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2022年湖南省长沙市雅礼洋湖实验中学中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2022年湖南省长沙市雅礼洋湖实验中学中考物理模拟试卷（含答案），共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波传递能量
B．太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播
C．声音在气体中的传播速度比在固体中快
D．考场附近禁止鸣笛是在声音的传播过程中控制噪声
2．（3分）王娟同学坐车途中观察到一些现象，依据你的物理知识做出的判断，正确的是（ ）
A．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强大
B．路边装有测速摄像头，成像原理与照相机相同
C．看到窗外的树木向后退，是以树为参照物
D．街头路口的反光镜能起到扩大视野的作用，它是面积很大的平面镜
3．（3分）下列物态变化中，属于凝固的是（ ）
A．潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠
B．寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚
C．初冬的清晨，农舍屋顶的瓦片上出现白霜
D．水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”
4．（3分）2020年2月13日上午9时，网友关注的“胖妞”空军运﹣20运输机抵达武汉天河机场，驰援武汉抗击疫情。如图所示，是一架满载紧急医疗物资的运﹣20运输机停在水平地面上的场景，下列说法正确的是（ ）
A．运﹣20运输机轮胎上面的花纹是为了减小与地面的摩擦力
B．静止在水平地面上的运﹣20运输机没有惯性
C．若所有力瞬间消失，则运﹣20运输机将在地面上做匀速直线运动
D．运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力是一对相互作用力
5．（3分）在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光。下面哪个电路设计最能实现这一效果（ ）
A．
B．
C．
D．
6．（3分）学校饭堂营养又美味的午餐都是由食堂厨师用心制作而成，以下说法正确的是（ ）
A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
B．炒菜时主要是通过做功的方式增大菜的内能的
C．热的饭菜从打饭窗口端到餐桌的过程，会不断向空气中释放热量，内能会增大
D．炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明温度越高分子运动越快
7．（3分）关于家庭电路与安全用电的基本常识，下列说法中正确的是（ ）
A．控制用电器的开关一定要接在火线上
B．保险丝熔断后，可用钢丝替代保险丝
C．使用试电笔时，手指不能触碰试电笔上的金属笔尾
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
8．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变大 B．电压表的示数变小
C．灯泡的亮度不变 D．电路消耗的总功率变大
9．（3分）对如图四幅图的表述，正确的是（ ）
A．如图中，闭合开关，小磁针静止时S极指向右侧
B．如图中改变电流的方向，小磁针偏转方向不变
C．如图演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，发电机是利用这个原理制成的
D．如图是电磁感应现象实验装置，电磁感应现象是法拉第首先发现的
10．（3分）如图为中国第一位女航天员王亚平进行我国首次“太空授课”时的情景，她在太空中制造了一个悬浮的小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”。下列成像原理与此现象相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．潜望镜
（多选）11．（3分）如图所示能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A．拦河坝设计成上窄下宽
B．向下吹气，乒乓球不下落
C．用吸盘搬运玻璃
D．站在安全线以外候车
（多选）12．（3分）如图所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．0～2s内，物体没有推动，是因为推力等于摩擦力
B．2～4s内，物体受到的摩擦力是3N
C．4～6s内，物体受到的摩擦力与水平推力是一对平衡力
D．2～8s的过程中，物体受到的摩擦力不变
二、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在一场小组赛中，四个龙舟队沿200米赛道由北向南划行。当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向 （选填“南”或“北”）运动；最终岳麓区龙舟队以40秒的成绩取得小组第一名，则该队全程的平均速度为 m/s。
14．（4分）天然气属于高热值的清洁燃料，属于 再生能源。汽车内安装的导航仪是利用 传递的信息获得路线导航图的。
15．（4分）我们经常会看到一边行驶一边向空中喷雾的汽车，喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是 ；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的 冲程实现了机械能转化为内能。
16．（4分）如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10﹣4cm2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为 Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到 （填“增大”或“减少”）压强的目的。
17．（6分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），则灯泡正常工作时的电流为 A。当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电流表的示数为I，电压表的示数为U＝10V，可求出R1的电阻值为 Ω；当闭合开关S、S1时，电压表的示数为U'，电流表的示数为I′。已知U：U′＝5：3，电源电压为 V。
三、实验题（本大题共5小题，14空，每空2分，共28分）
18．（4分）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为 cm。
（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向 移动。
19．（6分）小英想测一石块的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，游码归零后，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向 端调节，直到横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小英将石块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，当天平再次平衡时，天平右盘内所加的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量为 g。
（3）如果量筒中盛有20mL的水，小英将石块放入量筒后，水面位置如图丙所示，由此可计算出石块的密度是 kg/m3。
20．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可能是 （填“塑料”或“铝”）；
（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 的关系。
21．（6分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。
（1）实验前，要通过调试，保证压强计两边玻璃管中的液面 。
（2）比较甲、乙、丙可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强 ：比较甲、丁可知：液体内部压强的大小跟 有关。
（3）为了“探究液体压强与液体密度的关系”，利用如图戊所示的装置进行实验，当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，如图所示，则隔板左侧的液体是 。
22．（8分）同学们在测定“小灯泡电功率”的实验，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整；
（2）小滨同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将甲图中滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动；
（3）小滨同学继续移动滑片P，记下多组小灯泡在不同电压下的电流，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为 。
四、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24小题8分，共16分）
23．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）潜水器的重力：
（2）潜水器下潜时的平均速度；
（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。
24．（8分）如图所示的电路中，灯泡L上标有“12V 9.6W”字样，滑动变阻器的最大阻值为R1，电源电压保持不变，两电流表均为学生常用电流表。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表A的示数为1A；当开关S1、S2断开，S3闭合时，改变滑片P的位置，使滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1和R1，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。（灯泡电阻不随温度的变化而改变）求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）R2的阻值；
（3）如何通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率最小；并计算出电路总电功率的最小值？
2022年湖南省长沙市雅礼洋湖实验中学中考物理模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。其中第1−10为单选题，每小题只有一个选项符合题意。第11−12为双选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少得2分，选错得0分）
1．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波传递能量
B．太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播
C．声音在气体中的传播速度比在固体中快
D．考场附近禁止鸣笛是在声音的传播过程中控制噪声
【分析】（1）声可以传递信息，声可以传递能量，通过声获得一些消息，属于声传递信息，通过声引起其它物体的运动，属于声传递能量；
（2）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
