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江苏省常州市2021-2022学年九年级下学期新课结束物理试卷(word版含答案)
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这是一份江苏省常州市2021-2022学年九年级下学期新课结束物理试卷(word版含答案)，共39页。
九年级教学情况调研测试
物理试题
一．选择题（共 15 小题）
1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（
）
A．
C．
起子
B．
D．
镊子
钢丝钳
托盘天平
2．教室内的两盏日光灯，由一个开关控制，如图中能正确反映它们连接方式的是（
）
A．
B．
C．
D．
3．如图是热机的结构，下列说法正确的是（
）
A．吸气冲程中，活塞是向上运动的
B．做功冲程是把机械能转化为内能
C．排气冲程中，没有能的转化
D．做功冲程是依靠飞轮的惯性完成的
第 1页（共 38页）
4．如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力 F 的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直（OA 为圆柱体横截面的直径），
圆柱体在转动过程中不打滑。则下列分析正确的是（
）
A．拉力 F 逐渐变小
B．拉力 F 逐渐变大
C．由于拉力 F 的力臂始终保持最长，拉力 F 始终保持最小值不变
D．条件不足，无法判断
5．“消毒”作为疫情防控的重要一环，不可忽视。与传统人工消毒方式相比，消毒机器人更
灵活高效。同时，又可以减轻工作人员负担与可能受到的病毒威胁。如图是某医院的自
动喷雾消毒机器人，加入消毒液后，机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液。
针对此机器人的说法正确的是（
）
A．机器人行驶过程中，动能逐渐变小
B．机器人行驶过程中，动能大小不变
C．机器人行驶过程中，重力势能逐渐增大
D．机器人行驶过程中，机械能守恒
第 2页（共 38页）
6．老师在学习家庭用电时，老师们总是会画这样的简笔画，如图所示，甲站在干燥的木桌
上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触
到火线。此时，丁站在地面上用手去拉丙。则（
）
A．甲、乙都会触电
C．丙、丁都会触电
B．甲、丙都会触电
D．乙、丁都会触电
7．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（
A．物体的温度越高，放出的热量越多
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体的温度升高，内能一定增加
）
D．物体的内能增加，温度一定升高
8．如图所示，甲、乙两支完全相同的试管，分别装有质量相等的液体，甲试管竖直放置，
乙试管倾斜放置，两试管液面相平。已知甲试管中的液体密度为ρ甲；乙试管中的液体密
度为ρ乙，则下列判断中正确的是（
）
A．ρ甲＜ρ乙
C．ρ甲＞ρ乙
B．ρ甲＝ρ乙
D．无法判断密度
9．如图所示的电路只有一处故障，开关闭合后，两盏灯都不亮；现在用电压表分别正确的
并联在灯 L 和 L 两端，发现灯 L 两端的电压 U ＝0，灯 L 两端的电压 U 等于电源的
1
2
1
1
2
2
电压，电路的故障可能是（
）
A．灯 L1 开路
B．灯 L2 开路
C．灯 L1 短路
D．灯 L2 短路
第 3页（共 38页）
10．如图，两个相同的纺锤形磁铁由于磁极间相互吸引而紧紧贴在一起，下列各图能正确表
示纺锤形磁铁周围的磁感线分布特点的是（ ）
A．
B．
C．
D．
11．小明同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。他依据实验数据绘制了图中甲、乙
3
3
两条图线中的一条，已知 m ＝0.1kg，c ＝4.2×10 J（/ kg•℃），c ＝2.1×10 J（/ kg•℃），
冰
水
冰
酒精灯在相同时间内的加热效果相同，下列分析正确的是（
）
A．小明绘制的是甲图线
B．1～3min 内温度不变，说明冰块没有吸收热量
C．0～1min 内冰块吸收的热量为 2.1×103J
D．1～3min 内，冰水混合物吸收的热量为 2.1×103J
12．如图所示，把一根直导线平行地拉到静止小磁针的上方，当通有如图所示的方向的电流
时，小磁针 N 极垂直纸面向里偏转，关于此实验下列说法不正确的是（
）
A．实验中的直导线一定是放置在南北方向
B．小磁针偏转不明显，可以增大导线中的电流
C．小磁针对导线一定有力的作用
D．把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，小磁针 N 极偏转方向不变
第 4页（共 38页）
13．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原
理图，其中电源电压保持不变，R 是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻 R0 为保护
电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下
关于此测温仪，下列分析正确的是（
）
A．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小
B．热敏电阻 R 随着温度的升高阻值增大
C．显示仪是由电压表改装成的
D．将 R0 更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
14．阳逻之心蓝玉项链公园两侧安装了“风光互补”景观节能灯，如图所示，它“头顶”小
风扇，“肩扛”太阳能电池板。关于节能灯的设计解释最合理的是（
）
A．白天，太阳能电池板将太阳能转化为化学能储存起来
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热和确定风向的
C．小风扇是风力发电机，将机械能转化为电能
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为光能
15．某学生欲称量 5.3g 氯化钠，他在左边托盘上放了 5g 砝码，又把游码移到 0.3g 处，然后
在右边托盘上加氯化钠直到天平平衡，这时托盘上氯化钠的实际质量是（
）
A．5.3g
B．4.7g
C．4.0g
D．5.6g
二．填空题（共 7 小题）
16．广播电台的发射线路靠迅速变化的交变电流向外发射电磁波，交变电流在每秒周期性变
化 1 次发射的电磁波频率为 1 Hz．若某电台节目发射频率为 88.2 MHz，说明发射线路中
的交变电流每秒钟周期性变化为
次。电磁波在真空中的传播速度为
m。
m/s，
频率为 30MHz 的电磁波波长为
第 5页（共 38页）
17．太阳能热水器具有安全、节能、经济和环保等优点，当它吸收太阳能后，水的温度将会
升高，这是通过 方式改变了水的内能。某太阳能热水器盛有 100kg 水，若水温
由 20℃升高到 70℃，则水箱里的水吸收了
J 的热量。这些热量如果全部由完全
7
燃烧的焦炭来提供，需要燃烧
kg 的焦炭。[焦炭的热值为 3.0×10 J/kg，c ＝4.2
水
×103J/（kg•℃）]。
18．市场上出售的一种“金龙鱼”牌食用调和油，瓶上标有“6L”字样，已知该瓶内调和
3
3
油的密度为 0.9×10 kg/m ，物理含义
；该瓶油的质量是
kg，如果此瓶油
用去一半，瓶中剩余油的密度为
，如果用此瓶装满水，则总质量比装满油时多
﹣3
3
kg．（已知 1L＝1×10 m ）
19．家庭电路的触电事故都是人体直接或间接跟
线接触造成的。
（选填“可
以”或“不能”）用手拉触电的人。如图所示的家庭电路中，当闭合开关时，发现电灯不
亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路，则在开关闭合的情况下，用试电笔测试
电路中 A 点时，试电笔氖管
（选填“会”或“不会”）发光。
20．我市某学校研学小组在探究通电螺线管磁场的实验中，小磁针和螺线管放置于同一水平
面内，螺线管为东西朝向，小磁针可在水平面内自由转动。开关 S 闭合后，小磁针的 N
极指向右，如图所示，则电源 A 端为
（选填“正”或“负”）极。当开关 S 断
开时，小磁针 N 极将 （选填“不”、“向北”或“向南”）偏转。
第 6页（共 38页）
21．如图所示是一款自动清洁地面的扫地机器人，它主要是利用电动机来工作的，其中电动
机的原理如图
遥控器是
（选填“甲”或“乙”）。人可以利用遥控器操控它的工作状态，
（选填“超声波”或“红外线”）向机器人发送指令的。
22．某实心金属工件的质量与体积的关系如图 1 所示，该工件的密度是
kg/m3．用弹
簧测力计测量该工件如图 2 所示，该工件重是
的如图 3 所示的量筒中，液面将升至量筒的
N．将该工件沉没入装有一定量水
ml 刻度处（g 取 10N/kg）。
三．作图题（共 2 小题）
23．按照题目要求作图：
（1）请在图 1 中画出力 F 的力臂，并标上相应的字母 L。
（2）如图 2 所示，小明用羊角锤拔铁钉，请画出在 A 点施加最小动力 F 的示意图及其
力臂 l。
（3）如图 3 所示，某人在 A 处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。
第 7页（共 38页）
24．教学楼楼层之间的楼道里，如果电灯总是亮着会浪费电，小明利用光控开关和两个声控
开关设计出一种“聪明”的电路：白天无论发出多大声音，电灯也不会亮。晚上有人上
楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，脚步声都会使灯发光。请你把图中的器材连接
成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走
近发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）。
四．实验探究题（共 3 小题）
25．一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是 2400r/min，该汽油机每秒钟内完成
做功 次，活塞往复运动 次， 个工作循环。在内燃机的“吸气”、
“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是 冲程，常用
水来给内燃机降温，是因为水的 大。
26．小刚学完测量密度实验后，想动手测量酱油的密度，请完成下列问题．
冲程，
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把
移动到零刻度线后，指针静止在如图甲所
（选填“左”或“右”）调，使天平平衡．
示位置，此时应将平衡螺母向
（2）小刚测出空烧杯的质量为 38.6g，倒入适量的酱油后放在天平的左盘，通过加减砝
码并调节游码使天平恢复平衡．天平平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则酱油的
质量为
为
g；再把烧杯中的酱油全部倒入量筒中（如图丙所示），读出酱油的体积
cm3．
第 8页（共 38页）
（3）根据以上数据算出酱油的密度为
kg/m3；如果按照小刚上面的操作步骤，
测量的密度比酱油真实的密度
（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．
（4）小刚做完上面实验后，将游码归零．然后在天平两边分别放上两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，直到天平再次平衡如图丁所示，由此判断酱油
的质量
未知液体的质量（选填“大于”、“小于”或“等于”）；小刚用刻度尺测
量出酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，通过（3）小题中酱油的密度便可算
出未知液体的密度约为
kg/m3．
27．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，滑
动变阻器的规格为“30Ω，1A”。
（1）请你用笔画线代替导线连接图甲中的实物图；
（2）连接电路时，开关要
（3）实验时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，要测量小
灯泡的额定功率，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动；
；
（4）多次移动滑片，记录数据，得到通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图
丙所示。分析交流时，实验小组有以下的讨论：
①图中阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的
②根据图象，可知小灯泡的额定功率为 W；还可求出此时滑动变阻器的电功率
W；
③在实验过程中，灯泡电阻会变化。如调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值减小ΔR1，
；
为
观察到灯泡变亮，若小灯泡的阻值相应变化ΔR2，则ΔR1
ΔR2（选填“大于”、
“等于”或“小于”）。
五．计算题（共 3 小题）
第 9页（共 38页）
28．小宇想把一个重 1000N 的物体搬到高 1.6m 的车厢里，为了省力，他找了一块长 5m 的
硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），硬木板与车厢搭成一个简易斜面，如图
甲所示。小宇用力 F 把物体推至车厢里，物体沿木板移动距离 s 与力 F 推物体所用时间
的图像如图乙所示，已知物体沿木板运动过程中与木板间的摩擦力为 160N，且保持不变。
求：
（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率；
（2）斜面的机械效率（计算结果保留一位小数）。
29．如图所示是一款无人驾驶汽车。汽车自动驾驶时使用雷达传感器和激光测距仪来了解周
围的交通路况。该款车以一定速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离，消耗汽油
4.2kg，此过程该汽车牵引力做功为 4.83×107J。求在该过程中：[q 汽油＝4.6×107J/kg，c
水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）汽油完全燃烧放出的热量；
（2）汽油机的效率；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高多少。
第 10页（共 38页）
30．如图所示，电源电压为 18V 不变。滑动变阻器 R 的最大阻值为 200Ω。R 的电阻为 10Ω，
2
1
灯泡 L 上标有“18V 9W”字样（不考虑灯丝电阻的变化），电流表的量程为 0～3A，电
压表的量程为 0～15V。求：
（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，R 的电功率；
1
2
1
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率。
第 11页（共 38页）
参考答案与试题解析
一．选择题（共 15 小题）
1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（
）
A．
C．
起子
B．
D．
镊子
钢丝钳
托盘天平
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，
再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。
故选：B。
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大
于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠
杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
2．教室内的两盏日光灯，由一个开关控制，如图中能正确反映它们连接方式的是（
）
A．
C．
B．
D．
