2022年中考物理复习之挑战压轴题(选择题）：欧姆定律（含答案）

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2022年中考物理复习之挑战压轴题(选择题）：欧姆定律
一．选择题（共10小题）
1．（2021秋•宁德期末）如图所示，电源电压保持不变，R1＝2R2，R0为定值电阻，当电键K接a点时，电流表示数为I，则电键K接b点时，电流表的示数应该是（ ）

A．I B．大于I，小于2I
C．2I D．大于2I
2．（2021•岳池县模拟）为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示，R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每时刻的电压若已知电源电压为12V，某时段AB间的电压随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）

A．AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次
B．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等
C．绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍
D．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍
3．（2021•江油市模拟）小强同学按如图所示电路连接电学器材进行电学实验。已知电源两端电压为6V且保持不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”。将开关S闭合后，为保证电路中各元件正常工作，则以下说法中正确的是（ ）

A．滑动变阻器R2接入电路的最小阻值为5Ω
B．电压表示数变化量的最大值为1V
C．通过电阻R1的电流最大值为0.4A
D．滑动变阻器R2调节范围为0～20Ω
4．（2020•岳阳）如图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。只闭合S1时，a表无示数，b表有示数，c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化。则（ ）

A．a表是电压表
B．先闭合S1、S2，再闭合S3，a表示数无变化
C．S1、S2、S3都闭合，移动滑片P，a、b两表示数无变化
D．S1、S2、S3都闭合，b表示数除以a表示数等于电阻R1的阻值
5．（2020秋•崇川区期中）已知R1＝R2，当滑动变阻器的滑动触头P自左端向右端滑时，A、B间的总电阻将（ ）


A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．先增大后减小 D．先减小后增大
6．（2019•宁波模拟）如图所示，图中的四个电表均为理想电表，电源输出电压不变。当滑动变阻器滑片P向右端移动时，电表的读数会发生变化，电表读数变化量指该时刻电表的读数与初始时刻电表读数的差值。下面说法中正确的是（ ）

A．V1的读数减小，V1读数与A1读数的比值不变，V1读数变化量与A1读数变化量的比值不变
B．V2的读数增大，V1读数与A1读数的比值不变，V1读数变化量与A1读数变化量的比值减小
C．A1的读数增大，V1读数与A1读数的比值减小，V1读数变化量与A1读数变化量的比值不变
D．A2的读数减小，V1读数与A1读数的比值减小，V1读数变化量与A1读数变化量的比值减小
7．（2019•威海模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，灯泡L1标有“6V3W”字样，灯泡L2标有“6V6W”字样，关于这个电路下列说法正确的有（ ）

A．该电路不可能让两盏灯同时正常发光
B．开关S、S1闭合、S2断开，变阻器滑片P由a向b端滑动时，电压表示数变小，电路中总功率变大
C．开关S、S1、S2均闭合，把变阻器滑片P放在a 端不动，如果断开S1，此时电压表和电流表的示数均变小
D．如果让变阻器滑片P滑到中点不动，只闭合S、S1时，电压表的示数比只闭合S、S2时电压表的示数大
8．（2019•相城区校级模拟）将两个不同阻值的电阻R1、R2连成如图甲所示的电路，当闭合开关S后，电流表的示数为0.5A，现将图甲中的电阻改接成如图乙所示的电路，则闭合开关S后，电流表的示数（ ）

A．一定大于2A
B．一定大于0.5A，但小于1A
C．一定小于0.5A
D．一定大于1A，但小于2A
9．（2018•青岛自主招生）如图为某控制电路，由电源电压为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L1、L2是两个指示灯。当电位器的触片由b端滑向a端时，下列说法正确的是（ ）

A．L1、L2都变亮 B．L1、L2都变暗
C．L1变亮，L2变暗 D．L1变暗，L2变亮
10．（2017•锦江区模拟）如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（ ）

A．小灯泡的额定电流是0.6A
B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω
C．电压表示数变化范围是0～3V
D．电流表示数范围是0.2～0.5A

2022年中考物理复习之挑战压轴题(选择题）：欧姆定律（10题）
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
1．（2021秋•宁德期末）如图所示，电源电压保持不变，R1＝2R2，R0为定值电阻，当电键K接a点时，电流表示数为I，则电键K接b点时，电流表的示数应该是（ ）

A．I B．大于I，小于2I
C．2I D．大于2I
【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联．
【专题】计算题．
【分析】（1）当电键K接a点时，R0与R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联特点和欧姆定律表示出电流表的示数；
（2）当电键K接b点时，R0与R2串联，电流表测电路中的电流，再根据电阻的串联特点和欧姆定律表示出电流表的示数，比较两种情况下的电阻关系即可得出答案。
【解答】解：（1）当电键K接a点时，R0与R1串联，则：
电流表的示数为I＝＝，
（2）当电键K接b点时，R0与R2串联，则：
电流表的示数I′＝＞＝I，
∵R0+R2＜R0+R2＜R0+2R2，
∴＞＞，即I＜I′＜2I。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是比较两次电阻的大小得出电流表示数的变化。
2．（2021•岳池县模拟）为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示，R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每时刻的电压若已知电源电压为12V，某时段AB间的电压随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）

