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2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（含答案）
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这是一份2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（含答案），共35页。试卷主要包含了作图题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（共14小题，每小题3分，共42分）其中1～10题给出的四个选项中只有一个选项符合题意；11～14题给出的四个选项中有一个或-个以上的选项符合题意，全选对得3分，选对但不全得2分，有错或不选得0分。请将符合题意的选项序号填在相应位置。
1．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．只要物体在振动，就一定能听到声音
B．拉二胡时用手指控制琴弦，是改变音调
C．“低声细语”描述的是音调低
D．减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声
2．（3分）小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前。那么（ ）
A．他可能患上近视眼，需用凸透镜矫正
B．他可能患上近视眼，需用凹透镜矫正
C．他可能患上远视眼，需用凸透镜矫正
D．他可能患上远视眼，需用凹透镜矫正
3．（3分）下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
4．（3分）下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A．喝水使用的茶壶是连通器
B．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C．用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
5．（3分）疫情期间，某快递公司用无人机进行无接触配送包裹。无人机携带包裹匀速上升时，包裹的（ ）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能增加，重力势能减少
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增加
6．（3分）如图所示，同一木块在同一粗糙水平面上，先后以不同的速度被匀速拉动。甲图中速度为v1，乙图中速度为v2，丙图中木块上叠放一重物，共同速度为v3，且v1＜v2＜v3，匀速拉动该木块所需的水平拉力分别为F甲、F乙和F丙。下列关系正确的是（ ）
A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＞F乙＞F丙
C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙
7．（3分）平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向任何方向前进。平衡车水平匀速前进时，说法正确的是（ ）
A．人受到的重力和车对人的支持力是一对相互作用力
B．人和车受到的总重力和地面对他们]的支持力是平衡力
C．遇到紧急情况时，平衡车因受到惯性作用不能立即停下来
D．加宽踏板是为了减小人对平衡车的压力，从而减小压强
8．（3分）考试时监考人员用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生感应电流，探测器发出警报。下列图中能够反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
9．（3分）为了严格区分控制外来车辆出入学校，我校装备了如图所示的门禁系统，内部车辆被自动识别后横杆启动；外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，内部电路最接近的是下面图中的（ ）
A． B．
C． D．
10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动，下列说法中正确的是（ ）
A．电路消耗的总电功率变大
B．电压表与电流表的示数之比变小
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数变小，电压表的示数不变
（多选）11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．测温枪测量体温，利用了红外线的热效应
B．日环食是由光的折射形成的
C．当入射光线与平面镜的夹角为30°时，反射角为60°
D．在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生镜面反射
（多选）12．（3分）春节我们看到央视举办的诗词比赛，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．“露似珍珠月似号”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
（多选）13．（3分）5月中旬，我校初三全体同学在体育考试中顽强拼搏，取得了优异的成绩，下列关于小彤同学的各项考试分析正确的是（ ）
A．用手垫排球时，手对排球的力与排球对手的力大小相等
B．立定跳远起跳后，上升到最高点时，所受的力全部消失，她将保持静止状态
C．1min 内完成跳绳120个，则她的平均功率约为5000W
D．800m 长跑成绩为3min20s，则平均速度为4m/s
（多选）14．（3分）如图所示，将L1“3V 3W”、L2“3V 1.5W”串联在电路中。灯丝电阻不变，电源电压3V，开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A．L1和L2的电阻之比是2：1
B．L1和L2的电流之比是l：2
C．L1两端电压是1V
D．两灯消耗的总功率是1W
二、填空题（共8小题，每空1分，共16分）把恰当的文字或数据填在相应位置。
15．（2分）2021年5月15日，天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面控制中心通过 波向天问一号发出指令，这种波在真空中的速度为 m/s。
16．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 的方式来增大粽子的内能；健身用力反复拉伸弹簧，它的温度会升高，这是通过 的方式改变其内能。（选填“做功”或“热传递“）
17．（2分）带足球绕标志物是体考球类项目之一，在考试过程中，当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物是 的（选填“静止”或“运动”），被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有 。
18．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自
动拍照、扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，摄像头相当于 （选填“凸”或“凹”）透镜，面部经摄像头成倒立、 （选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像。
19．（2分）“我劳动，我快乐”。如图所示，是小红同学常用的搓衣板，它是通过增大接触面的 来增大摩擦；洗刷衣服时，刷子与衣服之间的摩擦为 摩擦（选填“滑动”或“滚动”）。
20．（2分）如图所示，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。导致铅笔芯接入电路的电阻发生变化的主要因素是 ；若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，小灯泡 （选填“会”或“不会”）发光。
21．（2分）如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 V。
22．（2分）将一小球轻放入盛满酒精的大烧杯甲中，小球静止后，溢出酒精的质量是80g，小球在酒精中受到的浮力为 N；将其轻放入盛满水的大烧杯乙中，静止后溢出水的质量是90g，小球的密度是 kg/m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
三、作图题（共2小题，每小题3分，共6分）
23．（3分）请在图中用笔画线代替导线将控制灯泡的开关、灯泡以及三孔插座接入家庭电路中。
24．（3分）如图，一均匀杆可绕B处转动，用一水平力F作用于A端，使杆保持静止。作出力F的力臂L和杆所受重力G的示意图。
四、实验与探究题（共2小题，每空1分，共15分）
25．（8分）在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的高度h/m
弹簧测力计
F/N
绳自由端上升的高度s/m
动滑轮的机械效率η
①
0.3
1
0.2
0.71
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.3
4
0.2
0.4
（1）实验中用到的测量工具有刻度尺和 。
（2）实验中要 （选填“匀速”、“加速“或“静止”）竖直向上拉动弹簧测力计。
（3）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为 N，拉力所做的额外功为 J，动滑轮的机械效率为 %。（保留一位小数）
（4）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将 （选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是 。
（5）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是 （多选）。
A.增加钩码的总重
B.增加提升钩码的高度
C.在滑轮转轴处涂润滑油
D.换用质量更小的滑轮
26．（7分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。（电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V）
（1）连接图甲的电路时开关应 ；滑动变阻器的滑片应调到最 （选填：“左”或“右”）端；
（2）闭合开关，小明发现两表指针处于图乙所示位置，此时灯泡 （选填：“不发光”、“微弱光”或“比正常亮”）；电路可能发生的故障是 。
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率是 W，所用滑动变阻器的规格是下列选项中的 （填选项前字母）。
A.10Ω 2A
B.20Ω 2A
C.30Ω 2A
D.40Ω 2A
（4）小明根据小灯泡U﹣I图象算出不同电压下灯丝电阻值不同，其原因是灯丝电阻随 的变化而变化。
五、计算与解答题（共2小题，共10+11＝21分）要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
27．（10分）如图所示，是一辆多功能消防车，其部分相关数据如下表，该车通过柴油发动机提供喷水动力。在喷水作业的过程中，（已知柴油的热值为4.0×107J/kg，g＝10N/kg）求：
型号
***消防车
整车质量m
25t
水箱容积V
10m3
喷嘴横截面积S
5cm2
喷水压强p
1×106Pa
（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是多少？
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是多少？
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是多少？
28．（11分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2为定值电阻，R2＝10Ω，灯泡标有“6V 6W”字样。当S、S1、S2都闭合时，灯泡L正常发光；当S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为2V（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求：
（1）灯泡电阻；
（2）电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，通电1minR1消耗的电能；
（4）电路消耗的最小功率。
2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（共14小题，每小题3分，共42分）其中1～10题给出的四个选项中只有一个选项符合题意；11～14题给出的四个选项中有一个或-个以上的选项符合题意，全选对得3分，选对但不全得2分，有错或不选得0分。请将符合题意的选项序号填在相应位置。
1．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．只要物体在振动，就一定能听到声音
B．拉二胡时用手指控制琴弦，是改变音调
C．“低声细语”描述的是音调低
D．减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声
【分析】（1）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度；
（2）声音的音调取决于物体振动的频率，物体的长度、横截面积、和松紧程度可影响振动的快慢；
（3）声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质与特色；