【分析】并联电路中，各用电器工作时互不影响，用电器的开关应该连接在火线上。
【解答】解：一只开关同时控制 2 盏日光灯，若摘掉其中任意一盏灯管，由另外一盏灯
第 12页（共 38页）
仍正常发光可知，这二盏日光灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的；火线接用
电器之前，应先接开关，
故选：A。
【点评】本题考查的根据串并联电路的特点判断家庭电路的连接情况。
3．如图是热机的结构，下列说法正确的是（
）
A．吸气冲程中，活塞是向上运动的
B．做功冲程是把机械能转化为内能
C．排气冲程中，没有能的转化
D．做功冲程是依靠飞轮的惯性完成的
【分析】热机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气
冲程；
判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压
缩关下功；”进行分析；
其中在做功冲程中，燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转
化为内能，其他冲程活塞都是靠飞轮的惯性完成的。
【解答】解：
A、在热机的吸气冲程中活塞向下运动，故 A 错误；
B、在热机的做功冲程中，将燃气的内能转化成了机械能，故 B 错误；
C、热机的排气冲程依靠飞轮惯性完成，此冲程没有能的转化，故 C 正确；
D、热机在做功冲程中，燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，其他冲程活塞都是靠飞
轮的惯性运动的，故 D 错误。
故选：C。
【点评】本题考查了内燃机的四个冲程的判断以及能量转化情况，解决此题需要结合内
燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。
第 13页（共 38页）
4．如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力 F 的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直（OA 为圆柱体横截面的直径），
圆柱体在转动过程中不打滑。则下列分析正确的是（
）
A．拉力 F 逐渐变小
B．拉力 F 逐渐变大
C．由于拉力 F 的力臂始终保持最长，拉力 F 始终保持最小值不变
D．条件不足，无法判断
【分析】本题主要考查两个方面的知识：
（1）力臂的概念：从支点到力的作用线的距离叫做力臂；
（2）运用杠杆的平衡条件 FL＝GL′分析动力的大小变化。
【解答】解：
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直；
由图可知，动力 F 的力臂 L（L＝OA）始终保持不变，阻力为圆柱体的重力 G 始终大小
不变，由实线位置转到虚线位置时，重力的力臂逐渐减小，根据杠杆平衡条件可得 FL＝
GL′，所以动力 F 逐渐变小。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，能否正确分析重力的阻力臂与
动力臂的大小关系是本题的解题关键。
第 14页（共 38页）
5．“消毒”作为疫情防控的重要一环，不可忽视。与传统人工消毒方式相比，消毒机器人更
灵活高效。同时，又可以减轻工作人员负担与可能受到的病毒威胁。如图是某医院的自
动喷雾消毒机器人，加入消毒液后，机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液。
针对此机器人的说法正确的是（
）
A．机器人行驶过程中，动能逐渐变小
B．机器人行驶过程中，动能大小不变
C．机器人行驶过程中，重力势能逐渐增大
D．机器人行驶过程中，机械能守恒
【分析】动能大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；
重力势能的大小与物体的质量、高度有关；机械能为动能和势能的和。
【解答】解：机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液，其质量减小，速度不变，
动能不变；质量变小，高度不变，重力势能变小；机械能为动能和势能的和，所以机械
能会减小，机械能不守恒，故 A 正确。
故选：A。
【点评】知道并理解动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。
6．老师在学习家庭用电时，老师们总是会画这样的简笔画，如图所示，甲站在干燥的木桌
上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触
到火线。此时，丁站在地面上用手去拉丙。则（
）
A．甲、乙都会触电
C．丙、丁都会触电
B．甲、丙都会触电
D．乙、丁都会触电
第 15页（共 38页）
【分析】触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电；
家庭电路的触电事故有两种：单相触电和双相触电。单相触电是站在地上和火线接触或
间接接触火线；双相触电是人体一端接触火线，一端接触零线。
【解答】解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发
生触电；
乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不
会发生触电；
丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可
以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电。
综上所述，甲、乙都不会触电，丙、丁都会触电，故 ABD 错误，C 正确。
故选：C。
【点评】此题考查的是触电的两种类型和家庭电路的连接，掌握触电的实质是：人体直
接或间接跟火线接触造成的。
7．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（
A．物体的温度越高，放出的热量越多
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体的温度升高，内能一定增加
）
D．物体的内能增加，温度一定升高
【分析】（1）根据 Q 放＝cm△t 分析放出热量与温度的关系；
（2）热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的
多少，不能说物体含有多少热量；
（3）晶体熔化时，吸收热量，其内能增加，但温度不变。
【解答】解：
A、由 Q 放＝cm△t 可知，放出热量的多少与物质的比热容、质量和降低的温度有关，因
此温度高的物体，放出的热量不一定多，故 A 错误；
B、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体
含有热量，故 B 错误。
C、物体的温度升高，内能一定增加，故 C 正确；
D、物体的内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化时吸热，其内能增加，但温度保持不
第 16页（共 38页）
变，故 D 错误；
故选：C。
【点评】本题考查了影响物体内能大小的因素以及内能、温度与热量三者之间的关系，
是一道易错题。
8．如图所示，甲、乙两支完全相同的试管，分别装有质量相等的液体，甲试管竖直放置，
乙试管倾斜放置，两试管液面相平。已知甲试管中的液体密度为ρ甲；乙试管中的液体密
度为ρ乙，则下列判断中正确的是（
）
A．ρ甲＜ρ乙
C．ρ甲＞ρ乙
B．ρ甲＝ρ乙
D．无法判断密度
【分析】由图甲、乙可知，乙试管中液体的体积比甲试管中液体的体积更大，而它们的
质量相等，由ρ＝ 可知，甲试管中液体的密度比乙试管中液体的密度更大。
【解答】解：由图甲、乙可知，乙试管中液体的体积比甲试管中液体的体积更大，而它
们的质量相等，由ρ＝ 可知，甲试管中液体的密度比乙试管中液体的密度更大，即ρ甲
＞ρ乙，故 ABD 错误，C 正确。
故选：C。
【点评】本题考查密度公式的应用，能从图找到两种液体的体积关系是解题的关键。
9．如图所示的电路只有一处故障，开关闭合后，两盏灯都不亮；现在用电压表分别正确的
并联在灯 L 和 L 两端，发现灯 L 两端的电压 U ＝0，灯 L 两端的电压 U 等于电源的
1
2
1
1
2
2
电压，电路的故障可能是（
）
A．灯 L1 开路
B．灯 L2 开路
C．灯 L1 短路
D．灯 L2 短路
【分析】由电路图知，两灯泡串联，闭合开关，灯泡不亮，原因有二：断路或短路，因
第 17页（共 38页）
为两灯都不亮，所以不可能是一灯短路，所以只能是一灯断路，根据电压表的示数进行
分析。
【解答】解：闭合开关，两盏灯都不亮，说明电路出现了断路；
根据题意可知，电压表并联在灯 L 两端时，电压表示数为 0V，说明灯泡 L 之外的电路
1
1
有断路，导致电压表的不能与电源两极相连；
将电压表并联在灯 L2 两端时，电压表示数为等于电源电压，说明电压表的正负接线柱与
电源两极相连，因此灯 L2 断路。
故选：B。
【点评】用电压表判断电路故障时，如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；
如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路。
10．如图，两个相同的纺锤形磁铁由于磁极间相互吸引而紧紧贴在一起，下列各图能正确表
示纺锤形磁铁周围的磁感线分布特点的是（
）
A．
C．
B．
D．
【分析】利用磁感线的特点分析判断，即磁感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极。
【解答】解：如图，两个纺锤形磁铁左右相吸，说明它们的左、右两侧为磁极，由于磁
感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极，所以它们左、右两侧的磁感线从左侧 N 极指向右侧
的 S 极，或者从右侧的 N 极指向左侧的 S 极，故能正确表示纺锤形磁铁周围的磁感线分
布特点的是 C 图；
故选：C。
【点评】利用应用磁感线的特点即磁感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极是解题的关键。
第 18页（共 38页）
11．小明同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。他依据实验数据绘制了图中甲、乙
3
3
两条图线中的一条，已知 m ＝0.1kg，c ＝4.2×10 J（/ kg•℃），c ＝2.1×10 J（/ kg•℃），
冰
水
冰
酒精灯在相同时间内的加热效果相同，下列分析正确的是（
）
A．小明绘制的是甲图线
B．1～3min 内温度不变，说明冰块没有吸收热量
C．0～1min 内冰块吸收的热量为 2.1×103J
D．1～3min 内，冰水混合物吸收的热量为 2.1×103J
【分析】（1）用同一个酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，根据 Q＝cm
△t 分析温度的变化，从而得出水的图象；
（2）冰是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；
（3）利用 Q＝cm△t 求出冰吸收的热量；
（4）酒精灯在相同时间内的加热效果相同，2min 吸收的热量是 1min 吸收热量的 2 倍。
【解答】解：
A、由图可知，在 0～1min 内，冰吸收热量，温度升高了 5℃；冰化成水后，质量不变，
根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的 2 倍，根据 Q＝cm△t 可知，水升高 5℃所需
的热量为冰升高 5℃所需热量的 2 倍，即水升高 5℃，所需的加热时间为 2min，故乙图
线是水的升温图象，故 A 错误；
B、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量，
内能增大，故 B 错误；
3
3
C、冰吸收的热量为：Q ＝c m △t＝2.1×10 J/（kg•℃）×0.1kg×5℃＝1.05×10 J，
冰
冰
冰
故 C 错误；
D、酒精灯在相同时间内的加热效果相同，2min 吸收的热量是 1min 吸收热量的 2 倍，1～
3
3
3min 内，冰水混合物吸收的热量为 Q＝2Q ＝2×1.05×10 J＝2.1×10 J，故 D 正确。
冰
故选：D。
第 19页（共 38页）
【点评】本题考查了冰的熔化图象，利用好 Q＝cm△t 是解答本题的关键，难易程度适中。
12．如图所示，把一根直导线平行地拉到静止小磁针的上方，当通有如图所示的方向的电流
时，小磁针 N 极垂直纸面向里偏转，关于此实验下列说法不正确的是（
）
A．实验中的直导线一定是放置在南北方向
B．小磁针偏转不明显，可以增大导线中的电流
C．小磁针对导线一定有力的作用
D．把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，小磁针 N 极偏转方向不变
【分析】奥斯特实验时，发现和通电导线平行的小磁针，在导线通电时小磁针发生偏转，
说明电流周围存在磁场；磁场的强弱与电流的大小有关；当电流方向改变时，产生的磁
场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变。
【解答】解：
A、因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围
存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置，故 A 正确；
B、小磁针偏转不明显，说明磁场较弱，可以增大导线中的电流来增大磁场的强度，故 B
正确；
C、物体间力的作用是相互的，小磁针受力发生偏转，则小磁针对导线一定有力的作用，
故 C 正确；
D、把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，磁场方向会发生变化，小磁针 N 极偏转
方向也会随之变化，故 D 错误。
故选：D。
【点评】此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，一定要掌握电流的磁效应。
第 20页（共 38页）
13．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原
理图，其中电源电压保持不变，R 是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻 R0 为保护
电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下
关于此测温仪，下列分析正确的是（
）
A．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小
B．热敏电阻 R 随着温度的升高阻值增大
C．显示仪是由电压表改装成的
D．将 R0 更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
【分析】根据电路图可知，R 与 R 串联，显示仪与 R 并联；
0
0
（1）根据电压表示数和欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据 P＝UI 可知电路消耗的
电功率的变化；
（2）根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻的阻值随温度变化的关系；
（3）根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
（4）当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将 R0 更换为阻值更大的电阻，由串联
电路分压特点可知显示仪的示数变化；
【解答】解：由电路图可知，R 与 R 串联，显示仪与 R 并联；
0
0
C、因为显示仪与 R0 并联，所以该显示仪是由电压表改装成的，故 C 正确；
AB、由题意可知，被测温者温度越高，显示仪的示数越大，说明电压表示数越大（即定
值电阻 R0 的电压越大），由欧姆定律和串联电路的电流特点可知，电路中电流越大，根
据串联电路的电压特点可知，R 两端电压越小，由 R＝ 可知，热敏电阻的阻值越小，
即热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；由前面分析可知，被测温者温度越高，电路中