（3）一般情况下，固体传声速度大于液体传声速度，液体传声速度大于气体传声速度；
（4）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在入耳处减弱。
【解答】解：A、向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波的振动引起结石振动，这是利用超声波传递能量，故A正确；
B、因为太空中是没有空气的，宇航员需要靠无线电来对话，说明真空中不能传声，故B错误；
C、固体传声速度大于气体传声速度，故C错误；
D、考场附近禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故错误。
故选：A。
【点评】本题考查了声的利用、声的传播、声速、减弱噪声的途径等，是一道基础性习题。
2．（3分）王娟同学坐车途中观察到一些现象，依据你的物理知识做出的判断，正确的是（ ）
A．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强大
B．路边装有测速摄像头，成像原理与照相机相同
C．看到窗外的树木向后退，是以树为参照物
D．街头路口的反光镜能起到扩大视野的作用，它是面积很大的平面镜
【分析】A、气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
B、u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像头。
C、被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
D、用球的外面做反射面是凸面镜，凸面镜对光线有发散作用。汽车的观后镜是利用凸面镜，成正立的、缩小的虚像，增大观察范围。
【解答】解：A、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故A错误；
B、摄像头的镜头相当于凸透镜，u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，成像原理与照相机相同，故B正确；
C、坐在行驶的汽车里，由于乘客随汽车一起向前运动，所以路边的树木相对于汽车是向后运动，因此他是以汽车为参照物的，故C错误；
D、凸面镜对光线有发散的作用，应用在汽车的观后镜上和街头路口的反光镜，凸面镜成正立、缩小的虚像，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了参照物的选择、流体压强与流速的关系、凸透镜成像特点和凸面镜成像特点，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
3．（3分）下列物态变化中，属于凝固的是（ ）
A．潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠
B．寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚
C．初冬的清晨，农舍屋顶的瓦片上出现白霜
D．水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”
【分析】（1）水珠是空气中水蒸气遇冷液化形成的；
（2）水由液态变成固态，属于凝固现象；
（3）霜是空气中的水蒸遇冷凝华形成的小冰晶；
（4）壶内喷出的水蒸气遇冷液化为小水珠形成“白气”。
【解答】解：A、潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠，是空气中水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚，水由液态变成固态，属于凝固现象，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸遇冷凝华形成的小冰晶，故C错误；
D、水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”，是壶内喷出的水蒸气遇冷液化为小水珠，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查凝固及其应用，熟知水的物态变化是解答本题的关键。
4．（3分）2020年2月13日上午9时，网友关注的“胖妞”空军运﹣20运输机抵达武汉天河机场，驰援武汉抗击疫情。如图所示，是一架满载紧急医疗物资的运﹣20运输机停在水平地面上的场景，下列说法正确的是（ ）
A．运﹣20运输机轮胎上面的花纹是为了减小与地面的摩擦力
B．静止在水平地面上的运﹣20运输机没有惯性
C．若所有力瞬间消失，则运﹣20运输机将在地面上做匀速直线运动
D．运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
（3）根据牛顿第一定律分析；
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、不在同一物体上。
【解答】解：A、运﹣20运输机轮胎上面的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B、惯性是物体的一种属性，任何物体在任何时候都有惯性，静止在水平地面上的运﹣20运输机也具有惯性，故B错误；
C、若所有力瞬间消失，则静止的运﹣20运输机依然保持静止状态，故C错误；
D、运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力大小相等、方向相反、在同一直线上、分别作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了增大摩擦的方法、相互作用力的判定、惯性和牛顿第一定律的应用，属于基础知识，要掌握。
5．（3分）在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光。下面哪个电路设计最能实现这一效果（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
【解答】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
6．（3分）学校饭堂营养又美味的午餐都是由食堂厨师用心制作而成，以下说法正确的是（ ）
A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
B．炒菜时主要是通过做功的方式增大菜的内能的
C．热的饭菜从打饭窗口端到餐桌的过程，会不断向空气中释放热量，内能会增大
D．炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明温度越高分子运动越快
【分析】（1）热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温度相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，而不能说含有多少热量；
（2）改变内能的方法有两种：做功和热传递；
（3）物体放出热量，内能会变小；
（4）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快。
【解答】解：A、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、厨师炒菜时，用锅铲不停翻炒是为了使菜受热均匀，菜会从烧热的铁锅中吸收热量，是通过热传递的方式增大内能，故B错误；
C、饭菜从打饭处端到餐桌的过程，饭菜与空气之间发生热传递，会不断向空气中释放热量，内能会减小，故C错误；
D、炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明物体温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对温度、热量与内能的关系、热传递的条件以及分子的热运动在生活中的应用，是热学的难点，是中考的热点。
7．（3分）关于家庭电路与安全用电的基本常识，下列说法中正确的是（ ）
A．控制用电器的开关一定要接在火线上
B．保险丝熔断后，可用钢丝替代保险丝
C．使用试电笔时，手指不能触碰试电笔上的金属笔尾
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）为了安全，开关必须串联在火线和用电器之间；
（2）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；
（3）使用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；
（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。
【解答】解：A、从安全用电的角度来分析，开关必须串联在火线和用电器之间，故A正确；
B、当用钢丝代替后，钢丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故B错误；
C、使用试电笔辨别火线和零线时，必须用手接触笔尾的金属体，故C错误；
D、用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D错误。
故选：A。
【点评】考查安全用电的常识，为防止因不规范用电带来的伤害，以上内容应牢记。
8．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变大 B．电压表的示数变小
C．灯泡的亮度不变 D．电路消耗的总功率变大
【分析】由电路图可知，开关闭合，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源两端的电压。根据电源电压不变可知滑片移动时电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率变化，进一步得出灯泡的亮暗变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再利用P＝UI可知电路消耗的总功率变化。
【解答】解：由电路图可知，开关闭合，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源两端的电压。
因电源电压不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，则灯泡的亮暗不变，故C正确；
当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，
由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9．（3分）对如图四幅图的表述，正确的是（ ）
A．如图中，闭合开关，小磁针静止时S极指向右侧
B．如图中改变电流的方向，小磁针偏转方向不变
C．如图演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，发电机是利用这个原理制成的
D．如图是电磁感应现象实验装置，电磁感应现象是法拉第首先发现的
【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的N、S极；根据磁极间的相互作用判定小磁针的N极；
（2）电流周围的磁场的方向与电流的方向有关；
（3）（4）法拉第发现了电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。
【解答】解：
A、甲图中，电流从螺线管的左侧流入，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针静止时N极指向右侧，故A错误；
B、通电导线周围的磁场的方向与电流的方向有关，改变电流的方向，磁场方向改变，小磁针偏转方向改变，故B错误；
C、图中有电源，若闭合开关，磁场中的通电导体会受力运动，这是电动机的原理图，故C错误；
D、图中没有电源，闭合开关后，当金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，是法拉第首先发现的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、电动机的原理、电磁感应现象，难度不大。
