2022届中考科学第一轮专题复习：电功与电功率解析版

这是一份2022届中考科学第一轮专题复习：电功与电功率解析版，共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，解答题等内容，欢迎下载使用。

中考科学第一轮专题复习：电功与电功率
一、单选题
1．下列家用电器的额定功率最接近10瓦的是（　　）
A．电饭煲 B．节能灯 C．电冰箱 D．空调
2．小明家上次查看电能表示数为 ，本次查看时电能表读数如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A．电能表测量的是电路中电功率的大小
B．电能表允许通过的最小电流为10A
C．若只让一个标有“220V 1000W”的电热水器正常工作10min，则电能表的圆盘转了600转
D．他家在这段时间内消耗的电能为903kW•h
3．电流通过导体产生的热的多少跟哪些因素有关？兴趣小组设计了如图所示的装置Ⅰ、 Ⅱ，他们将两段阻值不同的电阻丝(R1Pd=Pe
18．如图所示电路，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P直至灯泡正常发光。此过程中，下列不会发生的是（　　）

A．灯泡逐渐变亮
B．电路的总功率逐渐变大
C．电压表V1的示数从0逐渐增大到额定电压
D．电压表V2和电流表A的示数比值逐渐减小
19．如图是一个迷你音响图片（图甲）和铭牌（图乙），关于该音响，下列说法正确的是（　　）

额定功率
5W
电源
锂电池
频率范围
100-20KHz
额定电压
3V
A．锂电池充电时，将化学能转化为电能
B．音响在5V电压下正常工作
C．音响正常工作时每秒消耗电能5J
D．音响正常工作时电流是0.6A
20．下列有关功和功率的估算与实际最不相符的是（　　）
A．冬天教室空调正常工作时的电功率约4000瓦
B．教室22盏日光灯正常工作时的总功率为880瓦
C．某初中生中考跳绳满分，克服重力做功的功率约80瓦
D．从地上捡起一本九上科学课本至桌面做功10焦
二、填空题
21．小明在老师指导下，用一个标明“1800revs/（kW·h）”的电能表，它的作用主要是　 　。它也可以用来粗略测量某盏灯的电功率，他让其它用电器停止工作，在10min内测得转盘转过的转数为30转，则这盏灯的功率为　 　W
22．在探究小灯泡的电功率与哪些因素有关的实验中，小组同学猜想：小灯泡的电功率可能与电压、电流有关，于是他们设计了如下所示的三个电路图：

（1）你认为图　 　电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系，理由是　 　；
（2）小组同学经过分析讨论，选择正确的电路进行实验，得出了小灯泡的电功率与电压关系的正确实验结论。支持该结论的实验现象是　 　。
23．玩具风扇中使用的电动机的工作原理是　 　，当把该电动机接入0.2V电压的电路时，电动机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把它接入2V电压的电路中，电动机正常工作，测得此时流过电动机的电流是1A。那么该电动机线圈的电阻是　 　Ω，电动机正常工作时的效率是　 　%。
24．小明在家里看到妈妈用如图所示额定功率是 P 的蒸汽挂烫机熨烫衣物时，发现它是按照这样的程序工作的：每加热 t1 时间就暂停加热 t2 时间，熨完一件衣服总用时为 t3，则消耗的电能是　 　。（用题目所给的字母表示）

25．电能表是测量　 　的仪表。将电能表接人电路，电能表前后两次的示数　 　，就是这段时间内用电的　 　。一只标有“220V 5A(10A)”的电能表，在短时间内可以用在最大功率是　 　瓦的照明电路上。
26．某电热水壶铭牌上标有“220V 1000W”字样，当其正常工作时，把质量为2千克，温度为30°C的水加热到80℃，用时10分钟[c水=4.2×103焦/(千克·℃)]。加热过程中，水吸收的热量为　 　焦，电热水壶烧水的效率为　 　。
27．接在家庭电路上的一盏灯，在10分钟内消耗的电能是2.4×104焦，这盏灯的电功率是　 　，通过灯丝的电流是　 　 。
28．已知电灯L1的电阻大于电灯L2的电阻，将它们并联在电路中时　 　灯较亮，将它们串联在电路中时　 　灯较亮。
29．一只标有“2.5V 0.3A"的小灯泡，其中“2.5V"的意思是　 　。如果把它接入电压为2伏的电路中使用，测得通过它的电流为0.25安，则这只小灯泡的额定功率为　 　，实际功率为　 　。
30．某电动机在6伏电压下工作，通过它的电流是2安，则该电动机正常工作1分钟将消耗电能　 　焦。
三、实验探究题
31．小红同学在实验室测量额定电压为2.5V、电阻约为6Ω的小灯泡的功率，实验电路图如甲图所示。