A．AB两端电压为6V时，跳绳自动计数器会计数一次
B．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1和R2的阻值相等
C．绳子没有挡住射向R1的红外线时，R1的阻值是R2的3倍
D．绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；分析、综合能力．
【分析】由电路图知，两电阻串联，AB间电压为R2两端电压。由题知，射向R1的激光被挡时它的电阻变化，由串联电路分压原理，结合图象分析射向R1的激光被挡和没挡时AB间电压以及两电阻的大小关系从而解题。
【解答】解：由甲图电路知，R1与R2串联，AB间电压为R2两端电压。
（1）由题知，当射向R1的激光被挡时，R1阻值变大，根据串联电路的分压原理知，R1分得电压增大，R2分得电压减小，
由图象知，此时U2＝UAB＝2V，因为R1的电阻变大，自动计数器会计数一次，即AB间电压为2V计数一次，故A错误；
由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝，
所以：R1＝5R2，故B错误；
（2）当射向R1的激光没有被挡时，R1阻值变小，R1分得电压减小，R2分得电压增大，由图象知，此时，U2'＝UAB'＝6V，
由串联电路的分压原理有：＝＝，即：＝，
所以：R1'＝R2，故C错误；
且R1＝5R1'，即绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的阻值会变为原来的5倍，故D正确。
故选：D。
【点评】本题是一道动态电路题，要能灵活运用串联电路分压原理，关键是根据电阻的变化，结合图象确定定值电阻两端电压的大小。
3．（2021•江油市模拟）小强同学按如图所示电路连接电学器材进行电学实验。已知电源两端电压为6V且保持不变，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的规格为“20Ω0.5A”。将开关S闭合后，为保证电路中各元件正常工作，则以下说法中正确的是（ ）

A．滑动变阻器R2接入电路的最小阻值为5Ω
B．电压表示数变化量的最大值为1V
C．通过电阻R1的电流最大值为0.4A
D．滑动变阻器R2调节范围为0～20Ω
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】计算题；错解分析题；欧姆定律；分析、综合能力．
【分析】（1）根据电流表和电压表的量程和滑动变阻器R0允许通过的最大电流判断出电路中允许达到的最大电流值；利用欧姆定律求出此时R两端的电压和滑动变阻器此时接入电路的最小电阻；
（2）当滑动变阻器全部接入电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路的最小电流，求出电压表的示数，从而得出电压表示数最大的变化量。
【解答】解：（1）由于电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器R0允许通过的最大电流为0.5A，
所以，电路中允许达到的最大电流不能超过0.5A，
又因为电压表的量程为0～3V，P不能滑到左端（连入电阻不能为0），当UR＝3V时，I′＝＝＝0.3A，
所以，电路中的最大电流为0.3A，即当U1＝3V时，所以通过电阻R的电流最大值为0.3A，故C错误；
这时，滑动变阻器两端的电压为U2＝U﹣UR＝6V﹣3V＝3V，
滑动变阻器接入电路的最小电阻为R2最小＝＝＝10Ω，故AD错误；
（2）当滑片P在右端（电阻全连入为20Ω ），此时电路中的电阻最大，电流最小，
则Imin＝＝＝＝0.2A，
由欧姆定律得：U1min＝IminR1＝0.2A×10Ω＝2V，
则电压表示数变化量的最大值为UR﹣Umin＝3V﹣2V＝1V，故B正确。
故选：B。
【点评】本题综合性强、考查的内容多，灵活运用串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式是本题的关键，难点是滑动变阻器的电阻连入电阻较小时，会烧坏变阻器的电阻，电压表超量程，根据电压表的量程找出滑动变阻器连入的电阻最小值，是解本题的关键。
4．（2020•岳阳）如图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压表。只闭合S1时，a表无示数，b表有示数，c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化。则（ ）

