条件，可解答此题。
7．（2分）新疆牧民布茹玛汗在边境数万块石头上刻下“中国”二字，义务守护国境线60年，被授予“人民楷模”。如图是她正在刻字的情景。下列说法正确的是（ ）

A．“中国石”刻字前、后质量不变
B．使用尖锐石头或钉子刻字是为了增大压力
C．刻字时钉子发热，是通过做功的方式改变内能
D．从不同方向看到“中国”，说明石头是光源
【分析】（1）质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、温度、位置则不会发生改变；
（2）在压力一定的条件下，减小受力面积可增大压强；在受力面积一定时，增大压力可增大压强；
（3）改变物体内能的方式：做功和热传递；
（4）能自身发光的物体是光源。
【解答】解：A、“中国石”刻字前、后质量有损耗，故刻字后质量变小，故A错误；
B、使用尖锐石头或钉子刻字是为了在压力一定的条件下，减小受力面积来增大压强，故B错误；
C、刻字时钉子发热，是通过做功的方式改变内能，故C正确；
D、石头自身不能发光，不是光源，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查质量、增大压强的方法、改变内能的方式以及光源，是一道综合题。
8．（2分）将四个定值电阻a、b、c、d分别接入电路，测出相应的电阻两端的电压U和通过的电流I，把测得的数据在坐标系中描点，如图所示。根据图中信息判断，下列说法正确的是（ ）

A．阻值相差最大的两个电阻是a和d
B．阻值相差最小的两个电阻是b和c
C．电功率相差最大的两个电阻是b和d
D．电功率相差最小的两个电阻是a和d
【分析】由公式、P＝UI结合图象分析阻值大小、功率大小关系。
【解答】解：由公式可得，即电阻大小为图像纵、横坐标之比，故Ra＞Rb＝Rd＞Rc；
由公式P＝UI可知，功率的大小为图像纵横坐标之积，相当于以纵、横坐标为边的矩形面积，故Pb＞Pa＝Pc＞Pd，
即：阻值相差最大的两个电阻是a和c，电功率相差最大的两个电阻是b和d，故A、B、D错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查公式、P＝UI的应用，要求学生结合图像获取信息解决问题，难度不大。
9．（2分）物体A重25N，绳子承受最大拉力100N。小壮用20N的力将A以2m/s的速度匀速提升到高处，忽略绳重、摩擦及空气阻力。下列说法不正确的是（ ）

A．动滑轮所受的重力为15N
B．第一秒内克服滑轮重做的额外功为30J
C．此滑轮组能提起的最大物重是185N
D．此装置最高机械效率为62.5%
【分析】（1）由图可知n＝2，利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（2）利用v＝求A移动的距离，即动滑轮移动的距离，利用W额＝G动h求克服滑轮重做的额外功；
（3）利用忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+GA+G动）求出货物的最大重力；
（4）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：A、由图可知n＝2，因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣GA＝2×20N﹣25N＝15N，故A正确；
B、由v＝可知，A移动的距离：h＝vt＝2m/s×1s＝2m，即动滑轮移动的距离h＝2m，所以克服滑轮重做的额外功：W额＝G动h＝15N×2m＝30J，故B正确；
C、因为忽略绳重、摩擦、空气阻力时F＝（GA+G动），所以货物的最大重力：G最大＝nF最大﹣G动＝2×100N﹣15N＝185N，故C正确；
D、因为此装置提升重物的机械效率随提升物重的增大而增大，所以此装置运载货物最高机械效率：η'＝＝＝＝＝＝92.5%，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查使用滑轮组时绳子拉力、额外功、机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是解题的关键。
二、填空题（每空1分，共12分）
10．（2分）2021年2月10日我国首次火星探测任务“天问一号”探测器，成功实现“绕、着、巡”目标的第一步，环绕火星成功。火星探测器与地球之间通过 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）实现联系；发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭是 运动 （选填“运动”或“静止”）的。
【分析】（1）卫星信号都是通过无线电波来传递信息的；
（2）在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象相对于参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的。
【解答】解：（1）因电磁波可以在真空中传播，所以从火星探测器与地球之间用电磁波传递信息；
（2）发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭位置发生了改变，所以是运动的。
故答案为：电磁波；运动。
【点评】本题考查电磁波的应用、运动和静止的判断，熟练掌握基础知识即可正确解题。
11．（2分）抗疫防控期间，常德市防疫部门利用雾炮车对城区街道喷洒消毒液进行消毒和除尘，雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，雾炮车的动能 变小 （选填“变大”、“不变”或“变小”），喷洒时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，这是 扩散 现象。

