2022年广东省深圳市宝安中学（集团）中考物理模拟试卷（2月份）（含答案）

这是一份2022年广东省深圳市宝安中学（集团）中考物理模拟试卷（2月份）（含答案），共27页。
2022年广东省深圳市宝安中学（集团）中考物理模拟试卷（2月份）
一．单选题：（每小题只有一个选项，每小题2分，共16分）
1．（2分）在物理学的发展中，许多科学家做出了杰出的贡献。19世纪20年代，一位科学家怀着强烈的好奇心和执著的探究精神，付出了几年艰辛的劳动，通过自己设计制造仪器，找到了电流跟电阻、电压之间的关系，他就是物理学家（　　）
A．焦耳 B．奥斯特 C．欧姆 D．伏特
2．（2分）如图所示的装置上标记的各部件中，通常情况下，属于导体的是（　　）
 
A．玻璃外壳 B．塑料旋钮 C．金属灯丝 D．木头底座
3．（2分）如图所示的四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．电动牙刷 B．电动剃须刀
C．电蒸蛋器 D．迷你电风扇
4．（2分）关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（　　）
 
A．甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于大气压强的存在
B．乙图中试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，表明机械能可以转化为内能
C．丙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明温度越高扩散越快
D．丁图中进气门和排气门关闭，活塞向下运动，这是内燃机的压缩冲程
5．（2分）关于内能的利用，下列说法正确的是（　　）
A．比热容是物质的特性，跟温度上升的多少无关
B．燃料燃烧更充分，可以增大燃料的热值
C．容易燃烧的燃料，热值一定大
D．单缸四冲程柴油机，飞轮每转1圈，柴油机对外做功1次
6．（2分）防控疫情期间，为了严格控制外来车辆出入小区，很多小区安装了门禁系统，如图所示。系统可以通过电子眼自动识别车辆，若是小区内部车辆，则由自动开关S1控制电动机启动横杆；若是外部车辆，需要工作人员按动按钮开关S2，控制电动机启动横杆。在如图所示的四个电路中，能正确模拟门禁系统内部控制电路的是（　　）
 
A． B．
C． D．
7．（2分）如图所示的电路中，电源电压为3V，当开关S1，S2都闭合时，则（　　）
 
A．电压表被烧坏 B．电流表将被烧坏
C．灯L1亮，灯L2不亮 D．两只灯泡都将被烧坏
8．（2分）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法中正确的是（　　）
 
A．电阻甲和乙都是阻值不变的电阻
B．导体上的电压电流都为零时，电阻也为零
C．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电路的总电压为3V
D．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.4A
二．双选题：（有错选不得分，有漏选得2分，每小题3分，共15分）
（多选）9．（3分）如图所示，关于安全用电，下列做法正确的是（　　）
A．将冰箱的金属外壳接地
B．使用绝缘层破损的电线
C．人靠近高压带电体
D．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
（多选）10．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸带负电
B．地磁的南极在地理的南极附近
C．电动机工作时，主要的能量转化是将电能转化为机械能
D．导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中一定产生感应电流
（多选）11．（3分）如图中，小明利用电能表测量某一家用电器的电功率。当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（　　）
A．电热水器 B．笔记本电脑
C．台灯 D．电饭锅
（多选）12．（3分）如图所示的电路中，电阻阻值R1＜R2。闭合开关S后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2；通过电阻R1、R2的电流分别为I1、I2；电流通过电阻R1、R2做功的功率分别为P1、P2；在相等的时间内，电流通过电阻R1、R2做的功分别为W1、W2。下列判断中正确的是（　　）
 
A．I1＝I2 B．U1＝U2 C．P1＜P2 D．W1＞W2
（多选）13．（3分）如图所示，把标有“6V3W”的小灯泡L与最大阻值为100Ω的滑动变阻器R连接在总电压恒为18V的电路中，灯丝电阻不随温度变化。电流表和电压表选择的量程分别为“0～0.6A”和“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法中正确的是（　　）
 
A．向右移动滑片P，小灯泡变暗，电路的总功率变小
B．向右移动滑片P，电压表的示数变大，电压表和电流表的比值变小
C．滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为18Ω～60Ω
D．小灯泡电功率的变化范围是0.75W～3W
三．作图题：（每题2分，共4分）
14．（2分）在如图在“〇”内填入电流表A与电压表V的符号，使闭合开关后两灯均能发光。
 
15．（2分）如图甲所示为一个磁悬浮地球仪，图乙是其内部结构示意图。开关闭合后，请在图乙中标出电磁铁的N极，并在括号内标出电源的+、﹣极。
 
四．实验题：（每空1分，共14分）
16．（4分）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图甲所示的实验：在2个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）。
物质
质量/g
温度升高10℃所需要的时间/s
温度升高20℃所需要的时间/s
温度升高30℃所需要的时间/s
沙子
30
90
180
270
水
30
420
840
1260
（1）在此实验中，物质吸收热量多少用 　   　来表示，这种物理研究方法叫做 　   　。
（2）分析表中数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量 　   　（填“大于”、“小于”或“等于”）沙子吸收的热量。
（3）分析表中的实验数据可知：沙子比热容的大小是 　   　。
 