电流越大，由 P＝UI 可知，电路消耗的功率也越大，故 AB 错误；
D、测相同温度时，热敏电阻的阻值不变，将 R0 更换为阻值更大的电阻，由串联电路分
压特点可知，该电阻两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故 D 错误。
第 21页（共 38页）
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从题干中获
取有效的信息，难度不大。
14．阳逻之心蓝玉项链公园两侧安装了“风光互补”景观节能灯，如图所示，它“头顶”小
风扇，“肩扛”太阳能电池板。关于节能灯的设计解释最合理的是（
）
A．白天，太阳能电池板将太阳能转化为化学能储存起来
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热和确定风向的
C．小风扇是风力发电机，将机械能转化为电能
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为光能
【分析】自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源，现在科学家都在设计装置利用它
们的能量；
风扇式发电机可以通过风吹动扇片转动，把风能转化为电能；
太阳能电池可以把太阳能转化为电能。
【解答】解：
A、“肩扛”太阳能电池板也可以把太阳能转化为电能，故 A 错误；
BC、“头顶”的小风扇是风力发电机，可以把风能转化为电能，这样只要有风，这种路
灯也可以发电，故 B 错误、C 正确；
D、蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故 D 错误。
故选：C。
【点评】】风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽用之不竭，能够巧妙的设计利用
是关键。
15．某学生欲称量 5.3g 氯化钠，他在左边托盘上放了 5g 砝码，又把游码移到 0.3g 处，然后
在右边托盘上加氯化钠直到天平平衡，这时托盘上氯化钠的实际质量是（
A．5.3g B．4.7g C．4.0g D．5.6g
）
【分析】根据天平的使用方法：左物右码，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游
第 22页（共 38页）
码的质量，即药品质量＝砝码质量+游码质量，如果位置放反，根据左盘物体的质量等于
右盘砝码的质量加上游码的质量，列出等式解答。
【解答】解：由题意可知，他选用的砝码的质量为 5g，游码的质量为 0.3g，由左盘质量
＝右盘质量+游码质量可知，砝码质量＝药品质量+游码质量，所以药品质量＝砝码质量
﹣游码质量，即氯化钠的质量 m＝5g﹣0.3g＝4.7g。
故选：B。
【点评】托盘天平的使用是中考热点之一，掌握左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加
上游码的质量是解答此类题的关键。
二．填空题（共 7 小题）
16．广播电台的发射线路靠迅速变化的交变电流向外发射电磁波，交变电流在每秒周期性变
化 1 次发射的电磁波频率为 1 Hz．若某电台节目发射频率为 88.2 MHz，说明发射线路中
的交变电流每秒钟周期性变化为 8.82×107 次。电磁波在真空中的传播速度为 3×
108 m/s，频率为 30MHz 的电磁波波长为 10 m。
【分析】（1）频率是指物体在 1s 内振动的次数；
（2）电磁波在真空中的传播速度等于 3×108m/s，根据公式 c＝λf 可求得电磁波的波长。
【解答】解：（1）交变电流在每秒内周期性变化 1 次发射的电磁波频率为 1Hz，电台节
目发射频率为 88.2MHz，即 8.82×107Hz，说明发射线路中的交变电流每秒钟周期性变化
为 8.82×107 次；
（2）电磁波在真空中的传播速度等于 3×108m/s；
根据波速＝波长×频率，即 c＝λf 可得：λ＝ ＝
＝10m。
7
8
故答案为：8.82×10 ； 3×10 ；10。
【点评】理解频率的含义和交变电流的特点。记住电磁波在真空中的传播速度等于 3×
108m/s，了解公 c＝λf 的含义是解答的关键。
17．太阳能热水器具有安全、节能、经济和环保等优点，当它吸收太阳能后，水的温度将会
升高，这是通过
热传递 方式改变了水的内能。某太阳能热水器盛有 100kg 水，若水
2.1×107 J 的热量。这些热量如果全部
0.7 kg 的焦炭。[焦炭的热值为 3.0×107J/kg，c
温由 20℃升高到 70℃，则水箱里的水吸收了
由完全燃烧的焦炭来提供，需要燃烧
水＝4.2×103J/（kg•℃）]。
第 23页（共 38页）
【分析】（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；
（2）知道水的比热容、质量、初温和末温，利用 Q ＝cm（t﹣t ）计算出水箱里的水吸
0
吸
收的热量；
（3）焦炭完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即 Q ＝Q ，利用 Q ＝mq 计算出
放
吸
放
需要燃烧焦炭的质量。
【解答】解：（1）当太阳能热水器吸收太阳能后，里面水的温度升高，内能增加，这是
通过热传递的方式改变水的内能；
3
（2）水箱里的水吸收的热量：Q ＝c m（t﹣t ）＝4.2×10 J/（kg•℃）×100kg×（70℃
0
吸
水
﹣20℃）＝2.1×107J；
7
（3）这些热量如果全部由完全燃烧的焦炭来提供，即 Q ＝Q ＝2.1×10 J；
放
吸
由 Q 放＝mq 可知，需要燃烧焦炭的质量：m 焦炭＝
故答案为：热传递；2.1×107；0.7。
＝
＝0.7kg。
【点评】本题考查改变物体内能的方式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，熟
记高公式并能灵活运用是解题的关键。
18．市场上出售的一种“金龙鱼”牌食用调和油，瓶上标有“6L”字样，已知该瓶内调和
3
3
3
3
油的密度为 0.9×10 kg/m ，物理含义 1m 调和油的质量为 0.9×10 kg ；该瓶油的质
量是 5.4 kg，如果此瓶油用去一半，瓶中剩余油的密度为 0.9×103kg/m3 ，如果用
﹣3
3
此瓶装满水，则总质量比装满油时多 0.6 kg．（已知 1L＝1×10 m ）
3
3
【分析】①根据密度定义可知，调和油的密度为 0.92×10 kg/m 的物理意义；
②已知调和油的密度和体积，利用公式 m＝ρV 得到其质量；
③密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积大小无关，与温度状态有关；
④油瓶容积一定，已知调和油的体积等于瓶的容积，也就是等于水的体积；已知水的密
度和体积，可以得到调和油所盛水的质量；已知调和油的质量和水的质量，可以得到多
装水的质量。
【解答】解：①因为密度是单位体积的某种物质的质量，所以调和油的密度为 0.9×
3
3
3
3
10 kg/m 的物理意义是：体积为 1m 的调和油质量是 0.9×10 kg；
②因为ρ＝ ，
所以调和油的质量为 m ＝ρ V＝0.9×10 kg/m ×6×10﹣3m3＝5.4kg；
3
3
油
油
第 24页（共 38页）
③如果调和油用去一半，物质种类没有变化，只是质量、体积减小，密度不变，仍然为
3
3
0.9×10 kg/m ；
④此瓶装满水的质量为 m ＝ρ V＝1.0×10 kg/m ×6×10﹣3m3＝6kg
3
3
水
水
多装水的质量为△m＝m ﹣m ＝6kg﹣5.4kg＝0.6kg。
水
油
3
3
3
3
故答案为：体积为 1m 的调和油质量是 0.9×10 kg；5.4；0.9×10 kg/m ；0.6。
【点评】本题考查的是密度的特点、计算公式的应用以及容积一定时不同液体质量的计
算，属于密度部分的基础题，难度不大。
19．家庭电路的触电事故都是人体直接或间接跟 火 线接触造成的。 不能 （选填“可
以”或“不能”）用手拉触电的人。如图所示的家庭电路中，当闭合开关时，发现电灯不
亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路，则在开关闭合的情况下，用试电笔测试
电路中 A 点时，试电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电。
用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。
【解答】解：由于火线与大地和零线的电压为 220V，当人体直接或间接与火线接触时，
就会造成触电，所以不能拉触电的人；
图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位置发生了断路，A 点还与
火线连通，所以用测电笔测试 A 点时，氖管会发光。
故答案为：火；不能；会。
【点评】本题考查了触电的原因和测电笔的使用，属于基础题目。
第 25页（共 38页）
20．我市某学校研学小组在探究通电螺线管磁场的实验中，小磁针和螺线管放置于同一水平
面内，螺线管为东西朝向，小磁针可在水平面内自由转动。开关 S 闭合后，小磁针的 N
极指向右，如图所示，则电源 A 端为
正 （选填“正”或“负”）极。当开关 S 断开
时，小磁针 N 极将 向北 （选填“不”、“向北”或“向南”）偏转。
【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性；根据安培定则判断电源正
负极。
（2）小磁针受地磁场的作用，总是一端指南，一端指北，指北的是 N 极，指南的是 S
极。
【解答】解：（1）小磁针的右端是 N 极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为
S 极，右端为 N 极，根据安培定则判断电流从螺线管的左边进入，从右边流出，可以判
断电源的 A 端是正极，B 端是负极。
（2）当开关 S 断开时，通电螺线管无磁性，小磁针受地磁场的作用，一端指南，一端指
北，指南的是 S 极，指北的是 N 极，故小磁针 N 极将向北偏转。
故答案为：正；向北。
【点评】对于通电螺线管的问题，知道通电螺线管的磁极、通电螺线管的电流方向、小
磁针的磁极、磁感线，知道其中的一者，都能判断其它几者。
21．如图所示是一款自动清洁地面的扫地机器人，它主要是利用电动机来工作的，其中电动
机的原理如图
甲 （选填“甲”或“乙”）。人可以利用遥控器操控它的工作状态，遥
控器是 红外线 （选填“超声波”或“红外线”）向机器人发送指令的。
第 26页（共 38页）
【分析】（1）电动机的原理：通电线圈在磁场中受力转动；
（2）电视遥控器利用红外线来传输指令，紫外线可以用来灭菌。
【解答】解：（1）甲图研究的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理；乙图研
究的是电磁感应现象，是发电机的原理；
（2）遥控器是利用红外线向机器人发送指令的。
故答案为：甲；红外线。
【点评】本题考查了电动机、发电机的原理以及红外线的应用，物理学习的过程中，要
多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
22．某实心金属工件的质量与体积的关系如图 1 所示，该工件的密度是 5×103 kg/m3．用
弹簧测力计测量该工件如图 2 所示，该工件重是 1 N．将该工件沉没入装有一定量水
的如图 3 所示的量筒中，液面将升至量筒的 46 ml 刻度处（g 取 10N/kg）。
【分析】（1）由图 1 得出任意一点对应的质量和体积，根据密度公式求出该工件的密度；
（2）根据弹簧测力计的分度值读出该工件重，再根据重力公式和密度公式求出其体积，
工件的体积和液体的体积之和即为量筒的刻度。
【解答】解：（1）由图 1 可知，当 m＝5g 时，V＝1cm3，
3
3
3
所以该工件的密度ρ＝ ＝
＝5g/cm ＝5×10 kg/m ；
（2）弹簧测力计的分度值为 0.2N，所以该工件的重为 1N，
﹣5
3
体积为 V′＝
＝
＝
＝2×10 m ＝20ml，
量筒的分度值为 2ml，所以水的体积为 26ml，
该工件沉没入水中时，液面将升至量筒的刻度为 26ml+20ml＝46ml。
故答案为：5×103；1；46。
第 27页（共 38页）
【点评】本题考查了弹簧测力计和量筒的读数，以及密度公式的应用，关键是能从图象
中得出相关的信息，还要注意单位的换算。
三．作图题（共 2 小题）
23．按照题目要求作图：
（1）请在图 1 中画出力 F 的力臂，并标上相应的字母 L。
（2）如图 2 所示，小明用羊角锤拔铁钉，请画出在 A 点施加最小动力 F 的示意图及其
力臂 l。
（3）如图 3 所示，某人在 A 处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。
【分析】（1）根据力臂的正确画法作图，即过支点作动力作用线的垂线段。
（2）由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的
作用点 A 即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
（3）最省力的绕绳方法即是承担物重的绳子段数最多，先分析出应由 3 段绳子承担物重，
才按照“奇动偶定”的原则确定绕绳方案。
【解答】解：（1）过支点 O 作力 F 作用线的垂线段，即力臂 L，如图所示：
（2）力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，力与对应的力臂是垂直的，
过 A 点作垂直于力臂 OA 的作用力 F，方向为左上方。如下图所示：
（3）从动滑轮上面的挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，绳端回到人的手中，提升物
体绳子股数为 3，是最省力的绕法，如图所示：
第 28页（共 38页）
【点评】（1）本题考查了力臂的作法，关键是要作出支点到力所在的直线的垂线段。
（2）求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
（3）省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果。动滑轮被几根绳子承担，拉力就
是物体和动滑轮总重的几分之一。
24．教学楼楼层之间的楼道里，如果电灯总是亮着会浪费电，小明利用光控开关和两个声控
开关设计出一种“聪明”的电路：白天无论发出多大声音，电灯也不会亮。晚上有人上
楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，脚步声都会使灯发光。请你把图中的器材连接
成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走
近发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）。
【分析】（1）由题意可知，教学楼里灯泡亮的条件是：
①必须是晚上，白天不亮；
②有人上楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，没人不亮；
所以光控开关和声控开关不能独立工作，即两声控开关并联后再与光控开关串联，再控
制灯泡；
（2）符合安全用电的原则。
【解答】解：晚上，天黑光控开关闭合，有人上楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，
脚步声都会使灯发光，说明两声控开关并联后与光控开关串联，最后再与灯串联，且开
关控制火线，灯与零线相连，如下所示：
【点评】本题考查根据要求设计电路图及安全用电的知识，关键是根据题意确定开关的
连接。
第 29页（共 38页）
四．实验探究题（共 3 小题）
25．一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是 2400r/min，该汽油机每秒钟内完成
80 冲程，
做功
缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是
给内燃机降温，是因为水的 比热容 大。
20 次，活塞往复运动
40 次， 20 个工作循环。在内燃机的“吸气”、“压
压缩 冲程，常用水来
【分析】（1）热机完成一个工作循环，要经过 4 个冲程，燃气对外做功 1 次，活塞往返 2