【分析】（1）动能是指物体由于运动而具有的能量，动能大小与物体的质量和运动速度有关。
（2）两种物质相互接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散。
【解答】解：雾炮车在水平路面匀速前进喷洒消毒液的过程中，雾炮车的速度不变，但质量变小，故其动能变小。
喷洒消毒液时离得较远的环卫工人也能闻到消毒液的气味，是因为消毒液的分子在不停地做无规则运动，进入环卫工人的鼻子引起嗅觉，属于扩散现象。
故答案为：变小；扩散。
【点评】本题围绕抗疫防控考查了动能的大小变化、扩散现象，具有一定综合性，但难度不大。
12．（2分）太阳内部的原子核在超高温下发生 核聚变 ，从而释放出巨大的能量。小吴家的太阳能热水器装满100kg水，在太阳的照射下水温从10℃升高到30℃，则水吸收的热量为 8.4×106 J。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）太阳内部氢原子核在高温下发生核聚变而释放出核能；
（2）知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量。
【解答】解：（1）太阳内部氢原子核在高温下发生核聚变而释放出核能；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（30℃﹣10℃）＝8.4×106J。
故答案为：核聚变；8.4×106。
【点评】本题考查了核聚变和吸热公式的应用，属于基础题目。
13．（2分）家里某插座如图所示，其中 ① 号插孔里的金属片与地线相通，用测电笔辨别火线与零线时，使测电笔发光的是 火线 （选填“火线”或“零线”）。

【分析】（1）根据三孔插座的正确接法（上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线）判断；
（2）辨别火线和零线用测电笔，测电笔接触电线时氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。
【解答】解：图中的插座接触电路时，三孔插座的左侧③接零线，三孔插座右侧的②接火线；三孔插座上端①接地线，通过三脚插头与用电器外壳接通，避免外壳带电发生触电事故；
用测电笔辨别火线与零线时，使测电笔发光的是火线，不发光的是零线。
故答案为：①；火线。
【点评】掌握家庭电路电压、各家用电器连接方式等，这些都是比较基础的问题，不会有很深的题目。
14．（2分）如图所示，闭合开关后，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则A端是电源的 正 极，当滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性将 变小 （填“变大”“变小”或“不变”）。

【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律知，小磁针的左端为S极，右端是N极，则螺线管右端为N极；
（2）由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，再由欧姆定律可知通过螺线管的电流的变化，得出磁性强弱的变化。
【解答】解：（1）如图小磁极静止时右侧为N极，左侧为S极；因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管右端为N极；左端为S极；根据安培定则判断电流从左端流入，故A端是正极；
（2）当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得，电路中电流减小，故电磁铁的磁性减小。
故答案为：正；变小。
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。同时也考查了变阻器电阻的变化，对电磁铁磁性影响，是一道基础题。
15．（2分）小明用如图所示的电路“探究电流与电压的关系”。所用电源电压为4.5V．闭合开关S时，发现电压表无示数，但电流表有示数，电路故障可能是电阻R1 短路 （选填“断路”或“短路”）。排除故障后，他移动滑动变阻器的滑片，发现当电压表示数是1.2V时，电流表示数是0.30A；继续移动滑片，使电压表示数从1.2V增加到2.4V，那么该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了 7.5 Ω。