（1）在小红同学连接好的实物图（乙图）中，请你指出其中的一处错误　 　；
（2）纠正错误后，小红同学再调节滑动变阻器，使灯泡两端电压达到额定电压，此时电流表的示数如丙图所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；
（3）实验中可将灯泡两端电压分别调为额定电压的0.8倍、1倍、1.2倍等进行多次实验。多次实验的目的是　 　；
（4）若将图中的灯泡换成一个额定电压为3.8V（此种灯阻值约为10Ω）的小灯泡，若要测出该小灯泡的额定功率，则原实验电路中必须改变的是 ；
A．只改变电源电压
B．只改变电压表量程
C．电源电压和电压表量程都要改变
32．为测量小灯泡的额定功率，现提供的器材如下：A：小灯泡一个（额定电压为2.5V，阻值约为几欧）；B：电流表(0~0.6A0~3A)；C：电压表(0~3V0~15V)；D：滑动变阻器(15Ω1A)；E：滑动变阻器(50Ω0.3A)；F：滑动变阻器(500Ω0.1A)；G：电源(3V)，H：导线若干。

（1）滑动变阻器应选　 　（填器材前的字母编号）。
（2）选出合适的滑动变阻器后，按如图甲所示的电路，将乙图中的实验器材用导线连接起来，其中有一处连接错误，错误的地方是　 　。
（3）改正错误后，移动滑片，读取多组电压表的示数 U、电流表的示数 I 的值，记录在列表中，然后在坐标纸上描点作出I—U关系图，如图丙所示。通过图丙可得小灯泡的额定功率为　 　W。
（4）实验后，小明同学想到另一种求解额定功率的方法，利用电压小于2.5V时的电压、电流数据求出电阻，然后利用P= 计算出小灯泡的电功率。小明发现计算结果R与真实值相比偏大，根据所学的知识，你认为原因可能是　 　。
33．星期天天气很热，小科和小华在开着空调的书房内认真地复习功课。傍晚时分，小科打开灯泡上标有“PZ220-40”字样的台灯时，发现台灯发光较昨天暗了。小科猜想：主要是灯丝的升华造成的，依据是：由于灯丝升华，灯丝的横截面积变小，电阻变大，而台灯两端电压不变，由公式 P= 可知功率变小，因此灯变暗了；小华猜想：主要是电路R的负荷增大造成的，依据是：由于许多家庭开了空调，电路的负荷增大了，总电流变输电线上有电阻，导致台灯两端的电压降低，而灯丝电阻不变，由公式P= 可知功率R变小，因此灯变暗了。
（1）小科为了验证自己的猜想，他在爸爸的指导下用新的相同规格的灯泡替代原来的灯泡，观察到新的灯泡亮度与原来的那只灯泡亮度基本一样，说明小科的猜想是　 　（填“正确”或“错误”）的。
（2）请你设计一个方案，验证小华的猜想是否正确。
简要做法：　 　； 如何判断：　 　。
34．小明要用图所示的实验器材探究“电压一定时，电流的热效应与电阻的关系”，其中瓶内电阻丝的长度、粗细都相同。

（1）请用笔画线代替导线，把电路连接完整。
（2）电流产生热量的多少不易直接测量.因此在这个实验中是通过　 　显示电流产生热量的多少。
（3）在这个实验中，除了控制电压一定外，还要控制的量有　 　（写出一个即可得分）。
（4）根据所学知识可知，在相同时间内　 　瓶内的电阻丝放出的热量较多（选填“甲”或“乙”）。
35．为了测定小灯泡的电功率，小明利用电压恒为3V的电源、滑动变阻器、标有“2.5V”字样的小灯泡等器材按图甲方式连接电路进行实验，闭合开关并移动滑片P，获得相关数据如下表：

