2022年吉林省中考数学专题练8-圆
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2022年吉林省中考数学专题练8-圆
一.选择题(共11小题)
1.(2021•吉林)如图,四边形ABCD内接于⊙O,点P为边AD上任意一点(点P不与点A,D重合)连接CP.若∠B=120°,则∠APC的度数可能为( )
A.30° B.45° C.50° D.65°
2.(2021•长春)如图,AB是⊙O的直径,BC是⊙O的切线,若∠BAC=35°,则∠ACB的大小为( )
A.35° B.45° C.55° D.65°
3.(2022•南关区校级一模)如图,AB是⊙O的直径,AC是⊙O的切线,OC交⊙O于点D,连结BD,若∠B=32°,则∠C的大小为( )
A.32° B.64° C.26° D.36°
4.(2022•长春模拟)如图,AB是⊙O直径,CD是⊙O的弦,如果∠BAD=56°,则∠ACD的大小为( )
A.34° B.46° C.56° D.44°
5.(2022•朝阳区校级一模)如图,四边形ABCD内接于⊙O,AB为直径,BC=CD,连接AC.若∠DAB=40°,则∠D的度数为( )
A.70° B.120° C.140° D.110°
6.(2022•长春模拟)如图,AB为半圆O的直径,现将一块等腰直角三角板如图放置,锐角顶点P在半圆上,斜边过点B,一条直角边交该半圆于点Q.若AB=2,则线段BQ的长为( )
A.2 B.π2 C.π4 D.1
7.(2021•吉林一模)如图,AB是⊙O的直径,CD是弦,若∠BCD=40°,则∠ABD的度数为( )
A.30° B.40° C.50° D.60°
8.(2021•双阳区一模)如图,AB是⊙O的直径,DA切⊙O于点A,DO交⊙O于点C,连接BC,若∠D=40°,则∠B等于( )
A.20° B.25° C.40° D.50°
9.(2021•朝阳区一模)如图,AB是⊙O的直径,点C、D在⊙O上,且在AB异侧,连接OC、CD、DA.若∠BOC=130°,则∠D的大小是( )
A.15° B.25° C.35° D.50°
10.(2021•滨州)如图,⊙O是△ABC的外接圆,CD是⊙O的直径.若CD=10,弦AC=6,则cos∠ABC的值为( )
A.45 B.35 C.43 D.34
11.(2021•长春模拟)如图,AB是⊙O的直径,点C、D在⊙O上.若∠ABD=15°,则∠BCD的大小是( )
A.100° B.105° C.110° D.115°
二.填空题(共7小题)
12.(2021•吉林)如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,∠A=30°,BC=2.以点C为圆心,CB长为半径画弧,分别交AC,AB于点D,E,则图中阴影部分的面积为 (结果保留π).
13.(2022•吉林模拟)如图,分别以正方形ABCD的顶点D,C为圆心,以AB长为半径画AC,BD.若AB=1,则阴影部分的周长为 (结果保留π).
14.(2022•长春模拟)将一个圆放在两条平行线中间,使之与这两平行线相切,则可以做到:无论这个圆如何运动,它还是在这两条平行线内、并且始终与这两条平行线相切、我们将圆的这种性质称为定宽性.除了圆之外,还有一些几何图形也具有定宽性,如勒洛三角形,它是分别以等边三角形的三个顶点为圆心,以边长为半径、在另两个顶点间画一段圆弧,三段圆弧围成的曲边三角形.如图是定宽的圆和勒洛三角形、若圆的半径为2,则图中的勒洛三角形的周长为 .
15.(2022•南关区校级四模)如图,△ABC是等腰直角三角形,以斜边AB的中点D为圆心作半圆,分别与AC、BC相切于点E、F,若AB=4,则EF的长度为 .(结果保留π)
16.(2022•香洲区校级一模)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AB=5,BC=2,以点A为圆心,AC长为半径画弧,交AB于点D,交AC于点C,以点B为圆心,AC长为半径画弧,交AB于点E,交BC于点F,则图中阴影部分的面积为 .
17.(2021•吉林二模)如图,扇形纸扇完全打开后,外侧两竹条AB,AC夹角为120°,扇面BD的长为20cm,扇面(阴影部分)的面积为800π3cm2,则竹条AB的长为 cm.
