2020年北京第十四中学中考物理一模练习题

这是一份2020年北京第十四中学中考物理一模练习题，共46页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验解答题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2020年北京市十四中中考物理零模试卷
一、单项选择题（下列各小题四个选项中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）下列四位物理学家中，以其名字命名热量单位的是（　　）
A．安培 B．瓦特 C．牛顿 D．焦耳
2．（2分）如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是（　　）
A．幕布上的皮影 B．桥在水中的倒影
C．河底看起来变浅 D．月全食的形成
3．（2分）下列措施中，能使蒸发减慢的是（　　）
A．用吹风机向潮湿的头发吹热风
B．用扫帚把地面上的水向周围扫开
C．将湿衣服摊开晾到向阳的地方
D．我国吐鲁番地区使用坎儿井输水
4．（2分）下列实例中，用做功的方式改变（加“•”）物体内能的是（　　）
A．把刚煮熟的鸡蛋放在冷水中冷却
B．将冻柿子放在厨房，柿子解冻
C．寒冬，双手互搓，手的温度升高
D．把牛排放在高温的铁板上烤熟
5．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．太阳能、核能都属于可再生能源
B．用小提琴演奏时，琴弦振动发声
C．分子间只存在引力，不存在斥力
D．光在真空中的传播速度为3×105m/s
6．（2分）下列实例中，目的是为了增大摩擦的是（　　）
A．压缩空气使气垫船的船体与水面脱离
B．自行车轴承中装有滚珠
C．拔河比赛时，运动员用力握住绳子
D．冰壶表面打磨的很光滑
7．（2分）下列实例中，目的是为了增大压强的是（　　）
A．司机将卡车上的超载货物卸掉
B．刀刃磨得较锋利
C．滑雪运动员脚穿宽大的滑雪板
D．书包带做得较宽
8．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．利用磁铁可以吸引铜制钥匙
B．发电机可将电能转化为机械能
C．移动电话是利用电磁波传递信息
D．小磁针N极指向决定磁场方向
9．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．在内燃机的压缩冲程中，内能转化为机械能
B．5kg 焦炭用去一半，其热值变为原来的一半
C．寒冬，“冰花”会结在玻璃窗的外表面，需要放热
D．衣柜里的樟脑丸变小是升华现象，需要吸热
10．（2分）有两个阻值分别为R1、R2的定值电阻，且R1＞R2．把它们按照如图所示的方式连接在电压恒为U的电源两端，电路中的电流分别为I1、I2、I3、I4．下列判断中正确的是（　　）

A．I1＞I2 B．I3＞I4 C．I1＝I3+I4 D．I2＝I3+I4
11．（2分）小华做凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。如图所示，他将蜡烛依次放置在甲、乙、丙、丁四个位置处，每次移动光屏，寻找烛焰清晰的像。关于此实验，下列判断中正确的是（　　）

A．蜡烛在甲位置处，光屏上可呈现出烛焰放大的像，能说明照相机的原理
B．蜡烛在乙位置处，光屏上可呈现出烛焰缩小的像，能说明照相机的原理
C．蜡烛在丙位置处，光屏上可呈现出烛焰放大的像，能说明幻灯机的原理
D．蜡烛在丁位置处，光屏上可呈现出烛焰缩小的像，能说明幻灯机的原理
12．（2分）我国未来的航母将采用自行研制的电磁弹射器，如图是它的工作原理示意图。电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力。在如图所示的实验中，与电磁弹射器工作原理一致的是（　　）
A．通电导体在磁场中受力
B．通电螺线管周围有磁场
C．电磁感应现象
D．奥斯特实验
13．（2分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列判断正确的是（　　）

A．滑动变阻器接入电路中的电阻变大
B．定值电阻R2两端的电压保持不变
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电压表和电流表示数的比值不变
14．（2分）电热水壶甲和乙的铭牌如右表所示。当两个电热水壶都正常工作2min时，请你根据表中提供的信息，判断下列说法中正确的是
电热水壶
甲
乙
型号
XD﹣121
KS﹣12
容量
1.2L
1.2L
额定电压
220V
220V
额定功率
1500W
1000W
额定频率
50Hz
50Hz
（　　）
A．甲电热水壶两端的电压较高
B．通过甲电热水壶的电流较大
C．乙电热水壶消耗的电能较多
D．电流通过乙电热水壶做功较快
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有质量相等的水和酒精，液面高度如图所示。甲容器中液体对容器底部的压强和压力分别为p1和F1，乙容器中液体对容器底部的压强和压力分别为p2和F2；甲容器对桌面的压强和压力分别为p1′和F1’，乙容器对桌面的压强和压力分别为p2′和F2′，已知水的密度大于酒精的密度，则下列判断中正确的是（　　）

A．p1＜p2、F1＜F2 B．p1＜p2、F1＝F2
C．p1'＝p2′、F1′＝F2′ D．p1’＞p2′，F1′＞F2′
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．电路发生短路时，电路中的用电器会被烧毁
B．温度一定时，长导线的电阻比短导线的电阻大
C．构成原子的原子核与核外电子之间相互吸引
D．自由电子定向移动的方向与电流的方向相反
17．（2分）关于如图所示的四个实验，下列描述正确的是（　　）
A．图甲：一瓶橙汁先后放在相同的海绵上，海绵凹陷程度不同，说明压力大小不同
B．图乙：在水中，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小
C．图丙：连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平
D．图丁：将自制气压计随电梯从一楼上升至十楼，气压计细玻璃管中的液面会上升
18．（2分）中国是世界著名的杂技大国，杂技艺术在中国已有2000多年的历史。如图展示了我国杂技演员精彩表演的情景，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中：表演者手撑圆台保持静止，她受到的重力与圆台对她的支持力平衡
B．乙图中：表演者从高空下落时，她的速度不断增大，她的机械能也随之增加
C．丙图中：表演者站立在奔跑的马背上，他相对于马静止，相对于观众是运动的
D．丁图中：表演者向上抛出草帽后，草帽能继续向上运动是因为草帽具有惯性
19．（2分）做匀速直线运动的甲、乙两物体，它们的路程随时间变化的图象如图所示。根据图象，下列判断中正确的是（　　）

A．甲物体运动的较快
B．乙物体的速度是0.4m/s
C．相同时间内，s甲：s乙＝1：3
D．同向运动30s时，甲、乙两物体相距2m
20．（2分）如图所示，电源两端电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向b端移动时，下列判断正确的是（　　）

A．电流表 A 的示数变小，电压表 V1的示数变小
B．电压表 V2的示数与电流表 A 的示数的比值不变
C．电压表 V1 的示数变小，电阻 R1 消耗的功率变小
D．电压表 V2 的示数变大，电路消耗的总功率变大
三、实验解答题（共44分，每图、每空各2分）
21．（6分）（1）如图1所示，体温计的示数为　 　℃；

（2）如图2所示，物体A的长度为　 　cm；
（3）如图3所示，电能表的示数为　 　kW•h。
22．（2分）根据图所示的小磁针静止时N极所指方向，判断电源的A端是　 　极。（选填“正”或“负”）