实验序号
U/V
I/A
P/W
1
2.0
0.18
0.36
2
2.5
　
0.50
3
3.0
0.22
0.66
（1）完成实验2后，要想获得实验3的数据，则实验中滑片P的移动情况是　 　。
（2）请分析表中数据，确定小灯泡正常发光时电流表的示数，并在图乙中画出此时电流表指针位置。
（3）在滑动变阻器滑片移动过程中，电路消耗的总功率、小灯泡的功率随电流变化如图丙所示，请判断随电流增大，滑动变阻器的功率大小变化是　 　。
四、解答题
36．随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进人普通家庭。扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电座充电等诸多智能功能。如图是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数，请回答下列有关问题：
项目
指标参数
工作电压
15V
功率
30W
电池容量
2000mAh

（1）电池容量“2000mAh”是指当工作电流为2000 mA，能持续供电1小时。若充满电后所有电量用于扫地，则可供机器人持续正常工作多少时间?
（2）机器人的供电系统设有自动充电功能，当检测到电池容量低至10％时会自动返回充电。若返回过程中受到的阻力为20牛，为确保机器人能顺利返回充电，需要充电时离充电座最远为多少米?(剩余电池容量达自动返回充电时的40％用于提供克服阻力做功)
37．有一种电子秤的原理如图，它主要由三部分构成：踏板和压力杠杆ABO，压力传感器R(电 阻值会随所受压力大小发生变化的可变电阻)，显示重力大小的仪表(实质是电流表)。其 中AO长20厘米，BO长5厘米，压力传感器R的阻值与所受压力的关系如下表所示。

压力F/牛
0
50
100
150
200
250
300
…….
电阻R/欧
30
27
24
21
18
15
12
……..
踏板和杠杆组件的质量可以忽略不计，电源电压为6伏。
（1）电子秤开机后，没有秤量物体时压力传感器R消耗的电功率为多少瓦?
（2）当重300牛的学生站在踏板上时，通过压力传感器R的电流为多大？(答案保留两位小数)
（3）电子秤的电池使用较长时间后，电源电压会降低，为了保证秤量准确，则踏板触点B应向　 　方向移动。
38．为提高垃圾分类效率，小科设计了如图甲所示的垃圾分类机器人。它捡起垃圾时，会快速从垃圾上取出标准规格的样品，通过机械手上的探针检测样品的电阻大小来识别垃圾的类别，并投入相应的垃圾桶。该机器人检测电路如图乙所示。各类垃圾样品的电阻参考值如下表。
样品电阻值/Ω
垃圾类别
小于10
金属
10—30
餐厨
大于30
其他

（1）机器人从某块垃圾上取样检测时，检测电路电压表读数为1伏，检测时间为0.1秒。通过计算说明应将该垃圾放入图丙中哪个垃圾桶。
（2）该次检测电阻过程中，检测电路消耗的电能为多少？
（3）机器人将重1牛的垃圾举高70厘米后再水平移动3米，放入相应的垃圾桶。该过程中机器人至少对垃圾做了多少功？
39．在做“测定小灯泡的电功率”实验时，选用的器材有电压为 6 V 的电源，额定电压为
2.5 V 的小灯泡，以及滑动变阻器、电流表、电压表、开关和导线等。如图甲是没有连接完的实物电路。

（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。
（2）正确连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电 压表示数接近 6 V，电流表示数几乎为 0，电路的故障可能是　 　。
（3）经适当调整后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片 P 到某处，发现电压表的示数为 2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片 P向　 　端滑动。
（4）在多次测量中小明发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），出现此现象的原因为　 　。
（5）通过移动滑片 P，测得多组数据，绘制成 U—I 图像如图乙。据此，请计算：当小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率。
40．电热桌垫在冬天很受欢迎（如图甲）。某校综合实践活动小组的同学探究了它的原理，查看说明书后发现：该电热桌垫由8伏电源供电，发热部分由R1和R2组成，调温档有关、低温、高温三档，已知两图中R1均为6欧，R2均为2欧。

（1）按如图乙的电路，当S1闭合、S2断开时电热桌垫处于　 　档（选填“关”、“低温”或“高温”）。
（2）图乙中该电热桌垫消耗的最大功率是多少瓦？
（3）若该电热桌垫实际电路如图丙，现电热桌垫处于高温档，开关S1闭合，S2　 　（选填“断开”或“闭合”）。
（4）图乙中当电热桌垫处于低温档时，求10分钟内产生的热量是多少焦？（不考虑温度的变化对电阻的影响）