17．（6分）如图，小明同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω及25Ω，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R'、电压表（0～3V）、电流表（0～0.6A）、开关各1只，导线若干。
 
（1）请根据图甲所示电路图将图乙所示的实物电路连接完整；（要求：导线不允许交叉）；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移动到最 　   　端（填“左”或“右”）；
（3）电路连接完整后闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，可能是电阻R 　   　（填“断路”或“短路”）。处理好故障以后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值；
（4）断开开关，保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，闭合开关，应向 　   　（填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（5）小明再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，将实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象，如图丙所示，由图象可得出的结论是：　   　；
（6）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 　   　Ω。
18．（4分）测量小灯泡的额定功率实验中，小组同学选择以下器材：额定电压为2.5V的小灯泡、滑动变阻器、开关、电流表、电压表各一个，干电池2节，导线若干。设计如图甲乙丙的三种实验电路图：
 
（1）经小组讨论，图 　   　无法完成实验目的；
（2）实验数据如丁图所示，则小灯泡的额定电功率是 　   　W。
（3）另一小组的同学利用已知电阻值为R0的电阻R，设计并连接了如图2所示的电路，来测量另一个小灯泡的额定电功率（小灯泡的额定电压为U1）。主要步骤如下：
①闭合开关S1，单刀双掷开关打到2。调节滑动变阻器，使 　   　；
②闭合开关S1，单刀双掷开关打到1，电压表的示数为U2；由此可得小灯泡的额定功率为 　   　（用字母U1、U2、R0表示）。
五．计算题：（共15分）
19．（7分）在图甲所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30欧。闭合开关S，电路正常工作，两个电流表的指针指在同一位置，如图乙所示。
（1）电源电压U是多少？
（2）R2通电10s所产生的热量是多少？
（3）现用一个电阻Rx替换电阻R1或R2，替换后一个电流表的示数减少了0.3A，另一个电流表的示数未发生变化，请判断说明电阻Rx替换的是哪个电阻，并求出电阻Rx的阻值。
 
20．（8分）如图甲是某电热饮水机的电路图，铭牌如图乙。R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。[已知：水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
 
（1）R0的阻值是多少？
（2）将电热饮水机壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少？
（3）用如图丙所示的电能表单独测量该电热饮水机加热时消耗的电能（电能表在实际电压下也正常工作）。3min电能表中间的铝质圆盘转动了30转，此时电路的实际电压是多少？
六．综合分析题：（每空1分，共6分）
21．（6分）恒温水箱
恒温水箱可供医疗单位、院校、科研、化工、印染等行业的化验部门做蒸馏、干燥、浓缩及恒温加热化学药品及生物用品恒温培养，以及对器械进行煮沸消毒之用等广泛用途。
恒温水箱外壳采用优质静电喷塑。静电喷塑是靠静电粉末喷枪喷出来的涂料，在分散的同时使粉末粒子带负电荷，带电荷的粉末粒子受气流（或离心力等其他作用力）和静电引力的作用，涂着到接地的被涂物上，再加热熔融固化成膜。静电粉末喷涂法是在工业涂装领域中占主导位置的粉末涂装法。
学校科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温水箱温控电路（设环境温度不高于20℃），由工作电路和控制电路组成。工作电路中的电热器上标有“220V 2200W”的字样；控制电路中热敏电阻Rt作为感应器探测水温，置于恒温水箱内，其阻值随温度变化的关系如图乙所示；R1为滑动变阻器。电磁铁产生的吸引力F与控制电路中电流I的关系如图丙所示，衔铁只有在不小于3N吸引力的作用下才能被吸下（不计继电器线圈电阻）。
 
（1）下列不属于恒温水箱的用途的是 　   　（填字母）。
A.蒸馏干燥
B.恒温加热
C.过滤净化
D.煮沸消毒
（2）电磁继电器的工作原理是 　   　（填字母）。
A.通电导体周围存在磁场
B.通电导体在磁场中受到力的作用
C.电磁感应现象
（3）静电喷塑喷出的粉末粒子带负电荷后，附着到被涂物上，利用了带电 　   　体的性质。
（4）当控制电路的电流为0.18A时，工作电路的 　   　（填“电热器”或“指示灯”）工作。
（5）调节滑动变阻器，使R1＝280Ω，为了把温度控制在25℃左右，设定在水温低于25℃时自动加热。在水温达到25℃时停止加热，求控制电路中的电源电压U的大小是 　   　V。
（6）设控制电路中电源电压U不变，将水箱中水温由25℃的恒温调节到30℃的恒温，应 　   　（填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入电路中的阻值。