次，飞轮转动 2 周，根据这个比例关系可以求出答案。
（2）内燃机四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将
机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。水的比热容最大，与其它物质相比，
在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多。
【解答】解：（1）若飞轮转速是 2400r/min＝40r/s，表示每秒飞轮转动 40 圈，汽油机每
秒钟内完成 20 个工作循环，要经过 80 个冲程，活塞往复运动 40 次；对外做功 20 次。
（2）内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程，压缩冲程活塞向上运动，压缩
气体对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将
内能转化为机械能。内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去。与其它液体相
比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最
好。
故答案为：80；20；40；20；压缩；比热容；
【点评】此题考查了内燃机完成一个工作循环飞轮转动的圈数和做功次数，要结合内燃
机的四个冲程工作特点进行分析解答，属于基础题。
26．小刚学完测量密度实验后，想动手测量酱油的密度，请完成下列问题．
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把
游码 移动到零刻度线后，指针静止在如图甲
第 30页（共 38页）
所示位置，此时应将平衡螺母向
左 （选填“左”或“右”）调，使天平平衡．
（2）小刚测出空烧杯的质量为 38.6g，倒入适量的酱油后放在天平的左盘，通过加减砝
码并调节游码使天平恢复平衡．天平平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则酱油的
质量为 46 g；再把烧杯中的酱油全部倒入量筒中（如图丙所示），读出酱油的体积为
40 cm3．
（3）根据以上数据算出酱油的密度为
1.15×103 kg/m3；如果按照小刚上面的操作步
骤，测量的密度比酱油真实的密度 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．
（4）小刚做完上面实验后，将游码归零．然后在天平两边分别放上两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，直到天平再次平衡如图丁所示，由此判断酱油
的质量 等于 未知液体的质量（选填“大于”、“小于”或“等于”）；小刚用刻度尺测
量出酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，通过（3）小题中酱油的密度便可算
出未知液体的密度约为
0.8×103 kg/m3．
【分析】（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻度线
处，调节天平的平衡螺母，左偏右调，右偏左调，直至天平平衡；
（2）用天平测量物体的质量时，物体的质量等于右端托盘上砝码的质量与游码示数之和；
读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
（3）已知酱油的质量和体积，利用公式ρ＝ 得到酱油的密度；把烧杯中的酱油全部倒
入量筒中时，烧杯壁上会附有少量的酱油，导致酱油体积的测量值偏小，由此根据密度
公式判断酱油密度测量值与真实值的大小关系；
（4）天平在使用过程中，再次平衡，且游码在零刻线处，说明此时天平左右两托盘上的
物体质量相等；两种不同的物质，质量一定，密度与体积成反比，据此求出酱油的密度。
【解答】解：（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻
度线处，此时天平指针右偏，向左调节天平的平衡螺母，直至天平平衡；
（2）在天平的标尺上，1g 之间有 5 个小格，一个小格代表的质量是 0.2g，即天平的分度
值为 0.2g；
烧杯和酱油的总质量是 m1＝50g+20g+10g+4.6g＝84.6g；
空烧杯的质量为 m2＝38.6g
所以酱油的质量为 m＝m ﹣m ＝84.6g﹣38.6g＝46g；
1
2
量筒的分度值为 1mL，量筒中酱油的体积为 V＝40mL＝40cm3；
第 31页（共 38页）
（3）已知：酱油的质量为 m＝46g，酱油的体积为 V＝40mL＝40cm3
根据密度公式知：
3
3
3
酱油的密度ρ＝ ＝
＝1.15g/cm ＝1.15×10 kg/m ；
实验过程中小刚不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油体积偏小，由
公式ρ＝ 知：酱油密度测量结果偏大；
（4）第二次实验中，天平游码示数归零后，左右两托盘上分别放置两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，天平再次平衡，说明此时天平左右两托盘上的
物体质量相等，
即此时 m 酱油＝m 未知液体；
又因相同烧杯中酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，
根据圆柱体体积公式知：
＝
＝
，
不同的两种物质，质量一定，密度与其体积成反比，
即
＝
＝
，
3
3
3
3
所以ρ未知液体
＝
＝1.15×10 kg/m ×
＝0.8×10 kg/m 。
3
3
故答案为：（1）游码；左（2）46；40；（3）1.15×10 ；偏大；（4）等于；0.8×10 。
【点评】本题利用天平和量筒测量液体的密度，利用天平和刻度尺测量液体的密度，是
两个很典型的液体密度测量的实验题，一定要熟练掌握其方法。
27．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，滑
动变阻器的规格为“30Ω，1A”。
第 32页（共 38页）
（1）请你用笔画线代替导线连接图甲中的实物图；
（2）连接电路时，开关要 断开 ；
（3）实验时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，要测量小
灯泡的额定功率，应将滑片向 左 （选填“左”或“右”）移动；
（4）多次移动滑片，记录数据，得到通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图
丙所示。分析交流时，实验小组有以下的讨论：
①图中阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的 实际功率 ；
②根据图象，可知小灯泡的额定功率为
为 0.25 W；
1.25 W；还可求出此时滑动变阻器的电功率
③在实验过程中，灯泡电阻会变化。如调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值减小ΔR1，
观察到灯泡变亮，若小灯泡的阻值相应变化ΔR2，则ΔR1 大于 ΔR2（选填“大于”、
“等于”或“小于”）。
【分析】（1）电压表并联在小灯泡的两端，故应将小灯泡的左边接线柱与电压表的“﹣”
接线柱相连；
（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开；
（3）先确定电压表的分度值，再读出其示数，为使电压增加为 2.5V，根据串联分压特点
可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，进一步确定滑片的移动方向；
（4）①图中横坐标表示电路电流，纵坐标表示灯泡两端的电压，根据 P＝UI 可知得出
答案；
②根据图象，当灯泡两端的电压为 2.5V 时，通过灯泡的电流为 0.5A，根据 P＝UI 可得
出小灯泡的额定功率；
根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据 P＝UI 可知此时滑动变阻器
的电功率；
③通过对滑动变阻器的电阻、灯泡的电阻和总电阻变化情况分析得出结论。
第 33页（共 38页）
【解答】解：（1）电压表并联在小灯泡的两端，故应将小灯泡的左边接线柱与电压表的
“﹣”接线柱相连，如图：
（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开；
（3）电压表选用小量程，分度值为 0.1V，示数为 1.8V，小灯泡的额定电压为 2.5V，要
测量小灯泡的额定功率，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根
据串联分压特点可知，应让滑动变阻器接入电路的阻值变小，应将滑片向左移动；
（4）①图中横坐标表示电路电流，纵坐标表示灯泡两端的电压，根据 P＝UI 可知图中
阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的实际功率；
②根据图象，当灯泡两端的电压为 2.5V 时，通过灯泡的电流为 0.5A，根据 P＝UI 可知
小灯泡的额定功率 P ＝U I ＝2.5V×0.5A＝1.25W；
L
L L
根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压 U ＝U﹣U ＝3V﹣2.5V＝0.5V，
L
滑
根据 P＝UI 可知此时滑动变阻器的电功率 P ＝U I ＝0.5V×0.5A＝0.25W；
L
滑
滑
③在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，灯泡两端电压增大，
电流也增大，根据欧姆定律可知电路中总电阻变小，
由于灯泡两端电压增大，电流增大，则灯泡的功率变大，由于灯泡电阻受温度的影响，
则灯泡的电阻会变大，
根据 R＝R +R 可知：只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量ΔR 大于灯泡的阻值
1
滑
灯
增加量ΔR2 才会让总电阻变小，故选：大于。
故答案为：（1）如图；（2）断开；（3）左；（4）①实际功率；②1.25；0.25；③大于。
【点评】本题为“测量小灯泡电功率”的实验，考查电路连接、注意事项、图象分析、
电功率的计算等知识。
五．计算题（共 3 小题）
第 34页（共 38页）
28．小宇想把一个重 1000N 的物体搬到高 1.6m 的车厢里，为了省力，他找了一块长 5m 的
硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），硬木板与车厢搭成一个简易斜面，如图
甲所示。小宇用力 F 把物体推至车厢里，物体沿木板移动距离 s 与力 F 推物体所用时间
的图像如图乙所示，已知物体沿木板运动过程中与木板间的摩擦力为 160N，且保持不变。
求：
（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率；
（2）斜面的机械效率（计算结果保留一位小数）。
【分析】（ 1）利用 W＝Gh 求推力做的有用功，利用 W＝fs 求推力做的额外功，推力做
的总功等于有用功加上额外功，由图乙得出做功时间，再利用 P＝ 求推力做功功率；
（2）斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：（ 1）推力做的有用功：
W
有用＝Gh＝1000N×1.6m＝1600J，
推力做的额外功：
W 额＝fs＝160N×5m＝800J，
推力做的总功：
W 总＝W 有用十 W 额外＝1600J+800J＝2400J，
由图乙得出做功时间 t＝30s，推力做功功率：
P＝
＝
＝80W；
（2）斜面的机械效率：
η＝
×100%＝
×100%≈66.7%。
答：（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率为 80W；
（2）斜面的机械效率为 66.7%。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
第 35页（共 38页）
29．如图所示是一款无人驾驶汽车。汽车自动驾驶时使用雷达传感器和激光测距仪来了解周
围的交通路况。该款车以一定速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离，消耗汽油
4.2kg，此过程该汽车牵引力做功为 4.83×107J。求在该过程中：[q 汽油＝4.6×107J/kg，c
水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）汽油完全燃烧放出的热量；
（2）汽油机的效率；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高多少。
【分析】（1）知道汽油的质量和热值，利用 Q 放＝mq 计算出汽油完全燃烧放出的热量；
（2）利用效率公式可以计算出汽油机的效率；
（3）根据汽油完全燃烧放出的热量和汽车牵引力做功可以计算出汽油机损失的能量，即
水吸收的热量，利用 Q 吸＝cmΔt 可以计算出 1000kg 升高的温度。
【解答】解：（1）消耗汽油的质量 m 汽油＝4.2kg，汽油的热值 q 汽油＝4.6×107J/kg，
7
8
汽油完全燃烧放出的热量：Q 放＝m
q
＝4.2kg×4.6×10 J/kg＝1.932×10 J；
汽油
汽油
（2）汽车牵引力做功 W＝4.83×107J，
汽油机的效率：η＝
＝
＝25%；
8
7
8
（3）汽油机损失的能量：E＝Q ﹣W＝1.932×10 J﹣4.83×10 J＝1.449×10 J；
放
8
水吸收的热量 Q ＝E＝1.449×10 J；
吸
由 Q
＝ cm Δ t 可 知 ， 可 供 1000kg 水 升 高 的 温 度 ： Δ t ＝
＝
吸
＝34.5℃。
答：（1）汽油完全燃烧放出的热量为 1.932×108J；
（2）汽油机的效率为 25%；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高 34.5℃。
【点评】本题考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、吸热公式的应用，熟记公式并能
第 36页（共 38页）
灵活运用是解题的关键。
30．如图所示，电源电压为 18V 不变。滑动变阻器 R 的最大阻值为 200Ω。R 的电阻为 10Ω，
2
1
灯泡 L 上标有“18V 9W”字样（不考虑灯丝电阻的变化），电流表的量程为 0～3A，电
压表的量程为 0～15V。求：
（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，R 的电功率；
1
2
1
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率。
【分析】（1）根据 P＝
求出小灯泡正常发光时灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，电阻 R 和滑动变阻器 R 串联，根据串联电流电阻规律、欧姆定律计
1
1
2
2
算此时通过电路的电流，根据 P＝I R 求出 R 的电功率；
1
（3）由串联电路电阻规律和串联分压原理可知，在保证电路安全的情况下，当整个电路
消耗的电功率最小时，需要将灯泡和滑动变阻器串联，且电压表示数最大，最大为 15V，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律算出电路的最小电流，根据 P＝UI 求出整个电路消
耗的最小电功率。
【解答】解：（1）由 P＝
可得，小灯泡正常发光时灯丝的电阻：
RL＝
＝
＝36Ω。
（2）当只闭合 S ，电阻 R 和滑动变阻器 R 串联，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，
1
1
2
2
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I＝ ＝0.6A，
则 R 的电功率为：P ＝I R ＝（0.6A） ×10Ω＝3.6W；
＝
2
2
1
1
1
（3）由串联电路电阻规律和串联分压原理可知，在保证电路安全的情况下，当整个电路
消耗的电功率最小时，需要将灯泡和滑动变阻器串联，且电压表示数最大，最大为 15V，
第 37页（共 38页）