10．（3分）如图为中国第一位女航天员王亚平进行我国首次“太空授课”时的情景，她在太空中制造了一个悬浮的小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”。下列成像原理与此现象相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．潜望镜
【分析】凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u＞2f，成倒立、缩小的实像；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，成倒立缩小的实像，照相机是利用这一成像原理制成的，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查凸透镜成像的规律的应用，属于基础题。
（多选）11．（3分）如图所示能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A．拦河坝设计成上窄下宽
B．向下吹气，乒乓球不下落
C．用吸盘搬运玻璃
D．站在安全线以外候车
【分析】（1）液体内部压强随着深度的增加而增大；
（2）流体流速越大的位置，压强越小。
（3）吸盘是利用了大气压的作用；
（4）空气流速越快的位置压强越小。。
【解答】解：A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A不合题意；
B、对着漏斗吹气，乒乓球上方的空气流速变大，压强变小，小于下部的气压，产生了一个向上的压强差，将乒乓球托住，故B符合题意；
C、吸盘要固定在玻璃上，需要先用力挤压吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了玻璃上，利用的是大气压，故C不合题意；
D、在站台上的乘客要站在安全线以外候车，是因为空气流速越快的位置压强越小，故D符合题意。
故选：BD。
【点评】本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。
（多选）12．（3分）如图所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．0～2s内，物体没有推动，是因为推力等于摩擦力
B．2～4s内，物体受到的摩擦力是3N
C．4～6s内，物体受到的摩擦力与水平推力是一对平衡力
D．2～8s的过程中，物体受到的摩擦力不变
【分析】（1）由v﹣t图象可知，0～2s内物体运动的速度，从而可知物体所处的状态，根据二力平衡条件判断推力和阻力之间的关系；
（2）由v﹣t图象可知，4s～6s内物体运动的速度，由F﹣t图象读出推力的大小，根据二力平衡条件求出物体受到的滑动摩擦力；
由v﹣t图象可知，2s～4s内物体运动的速度变化即可判断所处的状态；滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；
（3）2～6s的过程中，物体都是运动的，摩擦力都等于做匀速直线运动时的摩擦力，6～8s物体速度为零，推力为零，摩擦力也是零。
【解答】解：（1）由v﹣t图象可知，0～2s内物体的速度为0，即静止，处于平衡状态，受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，即推力等于摩擦力，故A正确；
（2）由v﹣t图象可知，4s～6s内物体运动的速度4m/s不变，即做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，故C正确；
由F﹣t图象可知，4s～6s内推力的大小为2N，则物体受到的滑动摩擦力为2N；
由v﹣t图象可知，2s～4s内物体运动的速度均匀增大，做的是匀加速直线运动，因压力的大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为做匀速直线运动时的摩擦力，为2N，故B错误；
（3）2～6s的过程中，物体都是运动的，因为压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，都等于做匀速直线运动时的摩擦力，6～8s物体速度为零，推力为零，摩擦力也是零，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了学生的识图能力，并能将v﹣t图象和F﹣t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键，要注意滑动摩擦力的大小与速度无关。
二、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在一场小组赛中，四个龙舟队沿200米赛道由北向南划行。当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向 北 （选填“南”或“北”）运动；最终岳麓区龙舟队以40秒的成绩取得小组第一名，则该队全程的平均速度为 5 m/s。
【分析】判断物体相对于参照物的运动方向，要判断物体相对于参照物的位置移动方向；
已知全程的路程和所用时间，利用速度公式可求出全程的平均速度。
【解答】解：当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，旁边的队伍相对岳麓区龙舟队的位置向北，因此以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向北运动；
该队全程的平均速度为：。
故答案为：北；5。
【点评】本题考查了对参照物的理解和速度公式的应用，属于基础题，难度不大。
14．（4分）天然气属于高热值的清洁燃料，属于 不可 再生能源。汽车内安装的导航仪是利用 电磁波 传递的信息获得路线导航图的。
【分析】能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；汽车导航是利用电磁波传递信息的。
【解答】解：天然气随着使用不断减少，短时间内从自然界得不到补充，因此属于不可再生能源；汽车导航是利用电磁波传递信息的。
故答案为：不可；电磁波。
【点评】本题考查了能源的分类以及电磁波的应用，属于基础知识的考查，比较简单。
15．（4分）我们经常会看到一边行驶一边向空中喷雾的汽车，喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是 汽化吸热 ；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的 压缩 冲程实现了机械能转化为内能。
【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。
（2）内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能。
【解答】解：喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是汽化吸热；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的压缩冲程实现了机械能转化为内能。
故答案为：汽化吸热；压缩。
【点评】知道汽化概念和汽化吸热、内燃机的压缩冲程实现的能量转化，可解答此题。
16．（4分）如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10﹣4cm2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为 4×108 Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到 增大 （填“增大”或“减少”）压强的目的。
【分析】（1）知道手对顶帽施加的压力和图钉尖的受力面积，根据压强公式求出图钉尖对墙的压强；
（2）增大压强的方法：在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强；在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；还可以同时改变压力和受力面积的大小来增大压强。
【解答】解：（1）图钉尖对墙的压强为：
p＝＝＝4×108Pa；
（2）图钉尖制作得很尖锐，是在压力一定时，减小受力面积来达到增大压强的目的。
故答案为：4×108；增大。
【点评】本题考查了压强的计算和增大压强的方法，是一道较为简单的应用题。
17．（6分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），则灯泡正常工作时的电流为 0.5 A。当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电流表的示数为I，电压表的示数为U＝10V，可求出R1的电阻值为 8 Ω；当闭合开关S、S1时，电压表的示数为U'，电流表的示数为I′。已知U：U′＝5：3，电源电压为 18 V。
【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡正常发光时，通过灯泡的电流；
（2）当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电压表测R1与灯泡两端的电压，根据串联分压原理结合欧姆定律算出R1的阻值；
（3）当闭合开关S、S1时，R1、R2串联，L被短路，电压表测量R1两端电压，根据U：U′＝5：3算出U'的电压，根据欧姆定律算出I'，利用开关转换前后电源电压保持不变列出等式算出R2，利用U＝IR算出电源电压。
【解答】解：（1）灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），由P＝UI可知，灯L正常工作时的电流：IL＝＝＝0.5A；
（2）当闭合开关S、断开开关S1时，R1、L、R2串联，电压表测量R1和L两端电压，此时灯泡正常工作，电压表的示数为U＝10V，电路中的电流等于灯泡的额定电流，即I＝I1＝IL＝0.5A；
根据串联分压原理，R1两端电压为U1＝U﹣UL＝10V﹣6V＝4V，R1的阻值为：
R1＝＝＝8Ω；
（3）灯丝电阻不随温度变化，灯泡额定电压为6V，正常工作时的电流IL＝0.5A，灯泡的电阻为RL＝＝＝12Ω；
当闭合开关S、S1时，R1、R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测串联电路电流；由于U：U′＝5：3，则U'＝×U＝×10V＝6V，此时电路电流I'＝＝＝0.75A；
开关S1闭合前后电源电压保持不变，则有：
U＝I（R1+RL+R2）＝I'（R1+R2），即0.5A×（8Ω+12Ω+R2）＝0.75A×（8Ω+R2），
解得：R2＝16Ω，
故电源电压为：U＝I'（R1+R2）＝0.75A×（8Ω+16Ω）＝18V。
故答案为：0.5；8；18。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开关不同状态下电路的连接是关键。
三、实验题（本大题共5小题，14空，每空2分，共28分）
18．（4分）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为 10.0 cm。
（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向 左 移动。
【分析】（1）图示的是利用平行光聚焦法来测量凸透镜的焦距，焦点到凸透镜光心的距离即为焦距；
（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小。
【解答】解：（1）焦点到凸透镜的距离为10.0cm，所以凸透镜的焦距为10.0cm；
（2）如将蜡烛远离透镜，此时物距变大，像距变小，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向左移动。