A．a表是电压表
B．先闭合S1、S2，再闭合S3，a表示数无变化
C．S1、S2、S3都闭合，移动滑片P，a、b两表示数无变化
D．S1、S2、S3都闭合，b表示数除以a表示数等于电阻R1的阻值
【考点】电路的动态分析；电流表的使用；电压表的使用．
【专题】应用题；电路变化分析综合题；分析、综合能力．
【分析】（1）只闭合S1时，电表a、b、R1、R2串联后再与R3并联，根据a表无示数、b表有示数、c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化判断三电表的类型；
（2）先闭合S1、S2时，c电流表将R1和R2短路，电路为滑动变阻器R3的简单电路，a电流表与b电压表串联；再闭合S3，R1、R2、R3并联，a电流表测R1和R2的电流，据此进行解答；
（3）S1、S2、S3都闭合时，R1、R2、R3并联，a电流表测R1和R2的电流，电压表b测电源两端的电压，根据电源的电压可知滑片移动时电压表b示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响得出滑片移动时通过R1与R2的电流变化，根据欧姆定律得出b表示数除以a表示数等于的阻值。
【解答】解：
A、只闭合S1时，电表a、b、R1、R2串联后再与R3并联，
由a表无示数、b表有示数可知，a表为电流表，b表为电压表，
由c表有示数且示数随滑片P的移动发生变化可知，c表为电流表，故A错误；
B、先闭合S1、S2时，c电流表将R1和R2短路，电路为滑动变阻器R3的简单电路，a电流表与b电压表串联，a表示数为零，
再闭合S3，R1、R2、R3并联，a电流表测R1和R2的电流，a电流表有示数，故B错误；
CD、S1、S2、S3都闭合时，R1、R2、R3并联，a电流表测R1和R2的电流，电压表b测电源两端的电压，
由电源的电压不变可知，滑片移动时，电压表b示数无变化，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1与R2的电流不变，即电流表a的示数不变，故C正确；
由I＝的变形式R＝可知，b表示数除以a表示数等于R1与R2的总电阻，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的综合应用，正确的判断出电表的类型和电路的连接方式是关键。
5．（2020秋•崇川区期中）已知R1＝R2，当滑动变阻器的滑动触头P自左端向右端滑时，A、B间的总电阻将（ ）


A．逐渐增大 B．逐渐减小
C．先增大后减小 D．先减小后增大
【考点】电阻的串联；电阻的并联．
【专题】计算题；图析法．
【分析】由电路图可知：
（1）当滑片在最左侧时，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，R1被短路；
（2）当滑片位于中点时，R1与滑动变阻器的最大阻值的一半并联，R2与滑动变阻器的最大阻值的另一半并联，然后两者串联；
（3）当滑片在最右侧时，滑动变阻器的最大阻值和R1并联，R2被短路；
根据电阻的串联和并联得出三种情况电路的总电阻，结合表达式即可得出总电阻的变化。
【解答】解：（1）当滑片在最左侧时，滑动变阻器的最大阻值和R2并联，R1被短路；
此时电路中的总电阻为R总1＝；
（2）当滑片位于中点时，R1与滑动变阻器的最大阻值的一半并联，R2与滑动变阻器的最大阻值的另一半并联，然后两者串联；
此时电路中的总电阻R总2＝+＝；
（3）当滑片在最右侧时，滑动变阻器的最大阻值和R1并联，R2被短路；
此时电路中的总电阻为R总3＝＝；
因R+R1＞R+R1，
所以R总1＝R总3＜R总2。
故选：C。
【点评】本题考查了电阻的串联和电阻的并联，关键是分清滑片位于不同位置时电阻之间的连接方式。
6．（2019•宁波模拟）如图所示，图中的四个电表均为理想电表，电源输出电压不变。当滑动变阻器滑片P向右端移动时，电表的读数会发生变化，电表读数变化量指该时刻电表的读数与初始时刻电表读数的差值。下面说法中正确的是（ ）

A．V1的读数减小，V1读数与A1读数的比值不变，V1读数变化量与A1读数变化量的比值不变
B．V2的读数增大，V1读数与A1读数的比值不变，V1读数变化量与A1读数变化量的比值减小
C．A1的读数增大，V1读数与A1读数的比值减小，V1读数变化量与A1读数变化量的比值不变
D．A2的读数减小，V1读数与A1读数的比值减小，V1读数变化量与A1读数变化量的比值减小
【考点】电路的动态分析．
【专题】应用题；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，R2与RP串联后再与R3并联、然后它们与R1串联，电压表V1测并联部分两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R3支路的电流。
（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律得出电路中总电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知并联部分的电压变化，然后得出V1读数与A1读数的比值变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律得出通过R3的电流变化，根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流变化，进一步得出R2两端的电压变化；
（2）设滑片移动前后电路中的总电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出V1读数的变化量，然后判断V1读数变化量与A1读数变化量的比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R2与RP串联后再与R3并联、然后它们与R1串联，电压表V1测并联部分两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R3支路的电流。
（1）当滑动变阻器滑片P向右端移动时，接入电路中的电阻变小，并联部分的总电阻变小，电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的总电流增大，即电流表A1的读数增大，
由U＝IR可知，R1两端的电压增大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，并联部分的电压减小，即电压表V1的读数减小，
则V1读数与A1读数的比值减小，故AB错误；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，通过R3的电流减小，即电流表A2的示数减小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R2的电流增大，
由U＝IR可知，R2两端的电压增大，即电压表V2的示数增大；
（2）设滑片移动前后电路中的总电流分别为I、I′，则V1读数变化量：
ΔUV1＝（U﹣IR1）﹣（U﹣I′R1）＝（I′﹣I）R1＝ΔIA1R1，
则＝R1，即V1读数变化量与A1读数变化量的比值不变，故C正确、D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清各物理量之间的关系是关键。
7．（2019•威海模拟）如图所示的电路，电源电压保持不变，灯泡L1标有“6V3W”字样，灯泡L2标有“6V6W”字样，关于这个电路下列说法正确的有（ ）