此时小灯泡两端的电压为：U ′＝U﹣U ＝18V﹣15V＝3V，
L
2
此时电路的最小电流为：I 小＝
＝
＝
A，
此时整个电路消耗的最小电功率为：P ＝UI ＝18V×
A＝1.5W。
小
小
答：（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 36Ω；
（2）R1 的电功率为 3.6W；
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率为 1.5W。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的得出电
路中的最小电流是关键，有一定的难度。
第 38页（共 38页）
九年级教学情况调研测试
物理试题
一．选择题（共 15 小题）
1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（
）
A．
C．
起子
B．
D．
镊子
钢丝钳
托盘天平
2．教室内的两盏日光灯，由一个开关控制，如图中能正确反映它们连接方式的是（
）
A．
B．
C．
D．
3．如图是热机的结构，下列说法正确的是（
）
A．吸气冲程中，活塞是向上运动的
B．做功冲程是把机械能转化为内能
C．排气冲程中，没有能的转化
D．做功冲程是依靠飞轮的惯性完成的
第 1页（共 38页）
4．如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力 F 的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直（OA 为圆柱体横截面的直径），
圆柱体在转动过程中不打滑。则下列分析正确的是（
）
A．拉力 F 逐渐变小
B．拉力 F 逐渐变大
C．由于拉力 F 的力臂始终保持最长，拉力 F 始终保持最小值不变
D．条件不足，无法判断
5．“消毒”作为疫情防控的重要一环，不可忽视。与传统人工消毒方式相比，消毒机器人更
灵活高效。同时，又可以减轻工作人员负担与可能受到的病毒威胁。如图是某医院的自
动喷雾消毒机器人，加入消毒液后，机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液。
针对此机器人的说法正确的是（
）
A．机器人行驶过程中，动能逐渐变小
B．机器人行驶过程中，动能大小不变
C．机器人行驶过程中，重力势能逐渐增大
D．机器人行驶过程中，机械能守恒
第 2页（共 38页）
6．老师在学习家庭用电时，老师们总是会画这样的简笔画，如图所示，甲站在干燥的木桌
上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触
到火线。此时，丁站在地面上用手去拉丙。则（
）
A．甲、乙都会触电
C．丙、丁都会触电
B．甲、丙都会触电
D．乙、丁都会触电
7．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（
A．物体的温度越高，放出的热量越多
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体的温度升高，内能一定增加
）
D．物体的内能增加，温度一定升高
8．如图所示，甲、乙两支完全相同的试管，分别装有质量相等的液体，甲试管竖直放置，
乙试管倾斜放置，两试管液面相平。已知甲试管中的液体密度为ρ甲；乙试管中的液体密
度为ρ乙，则下列判断中正确的是（
）
A．ρ甲＜ρ乙
C．ρ甲＞ρ乙
B．ρ甲＝ρ乙
D．无法判断密度
9．如图所示的电路只有一处故障，开关闭合后，两盏灯都不亮；现在用电压表分别正确的
并联在灯 L 和 L 两端，发现灯 L 两端的电压 U ＝0，灯 L 两端的电压 U 等于电源的
1
2
1
1
2
2
电压，电路的故障可能是（
）
A．灯 L1 开路
B．灯 L2 开路
C．灯 L1 短路
D．灯 L2 短路
第 3页（共 38页）
10．如图，两个相同的纺锤形磁铁由于磁极间相互吸引而紧紧贴在一起，下列各图能正确表
示纺锤形磁铁周围的磁感线分布特点的是（ ）
A．
B．
C．
D．
11．小明同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。他依据实验数据绘制了图中甲、乙
3
3
两条图线中的一条，已知 m ＝0.1kg，c ＝4.2×10 J（/ kg•℃），c ＝2.1×10 J（/ kg•℃），
冰
水
冰
酒精灯在相同时间内的加热效果相同，下列分析正确的是（
）
A．小明绘制的是甲图线
B．1～3min 内温度不变，说明冰块没有吸收热量
C．0～1min 内冰块吸收的热量为 2.1×103J
D．1～3min 内，冰水混合物吸收的热量为 2.1×103J
12．如图所示，把一根直导线平行地拉到静止小磁针的上方，当通有如图所示的方向的电流
时，小磁针 N 极垂直纸面向里偏转，关于此实验下列说法不正确的是（
）
A．实验中的直导线一定是放置在南北方向
B．小磁针偏转不明显，可以增大导线中的电流
C．小磁针对导线一定有力的作用
D．把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，小磁针 N 极偏转方向不变
第 4页（共 38页）
13．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原
理图，其中电源电压保持不变，R 是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻 R0 为保护
电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下
关于此测温仪，下列分析正确的是（
）
A．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小
B．热敏电阻 R 随着温度的升高阻值增大
C．显示仪是由电压表改装成的
D．将 R0 更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
14．阳逻之心蓝玉项链公园两侧安装了“风光互补”景观节能灯，如图所示，它“头顶”小
风扇，“肩扛”太阳能电池板。关于节能灯的设计解释最合理的是（
）
A．白天，太阳能电池板将太阳能转化为化学能储存起来
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热和确定风向的
C．小风扇是风力发电机，将机械能转化为电能
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为光能
15．某学生欲称量 5.3g 氯化钠，他在左边托盘上放了 5g 砝码，又把游码移到 0.3g 处，然后
在右边托盘上加氯化钠直到天平平衡，这时托盘上氯化钠的实际质量是（
）
A．5.3g
B．4.7g
C．4.0g
D．5.6g
二．填空题（共 7 小题）
16．广播电台的发射线路靠迅速变化的交变电流向外发射电磁波，交变电流在每秒周期性变
化 1 次发射的电磁波频率为 1 Hz．若某电台节目发射频率为 88.2 MHz，说明发射线路中
的交变电流每秒钟周期性变化为
次。电磁波在真空中的传播速度为
m。
m/s，
频率为 30MHz 的电磁波波长为
第 5页（共 38页）
17．太阳能热水器具有安全、节能、经济和环保等优点，当它吸收太阳能后，水的温度将会
升高，这是通过 方式改变了水的内能。某太阳能热水器盛有 100kg 水，若水温
由 20℃升高到 70℃，则水箱里的水吸收了
J 的热量。这些热量如果全部由完全
7
燃烧的焦炭来提供，需要燃烧
kg 的焦炭。[焦炭的热值为 3.0×10 J/kg，c ＝4.2
水
×103J/（kg•℃）]。
18．市场上出售的一种“金龙鱼”牌食用调和油，瓶上标有“6L”字样，已知该瓶内调和
3
3
油的密度为 0.9×10 kg/m ，物理含义
；该瓶油的质量是
kg，如果此瓶油
用去一半，瓶中剩余油的密度为
，如果用此瓶装满水，则总质量比装满油时多
﹣3
3
kg．（已知 1L＝1×10 m ）
19．家庭电路的触电事故都是人体直接或间接跟
线接触造成的。
（选填“可
以”或“不能”）用手拉触电的人。如图所示的家庭电路中，当闭合开关时，发现电灯不
亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路，则在开关闭合的情况下，用试电笔测试
电路中 A 点时，试电笔氖管
（选填“会”或“不会”）发光。
20．我市某学校研学小组在探究通电螺线管磁场的实验中，小磁针和螺线管放置于同一水平
面内，螺线管为东西朝向，小磁针可在水平面内自由转动。开关 S 闭合后，小磁针的 N
极指向右，如图所示，则电源 A 端为
（选填“正”或“负”）极。当开关 S 断
开时，小磁针 N 极将 （选填“不”、“向北”或“向南”）偏转。
第 6页（共 38页）
21．如图所示是一款自动清洁地面的扫地机器人，它主要是利用电动机来工作的，其中电动
机的原理如图
遥控器是
（选填“甲”或“乙”）。人可以利用遥控器操控它的工作状态，
（选填“超声波”或“红外线”）向机器人发送指令的。
22．某实心金属工件的质量与体积的关系如图 1 所示，该工件的密度是
kg/m3．用弹
簧测力计测量该工件如图 2 所示，该工件重是
的如图 3 所示的量筒中，液面将升至量筒的
N．将该工件沉没入装有一定量水
ml 刻度处（g 取 10N/kg）。
三．作图题（共 2 小题）
23．按照题目要求作图：
（1）请在图 1 中画出力 F 的力臂，并标上相应的字母 L。
（2）如图 2 所示，小明用羊角锤拔铁钉，请画出在 A 点施加最小动力 F 的示意图及其
力臂 l。
（3）如图 3 所示，某人在 A 处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。
第 7页（共 38页）
24．教学楼楼层之间的楼道里，如果电灯总是亮着会浪费电，小明利用光控开关和两个声控
开关设计出一种“聪明”的电路：白天无论发出多大声音，电灯也不会亮。晚上有人上
楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，脚步声都会使灯发光。请你把图中的器材连接
成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走
近发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）。
四．实验探究题（共 3 小题）
25．一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是 2400r/min，该汽油机每秒钟内完成
做功 次，活塞往复运动 次， 个工作循环。在内燃机的“吸气”、
“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是 冲程，常用
水来给内燃机降温，是因为水的 大。
26．小刚学完测量密度实验后，想动手测量酱油的密度，请完成下列问题．
冲程，
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把
移动到零刻度线后，指针静止在如图甲所
（选填“左”或“右”）调，使天平平衡．
示位置，此时应将平衡螺母向
（2）小刚测出空烧杯的质量为 38.6g，倒入适量的酱油后放在天平的左盘，通过加减砝
码并调节游码使天平恢复平衡．天平平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则酱油的
质量为
为
g；再把烧杯中的酱油全部倒入量筒中（如图丙所示），读出酱油的体积
cm3．
第 8页（共 38页）
（3）根据以上数据算出酱油的密度为
kg/m3；如果按照小刚上面的操作步骤，
测量的密度比酱油真实的密度
（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．
（4）小刚做完上面实验后，将游码归零．然后在天平两边分别放上两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，直到天平再次平衡如图丁所示，由此判断酱油
的质量
未知液体的质量（选填“大于”、“小于”或“等于”）；小刚用刻度尺测
量出酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，通过（3）小题中酱油的密度便可算
出未知液体的密度约为
kg/m3．
27．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，滑
动变阻器的规格为“30Ω，1A”。
（1）请你用笔画线代替导线连接图甲中的实物图；
（2）连接电路时，开关要
（3）实验时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，要测量小
灯泡的额定功率，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动；
；
（4）多次移动滑片，记录数据，得到通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图
丙所示。分析交流时，实验小组有以下的讨论：
①图中阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的
②根据图象，可知小灯泡的额定功率为 W；还可求出此时滑动变阻器的电功率
W；
③在实验过程中，灯泡电阻会变化。如调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值减小ΔR1，
；
为
观察到灯泡变亮，若小灯泡的阻值相应变化ΔR2，则ΔR1
ΔR2（选填“大于”、
“等于”或“小于”）。
五．计算题（共 3 小题）
第 9页（共 38页）
28．小宇想把一个重 1000N 的物体搬到高 1.6m 的车厢里，为了省力，他找了一块长 5m 的
硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），硬木板与车厢搭成一个简易斜面，如图
甲所示。小宇用力 F 把物体推至车厢里，物体沿木板移动距离 s 与力 F 推物体所用时间
的图像如图乙所示，已知物体沿木板运动过程中与木板间的摩擦力为 160N，且保持不变。
求：
（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率；
（2）斜面的机械效率（计算结果保留一位小数）。
29．如图所示是一款无人驾驶汽车。汽车自动驾驶时使用雷达传感器和激光测距仪来了解周
围的交通路况。该款车以一定速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离，消耗汽油
4.2kg，此过程该汽车牵引力做功为 4.83×107J。求在该过程中：[q 汽油＝4.6×107J/kg，c
水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）汽油完全燃烧放出的热量；
（2）汽油机的效率；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高多少。
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30．如图所示，电源电压为 18V 不变。滑动变阻器 R 的最大阻值为 200Ω。R 的电阻为 10Ω，
2
1
灯泡 L 上标有“18V 9W”字样（不考虑灯丝电阻的变化），电流表的量程为 0～3A，电
压表的量程为 0～15V。求：
（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，R 的电功率；
1
2
1
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率。
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参考答案与试题解析
一．选择题（共 15 小题）
1．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（
）
A．
C．
起子
B．
D．
镊子
钢丝钳
托盘天平
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，
再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆。
故选：B。