故答案为：（1）10.0；（2）左。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，涉及到的知识点多，综合性强。
19．（6分）小英想测一石块的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，游码归零后，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向 左 端调节，直到横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小英将石块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，当天平再次平衡时，天平右盘内所加的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量为 27 g。
（3）如果量筒中盛有20mL的水，小英将石块放入量筒后，水面位置如图丙所示，由此可计算出石块的密度是 2.7×103 kg/m3。
【分析】（1）把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平横梁的平衡螺母，使指针指到分度盘的中央位置；
（2）石块的质量等于砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
（3）石块的体积等于石块浸没水中前后量筒中水面对应的刻度值的差；利用密度公式计算出石块的密度。
【解答】解：（1）由图甲可知，指针右偏，所以应将平衡螺母向左端调节，直到横梁水平平衡；
（2）由图乙可知，石块的质量m＝20g+5g+2g＝27g；
（3）由题意可知，量筒中水的体积V1＝20mL，由图丙可知，放入石块后的总体积V2＝30mL，
则石块的体积V＝V2﹣V1＝30mL﹣20mL＝10mL＝10cm3；
石块的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3。
故答案为：（1）左；（2）27；（3）2.7×103。
【点评】本题是固体密度的测量实验，主要考查天平的使用和读数、排水法测量固体的体积，密度的计算，是一道常考题。
20．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可能是 铝 （填“塑料”或“铝”）；
（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 磁场方向 的关系。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象。
（2）感应电流方向的影响因素：磁场方向和导体切割磁感线方向。
【解答】解：（1）实验中，AB棒的材料一定是导体，塑料是绝缘体，铝是导体，AB棒的材料可能是铝。
（2）感应电流方向跟磁场方向和导体切割磁感线方向有关，保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向跟磁场方向的关系。
故答案为：（1）铝；（2）磁场方向。
【点评】本题探究电磁感应现象中感应电流方向的影响因素，是电磁部分重点实验探究题，要熟练掌握。
21．（6分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。
（1）实验前，要通过调试，保证压强计两边玻璃管中的液面 相平 。
（2）比较甲、乙、丙可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强 相等 ：比较甲、丁可知：液体内部压强的大小跟 深度 有关。
（3）为了“探究液体压强与液体密度的关系”，利用如图戊所示的装置进行实验，当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，如图所示，则隔板左侧的液体是 水 。
【分析】（1）U形管中液面的高度差反映了两侧所受压强的不同，因此，在实验前应先调节使两侧高度相同；
（2）液体内部压强的特点：液体由内部向各个方向都有压强；压强随深度的增加而增加；在同一深度，液体向各个方向的压强相等；液体压强还跟液体的密度有关，液体密度越大，压强也越大；
（3）如图戊，容器注入水和盐水的深度相同时，橡皮膜向左或向右凸起，是因为橡皮膜左侧和右侧受到的压强大小不相同。
【解答】解：（1）因为本装置是通过U形管中液面的高度差来反映压强大小的，故在实验前应先使玻璃管中两侧的液面相平；
（2）比较甲、乙、丙可知，深度相同，液体密度相同，橡皮膜朝向不同，U形管高度差相等，说明：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等；比较甲、丁可知，液体密度相同，橡皮膜朝向相同，图丁中深度较深，U形管高度差较大，说明液体内部压强的大小跟深度有关；
（3）当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，说明右侧液体压强较大，深度相同时，液体密度大，压强大，说明右侧液体是盐水，左侧液体是水。
故答案为：（1）相平；（2）相等；深度；（3）水。
【点评】本题对液体内部压强的特点进行探究，难度适中，需熟练掌握。
22．（8分）同学们在测定“小灯泡电功率”的实验，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整；
（2）小滨同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将甲图中滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（3）小滨同学继续移动滑片P，记下多组小灯泡在不同电压下的电流，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为 灯泡电阻随温度的升高而增大 。
【分析】（1）在测定“小灯泡电功率”的实验中，把灯泡与电流表串联接入电路，注意电流表量程的选择；
（2）由图乙所示电压表的量程与分度值，读出其示数，发现实际电压小于额定电压，则应该增大小灯泡两端的电压，根据分压电路特点确定滑片移动方向；
（3）从图像上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用P＝UI计算额定功率；
（4）灯泡电阻随温度的升高而增大。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω，则小灯泡的额定电流大约为I＝＝＝0.25A＜0.6A，所以电流表量程为0～0.6A，且与灯泡串联，电流从正接线柱流入负接线柱流出，如下图所示：
（2）电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.2V；
要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压至额定电压2.5V，根据串联电路的分压特点可知，应减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，故滑片向B端移动；
（3）由图像可知，灯泡两端的电压为额定电压为2.5V时，对应的额定电流为0.2A，灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为灯泡电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）0.5；（4）灯泡电阻随温度的升高而增大。
【点评】本电路在初中物理电学实验中应用广泛。可用于测灯泡的电阻、功率。电路是相同的，元件在实验中的作用有相同之处，也有不同之处，注意区分，对比记忆，加深印象。
四、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24小题8分，共16分）
23．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）潜水器的重力：
（2）潜水器下潜时的平均速度；
（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。
【分析】（1）利用G＝mg求潜水器的重力；
（2）利用v＝求平均速度；
（3）根据p＝ρ海水gh求海水的压强，再用F＝pS计算出潜水器在1800m深处受到海水的压力。
【解答】解：（1）潜水器的重力：G＝mg＝18×103kg×10N/kg＝1.8×105N；
（2）潜水器下潜时的平均速度：v＝＝＝6m/s；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1800m＝1.8×107Pa，
潜水器在1800m深处受到海水的压力：
F＝pS＝1.8×107Pa×2m2＝3.6×107N。
答：（1）潜水器的重力为1.2×105N；
（2）潜水器下潜时的平均速度为6m/s；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压力为3.6×107N。
【点评】本题考查了重力、平均速度和海水压强的计算，是一道基础题。
24．（8分）如图所示的电路中，灯泡L上标有“12V 9.6W”字样，滑动变阻器的最大阻值为R1，电源电压保持不变，两电流表均为学生常用电流表。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表A的示数为1A；当开关S1、S2断开，S3闭合时，改变滑片P的位置，使滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1和R1，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。（灯泡电阻不随温度的变化而改变）求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）R2的阻值；
（3）如何通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率最小；并计算出电路总电功率的最小值？
【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的电流；
（2）当开关S1、S2、S3都闭合时，R2与灯泡并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压和额定电压相等可知电源的电压；
根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律可知R2的阻值；
（3）根据P＝可知灯泡的电阻；
当开关S1、S2断开，S3闭合时，滑动变阻器与定值电阻R2串联，根据欧姆定律和电阻的串联分别求出滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、时电路中的电流，利用P＝I2R表示出滑动变阻器消耗的功率，利用两者相等求出滑动变阻器的阻值R1，根据P＝可知，当电路中电阻最大时即R1的最大阻值和R2串联时电路的电功率最小，进一步利用根据P＝和电阻的串联求出最小功率。
【解答】解：（1）由P＝UI可得灯泡正常发光时的电流为：
I＝＝＝0.8A；
（2）当开关S1、S2、S3都闭合时，R2与灯泡并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光时两端的电压和额定电压相等，
所以，电源的电压U＝U2＝UL＝12V；
电流表A的示数为1A，根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流I2＝I﹣IL＝1A﹣0.8A＝0.2A，
根据欧姆定律可知R2＝＝＝60Ω；
（3）根据P＝可知灯泡的电阻为：
RL＝＝＝15Ω；
当开关S1、S2断开，S3闭合时，滑动变阻器与定值电阻R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、时电路中的电流：
I1＝＝，I2＝＝，
因P＝I2R，且在这两种情况下滑动变阻器消耗的功率相等，
所以，I12R1＝I22×，即（）2R1＝（）2×，
解得：R1＝120Ω，