23．（4分）（1）在探究“平面镜成像特点”的实验中，小丽同学选取一块薄平板玻璃、两个完全相同的跳棋子A和B、刻度尺、白纸等器材进行实验。她将平板玻璃垂直于水平纸面放置，将棋子A放在白纸上，如图1所示。若棋子A距平板玻璃6cm，则棋子B与A相距　 　cm才可能与棋子A的像完全重合。
（2）小亮用小气球充水后制成水透镜模拟眼球中的晶状体。平行光照射到水透镜上的情景如图2甲所示；将水透镜挤压变形后，平行光再次照射到水透镜上的情景如图2乙所示。若图甲表示正常眼睛的晶状体，图2乙表示患者眼睛的晶状体，则应为患者配戴　 　（选填“凸”或“凹”）透镜进行矫正。

24．（4分）如图所示，在研究摩擦力的实验中，将木块M置于水平桌面的铺有毛巾的木板上，用弹簧测力计沿着　 　方向拉动M，M的运动状态和弹簧测力计的示数如下表所示，则木块M受到的滑动摩擦力的大小为　 　N。
木块运动状态
…
静止
静止
加速
匀速
减速
弹簧测力计示数F/N
…
0.8
1.0
1.5
1.4
1.2

25．（2分）在探究二力平衡条件的实验时，小军采用如图所示的方案：将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角的细线分别跨过左右支架上的滑轮，在细线的两端挂上等质量的钩码，小卡片静止。小军想利用反证法证明：“二力平衡的条件之一是两个力大小相等”，他应该进行的实验操作是　 　。

26．（2分）小明做了如图所示的实验：他选用焦距分别为10cm和5cm的凸透镜，使它们正对相同的字母F，且与字母F的距离相同，他发现透过凸透镜观察到的字母F的像不同。小明提出的问题是：物体经过凸透镜所成的像的大小与　 　是否有关。

27．（4分）小丽探究某物质的熔化规律时，绘制出了加热该物质时其温度随时间变化的图象，如图所示。根据图象可知
（1）该物质的熔点是　 　℃。
（2）该物质在A时刻的内能　 　它在B时刻的内能。（选填“大于”、“等于”或“小于”）

28．（4分）小文利用阻值为R0的定值电阻和一块电流表测量未知电阻Rx的阻值。他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示。

（1）为了测出电阻Rx的阻值，请你添加两根导线完成图所示的实验电路的连接。
（2）当开关S、S1闭合时，电流表示数为I1；当开关S闭合，开关S1断开时，电流表示
数为I2．则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是　 　。
A．Rx＝R0
B．Rx＝
C．Rx＝
D．Rx＝R0
29．（6分）将内部盛有少量碘颗粒的密闭玻璃容器放置在电吹风机的出风口处，如图所示。用电吹风机向玻璃容器吹　 　（选填“冷”或“热”）风，不久可观察到容器内固态碘减少且出现紫色的碘蒸气，此物态变化过程需要　 　热量；撤去电吹风机，过一会儿还可以观察到容器侧壁上附有少量细小的碘晶体，这是　 　现象。

30．（10分）小鹏想通过实验验证“对于同一个用电器，当实际电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率；当实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率。”他连接了如图所示的实验电路，其中小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在　 　端。（选填“A”或“B”）
（2）小鹏连接好实验电路，检查连接无误后，闭合开关S，却发现灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，可能发生的故障是　 　。
A．滑动变阻器处断路 B．灯座接线短路
C．小灯泡的灯丝断了 D．开关接触不良
（3）排除故障后，小鹏进行了实验。下面是他所写的部分实验步骤，请你将实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，使电压表的示数为2V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中。
②　 　。
③根据公式　 　计算出两次小灯泡的电功率P，并记录在表格中。
（4）请你帮助小鹏设计实验记录表格。

四、科普阅读题（共6分，每空2分）
31．（6分）请阅读《郭守敬望远镜》并回答问题
郭守敬望远镜
“星汉灿烂，若出其里”。漫天星光绝大多数都来自宇宙中的恒星。怎样知道这些遥远且炽热的恒星的成分呢？用光谱!我们知道，阳光通过三棱镜后会发生色散，形成一条按照一定顺序排列的彩色光带，我们称之为光谱。太阳是恒星，因此太阳的光谱是一种恒星光谱。恒星光谱包含了恒星的很多“户口”信息，比如化学成分、密度、气压、温度、恒星年龄等。恒星光谱除了包含恒星自身的信息之外，还能告诉我们恒星以及它所在的星系是在远离，还是在靠近我们，甚至还能告诉我们远离或靠近的速度有多大。观测表明，恒星或星系远离我们的速度与它跟我们之间的距离成正比，根据恒星或星系远离我们的速度可以知道这个恒星或星系距离我们有多远。
光谱望远镜是获取恒星光谱的有力工具。目前世界上最好的光谱望远镜是由中国天文学家自主研制的，以元代著名天文学家、数学家、水利工程专家郭守敬名字命名的“郭守敬望远镜”，如图所示，它可以将接收到的恒星的光会聚后通过色散系统形成恒星光谱，进而获取恒星的信息。它能够同时观测4000个天体，是当今世界上光谱获取效率最高的望远镜。在刚刚过去的七年巡天观测中（所谓“巡天观测”，就好比是“给天上的星星做‘人口’普查”），郭守敬望远镜共获取1125万条光谱，成为世界上第一个获取恒星光谱数突破千万量级的天文望远镜。我国科学家通过对这些恒星光谱的分析，绘制成了一个包含636万组恒星光谱参数的星表，重新确立了银河系晕（音yún）的内扁外圆的结构，并取得了其他一些令世界瞩目的重大发现，这在某种程度上增强了人类寻找另一个“地球”和地外生命的信心!
日前，郭守敬望远镜已开启新一轮的“霸气”巡天观测征程。使用郭守敬望远镜可以“普查”银河系更多的恒星，以它的观测能力，北半球天空仍然有约一亿颗星可观测，可以让“普查”资料更全面、更详细，更好地帮助我们了解银河系的历史、现状和未来。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）恒星发出的光经郭守敬望远镜的光学系统形成恒星光谱的现象属于光的　 　现象。
（2）我国科学家通过分析恒星光谱确立了　 　的内扁外圆新结构。
（3）已知“长蛇星Ⅱ系团“距离我们约33亿光年，它远离我们的速度约为6×104km/s，请你根据文中信息，估算远离我们的速度约为4×104km/s的“牧夫座星系团”距离我们约　 　亿光年。

五、计算题（共10分，每题5分）
32．（5分）某型号的电饭锅有两档，分别是高温烧煮和保温焖饭，其原理如图所示（虚线框内为电饭锅的发热部位）。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）电饭锅高温烧煮时，它的功率是多大？
（2）电饭锅保温焖饭时，电阻R1两端的电压为4.4V，电饭锅工作10min产生的热量是多少？