（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。
【解答】解：A、只要物体在振动，就会发出声音，但人耳不一定听觉；例如：人耳能听见声音的频率为20Hz～20000Hz之间，低于20Hz，或高于20000Hz人耳听不到，故A错误；
B、拉二胡时不断地用手指控制琴弦可改变琴弦振动的频率，从而改变音调，故B正确；
C、“低声细语”指声音很小，主要描述的是声音的响度小，故C错误；
D、减弱噪声的方法有三种途径：声源处、在传播中和在人耳处，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音的产生条件，声音的特征，减弱噪声的方法等，会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素，音调和响度容易混淆，注意区分。
2．（3分）小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前。那么（ ）
A．他可能患上近视眼，需用凸透镜矫正
B．他可能患上近视眼，需用凹透镜矫正
C．他可能患上远视眼，需用凸透镜矫正
D．他可能患上远视眼，需用凹透镜矫正
【分析】（1）近视眼只能看清近处的物体，不能看清远处的物体，是因为近视眼晶状体变厚，像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，近视眼戴凹透镜进行矫正。
（2）远视眼只能看清远处的物体，不能看清近处的物体，是因为远视眼晶状体变薄，像成在视网膜的后方，凸透镜对光线有会聚作用，远视眼戴凸透镜进行矫正。
【解答】解：小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前，说明晶状体变厚会聚能力变强，是近视眼，需要戴凹透镜进行矫正，故选B。
故选：B。
【点评】学习过程中，要理解正常眼看远处和近处的物体时，晶状体的变化，才能更好的理解近视眼远视眼的成因和矫正。
3．（3分）下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）一切物体都有内能，内能的大小与温度有关；
（3）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能；
（4）分子非常微小，是肉眼观察不到的。
【解答】解：A、构成物质的分子间有间隙，分子之间存在斥力，所以固体难以被压缩，故A错误；
B、一切物体都具有内能，0℃以上的物体也有内能，故B错误；
C、四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，故C正确；
D、扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对分子动理论、扩散现象、原子结构、内能、热机的工作原理等知识的理解，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。
4．（3分）下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A．喝水使用的茶壶是连通器
B．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C．用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
【分析】（1）上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）知道杠杆的分类，若动力臂小于阻力臂则为费力杠杆，但省距离。
（3）用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力。
（4）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决。
【解答】解：
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A正确；
B、使用筷子时，筷子是费力杠杆，这样可以省距离。故B错误。
C、当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中；故C正确；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D正确。
故选：B。
【点评】此题主要考查了连通器原理的应用、杠杆的分类、大气压的应用、流体压强和流速的关系等，考查得很全面。体现了从生活走向物理，从物理走向社会的课标理念。
5．（3分）疫情期间，某快递公司用无人机进行无接触配送包裹。无人机携带包裹匀速上升时，包裹的（ ）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能增加，重力势能减少
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增加
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：无人机携带包裹匀速上升时，包裹的质量不变，速度不变，动能不变；无人机携带包裹匀速上升时，包裹的质量不变，高度增加，重力势能增加，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要利用控制变量法判断动能和重力势能的变化。
6．（3分）如图所示，同一木块在同一粗糙水平面上，先后以不同的速度被匀速拉动。甲图中速度为v1，乙图中速度为v2，丙图中木块上叠放一重物，共同速度为v3，且v1＜v2＜v3，匀速拉动该木块所需的水平拉力分别为F甲、F乙和F丙。下列关系正确的是（ ）
A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＞F乙＞F丙
C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙
【分析】（1）影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
（2）物体做匀速直线运动，受平衡力，平衡力的大小相等。
【解答】解：
滑动摩擦力与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与速度大小无关；
由题意和图示可知，甲、乙、丙三图中接触面的粗糙程度相同，甲、乙对水平面的压力相同，丙对水平面的压力较大（木块上叠放一重物），故摩擦力的大小关系为f甲＝f乙＜f丙；
因为三图中木块都在做匀速直线运动，所以由二力平衡条件可知拉力F＝f，即 F甲＝F乙＜F丙，故C正确。
故选：C。
【点评】此题考查了影响滑动摩擦力大小的因素，在分析时，注意控制变量法的应用，并注意摩擦力的大小与接触面积无关。
7．（3分）平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向任何方向前进。平衡车水平匀速前进时，说法正确的是（ ）
A．人受到的重力和车对人的支持力是一对相互作用力
B．人和车受到的总重力和地面对他们]的支持力是平衡力
C．遇到紧急情况时，平衡车因受到惯性作用不能立即停下来
D．加宽踏板是为了减小人对平衡车的压力，从而减小压强
【分析】（1）相互作用力的条件：两个力作用在不同的物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（3）物体都有保持原来的运动状态不变的性质叫惯性；
（4）减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
【解答】解：A、人受到的重力和车对人的支持力是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对相互作用力，故A错误；
B、平衡车水平前进时，人和车受到的总重力和地面对他们的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，故B正确；
C、物体保持原来运动状态不变的性质即惯性，惯性不是力，只能说物体具有“惯性”、“由于惯性”，不能说“受到惯性”、“惯性力”，故C错误；
D、加宽踏板是增大了受力面积，从而减小压强，人对平衡车的压力大小等于人的重力，不会减小，故D错误。
故选：B。
【点评】此题以平衡车为载体考查了平衡力和相互作用力的区分及运动和静止的相对性。平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分。相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上；不同点：平衡力是一个受力物体；相互作用力是两个受力物体，发生在两个物体之间。
8．（3分）考试时监考人员用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生感应电流，探测器发出警报。下列图中能够反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
【解答】解：由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，即金属探测器工作原理为电磁感应现象。
A、该图是发电机原理图，发电机是利用闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动、产生感应电流的原理制成的（即电磁感应现象），故A正确；
B、该图是电流的磁效应实验，故B错误；
C、该图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故C错误；
C、该图是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
9．（3分）为了严格区分控制外来车辆出入学校，我校装备了如图所示的门禁系统，内部车辆被自动识别后横杆启动；外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，内部电路最接近的是下面图中的（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联。
【解答】解：学校内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联，只有C正确。
故选：C。
【点评】本题结合生活实际考查了根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式。
10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动，下列说法中正确的是（ ）
A．电路消耗的总电功率变大
B．电压表与电流表的示数之比变小
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数变小，电压表的示数不变
【分析】由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；根据滑片的移动方向判定其电阻的变化，从而判定出其电流的变化；根据并联电路的电流特点分析总电流的变化；根据P＝UI判定总功率的变化。
【解答】解：
由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；
由于电源电压不变，则电压表示数不变；
闭合开关S，将滑动变阻滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表示数变小；
并联电路各支路互不影响，所以通过R的电流不变，则干路中的电流减小；根据P＝UI可知，电路的功率减小；
电压表与电流表的示数之比为滑动变阻器的阻值，阻值变大，比值变大；
综上所述，ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题的关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理，难度不大，要掌握。
（多选）11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．测温枪测量体温，利用了红外线的热效应
B．日环食是由光的折射形成的
C．当入射光线与平面镜的夹角为30°时，反射角为60°
D．在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生镜面反射
【分析】（1）红外线常用于遥控器、夜视仪、浴灯等方面，红外线的热效应强。
（2）日食、月食是由于光的直线传播形成的现象。
（3）在光的反射中，反射角等于入射角。
（4）光照射在粗糙物体表面时，反射漫反射。
【解答】解：A、测温枪测量体温，利用了红外线的热效应，故A正确；
B、日环食是由光的直线传播形成的，故B错误；
C、当入射光线与平面镜的夹角为30°时，入射角为60°，所以反射角为60°，故C正确；
D、在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生漫反射，故D错误。
故选：AC。
【点评】知道红外线的应用，认识光的直线传播现象，理解光的反射定律，区分镜面反射和漫反射，可解答此题。
（多选）12．（3分）春节我们看到央视举办的诗词比赛，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．“露似珍珠月似号”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
【分析】从六种物态变化定义进行判断：
（1）物质从固态变为液态是熔化现象，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固现象，凝固放出热量。
（2）物质从液态变为气态是汽化现象，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化现象，液化放出热量。