当开关S1、S3断开，S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，最小总功率为：
Pmin＝＝＝0.8W。
答：（1）灯泡正常发光时的电流为0.8A；
（2）R2的阻值为60Ω；
（3）当开关S1、S3断开，S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，最小功率是0.8W。
【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，难度较大。
1．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波传递能量
B．太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播
C．声音在气体中的传播速度比在固体中快
D．考场附近禁止鸣笛是在声音的传播过程中控制噪声
2．（3分）王娟同学坐车途中观察到一些现象，依据你的物理知识做出的判断，正确的是（ ）
A．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强大
B．路边装有测速摄像头，成像原理与照相机相同
C．看到窗外的树木向后退，是以树为参照物
D．街头路口的反光镜能起到扩大视野的作用，它是面积很大的平面镜
3．（3分）下列物态变化中，属于凝固的是（ ）
A．潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠
B．寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚
C．初冬的清晨，农舍屋顶的瓦片上出现白霜
D．水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”
4．（3分）2020年2月13日上午9时，网友关注的“胖妞”空军运﹣20运输机抵达武汉天河机场，驰援武汉抗击疫情。如图所示，是一架满载紧急医疗物资的运﹣20运输机停在水平地面上的场景，下列说法正确的是（ ）
A．运﹣20运输机轮胎上面的花纹是为了减小与地面的摩擦力
B．静止在水平地面上的运﹣20运输机没有惯性
C．若所有力瞬间消失，则运﹣20运输机将在地面上做匀速直线运动
D．运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力是一对相互作用力
5．（3分）在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光。下面哪个电路设计最能实现这一效果（ ）
A．
B．
C．
D．
6．（3分）学校饭堂营养又美味的午餐都是由食堂厨师用心制作而成，以下说法正确的是（ ）
A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
B．炒菜时主要是通过做功的方式增大菜的内能的
C．热的饭菜从打饭窗口端到餐桌的过程，会不断向空气中释放热量，内能会增大
D．炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明温度越高分子运动越快
7．（3分）关于家庭电路与安全用电的基本常识，下列说法中正确的是（ ）
A．控制用电器的开关一定要接在火线上
B．保险丝熔断后，可用钢丝替代保险丝
C．使用试电笔时，手指不能触碰试电笔上的金属笔尾
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
8．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变大 B．电压表的示数变小
C．灯泡的亮度不变 D．电路消耗的总功率变大
9．（3分）对如图四幅图的表述，正确的是（ ）
A．如图中，闭合开关，小磁针静止时S极指向右侧
B．如图中改变电流的方向，小磁针偏转方向不变
C．如图演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，发电机是利用这个原理制成的
D．如图是电磁感应现象实验装置，电磁感应现象是法拉第首先发现的
10．（3分）如图为中国第一位女航天员王亚平进行我国首次“太空授课”时的情景，她在太空中制造了一个悬浮的小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”。下列成像原理与此现象相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．潜望镜
（多选）11．（3分）如图所示能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A．拦河坝设计成上窄下宽
B．向下吹气，乒乓球不下落
C．用吸盘搬运玻璃
D．站在安全线以外候车
（多选）12．（3分）如图所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．0～2s内，物体没有推动，是因为推力等于摩擦力
B．2～4s内，物体受到的摩擦力是3N
C．4～6s内，物体受到的摩擦力与水平推力是一对平衡力
D．2～8s的过程中，物体受到的摩擦力不变
二、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在一场小组赛中，四个龙舟队沿200米赛道由北向南划行。当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向 （选填“南”或“北”）运动；最终岳麓区龙舟队以40秒的成绩取得小组第一名，则该队全程的平均速度为 m/s。
14．（4分）天然气属于高热值的清洁燃料，属于 再生能源。汽车内安装的导航仪是利用 传递的信息获得路线导航图的。
15．（4分）我们经常会看到一边行驶一边向空中喷雾的汽车，喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是 ；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的 冲程实现了机械能转化为内能。
16．（4分）如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10﹣4cm2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为 Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到 （填“增大”或“减少”）压强的目的。
17．（6分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），则灯泡正常工作时的电流为 A。当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电流表的示数为I，电压表的示数为U＝10V，可求出R1的电阻值为 Ω；当闭合开关S、S1时，电压表的示数为U'，电流表的示数为I′。已知U：U′＝5：3，电源电压为 V。
三、实验题（本大题共5小题，14空，每空2分，共28分）
18．（4分）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为 cm。
（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向 移动。
19．（6分）小英想测一石块的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，游码归零后，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向 端调节，直到横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小英将石块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，当天平再次平衡时，天平右盘内所加的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量为 g。
（3）如果量筒中盛有20mL的水，小英将石块放入量筒后，水面位置如图丙所示，由此可计算出石块的密度是 kg/m3。
20．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可能是 （填“塑料”或“铝”）；
（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 的关系。
21．（6分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。
（1）实验前，要通过调试，保证压强计两边玻璃管中的液面 。
（2）比较甲、乙、丙可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强 ：比较甲、丁可知：液体内部压强的大小跟 有关。
（3）为了“探究液体压强与液体密度的关系”，利用如图戊所示的装置进行实验，当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，如图所示，则隔板左侧的液体是 。
22．（8分）同学们在测定“小灯泡电功率”的实验，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整；
（2）小滨同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将甲图中滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动；
（3）小滨同学继续移动滑片P，记下多组小灯泡在不同电压下的电流，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为 。
四、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24小题8分，共16分）
23．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）潜水器的重力：
（2）潜水器下潜时的平均速度；
（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。
24．（8分）如图所示的电路中，灯泡L上标有“12V 9.6W”字样，滑动变阻器的最大阻值为R1，电源电压保持不变，两电流表均为学生常用电流表。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表A的示数为1A；当开关S1、S2断开，S3闭合时，改变滑片P的位置，使滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1和R1，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。（灯泡电阻不随温度的变化而改变）求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）R2的阻值；
（3）如何通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率最小；并计算出电路总电功率的最小值？
2022年湖南省长沙市雅礼洋湖实验中学中考物理模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。其中第1−10为单选题，每小题只有一个选项符合题意。第11−12为双选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少得2分，选错得0分）
1．（3分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波传递能量
B．太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播
C．声音在气体中的传播速度比在固体中快
D．考场附近禁止鸣笛是在声音的传播过程中控制噪声
【分析】（1）声可以传递信息，声可以传递能量，通过声获得一些消息，属于声传递信息，通过声引起其它物体的运动，属于声传递能量；