33．（5分）如图所示的装置中，甲物体重5N，甲的底面积为20cm2，乙物体重3N，乙的体积为100cm3，甲、乙均保持静止状态。不计绳重，g取10N/kg。求：
（1）绳子对甲物体的拉力；
（2）甲物体对水平地面的压强。（解题要求：画出受力分析的示意图）


2020年北京市十四中中考物理零模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题四个选项中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）下列四位物理学家中，以其名字命名热量单位的是（　　）
A．安培 B．瓦特 C．牛顿 D．焦耳
【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
【解答】解：在物理学中，
A、安培是电流的基本单位。故A不符合题意；
B、瓦特是功率的基本单位。故B不符合题意；
C、牛顿是力的基本单位。故C不符合题意；
D、焦耳是功和各种能量的基本单位。故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。
2．（2分）如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是（　　）
A．幕布上的皮影 B．桥在水中的倒影
C．河底看起来变浅 D．月全食的形成
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：
A、皮影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故A不符合题意；
B、桥在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意。
C、从河底反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是河底的虚像，比实际位置偏高，所以感觉河底变浅了，故C不符合题意；
D、当太阳、地球、月球在同一直线上，地球位于太阳与月球之间时，太阳发出的沿直线传播的光被不透明的地球完全挡住，光线照不到月球上，在地球上完全看不到月球的现象就是月全食，月全食是由光的直线传播形成的，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
3．（2分）下列措施中，能使蒸发减慢的是（　　）
A．用吹风机向潮湿的头发吹热风
B．用扫帚把地面上的水向周围扫开
C．将湿衣服摊开晾到向阳的地方
D．我国吐鲁番地区使用坎儿井输水
【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的表面积、液面上方空气的流动速度；
要减慢液体的蒸发，可以降低液体的温度、减小液体的表面积和减慢液体表面的空气流动速度。
【解答】解：
A．给湿头发吹热风，既提高了液体的温度，也加快了液体表面的空气流动速度，使水的蒸发加快，故A不符合题意；
B．把地面上的水向周围扫开，增大了液体表面积，使水的蒸发加快，故B不符合题意；
C．将湿衣服摊开晾到向阳的地方，既提高了液体的温度，也增大了液体表面积，使水的蒸发加快，故C不符合题意；
D．坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，减小了暴露在空气中水的表面积、减慢了水面上方的空气流动速度，从而减慢了水的蒸发，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了影响液体蒸发快慢的因素，是一道基础题。
4．（2分）下列实例中，用做功的方式改变（加“•”）物体内能的是（　　）
A．把刚煮熟的鸡蛋放在冷水中冷却
B．将冻柿子放在厨房，柿子解冻
C．寒冬，双手互搓，手的温度升高
D．把牛排放在高温的铁板上烤熟
【分析】知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：
A、刚煮熟的鸡蛋放在冷水中，鸡蛋放出热量，温度降低，是通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B、将冻柿子放在厨房，柿子解冻的过程中，柿子从空气中吸收热量，温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故B不符合题意；
C、寒冷的冬天，双手互搓，手克服摩擦做功，温度升高、内能增大，是通过做功改变物体的内能，故C符合题意；
D、把牛排放在高温的铁板上烤熟的过程中，牛排从铁板上吸收热量，温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查了对做功和热传递改变物体内能的辨别，是一道基础题。
5．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．太阳能、核能都属于可再生能源
B．用小提琴演奏时，琴弦振动发声
C．分子间只存在引力，不存在斥力
D．光在真空中的传播速度为3×105m/s
【分析】（1）化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
（2）声音是由物体的振动产生的；
（3）分子间同时存在相互作用的引力和斥力；
（4）光在真空中的传播速度为3×108m/s。
【解答】解：
A、太阳能可以源源不断的从自然界得到，是可再生能源；核能是短期无法再生的，所以是不可再生能源，故A错误；
B、声音是由物体的振动产生的，用小提琴演奏时，琴弦振动发声，故B正确；
C、分子间同时存在相互作用的引力和斥力，故C错误；
D、光在真空中的传播速度为3×108m/s，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了声音的产生、分子动理论的内容、能源的分类，以及光速大小，包含的知识点较多，难度不大，属于基础知识的考查。
6．（2分）下列实例中，目的是为了增大摩擦的是（　　）
A．压缩空气使气垫船的船体与水面脱离
B．自行车轴承中装有滚珠
C．拔河比赛时，运动员用力握住绳子
D．冰壶表面打磨的很光滑
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
A、压缩空气使气垫船的船体与水面脱离，是通过使接触面脱离的方法来减小摩擦力，故A不合题意；
B、自行车轴承中装有滚珠，是用滚动代替滑来减小摩擦力，故B不合题意；
C、拔河比赛时，运动员用力握住绳子，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故C符合题意；
D、冰壶表面打磨的很光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故D不合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
7．（2分）下列实例中，目的是为了增大压强的是（　　）
A．司机将卡车上的超载货物卸掉
B．刀刃磨得较锋利
C．滑雪运动员脚穿宽大的滑雪板
D．书包带做得较宽
【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：A、司机将卡车上的超载货物卸掉，是在受力面积一定时，减小压力来减小压强，故A不符合题意；
B、刀刃很锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B符合题意。
C、滑雪运动员脚穿宽大的滑雪板，是为了在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，故C不符合题意。
D、书包带做的很宽，是为了在压力一定时，增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。解答时，要注意使用控制变量法。
8．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．利用磁铁可以吸引铜制钥匙
B．发电机可将电能转化为机械能
C．移动电话是利用电磁波传递信息
D．小磁针N极指向决定磁场方向
【分析】（1）磁体能吸引铁、钴、镍等金属；
（2）发电机的工作过程是机械能转化为电能；
（3）移动通信是通过电磁波传递信息的；
（4）磁场是有方向的，人们规定，在磁场中的某一点，小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向。
【解答】解：A、磁体能吸引铁、钴、镍等金属，不能吸引铜，故A错误；
B、发电机在工作过程将机械能转化为电能，故B错误；
C、移动电话既是电磁波的发射台，也是接收台，因此移动电话是利用电磁波传递信息的，故C正确；
D、磁场中某点的磁场方向是一定的，可以由放在该点小磁针的N极指向来判断，但不是由小磁针N极指向决定的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查发电机的原理、磁性及移动通信知识点，知识点较多，属于中等题。
9．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．在内燃机的压缩冲程中，内能转化为机械能
B．5kg 焦炭用去一半，其热值变为原来的一半
C．寒冬，“冰花”会结在玻璃窗的外表面，需要放热
D．衣柜里的樟脑丸变小是升华现象，需要吸热
【分析】（1）内燃机一般有四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程，启动时需要外力作用，一个工作循环对外做一次功；涉及到能量转化的是压缩冲程和做功冲程，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
（2）燃料的热值与燃料的种类有关，与其它因素无关；
（3）物质由固态直接变为气态叫升华，升华需要吸收热量；
（4）物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华需要放出热量。
【解答】解：
A、在内燃机的四个冲程中，只有做功冲程把内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；故A错误；
B、燃料的热值与燃料的种类有关，与其它因素无关，因此5kg焦炭用去一半后，其热值不变，故B错误；
C、“冰花”是室内水蒸气遇冷凝华形成的小冰粒，附着在玻璃的内表面，故C错误；
D、樟脑球变小，是升华现象，需要吸热，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了内燃机四冲程的能量转化、热值特性、升华和凝华现象，注意：冰花结在玻璃的内表面，易错点！
10．（2分）有两个阻值分别为R1、R2的定值电阻，且R1＞R2．把它们按照如图所示的方式连接在电压恒为U的电源两端，电路中的电流分别为I1、I2、I3、I4．下列判断中正确的是（　　）