18.(2021•延边州模拟)如图,在一边长为2cm的正方形ABCD中,以B、D为圆心,BC、DC长为半径,作扇形BAC、扇形DCA,则图中阴影部分的面积为 cm2(结果保留π).
三.解答题(共11小题)
19.(2022•朝阳区校级一模)【模型构建】如图1,在四边形ABCD中,∠ABC+∠ADC=180°,AB=AD,∠ACD=45°,AC=32.求四边形ABCD的面积.琪琪同学的做法是:延长CD至E点,使DE=BC,连结AE.易证△ABC≌△ADE.进而把四边形ABCD的面积转化为△ACE的面积,则四边形ABCD的面积为 .
【应用】如图2,⊙O为△ABC的外接圆,AB是直径,AC=BC,点D是直径AB左侧的圆上一点,连接DA,DB,DC.若CD=4,求四边形ADBC的面积;
【灵活运用】如图3,在四边形ADBC中,连结AB、CD,∠CAB=∠ACB=∠BDC=60°,四边形ADBC的面积为43,则线段CD= .
20.(2022•长春模拟)如图,AB为⊙O的直径,点C、D在⊙O上,且点C是BD的中点,过点C作AD的垂线EF交直线AD于点E.
(1)求证:EF是⊙O的切线.
(2)若∠CAB=36°,⊙O的半径为12,求BD的长.
21.(2022•长春模拟)如图,已知Rt△ACE中,∠AEC=90°,CB平分∠ACE交AE于点B,AC边上一点O,⊙O经过点B、C,与AC交于点D,与CE交于点F
(1)求证:AE是⊙O的切线;
(2)若cos∠A=45,AE=8,则⊙O的半径长为 .
22.(2021•吉林二模)如图,AB是⊙O的直径,PB是⊙O的切线,连接AP交⊙O于点C,点D在⊙O上,∠CDB=45°,求证:AB=BP.
23.(2021•双阳区二模)如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,以AC为直径的⊙O与AB边交于点D,过点D作⊙O的切线,交BC于点E.
(1)求证:BE=EC.
(2)填空:若∠B=30°,DE=3,则弧DC的长度为 .
24.(2021•二道区校级二模)如图,在△ABC中,AB=AC,O为边AC上一点(不与点A、C重合),以OC为半径的圆分别交边BC、AC于点D、E,过点D作DF⊥AB于点F.
(1)求证:直线DF是⊙O的切线.
(2)若∠A=45°,OC=3,则劣弧DE的长为 (结果保留π).
25.(2021•二道区校级四模)如图,直线CD经过圆心O,交⊙O于C、D两点,直径AB⊥CD,点M是直线CD上异于点C、O、D的一个动点,AM所在的直线交⊙O于点N,点P是直线CD上另一点,且PM=PN.
(1)当点M在⊙O内部,如图一,PN与⊙O的位置关系是 .
(2)当点M在⊙O外部,如图二,其它条件不变时,判断PN与⊙O的位置关系,并说明理由.
(3)若OP=2,⊙O的半径为1,直接写出OM的长.
26.(2021•南关区校级二模)如图,四边形ABCD为菱形,以AD为直径作⊙O交AB于点F,连接DB交⊙O于点H,E是BC上一点,且BE=BF,连接DE.
(1)求证DE是⊙O的切线;
(2)若BF=1,BD=5,则菱形ABCD的面积为 .
27.(2021•长春模拟)[问题原型]如图①,在矩形ABCD中,对角线AC、BD交于点O,以AC为直径作⊙O.求证:点B、D在⊙O上.
请完成上面问题的证明,写出完整的证明过程.
[发现结论]矩形的四个顶点都在以该矩形对角线的交点为圆心,对角线的长为直径的圆上.
[结论应用]如图②,已知线段AB=2,以线段AB为对角线构造矩形ACBD.求矩形ACBD面积的最大值.
[拓展延伸]如图③,在正方形ABCD中,AB=2,点E、F分别为边AB、CD的中点,以线段EF为对角线构造矩形EGFH,矩形EGFH的边与正方形ABCD的对角线AC交于M、N两点,当MN的长最大时,矩形EGFH的面积为 .
28.(2021•南关区一模)如图,在△ABC中,∠C=90°,点O为AB上一点,以OA为半径的⊙O与BC相切于点D,连接AD,过D作DE⊥AB,垂足为点E.