2022年广东省深圳市宝安中学（集团）中考物理模拟试卷（2月份）
参考答案与试题解析
一．单选题：（每小题只有一个选项，每小题2分，共16分）
1．（2分）在物理学的发展中，许多科学家做出了杰出的贡献。19世纪20年代，一位科学家怀着强烈的好奇心和执著的探究精神，付出了几年艰辛的劳动，通过自己设计制造仪器，找到了电流跟电阻、电压之间的关系，他就是物理学家（　　）
A．焦耳 B．奥斯特 C．欧姆 D．伏特
【分析】德国物理学家欧姆在19世纪初期做了大量实验，归纳得出了电流与电压、电阻之间的关系：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【解答】解：德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即欧姆定律，表达式是I＝。为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为电阻的单位。
故选：C。
【点评】本题主要考查了学生对物理学史的了解，基础性题目。
2．（2分）如图所示的装置上标记的各部件中，通常情况下，属于导体的是（　　）
 
A．玻璃外壳 B．塑料旋钮 C．金属灯丝 D．木头底座
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
【解答】解：A、玻璃外壳的材料是玻璃，属于绝缘体，故A错误。
B、塑料旋钮的材料是塑料，属于绝缘体，故B错误。
C、金属灯丝的材料是金属，属于导体，故C正确。
D、木头底座的材料是木材，属于绝缘体，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。
3．（2分）如图所示的四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是（　　）
A．电动牙刷 B．电动剃须刀
C．电蒸蛋器 D．迷你电风扇
【分析】电流通过导体时电能转化成内能，把这种现象叫做电流热效应，从能量转化的角度可进行分析选择。
【解答】解：
A、电动牙刷工作时，主要把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故A错误；
B、电动剃须刀工作时，主要把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故B错误；
C、电蒸蛋器工作时，主要把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故C正确；
D、迷你电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电流的热效应的应用，分析时注意看是否把电能主要转化为内能。
4．（2分）关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（　　）
 
A．甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于大气压强的存在
B．乙图中试管内的水沸腾后，水蒸气将软木塞推出，表明机械能可以转化为内能
C．丙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明温度越高扩散越快
D．丁图中进气门和排气门关闭，活塞向下运动，这是内燃机的压缩冲程
【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力与斥力；
（2）木塞冲出过程也是水蒸气的内能转化为塞子机械能的过程，水蒸气的内能会减小，温度降低；
（3）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动；温度越高，分子运动越剧烈；
（4）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
【解答】解：A、甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在引力，故A错误；
B、当加热试管到一定程度时，水蒸气的内能足够大会将塞子冲出，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B错误；
C、红墨水在热水中扩散的比冷水中快，说明温度越高，分子运动速度越快，扩散越快，故C正确；
D、图中冲程中火花塞点火和活塞向下移动的特点，可以判断这个冲程是做功冲程，故D错误。
故选：C。
【点评】本题中的小实验都是课本中学习的基础知识，虽然综合性较强，但难度却不大。
5．（2分）关于内能的利用，下列说法正确的是（　　）
A．比热容是物质的特性，跟温度上升的多少无关
B．燃料燃烧更充分，可以增大燃料的热值
C．容易燃烧的燃料，热值一定大
D．单缸四冲程柴油机，飞轮每转1圈，柴油机对外做功1次
【分析】（1）比热容反映了物质的一种特性，与质量、变化的温度无关。
（2）燃料的热值是物质的一种特性，反映燃料完全燃烧放出热量的多少，与燃料的种类有关，与燃料是否燃烧充分、质量无关。
（3）四冲程柴油机飞轮转动两圈，完成四个冲程，对外做功一次。
【解答】解：A、比热容是物质的特性，跟温度上升的多少无关，故A正确；
B、燃料燃烧更充分，燃料的热值保持不变，故B错误；
C、容易燃烧的燃料，热值不一定大，热值只与燃料的种类有关，故C错误；
D、单缸四冲程柴油机，飞轮每转2圈，柴油机对外做功1次，故D错误。
故选：A。
【点评】理解比热容和热值的概念，了解内燃机的工作过程，可解答此题。
6．（2分）防控疫情期间，为了严格控制外来车辆出入小区，很多小区安装了门禁系统，如图所示。系统可以通过电子眼自动识别车辆，若是小区内部车辆，则由自动开关S1控制电动机启动横杆；若是外部车辆，需要工作人员按动按钮开关S2，控制电动机启动横杆。在如图所示的四个电路中，能正确模拟门禁系统内部控制电路的是（　　）
 
A． B．
C． D．
【分析】根据题意确定两开关的连接方式再与电动机串联。
【解答】解：根据题意，若是小区内部车辆，由自动开关S1控制电动机启动横杆；若是外部车辆，需要工作人员按动按钮开关S2，控制电动机启动横杆，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联（串联在电路的R起到保护电路的作用），只有B正确。
故选：B。
【点评】本题结合生活实际考查根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接。
7．（2分）如图所示的电路中，电源电压为3V，当开关S1，S2都闭合时，则（　　）
 