A．I1＞I2 B．I3＞I4 C．I1＝I3+I4 D．I2＝I3+I4
【分析】（1）两个电阻串联电阻越串越大、并联时电阻越并越小，利用欧姆定律比较电流大小；
（2）已知R1＞R2．电压恒为U，利用欧姆定律比较电流大小；
（3）电阻R1、R2并联在电路中，I2＝+，利用欧姆定律比较干路电流和各支路电流关系。
【解答】解：
（1）由第一幅图可知，电阻R1、R2串联；由第二幅图可知，电阻R1、R2并联；
因为电阻越串越大、电阻越并越小，所以R串大于R并，电源电压恒为U，由I＝可知，I1＜I2，故A错误；
（2）由第三、四两幅图可知，通过两个电阻的电流分别为I3、I4；已知R1＞R2，电源电压恒为U，由I＝可知，I3＜I4；故B错误；
（3）第二幅图中，电阻R1、R2并联，干路电流I2＝+，
第三幅图中的电流I3＝；第四幅图中的电流I4＝，则I2＝I3+I4，并且I1＜I3+I4，故D正确，C错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串、并联电路的电流特点和欧姆定律的应用，正确分析电路组成是前提。
11．（2分）小华做凸透镜成像规律的实验时，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧。如图所示，他将蜡烛依次放置在甲、乙、丙、丁四个位置处，每次移动光屏，寻找烛焰清晰的像。关于此实验，下列判断中正确的是（　　）

A．蜡烛在甲位置处，光屏上可呈现出烛焰放大的像，能说明照相机的原理
B．蜡烛在乙位置处，光屏上可呈现出烛焰缩小的像，能说明照相机的原理
C．蜡烛在丙位置处，光屏上可呈现出烛焰放大的像，能说明幻灯机的原理
D．蜡烛在丁位置处，光屏上可呈现出烛焰缩小的像，能说明幻灯机的原理
【分析】（1）在探究凸透镜成像规律时，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度；
（2）凸透镜成像的三种情况：
①u＞2f，成倒立、缩小的实像。
②2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。
③u＜f，成正立、放大的虚像。
【解答】解：凸透镜的焦距是10cm，凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，
A、将蜡烛移至甲位置10cm刻度线处时，物距u＝50cm﹣10cm＝40cm，u＞2f，移动光屏，就会得到倒立、缩小的实像，照相机的原理，故A错误；
B、若蜡烛放置在乙位置30cm刻度线处，物距u＝50cm﹣30cm＝20cm，u＝2f，移动光屏，就会得到倒立、等大的实像，故B错误；
C、若蜡烛放置在丙位置40cm刻度线处，物距u＝50cm﹣36cm＝14cm，f＜u＜2f，成倒立放大的实像，是幻灯机的原理，故C正确；
D、把蜡烛放置在丁位置15cm刻度线处，此时物距u＝50cm﹣42cm＝8cm，u＜f，移动光屏，就会得到成正立、放大的虚像，是放大镜的原理，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律，把握物距和焦距的关系是解决此类问题的关键。
12．（2分）我国未来的航母将采用自行研制的电磁弹射器，如图是它的工作原理示意图。电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力。在如图所示的实验中，与电磁弹射器工作原理一致的是（　　）
A．通电导体在磁场中受力
B．通电螺线管周围有磁场
C．电磁感应现象
D．奥斯特实验
【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故A正确；
B、通电螺线管周围有磁场是利用了电流的磁效应，与电磁弹射器工作原理相同，故B错误；
C、图中没有电源，是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，是电磁感应现象，与电磁弹射器工作原理不一致，故C错误；
D、图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故D错误。
故选：A。
【点评】对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属常见题型。
13．（2分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列判断正确的是（　　）

A．滑动变阻器接入电路中的电阻变大
B．定值电阻R2两端的电压保持不变
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电压表和电流表示数的比值不变
【分析】（1）两电阻串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动确定变阻器连入电路中的电阻变化；
（2）根据电阻的串联确定总电阻变大，由欧姆定律分析电路中的电流变小；
（3）根据欧姆定律的变形公式U＝IR判断R2的电压变化，根据串联电路电压的规律确定电压表示数变化；
（4）根据欧姆定律，电压表与电流表的示数的比值即变阻器连入电路的电阻，据此分析。
【解答】解：
A、由图知，两电阻串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；将滑动变阻器的滑片P向左滑动，变阻器连入电路中的电阻变小，故A错误；
BC、变阻器连入电路中的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，根据U＝IR可知，R2两端的电压变大，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数变小，故B错误，C正确；
D、根据欧姆定律可知，电压表与电流表的示数的比值等于变阻器连入电路的电阻，所以该比值变小，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，是一基础题。
14．（2分）电热水壶甲和乙的铭牌如右表所示。当两个电热水壶都正常工作2min时，请你根据表中提供的信息，判断下列说法中正确的是
电热水壶
甲
乙
型号
XD﹣121
KS﹣12
容量
1.2L
1.2L
额定电压
220V
220V
额定功率
1500W
1000W
额定频率
50Hz
50Hz
（　　）
A．甲电热水壶两端的电压较高
B．通过甲电热水壶的电流较大
C．乙电热水壶消耗的电能较多
D．电流通过乙电热水壶做功较快
【分析】（1）两电热水壶正常工作时的电压和额定电压相等；
（2）根据P＝UI比较两电热水壶正常工作时的电流关系；
（3）由W＝Pt可知，电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关；
（4）两电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，实际功率大的电流做功快。
【解答】解：A、甲和乙两电热水壶的额定电压相等，则正常工作时它们两端的电压相等。故A错误；
B、两电热水壶正常工作时的电压相等，甲的额定功率较大，由P＝UI的变形式I＝可知，通过甲的电流较大。故B正确；
C、由W＝Pt可知，电热水壶消耗的电能与电功率和通电时间有关，由于甲额定功率较大且通电时间相同，所以甲电热水壶消耗电能较多。故C错误；
D、电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，甲的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过甲电热水壶做功较快。故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等、电压和额定电压相等。
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有质量相等的水和酒精，液面高度如图所示。甲容器中液体对容器底部的压强和压力分别为p1和F1，乙容器中液体对容器底部的压强和压力分别为p2和F2；甲容器对桌面的压强和压力分别为p1′和F1’，乙容器对桌面的压强和压力分别为p2′和F2′，已知水的密度大于酒精的密度，则下列判断中正确的是（　　）