【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，电流表有示数说明电路为通路，电压表无示数说明电压表被短路，据此进行解答；
（2）根据欧姆定律求出R1的阻值，利用串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律求出电压表示数增加到2.4V时电路中的电流，然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出此时变阻器接入电路中的电阻，进一步求出该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了的值。
【解答】解：
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，电流表有示数说明电路为通路，电压表无示数说明电压表被短路，则电路故障可能是电阻R1短路；
（2）由题意可知，当电压表示数是1.2V时，电流表示数是0.30A，
由I＝可得，R1的阻值：R1＝＝＝4Ω，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时滑动变阻器两端的电压：U2＝U﹣U1＝4.5V﹣1.2V＝3.3V，
则变阻器接入电路中的电阻：R2＝＝＝11Ω，
因探究电流与电压的关系时应保持定值电阻的阻值不变，
所以，当电压表示数增加到2.4V时电路中的电流：I2＝＝＝0.60A，
此时滑动变阻器两端的电压：U2′＝U﹣U1′＝4.5V﹣2.4V＝2.1V，
此时变阻器接入电路中的电阻：R2′＝＝＝3.5Ω，
所以，该过程中滑动变阻器R2连入电路的阻值减小了△R2＝R2﹣R2′＝11Ω﹣3.5Ω＝7.5Ω。
故答案为：短路；7.5。
【点评】本题考查了电路故障的判断和串联电路特点以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
三、综合题（每空1分，共31分）
16．（5分）用蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上进行“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图时，在光屏上能成 倒立 、缩小的实像。生活中的 照相机 （照相机/放大镜/幻灯机）就是利用这个原理制成的；
（2）这个凸透镜的焦距可能是 B ：
A.8cm
B.12cm
C.16cm
D.20cm
（3）若仅将图中凸透镜移动到刻度值为 40 cm处，光屏上可再次呈现一个清晰的像；
（4）若仅将图中光屏向右移动一小段距离，在凸透镜和烛焰之间放置一个合适的 近视 （近视/远视）眼镜，可使光屏上再次得到烛焰清晰的像。
【分析】（1）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，是照相机的原理；物距小于像距，成倒立放大的实像，是投影仪的原理。
（2）u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，确定其焦距的范围；
（3）根据凸透镜成像的三种情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；u＜f，成正立、放大的虚像；
（4）知道近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用。同时知道凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律可做出判断。
【解答】解：
（1）当烛焰、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图所示时，光屏上出现一个清晰倒立的实像，此时物距大于像距，成缩小的实像，是照相机的原理；
（2）此时物距为50cm﹣20cm＝30cm，此时u＞2f，即30cm＞2f﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
像距v＝70cm﹣50cm＝20cm，此时2f＞20cm＞f﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
综合①②得10cm＜f＜15cm
故选B；
（3）蜡烛与光屏在光具座上的位置不动，要在光屏上再次得到清晰的像，此时的像距v′＝30cm（即此时的像距与原来的物距相等），根据光路的可逆性，此时的物距u′＝v＝20cm，所以此时凸透镜的位置在20cm+20cm＝40cm处，蜡烛位于1倍焦距和2倍焦距之间，所以成倒立、放大的实像；
（4）仅将图中光屏向右移动一小段距离，在凸透镜和烛焰之间放置一个合适的凹透镜即近视眼镜，使光线延迟会聚。
故答案为：（1）倒立；照相机；（2）B；（3）40；（4）近视。
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系，做到灵活应用。
17．（3分）在探究影响压力作用效果的因素的实验中，甲图中小桌放在海绵上，乙图中在桌面上放一个砝码，丙图中桌面朝下，并在其上放一个同样的砝码。
（1）在三次实验中，均用 海绵凹陷程度 来显示小桌对支持面的压力作用效果。
（2）比较 乙、丙 两图可以初步得出实验结论： 压力 相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显。若想通过比较甲、丙两图也得出相同的实验结论，可以采取的措施是 取下丙图中的砝码 。
（3）下列事例中，直接应用该结论的是 ① （填序号）。
①有些课桌的边缘设计成圆弧形状
②水壶的壶嘴和壶身设计成相同的高度
③交通管理部门规定，货车禁止超载

【分析】（1）力可以使物体发生形变，相同受力面的形变程度越大，压力作用效果越明显，可以通过受力面形变程度的大小判断压力的作用效果；
（2）根据控制变量法的要求，根据实验所控制的变量、分析图示实验现象，然后得出实验结论；
（3）根据被压物质的形变来反映压力的作用效果，受压面的材料相同且形变要明显；
上端开口，底部连通的容器叫连通器。如果连通器中只有一种液体，在液体不流动时，各容器中液面总是相同的。
【解答】解：（1）海绵受力时会发生形变，三次实验中，通过观察海绵凹陷程度来显示压力的作用效果，这种实验方法叫转换法。
（2）要得到‘压力大小相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显’的结论，应控制压力相同，受力面积不同，故图中乙、丙两组实验符合要求；
取下丙图中的砝码，通过比较甲、丙两图也得出压力大小相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显的实验结论；
（3）①有些课桌的边缘设计成圆弧形状，应用了“压力大小相同时，受力面积越大，压力作用效果越不明显”这一结论；故①符合题意；
②水壶的壶嘴和壶身设计成相同的高度是利用了连通器原理；故②不符合题意；
③货车行驶时，地面的受力面积相同，承载质量越大，对地面压力越大，压强越大，路面越易损坏，应用了受力面积相同时，压力大，力的作用效果明显，故③不符合题意。
故答案为：（1）海绵凹陷程度；（2）乙、丙；压力；取下丙图中的砝码；（3）①。
【点评】本题探究影响压力作用效果的因素，主要考查控制变量法、转换法的应用及增大（减小）压强在生活中的应用。
18．（5分）如图甲所示是小锐探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。