(1)求证:AD平分∠CAB.
(2)若AB=20,且AE:EB=3:2,则⊙O的半径为 .
29.(2021•二道区一模)【问题提出】小慧同学遇到这样一道问题,如图①,在△ABC中,点D为边AC的中点.以点D为圆心,AC为直径作圆,∠ACB的平分线交此圆于点P,点P在△ABC的内部,连接BP.
求证,△BPC的面积等于△ABC面积的一半.
【问题解决】小慧的做法是连接AP并延长,交BC于点Q,利用△ACQ形状的特殊性解决问题,请你利用小慧的做法完成【问题提出】中的证明.
【问题拓展】如图②,在四边形ABCD中,AC平分∠BAD.AC⊥BC,若BD=8.AB﹣AD=3,则△BCD面积的最大值为 .
2022年吉林省中考数学专题练8-圆
参考答案与试题解析
一.选择题(共11小题)
1.【解答】解:∵四边形ABCD内接于⊙O,
∴∠B+∠D=180°,
∵∠B=120°,
∴∠D=180°﹣∠B=60°,
∵∠APC为△PCD的外角,
∴∠APC>∠D,只有D满足题意.
故选:D.
2.【解答】解:∵BC是⊙O的切线,AB是⊙O的直径,
∴AB⊥BC,
∴∠ABC=90°,
∴∠ACB=90°﹣∠BAC=90°﹣35°=55°.
故选:C.
3.【解答】解:∵AB是⊙O的直径,AC是⊙O的切线,
∴AB⊥AC,
∴∠OAC=90°,
∵∠B=32°,
∴∠AOC=2∠B=64°,
∴∠B=180°﹣∠AOC﹣∠OAC=180°﹣64°﹣90°=26°,
故选:C.
4.【解答】解:∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
∠BAD=56°,
∴∠ABD=90°﹣∠BAD=34°,
∴∠ACD=∠ABD=34°,
故选:A.
5.【解答】解:∵BC=CD,
∴BC=CD,
∵∠DAB=40°,
∴∠BAC=12∠DAB=20°,
∵AB为直径,
∴∠ACB=90°,
∴∠B=90°﹣∠BAC=70°,
∵四边形ABCD内接于⊙O,
∴∠D=180°﹣∠B=110°,
故选:D.
6.【解答】解:连接AQ,BQ,
∵∠P=45°,
∴∠QAB=∠P=45°,∠AQB=90°,
∴△ABQ是等腰直角三角形.
∵AB=2,
∴2BQ2=4,
∴BQ=2.
故选:A.
7.【解答】解:∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
∵∠BAD=∠BCD=40°,
∴∠ABD=90°﹣∠BAD=90°﹣40°=50°.
故选:C.
8.【解答】解:∵DA切⊙O于点A,
∴OA⊥AD,
∴∠OAD=90°,
∵∠D=40°,
∴∠AOD=90°﹣40°=50°,
由圆周角定理得:∠B=12∠AOD=25°,
故选:B.
9.【解答】解:∵∠BOC+∠AOC=180°,
∴∠AOC=180°﹣∠BOC=50°.
∴∠D=12∠AOC=25°.
故选:B.
10.【解答】解:连接AD,如右图所示,
∵CD是⊙O的直径,CD=10,弦AC=6,
∴∠DAC=90°,
∴AD=CD2−AC2=102−62=100−36=64=8,
∴cos∠ADC=ADCD=810=45,
∵∠ABC=∠ADC,
∴cos∠ABC的值为45,
故选:A.
11.【解答】解:∵AB为直径,
∴∠BCA=90°,
∵∠ABD=15°,
∴∠ACD=∠ABD=15°,
∴∠BCD=∠ACD+∠ACB=105°,
故选:B.
二.填空题(共7小题)
12.【解答】解:连接CE,
∵∠A=30°,
∴∠CBA=90°﹣∠A=60°,
∵CE=CB,
∴△CBE为等边三角形,
∴∠ECB=60°,BE=BC=2,
∴S扇形CBE=22×60π360=23π
∵S△BCE=34BC2=3,
∴阴影部分的面积为23π−3.
故答案为:23π−3.