A．p1＜p2、F1＜F2 B．p1＜p2、F1＝F2
C．p1'＝p2′、F1′＝F2′ D．p1’＞p2′，F1′＞F2′
【分析】（1）液体对容器底的压力等于液体的重力，根据G＝mg，分析F1与F2大小关系；
由液柱的受力面积S相同，根据p＝分析液柱对容器底的压强大小关系；
（2）容器对水平桌面的压力等于容器和液体的重力，根据已知条件比较两容器对桌面的压力的关系，根据p＝分析两容器对桌面的压强大小关系。
【解答】解：（1）分别装有质量相等的水和酒精，液体对容器底的压力等于液柱的重力，根据G＝mg，因质量相同，故F1＝F2；
因两个完全相同的圆柱形容器，故液柱的受力面积S相同，根据p＝，液柱对容器底的压强：
p1＝p2；
（2）容器对水平桌面的压力等于容器和液体的重力，
故两容器对桌面的压力相等，F1′＝F2′
根据p＝，两容器对桌面的压强相等，p1′＝p2′；只有C正确。
故选：C。
【点评】本题考查液体产生压力和压强及固体产生压力和压强大小的比较。液柱对容器底的压力等于液柱的重力。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．电路发生短路时，电路中的用电器会被烧毁
B．温度一定时，长导线的电阻比短导线的电阻大
C．构成原子的原子核与核外电子之间相互吸引
D．自由电子定向移动的方向与电流的方向相反
【分析】（1）不经用电器而直接将电源两极用导线连通的电路叫短路；
（2）导体电阻取决于导体的长度、材料、横截面积有关，还与导体的温度有关；
（3）原子是由带正电的原子核和核外带负电的电子组成；
（4）电荷的定向移动形成电流，人们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
【解答】解：
A、电路发生短路时，用电器中没有电流通过，用电器不会被烧毁，故A错误；
B、温度一定时，长导线、短导线的材料和横截面积不一定相同，所以无法比较它们的电阻大小，故B错误；
C、原子核带正电、核外电子带负电，因为异种电荷相互吸引，所以构成原子的原子核与核外电子之间相互吸引，故C正确；
D、人们规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，自由电子带负电，自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，故D正确。
故选：CD。
【点评】本题考查了短路故障、电阻大小的影响因素、电荷之间的作用规律以及电流方向的规定，属于基础题。
17．（2分）关于如图所示的四个实验，下列描述正确的是（　　）
A．图甲：一瓶橙汁先后放在相同的海绵上，海绵凹陷程度不同，说明压力大小不同
B．图乙：在水中，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小
C．图丙：连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平
D．图丁：将自制气压计随电梯从一楼上升至十楼，气压计细玻璃管中的液面会上升
【分析】（1）压力的作用效果与受力面积有关，压力相同，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（2）通过U形管中液面的高度差来反映液体内部压强的大小。液体压强随深度的增加而增大。
（3）上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。（4）大气压随着高度的增加而减小。
【解答】解：A、图甲：一瓶橙汁先后放在相同的海绵上，海绵凹陷程度不同，说明压强大小不同，故A错误；
B、在同种液体中，金属盒所处的深度不同，观察到的现象是两侧液面高度差不同，说明了液体内部压强与深度有关，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小；
C、连通器是指上端开口，下部连通的容器，连通器中装入同种液体，在液体静止时，各容器的液面总保持相平。由图可知，图丙是连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平，故C正确；
D、大气压随着高度的增加而减小，拿着这个气压计从一楼爬到十楼的过程中，气压减小，液柱会在内部气压的作用下被压高，故D正确。
故选：BCD。
【点评】此题涉及到液体压强大小的影响因素、连通器的原理的应用、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。
18．（2分）中国是世界著名的杂技大国，杂技艺术在中国已有2000多年的历史。如图展示了我国杂技演员精彩表演的情景，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）
A．甲图中：表演者手撑圆台保持静止，她受到的重力与圆台对她的支持力平衡
B．乙图中：表演者从高空下落时，她的速度不断增大，她的机械能也随之增加
C．丙图中：表演者站立在奔跑的马背上，他相对于马静止，相对于观众是运动的
D．丁图中：表演者向上抛出草帽后，草帽能继续向上运动是因为草帽具有惯性
【分析】（1）作用在一个物体上的两个力，如果大小相等、方向相反，作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力；
（2）克服摩擦力做功机械能转化为内能；
（3）研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
（4）物体由于惯性要保持原来的运动状态继续运动。
【解答】解：A、甲图中：表演者手撑圆台保持静止，处于平衡状态，她受到的重力与圆台对她的支持力是一对平衡力，故A正确；
B、乙图中：表演者从高空下落时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，机械能减小，故B错误；
C、丙图中：表演者站立在奔跑的马背上，他相对于马没有位置的变化，是静止的，相对于观众有位置的变化，是运动的，故C正确；
D、丁图中：表演者向上抛出草帽后，草帽由于惯性能继续向上运动，故D正确。
故选：ACD。
【点评】此题考查了惯性、能量转化、运动和静止的相对性二力平衡的应用，特别需要注意的是，平衡力是作用在一个物体上的力。
19．（2分）做匀速直线运动的甲、乙两物体，它们的路程随时间变化的图象如图所示。根据图象，下列判断中正确的是（　　）

A．甲物体运动的较快
B．乙物体的速度是0.4m/s
C．相同时间内，s甲：s乙＝1：3
D．同向运动30s时，甲、乙两物体相距2m
【分析】（1）比较相同时间内甲乙通过的路程，或比较通过相同路程甲乙所用时间判断甲乙的速度大小关系；
（2）知道乙的路程和时间，利用速度公式求出乙的速度；
（3）根据图象计算相同时间内甲乙通过的路程之比；
（4）由图判断甲、乙30s运动的路程，并进一步求出甲乙相距多少，注意甲乙的运动方向包括同向和反向。
【解答】解：
A、由图象知，相同时间内，乙通过的路程大于甲通过的路程，所以乙运动较快，甲运动较慢，故A错误；
B、乙的速度：v乙＝＝＝0.4m/s，故B正确；
C、由图象可知，15s内，甲通过的路程为2m，乙通过的路程为6m，则s甲：s乙＝2m：6m＝1：3．故C正确；
D、由图象知，甲在30s内运动了4m；乙在15s内运动了6m，乙做匀速运动，所以乙在30s内运动12m；若甲乙同向运动，则运动30s时，甲、乙两物体相距12m﹣4m＝8m；若甲乙反向运动，则运动30s时，甲、乙两物体相距12m+4m＝16m，故D错误。
故选：BC。
【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较多，综合性很强。
20．（2分）如图所示，电源两端电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向b端移动时，下列判断正确的是（　　）