（3）物质从固态直接变为气态是升华现象，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华现象，凝华放出热量。
【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化现象，液化放出热量，故A错误。
B、露空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化现象，液化放出热量，故B正确。
C、霜是空气中的水蒸气温度降低，直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放出热量，故C正确。
D、水温度降低时变成冰，这是凝固现象，凝固放出热量，故D正确。
故选：BC。
【点评】判断一种过程是什么物态变化，一定要分析过程原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
（多选）13．（3分）5月中旬，我校初三全体同学在体育考试中顽强拼搏，取得了优异的成绩，下列关于小彤同学的各项考试分析正确的是（ ）
A．用手垫排球时，手对排球的力与排球对手的力大小相等
B．立定跳远起跳后，上升到最高点时，所受的力全部消失，她将保持静止状态
C．1min 内完成跳绳120个，则她的平均功率约为5000W
D．800m 长跑成绩为3min20s，则平均速度为4m/s
【分析】（1）一对相互作用力的大小一定是相等的；
（2）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；
（3）根据题意求出在1min内跳绳做的总功，利用P＝求出跳绳时的功率；
（4）由速度公式求出平均速度。
【解答】解：A、用手击打排球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者的大小相等，故A正确；
B、立定跳远起跳后，上升到最高点时，若所受的力全部消失，将保持原来的运动状态，沿原来的方向做匀速直线运动，故B错误；
C、由生活常识可知，初中生的重力大约为G＝500N，每次跳离地面的高度为h＝5cm＝0.05m，则小彤跳绳一次所做的功：W＝Gh＝500N×0.05m＝25J，
在1min内跳绳做的总功：W总＝W×120＝25J×120＝3000J，
则跳绳时的功率：P＝＝＝50W，故C错误；
D、3min20s＝200s，所以平均速度为v＝＝4m/s，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查的知识点较多，有相互作用力的特点、重力势能的大小变化、物体运动状态的改变、能量的相互转化等，都属于较基础的知识，难度不大。
（多选）14．（3分）如图所示，将L1“3V 3W”、L2“3V 1.5W”串联在电路中。灯丝电阻不变，电源电压3V，开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A．L1和L2的电阻之比是2：1
B．L1和L2的电流之比是l：2
C．L1两端电压是1V
D．两灯消耗的总功率是1W
【分析】由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。
（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝求出两灯泡的电阻，然后求出L1和L2的电阻之比，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出L1两端电压；
（2）根据串联电路的电流特点求出通过L1和L2的电流之比；
（3）根据P＝UI求出两灯消耗的总功率。
【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。
A、由P＝可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝3Ω，R2＝＝＝6Ω，
则L1和L2的电阻之比R1：R2＝3Ω：6Ω＝1：2，故A错误；
B、因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过L1和L2的电流之比是1：1，故B错误；
C、因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：I＝＝＝＝A，
L1两端电压U1＝IR1＝A×3Ω＝1V，故C正确；
D、两灯消耗的总功率P＝UI＝3V×A＝1W，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
二、填空题（共8小题，每空1分，共16分）把恰当的文字或数据填在相应位置。
15．（2分）2021年5月15日，天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面控制中心通过 电磁 波向天问一号发出指令，这种波在真空中的速度为 3×108 m/s。
【分析】电磁波可以传递信息；电磁波信号传播速度与光速是相同的，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
【解答】解：天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面中心是通过电磁波来传达指令的；电磁波在真空中传播速度为 3×108m/s。
故答案为：电磁；3×108。
【点评】本题考查电磁波的应用、电磁波的传播速度等知识点，属于基础题。
16．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 热传递 的方式来增大粽子的内能；健身用力反复拉伸弹簧，它的温度会升高，这是通过 做功 的方式改变其内能。（选填“做功”或“热传递“）
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：煮粽子的过程中，粽子吸收热量、内能增加，因此是通过热传递方式增大粽子的内能；
健身时用力反复拉伸弹簧，对弹簧做功，机械能转化为内能，弹簧的温度会升高，是通过做功的方式改变内能的。
故答案为：热传递；做功。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于基础题目。
17．（2分）带足球绕标志物是体考球类项目之一，在考试过程中，当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物是 运动 的（选填“静止”或“运动”），被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有 惯性 。
【分析】（1）研究物体的运动与静止时，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
【解答】解：（1）当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物的位置发生了改变，所以是运动的；
（2）被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
故答案为：运动；惯性。
【点评】了解运动和静止的相对性，能用惯性解释生活中的现象，可顺利解答。
18．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自
动拍照、扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，摄像头相当于 凸 （选填“凸”或“凹”）透镜，面部经摄像头成倒立、 缩小 （选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像。
【分析】根据凸透镜成像规律及其应用之一，当u＞2f时，成倒立缩小实像，应用于照相机。
【解答】解：摄像机的镜头相当于一个凸透镜，当物体位于其二倍焦距以外时，物体在凸透镜中成倒立缩小的实像。
故答案为：凸；缩小。
【点评】明确凸透镜成像在现实生活中的应用是解决此题的关键，要理论与实际结合起来。
19．（2分）“我劳动，我快乐”。如图所示，是小红同学常用的搓衣板，它是通过增大接触面的 粗糙程度 来增大摩擦；洗刷衣服时，刷子与衣服之间的摩擦为 滑动 摩擦（选填“滑动”或“滚动”）。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）当物体与接触面之间仅存在相对运动的趋势，而并未产生相对运动时产生的摩擦称为静摩擦；
当物体与接触面之间已产生相对运动，且物体与接触面之间直接接触，产生相对滑动，这种摩擦称为滑动摩擦；
当物体与接触面之间并未直接接触，中间隔有可滚动的物体，如滚珠、圆柱或滚针等，或一个物体在另一个物体上自由滚动，这种摩擦称为滚动摩擦。
【解答】解：由图可知，搓衣板表面有很深的花纹，它是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的。
洗刷衣服时，刷子在衣服上滑动，因此它们之间的摩擦属于滑动摩擦。
故答案为：粗糙程度；滑动。
【点评】本题考查了摩擦力的种类、增大摩擦的方法，关键是分析出物体发生的相对运动是何种运动方式﹣﹣滑动、滚动、有运动趋势（相对静止）。
20．（2分）如图所示，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。导致铅笔芯接入电路的电阻发生变化的主要因素是 长度 ；若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，小灯泡 不会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）当导线夹左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化，说明了通过灯泡的电流变化了，根据欧姆定律知电阻发生了变化，导线夹左右移动就改变了铅笔芯接入电路的长度，从而得出导体电阻和长度的关系；
（2）不善于导电的物体叫绝缘体。
【解答】解：
当B夹子左右移动时，铅笔芯接入电路中的长度会发生变化，铅笔芯接入电路的电阻发生变化，根据I＝知电路中电流发生变化，小灯泡的亮度就会发生变化；
若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，由于塑料吸管是绝缘体，不易导电，小灯泡不会发光。
故答案为：长度；不会。
【点评】此题考查影响电阻的因素，考查学生对于实验现象的分析能力，能够根据实验现象得出结论。
21．（2分）如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 1：2 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 216 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 4.5 V。
【分析】（1）由图象读出两电阻任意一点的电压和电流，根据欧姆定律分别求出两电阻的阻值；
（2）根据Q＝W＝t求出产生的热量；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，由图象读出两电阻两端的电压，根据串联电路的特点求出总电压。
【解答】解：（1）由图象可知，当U＝3V时，I1＝0.6A，I2＝0.6A，
由I＝可得，两电阻的阻值分别为：
R1＝＝＝5Ω；
R2＝＝＝10Ω；
所以，R1：R2＝5Ω：10Ω＝1：2；
（2）若R1两端的电压为3V，通电2min时，则：
R1所产生的热量Q1＝W1＝t＝×2×60s＝216J；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，
由图象可知此时两电阻两端的电压分别为U1＝1.5V，U2＝3V，
则电源电压U＝U1+U2＝1.5V+3V＝4.5V。
故答案为：1：2；216；4.5。
【点评】本题考查了串联电路的特点以及欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。
22．（2分）将一小球轻放入盛满酒精的大烧杯甲中，小球静止后，溢出酒精的质量是80g，小球在酒精中受到的浮力为 0.8 N；将其轻放入盛满水的大烧杯乙中，静止后溢出水的质量是90g，小球的密度是 0.9×103 kg/m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
【分析】根据阿基米德原理求出小球在酒精中、水中时受到的浮力；
根据小球在酒精、水中的浮力之比分析：若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力、大小相等，该假设不成立；若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮＝ρ液V排g＝ρ液Vg，受到的浮力等于酒精、水的密度之比，该假设不成立；可见小球在酒精、水中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力等于受到水的浮力大小，可求小球的质量；
小球在酒精中下沉，利用阿基米德原理求排开酒精的体积，即小球的体积，再利用密度公式求小球的密度。
【解答】解：小球在酒精中受到的浮力：F浮1＝G排1＝m排1g＝m溢1g＝80×10﹣3kg×10N/kg＝0.8N；
小球在水中受到的浮力：F浮2＝G排2＝m排2g＝m溢2g＝90×10﹣3kg×10N/kg＝0.9N；
小球放入酒精与水中受到的浮力之比：F浮1：F浮2＝0.8N：0.9N＝8：9；
若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力，F浮1：F浮2＝1：1≠8：9；假设不成立；
若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮＝ρ液V排g＝ρ液Vg，则：
F浮1：F浮2＝ρ酒精：ρ水＝0.8×103kg/m3：1×103kg/m3＝4：5≠8：9；故假设不成立；