A．电压表被烧坏 B．电流表将被烧坏
C．灯L1亮，灯L2不亮 D．两只灯泡都将被烧坏
【分析】根据断路、短路和通路的特点进行分析，即断路指某处断开的电路，短路是用导线将用电器或电源的正负极连接起来的电路，通路是指处处连通的电路。
【解答】解：当开关都闭合时，导线将电源的正负极连接起来，所以会形成电源短路，即电流表会被烧坏，电压表无示数。
故选：B。
【点评】知道电路的三种状态，并且能够区分短路、断路和通路。
8．（2分）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象，下列说法中正确的是（　　）
 
A．电阻甲和乙都是阻值不变的电阻
B．导体上的电压电流都为零时，电阻也为零
C．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电路的总电压为3V
D．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路的总电流为0.4A
【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；
（2）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关；
（3）甲、乙串联在电路中，根据串联电路的电压特点读出当电路电流为0.2A时两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电路的总电压；
（4）甲、乙并联在电路中，根据并联电路的电压特点读出当电源电压为2V时通过两电阻的电流，利用并联电路的电流特点得出电路中的总电流。
【解答】解：A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A错误；
B、电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻的大小与导体中的电流、导体两端的电压无关；故B错误；
C、甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图象可知，U甲＝1V，U乙＝2V，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压U＝U甲+U乙＝1V+2V＝3V，故C正确；
D、甲、乙并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，I甲＝0.4A，I乙＝0.2A，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流I＝I甲+I乙＝0.4A+0.2A＝0.6A，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。
二．双选题：（有错选不得分，有漏选得2分，每小题3分，共15分）
（多选）9．（3分）如图所示，关于安全用电，下列做法正确的是（　　）
A．将冰箱的金属外壳接地
B．使用绝缘层破损的电线
C．人靠近高压带电体
D．使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
【分析】（1）用电器的金属外壳必须接地，可防止由于金属外壳带电而使人触电；
（2）绝缘层破损的电线要及时更换；
（3）安全用电的原则是不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
（4）使用试电笔时，笔尖金属体接触导线，手接触笔尾金属体。
【解答】解：A、电冰箱必须使用三脚插头，让金属外壳接地可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B、电线绝缘层破损后要及时更换，防止引发触电事故，B错误；
C、安全用电的原则是：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；人靠近高压带电体可能会引起高压电弧触电，故C错误；
D、使用试电笔时，手一定不能接触笔尖金属体，手要接触笔尾金属体，笔尖接触火线，氖管发光，笔尖接触零线，氖管不发光，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
（多选）10．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．丝绸与玻璃棒摩擦过程中，丝绸带负电
B．地磁的南极在地理的南极附近
C．电动机工作时，主要的能量转化是将电能转化为机械能
D．导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中一定产生感应电流
【分析】（1）用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，则丝绸带负电；
（2）地磁场的地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；
（3）电动机工作时，消耗的电能大部分转化为机械能和少量的内能；
（4）做切割磁感线运动的导体跟其它导体构成闭合电路时，才能有电流通过。
【解答】解：A、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，根据电荷守恒，则丝绸带负电，故A正确；
B、地磁场的地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故B错误；
C、电动机工作时，消耗的电能主要转化为机械能，只有少量的电能以热的形式散发出去，故C正确；
D、闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时，才能有电流通过，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查摩擦起电、地磁场、电磁感应现象以及能量的转化，属于电磁部分的综合题。
（多选）11．（3分）如图中，小明利用电能表测量某一家用电器的电功率。当电路中只有这一个用电器连续工作时，测得在1h内消耗的电能为0.8kW•h，那么这一个用电器可能是（　　）
A．电热水器 B．笔记本电脑
C．台灯 D．电饭锅
【分析】由1h内消耗的电能可求得电器的功率，则由家电的功率知识可判断为哪种用电器。
【解答】解；（1）用电器在测得在t＝1h内，消耗的电能为W＝0.8kW•h，
用电器的电功率P＝＝＝0.8kW＝800W；
（2）电热水器的功率约为1000W，笔记本电脑的功率约为60W﹣70W，台灯的功率约为20W，电饭锅的功率约为800W，故AD比较接近。
故选：AD。
【点评】本题考查了电功率公式P＝的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目。
（多选）12．（3分）如图所示的电路中，电阻阻值R1＜R2。闭合开关S后，电阻R1、R2两端的电压分别为U1、U2；通过电阻R1、R2的电流分别为I1、I2；电流通过电阻R1、R2做功的功率分别为P1、P2；在相等的时间内，电流通过电阻R1、R2做的功分别为W1、W2。下列判断中正确的是（　　）
 