答案解析部分
【解析】【分析】根据家用电器的电功率大小判断。
【解答】A.电饭煲的电功率大约为1000W，故A不合题意；
B.节能灯的功率大约在10W~30W之间，故B符合题意；
C.电冰箱的功率大约在90W~200W左右，故C不合题意；
D.空调的功率大约在1500W左右，故D不合题意。
故选B。
【解析】【分析】（1）根据电能表的用途判断；
（2）根据电能表铭牌上数据的意义判断；
（3）首先根据W=Pt计算出热水器消耗的电能，再根据计算出电能表的转数。
（4）将电能表前后两个示数相减即可。
【解答】A.电能表测量的是某段时间内用电器消耗的电能，故A错误；
B.电能表铭牌上标有（10A），则它允许通过的最大电流为10A，故B错误；
C.电热水器消耗的电能为：，
根据得到：；
解得：n=600r，故C正确；
D.他家在这段时间内消耗的电能为：9633.5kW·h-8543.2kW·h=90.3kW·h，故D错误。
故选C。
【解析】【分析】根据控制变量法，串并联电路的电压和电流规律及分析即可。
【解答】A.探究电流产生的热量与电流大小的关系时，应控制电阻和通电时间相同，电流不同，Ⅰ图两个电阻串联，电流是相同的，故A错误；
B.探究电流产生的热量与电阻大小的关系时，应控制电流和通电时间相同，电阻不同，而乙和丁的电阻是相同的，故B错误；
CD.使用装置Ⅰ、Ⅱ同时实验时，体积变化最大的说明温度高，产生的热量最多；
在串联电路中，用电器两端的电压之和等于电源电压，并联电路中，各支路两端的电压等于电源电压，故Ⅱ中的每个电阻两端的电压都要高于Ⅰ中的每个电阻两端的电压；在这两个实验中，电流产生的热量Q=I2Rt=t，通电时间相同，故Ⅱ中的R1产生的热量最多，故体积变化最大的气球是丙气球，故C正确，D错误。
故选C。
　
【解析】【分析】首先根据计算出通过定值电阻的电流，然后根据U=U总-UL计算出定值电阻两端的电压，最后根据Q=W=UIt计算定值电阻产生的热量。
【解答】通过定值电阻的电流；
定值电阻两端的电压U=U总-UL=12V-10V=2V；
定值电阻产生的热量Q=W=UIt=2V×0.3A×10s=6J。
故选A。
【解析】【分析】根据题目描述分析包含的物理原理即可。
【解答】A.根据“强静磁场会吸引铁质物品”可知，铁在磁场里会被磁化，故A正确不合题意；
B.根据“变化磁场会使携带的金属中产生感应电流”可知，磁能生电，故B正确不合题意；
C.根据“从而使金属发热而灼伤病人”可知，电能可以转化为热能，故C正确不合题意；
D.题目中没有涉及磁极之间相互作用规律，故D错误符合题意。
故选D。
【解析】【分析】根据各个用电器的能量转化过程分析。
【解答】电熨斗、电水壶和电烙铁，都是将电能转化为热能，故A、C、D不合题意；
洗衣机的主要结构为电动机，将电能转化为机械能和内能，故B符合题意。
故选B。
【解析】【分析】根据电功率的意义分析。
【解答】灯泡的亮度由它的实际功率决定，即功率越大，它的亮度越大。这两盏灯的额定电压不同，但是它们的额定功率相等，则正常发光时，它们的亮度相同，故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【解析】【分析】（1）（4）根据图片确定工作时间的长短，再根据计算功率的大小，最后根据P=UI确定工作电流的大小；
（2）根据家庭电路得到电压情况分析；
（3）根据（1）中的方法比较功率的大小。