可见小球在酒精、水中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力G＝F浮2＝0.9N，
小球的质量：m＝＝＝0.09kg，
小球在酒精中下沉，小球的体积：V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3，
小球的密度：ρ＝＝＝0.9×103kg/m3。
故答案为：0.8；0.9×103。
【点评】本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、重力公式、密度公式的应用，难点是求小球的密度，确定小球在酒精和水中的状态是关键。
三、作图题（共2小题，每小题3分，共6分）
23．（3分）请在图中用笔画线代替导线将控制灯泡的开关、灯泡以及三孔插座接入家庭电路中。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【点评】本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
24．（3分）如图，一均匀杆可绕B处转动，用一水平力F作用于A端，使杆保持静止。作出力F的力臂L和杆所受重力G的示意图。
【分析】（1）要掌握力的示意图的画法，特别注意重力的方向是竖直向下的。
（2）要掌握力臂的画法，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。首先找到支点，然后从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
【解答】解：延长力F的作用线，然后由支点O向F的作用线引垂线，垂线段的长度即为F的力臂；
杠杆的重心在其中点上，方向竖直向下。如图所示：
【点评】此题主要考查了有关重力示意图和力臂的画法，在做力的示意图时，要特别注意力的作用点和方向，重力的作用点在重心即规则物体的几何中心，方向竖直向下。力臂是从支点到力的作用线的距离，在做力臂时关键是确定支点和力。
四、实验与探究题（共2小题，每空1分，共15分）
25．（8分）在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的高度h/m
弹簧测力计
F/N
绳自由端上升的高度s/m
动滑轮的机械效率η
①
0.3
1
0.2
0.71
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.3
4
0.2
0.4
（1）实验中用到的测量工具有刻度尺和 弹簧测力计 。
（2）实验中要 匀速 （选填“匀速”、“加速“或“静止”）竖直向上拉动弹簧测力计。
（3）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为 2.4 N，拉力所做的额外功为 0.16 J，动滑轮的机械效率为 83.3 %。（保留一位小数）
（4）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将 增大 （选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是 摩擦力变大 。
（5）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是 ACD （多选）。
A.增加钩码的总重
B.增加提升钩码的高度
C.在滑轮转轴处涂润滑油
D.换用质量更小的滑轮
【分析】（1）实验中需要测量拉力的大小；
（2）实验过程中要匀速直线拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（3）根据W＝Gh求出滑轮对钩码所做的功，根据W＝Fs求出拉力做的总功，从而求出额外功；利用η＝×100%求出动滑轮的机械效率；
（4）根据W额＝W总﹣W有＝Fs﹣Gh求出拉力所做的额外功，然后结合最后一列数据得出结论。
（5）机械效率是有用功占总功的比值，而总功是由有用功（对重物做的功）和额外功（机械损耗带来的）组成。所以改变机械效率的大小有两种方法：一、在机械不变的情况下（额外功不变），有用功越多，机械效率就越大；二、在有用功不变的情况下（对重物做的功不变），额外功越少（减轻动滑轮的重，加润滑油等），机械效率就越大。
【解答】解：
（1）实验中需要测量绳子自由端拉力的大小，故需要用到弹簧测力计；
（2）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（3）第3次实验中，由图可知，弹簧测力计的示数为2.4N；
滑轮对钩码所做的功为W有＝Gh＝4N×0.2m＝0.8J，
拉力做的总功W总＝Fs＝2.4N×0.4m＝0.96J；
额外功为：W额＝W总﹣W有＝0.96J﹣0.8J＝0.16J；
动滑轮的机械效率为：η＝×100%＝×100%≈83.3%；
（4）在用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，由表格数据可知：
第一次拉力所做的额外功W额1＝W总1﹣W有1＝F1s﹣G1h＝0.7N×0.4m﹣1N×0.2m＝0.08J，
第二次拉力所做的额外功W额2＝W总2﹣W有2＝F2s﹣G2h＝1.28N×0.4m﹣2N×0.2m＝0.114J，
综上可知，若仅增加被提升物体的物重，则拉力所做的额外功增大，由表格数据最后一列可知，动滑轮的机械效率增大；
实验中，额外功的来源为克服动滑轮自重和机械摩擦做功，额外功增大的原因是摩擦力变大；
（5）A．增加钩码的总重，有用功增大，根据1、2两次的实验数据可知，机械效率增大，故A符合题意；
B．钩码上升的高度与机械效率无关，故B不符合题意；
C．在滑轮转轴处涂润滑油能减小额外功，能增大效率；故C符合题意；
D．换用质量更小的滑轮，能减小额外功，增大机械效率，故D符合题意。
故答案为：（1）弹簧测力计；（2）匀速；（3）2.4；0.16；83.3；（3）增大；摩擦力变大；（4）ACD。
【点评】本题考查了实验的注意事项和功、机械效率的计算以及实验数据的分析等，明确有用功和总功以及额外功是关键。
26．（7分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。（电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V）
（1）连接图甲的电路时开关应 断开 ；滑动变阻器的滑片应调到最 左 （选填：“左”或“右”）端；
（2）闭合开关，小明发现两表指针处于图乙所示位置，此时灯泡 不发光 （选填：“不发光”、“微弱光”或“比正常亮”）；电路可能发生的故障是 小灯泡断路 。
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率是 0.5 W，所用滑动变阻器的规格是下列选项中的 B （填选项前字母）。
A.10Ω 2A
B.20Ω 2A
C.30Ω 2A
D.40Ω 2A
（4）小明根据小灯泡U﹣I图象算出不同电压下灯丝电阻值不同，其原因是灯丝电阻随 温度 的变化而变化。
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处；
（2）由图乙可知，电流表示数为0，电路可能断路，灯泡不会发光，电压表示数为电源电压，电压表与电源连通，则与电压表并联的灯之外的电路是连通的，则与电压表并联的灯断路了；
（3）灯在额定电压下的功率为额定功率，由图根据P＝UI求出额定功率；
由图，根据串联电路电压的规律求出当电路中电流最小时变阻器分得的电压，由欧姆定律求变阻器连入电路中的电阻大小确定变阻器的规格；
（4）灯泡灯丝的电阻与温度有关。
【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处，即最左端；
（2）经分析，闭合开关，小明发现两电表指针处于图乙所示位置，即电压表的示数等于电源电压，电流表的示数为零，则故障为灯断路，此时灯泡不发光；
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则灯额定电压下的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
由图可知，当变阻器连入电路中最大电阻时，电路中电流I′＝0.1A最小，变阻器的电压为：
U滑＝3V﹣1.0V＝2V，
由欧姆定律变阻器接入电路的电阻：
R＝＝＝20Ω，故选用“20Ω，2A”滑动变阻器，选B；
（4）根据小灯泡的U﹣I图象计算出不同电压下灯丝电阻值不同，原因是灯丝电阻随温度的变化而变化。
故答案为：（1）断开；左；（2）不发光；小灯泡断路；（3）0.5；B；（5）温度。
【点评】本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析、额定功率的计算及器材的选择。
五、计算与解答题（共2小题，共10+11＝21分）要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
27．（10分）如图所示，是一辆多功能消防车，其部分相关数据如下表，该车通过柴油发动机提供喷水动力。在喷水作业的过程中，（已知柴油的热值为4.0×107J/kg，g＝10N/kg）求：
型号
***消防车
整车质量m
25t
水箱容积V
10m3
喷嘴横截面积S
5cm2
喷水压强p
1×106Pa
（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是多少？
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是多少？
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是多少？
【分析】（1）由表格数据可知喷嘴横截面积和喷水压强，根据p＝求出喷嘴处喷水时受到的喷水压力；
（2）知道一满箱水的体积，根据ρ＝求出其质量，利用G＝mg求出水的重力，再根据W＝Fs＝Gh求出克服整箱水的重力做的有用功；
（3）知道消防车喷水效率，根据η＝×100%求出消防车喷水过程消耗柴油完全燃烧释放的热量，利用Q放＝mq求出此过程需要消耗柴油的质量。
【解答】解：（1）由p＝可得，喷嘴处喷水时受到的喷水压力：
F＝pS＝1×106Pa×5×10﹣4m2＝500N；
（2）由ρ＝可得，一满箱水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×10m3＝1×104kg，
水的重力：
G＝mg＝1×104kg×10N/kg＝1×105N，
克服整箱水的重力做的有用功：
W＝Fs＝Gh＝1×105N×48m＝4.8×106J；
（3）由η＝×100%可得，消防车喷水过程消耗柴油完全燃烧释放的热量：
Q放＝＝＝4.8×107J，
由Q放＝mq可得，此过程需要消耗柴油的质量：
m′＝＝＝1.2kg。
答：（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是500N；
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是4.8×106J；
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是1.2kg。
【点评】本题考查了压强公式和密度公式、重力公式、做功公式、效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的应用，从表格中获取有用的信息是关键。
28．（11分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2为定值电阻，R2＝10Ω，灯泡标有“6V 6W”字样。当S、S1、S2都闭合时，灯泡L正常发光；当S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为2V（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求：
（1）灯泡电阻；
（2）电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，通电1minR1消耗的电能；
（4）电路消耗的最小功率。
【分析】（1）灯泡L标有“6V 6W”字样的含义，根据P＝UI可得灯的额定电流；由欧姆定律得出灯的电阻；
（2）当S、S1、S2都闭合时，电阻R2与灯泡L并联接入电路，此时灯泡正常发光可求出灯泡的实际电压，根据并联电路电压规律可求出电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1的电压，已知电压表示数，根据串联电路电压的规律得出R2的电压，由分压原理可得R1的阻值，根据Q＝W＝UIt＝t求出通电1minR1产生的热量；
（4）由P＝UI＝分析可知，电路的总电阻最大时，电路的功率最小，根据串联和并联电阻的规律得出电阻的最大电阻，从而求出电路的最小功率。
【解答】解：（1）灯泡L标有“6V 6W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为6W，
根据P＝UI可得，灯的额定电流为：
IL＝＝＝1A，
由欧姆定律可得，灯泡的电阻：
RL＝＝＝6Ω；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R1短路，R2与灯并联，电流表测干路电流，由于此时灯泡L正常发光，所以电源电压U＝UL＝6V；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1的电压，电压表示数为2V，根据串联电路电压的规律，R2的电压为：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
因R1的电压为R2电压的＝，由分压原理可得R1的阻值：
R1＝R2＝×10Ω＝5Ω，
通电1minR1产生的热量为：
Q＝W＝UIt＝t＝×1×60s＝48J；