A．电流表 A 的示数变小，电压表 V1的示数变小
B．电压表 V2的示数与电流表 A 的示数的比值不变
C．电压表 V1 的示数变小，电阻 R1 消耗的功率变小
D．电压表 V2 的示数变大，电路消耗的总功率变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，利用P＝UI可知电阻R1消耗的功率变化；根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据P＝UI可知电路消耗总功率的变化，然后结合电压表V2示数与A示数的变化得出其比值的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向b端移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，
由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故A正确；
由P＝UI可知，电阻R1消耗的功率变小，故C正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，
由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误；
由电压表V2的示数变大和电流表A的示数变小可知，电压表 V2的示数与电流表 A 的示数的比值变大，故B错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
三、实验解答题（共44分，每图、每空各2分）
21．（6分）（1）如图1所示，体温计的示数为　37.3　℃；

（2）如图2所示，物体A的长度为　2.60　cm；
（3）如图3所示，电能表的示数为　6219.6　kW•h。
【分析】（1）由图知体温计的分度值是0.1℃，由图可直接读出体温计的示数。
（2）在用刻度尺测量物体的长度时，首先要看清刻度尺的零刻线是否完整，然后认准分度值，并估读到分度值的下一位，其记录结果由准确值、估读值和单位组成。
（3）电能表是测量电路一段时间内消耗电能多少的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h。
【解答】解：
（1）图1中体温计的分度值是0.1℃，此时示数为37.3℃。
（2）由图2可知，刻度尺的分度值是1mm，起始端从零刻线开始，物体末端与2.6cm刻度线对齐，估读为2.60cm，即物体的长度为2.60cm。
（3）由图3可知，电能表表盘上的数字为62196，最后一位是小数，单位是kW•h，故电能表的读数为6219.6kW•h。
故答案为：（1）37.3；（2）2.60；（3）6219.6。
【点评】（1）在对温度计进行读数时，要首先观察温度计的量程和分度值，注意体温计的分度值是0.1℃。
（2）估读到分度值的下一位，如果对准整刻线，要填0占位。另外所测长度起始端不是零刻线，所读的数要减去起始端的刻度。这两点都不能忽略。
（3）本题考查了电能表的读数。在物理学中，不同测量工具的读数都有它自己的特点，有的要看清分度值，有的要进行估读，有的要了解结构，当然，还都要明确记录数据的单位等。
22．（2分）根据图所示的小磁针静止时N极所指方向，判断电源的A端是　负　极。（选填“正”或“负”）

【分析】知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
【解答】解：
由图可知，小磁针的左端是S极，右端为N极；由同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端是N极，右端是S极。
根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，则电流从螺线管的右端流入，所以电源的B端是正极，A端为负极。
故答案为：负。
【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。
23．（4分）（1）在探究“平面镜成像特点”的实验中，小丽同学选取一块薄平板玻璃、两个完全相同的跳棋子A和B、刻度尺、白纸等器材进行实验。她将平板玻璃垂直于水平纸面放置，将棋子A放在白纸上，如图1所示。若棋子A距平板玻璃6cm，则棋子B与A相距　12　cm才可能与棋子A的像完全重合。
（2）小亮用小气球充水后制成水透镜模拟眼球中的晶状体。平行光照射到水透镜上的情景如图2甲所示；将水透镜挤压变形后，平行光再次照射到水透镜上的情景如图2乙所示。若图甲表示正常眼睛的晶状体，图2乙表示患者眼睛的晶状体，则应为患者配戴　凹　（选填“凸”或“凹”）透镜进行矫正。

【分析】（1）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题。
（2）根据近视眼是晶状体会聚能力增强，可确定模拟的是近视眼。
【解答】解：
（1）由平面镜成像特点可知，若棋子A距平板玻璃6cm，棋子A的像距离平面镜也为6cm，则棋子B与棋子A相距12cm才能与棋子A的像完全重合。
（2）由图可以看出，乙图的凸度比甲图大，乙的焦距比丙的焦距小，所以会聚能力强，所以模拟的是近视眼，则应为患者配戴凹透镜进行矫正。
故答案为：（1）12；（2）凹。
【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的，值得我们关注。还考查了近视眼的矫正。
24．（4分）如图所示，在研究摩擦力的实验中，将木块M置于水平桌面的铺有毛巾的木板上，用弹簧测力计沿着　水平　方向拉动M，M的运动状态和弹簧测力计的示数如下表所示，则木块M受到的滑动摩擦力的大小为　1.4　N。
木块运动状态
…
静止
静止
加速
匀速
减速
弹簧测力计示数F/N
…
0.8
1.0
1.5
1.4
1.2

【分析】（1）根据二力平衡的条件和影响滑动摩擦力大小因素不变分析；
（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
【解答】解：用弹簧测力计沿着水平方向拉动M，当M做匀速直线运动时，拉力和滑动摩擦力平衡，根据二力平衡的条件，测力计示数才等于滑动摩擦力的大小；由表格数据可知，木块M做匀速运动时的拉力F＝1.4N，则木块M受到滑动摩擦力的大小也为1.4N。
故答案为：水平；1.4。
【点评】本题考查了实验注意事项、实验分析等，知道在水平拉力作用下做匀速直线运动时受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计拉力、应用控制变量法即可正确解题。
25．（2分）在探究二力平衡条件的实验时，小军采用如图所示的方案：将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角的细线分别跨过左右支架上的滑轮，在细线的两端挂上等质量的钩码，小卡片静止。小军想利用反证法证明：“二力平衡的条件之一是两个力大小相等”，他应该进行的实验操作是　从左侧（或右侧）摘掉（或加挂）一个钩码　。

【分析】实验中通过改变小卡片的受力情况与其所处的状态来探究二力平衡条件的，以卡片为研究对象；利用反证法探究“二力平衡的条件之一是两个力大小相等”，可以在其它条件不变时，改变二力的大小。
【解答】解：小卡片两端通过滑轮各挂两个钩码，两侧钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，两侧钩码数相同，对小卡片的拉力相等，卡片处于平衡状态；
要利用反证法证明“二力平衡的条件之一是两个力大小相等”，需要改变小卡片一侧拉力大小，观察小卡片是否平衡，所以需要进行的实验操作是从左侧（或右侧）摘掉（或加挂）一个钩码。
故答案为：从左侧（或右侧）摘掉（或加挂）一个钩码。
【点评】此题探究的是二力平衡的条件，注意从二力平衡的四个条件进行分析；二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握。
26．（2分）小明做了如图所示的实验：他选用焦距分别为10cm和5cm的凸透镜，使它们正对相同的字母F，且与字母F的距离相同，他发现透过凸透镜观察到的字母F的像不同。小明提出的问题是：物体经过凸透镜所成的像的大小与　透镜的焦距　是否有关。