【解答】根据图片可知，浴霸的工作时间最短，根据可知，它的电功率最大；根据P=UI可知，通过它的电流最大，故A错误；
在家庭电路中，用电器的电压都是220V，故B错误；
电风扇的工作时间小于白炽灯，根据可知，电风扇的额定功率大于白炽灯，故C错误；
节能灯的工作时间大于白炽灯，根据可知，节能灯的额定功率小与白炽灯；根据P=UI可知，节能灯的工作电流小于白炽灯，故D正确。
故选D。
【解析】【分析】（1）春分日和秋分日太阳直射赤道，全球昼夜等长。
（2）电流的热效应与电流、电阻、通电时间有关。
（3）按照变异对生物是否有利分为有利变异和不利变异。
（4）碱性溶液是指常温下PH值大于7，氢氧根离子浓度大于氢离子浓度的溶液。碱溶液是指电离出的阴离子全是氢氧根的溶液。
【解答】A、春分日全球昼夜平分，秋分日也是全球昼夜平分，A不符合题意；
B、根据焦耳定律的内容可知：电流通过导线要产生热量；根据影响电阻大小的因素可知：导线越长电阻越大，所以消耗的电能越多，所以远距离输电一定有热量损耗，B符合题意；
C、不是所有的变异都有利，比如新冠病毒变异就是有害的，C不符合题意；
D、比如碳酸钠溶液的pH大于7，但它不是碱溶液，D不符合题意。
故答案为：B
【解析】【分析】控制变量在进行科学实验的概念，是指那些除了实验因素（自变量）以外的所有影响实验结果的变量，这些变量不是本实验所要研究的变量，所以又称无关变量、无关因子、非实验因素或非实验因子。
【解答】A、通过比较两个U型管升高的高度不同，来比较产热的多少；故A不符合题意；
B、验证二氧化锰的催化效率，一个加入二氧化锰，一个不加，相互比较氧气的多少；故B不符合题意；
C、通过比较酒精和水对碘溶解能力，比较溶剂对溶解性的影响；故C不符合题意；
D、水的电解，直接验证产物，来了解水的组成；故D符合题意；
故答案为：D。
【解析】【分析】首先根据P1= = GV=mgV计算出电动机的机械功率，然后根据P=UI计算出电动机的输入总功率，再根据P2=P-P1计算出线圈的发热功率，最后根据P2=I2R计算电动机的线圈电阻。
【解答】电动机对物体做功的功率P1= = GV=mgV=50kg×10N/kg×0.9m/s=450W
电路总功率P=UI=110V×5A=550W
电动机线圈的电阻的功率P2=P-P1=550W-450W=100W
所以电动机线圈的电阻大小为R= =4Ω；
故答案为：D。
【解析】【分析】（1）根据串联电路的电流规律和功率公式分析；
（2）根据公并联电路中，各支路两端电压相等分析；
（3）根据并联电路的电压特点分析；
（4）根据并联电路的电流规律分析。

【解答】根据图片可知，灯泡L1与L2并联，根据并联电路的电压特点可知，两个灯泡的电压相等，故B错误；
灯泡L1比灯泡L2亮，说明前者的电功率大于后者，即P1>P2，且U1=U2，根据可知，灯泡的电阻R1Pb+Pc，故A错误；
B.灯泡d和e并联，那么d的电压等于电源电压U总；
那么d的功率；
b和c的总功率为：；
那么 Pd>Pb+Pc，故B正确；
C.灯泡d和e并联，那么e的电压等于电源电压U总；
那么e的功率；
b和c的总功率为：；
那么 Pe>Pb+Pc，故C错误；
D.a、d、e三个灯泡的电压都等于电源电压U总，它们的电阻都相等，根据可知，它们的功率都相等，即Pa=Pd=Pe，故D错误。
故选B。
【解析】【分析】首先分析灯泡与变阻器的串并联关系，然后确定电表所测的物理量，最后结合欧姆定律，功率公式，串并联电路的电流、电压和电阻规律分析判断即可。
【解答】根据电路图可知，灯泡与电阻器串联，电压表V2测变阻器的电压，V1测灯泡的电压，电流表测总电流。
开关闭合前，变阻器的滑片应该在阻值最大的位置。闭合开关后，灯泡的亮度较弱，因此移动滑片P直到正常发光的过程中，变阻器的电阻变小，通过灯泡的电流变大，灯泡逐渐变亮，故A正确不合题意；
通过灯泡的电流不断增大，而电源电压不变，根据P=UI可知，电路的总功率逐渐变大，故B正确不合题意；
电压表V1测灯泡的电压，闭合开关后，虽然变阻器的电阻很大，但是通过灯泡的电流肯定大于零，因此灯泡两端的电压肯定大于0，即V1的示数大于零，故C错误符合题意；
电压表V2测变阻器的电压，电流表A的示数为通过变阻器的电流，因此二者的比值等于变阻器的阻值。因为变阻器的阻值逐渐减小，所以它们的比值逐渐减小，故D正确不合题意。
故选C。
【解析】【分析】（1）根据蓄电池的能量转化分析；
（2）根据表格确定音响的额定电压；
（3）根据W=Pt计算消耗的电能；
（4）根据公式计算工作的电流。
【解答】A.锂电池充电时，将电能转化为化学能，故A错误；
B.音响的额定电压为3V，因此音响在3V电压下正常工作，故B错误；
C.音响正常工作时每秒消耗电能W=Pt=5W×1s=5J，故C正确；
D.音响正常工作时电流是，故D错误。
故选C。
【解析】【分析】根据对功和功率的认识分析判断。
【解答】A.冬天教室空调正常工作时的电功率约4000瓦，故A正确不合题意；
B.每盏日光灯的功率大约40W，那么教室22盏日光灯正常工作时的总功率为880瓦，故B正确不合题意；
C.中学生体重大约500N，每次跳起10cm=0.1m，每分钟跳90次，那么跳绳的功率大约为：，故C正确不合题意；
D.科学课本大约重2.5N，桌面大约高1m，那么从地上捡起科学课本做的功：W=Gh=2.5N×1m=2.5J，故D错误符合题意。
故选D。