（4）由题意和前面计算可知，R2的阻值大于灯的电阻，根据串联电路总电阻大于其中任一分电阻，并联电路总电阻小于其中任一分电阻，故当只闭合S时，R2与R1串联时，电路的总电阻最大，此时电路的功率最小，
电路消耗的最小功率：
P小＝UI＝＝＝2.4W。
答：（1）灯泡电阻为6Ω；
（2）电源电压为6V；
（3）当S闭合，S1，S2断开时，通电1min，R1消耗的电能为48J；
（4）电路消耗的最小功率为2.4W。
【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功、电能公式的运用，关键是电路结构的分析。
2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（共14小题，每小题3分，共42分）其中1～10题给出的四个选项中只有一个选项符合题意；11～14题给出的四个选项中有一个或-个以上的选项符合题意，全选对得3分，选对但不全得2分，有错或不选得0分。请将符合题意的选项序号填在相应位置。
1．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．只要物体在振动，就一定能听到声音
B．拉二胡时用手指控制琴弦，是改变音调
C．“低声细语”描述的是音调低
D．减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声
2．（3分）小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前。那么（ ）
A．他可能患上近视眼，需用凸透镜矫正
B．他可能患上近视眼，需用凹透镜矫正
C．他可能患上远视眼，需用凸透镜矫正
D．他可能患上远视眼，需用凹透镜矫正
3．（3分）下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
4．（3分）下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A．喝水使用的茶壶是连通器
B．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C．用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
5．（3分）疫情期间，某快递公司用无人机进行无接触配送包裹。无人机携带包裹匀速上升时，包裹的（ ）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能增加，重力势能减少
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增加
6．（3分）如图所示，同一木块在同一粗糙水平面上，先后以不同的速度被匀速拉动。甲图中速度为v1，乙图中速度为v2，丙图中木块上叠放一重物，共同速度为v3，且v1＜v2＜v3，匀速拉动该木块所需的水平拉力分别为F甲、F乙和F丙。下列关系正确的是（ ）
A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＞F乙＞F丙
C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙
7．（3分）平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向任何方向前进。平衡车水平匀速前进时，说法正确的是（ ）
A．人受到的重力和车对人的支持力是一对相互作用力
B．人和车受到的总重力和地面对他们]的支持力是平衡力
C．遇到紧急情况时，平衡车因受到惯性作用不能立即停下来
D．加宽踏板是为了减小人对平衡车的压力，从而减小压强
8．（3分）考试时监考人员用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生感应电流，探测器发出警报。下列图中能够反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
9．（3分）为了严格区分控制外来车辆出入学校，我校装备了如图所示的门禁系统，内部车辆被自动识别后横杆启动；外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，内部电路最接近的是下面图中的（ ）
A． B．
C． D．
10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动，下列说法中正确的是（ ）
A．电路消耗的总电功率变大
B．电压表与电流表的示数之比变小
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数变小，电压表的示数不变
（多选）11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．测温枪测量体温，利用了红外线的热效应
B．日环食是由光的折射形成的
C．当入射光线与平面镜的夹角为30°时，反射角为60°
D．在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生镜面反射
（多选）12．（3分）春节我们看到央视举办的诗词比赛，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．“露似珍珠月似号”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
（多选）13．（3分）5月中旬，我校初三全体同学在体育考试中顽强拼搏，取得了优异的成绩，下列关于小彤同学的各项考试分析正确的是（ ）
A．用手垫排球时，手对排球的力与排球对手的力大小相等
B．立定跳远起跳后，上升到最高点时，所受的力全部消失，她将保持静止状态
C．1min 内完成跳绳120个，则她的平均功率约为5000W
D．800m 长跑成绩为3min20s，则平均速度为4m/s
（多选）14．（3分）如图所示，将L1“3V 3W”、L2“3V 1.5W”串联在电路中。灯丝电阻不变，电源电压3V，开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A．L1和L2的电阻之比是2：1
B．L1和L2的电流之比是l：2
C．L1两端电压是1V
D．两灯消耗的总功率是1W
二、填空题（共8小题，每空1分，共16分）把恰当的文字或数据填在相应位置。
15．（2分）2021年5月15日，天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面控制中心通过 波向天问一号发出指令，这种波在真空中的速度为 m/s。
16．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 的方式来增大粽子的内能；健身用力反复拉伸弹簧，它的温度会升高，这是通过 的方式改变其内能。（选填“做功”或“热传递“）
17．（2分）带足球绕标志物是体考球类项目之一，在考试过程中，当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物是 的（选填“静止”或“运动”），被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有 。
18．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自
动拍照、扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，摄像头相当于 （选填“凸”或“凹”）透镜，面部经摄像头成倒立、 （选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像。
19．（2分）“我劳动，我快乐”。如图所示，是小红同学常用的搓衣板，它是通过增大接触面的 来增大摩擦；洗刷衣服时，刷子与衣服之间的摩擦为 摩擦（选填“滑动”或“滚动”）。
20．（2分）如图所示，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。导致铅笔芯接入电路的电阻发生变化的主要因素是 ；若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，小灯泡 （选填“会”或“不会”）发光。
21．（2分）如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 V。
22．（2分）将一小球轻放入盛满酒精的大烧杯甲中，小球静止后，溢出酒精的质量是80g，小球在酒精中受到的浮力为 N；将其轻放入盛满水的大烧杯乙中，静止后溢出水的质量是90g，小球的密度是 kg/m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
三、作图题（共2小题，每小题3分，共6分）
23．（3分）请在图中用笔画线代替导线将控制灯泡的开关、灯泡以及三孔插座接入家庭电路中。
24．（3分）如图，一均匀杆可绕B处转动，用一水平力F作用于A端，使杆保持静止。作出力F的力臂L和杆所受重力G的示意图。
四、实验与探究题（共2小题，每空1分，共15分）
25．（8分）在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的高度h/m
弹簧测力计
F/N
绳自由端上升的高度s/m
动滑轮的机械效率η
①
0.3
1
0.2
0.71
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.3
4
0.2
0.4
（1）实验中用到的测量工具有刻度尺和 。
（2）实验中要 （选填“匀速”、“加速“或“静止”）竖直向上拉动弹簧测力计。
（3）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为 N，拉力所做的额外功为 J，动滑轮的机械效率为 %。（保留一位小数）
（4）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将 （选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是 。
（5）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是 （多选）。
A.增加钩码的总重
B.增加提升钩码的高度
C.在滑轮转轴处涂润滑油
D.换用质量更小的滑轮
26．（7分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。（电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V）
（1）连接图甲的电路时开关应 ；滑动变阻器的滑片应调到最 （选填：“左”或“右”）端；
（2）闭合开关，小明发现两表指针处于图乙所示位置，此时灯泡 （选填：“不发光”、“微弱光”或“比正常亮”）；电路可能发生的故障是 。
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率是 W，所用滑动变阻器的规格是下列选项中的 （填选项前字母）。
A.10Ω 2A
B.20Ω 2A
C.30Ω 2A
D.40Ω 2A
（4）小明根据小灯泡U﹣I图象算出不同电压下灯丝电阻值不同，其原因是灯丝电阻随 的变化而变化。
五、计算与解答题（共2小题，共10+11＝21分）要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
27．（10分）如图所示，是一辆多功能消防车，其部分相关数据如下表，该车通过柴油发动机提供喷水动力。在喷水作业的过程中，（已知柴油的热值为4.0×107J/kg，g＝10N/kg）求：
型号
***消防车
整车质量m
25t
水箱容积V
10m3
喷嘴横截面积S
5cm2
喷水压强p
1×106Pa
（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是多少？
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是多少？
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是多少？
28．（11分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2为定值电阻，R2＝10Ω，灯泡标有“6V 6W”字样。当S、S1、S2都闭合时，灯泡L正常发光；当S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为2V（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求：
（1）灯泡电阻；
（2）电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，通电1minR1消耗的电能；
（4）电路消耗的最小功率。
2021年四川省宜宾市育才中学中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（共14小题，每小题3分，共42分）其中1～10题给出的四个选项中只有一个选项符合题意；11～14题给出的四个选项中有一个或-个以上的选项符合题意，全选对得3分，选对但不全得2分，有错或不选得0分。请将符合题意的选项序号填在相应位置。
1．（3分）下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A．只要物体在振动，就一定能听到声音
B．拉二胡时用手指控制琴弦，是改变音调
C．“低声细语”描述的是音调低
D．减弱噪声的唯一方法是不让物体发出噪声
【分析】（1）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度；
（2）声音的音调取决于物体振动的频率，物体的长度、横截面积、和松紧程度可影响振动的快慢；
（3）声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小，音色指声音的品质与特色；