A．该电路不可能让两盏灯同时正常发光
B．开关S、S1闭合、S2断开，变阻器滑片P由a向b端滑动时，电压表示数变小，电路中总功率变大
C．开关S、S1、S2均闭合，把变阻器滑片P放在a 端不动，如果断开S1，此时电压表和电流表的示数均变小
D．如果让变阻器滑片P滑到中点不动，只闭合S、S1时，电压表的示数比只闭合S、S2时电压表的示数大
【考点】电路的动态分析．
【专题】应用题；电路变化分析综合题；分析、综合能力．
【分析】开关S、S1、S2均闭合，两灯泡并联后与滑动变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量干路中电流；
只闭合S、S1时或S、S2时，L1或L2和变阻器串联，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量电路中的电流；
根据欧姆定律、电功率计算公式、串联电路的分压特点对各选项进行分析判断。
【解答】解：
A．开关S、S1、S2均闭合，两灯泡并联，两灯泡两端的电压相等，而两灯泡的额定电压也相等，通过调节滑动变阻器，能使两盏灯均等于额定电压，两盏灯同时正常发光，故A错误；
B．开关S、S1闭合、S2断开时，灯泡L1与滑动变阻器串联在电路中，灯泡L2断路，电压表测量灯泡L1两端电压，电流表测量电路中电流，变阻器滑片P由a向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，由I＝可知，电流变小，则灯泡L1两端电压变小，电压表示数变小，由P＝UI可知，总电压不变，电流变小，电路中总功率变小，故B错误；
C．开关S、S1、S2均闭合，把变阻器滑片P放在a端不动，两灯泡并联，变阻器接入电路的电阻为0，电压表示数为电源电压，电流表测量的是通过两灯泡的总电流；如果断开S1，灯泡L2单独接入电路中，电压表示数仍为电源电压，通过灯泡L2的电流不变，通过灯泡L1的电流消失，总电流变小，电流表示数变小，故C错误；
D．灯泡L1标有“6V 3W”字样，灯泡L2标有“6V 6W”字样，根据R＝可知，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，如果让变阻器滑片P滑到中点不动，只闭合S、S1时，L1和变阻器串联，电压表测量L1两端电压，只闭合S、S2，L2和变阻器串联，电压表测量L2两端电压，滑动变阻器阻值不变，灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻，根据串联电路分压的特点，灯泡L1的电压大于灯泡L2的电压，即电压表示数大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等。
8．（2019•相城区校级模拟）将两个不同阻值的电阻R1、R2连成如图甲所示的电路，当闭合开关S后，电流表的示数为0.5A，现将图甲中的电阻改接成如图乙所示的电路，则闭合开关S后，电流表的示数（ ）

A．一定大于2A
B．一定大于0.5A，但小于1A
C．一定小于0.5A
D．一定大于1A，但小于2A
【考点】欧姆定律的应用．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；应用能力．
【分析】由甲电路图可知，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流表的示数；由乙电路图可知，R1、R2并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联表示出电路中的总电阻，利用欧姆定律表示出干路电流表的示数，根据数学知识求出两电流表示数的比值，然后得出答案。
【解答】解：由甲电路图可知，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中电流表的示数：
I1＝，
由乙电路图可知，R1、R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路的总电阻：
R＝，
干路中电流表的示数：
I2＝＝，
则＝＝＝＝＝＝+4，
因R1≠R2，
所以，＞4，
即I2＞4I1＝4×0.5A＝2A。
故选：A。
【点评】本题考查了电阻的串联和电阻的并联以及欧姆定律的应用，关键是能把电流表的示数关系转化为数学知识进一步求解。
9．（2018•青岛自主招生）如图为某控制电路，由电源电压为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L1、L2是两个指示灯。当电位器的触片由b端滑向a端时，下列说法正确的是（ ）

A．L1、L2都变亮 B．L1、L2都变暗
C．L1变亮，L2变暗 D．L1变暗，L2变亮
【考点】电路的动态分析．
【专题】应用题；电路变化分析综合题．
【分析】由电路图可知，R与L2串联后再与R2并联，然后它们与L1串联，最后前面部分和R1并联后与电源的内阻串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中总电流的变化，根据U＝E﹣Ir可知电源两端的电压变化，再根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，利用并联电路的电流特点可知电源右侧部分的总电流变化，根据欧姆定律可知灯泡L1两端的电压变化，利用P＝UI判断L1的实际功率变化从而得出其亮暗的变化；利用串联电路的电压特点判断L1右侧并联部分的电压变化，根据欧姆定律得出通过R2的电流变化，利用并联电路的电流特点判断出通过L2的电流变化，根据P＝UI＝I2R判断L2的实际功率变化，进一步可知其亮暗的变化。
【解答】解：由电路图可知，R与L2串联后再与R2并联，然后它们与L1串联，最后前面部分和R1并联后与电源的内阻串联，
当电位器的触片由b端滑向a端时，R接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的总电流I变小，
由U＝E﹣Ir可知，电源两端的电压变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I1＝可知，通过R1的电流变大，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，由I右＝I﹣I1可知，电源右侧部分的总电流变小，
由UL1＝I右RL1可知，灯泡L1两端的电压变小，
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由PL1＝UL1I右可知，L1的实际功率变小，L1变暗，故AC错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由U并＝U﹣UL1可知，L1右侧并联部分的电压变大，
由I2＝可知，通过R2的电流变大，
由IL2＝I右﹣I2可知，通过L2的电流变小，
由PL2＝IL22R2可知，L2的实际功率变小，L2变暗，故B正确、D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和各物理量之间的关系是关键。
10．（2017•锦江区模拟）如图所示，电源电压为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L电流不超过额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（ ）