【分析】凸透镜成像规律：①物距小于焦距成正立、放大的虚像；②物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像；③物距等于二倍焦距成倒立、等大实像；④物距大于二倍焦距成倒立、缩小的实像。
【解答】解：
在研究凸透镜成像规律的实验课上，用焦距分别为10cm和5cm的两种凸透镜进行实验，当字母F到透镜的距离相同时，观察到的像的大小却不相同，在此实验过程中，字母F大小不变，物距相同，只有两凸透镜的焦距不同，据这一现象可以提出的探究问题是：物体通过凸透镜成像大小与凸透镜的焦距存在着怎样的关系。
故答案为：透镜的焦距。
【点评】此类问题是考查对实验探究中的提出问题环节的理解与掌握情况，提出问题是科学探究过程的首个重要环节，也是物理科学研究中重要的一个环节。
27．（4分）小丽探究某物质的熔化规律时，绘制出了加热该物质时其温度随时间变化的图象，如图所示。根据图象可知
（1）该物质的熔点是　80　℃。
（2）该物质在A时刻的内能　小于　它在B时刻的内能。（选填“大于”、“等于”或“小于”）

【分析】（1）图中有一段时间物质吸热但温度不变，说明这是晶体熔化的图象，此时对应的温度点，就是它的熔点；
（2）晶体在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，内能增大。
【解答】解：（1）由图象可知，物质在熔化过程中，温度不变，有一定的熔点，因此该物质是晶体；
水平段所对应的纵轴的温度为80℃，这就是这种物质的熔点；
（2）晶体在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，内能增加，因此物体在A点时具有的内能小于在B点时的内能。
故答案为：（1）80；（2）小于。
【点评】读取物质熔化的图象时，应抓住图象的关键特征，先确定是晶体还是非晶体。再明确不同图象段的物质状态及对应的时间、温度等。
28．（4分）小文利用阻值为R0的定值电阻和一块电流表测量未知电阻Rx的阻值。他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示。

（1）为了测出电阻Rx的阻值，请你添加两根导线完成图所示的实验电路的连接。
（2）当开关S、S1闭合时，电流表示数为I1；当开关S闭合，开关S1断开时，电流表示
数为I2．则下列四个选项中，Rx的表达式正确的是　A　。
A．Rx＝R0
B．Rx＝
C．Rx＝
D．Rx＝R0
【分析】可将两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，故再测量出通过待测电阻的电流，根据并联电路电流的特点可求出定值电阻的电压，由欧姆定律可求出电源电压，从而得出Rx的表达式。
【解答】解：
（1）为了测出电阻Rx的阻值，结合原图可知，应将两电阻并联，S1只控制R0，S2接在干路上，电流表接在干路上，通过开关的转换，电流表可测并联电路的总电流，也可测Rx支路的电流，如下图所示：

（2）由上图和题意可知，当开关S、S1闭合时，电流表测总电流，其示数为I1；
当开关S闭合，开关S1断开时，电流表示数为I2，即通过待测电阻Rx的电流，
根据并联电路的电流规律可得，通过已知电阻R0的电流为：I0＝I1﹣I2，
并联电路各支路的电压相等且等于电源电压，则电源电压为：U＝I0R0＝（I1﹣I2）R0，
由欧姆定律可得，待测电阻的阻值：Rx＝＝R0，故选A。
故答案为：（1）如上图所示；（2）A。
【点评】本题考查在没有电压表的条件下，设计实验方案测电阻的能力，有一定难度。
29．（6分）将内部盛有少量碘颗粒的密闭玻璃容器放置在电吹风机的出风口处，如图所示。用电吹风机向玻璃容器吹　热　（选填“冷”或“热”）风，不久可观察到容器内固态碘减少且出现紫色的碘蒸气，此物态变化过程需要　吸收　热量；撤去电吹风机，过一会儿还可以观察到容器侧壁上附有少量细小的碘晶体，这是　凝华　现象。

【分析】物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
【解答】解：用电吹风机向玻璃容器吹热风固态碘吸收热量，直接变成紫色的碘蒸气，是升华现象；碘蒸气上升时，撤去电吹风机，热的碘蒸气遇到冷的容器侧壁直接变成固态碘晶体，是凝华现象。
故答案为：热；吸收；凝华。
【点评】本题考查升华，凝华现象，难度不大。
30．（10分）小鹏想通过实验验证“对于同一个用电器，当实际电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率；当实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率。”他连接了如图所示的实验电路，其中小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放置在　A　端。（选填“A”或“B”）
（2）小鹏连接好实验电路，检查连接无误后，闭合开关S，却发现灯泡不发光，电流表无示数，电压表示数为3V，可能发生的故障是　C　。
A．滑动变阻器处断路 B．灯座接线短路
C．小灯泡的灯丝断了 D．开关接触不良
（3）排除故障后，小鹏进行了实验。下面是他所写的部分实验步骤，请你将实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，使电压表的示数为2V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中。
②　调节滑动变阻器的滑片P至另一位置，使电压表的示数为2.5V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中　。
③根据公式　P＝UI　计算出两次小灯泡的电功率P，并记录在表格中。
（4）请你帮助小鹏设计实验记录表格。

【分析】（1）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据电路图确定滑片的位置；
（2）灯泡不发光，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外电路断路造成的；
电流表无示数，说明电路存在断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析可知，电路故障是：灯泡断路；
（3）要验证“对于同一个用电器，当实际电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率；当实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率”设计实验步骤；
由电功率公式P＝UI求出灯泡的实际功率；
（4）实验中需要记录电压低于额定电压、等于额定电压的电压值、对于的电流值、功率值。
【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片放在阻值最大处，即A端；
（2）闭合开关后，灯泡不发光，电流表无示数，说明电路为断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源的两端相连，则故障可能是与电压表并联的灯泡断路，故C正确；
（3）要验证“对于同一个用电器，当实际电压低于额定电压时，实际功率小于额定功率；当实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率”需要补充的步骤为：
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，使电压表的示数为2V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中；
②调节滑动变阻器的滑片P至另一位置，使电压表的示数为2.5V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中；
③根据公式P＝UI计算出两次小灯泡的电功率P，并记录在表格中。
（4）实验中需要记录电压低于额定电压、等于额定电压的电压值、对于的电流值、功率值，如下表所示：
U/V