13.【解答】解:∵四边形ABCD为正方形,AB=1,
∴AB=BC=CD=DA=1,∠ADC=∠BCD=90°,
∴AC的长=BD的长=90180•π×1=12π,
∴阴影部分的周长=AC的长+BD的长+AD+BC
=12π+12π+1+1
=π+2.
故答案为:π+2.
14.【解答】解:如图,直线l1∥l2,⊙O与直线l1、直线l2分别相切于点A、点C,
连接OA并延长AO交直线l2于点B,
∵l1⊥OA,
∴则∠OAQ=90°,
∴∠OBD=180°﹣∠OAQ=90°,
∴OB⊥l2,
∵OC⊥l2,
∴OB与OC重合,
∴AB=2+2=4,
如图,勒洛三角形QEF的顶点Q在直线l1上,EF所在的圆与直线l2相切于点D,
连接QD,则QD⊥l2,
∴QD=AB=4,
∵△QEF是等边三角形,
∴QE=QF=EF=QD=4,∠EQF=∠QEF=∠QFE=60°,
∴该勒洛三角形的三段圆弧所在圆的半径都是4、所对的圆心角都是60°,
∴该勒洛三角形的周长为:60×π×4180×3=4π,
故答案为:4π.
15.【解答】解:连接OE、OF,
∵AB=4,点D为AB的中点,
∴AD=2,
∵AC、BC是半圆的切线,
∴DE⊥AC,DF⊥BC,
∵∠C=90°,
∴∠EDF=90°,
∵△ABC为等腰直角三角形,
∴∠A=45°,
∴DE=22AD=2,
∴EF的长=90π×2180=22π,
故答案为:22π.
16.【解答】解:根据题意可知AC=AB2−BC2=(5)2−22=1,则BE=BF=AD=AC=1,
设∠B=n°,∠A=m°,
∵∠ACB=90°,
∴∠B+∠A=90°,即n+m=90,
∴S阴影部分=S△ABC﹣(S扇形EBF+S扇形DAC)=12×2×1﹣(nπ×12360+mπ×12360)=1−(n+m)π360=1−π4,
故答案为:1−π4.
17.【解答】解:设AB=rcm,则AD=(r﹣20)cm,
则S扇面=120360πr2−120360π(r﹣20)2=800π3,
∴r2﹣(r﹣20)2=800,
解得:r=30,
∴竹条AB的长为30cm.
故答案为:30.
18.【解答】解:正方形的面积=2×2=4(cm2),
空白部分的面积=2×(90π×22360−12×2×2)=(2π﹣4)cm2.
∴阴影部分的面积=4﹣(2π﹣4)=(8﹣2π)(cm2).
故答案为:(8﹣2π).
三.解答题(共11小题)
19.【解答】解:【模型构建】如题干图1,延长CD至E点,使DE=BC,连结AE,
∴∠ADE+∠ADC=180°,
∵∠ABC+∠ADE=180°,
∴∠ABC=∠ADE,
∵AB=AD,
∴△ABC≌△ADE(SAS),
∴S△ABC=S△ADE,AC=AE,
∴∠E=∠ACD=45°,
∴∠CAE=90°,
∴△CAE是等腰直角三角形,
∴S四边形ABCD=S△ABC+S△ACD=S△ADE+S△ADE=S△ACE=12AC•AE=12AC2=12×(32)2=9,
故答案为:9;
【应用】如图2,
延长DA至F点,使AF=BD,连结CF,
同【模型构建】得,△ACF≌△BCD(SAS),
∴CD=CF,∠ACF=∠BCD,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ACB=90°,
∴∠DCF=∠ACD+∠ACF=∠ACD+∠BCD=∠ACB=90°,
∴△DCF是等腰直角三角形,
∴S四边形ADBC=S△DCF=12CD2=12×42=8;
【灵活运用】如图3,
延长DA至H点,使AH=BD,连结CH,
∵∠CAB=∠ACB=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∴BC=AC,∠ACB=60°,
∵∠CAB=∠BDC=60°,
∴点A,D,B,C四点共圆,
∴∠DBC+∠CAD=180°,
同【模型构建】得,△ACH≌△BCD(SAS),
∴CD=CH,∠BCD=∠ACH,
∴∠DCH=∠ACD+∠ACH=∠ACD+∠BCD=∠ACB=60°,
∴△DCH是等边三角形,
∵四边形ADBC的面积为43,
∴S四边形ADBC=S△DCH=34CD2=43,
∴CD=4,
故答案为:4.