A．I1＝I2 B．U1＝U2 C．P1＜P2 D．W1＞W2
【分析】由图知，闭合开关S后，两电阻并联，由并联电路的电压特点和欧姆定律分析两电阻的电压、电流关系；进一步根据电功公式和电功率公式分析电功、电功率的关系。
【解答】解：AB、由图可知，闭合开关S后，电阻R1、R2并联，因并联电路中各支路两端的电压与电源电压相等，则U1＝U2，
由题知，R1＜R2，且电压相等，由I＝可知I1＞I2；故A错误、B正确；
C、因为U1＝U2，I1＞I2，所以由P＝UI可知，它们的电功率关系为：P1＞P2；故C错误；
D、由W＝Pt可知，相同时间t内它们消耗的电能关系为：W1＞W2；故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了并联电路的电压和电流特点、欧姆定律、电功和电功率公式的应用，正确分析电路是前提，难度不大。
（多选）13．（3分）如图所示，把标有“6V3W”的小灯泡L与最大阻值为100Ω的滑动变阻器R连接在总电压恒为18V的电路中，灯丝电阻不随温度变化。电流表和电压表选择的量程分别为“0～0.6A”和“0～15V”。闭合开关S，在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法中正确的是（　　）
 
A．向右移动滑片P，小灯泡变暗，电路的总功率变小
B．向右移动滑片P，电压表的示数变大，电压表和电流表的比值变小
C．滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为18Ω～60Ω
D．小灯泡电功率的变化范围是0.75W～3W
【分析】由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据滑片的移动可知变阻器R接入电路中的电阻变化，从而得出电路中的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点得出变阻器R两端的电压变化，进一步得出电压表和电流表的比值变化，利用P＝UI得出灯泡实际功率的变化，即可得出灯泡的实际功率变化和亮暗的变化，再利用P＝UI得出电路的总功率变化；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据P＝UI得出灯泡正常发光时的电流，再根据串联电路的电压特点得出此时滑动变阻器两端的电压，然后与电流表的量程相比较判断出电路中的最大电流，此时灯泡的电功率最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围，利用P＝UI＝I2R求出灯泡的最小电功率，进一步得出小灯泡电功率的变化范围。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．向右移动滑片P，变阻器R接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由U＝IR可知，灯泡两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，变阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，则电压表和电流表的比值变大，故B错误；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P＝UI可知，灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，
由P＝UI可知，电路的总功率变小，故A正确；
CD．灯泡正常发光时的电压UL＝6V，功率PL＝3W，
则灯泡正常发光时的电流：IL＝＝＝0.5A，
此时滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UL＝18V﹣6V＝12V＜15V，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0.6A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.5A，此时灯泡的电功率（3W）最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小＝＝＝24Ω；
灯泡的电阻：RL＝＝＝12Ω，
当电压表的示数UR′＝15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡的电功率最小，
此时灯泡两端的电压：UL′＝U﹣UR′＝18V﹣15V＝3V，
电路中的最小电流：I小＝IL′＝＝＝0.25A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大＝＝＝60Ω，
所以，滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围为24Ω～60Ω，故C错误；
灯泡的最小电功率：PL′＝（IL′）2RL＝（0.25A）2×12Ω＝0.75W，
所以，小灯泡电功率的变化范围是0.75W～3W，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，正确得出电路中的最大电流和最小电流是关键。
三．作图题：（每题2分，共4分）
14．（2分）在如图在“〇”内填入电流表A与电压表V的符号，使闭合开关后两灯均能发光。
 
【分析】①串联电路只有一个通路；
②电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联。
【解答】解：闭合开关，要使两只灯泡均能发光，必须使电流从电源正极出发，经开关S、灯泡L1、L2，最右边的电表应该为电压表，最左边的是电流表。
故答案为：
 
【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，本题只要抓住电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联即可解答。
15．（2分）如图甲所示为一个磁悬浮地球仪，图乙是其内部结构示意图。开关闭合后，请在图乙中标出电磁铁的N极，并在括号内标出电源的+、﹣极。
 
【分析】地球仪悬浮在底座上方，地球仪与底座相互排斥，根据同名磁极相互排斥确定螺线管上端的极性；根据安培定则确定电流的方向，进而确定电源的正负极。
【解答】解：地球仪悬浮在底座上方，地球仪与底座相互排斥，已知条形磁体上端为N极、下端为S极，根据同名磁极相互排斥，可知，电磁铁的上端为S极，下端为N极。
根据安培定则，伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极（电磁铁的下端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，电流从螺线管的下端流入，所以电源的下端为正极、上端为负极，如图所示：
 
【点评】磁极间的相互作用规律与安培定则相结合是电磁学方面的常见题型，明确磁悬浮地球仪的工作原理是解答此题的关键。
四．实验题：（每空1分，共14分）
16．（4分）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图甲所示的实验：在2个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）。
物质
质量/g
温度升高10℃所需要的时间/s
温度升高20℃所需要的时间/s
温度升高30℃所需要的时间/s
沙子
30
90
180
270
水
30
420
840
1260
（1）在此实验中，物质吸收热量多少用 　加热时间　来表示，这种物理研究方法叫做 　转换法　。
（2）分析表中数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量 　大于　（填“大于”、“小于”或“等于”）沙子吸收的热量。
（3）分析表中的实验数据可知：沙子比热容的大小是 　0.9×103J/（kg•℃）　。
 