I/A


P/W


故答案为：（1）A；（2）C；（3）②调节滑动变阻器的滑片P至另一位置，使电压表的示数为2.5V，将电压表示数U、电流表示数I记录在表格中；③P＝UI；（4）见上表。
【点评】本题考查了滑动变阻器的调节、电路故障分析、实验的设计等知识，是实验的常考问题。
四、科普阅读题（共6分，每空2分）
31．（6分）请阅读《郭守敬望远镜》并回答问题
郭守敬望远镜
“星汉灿烂，若出其里”。漫天星光绝大多数都来自宇宙中的恒星。怎样知道这些遥远且炽热的恒星的成分呢？用光谱!我们知道，阳光通过三棱镜后会发生色散，形成一条按照一定顺序排列的彩色光带，我们称之为光谱。太阳是恒星，因此太阳的光谱是一种恒星光谱。恒星光谱包含了恒星的很多“户口”信息，比如化学成分、密度、气压、温度、恒星年龄等。恒星光谱除了包含恒星自身的信息之外，还能告诉我们恒星以及它所在的星系是在远离，还是在靠近我们，甚至还能告诉我们远离或靠近的速度有多大。观测表明，恒星或星系远离我们的速度与它跟我们之间的距离成正比，根据恒星或星系远离我们的速度可以知道这个恒星或星系距离我们有多远。
光谱望远镜是获取恒星光谱的有力工具。目前世界上最好的光谱望远镜是由中国天文学家自主研制的，以元代著名天文学家、数学家、水利工程专家郭守敬名字命名的“郭守敬望远镜”，如图所示，它可以将接收到的恒星的光会聚后通过色散系统形成恒星光谱，进而获取恒星的信息。它能够同时观测4000个天体，是当今世界上光谱获取效率最高的望远镜。在刚刚过去的七年巡天观测中（所谓“巡天观测”，就好比是“给天上的星星做‘人口’普查”），郭守敬望远镜共获取1125万条光谱，成为世界上第一个获取恒星光谱数突破千万量级的天文望远镜。我国科学家通过对这些恒星光谱的分析，绘制成了一个包含636万组恒星光谱参数的星表，重新确立了银河系晕（音yún）的内扁外圆的结构，并取得了其他一些令世界瞩目的重大发现，这在某种程度上增强了人类寻找另一个“地球”和地外生命的信心!
日前，郭守敬望远镜已开启新一轮的“霸气”巡天观测征程。使用郭守敬望远镜可以“普查”银河系更多的恒星，以它的观测能力，北半球天空仍然有约一亿颗星可观测，可以让“普查”资料更全面、更详细，更好地帮助我们了解银河系的历史、现状和未来。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）恒星发出的光经郭守敬望远镜的光学系统形成恒星光谱的现象属于光的　色散　现象。
（2）我国科学家通过分析恒星光谱确立了　银河系晕　的内扁外圆新结构。
（3）已知“长蛇星Ⅱ系团“距离我们约33亿光年，它远离我们的速度约为6×104km/s，请你根据文中信息，估算远离我们的速度约为4×104km/s的“牧夫座星系团”距离我们约　22　亿光年。

【分析】（1）混合光分散为单色光的过程叫光的色散；色散的特点是形成了光带；
（2）阅读材料，根据材料信息得到答案；
（3）由题意知，恒星或星系远离我们的速度与它跟我们之间的距离成正比，已知恒星远离我们的速度，可以得到距离。
【解答】解：
（1）借助郭守敬望远镜的光学系统，恒星发出的光（复色光）可以分散成单色光，根据不同单色光波长的差别依次排列，形成光谱；
（2）由文中信息可知，我国科学家通过对这些恒星光谱的分析，绘制成了一个包含636万组恒星光谱参数的星表，重新确立了银河系晕的内扁外圆的结构；
（3）由题知，恒星或星系远离我们的速度与它跟我们之间的距离成正比，即v1：v2＝s1：s2，
设“牧夫座星系团”距离我们约s亿光年，
则可得 4×104km/s：6×104km/s＝s：33亿光年，
解得s＝22，即“牧夫座星系团”距离我们约22亿光年。
故答案为：（1）色散；（2）银河系晕；（3）22。
【点评】此题是一道材料分析题，考查了光的色散和距离的计算，解答的关键是认真阅读材料，从材料中找到有价值的信息。
五、计算题（共10分，每题5分）
32．（5分）某型号的电饭锅有两档，分别是高温烧煮和保温焖饭，其原理如图所示（虚线框内为电饭锅的发热部位）。已知R1＝44Ω，R2＝2156Ω．求：
（1）电饭锅高温烧煮时，它的功率是多大？
（2）电饭锅保温焖饭时，电阻R1两端的电压为4.4V，电饭锅工作10min产生的热量是多少？

【分析】（1）分析开关转换时电路的连接，根据串联电阻的规律及P＝分析电路的工作状态，由P＝求出电饭锅高温烧煮时，它的功率是多大；
（2）电饭锅保温焖饭时，即两电阻串联，已知电阻R1两端的电压为4.4V，由欧姆定律求出电路中的电流，根据Q＝W＝UIt求出电饭锅工作10min产生的热量。
【解答】解：
（1）当开关S置于2档时，两电阻串联，当开关S置于1档时，只有R1工作；
根据串联总电阻大于其中任一电阻，由P＝知，开关S置于2档时为保温焖饭状态。
开关S置于1档时为高温烧煮状态；
则电饭锅高温烧煮时，它的功率：
P高＝＝＝1100W；
（2）电饭锅保温焖饭时，即两电阻串联，此时电阻R1两端的电压为4.4V，
由欧姆定律可得，电路中的电流为：
I＝＝＝0.1A，
电饭锅工作10min产生的热量：
Q＝W＝UIt＝220V×0.1A×10×60s＝1.32×104J。
答：（1）电饭锅高温烧煮时，它的功率是1100W；
（2）电饭锅保温焖饭时，电阻R1两端的电压为4.4V，电饭锅工作10min产生的热量是1.32×104J。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功及电功率公式的运用，关键是确定开关转换时所对应的状态。
33．（5分）如图所示的装置中，甲物体重5N，甲的底面积为20cm2，乙物体重3N，乙的体积为100cm3，甲、乙均保持静止状态。不计绳重，g取10N/kg。求：
（1）绳子对甲物体的拉力；
（2）甲物体对水平地面的压强。（解题要求：画出受力分析的示意图）

【分析】（1）乙物体受到重力、拉力的作用，根据力的示意图的画法画出乙物体受力示意图，此时乙物体静止，受到的拉力等于重力，据此求乙受到的拉力，由于力的作用是相互的，可求绳子对甲物体的拉力；
（2）甲物体受到重力、地面支持力、拉力的作用，根据力的示意图的画法画出甲物体受力示意图，此时甲物体静止，受到的重力等于支持力加上拉力，据此求甲受到的支持力，由于力的作用是相互的，可求甲物体对地面的压力，知道受力面积，再利用p＝求甲物体对地面的压强。
【解答】解：（1）乙物体受到重力、拉力的作用，如下图所示：

因为此时乙物体静止，所以乙受到的拉力：F＝G乙＝3N，
由于力的作用是相互的，所以乙对绳子的拉力也为3N，
图中两个滑轮为定滑轮，由定滑轮的特点可知，绳子对甲物体的拉力：F′＝F＝3N；
（2）甲物体受到重力、地面支持力、拉力的作用，如下图所示：

因为甲物体处于静止状态，则由力的平衡条件可得G甲＝F支持+F′，
所以地面对甲物体的支持力：F支持＝G甲﹣F′＝5N﹣3N＝2N，
由于力的作用是相互的，则甲物体对地面的压力：F压＝F支持＝2N，
甲物体对地面的压强：p＝＝＝1×103Pa。
答：（1）绳子对甲物体的拉力为3N；
（2）甲物体对水平地面的压强为1×103Pa。
【点评】本题考查了压强定义式、力的相互性以及力的平衡知识的应用，涉及到力的示意图的画法，对甲乙物体做出正确的受力分析是关键。
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日期：2020/6/12 13:39:30；用户：初中物理+张天莉；邮箱：younzx8@xyh.com；学号：37084881