A．小灯泡的额定电流是0.6A
B．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω
C．电压表示数变化范围是0～3V
D．电流表示数范围是0.2～0.5A
【考点】电路的动态分析．
【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力．
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡的额定电流；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，然后得出电压表的示数变化范围；
（3）串联电路中各处的电流相等，比较灯泡正常发光时的电流和电流表的量程以及变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由P＝UI可得，灯泡的额定电流：
IL＝＝＝0.5A，故A错误；
（2）灯泡正常发光时的电压UL＝2.5V，功率PL＝1.25W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表的最小示数：
UR＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，
又因电压表的量程为0～3V，
所以，电压表示数变化范围是2V～3V，故C错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R小＝＝＝4Ω，
灯泡的电阻：
RL＝＝＝5Ω，
当电压表的示数UR′＝3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣UR′＝4.5V﹣3V＝1.5V，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.3A，
则电流表示数变化范围是0.3A～0.5A，故D错误；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R大＝＝＝10Ω，
则滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4Ω～10Ω，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

考点卡片
1．电流表的使用
【知识点的认识】
电流表的实验规则：
使用规则
违反使用规则的后果
要使电流表串联在被测电路中
如果跟被测电路并联会造成短路，轻则会使被测电路中的用电器不工作，重则烧坏电流表和电源，此时电流表示数不等于通过用电器的电流
要让电流从电流表“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出
如果“+”“一”接线柱接反，则电流表的指针反向偏转，不仅测不出电路，指针还会被打弯，损坏电流表
被测电流不能超过电流表的量程
如果被测电流超过电流表的量程，则指针偏转的角度过大，指针会被打弯，甚至会烧坏电流表
绝对不能把电流表不经过其他用电器直接接在电源的两极上
电流表可以看做一根导线，若把电流表直接连接到电源的两极上，会造成短路，烧坏电流表，甚至有可能烧坏电源
【命题方向】
电流表在电路中摆放的位置，连接方式以及判断电路中电流表的状态等都是中考的命题方式．
例1：关于电流表和电压表的使用，下列说法错误的是（ ）
A．使用前都应检查指针是否指零
B．若有两个量程，一般都先用大量程“试触”
C．两表都不能将两接线柱直接接到电源的两极上
D．接入电路时，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出
分析：根据电压表和电流表的使用方法分析各个选项．
解：A、说法正确，使用前应校零；
B、说法正确，为读数准确和保护电表，应该先用大量程“试触”，若示数过小则使用小量程；
C、说法错误，电流表不能直接接在电源上，否则电源短路；
D、说法正确，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出．
故选：C．
点评：本题考查了电压表的使用规则：
①电压表要并联在电路中；
②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出（否则指针反转）．
③被测电压不要超过电流表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）．
电流表的使用规则：
①电流表要串联在电路中；
②电流要从“+“接线柱流入，从“﹣“接线柱流出（否则指针反转）．
③被测电流不要超过电流表的量程（可以采用试触的方法来看是否超过量程）．
④绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上（电流表内阻很小，相当于一根导线．若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏，重则烧坏电流表、电源、导线）．
电流表读数：
①看清量程；
②看清分度值（一般而言，量程0～3A分度值为0.1A，0～0.6A为0.02A）；
③看清表针停留位置（一定从正面观察）．
使用前的准备：
①校零，用平口改锥调整校零按钮；
②选用量程（用经验估计或采用试触法）．

例2：下面的做法中有可能打弯电流表指针的是（ ）
A．所测电流超过量程 B．将“+”“﹣”接线柱接反
C．试触时动作不迅捷 D．电流表没接在电路中
分析：使用电流表测电路的电流，若电路中无电流，电流表的指针不动，而量程选择不合适、电流过大，正负接线柱接反，试触时动作不迅捷都有可能打弯电流表指针．
解：A、所测电流超过量程，说明实际电流过大，这样指针会被打弯，甚至会损坏电流表，所以A符合题意；
B、接线柱接反了，电流表的指针会反偏（指在左边无刻度的地方），这样指针也会被打弯，所以B符合题意；
C、试触时动作不迅捷，电流过大可能打弯电流表指针，打坏电流表，所以C符合题意；
D、电流表没接在电路中，电流表中无电流，指针不动，不符合题意，
故选A、B、C．
点评：利用电流表和电压表判断电路中的故障，是中考的热点题型之一，依据在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断，本题考查了电流表指针偏转情况，属于基础题．