【解析】【分析】（1）根据电能表的用途解答；
（2）首先根据计算出这盏灯消耗的电能，再根据计算出灯的功率。
【解答】（1）电能表的作用主要是：测量一段时间内用电器消耗的电能。
（2）电灯消耗的电能为：；
电灯的功率：。
【解析】【分析】（1）根据控制变量法的要求和串并联电路的电流特点分析解答；
（2）在串联电路中，电功率与电压成正比，即当两个灯泡串联时，电压表示数大的灯泡更亮，即它的电功率更大，据此分析解答。
【解答】（1）根据P=UI可知，探究电功率的大小与电压的关系时，必须控制通过灯泡的电流相同而改变电压。在串联电路中，各处电流都相等，则：我认为图乙电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系，理由是：乙是串联电路，能控制电流相等。
（2）小组同学经过分析讨论，选择正确的电路进行实验，得出了小灯泡的电功率与电压关系的正确实验结论。支持该结论的实验现象是：电压表示数大的灯泡比示数小的灯泡亮。
【解析】【分析】（1）根据电动机的工作原理解答；
（2）当电动机不转时，为纯电阻电路，可根据计算出电动机的线圈电阻；
（3）首先根据P总=U总I总计算出电动机的输入功率，再根据P热=I2R计算出发热功率，最后根据P机械=P总-P热计算出输出功率，根据计算出电动机的效率。
【解答】（1）玩具风扇中使用的电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用；
（2）电动机的线圈电阻为：；
（3）电动机的输入功率P总=U总I总=2V×1A=2W；
发热功率为：P热=I2R=（1A）2×0.5Ω=0.5W；
输出功率：P机械=P总-P热=2W-0.5W=1.5W；
电动机的工作效率：。
【解析】【分析】已知蒸汽挂烫机的额定功率和通电时间，利用W=Pt求出t3共消耗的电能。
【解答】按照加热t1停t2的工作程序可知，
一个周期内挂烫机加热的时间t1占总时间（t1+t2）的比例为： ，
所以熨一件衣服用时t3（总时间），
则挂烫机加热的时间为：；
蒸汽挂烫机t3共消耗的电能：。