20.【解答】(1)证明:连接OC,
∵OA=OC,
∴∠OCA=∠BAC,
∵点C是BD的中点,
∴∠EAC=∠BAC,
∴∠EAC=∠OCA,
∴OC∥AE,
∵AE⊥EF,
∴OC⊥EF,即EF是⊙O的切线;
(2)连接OD,
∵∠BOC=2∠CAB=2×36°=72°,
∵CD=BC,
∴∠BOD=2∠BOC=144°,
∴BD的长=144⋅π×12180=485π.
21.【解答】(1)证明:连接OB,
∵OB=OC,
∴∠OCB=∠OBC,
∵CB平分∠ACE,
∴∠OCB=∠BCF,
∴∠OBC=∠BCF,
∴∠ABO=∠AEC=90°,
∴OB⊥AE,
∴AE是⊙O的切线;
(2)∵∠AEC=90°,cos∠A=45,AE=8,
∴AC=10,CE=6,
∵OB∥CE,
∴△AOB∽△ACE,
∴OBCE=AOAC,
∴OB6=10−OB10,
∴OB=154,
∴⊙O的半径长为154,
故答案为:154.
22.【解答】证明:∵PB是⊙O的切线,AB是⊙O的直径,
∴AB⊥PB,
∴∠ABP=90°,
∵∠CDB=45°,
∴∠CAB=45°,
∴∠P=∠CAB=45°,
∴AB=BP.
23.【解答】(1)证明:连接DO.
∵∠ACB=90°,AC为直径,
∴EC为⊙O的切线;
又∵ED也为⊙O的切线,
∴EC=ED,
又∵∠EDO=90°,
∴∠BDE+∠ADO=90°,
∵OD=OA,
∴∠A=∠ADO,
∴∠BDE+∠A=90°
又∵∠B+∠A=90°,
∴∠BDE=∠B,
∴BE=ED,
∴BE=EC;
(2)解:∵DE=3,BE=ED,BE=EC;
∴BC=23,
∵∠ACB=90°,∠B=30°,
∴AC=2,∠A=60°,
∵AC为直径,
∴OC=1,
∵∠A=60°,
∴∠DOC=2A=120°,
∴弧DC的长度为120π×1180=2π3.
故答案为:2π3.
24.【解答】(1)证明:连接OD,
∵DF⊥AB,
∴∠BFD=90°,
∵AB=AC,
∴∠B=∠C,
∵OD=OC,
∴∠ODC=∠C,
∴∠B=∠ODC,
∴AB∥OD,
∴∠BFD=∠ODF=90°,
∵OD是⊙O的半径,
∴直线DF是⊙O的切线;
(2)解:∵OD∥AB,
∴∠A+∠AOD=180°,
∴∠AOD=180°﹣∠A=135°,
∴劣弧DE的长=135π×3180=9π4,
故答案为:9π4.
25.【解答】解:(1)PN与⊙O相切.
证明:如图一,连接ON,
则∠ONA=∠OAN,
∵PM=PN,
∴∠PNM=∠PMN,
∵∠AMO=∠PMN,
∴∠PNM=∠AMO,
∴∠PNO=∠PNM+∠ONA=∠AMO+∠ONA=90°,
∴ON⊥PN,
∵ON是圆的半径,
∴PN与⊙O相切;
故答案为:PN与⊙O相切;
(2)成立.
证明:如图二,连接ON,
则∠ONA=∠OAN,
∵PM=PN,
∴∠PNM=∠PMN,
在Rt△AOM中,∠OMA+∠OAM=90°,
∴∠PNM+∠ONA=90°.
∴∠PNO=180°﹣90°=90°,
∴ON⊥PN,
∵ON是圆的半径,
∴PN与⊙O相切.
(3)如图一,当点M在圆内时,
∵OP=2,ON=1,
∴∠OPN=30°,
∴PN=OP2−ON2=22−12=3,
∴PM=PN=3,
∴OM=OP﹣PM=2−3,
如图二,当点M在圆外时,
同理可得PN=PM=3,
∴OM=OP+PM=2+3,
综上所述,OM的长为2+3或2−3.