【解题方法点拨】
会正确使用电流表，知道电流表必须与被测用电器串联．特别注意的是绝对不能把电流表不经过用电器直接接在电源两极上．
2．电压表的使用
【知识点的认识】
（1）电压表的使用规则：
①使用电压表前首先要校零，明确电压表的量程和分度值，被测电压不要超过电压表的量程；
②电压表应与被测电路并联；
③通过电压表的电流方向为红接线柱（+）入，黑接线柱（﹣）出；
④电压表可以直接接到电源两极上，所测电压为电源电压．
（2）试触：如果不知道被测电压的大约值，采取试触的方法．
①反向偏转：说明电压表正负接线柱接反了；
②正向偏转角度很小：说明电压表量程选大了；
③正向偏转到最大刻度之外：说明电压表量程选小了．

（3）电压表与用电器串连接在电源两端，所测电压约等于电源电压．

【解题方法点拨】
（1）电压表在电路中相当于断路，分析电路连接情况时，可以认为把它擦掉．
（2）当电压表与用电器串联时，所测电压约等于电源电压，如图甲．由此可以推理，当乙图电压表所测的灯泡断路时，相当于电压表与左侧灯泡串联，即电压表测断路处的电压等于电源电压．

（3）判断电压表出现下图的问题时，注意是试触时出现的，还是未进行操作前出现的，前者原因是正负接线柱接反，后者原因是指针未校零．


【命题方向】
（1）选择题判断电压表的连接是否正确是常见的题．
（2）结合串并联电路的特点，判断电流表还是电压表．
例1：在选择电压表的量程时，正确的是（ ）
A．尽可能选择大一些的量程
B．经试触后被测电压不超过小的量程时，尽可能选择小量程
C．尽管选用的量程不同，但对测量结果毫无影响
D．为使测量结果更精确，量程选得越小越好
分析：电压表和电流表量程的选取，要先估算出电路中被测电路的电压和电流值，再做选择；在实际电路中一般采取试触的方法选择量程．要注意在不越过量程的前提下，为了测量更准确，要选小量程．
解：A、在选择电压表的量程时，只要不超过量程，要选小一些的量程，目的是为了测量更准确，故A错误．
B、在选择电压表的量程时，实际电路中一般采取试触的方法，试触大量程接线柱时发现指针偏转很小，应选用小量程进行测量．故B正确．
C、在不烧坏电压表的前提下，选择小量程读数更加精确，故C错误．
D、尽量选择小量程要有前提，就是不烧坏电压表，故D错误．
故选B．
点评：本题主要考查了电压表的量程选择，在选择量程时，要注意在不越过量程的前提下，为了测量更准确，要选小一些的量程．

例2：图中电压表测量的是（ ）
A．灯L1两端的电压 B．灯L2两端的电压 C．电源的电压 D．灯L1和L2的总电压
分析：电压表是测量用电器两端电压的仪表，使用电压表测量用电器两端电压时，必须使电压表与用电器并联．
解：
要测量某一用电器两端电压，必须使电压表与此用电器并联．由电路图知：闭合的开关相当于导线，电压表与灯泡L1并联，也就是测量灯泡L1两端电压．
故选A．
点评：正确理解并联的本质是判断电压表测量位置的关键．因为导线电阻为零，所以不能以远近作为判断电压表测量位置的标准．

3．欧姆定律的应用
【知识点的认识】
（1）相关基础知识链接：
①电流规律：
串联：I＝I1＝I2．串联电路电流处处相等。
并联：I＝I1+I2．并联电路干路电流等于各支路电流之和。
②电压规律：
串联：U＝U1+U2．串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。
并联：U＝U1＝U2．并联电路各支路两端电压相等，等于总电压。
③电阻规律：
串联：R＝R1+R2．串联电路总电阻等于分电阻之和。
并联：＝+．并联电路总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和。
④比例规律：
串联：＝．串联电路中电压与电阻成正比。
并联：I1R1＝I2R2．并联电路中电流与电阻成反比。
⑤欧姆定律：
I＝．导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。

【解题方法点拨】
（一）比例问题
解决这类问题一要掌握规则，二要弄清是哪两部分相比。
①串联电路电流处处相等，即电流之比为：I1：I2＝1：1；根据I＝可知电压与电阻成正比，＝。
②并联电路各支路电压相等，即电压之比为U1：U2＝1：1；根据U＝IR可知电流与电阻成反比，I1R1＝I2R2。
例一：R1＝3Ω，R2＝5Ω，如图甲，由于是串联电路，所以电流之比I1：I2＝1：1；电压之比等于电阻之比，所以电压之比U1：U2＝3：5；如果电路变式成乙图，则两电压表示数比为U1：U2＝（3+5）：5＝8：5。

例二：R1＝3Ω，R2＝5Ω，如图甲，由于是并联电路，所以电压之比U1：U2＝1：1；电流之比等于电阻之反比，所以电流之比I1：I2＝5：3；如果电路变成乙图，则两电流表示数之比为I1：I2＝5：（3+5）＝5：8。