（1）实验装置中纸板的作用是 减少热量散失 ，某时刻温度计示数如图甲所示，此时烧杯中水的温度为 76 ℃。
（2）水沸腾后继续加热，烧杯中水分子的无规则运动速度将会 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”），小锐同学想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法 不可行 （选填“可行”或“不可行”）。水沸腾后仍然继续加热几分钟的目的是 探究液体沸腾时温度变化情况 。
（3）小锐利用图甲装置做了两次实验，若酒精灯加热都完全相同，且操作正确，小锐绘制的两次实验温度计示数随时间变化的图像如图乙所示，则两次实验所用水的质量之比ma：mb＝ 5：3 。
【分析】（1）实验装置中纸板的作用是，减少热量损失，使水尽快沸腾；温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
（2）分子的无规则运动速度与物体的温度有关；一个标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；水沸腾后仍然继续加热几分钟的目的是探究液体沸腾时温度变化情况；
（3）在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，根据Q吸＝cm△t可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比.
【解答】解：（1）实验装置中纸板的作用是减少热量损失；
温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了70℃上面第6个小格处，此时烧杯中水的温度为76℃；
（2）水沸腾后继续加热，烧杯中水分子的无规则运动速度与物体的温度有关，沸腾后温度不变，烧杯中水分子的无规则运动速度不变；
液体的沸点随气压的增大而增大，换用了火力更大的酒精灯加热，不能使气压增大，不能提高水的沸点，故此方法不可行；
水沸腾后仍然继续加热几分钟的目的是探究液体沸腾时温度变化情况；
（3）根据Q吸＝cm△t，在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，则：cma△t1＝cmb△t2，
可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比：＝＝＝＝5：3；
故答案为：（1）减少热量散失；76；（2）不变；不可行；探究液体沸腾时温度变化情况；（3）5：3。
【点评】水的沸腾实验是初中热学重要的实验，此实验涉及到的知识点多，但是难度比较小，一般考查液体沸点、沸腾条件、沸腾特点、温度计的正确使用、气泡变化问题，对于实验题，还要注意实验过程中出现的故障，都是考试的重点内容。
19．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可以是 铝或铁 （选填“塑料”、“铝”或“铁”）；
（2）我们可以通过灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流产生；还可以通过指针偏转的方向判断 感应电流的方向 ；
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 磁场方向 的关系；
（4）若将此装置中灵敏电流计换成 电源 ，可进一步探究电动机的工作原理。

【分析】（1）容易导电的物体是导体；
（2）电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生电流的现象；实验中通过灵敏电流计的指针的偏转情况判定电路中是否有电流；
（3）感应电流的方向与导体运动的方向、磁场的方向有关；
（3）通电导体在磁场中受力运动。
【解答】解：（1）在探究电磁感应现象的实验中，我们必须保证处于磁场中的这部分是导体，两种物质中，塑料是绝缘体，铝、铁是导体，所以我们应选择铝或铁。
（2）图中的灵敏电流计的指针，在电路中没有电流时，指在表盘中央；当有电流时，指针的偏转方向与电流方向一致。由此可知，我们可以根据指针的偏转方向判断出电流的方向；
（3）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验时，只有磁场的方向发生了改变，则这次实验主要是为了探究感应电流的方向与磁场方向的关系；
（4）电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，由此可知，我们需要在电路中添加电源，即将灵敏电流计换成电源。
故答案为：（1）铝或铁；（2）感应电流的方向；（3）磁场方向；（4）电源。
【点评】实验类探究题中，经常体现的实验方法有：控制变量法和转换法。我们在解答这类题时，也要注意应用这两种思维方式，如得出结论时，要注意实验结果成立的前提等。
20．（7分）图甲是某实验小组探究“杠杆的平衡条件”的实验装置。