【分析】（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
（3）根据Q＝cmΔt分析解答。
【解答】解：（1）实验中，物质吸收热量的多少不容易观察，通过用相同的加热器，比较加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少，这种方法叫转换法；
（2）分析表格可知，质量相同的水和沙子升高相同的温度，水加热时间长，水吸收的热量大于沙子吸收的热量；
（3）根据Q＝cmΔt知质量相同的水和沙子在升高相同的温度时，吸收的热量与比热容成正比，所以沙子和水升高相同温度，沙子吸收热量与水吸收热量之比等于加热沙子和加热水所用时间之比，即＝＝＝＝，
所以沙子比热容的大小是：
c沙子＝×4.2×103J/（kg•℃）＝0.9×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）加热时间；转换法；（2）大于；（3）0.9×103J/（kg•℃）。
【点评】本题比较不同物质的吸热本领大小，考查转换法及比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验，其中理解用相同加热器，加热时间的长短来反映物质吸收热量的多少是解本题的关键。
17．（6分）如图，小明同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω及25Ω，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R'、电压表（0～3V）、电流表（0～0.6A）、开关各1只，导线若干。
 
（1）请根据图甲所示电路图将图乙所示的实物电路连接完整；（要求：导线不允许交叉）；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移动到最 　左　端（填“左”或“右”）；
（3）电路连接完整后闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，可能是电阻R 　短路　（填“断路”或“短路”）。处理好故障以后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值；
（4）断开开关，保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，闭合开关，应向 　左　（填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（5）小明再分别将定值电阻15Ω、20Ω、25Ω连入，将实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象，如图丙所示，由图象可得出的结论是：　导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比　；
（6）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 　4　Ω。
【分析】（1）滑动变阻器一上一下与电阻串联接入电路中；电压表并联在电阻两端；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移动阻值最大处；
（3）电流表有示数，电路可能是通路；电压表无示数，可能是与电压表并联的元件短路或者电压表短路；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）由图得出通过电阻的电流与电阻乘积是定值，据此分析；
（6）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入最小值为5Ω的电阻时变阻器连入电路中的阻值。
【解答】解：（1）滑动变阻器一上一下与电阻串联接入电路中；电压表并联在电阻两端，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移动阻值最大处，即最左端；
（3）电路连接完整后闭合开关，电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，可能是与电压表并联的元件短路或者电压表短路，所以可能是待测电阻R短路；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻R用10Ω的电阻替换5Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左移动才能达到实验要求；
（5）电阻两端的电压不变，由图知，通过电阻的电流与电阻的成积：UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，是一个定值，故得出导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）由题可知，五个定值电阻分别为5Ω，10Ω，15Ω，20Ω及25Ω，要完成实验，需控制定值电阻两端的电压不变，根据分压原理，定值电阻最小时，滑动变阻器接入的电阻最小。
由题意知，本实验控制的电阻两端的电压，即电压表的示数：UV＝2.5V，
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U'＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，
当接入R＝5Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为R'，根据串联电路分压原理：
＝，即R'＝R＝×5Ω＝4Ω。
所以，为了完成整个实验，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为4Ω。
故答案为：（1）如上图所示；（2）左；（3）短路；（4）左；（5）导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（6）4。
【点评】本题是探究电流与电阻的关系的实验，考查电路连接、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用等知识，关键要能够熟练应用串联分压原理。
18．（4分）测量小灯泡的额定功率实验中，小组同学选择以下器材：额定电压为2.5V的小灯泡、滑动变阻器、开关、电流表、电压表各一个，干电池2节，导线若干。设计如图甲乙丙的三种实验电路图：
 
（1）经小组讨论，图 　甲　无法完成实验目的；
（2）实验数据如丁图所示，则小灯泡的额定电功率是 　0.625　W。
（3）另一小组的同学利用已知电阻值为R0的电阻R，设计并连接了如图2所示的电路，来测量另一个小灯泡的额定电功率（小灯泡的额定电压为U1）。主要步骤如下：
①闭合开关S1，单刀双掷开关打到2。调节滑动变阻器，使 　电压表的示数为U1　；
②闭合开关S1，单刀双掷开关打到1，电压表的示数为U2；由此可得小灯泡的额定功率为 　U1×　（用字母U1、U2、R0表示）。
【分析】（1）灯在额定电压下正常发光，要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，记下此时灯的电流，根据P＝UI计算灯的功率，据此分析；
（2）根据丁图确定灯泡正常发光时的电流，根据P＝UI算出小灯泡的额定电功率；
（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）灯在额定电压下正常发光，甲图中，电压表测电源电压保持不变，甲图无法完成实验目的；
图乙中，电压表测变阻器的电压，当电压表示数为：3V﹣2.5V＝0.5V时，灯正常光，记下对应的电流大小，可达到实验目的；
图丙中，电压表直接测灯的电压，当电压表示数为2.5V时，记下对应的电流大小，可达到实验目的；
故甲图无法完成实验目的；
（2）由丁图知，当灯泡电压为2.5V时，灯泡的额定电流为0.25A，小灯泡的额定电功率为：
P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（3）实验步骤：
①闭合开关S1，单刀双掷开关打到2，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U1，此时电压表测量小灯泡两端的电压，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S1，单刀双掷开关打到1，读出电压表示数为U2，此时电压表测灯与定值电阻的总电压；
③在②中，电压表测灯与定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，
根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：U0＝U2﹣U1，
由欧姆定律灯的额定电流：IL＝I0＝＝，
灯的额定功率：PL＝ULIL＝U1×。
故答案为：（1）甲；（2）0.625；（3）①电压表的示数为U1；②U1×。
【点评】本题测量小灯泡的额定电功率，考查各种不同测量方案的分析及额定功率的计算和方案的设计，难度较大。
五．计算题：（共15分）
19．（7分）在图甲所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30欧。闭合开关S，电路正常工作，两个电流表的指针指在同一位置，如图乙所示。
（1）电源电压U是多少？
（2）R2通电10s所产生的热量是多少？
（3）现用一个电阻Rx替换电阻R1或R2，替换后一个电流表的示数减少了0.3A，另一个电流表的示数未发生变化，请判断说明电阻Rx替换的是哪个电阻，并求出电阻Rx的阻值。
 