26.【解答】(1)证明:连接DF,
∵四边形ABCD为菱形,
∴AB=BC=CD=DA,AD∥BC,∠DAB=∠C,
∵BF=BE,
∴AB−BF=BC−BE,
即AF=CE,
∴△DAF≌△DCE(SAS),
∴∠DFA=∠DEC,
∵AD是⊙O的直径,
∴∠DFA=90°,
∴∠DEC=90°
∵AD∥BC,
∴∠ADE=∠DEC=90°,
∴OD⊥DE,
∵OD是⊙O的半径,
∴DE是⊙O的切线;
(2)解:∵AD是⊙O的直径,
∴∠AHD=∠DFA=90°,
∴∠DFB=90°,
在Rt△BDF中,BF=1,BD=5,
∴DF2=BD2−BF2=5﹣1=4,
∴DF=2,
在Rt△ADF中,AD2=DF2+AF2,
∴AB2=22+(AB﹣1)2,
解得AB=52,
∴S菱形ABCD=AB•DF=52×2=5.
27.【解答】解:[问题原型]∵AC为⊙O的直径,
∴OA为⊙O的半径,
令OA=r,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AC=BD,OA=OC=12AC,OB=OD=12BD,
∴OB=OD=OA=r,
∴点B、D在⊙O上;
[结论应用]如图②,连接CD交AB于点O,过点D作DE⊥AB于点E,
∴DE≤OD,
由[发现结论]可知,点D在以AB为直径的圆上,即OD=OA=12AB=1,
∴当DE=OD=1及AB⊥CD时,矩形ACBD的面积最大,
∴矩形ACBD的面积最大值为2×1×12×2=2;
[拓展延伸]如图③中,设AC与EF的交点为O,过点E作EJ⊥AO于J.
∵四边形ENFM是矩形,
∴MN=GH=2,
当MN与GH重合时,MN的值最大,
∵∠EAJ=45°,AE=1,EJ⊥OA,
∴EJ=22,
∴S矩形EGFH=2S△MEN=2×12×2×22=2,
故答案为:2.
28.【解答】证明:(1)连接OD,
∵直线BC是⊙O的切线,
∴OD⊥BC,
∴∠ODB=∠C=90°,
∴OD∥AC,
∴∠CAD=∠ODA,
∵OA=OD,
∴∠OAD=∠ODA,
∴∠CAD=∠OAD,
即AD平分∠BAC;
(2)解:∵AB=20,且AE:EB=3:2,
∴AE=12,BE=8,
∵AD平分∠CAB,DE⊥AB,CD⊥AC,
∴CD=DE,
在Rt△ACD和Rt△AED中,
CD=DEAD=AD,
∴Rt△ACD≌△Rt△AED(HL),
∴AC=AE=12,
∴BC=AB2−AC2=202−122=16,
设CD=DE=x,则BD=16﹣x,
∵DE2+BE2=BD2,
∴x2+82=(16﹣x)2,
∴x=6,
∴DE=CD=6,
∴BD=10,
∵OD∥AC,
∴△ODB∽△ACB,
∴OBAB=BDBC,
∴20−OA20=1016,
∴OA=152,
故答案为152.
29.【解答】解:(1)如图,连接AP并延长,交边BC于点Q.
∵AC为⊙D的直径,
∴∠APC=90°.
∴∠APC=∠QPC=90°.
∵CP平分∠ACB,
∴∠ACP=∠QCP.
∵CP=CP,
∴△ACP≌△QCP(ASA).
∴AC=QC.
∵∠APC=90°.
∴点P为AQ的中点.
∴S△CPQ=12S△AQC,S△BPQ=12S△AQB
∴S△BPC=S△CPQ+S△BPQ=12S△AQC+12S△AQB=12S△ABC.
∴△BPC的面积等于△ABC面积的一半.
(2)延长BC,AD交于点E,
∵AC平分∠BAD且AC⊥BC,
∴△ABE为等腰三角形,点C为BE中点,
∴S△BCD=S△CDE=12S△BDE,
当△BCD的面积最大时,△BDE面积最大,
即BD⊥AD满足题意,
∵DE=AB﹣AD=3,BD=8,
∴△BCD面积的最大值为12×12BD•DE=12×12×8×3=6.
故答案为:6.
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