（1）挂钩码前，杠杆在图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 平衡 （选填“平衡”或“非平衡”）状态；要想使杠杆在水平位置平衡，接下来应将杠杆两端的螺母向 左 （选填“左”或“右”）侧调节。
（2）图乙是一个平衡的杠杆，此时若推动右侧钩码的悬线（如图丙所示），就会发现杠杆 左端下沉 （选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”）。
（3）在探究过程中，需要进行多次实验的目的是 避免偶然性，寻找普遍规律 。
（4）某同学提出，若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否仍然成立？于是该小组利用图丁所示的装置进行探究，在杠杆O点处挂上2个钩码，用弹簧测力计在A点处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计示数为 2.3 N。以弹簧测力计的拉力为动力F1，钩码处绳子拉力为阻力F2，多次改变动力作用点的位置进行实验发现：当杠杆水平平衡时，F1L1总是 大于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）F2L2，其原因可能是 杠杆自重对杠杆平衡有影响 。
（5）图丁中，弹簧测力计处在A点位置时，此杠杆属于 费力 （选填“省力”或“费力”）杠杆，请举出它在生活生产中的一个应用实例： 钓鱼竿 。
【分析】（1）杠杆的平衡状态：静止或匀速转动；要使杠杆在水平位置平衡，调节平衡时将螺母向上翘的一端移动；
（2）推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
（3）本实验是为了探究杠杆平衡规律，进行多次实验，为避免偶然性，得出普遍结论；
（4）明确测力计分度值和单位；
若支点不在杠杆中心，此时杠杆的平衡会受杠杆自重的影响，根据杠杆平衡条件判断F1L1与F2L2大小；
（5）动力臂小于阻力臂为费力杠杆；
【解答】解（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于平衡状态；
由图甲知，杠杆的左端较高，所以接下来应将两端的螺母向左调节，使杠杆保持水平并静止；
（2）图乙中支点在中心时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件知F左L左＝F右L右，图丙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，故此时F左L左＞F右L右，故左端会下沉；
（3）本实验进行多次实验，是为避免偶然性，得出普遍结论；
（4）分度值为0.1N，弹簧测力计示数为2.3N；
图丁中，设杠杆的重力为G，力臂为LG，当杠杆平衡时，根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2+GLG，
由丁图可知LG≠0，所以杠杆自重对杠杆平衡有影响，此时F1L1＞F2L2；
（5）由图丁可知此时L1＜L2，故为费力杠杆，生活中常见的镊子、钓鱼竿等都是费力杠杆。
故答案为：（1）平衡；左 （2）左端下沉； （3）避免偶然性，寻找普遍规律；
（4）2.3；大于；杠杆自重对杠杆平衡有影响； （5）费力；钓鱼竿（或镊子等）。
【点评】本题考查探究杠杆平衡条件实验操作与分析、杠杆的分类，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
21．（9分）如图甲、乙所示，某科技小组自制了一个测量水的深度的装置，它由测量头和控制盒构成，测量头的测量面是一个涂有绝缘漆的面积为2cm2的压敏电阻R1，R1的电阻随水对它的压力F的变化关系如图丙所示，控制盒内有一个定值电阻R0和一个最大阻值为90Ω的滑动变阻器R2，电源电压保持不变，不计导线的电阻，电压表的量程为0﹣3V，科技小组在确保电路安全的情况下，进行如下的操作：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）由图丙可知，随着压力的增加，R1的阻值 减小 ，当R1放入水中3m深度时其电阻为 20 Ω。
（2）若电源电压为U，定值电阻的阻值为R0，通过电路调节，可使控制盒的功率达到最大，其值为Pm，请通过计算和必要的文字说明，利用已知条件表示出控制盒的最大功率值Pm。
（3）R1未放入水中时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时电压表示数达到最大值，R0的电功率为P0；当测量头放到水下深度h1＝10m时，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至某一位置时，R0的电功率为P0′，电路的总功率为P总，R1的电功率为P1，已知P0：P0′＝9：4，P总：P1＝6：1，则此时R2的阻值为 40 Ω。
【分析】（1）由图丙可知，随着压力的增加R1的阻值的变化；
根据液体压强公式计算测量头放到水下3m时受到的压力，由图像读出R1连入电阻的阻值；
（2）当两开关都闭合，R0、R2串联接入电路，根据P＝UI可知通过电路的电流最大时控制盒的功率最大，根据欧姆定律和电功率公式可得控制盒的最大功率值Pm；
（3）R1未放入水中时，它受到的水的压力为0，由图像读出此时它的阻值；由图知，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时R0、R1串联，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示通过电路的电流，
根据液体压强公式计算测量头放到水下10m时受到的压力，由图像读出R1连入电路的阻值，
闭合S．断开S1，将R2的滑片移至某一位置时，R0、R2、R1串联，根据串联电路电流特点和P＝I2R表示出P总和P1，得到电路总电阻R总与R1的关系；由P＝I2R表示出P0和P0′得到两次电路中电流关系，由串联电路特点和欧姆定律表示出电流关系可求出R0的阻值，进一步计算电阻R2的阻值。
【解答】解：（1）由图丙可知，随着压力的增加，R1的阻值减小；
测量头放到水下深度h＝3m时，R1受到压力：F＝pS＝ρghS＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3m×2×10﹣4m2＝6N，
由图像知，此时压敏电阻R1的阻值为R1″＝20Ω；
（2）当两开关都闭合，R0、R2串联接入电路，根据P＝UI可知通过电路的电流最大时控制盒的功率最大，电压表的量程为0﹣3V．调节滑动变阻器使电压表的示数变为3V，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，则控制盒的最大功率值Pm＝UI＝U×；
（3）R1未放入水中时，受到的水的压力为0，由图像可知，此时R1＝30Ω；
由图知，闭合S，断开S1，将R2的滑片移至最上端，此时R0、R1串联，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由欧姆定律可得，电路中电流：I＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
测量头放到水下深度h1＝10m时，R1受到压力：F′＝p′S＝ρgh1S＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10m×2×10﹣4m2＝20N，
由图像知，此时压敏电阻R1的阻值为R1'＝10Ω，
此时R0、R2、R1串联接入电路，由P＝I2R可得：＝＝＝，解得：R总＝60Ω，
此时电路中电流：I'＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由P＝I2R可得：＝＝，解得：＝，
由①②可得：＝＝，解得：R0＝10Ω，
则R2的阻值为：R2＝R总﹣R1﹣R0＝60Ω﹣10Ω﹣10Ω＝40Ω。
答：（1）减小；20；
（2）控制盒的功率的最大值Pm＝U×；
（3）40。
【点评】本题考查了串联电路特点、液体压强公式、欧姆定律以及电功率公式的应用，灵活运用公式，能从图像有获取有用信息是解题的关键，有一定难度。
四、计算题（共7分）
22．（7分）中国的厨艺最讲究“火候”二字，如图甲所示的智能蛋糕机就是采用智能化技术控制不同时间段的温度，制作出口感好、营养价值高的蛋糕，蛋糕机的部分参数如表所示。
U额＝220V
额定功率/W
中温440
高温880
（1）求该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻；
（2）小明课下查得其实际工作的简化电路图如图乙所示，S1为单刀开关，S2为单刀多掷开关，R1、R2为电加热丝，由图可以判断，当S1 断开 ，S2接触触点3时电路处于低温挡，请计算该蛋糕机低温挡的额定功率。