（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。
【解答】解：A、只要物体在振动，就会发出声音，但人耳不一定听觉；例如：人耳能听见声音的频率为20Hz～20000Hz之间，低于20Hz，或高于20000Hz人耳听不到，故A错误；
B、拉二胡时不断地用手指控制琴弦可改变琴弦振动的频率，从而改变音调，故B正确；
C、“低声细语”指声音很小，主要描述的是声音的响度小，故C错误；
D、减弱噪声的方法有三种途径：声源处、在传播中和在人耳处，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音的产生条件，声音的特征，减弱噪声的方法等，会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素，音调和响度容易混淆，注意区分。
2．（3分）小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前。那么（ ）
A．他可能患上近视眼，需用凸透镜矫正
B．他可能患上近视眼，需用凹透镜矫正
C．他可能患上远视眼，需用凸透镜矫正
D．他可能患上远视眼，需用凹透镜矫正
【分析】（1）近视眼只能看清近处的物体，不能看清远处的物体，是因为近视眼晶状体变厚，像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，近视眼戴凹透镜进行矫正。
（2）远视眼只能看清远处的物体，不能看清近处的物体，是因为远视眼晶状体变薄，像成在视网膜的后方，凸透镜对光线有会聚作用，远视眼戴凸透镜进行矫正。
【解答】解：小明只能看清近处的物体，而看不清远处的物体，来自远处某点的光会聚在他的视网膜前，说明晶状体变厚会聚能力变强，是近视眼，需要戴凹透镜进行矫正，故选B。
故选：B。
【点评】学习过程中，要理解正常眼看远处和近处的物体时，晶状体的变化，才能更好的理解近视眼远视眼的成因和矫正。
3．（3分）下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A．固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
B．内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C．四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
D．扫地时尘土飞扬是因为分子在不停地做无规则运动
【分析】（1）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（2）一切物体都有内能，内能的大小与温度有关；
（3）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能；
（4）分子非常微小，是肉眼观察不到的。
【解答】解：A、构成物质的分子间有间隙，分子之间存在斥力，所以固体难以被压缩，故A错误；
B、一切物体都具有内能，0℃以上的物体也有内能，故B错误；
C、四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，故C正确；
D、扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不能说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对分子动理论、扩散现象、原子结构、内能、热机的工作原理等知识的理解，所考查内容均为物理中的常见知识点，要求学生熟练掌握。
4．（3分）下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A．喝水使用的茶壶是连通器
B．夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C．用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D．纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
【分析】（1）上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）知道杠杆的分类，若动力臂小于阻力臂则为费力杠杆，但省距离。
（3）用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力。
（4）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决。
【解答】解：
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A正确；
B、使用筷子时，筷子是费力杠杆，这样可以省距离。故B错误。
C、当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中；故C正确；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D正确。
故选：B。
【点评】此题主要考查了连通器原理的应用、杠杆的分类、大气压的应用、流体压强和流速的关系等，考查得很全面。体现了从生活走向物理，从物理走向社会的课标理念。
5．（3分）疫情期间，某快递公司用无人机进行无接触配送包裹。无人机携带包裹匀速上升时，包裹的（ ）
A．动能减少，重力势能增加
B．动能增加，重力势能减少
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增加
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：无人机携带包裹匀速上升时，包裹的质量不变，速度不变，动能不变；无人机携带包裹匀速上升时，包裹的质量不变，高度增加，重力势能增加，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要利用控制变量法判断动能和重力势能的变化。
6．（3分）如图所示，同一木块在同一粗糙水平面上，先后以不同的速度被匀速拉动。甲图中速度为v1，乙图中速度为v2，丙图中木块上叠放一重物，共同速度为v3，且v1＜v2＜v3，匀速拉动该木块所需的水平拉力分别为F甲、F乙和F丙。下列关系正确的是（ ）
A．F甲＜F乙＜F丙 B．F甲＞F乙＞F丙
C．F甲＝F乙＜F丙 D．F甲＜F乙＝F丙
【分析】（1）影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
（2）物体做匀速直线运动，受平衡力，平衡力的大小相等。
【解答】解：
滑动摩擦力与接触面的粗糙程度和压力大小有关，与速度大小无关；
由题意和图示可知，甲、乙、丙三图中接触面的粗糙程度相同，甲、乙对水平面的压力相同，丙对水平面的压力较大（木块上叠放一重物），故摩擦力的大小关系为f甲＝f乙＜f丙；
因为三图中木块都在做匀速直线运动，所以由二力平衡条件可知拉力F＝f，即 F甲＝F乙＜F丙，故C正确。
故选：C。
【点评】此题考查了影响滑动摩擦力大小的因素，在分析时，注意控制变量法的应用，并注意摩擦力的大小与接触面积无关。
7．（3分）平衡车是一种代步工具，主要依靠自身重心的偏移控制平衡车向任何方向前进。平衡车水平匀速前进时，说法正确的是（ ）
A．人受到的重力和车对人的支持力是一对相互作用力
B．人和车受到的总重力和地面对他们]的支持力是平衡力
C．遇到紧急情况时，平衡车因受到惯性作用不能立即停下来
D．加宽踏板是为了减小人对平衡车的压力，从而减小压强
【分析】（1）相互作用力的条件：两个力作用在不同的物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上；
（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（3）物体都有保持原来的运动状态不变的性质叫惯性；
（4）减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
【解答】解：A、人受到的重力和车对人的支持力是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对相互作用力，故A错误；
B、平衡车水平前进时，人和车受到的总重力和地面对他们的支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，故B正确；
C、物体保持原来运动状态不变的性质即惯性，惯性不是力，只能说物体具有“惯性”、“由于惯性”，不能说“受到惯性”、“惯性力”，故C错误；
D、加宽踏板是增大了受力面积，从而减小压强，人对平衡车的压力大小等于人的重力，不会减小，故D错误。
故选：B。
【点评】此题以平衡车为载体考查了平衡力和相互作用力的区分及运动和静止的相对性。平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分。相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上；不同点：平衡力是一个受力物体；相互作用力是两个受力物体，发生在两个物体之间。
8．（3分）考试时监考人员用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生感应电流，探测器发出警报。下列图中能够反映其工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
【解答】解：由题意可知，金属探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，即金属探测器工作原理为电磁感应现象。
A、该图是发电机原理图，发电机是利用闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动、产生感应电流的原理制成的（即电磁感应现象），故A正确；
B、该图是电流的磁效应实验，故B错误；
C、该图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故C错误；
C、该图是电动机原理图，电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
9．（3分）为了严格区分控制外来车辆出入学校，我校装备了如图所示的门禁系统，内部车辆被自动识别后横杆启动；外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，内部电路最接近的是下面图中的（ ）
A． B．
C． D．
【分析】根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联。
【解答】解：学校内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联，只有C正确。
故选：C。
【点评】本题结合生活实际考查了根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式。
10．（3分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动，下列说法中正确的是（ ）
A．电路消耗的总电功率变大
B．电压表与电流表的示数之比变小
C．电流表的示数变大，电压表的示数变小
D．电流表的示数变小，电压表的示数不变
【分析】由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；根据滑片的移动方向判定其电阻的变化，从而判定出其电流的变化；根据并联电路的电流特点分析总电流的变化；根据P＝UI判定总功率的变化。
【解答】解：
由图可知，该电路为并联电路；电压表测量的是电源的电压；电流表测的是通过滑动变阻器的电流；
由于电源电压不变，则电压表示数不变；
闭合开关S，将滑动变阻滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表示数变小；
并联电路各支路互不影响，所以通过R的电流不变，则干路中的电流减小；根据P＝UI可知，电路的功率减小；
电压表与电流表的示数之比为滑动变阻器的阻值，阻值变大，比值变大；
综上所述，ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题的关键是根据欧姆定律和滑动变阻器的变阻原理，难度不大，要掌握。
（多选）11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．测温枪测量体温，利用了红外线的热效应
B．日环食是由光的折射形成的
C．当入射光线与平面镜的夹角为30°时，反射角为60°
D．在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生镜面反射
【分析】（1）红外线常用于遥控器、夜视仪、浴灯等方面，红外线的热效应强。
（2）日食、月食是由于光的直线传播形成的现象。
（3）在光的反射中，反射角等于入射角。
（4）光照射在粗糙物体表面时，反射漫反射。
【解答】解：A、测温枪测量体温，利用了红外线的热效应，故A正确；
B、日环食是由光的直线传播形成的，故B错误；
C、当入射光线与平面镜的夹角为30°时，入射角为60°，所以反射角为60°，故C正确；
D、在电影院，坐在不同座位都能观赏电影场景，是由于银幕对光线产生漫反射，故D错误。
故选：AC。
【点评】知道红外线的应用，认识光的直线传播现象，理解光的反射定律，区分镜面反射和漫反射，可解答此题。
（多选）12．（3分）春节我们看到央视举办的诗词比赛，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．“露似珍珠月似号”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要放热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