（2）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
（3）一般情况下，固体传声速度大于液体传声速度，液体传声速度大于气体传声速度；
（4）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在入耳处减弱。
【解答】解：A、向人体内结石发射超声波击碎结石，是利用超声波的振动引起结石振动，这是利用超声波传递能量，故A正确；
B、因为太空中是没有空气的，宇航员需要靠无线电来对话，说明真空中不能传声，故B错误；
C、固体传声速度大于气体传声速度，故C错误；
D、考场附近禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故错误。
故选：A。
【点评】本题考查了声的利用、声的传播、声速、减弱噪声的途径等，是一道基础性习题。
2．（3分）王娟同学坐车途中观察到一些现象，依据你的物理知识做出的判断，正确的是（ ）
A．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强大
B．路边装有测速摄像头，成像原理与照相机相同
C．看到窗外的树木向后退，是以树为参照物
D．街头路口的反光镜能起到扩大视野的作用，它是面积很大的平面镜
【分析】A、气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
B、u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像头。
C、被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
D、用球的外面做反射面是凸面镜，凸面镜对光线有发散作用。汽车的观后镜是利用凸面镜，成正立的、缩小的虚像，增大观察范围。
【解答】解：A、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，车内空气流速慢压强大，从而产生向外的压力差，故A错误；
B、摄像头的镜头相当于凸透镜，u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，成像原理与照相机相同，故B正确；
C、坐在行驶的汽车里，由于乘客随汽车一起向前运动，所以路边的树木相对于汽车是向后运动，因此他是以汽车为参照物的，故C错误；
D、凸面镜对光线有发散的作用，应用在汽车的观后镜上和街头路口的反光镜，凸面镜成正立、缩小的虚像，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了参照物的选择、流体压强与流速的关系、凸透镜成像特点和凸面镜成像特点，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。
3．（3分）下列物态变化中，属于凝固的是（ ）
A．潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠
B．寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚
C．初冬的清晨，农舍屋顶的瓦片上出现白霜
D．水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”
【分析】（1）水珠是空气中水蒸气遇冷液化形成的；
（2）水由液态变成固态，属于凝固现象；
（3）霜是空气中的水蒸遇冷凝华形成的小冰晶；
（4）壶内喷出的水蒸气遇冷液化为小水珠形成“白气”。
【解答】解：A、潮热的夏天，自来水管上“爬”满密密麻麻的水珠，是空气中水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、寒冷的冬天，湖面上的冰层越来越厚，水由液态变成固态，属于凝固现象，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸遇冷凝华形成的小冰晶，故C错误；
D、水壶烧水时，壶嘴向上方喷出“白气”，是壶内喷出的水蒸气遇冷液化为小水珠，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查凝固及其应用，熟知水的物态变化是解答本题的关键。
4．（3分）2020年2月13日上午9时，网友关注的“胖妞”空军运﹣20运输机抵达武汉天河机场，驰援武汉抗击疫情。如图所示，是一架满载紧急医疗物资的运﹣20运输机停在水平地面上的场景，下列说法正确的是（ ）
A．运﹣20运输机轮胎上面的花纹是为了减小与地面的摩擦力
B．静止在水平地面上的运﹣20运输机没有惯性
C．若所有力瞬间消失，则运﹣20运输机将在地面上做匀速直线运动
D．运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
（3）根据牛顿第一定律分析；
（4）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、不在同一物体上。
【解答】解：A、运﹣20运输机轮胎上面的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；
B、惯性是物体的一种属性，任何物体在任何时候都有惯性，静止在水平地面上的运﹣20运输机也具有惯性，故B错误；
C、若所有力瞬间消失，则静止的运﹣20运输机依然保持静止状态，故C错误；
D、运﹣20运输机所受地面的支持力和它对地面的压力大小相等、方向相反、在同一直线上、分别作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了增大摩擦的方法、相互作用力的判定、惯性和牛顿第一定律的应用，属于基础知识，要掌握。
5．（3分）在2022北京冬奥会开幕式上，400名演员挥动发光杆，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英。据悉，杆上有两个开关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光。下面哪个电路设计最能实现这一效果（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
【解答】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
6．（3分）学校饭堂营养又美味的午餐都是由食堂厨师用心制作而成，以下说法正确的是（ ）
A．我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多
B．炒菜时主要是通过做功的方式增大菜的内能的
C．热的饭菜从打饭窗口端到餐桌的过程，会不断向空气中释放热量，内能会增大
D．炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明温度越高分子运动越快
【分析】（1）热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温度相等时，热传递就停止。所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，而不能说含有多少热量；
（2）改变内能的方法有两种：做功和热传递；
（3）物体放出热量，内能会变小；
（4）分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越快。
【解答】解：A、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、厨师炒菜时，用锅铲不停翻炒是为了使菜受热均匀，菜会从烧热的铁锅中吸收热量，是通过热传递的方式增大内能，故B错误；
C、饭菜从打饭处端到餐桌的过程，饭菜与空气之间发生热传递，会不断向空气中释放热量，内能会减小，故C错误；
D、炒菜时加盐，菜很快“入味”，说明物体温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对温度、热量与内能的关系、热传递的条件以及分子的热运动在生活中的应用，是热学的难点，是中考的热点。
7．（3分）关于家庭电路与安全用电的基本常识，下列说法中正确的是（ ）
A．控制用电器的开关一定要接在火线上
B．保险丝熔断后，可用钢丝替代保险丝
C．使用试电笔时，手指不能触碰试电笔上的金属笔尾
D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）为了安全，开关必须串联在火线和用电器之间；
（2）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；
（3）使用试电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；
（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。
【解答】解：A、从安全用电的角度来分析，开关必须串联在火线和用电器之间，故A正确；
B、当用钢丝代替后，钢丝的熔点很高，温度即使升高到一定程度，它也不会自动熔断，起不到保护电路的作用，故B错误；
C、使用试电笔辨别火线和零线时，必须用手接触笔尾的金属体，故C错误；
D、用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D错误。
故选：A。
【点评】考查安全用电的常识，为防止因不规范用电带来的伤害，以上内容应牢记。
8．（3分）如图所示电路中，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变大 B．电压表的示数变小
C．灯泡的亮度不变 D．电路消耗的总功率变大
【分析】由电路图可知，开关闭合，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源两端的电压。根据电源电压不变可知滑片移动时电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率变化，进一步得出灯泡的亮暗变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再利用P＝UI可知电路消耗的总功率变化。
【解答】解：由电路图可知，开关闭合，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源两端的电压。
因电源电压不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，则灯泡的亮暗不变，故C正确；
当滑动变阻器的滑片P由中点向右端移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，
由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9．（3分）对如图四幅图的表述，正确的是（ ）
A．如图中，闭合开关，小磁针静止时S极指向右侧
B．如图中改变电流的方向，小磁针偏转方向不变
C．如图演示的是通电导体在磁场中受到力的作用，发电机是利用这个原理制成的
D．如图是电磁感应现象实验装置，电磁感应现象是法拉第首先发现的
【分析】（1）根据安培定则判定螺线管的N、S极；根据磁极间的相互作用判定小磁针的N极；
（2）电流周围的磁场的方向与电流的方向有关；
（3）（4）法拉第发现了电磁感应现象，发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。
【解答】解：
A、甲图中，电流从螺线管的左侧流入，由安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针静止时N极指向右侧，故A错误；
B、通电导线周围的磁场的方向与电流的方向有关，改变电流的方向，磁场方向改变，小磁针偏转方向改变，故B错误；
C、图中有电源，若闭合开关，磁场中的通电导体会受力运动，这是电动机的原理图，故C错误；