【分析】（1）由公式P＝可求得中温挡时电路的总电阻；
（2）由公式P＝可知，在电源电压一定时，电路的总电阻越大，电功率越小，即工作挡位越低。由乙图可知，
当开关S1闭合，S2接2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，蛋糕机处于高温挡；
当开关S1闭合，S2接1时，只有R1接入电路工作，R2断开，电路的总电阻等于R1阻值，蛋糕机处于中温挡；
当开关S1断开，S2接3时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，由公式P＝可知蛋糕机处于低温挡，可求得低温挡时的额定功率。
【解答】解：（1）由P＝可得，中温挡时电路的总电阻为：
R中＝＝＝110Ω；
（2）由公式P＝可知，在电源电压一定时，电路的总电阻越大，电功率越小，即工作挡位越低。由乙图可知，
当开关S1闭合，S2接2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，蛋糕机处于高温挡，且P高＝+；
当开关S1闭合，S2接1时，只有R1接入电路工作，R2断开，电路的总电阻等于R1阻值，蛋糕机处于中温挡，且P中＝，R1＝R中＝110Ω；
当开关S1断开，S2接3时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，蛋糕机处于低温挡，且P低＝；
因为P高＝+，所以在高温挡下，R2的功率为：P2＝P高﹣P1＝P高﹣P中＝880W﹣440W＝440W，
R2的阻值为：R2＝＝＝110Ω
低温挡时的额定功率为：
P低＝＝＝220W。
答：（1）该蛋糕机正常工作处于中温挡时电路的总电阻为110Ω；
（2）断开；低温挡时的额定功率为220W。
【点评】本题考查电功率的动态分析及应用，关键是要能根据电路图分析电路的三种功率挡位，难度较大。