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大
于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠
杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
2．教室内的两盏日光灯，由一个开关控制，如图中能正确反映它们连接方式的是（
）
A．
C．
B．
D．
【分析】并联电路中，各用电器工作时互不影响，用电器的开关应该连接在火线上。
【解答】解：一只开关同时控制 2 盏日光灯，若摘掉其中任意一盏灯管，由另外一盏灯
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仍正常发光可知，这二盏日光灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的；火线接用
电器之前，应先接开关，
故选：A。
【点评】本题考查的根据串并联电路的特点判断家庭电路的连接情况。
3．如图是热机的结构，下列说法正确的是（
）
A．吸气冲程中，活塞是向上运动的
B．做功冲程是把机械能转化为内能
C．排气冲程中，没有能的转化
D．做功冲程是依靠飞轮的惯性完成的
【分析】热机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气
冲程；
判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压
缩关下功；”进行分析；
其中在做功冲程中，燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转
化为内能，其他冲程活塞都是靠飞轮的惯性完成的。
【解答】解：
A、在热机的吸气冲程中活塞向下运动，故 A 错误；
B、在热机的做功冲程中，将燃气的内能转化成了机械能，故 B 错误；
C、热机的排气冲程依靠飞轮惯性完成，此冲程没有能的转化，故 C 正确；
D、热机在做功冲程中，燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，其他冲程活塞都是靠飞
轮的惯性运动的，故 D 错误。
故选：C。
【点评】本题考查了内燃机的四个冲程的判断以及能量转化情况，解决此题需要结合内
燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。
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4．如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力 F 的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直（OA 为圆柱体横截面的直径），
圆柱体在转动过程中不打滑。则下列分析正确的是（
）
A．拉力 F 逐渐变小
B．拉力 F 逐渐变大
C．由于拉力 F 的力臂始终保持最长，拉力 F 始终保持最小值不变
D．条件不足，无法判断
【分析】本题主要考查两个方面的知识：
（1）力臂的概念：从支点到力的作用线的距离叫做力臂；
（2）运用杠杆的平衡条件 FL＝GL′分析动力的大小变化。
【解答】解：
整个过程中，拉力 F 始终作用于 A 点且与 OA 保持垂直；
由图可知，动力 F 的力臂 L（L＝OA）始终保持不变，阻力为圆柱体的重力 G 始终大小
不变，由实线位置转到虚线位置时，重力的力臂逐渐减小，根据杠杆平衡条件可得 FL＝
GL′，所以动力 F 逐渐变小。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，能否正确分析重力的阻力臂与
动力臂的大小关系是本题的解题关键。
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5．“消毒”作为疫情防控的重要一环，不可忽视。与传统人工消毒方式相比，消毒机器人更
灵活高效。同时，又可以减轻工作人员负担与可能受到的病毒威胁。如图是某医院的自
动喷雾消毒机器人，加入消毒液后，机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液。
针对此机器人的说法正确的是（
）
A．机器人行驶过程中，动能逐渐变小
B．机器人行驶过程中，动能大小不变
C．机器人行驶过程中，重力势能逐渐增大
D．机器人行驶过程中，机械能守恒
【分析】动能大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；
重力势能的大小与物体的质量、高度有关；机械能为动能和势能的和。
【解答】解：机器人自动按照设置路线匀速行驶时喷洒消毒液，其质量减小，速度不变，
动能不变；质量变小，高度不变，重力势能变小；机械能为动能和势能的和，所以机械
能会减小，机械能不守恒，故 A 正确。
故选：A。
【点评】知道并理解动能和重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。
6．老师在学习家庭用电时，老师们总是会画这样的简笔画，如图所示，甲站在干燥的木桌
上一只手接触到火线；乙站在地上一只手接触到零线；丙站在干燥的木桌上一只手接触
到火线。此时，丁站在地面上用手去拉丙。则（
）
A．甲、乙都会触电
C．丙、丁都会触电
B．甲、丙都会触电
D．乙、丁都会触电
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【分析】触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电；
家庭电路的触电事故有两种：单相触电和双相触电。单相触电是站在地上和火线接触或
间接接触火线；双相触电是人体一端接触火线，一端接触零线。
【解答】解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发
生触电；
乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不
会发生触电；
丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可
以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电。
综上所述，甲、乙都不会触电，丙、丁都会触电，故 ABD 错误，C 正确。
故选：C。
【点评】此题考查的是触电的两种类型和家庭电路的连接，掌握触电的实质是：人体直
接或间接跟火线接触造成的。
7．关于温度、热量、内能，下列说法正确的是（
A．物体的温度越高，放出的热量越多
B．物体的温度越高，所含的热量越多
C．物体的温度升高，内能一定增加
）
D．物体的内能增加，温度一定升高
【分析】（1）根据 Q 放＝cm△t 分析放出热量与温度的关系；
（2）热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的
多少，不能说物体含有多少热量；
（3）晶体熔化时，吸收热量，其内能增加，但温度不变。
【解答】解：
A、由 Q 放＝cm△t 可知，放出热量的多少与物质的比热容、质量和降低的温度有关，因
此温度高的物体，放出的热量不一定多，故 A 错误；
B、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体
含有热量，故 B 错误。
C、物体的温度升高，内能一定增加，故 C 正确；
D、物体的内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化时吸热，其内能增加，但温度保持不
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变，故 D 错误；
故选：C。
【点评】本题考查了影响物体内能大小的因素以及内能、温度与热量三者之间的关系，
是一道易错题。
8．如图所示，甲、乙两支完全相同的试管，分别装有质量相等的液体，甲试管竖直放置，
乙试管倾斜放置，两试管液面相平。已知甲试管中的液体密度为ρ甲；乙试管中的液体密
度为ρ乙，则下列判断中正确的是（
）
A．ρ甲＜ρ乙
C．ρ甲＞ρ乙
B．ρ甲＝ρ乙
D．无法判断密度
【分析】由图甲、乙可知，乙试管中液体的体积比甲试管中液体的体积更大，而它们的
质量相等，由ρ＝ 可知，甲试管中液体的密度比乙试管中液体的密度更大。
【解答】解：由图甲、乙可知，乙试管中液体的体积比甲试管中液体的体积更大，而它
们的质量相等，由ρ＝ 可知，甲试管中液体的密度比乙试管中液体的密度更大，即ρ甲
＞ρ乙，故 ABD 错误，C 正确。
故选：C。
【点评】本题考查密度公式的应用，能从图找到两种液体的体积关系是解题的关键。
9．如图所示的电路只有一处故障，开关闭合后，两盏灯都不亮；现在用电压表分别正确的
并联在灯 L 和 L 两端，发现灯 L 两端的电压 U ＝0，灯 L 两端的电压 U 等于电源的
1
2
1
1
2
2
电压，电路的故障可能是（
）
A．灯 L1 开路
B．灯 L2 开路
C．灯 L1 短路
D．灯 L2 短路
【分析】由电路图知，两灯泡串联，闭合开关，灯泡不亮，原因有二：断路或短路，因
第 17页（共 38页）
为两灯都不亮，所以不可能是一灯短路，所以只能是一灯断路，根据电压表的示数进行
分析。
【解答】解：闭合开关，两盏灯都不亮，说明电路出现了断路；
根据题意可知，电压表并联在灯 L 两端时，电压表示数为 0V，说明灯泡 L 之外的电路
1
1
有断路，导致电压表的不能与电源两极相连；
将电压表并联在灯 L2 两端时，电压表示数为等于电源电压，说明电压表的正负接线柱与
电源两极相连，因此灯 L2 断路。
故选：B。
【点评】用电压表判断电路故障时，如果有示数，说明与电压表串联的元件是完好的；
如果无示数，说明与电压表串联的元件有断路，或与电压表并联的元件短路。
10．如图，两个相同的纺锤形磁铁由于磁极间相互吸引而紧紧贴在一起，下列各图能正确表
示纺锤形磁铁周围的磁感线分布特点的是（
）
A．
C．
B．
D．
【分析】利用磁感线的特点分析判断，即磁感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极。
【解答】解：如图，两个纺锤形磁铁左右相吸，说明它们的左、右两侧为磁极，由于磁
感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极，所以它们左、右两侧的磁感线从左侧 N 极指向右侧
的 S 极，或者从右侧的 N 极指向左侧的 S 极，故能正确表示纺锤形磁铁周围的磁感线分
布特点的是 C 图；
故选：C。
【点评】利用应用磁感线的特点即磁感线在磁体的外部由 N 极指向 S 极是解题的关键。
第 18页（共 38页）
11．小明同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。他依据实验数据绘制了图中甲、乙
3
3
两条图线中的一条，已知 m ＝0.1kg，c ＝4.2×10 J（/ kg•℃），c ＝2.1×10 J（/ kg•℃），
冰
水
冰
酒精灯在相同时间内的加热效果相同，下列分析正确的是（
）
A．小明绘制的是甲图线
B．1～3min 内温度不变，说明冰块没有吸收热量
C．0～1min 内冰块吸收的热量为 2.1×103J
D．1～3min 内，冰水混合物吸收的热量为 2.1×103J
【分析】（1）用同一个酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，根据 Q＝cm
△t 分析温度的变化，从而得出水的图象；
（2）冰是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；
（3）利用 Q＝cm△t 求出冰吸收的热量；
（4）酒精灯在相同时间内的加热效果相同，2min 吸收的热量是 1min 吸收热量的 2 倍。
【解答】解：
A、由图可知，在 0～1min 内，冰吸收热量，温度升高了 5℃；冰化成水后，质量不变，
根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的 2 倍，根据 Q＝cm△t 可知，水升高 5℃所需
的热量为冰升高 5℃所需热量的 2 倍，即水升高 5℃，所需的加热时间为 2min，故乙图
线是水的升温图象，故 A 错误；
B、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量，
内能增大，故 B 错误；
3
3
C、冰吸收的热量为：Q ＝c m △t＝2.1×10 J/（kg•℃）×0.1kg×5℃＝1.05×10 J，
冰
冰
冰
故 C 错误；
D、酒精灯在相同时间内的加热效果相同，2min 吸收的热量是 1min 吸收热量的 2 倍，1～
3
3
3min 内，冰水混合物吸收的热量为 Q＝2Q ＝2×1.05×10 J＝2.1×10 J，故 D 正确。
冰
故选：D。
第 19页（共 38页）
【点评】本题考查了冰的熔化图象，利用好 Q＝cm△t 是解答本题的关键，难易程度适中。
12．如图所示，把一根直导线平行地拉到静止小磁针的上方，当通有如图所示的方向的电流
时，小磁针 N 极垂直纸面向里偏转，关于此实验下列说法不正确的是（
）
A．实验中的直导线一定是放置在南北方向
B．小磁针偏转不明显，可以增大导线中的电流
C．小磁针对导线一定有力的作用
D．把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，小磁针 N 极偏转方向不变
【分析】奥斯特实验时，发现和通电导线平行的小磁针，在导线通电时小磁针发生偏转，
说明电流周围存在磁场；磁场的强弱与电流的大小有关；当电流方向改变时，产生的磁
场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变。
【解答】解：
A、因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围
存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置，故 A 正确；
B、小磁针偏转不明显，说明磁场较弱，可以增大导线中的电流来增大磁场的强度，故 B
正确；
C、物体间力的作用是相互的，小磁针受力发生偏转，则小磁针对导线一定有力的作用，
故 C 正确；
D、把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，磁场方向会发生变化，小磁针 N 极偏转
方向也会随之变化，故 D 错误。
故选：D。
【点评】此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，一定要掌握电流的磁效应。
第 20页（共 38页）
13．疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原
理图，其中电源电压保持不变，R 是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻 R0 为保护
电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下
关于此测温仪，下列分析正确的是（
）
A．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越小
B．热敏电阻 R 随着温度的升高阻值增大
C．显示仪是由电压表改装成的
D．将 R0 更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
【分析】根据电路图可知，R 与 R 串联，显示仪与 R 并联；
0
0
（1）根据电压表示数和欧姆定律可知电路中电流的变化，再根据 P＝UI 可知电路消耗的
电功率的变化；
（2）根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻的阻值随温度变化的关系；
（3）根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
（4）当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将 R0 更换为阻值更大的电阻，由串联
电路分压特点可知显示仪的示数变化；
【解答】解：由电路图可知，R 与 R 串联，显示仪与 R 并联；
0
0
C、因为显示仪与 R0 并联，所以该显示仪是由电压表改装成的，故 C 正确；
AB、由题意可知，被测温者温度越高，显示仪的示数越大，说明电压表示数越大（即定