D、图中没有电源，闭合开关后，当金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，这是电磁感应现象，是法拉第首先发现的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、电动机的原理、电磁感应现象，难度不大。
10．（3分）如图为中国第一位女航天员王亚平进行我国首次“太空授课”时的情景，她在太空中制造了一个悬浮的小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”。下列成像原理与此现象相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．潜望镜
【分析】凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u＞2f，成倒立、缩小的实像；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像；
u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，成倒立缩小的实像，照相机是利用这一成像原理制成的，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查凸透镜成像的规律的应用，属于基础题。
（多选）11．（3分）如图所示能够说明流体压强与流速关系的是（ ）
A．拦河坝设计成上窄下宽
B．向下吹气，乒乓球不下落
C．用吸盘搬运玻璃
D．站在安全线以外候车
【分析】（1）液体内部压强随着深度的增加而增大；
（2）流体流速越大的位置，压强越小。
（3）吸盘是利用了大气压的作用；
（4）空气流速越快的位置压强越小。。
【解答】解：A、液体内部压强随着深度的增加而增大，即越往下面，河水的压强越大，所以拦河坝设计成下宽上窄，故A不合题意；
B、对着漏斗吹气，乒乓球上方的空气流速变大，压强变小，小于下部的气压，产生了一个向上的压强差，将乒乓球托住，故B符合题意；
C、吸盘要固定在玻璃上，需要先用力挤压吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了玻璃上，利用的是大气压，故C不合题意；
D、在站台上的乘客要站在安全线以外候车，是因为空气流速越快的位置压强越小，故D符合题意。
故选：BD。
【点评】本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。
（多选）12．（3分）如图所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．0～2s内，物体没有推动，是因为推力等于摩擦力
B．2～4s内，物体受到的摩擦力是3N
C．4～6s内，物体受到的摩擦力与水平推力是一对平衡力
D．2～8s的过程中，物体受到的摩擦力不变
【分析】（1）由v﹣t图象可知，0～2s内物体运动的速度，从而可知物体所处的状态，根据二力平衡条件判断推力和阻力之间的关系；
（2）由v﹣t图象可知，4s～6s内物体运动的速度，由F﹣t图象读出推力的大小，根据二力平衡条件求出物体受到的滑动摩擦力；
由v﹣t图象可知，2s～4s内物体运动的速度变化即可判断所处的状态；滑动摩擦力只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关；
（3）2～6s的过程中，物体都是运动的，摩擦力都等于做匀速直线运动时的摩擦力，6～8s物体速度为零，推力为零，摩擦力也是零。
【解答】解：（1）由v﹣t图象可知，0～2s内物体的速度为0，即静止，处于平衡状态，受到的摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，即推力等于摩擦力，故A正确；
（2）由v﹣t图象可知，4s～6s内物体运动的速度4m/s不变，即做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，故C正确；
由F﹣t图象可知，4s～6s内推力的大小为2N，则物体受到的滑动摩擦力为2N；
由v﹣t图象可知，2s～4s内物体运动的速度均匀增大，做的是匀加速直线运动，因压力的大小和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为做匀速直线运动时的摩擦力，为2N，故B错误；
（3）2～6s的过程中，物体都是运动的，因为压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，都等于做匀速直线运动时的摩擦力，6～8s物体速度为零，推力为零，摩擦力也是零，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了学生的识图能力，并能将v﹣t图象和F﹣t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键，要注意滑动摩擦力的大小与速度无关。
二、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13．（4分）在一场小组赛中，四个龙舟队沿200米赛道由北向南划行。当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向 北 （选填“南”或“北”）运动；最终岳麓区龙舟队以40秒的成绩取得小组第一名，则该队全程的平均速度为 5 m/s。
【分析】判断物体相对于参照物的运动方向，要判断物体相对于参照物的位置移动方向；
已知全程的路程和所用时间，利用速度公式可求出全程的平均速度。
【解答】解：当岳麓区龙舟队奋力超越旁边队伍时，旁边的队伍相对岳麓区龙舟队的位置向北，因此以岳麓区龙舟队为参照物，旁边的队伍向北运动；
该队全程的平均速度为：。
故答案为：北；5。
【点评】本题考查了对参照物的理解和速度公式的应用，属于基础题，难度不大。
14．（4分）天然气属于高热值的清洁燃料，属于 不可 再生能源。汽车内安装的导航仪是利用 电磁波 传递的信息获得路线导航图的。
【分析】能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；汽车导航是利用电磁波传递信息的。
【解答】解：天然气随着使用不断减少，短时间内从自然界得不到补充，因此属于不可再生能源；汽车导航是利用电磁波传递信息的。
故答案为：不可；电磁波。
【点评】本题考查了能源的分类以及电磁波的应用，属于基础知识的考查，比较简单。
15．（4分）我们经常会看到一边行驶一边向空中喷雾的汽车，喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是 汽化吸热 ；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的 压缩 冲程实现了机械能转化为内能。
【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。
（2）内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能。
【解答】解：喷向空中的水雾，有许多在掉向地面之前已经在空中散失了，还能起到降温作用。其原理是汽化吸热；雾炮车的发动机是柴油机，柴油机四个冲程中的压缩冲程实现了机械能转化为内能。
故答案为：汽化吸热；压缩。
【点评】知道汽化概念和汽化吸热、内燃机的压缩冲程实现的能量转化，可解答此题。
16．（4分）如图所示，一个图钉帽的面积是0.8cm2，图钉尖的面积是5×10﹣4cm2，手指对钉帽的压力是20N，图钉尖对墙的压强为 4×108 Pa。图钉尖做的很尖，是为了在压力一定时，通过减小受力面积达到 增大 （填“增大”或“减少”）压强的目的。
【分析】（1）知道手对顶帽施加的压力和图钉尖的受力面积，根据压强公式求出图钉尖对墙的压强；
（2）增大压强的方法：在压力一定时，可以通过减小受力面积的方法来增大压强；在受力面积一定时，可以通过增大压力来增大压强；还可以同时改变压力和受力面积的大小来增大压强。
【解答】解：（1）图钉尖对墙的压强为：
p＝＝＝4×108Pa；
（2）图钉尖制作得很尖锐，是在压力一定时，减小受力面积来达到增大压强的目的。
故答案为：4×108；增大。
【点评】本题考查了压强的计算和增大压强的方法，是一道较为简单的应用题。
17．（6分）如图电路，电源电压保持不变，灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），则灯泡正常工作时的电流为 0.5 A。当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电流表的示数为I，电压表的示数为U＝10V，可求出R1的电阻值为 8 Ω；当闭合开关S、S1时，电压表的示数为U'，电流表的示数为I′。已知U：U′＝5：3，电源电压为 18 V。
【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡正常发光时，通过灯泡的电流；
（2）当闭合开关S、断开开关S1时，灯L正常工作，电压表测R1与灯泡两端的电压，根据串联分压原理结合欧姆定律算出R1的阻值；
（3）当闭合开关S、S1时，R1、R2串联，L被短路，电压表测量R1两端电压，根据U：U′＝5：3算出U'的电压，根据欧姆定律算出I'，利用开关转换前后电源电压保持不变列出等式算出R2，利用U＝IR算出电源电压。
【解答】解：（1）灯L标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不随温度变化），由P＝UI可知，灯L正常工作时的电流：IL＝＝＝0.5A；
（2）当闭合开关S、断开开关S1时，R1、L、R2串联，电压表测量R1和L两端电压，此时灯泡正常工作，电压表的示数为U＝10V，电路中的电流等于灯泡的额定电流，即I＝I1＝IL＝0.5A；
根据串联分压原理，R1两端电压为U1＝U﹣UL＝10V﹣6V＝4V，R1的阻值为：
R1＝＝＝8Ω；
（3）灯丝电阻不随温度变化，灯泡额定电压为6V，正常工作时的电流IL＝0.5A，灯泡的电阻为RL＝＝＝12Ω；
当闭合开关S、S1时，R1、R2串联，电压表测量R1两端电压，电流表测串联电路电流；由于U：U′＝5：3，则U'＝×U＝×10V＝6V，此时电路电流I'＝＝＝0.75A；
开关S1闭合前后电源电压保持不变，则有：
U＝I（R1+RL+R2）＝I'（R1+R2），即0.5A×（8Ω+12Ω+R2）＝0.75A×（8Ω+R2），
解得：R2＝16Ω，
故电源电压为：U＝I'（R1+R2）＝0.75A×（8Ω+16Ω）＝18V。
故答案为：0.5；8；18。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开关不同状态下电路的连接是关键。
三、实验题（本大题共5小题，14空，每空2分，共28分）
18．（4分）物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距为 10.0 cm。
（2）如将蜡烛远离透镜，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向 左 移动。
【分析】（1）图示的是利用平行光聚焦法来测量凸透镜的焦距，焦点到凸透镜光心的距离即为焦距；
（2）凸透镜成实像时，物远像近像变小。
【解答】解：（1）焦点到凸透镜的距离为10.0cm，所以凸透镜的焦距为10.0cm；
（2）如将蜡烛远离透镜，此时物距变大，像距变小，为使光屏上能看到蜡烛清晰的像，应将光屏向左移动。
故答案为：（1）10.0；（2）左。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，涉及到的知识点多，综合性强。
19．（6分）小英想测一石块的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，游码归零后，发现指针如图甲所示，应将平衡螺母向 左 端调节，直到横梁水平平衡。
（2）调节天平平衡后，小英将石块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，当天平再次平衡时，天平右盘内所加的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量为 27 g。