【分析】从六种物态变化定义进行判断：
（1）物质从固态变为液态是熔化现象，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固现象，凝固放出热量。
（2）物质从液态变为气态是汽化现象，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化现象，液化放出热量。
（3）物质从固态直接变为气态是升华现象，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华现象，凝华放出热量。
【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化现象，液化放出热量，故A错误。
B、露空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化现象，液化放出热量，故B正确。
C、霜是空气中的水蒸气温度降低，直接变成小冰晶，这是凝华现象，凝华放出热量，故C正确。
D、水温度降低时变成冰，这是凝固现象，凝固放出热量，故D正确。
故选：BC。
【点评】判断一种过程是什么物态变化，一定要分析过程原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
（多选）13．（3分）5月中旬，我校初三全体同学在体育考试中顽强拼搏，取得了优异的成绩，下列关于小彤同学的各项考试分析正确的是（ ）
A．用手垫排球时，手对排球的力与排球对手的力大小相等
B．立定跳远起跳后，上升到最高点时，所受的力全部消失，她将保持静止状态
C．1min 内完成跳绳120个，则她的平均功率约为5000W
D．800m 长跑成绩为3min20s，则平均速度为4m/s
【分析】（1）一对相互作用力的大小一定是相等的；
（2）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；
（3）根据题意求出在1min内跳绳做的总功，利用P＝求出跳绳时的功率；
（4）由速度公式求出平均速度。
【解答】解：A、用手击打排球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者的大小相等，故A正确；
B、立定跳远起跳后，上升到最高点时，若所受的力全部消失，将保持原来的运动状态，沿原来的方向做匀速直线运动，故B错误；
C、由生活常识可知，初中生的重力大约为G＝500N，每次跳离地面的高度为h＝5cm＝0.05m，则小彤跳绳一次所做的功：W＝Gh＝500N×0.05m＝25J，
在1min内跳绳做的总功：W总＝W×120＝25J×120＝3000J，
则跳绳时的功率：P＝＝＝50W，故C错误；
D、3min20s＝200s，所以平均速度为v＝＝4m/s，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查的知识点较多，有相互作用力的特点、重力势能的大小变化、物体运动状态的改变、能量的相互转化等，都属于较基础的知识，难度不大。
（多选）14．（3分）如图所示，将L1“3V 3W”、L2“3V 1.5W”串联在电路中。灯丝电阻不变，电源电压3V，开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A．L1和L2的电阻之比是2：1
B．L1和L2的电流之比是l：2
C．L1两端电压是1V
D．两灯消耗的总功率是1W
【分析】由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。
（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝求出两灯泡的电阻，然后求出L1和L2的电阻之比，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出L1两端电压；
（2）根据串联电路的电流特点求出通过L1和L2的电流之比；
（3）根据P＝UI求出两灯消耗的总功率。
【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，两灯泡串联。
A、由P＝可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝3Ω，R2＝＝＝6Ω，
则L1和L2的电阻之比R1：R2＝3Ω：6Ω＝1：2，故A错误；
B、因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过L1和L2的电流之比是1：1，故B错误；
C、因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：I＝＝＝＝A，
L1两端电压U1＝IR1＝A×3Ω＝1V，故C正确；
D、两灯消耗的总功率P＝UI＝3V×A＝1W，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
二、填空题（共8小题，每空1分，共16分）把恰当的文字或数据填在相应位置。
15．（2分）2021年5月15日，天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面控制中心通过 电磁 波向天问一号发出指令，这种波在真空中的速度为 3×108 m/s。
【分析】电磁波可以传递信息；电磁波信号传播速度与光速是相同的，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
【解答】解：天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，地面中心是通过电磁波来传达指令的；电磁波在真空中传播速度为 3×108m/s。
故答案为：电磁；3×108。
【点评】本题考查电磁波的应用、电磁波的传播速度等知识点，属于基础题。
16．（2分）端午佳节，粽香万里。煮粽子是通过 热传递 的方式来增大粽子的内能；健身用力反复拉伸弹簧，它的温度会升高，这是通过 做功 的方式改变其内能。（选填“做功”或“热传递“）
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：煮粽子的过程中，粽子吸收热量、内能增加，因此是通过热传递方式增大粽子的内能；
健身时用力反复拉伸弹簧，对弹簧做功，机械能转化为内能，弹簧的温度会升高，是通过做功的方式改变内能的。
故答案为：热传递；做功。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于基础题目。
17．（2分）带足球绕标志物是体考球类项目之一，在考试过程中，当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物是 运动 的（选填“静止”或“运动”），被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有 惯性 。
【分析】（1）研究物体的运动与静止时，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
【解答】解：（1）当带球绕过标志物时，以足球为参照物，标志物的位置发生了改变，所以是运动的；
（2）被踢出足球能在草地上继续滚动，是因为足球具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
故答案为：运动；惯性。
【点评】了解运动和静止的相对性，能用惯性解释生活中的现象，可顺利解答。
18．（2分）购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自
动拍照、扫描等，确认相关信息后，即可迅速完成交易。“刷脸”支付过程中，摄像头相当于 凸 （选填“凸”或“凹”）透镜，面部经摄像头成倒立、 缩小 （选填“缩小”、“等大”或“放大”）的实像。
【分析】根据凸透镜成像规律及其应用之一，当u＞2f时，成倒立缩小实像，应用于照相机。
【解答】解：摄像机的镜头相当于一个凸透镜，当物体位于其二倍焦距以外时，物体在凸透镜中成倒立缩小的实像。
故答案为：凸；缩小。
【点评】明确凸透镜成像在现实生活中的应用是解决此题的关键，要理论与实际结合起来。
19．（2分）“我劳动，我快乐”。如图所示，是小红同学常用的搓衣板，它是通过增大接触面的 粗糙程度 来增大摩擦；洗刷衣服时，刷子与衣服之间的摩擦为 滑动 摩擦（选填“滑动”或“滚动”）。
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
（2）当物体与接触面之间仅存在相对运动的趋势，而并未产生相对运动时产生的摩擦称为静摩擦；
当物体与接触面之间已产生相对运动，且物体与接触面之间直接接触，产生相对滑动，这种摩擦称为滑动摩擦；
当物体与接触面之间并未直接接触，中间隔有可滚动的物体，如滚珠、圆柱或滚针等，或一个物体在另一个物体上自由滚动，这种摩擦称为滚动摩擦。
【解答】解：由图可知，搓衣板表面有很深的花纹，它是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的。
洗刷衣服时，刷子在衣服上滑动，因此它们之间的摩擦属于滑动摩擦。
故答案为：粗糙程度；滑动。
【点评】本题考查了摩擦力的种类、增大摩擦的方法，关键是分析出物体发生的相对运动是何种运动方式﹣﹣滑动、滚动、有运动趋势（相对静止）。
20．（2分）如图所示，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。导致铅笔芯接入电路的电阻发生变化的主要因素是 长度 ；若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，小灯泡 不会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）当导线夹左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化，说明了通过灯泡的电流变化了，根据欧姆定律知电阻发生了变化，导线夹左右移动就改变了铅笔芯接入电路的长度，从而得出导体电阻和长度的关系；
（2）不善于导电的物体叫绝缘体。
【解答】解：
当B夹子左右移动时，铅笔芯接入电路中的长度会发生变化，铅笔芯接入电路的电阻发生变化，根据I＝知电路中电流发生变化，小灯泡的亮度就会发生变化；
若将A、B两个金属夹子间的铅笔芯换成塑料吸管，由于塑料吸管是绝缘体，不易导电，小灯泡不会发光。
故答案为：长度；不会。
【点评】此题考查影响电阻的因素，考查学生对于实验现象的分析能力，能够根据实验现象得出结论。
21．（2分）如图，是两个电阻R1、R2的I﹣U图象，则R1、R2的阻值之比为 1：2 ；若R1两端的电压为3V，通电2min时，则R1所产生的热量为 216 J；若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，则电源电压为 4.5 V。
【分析】（1）由图象读出两电阻任意一点的电压和电流，根据欧姆定律分别求出两电阻的阻值；
（2）根据Q＝W＝t求出产生的热量；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，由图象读出两电阻两端的电压，根据串联电路的特点求出总电压。
【解答】解：（1）由图象可知，当U＝3V时，I1＝0.6A，I2＝0.6A，
由I＝可得，两电阻的阻值分别为：
R1＝＝＝5Ω；
R2＝＝＝10Ω；
所以，R1：R2＝5Ω：10Ω＝1：2；
（2）若R1两端的电压为3V，通电2min时，则：
R1所产生的热量Q1＝W1＝t＝×2×60s＝216J；
（3）若将R1、R2串联接在某电源上，通过R1、R2的电流为0.3A，
由图象可知此时两电阻两端的电压分别为U1＝1.5V，U2＝3V，
则电源电压U＝U1+U2＝1.5V+3V＝4.5V。
故答案为：1：2；216；4.5。
【点评】本题考查了串联电路的特点以及欧姆定律、焦耳定律的应用，关键是根据图象读出电流和电压的对应值。
22．（2分）将一小球轻放入盛满酒精的大烧杯甲中，小球静止后，溢出酒精的质量是80g，小球在酒精中受到的浮力为 0.8 N；将其轻放入盛满水的大烧杯乙中，静止后溢出水的质量是90g，小球的密度是 0.9×103 kg/m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3）
【分析】根据阿基米德原理求出小球在酒精中、水中时受到的浮力；
根据小球在酒精、水中的浮力之比分析：若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力、大小相等，该假设不成立；若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮＝ρ液V排g＝ρ液Vg，受到的浮力等于酒精、水的密度之比，该假设不成立；可见小球在酒精、水中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力等于受到水的浮力大小，可求小球的质量；
小球在酒精中下沉，利用阿基米德原理求排开酒精的体积，即小球的体积，再利用密度公式求小球的密度。
【解答】解：小球在酒精中受到的浮力：F浮1＝G排1＝m排1g＝m溢1g＝80×10﹣3kg×10N/kg＝0.8N；
小球在水中受到的浮力：F浮2＝G排2＝m排2g＝m溢2g＝90×10﹣3kg×10N/kg＝0.9N；
小球放入酒精与水中受到的浮力之比：F浮1：F浮2＝0.8N：0.9N＝8：9；
若小球在酒精、水中都漂浮，受到的浮力都等于小球的重力，F浮1：F浮2＝1：1≠8：9；假设不成立；
若小球在酒精、水中都浸没，受到的浮力F浮＝ρ液V排g＝ρ液Vg，则：
F浮1：F浮2＝ρ酒精：ρ水＝0.8×103kg/m3：1×103kg/m3＝4：5≠8：9；故假设不成立；
可见小球在酒精、水中，一漂一沉，即在水中漂浮、在酒精中下沉；
小球是漂浮在水中，小球的重力G＝F浮2＝0.9N，