值电阻 R0 的电压越大），由欧姆定律和串联电路的电流特点可知，电路中电流越大，根
据串联电路的电压特点可知，R 两端电压越小，由 R＝ 可知，热敏电阻的阻值越小，
即热敏电阻的阻值随温度的升高而减小；由前面分析可知，被测温者温度越高，电路中
电流越大，由 P＝UI 可知，电路消耗的功率也越大，故 AB 错误；
D、测相同温度时，热敏电阻的阻值不变，将 R0 更换为阻值更大的电阻，由串联电路分
压特点可知，该电阻两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故 D 错误。
第 21页（共 38页）
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从题干中获
取有效的信息，难度不大。
14．阳逻之心蓝玉项链公园两侧安装了“风光互补”景观节能灯，如图所示，它“头顶”小
风扇，“肩扛”太阳能电池板。关于节能灯的设计解释最合理的是（
）
A．白天，太阳能电池板将太阳能转化为化学能储存起来
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热和确定风向的
C．小风扇是风力发电机，将机械能转化为电能
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为光能
【分析】自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源，现在科学家都在设计装置利用它
们的能量；
风扇式发电机可以通过风吹动扇片转动，把风能转化为电能；
太阳能电池可以把太阳能转化为电能。
【解答】解：
A、“肩扛”太阳能电池板也可以把太阳能转化为电能，故 A 错误；
BC、“头顶”的小风扇是风力发电机，可以把风能转化为电能，这样只要有风，这种路
灯也可以发电，故 B 错误、C 正确；
D、蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故 D 错误。
故选：C。
【点评】】风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽用之不竭，能够巧妙的设计利用
是关键。
15．某学生欲称量 5.3g 氯化钠，他在左边托盘上放了 5g 砝码，又把游码移到 0.3g 处，然后
在右边托盘上加氯化钠直到天平平衡，这时托盘上氯化钠的实际质量是（
A．5.3g B．4.7g C．4.0g D．5.6g
）
【分析】根据天平的使用方法：左物右码，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加上游
第 22页（共 38页）
码的质量，即药品质量＝砝码质量+游码质量，如果位置放反，根据左盘物体的质量等于
右盘砝码的质量加上游码的质量，列出等式解答。
【解答】解：由题意可知，他选用的砝码的质量为 5g，游码的质量为 0.3g，由左盘质量
＝右盘质量+游码质量可知，砝码质量＝药品质量+游码质量，所以药品质量＝砝码质量
﹣游码质量，即氯化钠的质量 m＝5g﹣0.3g＝4.7g。
故选：B。
【点评】托盘天平的使用是中考热点之一，掌握左盘物体的质量等于右盘砝码的质量加
上游码的质量是解答此类题的关键。
二．填空题（共 7 小题）
16．广播电台的发射线路靠迅速变化的交变电流向外发射电磁波，交变电流在每秒周期性变
化 1 次发射的电磁波频率为 1 Hz．若某电台节目发射频率为 88.2 MHz，说明发射线路中
的交变电流每秒钟周期性变化为 8.82×107 次。电磁波在真空中的传播速度为 3×
108 m/s，频率为 30MHz 的电磁波波长为 10 m。
【分析】（1）频率是指物体在 1s 内振动的次数；
（2）电磁波在真空中的传播速度等于 3×108m/s，根据公式 c＝λf 可求得电磁波的波长。
【解答】解：（1）交变电流在每秒内周期性变化 1 次发射的电磁波频率为 1Hz，电台节
目发射频率为 88.2MHz，即 8.82×107Hz，说明发射线路中的交变电流每秒钟周期性变化
为 8.82×107 次；
（2）电磁波在真空中的传播速度等于 3×108m/s；
根据波速＝波长×频率，即 c＝λf 可得：λ＝ ＝
＝10m。
7
8
故答案为：8.82×10 ； 3×10 ；10。
【点评】理解频率的含义和交变电流的特点。记住电磁波在真空中的传播速度等于 3×
108m/s，了解公 c＝λf 的含义是解答的关键。
17．太阳能热水器具有安全、节能、经济和环保等优点，当它吸收太阳能后，水的温度将会
升高，这是通过
热传递 方式改变了水的内能。某太阳能热水器盛有 100kg 水，若水
2.1×107 J 的热量。这些热量如果全部
0.7 kg 的焦炭。[焦炭的热值为 3.0×107J/kg，c
温由 20℃升高到 70℃，则水箱里的水吸收了
由完全燃烧的焦炭来提供，需要燃烧
水＝4.2×103J/（kg•℃）]。
第 23页（共 38页）
【分析】（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；
（2）知道水的比热容、质量、初温和末温，利用 Q ＝cm（t﹣t ）计算出水箱里的水吸
0
吸
收的热量；
（3）焦炭完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，即 Q ＝Q ，利用 Q ＝mq 计算出
放
吸
放
需要燃烧焦炭的质量。
【解答】解：（1）当太阳能热水器吸收太阳能后，里面水的温度升高，内能增加，这是
通过热传递的方式改变水的内能；
3
（2）水箱里的水吸收的热量：Q ＝c m（t﹣t ）＝4.2×10 J/（kg•℃）×100kg×（70℃
0
吸
水
﹣20℃）＝2.1×107J；
7
（3）这些热量如果全部由完全燃烧的焦炭来提供，即 Q ＝Q ＝2.1×10 J；
放
吸
由 Q 放＝mq 可知，需要燃烧焦炭的质量：m 焦炭＝
故答案为：热传递；2.1×107；0.7。
＝
＝0.7kg。
【点评】本题考查改变物体内能的方式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，熟
记高公式并能灵活运用是解题的关键。
18．市场上出售的一种“金龙鱼”牌食用调和油，瓶上标有“6L”字样，已知该瓶内调和
3
3
3
3
油的密度为 0.9×10 kg/m ，物理含义 1m 调和油的质量为 0.9×10 kg ；该瓶油的质
量是 5.4 kg，如果此瓶油用去一半，瓶中剩余油的密度为 0.9×103kg/m3 ，如果用
﹣3
3
此瓶装满水，则总质量比装满油时多 0.6 kg．（已知 1L＝1×10 m ）
3
3
【分析】①根据密度定义可知，调和油的密度为 0.92×10 kg/m 的物理意义；
②已知调和油的密度和体积，利用公式 m＝ρV 得到其质量；
③密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积大小无关，与温度状态有关；
④油瓶容积一定，已知调和油的体积等于瓶的容积，也就是等于水的体积；已知水的密
度和体积，可以得到调和油所盛水的质量；已知调和油的质量和水的质量，可以得到多
装水的质量。
【解答】解：①因为密度是单位体积的某种物质的质量，所以调和油的密度为 0.9×
3
3
3
3
10 kg/m 的物理意义是：体积为 1m 的调和油质量是 0.9×10 kg；
②因为ρ＝ ，
所以调和油的质量为 m ＝ρ V＝0.9×10 kg/m ×6×10﹣3m3＝5.4kg；
3
3
油
油
第 24页（共 38页）
③如果调和油用去一半，物质种类没有变化，只是质量、体积减小，密度不变，仍然为
3
3
0.9×10 kg/m ；
④此瓶装满水的质量为 m ＝ρ V＝1.0×10 kg/m ×6×10﹣3m3＝6kg
3
3
水
水
多装水的质量为△m＝m ﹣m ＝6kg﹣5.4kg＝0.6kg。
水
油
3
3
3
3
故答案为：体积为 1m 的调和油质量是 0.9×10 kg；5.4；0.9×10 kg/m ；0.6。
【点评】本题考查的是密度的特点、计算公式的应用以及容积一定时不同液体质量的计
算，属于密度部分的基础题，难度不大。
19．家庭电路的触电事故都是人体直接或间接跟 火 线接触造成的。 不能 （选填“可
以”或“不能”）用手拉触电的人。如图所示的家庭电路中，当闭合开关时，发现电灯不
亮。若原因是图中打“×”的位置发生了断路，则在开关闭合的情况下，用试电笔测试
电路中 A 点时，试电笔氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电。
用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的氖管会发光。
【解答】解：由于火线与大地和零线的电压为 220V，当人体直接或间接与火线接触时，
就会造成触电，所以不能拉触电的人；
图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“×”的位置发生了断路，A 点还与
火线连通，所以用测电笔测试 A 点时，氖管会发光。
故答案为：火；不能；会。
【点评】本题考查了触电的原因和测电笔的使用，属于基础题目。
第 25页（共 38页）
20．我市某学校研学小组在探究通电螺线管磁场的实验中，小磁针和螺线管放置于同一水平
面内，螺线管为东西朝向，小磁针可在水平面内自由转动。开关 S 闭合后，小磁针的 N
极指向右，如图所示，则电源 A 端为
正 （选填“正”或“负”）极。当开关 S 断开
时，小磁针 N 极将 向北 （选填“不”、“向北”或“向南”）偏转。
【分析】（1）根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性；根据安培定则判断电源正
负极。
（2）小磁针受地磁场的作用，总是一端指南，一端指北，指北的是 N 极，指南的是 S
极。
【解答】解：（1）小磁针的右端是 N 极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的左端为
S 极，右端为 N 极，根据安培定则判断电流从螺线管的左边进入，从右边流出，可以判
断电源的 A 端是正极，B 端是负极。
（2）当开关 S 断开时，通电螺线管无磁性，小磁针受地磁场的作用，一端指南，一端指
北，指南的是 S 极，指北的是 N 极，故小磁针 N 极将向北偏转。
故答案为：正；向北。
【点评】对于通电螺线管的问题，知道通电螺线管的磁极、通电螺线管的电流方向、小
磁针的磁极、磁感线，知道其中的一者，都能判断其它几者。
21．如图所示是一款自动清洁地面的扫地机器人，它主要是利用电动机来工作的，其中电动
机的原理如图
甲 （选填“甲”或“乙”）。人可以利用遥控器操控它的工作状态，遥
控器是 红外线 （选填“超声波”或“红外线”）向机器人发送指令的。
第 26页（共 38页）
【分析】（1）电动机的原理：通电线圈在磁场中受力转动；
（2）电视遥控器利用红外线来传输指令，紫外线可以用来灭菌。
【解答】解：（1）甲图研究的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理；乙图研
究的是电磁感应现象，是发电机的原理；
（2）遥控器是利用红外线向机器人发送指令的。
故答案为：甲；红外线。
【点评】本题考查了电动机、发电机的原理以及红外线的应用，物理学习的过程中，要
多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。
22．某实心金属工件的质量与体积的关系如图 1 所示，该工件的密度是 5×103 kg/m3．用
弹簧测力计测量该工件如图 2 所示，该工件重是 1 N．将该工件沉没入装有一定量水
的如图 3 所示的量筒中，液面将升至量筒的 46 ml 刻度处（g 取 10N/kg）。
【分析】（1）由图 1 得出任意一点对应的质量和体积，根据密度公式求出该工件的密度；
（2）根据弹簧测力计的分度值读出该工件重，再根据重力公式和密度公式求出其体积，
工件的体积和液体的体积之和即为量筒的刻度。
【解答】解：（1）由图 1 可知，当 m＝5g 时，V＝1cm3，
3
3
3
所以该工件的密度ρ＝ ＝
＝5g/cm ＝5×10 kg/m ；
（2）弹簧测力计的分度值为 0.2N，所以该工件的重为 1N，
﹣5
3
体积为 V′＝
＝
＝
＝2×10 m ＝20ml，
量筒的分度值为 2ml，所以水的体积为 26ml，
该工件沉没入水中时，液面将升至量筒的刻度为 26ml+20ml＝46ml。
故答案为：5×103；1；46。
第 27页（共 38页）
【点评】本题考查了弹簧测力计和量筒的读数，以及密度公式的应用，关键是能从图象
中得出相关的信息，还要注意单位的换算。
三．作图题（共 2 小题）
23．按照题目要求作图：
（1）请在图 1 中画出力 F 的力臂，并标上相应的字母 L。
（2）如图 2 所示，小明用羊角锤拔铁钉，请画出在 A 点施加最小动力 F 的示意图及其
力臂 l。
（3）如图 3 所示，某人在 A 处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。
【分析】（1）根据力臂的正确画法作图，即过支点作动力作用线的垂线段。
（2）由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的
作用点 A 即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
（3）最省力的绕绳方法即是承担物重的绳子段数最多，先分析出应由 3 段绳子承担物重，
才按照“奇动偶定”的原则确定绕绳方案。
【解答】解：（1）过支点 O 作力 F 作用线的垂线段，即力臂 L，如图所示：
（2）力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，力与对应的力臂是垂直的，
过 A 点作垂直于力臂 OA 的作用力 F，方向为左上方。如下图所示：
（3）从动滑轮上面的挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，绳端回到人的手中，提升物
体绳子股数为 3，是最省力的绕法，如图所示：
第 28页（共 38页）
【点评】（1）本题考查了力臂的作法，关键是要作出支点到力所在的直线的垂线段。
（2）求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
（3）省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果。动滑轮被几根绳子承担，拉力就
是物体和动滑轮总重的几分之一。
24．教学楼楼层之间的楼道里，如果电灯总是亮着会浪费电，小明利用光控开关和两个声控
开关设计出一种“聪明”的电路：白天无论发出多大声音，电灯也不会亮。晚上有人上
楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，脚步声都会使灯发光。请你把图中的器材连接
成符合要求的电路（光控开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声控开关在有人走
近发出声音时就闭合，闭合后经过一两分钟便自动断开）。
【分析】（1）由题意可知，教学楼里灯泡亮的条件是：
①必须是晚上，白天不亮；
②有人上楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，没人不亮；
所以光控开关和声控开关不能独立工作，即两声控开关并联后再与光控开关串联，再控
制灯泡；
（2）符合安全用电的原则。
【解答】解：晚上，天黑光控开关闭合，有人上楼或下楼接近其中任意一个声控开关时，
脚步声都会使灯发光，说明两声控开关并联后与光控开关串联，最后再与灯串联，且开
关控制火线，灯与零线相连，如下所示：
【点评】本题考查根据要求设计电路图及安全用电的知识，关键是根据题意确定开关的
连接。
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四．实验探究题（共 3 小题）
25．一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是 2400r/min，该汽油机每秒钟内完成
80 冲程，
做功
缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将机械能转化为内能的是
给内燃机降温，是因为水的 比热容 大。
20 次，活塞往复运动
40 次， 20 个工作循环。在内燃机的“吸气”、“压