（3）如果量筒中盛有20mL的水，小英将石块放入量筒后，水面位置如图丙所示，由此可计算出石块的密度是 2.7×103 kg/m3。
【分析】（1）把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平横梁的平衡螺母，使指针指到分度盘的中央位置；
（2）石块的质量等于砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
（3）石块的体积等于石块浸没水中前后量筒中水面对应的刻度值的差；利用密度公式计算出石块的密度。
【解答】解：（1）由图甲可知，指针右偏，所以应将平衡螺母向左端调节，直到横梁水平平衡；
（2）由图乙可知，石块的质量m＝20g+5g+2g＝27g；
（3）由题意可知，量筒中水的体积V1＝20mL，由图丙可知，放入石块后的总体积V2＝30mL，
则石块的体积V＝V2﹣V1＝30mL﹣20mL＝10mL＝10cm3；
石块的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3。
故答案为：（1）左；（2）27；（3）2.7×103。
【点评】本题是固体密度的测量实验，主要考查天平的使用和读数、排水法测量固体的体积，密度的计算，是一道常考题。
20．（4分）如图所示是“探究感应电流产生的条件”实验装置。
（1）实验中，AB棒的材料可能是 铝 （填“塑料”或“铝”）；
（2）保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向与 磁场方向 的关系。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，这种现象是电磁感应现象。
（2）感应电流方向的影响因素：磁场方向和导体切割磁感线方向。
【解答】解：（1）实验中，AB棒的材料一定是导体，塑料是绝缘体，铝是导体，AB棒的材料可能是铝。
（2）感应电流方向跟磁场方向和导体切割磁感线方向有关，保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验，是为了探究感应电流方向跟磁场方向的关系。
故答案为：（1）铝；（2）磁场方向。
【点评】本题探究电磁感应现象中感应电流方向的影响因素，是电磁部分重点实验探究题，要熟练掌握。
21．（6分）如图所示是“探究液体内部压强的特点”的实验过程。
（1）实验前，要通过调试，保证压强计两边玻璃管中的液面 相平 。
（2）比较甲、乙、丙可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强 相等 ：比较甲、丁可知：液体内部压强的大小跟 深度 有关。
（3）为了“探究液体压强与液体密度的关系”，利用如图戊所示的装置进行实验，当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，如图所示，则隔板左侧的液体是 水 。
【分析】（1）U形管中液面的高度差反映了两侧所受压强的不同，因此，在实验前应先调节使两侧高度相同；
（2）液体内部压强的特点：液体由内部向各个方向都有压强；压强随深度的增加而增加；在同一深度，液体向各个方向的压强相等；液体压强还跟液体的密度有关，液体密度越大，压强也越大；
（3）如图戊，容器注入水和盐水的深度相同时，橡皮膜向左或向右凸起，是因为橡皮膜左侧和右侧受到的压强大小不相同。
【解答】解：（1）因为本装置是通过U形管中液面的高度差来反映压强大小的，故在实验前应先使玻璃管中两侧的液面相平；
（2）比较甲、乙、丙可知，深度相同，液体密度相同，橡皮膜朝向不同，U形管高度差相等，说明：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等；比较甲、丁可知，液体密度相同，橡皮膜朝向相同，图丁中深度较深，U形管高度差较大，说明液体内部压强的大小跟深度有关；
（3）当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，说明右侧液体压强较大，深度相同时，液体密度大，压强大，说明右侧液体是盐水，左侧液体是水。
故答案为：（1）相平；（2）相等；深度；（3）水。
【点评】本题对液体内部压强的特点进行探究，难度适中，需熟练掌握。
22．（8分）同学们在测定“小灯泡电功率”的实验，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整；
（2）小滨同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将甲图中滑片P向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（3）小滨同学继续移动滑片P，记下多组小灯泡在不同电压下的电流，并绘制成图丙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 0.5 W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为 灯泡电阻随温度的升高而增大 。
【分析】（1）在测定“小灯泡电功率”的实验中，把灯泡与电流表串联接入电路，注意电流表量程的选择；
（2）由图乙所示电压表的量程与分度值，读出其示数，发现实际电压小于额定电压，则应该增大小灯泡两端的电压，根据分压电路特点确定滑片移动方向；
（3）从图像上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用P＝UI计算额定功率；
（4）灯泡电阻随温度的升高而增大。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω，则小灯泡的额定电流大约为I＝＝＝0.25A＜0.6A，所以电流表量程为0～0.6A，且与灯泡串联，电流从正接线柱流入负接线柱流出，如下图所示：
（2）电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.2V；
要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压至额定电压2.5V，根据串联电路的分压特点可知，应减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，故滑片向B端移动；
（3）由图像可知，灯泡两端的电压为额定电压为2.5V时，对应的额定电流为0.2A，灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）小滨同学发现通过小灯泡的电流与两端电压不成正比，这是因为灯泡电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）0.5；（4）灯泡电阻随温度的升高而增大。
【点评】本电路在初中物理电学实验中应用广泛。可用于测灯泡的电阻、功率。电路是相同的，元件在实验中的作用有相同之处，也有不同之处，注意区分，对比记忆，加深印象。
四、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24小题8分，共16分）
23．（6分）如图所示为某载人潜水器的示意图，该潜水器的质量为18t，若它在5min内从水面下潜到1800m深处作业。（g＝10N/kg，ρ海水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）潜水器的重力：
（2）潜水器下潜时的平均速度；
（3）若潜水器底面积为2m2，潜水器在1800m深处时，底面受到海水的压力。
【分析】（1）利用G＝mg求潜水器的重力；
（2）利用v＝求平均速度；
（3）根据p＝ρ海水gh求海水的压强，再用F＝pS计算出潜水器在1800m深处受到海水的压力。
【解答】解：（1）潜水器的重力：G＝mg＝18×103kg×10N/kg＝1.8×105N；
（2）潜水器下潜时的平均速度：v＝＝＝6m/s；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1800m＝1.8×107Pa，
潜水器在1800m深处受到海水的压力：
F＝pS＝1.8×107Pa×2m2＝3.6×107N。
答：（1）潜水器的重力为1.2×105N；
（2）潜水器下潜时的平均速度为6m/s；
（3）潜水器在1800m深处受到海水的压力为3.6×107N。
【点评】本题考查了重力、平均速度和海水压强的计算，是一道基础题。
24．（8分）如图所示的电路中，灯泡L上标有“12V 9.6W”字样，滑动变阻器的最大阻值为R1，电源电压保持不变，两电流表均为学生常用电流表。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表A的示数为1A；当开关S1、S2断开，S3闭合时，改变滑片P的位置，使滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1和R1，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。（灯泡电阻不随温度的变化而改变）求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）R2的阻值；
（3）如何通过开关的断开与闭合以及滑动变阻器滑片位置的改变，使整个电路消耗的总电功率最小；并计算出电路总电功率的最小值？
【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡正常发光时的电流；
（2）当开关S1、S2、S3都闭合时，R2与灯泡并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压和额定电压相等可知电源的电压；
根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律可知R2的阻值；
（3）根据P＝可知灯泡的电阻；
当开关S1、S2断开，S3闭合时，滑动变阻器与定值电阻R2串联，根据欧姆定律和电阻的串联分别求出滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、时电路中的电流，利用P＝I2R表示出滑动变阻器消耗的功率，利用两者相等求出滑动变阻器的阻值R1，根据P＝可知，当电路中电阻最大时即R1的最大阻值和R2串联时电路的电功率最小，进一步利用根据P＝和电阻的串联求出最小功率。
【解答】解：（1）由P＝UI可得灯泡正常发光时的电流为：
I＝＝＝0.8A；
（2）当开关S1、S2、S3都闭合时，R2与灯泡并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光时两端的电压和额定电压相等，
所以，电源的电压U＝U2＝UL＝12V；
电流表A的示数为1A，根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流I2＝I﹣IL＝1A﹣0.8A＝0.2A，
根据欧姆定律可知R2＝＝＝60Ω；
（3）根据P＝可知灯泡的电阻为：
RL＝＝＝15Ω；
当开关S1、S2断开，S3闭合时，滑动变阻器与定值电阻R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、时电路中的电流：
I1＝＝，I2＝＝，
因P＝I2R，且在这两种情况下滑动变阻器消耗的功率相等，
所以，I12R1＝I22×，即（）2R1＝（）2×，
解得：R1＝120Ω，
当开关S1、S3断开，S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，最小总功率为：
Pmin＝＝＝0.8W。
答：（1）灯泡正常发光时的电流为0.8A；
（2）R2的阻值为60Ω；
（3）当开关S1、S3断开，S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，最小功率是0.8W。
【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，难度较大。
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