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。
（1）根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定A1、A2电流表的量程，再根据分度值读出示数，进一步即可求出通过R1的电流，利用欧姆定律求出电源电压；
（2）根据并联电路电流规律计算通过电阻R2的电流，根据Q＝W＝UIt计算R2通电10s所产生的热量；
（3）根据“替换前后只有一个电流表的示数发生了变化”确定替换的电阻；替换后电流表示数减少了0.3A，求出干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过Rx的电流，再根据欧姆定律求出Rx的阻值。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表测电源的电压。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两电流表指针的位置相同，
所以，电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I＝1.5A，
电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过R1的电流I1＝0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得，电源电压：U＝U1＝I1R1＝0.3A×30Ω＝9V；
（2）并联电路干路电流等于各支路电流之和，通过电阻R2的电流：I2＝I﹣I1＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，
R2通电10s所产生的热量：Q＝W＝UI2t＝9V×1.2A×10s＝108J；
（3）由题知，用电阻Rx替换电阻R1、R2中的一个，替换前后，只有一个电流表的示数发生了变化；
若用Rx替换电阻R1，则电流表A1所在支路的电阻发生变化，电流表A1的示数会发生变化，同时干路电流也会发生变化，即电流表A的示数发生变化，不符合题意；
因此只能是用Rx替换电阻R2；
替换后电流表示数减少了0.3A，则干路电流变为：I′＝I﹣ΔI＝1.5A﹣0.3A＝1.2A，
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，此时通过Rx的电流为：Ix＝I′﹣I1＝1.2A﹣0.3A＝0.9A，
根据欧姆定律可得，Rx的阻值：Rx＝＝＝10Ω。
答：（1）电源电压U的大小为9V；
（2）R2通电10s所产生的热量为108J；
（3）Rx替换的是电阻R2，未知电阻Rx的阻值为10Ω。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的灵活应用以及电路的动态分析，关键是电流表量程的确定和读数以及根据题意确定出替换的电阻。
20．（8分）如图甲是某电热饮水机的电路图，铭牌如图乙。R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。当水沸腾后，S会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制（设加热器电阻阻值一定）。[已知：水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
 
（1）R0的阻值是多少？
（2）将电热饮水机壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是多少？
（3）用如图丙所示的电能表单独测量该电热饮水机加热时消耗的电能（电能表在实际电压下也正常工作）。3min电能表中间的铝质圆盘转动了30转，此时电路的实际电压是多少？
【分析】（1）根据P＝UI＝分别求出加热和保温时电路的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R0的阻值；
（2）根据ρ＝求水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；
（3）电能表600r/（kW•h）表示消耗1kW•h电能，电能表的转盘转600转，根据电能表中间的铝质圆盘转动了30转求出电热饮水机加热时消耗的电能，根据P＝计算得出实际功率，根据P＝UI＝求出电路的实际电压。
【解答】解：（1）由P＝UI＝可知，电热饮水机加热时的电阻：
R加热＝＝＝40Ω，
电热饮水机保温时的总电阻：
R保温＝＝＝1210Ω，
由题意可知，温控器S闭合时，电热饮水机处于加热状态，此时电路为R的简单电路，因此加热电阻：R＝R加热＝40Ω，
温控器S断开时，电热饮水机处于保温状态，此时R、R0串联，
由串联电路的电阻特点可知，电阻R0的阻值：
R0＝R保温﹣R＝1210Ω﹣40Ω＝1170Ω；
（2）由ρ＝可知，水的质量为：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3＝1.5kg；
水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（75℃﹣25℃）＝3.15×105J；
（3）圆盘转30转，电热饮水机加热时消耗的电能为：
＝0.05kW•h＝0.05×3.6×106J＝1.8×105J；
实际功率为：
P＝＝＝1000W，
由P＝UI＝可知，电路的实际电压：
U＝＝＝200V。
答：（1）R0的阻值是1170Ω；
（2）将电热饮水机壶装满初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是3.15×105J；
（3）此时电路的实际电压是200V。
【点评】本题是电热综合题，主要考查电功率公式、密度公式、吸热公式的应用，对电能表参数的理解和掌握，题目综合性较强，难度不是很大。
六．综合分析题：（每空1分，共6分）
21．（6分）恒温水箱
恒温水箱可供医疗单位、院校、科研、化工、印染等行业的化验部门做蒸馏、干燥、浓缩及恒温加热化学药品及生物用品恒温培养，以及对器械进行煮沸消毒之用等广泛用途。
恒温水箱外壳采用优质静电喷塑。静电喷塑是靠静电粉末喷枪喷出来的涂料，在分散的同时使粉末粒子带负电荷，带电荷的粉末粒子受气流（或离心力等其他作用力）和静电引力的作用，涂着到接地的被涂物上，再加热熔融固化成膜。静电粉末喷涂法是在工业涂装领域中占主导位置的粉末涂装法。
学校科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温水箱温控电路（设环境温度不高于20℃），由工作电路和控制电路组成。工作电路中的电热器上标有“220V 2200W”的字样；控制电路中热敏电阻Rt作为感应器探测水温，置于恒温水箱内，其阻值随温度变化的关系如图乙所示；R1为滑动变阻器。电磁铁产生的吸引力F与控制电路中电流I的关系如图丙所示，衔铁只有在不小于3N吸引力的作用下才能被吸下（不计继电器线圈电阻）。
 