【解析】【分析】（1）根据对电能表上参数的认识解答；
（2）根据P=UI计算电能表承载的最大功率。
【解答】（1）电能表是测量电能的仪表。将电能表接人电路，电能表前后两次的示数差，就是这段时间内用电的度数。
（2）根据“220V 5A(10A)”可知，通过电能表的最大电流为10A，则电能表承载的最大功率：P=UI=220V×10A=2200W。
【解析】【分析】（1）根据Q=cm△t计算水吸收的热量；
（2）根据W=Pt计算电热水壶消耗的电能，再根据计算电水壶的加热效率。
【解答】（1）水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(kg·℃)×2kg×（80℃-30℃）=4.2×105J；
（2）电热水壶消耗的电能W=Pt=1000W×600s=6×105J；
电热水壶的效率为：。
【解析】【分析】根据计算这盏灯的电功率，根据计算通过灯丝的电流。
【解答】这盏灯的电功率；
通过灯丝的电流为：。
【解析】【分析】灯泡的亮度与实际功率大小有关，根据欧姆定律和串并联电路的特点比较两个灯泡的实际功率大小即可。
【解答】（1）根据可知，当电压相等时，电功率与电阻成反比。当两灯并联时，它们两端的电压相等，因为R1>R2，所以P1R2，所以P1>P2，则串联时L1较亮。
【解析】【分析】（1）灯泡上标的电压为额定电压，电流为额定电流；
（2）根据P额=U额I额计算灯泡的额定功率，根据P实=U实I实计算灯泡的实际功率。
【解答】（1）一只标有“2.5V 0.3A"的小灯泡，其中“2.5V"的意思是该小灯泡的额定电压为2.5V。（2）这只小灯泡的额定功率为P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
实际功率为P实=U实I实=2V×0.25A=0.5W。

【解析】【分析】根据W=UIt计算消耗的电能。
【解答】该电动机1min消耗的电能为：W=UIt=6V×2A×60s=720J。
【解析】【分析】（1）在测灯泡功率的实验中，除了电压表与灯泡并联，其他的都是串联，要注意电表量程和接线柱的选择，还要注意变阻器接线一上一下。
（2）根据图丙确定灯泡的额定电流，再根据P=UI计算出灯泡的额定功率。
（3）灯泡两端的实际电压不同，它的实际功率大小就不同。
（4）根据电路的连接的注意事项判断。
【解答】（1）根据可知，灯泡的额定电流大约0.4A，因此选择电流表量程0~0.6A；电压表的“-”接线柱与正极相连，因此错误为：电流表的量程应该选0~0.6A；或电压表的接线柱接反了。
（2）根据丙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则电流表的示数为0.48A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.48A=1.2W；
（3）实验中可将灯泡两端电压分别调为额定电压的0.8倍、1倍、1.2倍等进行多次实验。多次实验的目的是：测量不同电压下小灯泡的实际电功率；
（4）根据图片可知，只有两节干电池，能够提供3V电压，则必须增加电池节数，增大电源电压。3.8V大于3V，则电压表量程应该该为0~15V，故C正确，而A、B错误。
故选C。
【解析】【分析】（1）根据图丙确定通过电路的最大电流，然后与变阻器的最大电流进行比较，确定变阻器的选用；
（2）根据电流表的使用规范分析；
（3）灯在额定电压下正常发光，由作出I-U关系图知灯在额定电压下的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率。
（4）根据灯丝电阻随温度的变化规律分析解答。
【解答】（1）根据图丙可知，通过电路的最大电流为0.5A。因为0.5A＞0.3A＞0.1A，所以只能选择最大电流为1A的滑动变阻器D；
（2）因最大电流为0.5A，故电流表应选用小量程（0～0.6A），而上图中电流表选用大量程，量程选择错误；
（3）灯在额定电压下正常发光，由作出I-U关系图知，灯在额定电压下的电流为0.5A，
小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.5A=1.25W。
（4）小明发现计算结果R与真实值相比偏大，根据所学的知识，我认为原因可能是：灯丝电阻随温度的升高而增大。

【解析】【分析】（1）两只新灯泡还未使用过，它们灯丝的横截面积比正在使用的灯泡大而电阻小。根据 可知，如果小柯的猜想正确，那么这两个灯泡的亮度应该大于使用中的灯泡，而实际亮度却基本相同，这说明小科的看法错误。
（2）根据小华的猜想可知，电路负荷变大，灯泡变暗，如果他的猜想正确，那么电路负荷减小后，灯泡的亮度应该增大，据此设计实验进行验证即可。
【解答】（1）他在爸爸的指导下用新的相同规格的灯泡替代原来的灯泡，观察到新的灯泡亮度与原来的那只灯泡亮度基本一样，说明小科的猜想是错误的。
（2）简要做法：关闭家里的空调等大功率用电器，观察台灯亮度是否变化；
判断方法：若台灯亮度变亮，则小华的猜想是正确的；若台灯亮度不变，则小华的猜想是错误的。
【解析】【分析】（1）根据并联电路电压的特点分析解答。
（2）电阻产生热量被煤油吸收，煤油的温度会升高。当煤油的质量和初温相同时，煤油的温度越高，则说明电阻产生的热量越多。
（3）根据Q=cm△t可知，只有煤油的质量和初温相同时，它的温度越高，则吸收的热量越多，据此分析；
（4）首先比较电阻丝的电阻大小，然后根据焦耳定律确定放出热量的多少。
【解答】（1）为了保证电压相等，可以将两段电阻丝并联，如下图所示：