小球的质量：m＝＝＝0.09kg，
小球在酒精中下沉，小球的体积：V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3，
小球的密度：ρ＝＝＝0.9×103kg/m3。
故答案为：0.8；0.9×103。
【点评】本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、重力公式、密度公式的应用，难点是求小球的密度，确定小球在酒精和水中的状态是关键。
三、作图题（共2小题，每小题3分，共6分）
23．（3分）请在图中用笔画线代替导线将控制灯泡的开关、灯泡以及三孔插座接入家庭电路中。
【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【点评】本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
24．（3分）如图，一均匀杆可绕B处转动，用一水平力F作用于A端，使杆保持静止。作出力F的力臂L和杆所受重力G的示意图。
【分析】（1）要掌握力的示意图的画法，特别注意重力的方向是竖直向下的。
（2）要掌握力臂的画法，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。首先找到支点，然后从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
【解答】解：延长力F的作用线，然后由支点O向F的作用线引垂线，垂线段的长度即为F的力臂；
杠杆的重心在其中点上，方向竖直向下。如图所示：
【点评】此题主要考查了有关重力示意图和力臂的画法，在做力的示意图时，要特别注意力的作用点和方向，重力的作用点在重心即规则物体的几何中心，方向竖直向下。力臂是从支点到力的作用线的距离，在做力臂时关键是确定支点和力。
四、实验与探究题（共2小题，每空1分，共15分）
25．（8分）在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的高度h/m
弹簧测力计
F/N
绳自由端上升的高度s/m
动滑轮的机械效率η
①
0.3
1
0.2
0.71
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.3
4
0.2
0.4
（1）实验中用到的测量工具有刻度尺和 弹簧测力计 。
（2）实验中要 匀速 （选填“匀速”、“加速“或“静止”）竖直向上拉动弹簧测力计。
（3）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为 2.4 N，拉力所做的额外功为 0.16 J，动滑轮的机械效率为 83.3 %。（保留一位小数）
（4）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将 增大 （选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是 摩擦力变大 。
（5）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是 ACD （多选）。
A.增加钩码的总重
B.增加提升钩码的高度
C.在滑轮转轴处涂润滑油
D.换用质量更小的滑轮
【分析】（1）实验中需要测量拉力的大小；
（2）实验过程中要匀速直线拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（3）根据W＝Gh求出滑轮对钩码所做的功，根据W＝Fs求出拉力做的总功，从而求出额外功；利用η＝×100%求出动滑轮的机械效率；
（4）根据W额＝W总﹣W有＝Fs﹣Gh求出拉力所做的额外功，然后结合最后一列数据得出结论。
（5）机械效率是有用功占总功的比值，而总功是由有用功（对重物做的功）和额外功（机械损耗带来的）组成。所以改变机械效率的大小有两种方法：一、在机械不变的情况下（额外功不变），有用功越多，机械效率就越大；二、在有用功不变的情况下（对重物做的功不变），额外功越少（减轻动滑轮的重，加润滑油等），机械效率就越大。
【解答】解：
（1）实验中需要测量绳子自由端拉力的大小，故需要用到弹簧测力计；
（2）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（3）第3次实验中，由图可知，弹簧测力计的示数为2.4N；
滑轮对钩码所做的功为W有＝Gh＝4N×0.2m＝0.8J，
拉力做的总功W总＝Fs＝2.4N×0.4m＝0.96J；
额外功为：W额＝W总﹣W有＝0.96J﹣0.8J＝0.16J；
动滑轮的机械效率为：η＝×100%＝×100%≈83.3%；
（4）在用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，由表格数据可知：
第一次拉力所做的额外功W额1＝W总1﹣W有1＝F1s﹣G1h＝0.7N×0.4m﹣1N×0.2m＝0.08J，
第二次拉力所做的额外功W额2＝W总2﹣W有2＝F2s﹣G2h＝1.28N×0.4m﹣2N×0.2m＝0.114J，
综上可知，若仅增加被提升物体的物重，则拉力所做的额外功增大，由表格数据最后一列可知，动滑轮的机械效率增大；
实验中，额外功的来源为克服动滑轮自重和机械摩擦做功，额外功增大的原因是摩擦力变大；
（5）A．增加钩码的总重，有用功增大，根据1、2两次的实验数据可知，机械效率增大，故A符合题意；
B．钩码上升的高度与机械效率无关，故B不符合题意；
C．在滑轮转轴处涂润滑油能减小额外功，能增大效率；故C符合题意；
D．换用质量更小的滑轮，能减小额外功，增大机械效率，故D符合题意。
故答案为：（1）弹簧测力计；（2）匀速；（3）2.4；0.16；83.3；（3）增大；摩擦力变大；（4）ACD。
【点评】本题考查了实验的注意事项和功、机械效率的计算以及实验数据的分析等，明确有用功和总功以及额外功是关键。
26．（7分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率。（电源电压3V，小灯泡的额定电压为2.5V）
（1）连接图甲的电路时开关应 断开 ；滑动变阻器的滑片应调到最 左 （选填：“左”或“右”）端；
（2）闭合开关，小明发现两表指针处于图乙所示位置，此时灯泡 不发光 （选填：“不发光”、“微弱光”或“比正常亮”）；电路可能发生的故障是 小灯泡断路 。
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则小灯泡的额定功率是 0.5 W，所用滑动变阻器的规格是下列选项中的 B （填选项前字母）。
A.10Ω 2A
B.20Ω 2A
C.30Ω 2A
D.40Ω 2A
（4）小明根据小灯泡U﹣I图象算出不同电压下灯丝电阻值不同，其原因是灯丝电阻随 温度 的变化而变化。
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处；
（2）由图乙可知，电流表示数为0，电路可能断路，灯泡不会发光，电压表示数为电源电压，电压表与电源连通，则与电压表并联的灯之外的电路是连通的，则与电压表并联的灯断路了；
（3）灯在额定电压下的功率为额定功率，由图根据P＝UI求出额定功率；
由图，根据串联电路电压的规律求出当电路中电流最小时变阻器分得的电压，由欧姆定律求变阻器连入电路中的电阻大小确定变阻器的规格；
（4）灯泡灯丝的电阻与温度有关。
【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应调到阻值最大处，即最左端；
（2）经分析，闭合开关，小明发现两电表指针处于图乙所示位置，即电压表的示数等于电源电压，电流表的示数为零，则故障为灯断路，此时灯泡不发光；
（3）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图象如图丙所示，则灯额定电压下的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
由图可知，当变阻器连入电路中最大电阻时，电路中电流I′＝0.1A最小，变阻器的电压为：
U滑＝3V﹣1.0V＝2V，
由欧姆定律变阻器接入电路的电阻：
R＝＝＝20Ω，故选用“20Ω，2A”滑动变阻器，选B；
（4）根据小灯泡的U﹣I图象计算出不同电压下灯丝电阻值不同，原因是灯丝电阻随温度的变化而变化。
故答案为：（1）断开；左；（2）不发光；小灯泡断路；（3）0.5；B；（5）温度。
【点评】本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析、额定功率的计算及器材的选择。
五、计算与解答题（共2小题，共10+11＝21分）要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
27．（10分）如图所示，是一辆多功能消防车，其部分相关数据如下表，该车通过柴油发动机提供喷水动力。在喷水作业的过程中，（已知柴油的热值为4.0×107J/kg，g＝10N/kg）求：
型号
***消防车
整车质量m
25t
水箱容积V
10m3
喷嘴横截面积S
5cm2
喷水压强p
1×106Pa
（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是多少？
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是多少？
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是多少？
【分析】（1）由表格数据可知喷嘴横截面积和喷水压强，根据p＝求出喷嘴处喷水时受到的喷水压力；
（2）知道一满箱水的体积，根据ρ＝求出其质量，利用G＝mg求出水的重力，再根据W＝Fs＝Gh求出克服整箱水的重力做的有用功；
（3）知道消防车喷水效率，根据η＝×100%求出消防车喷水过程消耗柴油完全燃烧释放的热量，利用Q放＝mq求出此过程需要消耗柴油的质量。
【解答】解：（1）由p＝可得，喷嘴处喷水时受到的喷水压力：
F＝pS＝1×106Pa×5×10﹣4m2＝500N；
（2）由ρ＝可得，一满箱水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×10m3＝1×104kg，
水的重力：
G＝mg＝1×104kg×10N/kg＝1×105N，
克服整箱水的重力做的有用功：
W＝Fs＝Gh＝1×105N×48m＝4.8×106J；
（3）由η＝×100%可得，消防车喷水过程消耗柴油完全燃烧释放的热量：
Q放＝＝＝4.8×107J，
由Q放＝mq可得，此过程需要消耗柴油的质量：
m′＝＝＝1.2kg。
答：（1）喷嘴处喷水时受到的喷水压力是500N；
（2）若将满箱水全部喷到48m高的着火点处，这一过程中克服整箱水的重力做的有用功是4.8×106J；
（3）若这次消防车喷水效率是10%，此过程需要消耗柴油的质量是1.2kg。
【点评】本题考查了压强公式和密度公式、重力公式、做功公式、效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的应用，从表格中获取有用的信息是关键。
28．（11分）如图所示，电源电压恒定，R1、R2为定值电阻，R2＝10Ω，灯泡标有“6V 6W”字样。当S、S1、S2都闭合时，灯泡L正常发光；当S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为2V（不考虑灯丝电阻随温度变化）。求：
（1）灯泡电阻；
（2）电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，通电1minR1消耗的电能；
（4）电路消耗的最小功率。
【分析】（1）灯泡L标有“6V 6W”字样的含义，根据P＝UI可得灯的额定电流；由欧姆定律得出灯的电阻；
（2）当S、S1、S2都闭合时，电阻R2与灯泡L并联接入电路，此时灯泡正常发光可求出灯泡的实际电压，根据并联电路电压规律可求出电源电压；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1的电压，已知电压表示数，根据串联电路电压的规律得出R2的电压，由分压原理可得R1的阻值，根据Q＝W＝UIt＝t求出通电1minR1产生的热量；
（4）由P＝UI＝分析可知，电路的总电阻最大时，电路的功率最小，根据串联和并联电阻的规律得出电阻的最大电阻，从而求出电路的最小功率。
【解答】解：（1）灯泡L标有“6V 6W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为6W，
根据P＝UI可得，灯的额定电流为：
IL＝＝＝1A，
由欧姆定律可得，灯泡的电阻：
RL＝＝＝6Ω；
（2）当S、S1、S2都闭合时，R1短路，R2与灯并联，电流表测干路电流，由于此时灯泡L正常发光，所以电源电压U＝UL＝6V；
（3）当S闭合，S1、S2断开时，两电阻串联，电压表测R1的电压，电压表示数为2V，根据串联电路电压的规律，R2的电压为：U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
因R1的电压为R2电压的＝，由分压原理可得R1的阻值：
R1＝R2＝×10Ω＝5Ω，
通电1minR1产生的热量为：
Q＝W＝UIt＝t＝×1×60s＝48J；
（4）由题意和前面计算可知，R2的阻值大于灯的电阻，根据串联电路总电阻大于其中任一分电阻，并联电路总电阻小于其中任一分电阻，故当只闭合S时，R2与R1串联时，电路的总电阻最大，此时电路的功率最小，
电路消耗的最小功率：
P小＝UI＝＝＝2.4W。
答：（1）灯泡电阻为6Ω；
（2）电源电压为6V；
（3）当S闭合，S1，S2断开时，通电1min，R1消耗的电能为48J；
（4）电路消耗的最小功率为2.4W。
【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功、电能公式的运用，关键是电路结构的分析。
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