（二）电表示数变化问题
（1）解决这类问题最重要的是弄清电路是串联还是并联，不同的连接方式有不同的判断规则。
①串联电路：
电流与电阻的变化相反，即电阻变大时电流变小，电阻变小时电流变大；按电阻的正比例来分配电压。
例如如图：当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，所以电流变小；电阻R1尽管大小没变，但它占总电阻的比例变小了，所以R1两端电压变小，R2占总电阻的比例增大了，所以R2两端电压变大。

②并联电路：
各支路的电压都与电源电压相等，所以电压是不变的；阻值变化的支路电流随之变化，阻值不变的支路电流也不变。
例如如图：当滑片向右滑动时，尽管R2的阻值在变，但它两端的电压总等于电源电压，所以R2两端电压不变，R1两端电压当然也不变；R2所在支路电阻变大，所以电流变小，R1所在支路电阻不变，所以电流也不变，干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小。

③电压表与电流表示数的比值：
根据导出式R＝可知，电压表与电流表示数的比值代表了某个电阻的大小，只要电阻不变化，两表比值是不变的。
例如如图甲，电压表与电流表的比值代表了电阻R1的阻值，所以当滑片移动时，两表示数的比值不变；如图乙，电压表与电流表的比值代表了电阻R2的阻值，所以两表示数的比值在变大。
（但需要注意的是，当滑片移动时，R2两端电压的变化量与R1两端电压的变化量相等，所以电压表的变化量与电流表的变化量之比代表了电阻R1的阻值，是不变的。）

（2）解决这类电表示数变化的问题时，常在第一步判断串并联时出错。请注意下面的电路，例如图甲是串联电路，图乙是并联电路。
（滑片向右滑时，图甲：A变小，V变大；图乙A1变小，A2变小，V不变。）

（3）滑动变阻器连入电路的是哪一部分，没有判断清楚，也是解决电表示数变化问题常出现的错误。图甲滑动变阻器接入电路的是全部，图乙接入电路的是左半部分。注意滑片移动时对电流的影响有何不同。
（滑片向右滑动时，甲：A不变，V1不变，V2变大；乙：A变小，V1变小，V2变大）

综上所述，解决电表示数变化的问题要按照下面的程序进行：
①判断电路是串联还是并联；
②分析滑动变阻器接入的是哪一部分；
③找准各个表所测量的对象是哪里；
④按照串并联各自的规则来判断电流、电压的变化。

【命题方向】
欧姆定律的综合应用是电学部分的核心，也是最基础的内容，这一节知识是难点也是中考必考点。常结合日常生活生产中遇到的电路问题考查欧姆定律的应用，计算题多与后面的电功率计算结合在一起，作为中考的压轴题出现。训练时应足够重视。
例1：在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻R2的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R1的阻值为20Ω
B．滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C．滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D．当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.3A
分析：（1）当滑片P移到b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，根据图象读出电源的电压；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出电压表的示数和滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律和电路中的电流特点得出等式即可求出R1的阻值，根据P＝求出滑片P移到a端时R1消耗的功率；
（3）根据图象得出滑片P移到中点时电压表的示数，根据欧姆定律求出通过R1的电流。
解：（1）当滑片P移到b端时，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，故B不正确；
由图象可知，电压表的示数为6V即电源的电压U＝6V；
（2）滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图象可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1＝2V，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑片P移到a端时，滑动变阻器两端的电压：
U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V，
∵串联电路中各处的电流相等，
∴＝，即＝，
解得：R1＝10Ω，故A不正确；
R1消耗的功率：
P1＝＝＝0.4W，故C不正确；
（3）由图象可知，当滑片P移到中点即R2′＝10Ω时，U1′＝3V，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.3A，故D正确。
故选D。
点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出滑片接入电路中不同电阻时对应电压表的示数。

例2：如图所示的电路，电源电压为12V，R1＝R3＝4Ω，R2＝6Ω，求：
（1）当S1、S2都断开时，电流表和电压表的示数各是多少？
（2）当S1、S2都闭合时，电流表和电压表的示数各是多少？
分析：（1）当S1、S2都断开时，R2与R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R3两端的电压；
（2）当S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电压表被短路，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出各支路的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流。
解：（1）当S1、S2都断开时，R2与R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴根据欧姆定律可得，电流表的示数：
I＝＝＝1.2A，
电压表的示数：
U3＝IR3＝1.2A×4Ω＝4.8V；
（2）当S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电压表被短路即示数为0，电流表测干路电流，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴通过两电阻的电流分别为：
I1＝＝＝3A，I2＝＝＝2A，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴电流表的示数：
I′＝I1+I2＝3A+2A＝5A。
答：（1）当S1、S2都断开时，电流表的示数为1.2A，电压表的示数为4.8V；
（2）当S1、S2都闭合时，电流表的示数为5A，电压表的示数为0V
点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。


4．电阻的串联
【知识点的认识】
（1）电阻串联的实质是增加了导体的长度，因此串联电路的总电阻比任何一个分电阻都大．
（2）串联电路的总电阻等于各分电阻之和．
公式：R＝R1+R2．
（3）串联电路的任何一个分电阻增大，总电阻就随着增大．
（4）n个阻值相同的电阻串联，总电阻等于nR．