压缩 冲程，常用水来
【分析】（1）热机完成一个工作循环，要经过 4 个冲程，燃气对外做功 1 次，活塞往返 2
次，飞轮转动 2 周，根据这个比例关系可以求出答案。
（2）内燃机四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将
机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。水的比热容最大，与其它物质相比，
在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多。
【解答】解：（1）若飞轮转速是 2400r/min＝40r/s，表示每秒飞轮转动 40 圈，汽油机每
秒钟内完成 20 个工作循环，要经过 80 个冲程，活塞往复运动 40 次；对外做功 20 次。
（2）内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程，压缩冲程活塞向上运动，压缩
气体对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压燃气推动活塞向下运动，将
内能转化为机械能。内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去。与其它液体相
比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最
好。
故答案为：80；20；40；20；压缩；比热容；
【点评】此题考查了内燃机完成一个工作循环飞轮转动的圈数和做功次数，要结合内燃
机的四个冲程工作特点进行分析解答，属于基础题。
26．小刚学完测量密度实验后，想动手测量酱油的密度，请完成下列问题．
（1）将托盘天平放在水平桌面上，把
游码 移动到零刻度线后，指针静止在如图甲
第 30页（共 38页）
所示位置，此时应将平衡螺母向
左 （选填“左”或“右”）调，使天平平衡．
（2）小刚测出空烧杯的质量为 38.6g，倒入适量的酱油后放在天平的左盘，通过加减砝
码并调节游码使天平恢复平衡．天平平衡后，砝码和游码的位置如图乙所示，则酱油的
质量为 46 g；再把烧杯中的酱油全部倒入量筒中（如图丙所示），读出酱油的体积为
40 cm3．
（3）根据以上数据算出酱油的密度为
1.15×103 kg/m3；如果按照小刚上面的操作步
骤，测量的密度比酱油真实的密度 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．
（4）小刚做完上面实验后，将游码归零．然后在天平两边分别放上两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，直到天平再次平衡如图丁所示，由此判断酱油
的质量 等于 未知液体的质量（选填“大于”、“小于”或“等于”）；小刚用刻度尺测
量出酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，通过（3）小题中酱油的密度便可算
出未知液体的密度约为
0.8×103 kg/m3．
【分析】（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻度线
处，调节天平的平衡螺母，左偏右调，右偏左调，直至天平平衡；
（2）用天平测量物体的质量时，物体的质量等于右端托盘上砝码的质量与游码示数之和；
读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
（3）已知酱油的质量和体积，利用公式ρ＝ 得到酱油的密度；把烧杯中的酱油全部倒
入量筒中时，烧杯壁上会附有少量的酱油，导致酱油体积的测量值偏小，由此根据密度
公式判断酱油密度测量值与真实值的大小关系；
（4）天平在使用过程中，再次平衡，且游码在零刻线处，说明此时天平左右两托盘上的
物体质量相等；两种不同的物质，质量一定，密度与体积成反比，据此求出酱油的密度。
【解答】解：（1）天平的使用和调节：把天平放在水平台面上，把游码置于标尺的零刻
度线处，此时天平指针右偏，向左调节天平的平衡螺母，直至天平平衡；
（2）在天平的标尺上，1g 之间有 5 个小格，一个小格代表的质量是 0.2g，即天平的分度
值为 0.2g；
烧杯和酱油的总质量是 m1＝50g+20g+10g+4.6g＝84.6g；
空烧杯的质量为 m2＝38.6g
所以酱油的质量为 m＝m ﹣m ＝84.6g﹣38.6g＝46g；
1
2
量筒的分度值为 1mL，量筒中酱油的体积为 V＝40mL＝40cm3；
第 31页（共 38页）
（3）已知：酱油的质量为 m＝46g，酱油的体积为 V＝40mL＝40cm3
根据密度公式知：
3
3
3
酱油的密度ρ＝ ＝
＝1.15g/cm ＝1.15×10 kg/m ；
实验过程中小刚不可能把烧杯内的酱油全部倒入量筒内，导致测量的酱油体积偏小，由
公式ρ＝ 知：酱油密度测量结果偏大；
（4）第二次实验中，天平游码示数归零后，左右两托盘上分别放置两个完全相同烧杯，
并往里面分别倒入酱油和一种未知液体，天平再次平衡，说明此时天平左右两托盘上的
物体质量相等，
即此时 m 酱油＝m 未知液体；
又因相同烧杯中酱油和未知液体的高度分别为 8cm 和 11.5cm，
根据圆柱体体积公式知：
＝
＝
，
不同的两种物质，质量一定，密度与其体积成反比，
即
＝
＝
，
3
3
3
3
所以ρ未知液体
＝
＝1.15×10 kg/m ×
＝0.8×10 kg/m 。
3
3
故答案为：（1）游码；左（2）46；40；（3）1.15×10 ；偏大；（4）等于；0.8×10 。
【点评】本题利用天平和量筒测量液体的密度，利用天平和刻度尺测量液体的密度，是
两个很典型的液体密度测量的实验题，一定要熟练掌握其方法。
27．在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为 3V，小灯泡的额定电压为 2.5V，滑
动变阻器的规格为“30Ω，1A”。
第 32页（共 38页）
（1）请你用笔画线代替导线连接图甲中的实物图；
（2）连接电路时，开关要 断开 ；
（3）实验时，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，要测量小
灯泡的额定功率，应将滑片向 左 （选填“左”或“右”）移动；
（4）多次移动滑片，记录数据，得到通过小灯泡的电流随其两端电压变化的图象，如图
丙所示。分析交流时，实验小组有以下的讨论：
①图中阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的 实际功率 ；
②根据图象，可知小灯泡的额定功率为
为 0.25 W；
1.25 W；还可求出此时滑动变阻器的电功率
③在实验过程中，灯泡电阻会变化。如调节滑动变阻器使其接入电路中的阻值减小ΔR1，
观察到灯泡变亮，若小灯泡的阻值相应变化ΔR2，则ΔR1 大于 ΔR2（选填“大于”、
“等于”或“小于”）。
【分析】（1）电压表并联在小灯泡的两端，故应将小灯泡的左边接线柱与电压表的“﹣”
接线柱相连；
（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开；
（3）先确定电压表的分度值，再读出其示数，为使电压增加为 2.5V，根据串联分压特点
可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，进一步确定滑片的移动方向；
（4）①图中横坐标表示电路电流，纵坐标表示灯泡两端的电压，根据 P＝UI 可知得出
答案；
②根据图象，当灯泡两端的电压为 2.5V 时，通过灯泡的电流为 0.5A，根据 P＝UI 可得
出小灯泡的额定功率；
根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据 P＝UI 可知此时滑动变阻器
的电功率；
③通过对滑动变阻器的电阻、灯泡的电阻和总电阻变化情况分析得出结论。
第 33页（共 38页）
【解答】解：（1）电压表并联在小灯泡的两端，故应将小灯泡的左边接线柱与电压表的
“﹣”接线柱相连，如图：
（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开；
（3）电压表选用小量程，分度值为 0.1V，示数为 1.8V，小灯泡的额定电压为 2.5V，要
测量小灯泡的额定功率，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根
据串联分压特点可知，应让滑动变阻器接入电路的阻值变小，应将滑片向左移动；
（4）①图中横坐标表示电路电流，纵坐标表示灯泡两端的电压，根据 P＝UI 可知图中
阴影部分的面积在数值上等于小灯泡此时的实际功率；
②根据图象，当灯泡两端的电压为 2.5V 时，通过灯泡的电流为 0.5A，根据 P＝UI 可知
小灯泡的额定功率 P ＝U I ＝2.5V×0.5A＝1.25W；
L
L L
根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压 U ＝U﹣U ＝3V﹣2.5V＝0.5V，
L
滑
根据 P＝UI 可知此时滑动变阻器的电功率 P ＝U I ＝0.5V×0.5A＝0.25W；
L
滑
滑
③在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，灯泡两端电压增大，
电流也增大，根据欧姆定律可知电路中总电阻变小，
由于灯泡两端电压增大，电流增大，则灯泡的功率变大，由于灯泡电阻受温度的影响，
则灯泡的电阻会变大，
根据 R＝R +R 可知：只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量ΔR 大于灯泡的阻值
1
滑
灯
增加量ΔR2 才会让总电阻变小，故选：大于。
故答案为：（1）如图；（2）断开；（3）左；（4）①实际功率；②1.25；0.25；③大于。
【点评】本题为“测量小灯泡电功率”的实验，考查电路连接、注意事项、图象分析、
电功率的计算等知识。
五．计算题（共 3 小题）
第 34页（共 38页）
28．小宇想把一个重 1000N 的物体搬到高 1.6m 的车厢里，为了省力，他找了一块长 5m 的
硬木板，搭在车厢上（衔接处的长度忽略不计），硬木板与车厢搭成一个简易斜面，如图
甲所示。小宇用力 F 把物体推至车厢里，物体沿木板移动距离 s 与力 F 推物体所用时间
的图像如图乙所示，已知物体沿木板运动过程中与木板间的摩擦力为 160N，且保持不变。
求：
（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率；
（2）斜面的机械效率（计算结果保留一位小数）。
【分析】（ 1）利用 W＝Gh 求推力做的有用功，利用 W＝fs 求推力做的额外功，推力做
的总功等于有用功加上额外功，由图乙得出做功时间，再利用 P＝ 求推力做功功率；
（2）斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：（ 1）推力做的有用功：
W
有用＝Gh＝1000N×1.6m＝1600J，
推力做的额外功：
W 额＝fs＝160N×5m＝800J，
推力做的总功：
W 总＝W 有用十 W 额外＝1600J+800J＝2400J，
由图乙得出做功时间 t＝30s，推力做功功率：
P＝
＝
＝80W；
（2）斜面的机械效率：
η＝
×100%＝
×100%≈66.7%。
答：（1）小宇所用推力 F 在 30s 内对物体做功的功率为 80W；
（2）斜面的机械效率为 66.7%。
【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
第 35页（共 38页）
29．如图所示是一款无人驾驶汽车。汽车自动驾驶时使用雷达传感器和激光测距仪来了解周
围的交通路况。该款车以一定速度在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离，消耗汽油
4.2kg，此过程该汽车牵引力做功为 4.83×107J。求在该过程中：[q 汽油＝4.6×107J/kg，c
水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）汽油完全燃烧放出的热量；
（2）汽油机的效率；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高多少。
【分析】（1）知道汽油的质量和热值，利用 Q 放＝mq 计算出汽油完全燃烧放出的热量；
（2）利用效率公式可以计算出汽油机的效率；
（3）根据汽油完全燃烧放出的热量和汽车牵引力做功可以计算出汽油机损失的能量，即
水吸收的热量，利用 Q 吸＝cmΔt 可以计算出 1000kg 升高的温度。
【解答】解：（1）消耗汽油的质量 m 汽油＝4.2kg，汽油的热值 q 汽油＝4.6×107J/kg，
7
8
汽油完全燃烧放出的热量：Q 放＝m
q
＝4.2kg×4.6×10 J/kg＝1.932×10 J；
汽油
汽油
（2）汽车牵引力做功 W＝4.83×107J，
汽油机的效率：η＝
＝
＝25%；
8
7
8
（3）汽油机损失的能量：E＝Q ﹣W＝1.932×10 J﹣4.83×10 J＝1.449×10 J；
放
8
水吸收的热量 Q ＝E＝1.449×10 J；
吸
由 Q
＝ cm Δ t 可 知 ， 可 供 1000kg 水 升 高 的 温 度 ： Δ t ＝
＝
吸
＝34.5℃。
答：（1）汽油完全燃烧放出的热量为 1.932×108J；
（2）汽油机的效率为 25%；
（3）若汽油机损失的能量用于烧水，可供 1000kg 水的温度升高 34.5℃。
【点评】本题考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、吸热公式的应用，熟记公式并能
第 36页（共 38页）
灵活运用是解题的关键。
30．如图所示，电源电压为 18V 不变。滑动变阻器 R 的最大阻值为 200Ω。R 的电阻为 10Ω，
2
1
灯泡 L 上标有“18V 9W”字样（不考虑灯丝电阻的变化），电流表的量程为 0～3A，电
压表的量程为 0～15V。求：
（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，R 的电功率；
1
2
1
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率。
【分析】（1）根据 P＝
求出小灯泡正常发光时灯丝的电阻；
（2）当只闭合 S ，电阻 R 和滑动变阻器 R 串联，根据串联电流电阻规律、欧姆定律计
1
1
2
2
算此时通过电路的电流，根据 P＝I R 求出 R 的电功率；
1
（3）由串联电路电阻规律和串联分压原理可知，在保证电路安全的情况下，当整个电路
消耗的电功率最小时，需要将灯泡和滑动变阻器串联，且电压表示数最大，最大为 15V，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律算出电路的最小电流，根据 P＝UI 求出整个电路消
耗的最小电功率。
【解答】解：（1）由 P＝
可得，小灯泡正常发光时灯丝的电阻：
RL＝
＝
＝36Ω。
（2）当只闭合 S ，电阻 R 和滑动变阻器 R 串联，且 R 接入电路中的阻值为 20Ω时，
1
1
2
2
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I＝ ＝0.6A，
则 R 的电功率为：P ＝I R ＝（0.6A） ×10Ω＝3.6W；
＝
2
2
1
1
1
（3）由串联电路电阻规律和串联分压原理可知，在保证电路安全的情况下，当整个电路
消耗的电功率最小时，需要将灯泡和滑动变阻器串联，且电压表示数最大，最大为 15V，
第 37页（共 38页）
此时小灯泡两端的电压为：U ′＝U﹣U ＝18V﹣15V＝3V，
L
2
此时电路的最小电流为：I 小＝
＝
＝
A，
此时整个电路消耗的最小电功率为：P ＝UI ＝18V×
A＝1.5W。
小
小
答：（1）小灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 36Ω；
（2）R1 的电功率为 3.6W；
（3）在保证电路安全的情况下，整个电路消耗的最小电功率为 1.5W。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的得出电
路中的最小电流是关键，有一定的难度。
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