（1）下列不属于恒温水箱的用途的是 　C　（填字母）。
A.蒸馏干燥
B.恒温加热
C.过滤净化
D.煮沸消毒
（2）电磁继电器的工作原理是 　A　（填字母）。
A.通电导体周围存在磁场
B.通电导体在磁场中受到力的作用
C.电磁感应现象
（3）静电喷塑喷出的粉末粒子带负电荷后，附着到被涂物上，利用了带电 　吸引轻小物体　体的性质。
（4）当控制电路的电流为0.18A时，工作电路的 　指示灯　（填“电热器”或“指示灯”）工作。
（5）调节滑动变阻器，使R1＝280Ω，为了把温度控制在25℃左右，设定在水温低于25℃时自动加热。在水温达到25℃时停止加热，求控制电路中的电源电压U的大小是 　36　V。
（6）设控制电路中电源电压U不变，将水箱中水温由25℃的恒温调节到30℃的恒温，应 　增大　（填“增大”或“减小”）滑动变阻器接入电路中的阻值。
【分析】（1）根据文中的内容分析；
（2）电流的周围存在磁场；
（3）带电体能吸引不带电的轻小物体；
（4）根据图丙分析吸引力的大小和衔铁的位置，从而判定电路的工作状态；
（5）从乙图直接读出恒温箱中温度在25℃时热敏电阻的阻值，根据电阻的串联求出总阻值，衔铁受到3N的吸引力，由图象丙可知，控制电路中电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（6）将水箱中水温由25℃的恒温调节到30℃的恒温，根据热敏电阻的变化和欧姆定律判断滑动变阻器接入电路中的阻值。
【解答】解：（1）根据文中的内容可知，恒温水箱可供医疗单位、院校、科研、化工、印染等行业的化验部门做蒸馏、干燥、浓缩及恒温加热化学药品及生物用品恒温培养，以及对器械进行煮沸消毒之用等广泛用途，故C不是恒温冰箱的用途；
（2）电磁继电器的主要部件是电磁铁，电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故A正确；
（3）静电喷塑喷出的粉末粒子带负电荷后，附着到被涂物上，这是利用了带电体有吸引轻小物体的性质；
（4）当控制电路的电流为0.18A时，由图丙可知，此时电磁铁产生的吸引力要大于3.0N，所以衔铁会被吸下，指示灯会发光；
（5）当水温达到25℃时停止加热，由图乙可知，热敏电阻的阻值为：Rt＝80Ω，
因为串联电路的总阻值等于各电阻之和，所以电路中的总电阻：R总＝Rt+R1＝80Ω+280Ω＝360Ω，
衔铁受到3N的吸引力，由图象丙可知，控制电路中电流为：I＝100mA＝0.1A，
由欧姆定律得，电源电压：U＝IR总＝0.1A×360Ω＝36V；
（6）将水箱中水温由25℃的恒温调节到30℃的恒温，即将启动的温度调高，则热敏电阻的阻值将减小，由于控制电路电源电压和吸合电流不变，根据I＝可知，应增大滑动变阻器接入电路中的阻值。
故答案为：（1）C；（2）A；（3）吸引轻小物体；（4）指示灯；（5）36；（6）增大。
【点评】本题难度较大，既需要从电磁铁的性质上进行分析，还要对电磁继电器的原理进行分析。能从图中得出相关信息、结合串联电路的特点和欧姆定律求解是本题的关键。