【解题方法点拨】
（1）在串联电路中电流处处相等，总电压等于各部分电路电压之和．
（2）串联电路中，电压与电阻成正比．

【命题方向】
电阻的串联这一知识点，常结合电流、电压规律和欧姆定律考查综合性习题，计算问题、比例问题较多．
例1：如图所示的四个电路中，电源两端的电压相同且保持不变，已知电阻R1和R2的阻值大小关系为R1＞R2．在这四个电路中，总电阻最小的是（ ）
A． B． C． D．
分析：根据并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻结合两个电阻之间的关系进行解答．
解：∵并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻，
∴R1和R2组成并联电路的总电阻小于R2的阻值．
故选D．
点评：本题考查了串、并联电路的电阻特点，注意电阻串联时，越串越大；电阻并联时，越并越小．

例2：两电阻的阻值分别为10Ω和20Ω，它们串联后的总电阻为（ ）
A．6.7Ω B．10Ω C．20Ω D．30Ω
分析：根据串联电阻的特点（串联电路的总电阻等于各串联电阻之和）计算．
解：R串＝R1+R2＝10Ω+20Ω＝30Ω．
故选D．
点评：本题考查了电阻串联的特点，属于基础题目．
5．电阻的并联
【知识点的认识】
（1）电阻的并联实质是增大了导体的横截面积，所以并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小。
（2）并联电路的总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和。
公式：＝+。
（3）并联电路中任何一个分电阻增大，总电阻也随之增大。
（4）n个阻值相同的电阻并联，总电阻等于。

【解题方法点拨】
（1）反比实质是倒数之比，并不是前后位置的调换，例如 1：2：3的反比不是3：2：1，而是6：3：2。
（2）在并联电路中各支路电压相等，总电流等于各支路电流之和。
（3）并联电路中，电流与电阻成反比。

【命题方向】
电阻的并联这一知识点常结合电流、电压规律和欧姆定律，考查综合性问题，计算问题、比例问题较多。
例1：两个电阻并联起来相当于（ ）
A．增大了电阻的横截面积 B．减小了电阻的横截面积
C．增大了电阻的长度 D．减小了电阻的长度
分析：影响电阻大小的因素有：导体的长度、横截面积以及材料；导体的材料一定时，导体的长度越长，横截面积越小，导体的电阻越大。两个电阻并联后总电阻减小。
解：导体材料和长度不变时，横截面积越大，其电阻值会越小；两个电阻并联起来，总电阻则会减小，相当于其材料和长度不变，横截面积增大。
故选 A。
点评：影响电阻大小的因素有：导体的长度、横截面积以及材料。

例2：两导体电阻R1＝10Ω，R2＝1Ω，并联起来使用时并联总电阻R的阻值范围（ ）
A．大于10Ω B．在1Ω与10Ω之间 C．小于1Ω D．无法确定
分析：并联电阻的倒数等于各并联电阻倒数之和，电阻越并越小，小于其中任一个电阻。
解：电阻并联，相当于增大了横截面积，电阻越并越小，小于任一个电阻，故并联电阻一定小于1欧。
故选C。
点评：本题考查了并联电阻的特点：电阻越并越小，小于其中任一个电阻，要灵活运用。
6．电路的动态分析
【知识点的认识】
此类问题能够综合考查串联并联电路的电流、电压、电阻关系、欧姆定律、电功、电功率等知识的掌握和综合运用情况。

【解题方法点拨】
此类问题解题之前要弄清的问题是：
①看懂电路图，弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量；
②弄清改变电阻的方法，利用滑动变阻器改变电阻还是利用开关改变电阻；
解题方法有两种：
方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。
方法②：串联电路中＝，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所占比例分数越大，分得的电压比例就越大。

【命题方向】
电路的动态分析问题，是中考必出的问题，应加强训练，此类习题规律性较强，一旦掌握很容易得分。
例：某型号的家用电饭煲有两档，其原理如图所示。“1”档是保温焖饭，“2”档是高温烧煮。若已知电阻R0＝44Ω，R＝2156Ω，求：
（1）当开关S置于“1”档时，电路中的电流I1和R0两端的电压U0；
（2）当开关S置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率P。
分析：（1）由电路图可知，开关置于1时，两电阻串联，由串联电路特点及欧姆定律可以求出电路电流、电阻R0两端的电压U0；
（2）由电路图可知，开关置于2挡时，只有电阻R0接入电路，由电功率公式可以求出电饭煲高温烧煮的功率。
解：（1）开关置于1时，两电阻串联，
电路电流I1＝＝＝0.1A，
R0两端的电压U0＝I1R0＝0.1A×44Ω＝4.4V；
（2）开关置于2挡时，只有电阻R0接入电路，
电饭煲高温烧煮的功率P＝＝＝1100W；
答：（1）当开关S置于“1”档时，电路中的电流I1和R0两端的电压U0为4.4V；
（2）当开关S置于“2”档时，电饭煲高温烧煮的功率为1100W。
点评：分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题。