（2）电流产生热量的多少不易直接测量，因此在这个实验中是通过温度计示数的变化显示电流产生热量的多少。
（3）在这个实验中，除了控制电压一定外，还要控制的量有：煤油质量相同、初温相同或通电时间长短相同。
（4）电阻丝的长度和粗细都相同，则铜丝的电阻小于镍铬合金丝的电阻。根据可知，在相同时间内，甲（铜丝）产生的热量较多。
【解析】【分析】（1）根据表格确定电压表的示数变化方向，然后根据U=IR分析电流表的示数变化方向，再根据“电流与电阻的反比关系”确定电阻的变化方向，从而确定滑片的移动方向。
（2）根据乙图确定电流表的量程和分度值，然后根据电流值确定指针的位置；
（3）根据P变=P总-PL分析变阻器的电功率大小变化。
【解答】（1）根据表格可知，要获得实验3的数据，电压表的示数要增大，根据U=IR可知，通过电路的电流要增大，根据“电流与电阻的反比关系”可知，电路的总电阻要减小；根据R总=R变+RL可知，变阻器的阻值要减小，即滑片向左移动到最左端。
（2）灯泡正常发光时，通过灯泡的额定电流为：
根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则电流表的指针应该对准0.2，如下图所示：

（3）根据图丙可知，当电流相等时，图像的纵坐标表示对应的总功率和灯泡的功率，根据P变=P总-PL可知，两个点之间的纵坐标的差就是对应的变阻器的电功率。因为这个差值先变大后变小到零，所以滑动变阻器的功率变化为：先变大后减小到零。
【解析】【分析】（1）首先根据公式W=UIt计算出蓄电池储藏的能量，再根据公式计算机器人持续正常工作的时间。
（2）首先根据W阻=W电能×10%×40%计算出机器人克服阻力做的功，再根据计算机器人充电时到充电座的最远距离。
【解析】【分析】（1）没有秤量物体时，压力传感器受到的压力为0，由表格数据可知压力传感器的电阻，根据 求出R消耗的电功率；
（2）当重300牛的学生站在踏板上时，根据杠杆的平衡条件求出压力传感器受到的压力.由表格数据可知，当压力增大50N时压力传感器的电阻减小3N，据此求出此时对应的电阻，利用欧姆定律求出通过压力传感器R的电流；
（3）电子秤的电池使用较长时间后，电源电压会降低，会造成电路中的电流变小，根据欧姆定律可知，压力传感器的电阻变大，要想减小压力传感器的电阻，应增大压力，根据杠杆的平衡条件判断踏板触点移动的方向。
【解答】（3）电子秤的电池使用较长时间后，电源电压会降低，会造成电路中的电流变小，
根据欧姆定律可知，压力传感器的电阻变大。要想减小压力传感器的电阻，应增大压力，
根据杠杆平衡条件可知，应把踏板触点B向左或A方向移动。
【解析】【分析】（1）根据图乙可知，样品与定值电阻R串联，电压表测R的电压。首先根据计算出通过电路的电流，再根据 计算出总电阻，根据 R垃圾=R总- R 计算出垃圾的电阻，最后与表格对照确定垃圾的种类即可。
（2）根据电功的计算式W=UIt计算出检测电路消耗的电能；
（3）根据W=Fs=Gh计算出机器人对垃圾所做的功。
【解析】【分析】（1）根据电压表的使用规范完成实物图的补充。
（2）在测量灯泡电功率的实验中，如果小灯泡断路，那么电压表串联在电路中。由于它的内阻很大，所以通过电流表的电流很小，则电流表的示数几乎为零。根据“串联电路中电压与电阻成正比”可知，电压表几乎分得全部电压，示数接近6V。
（3）根据电压表的示数大小确定电路电流的大小变化，再根据“电流与电阻的反比关系”确定变阻器的阻值变化，最终确定变阻器的滑片移动方向。
（4）根据公式以及灯丝电阻随温度的变化规律分析解答。
（5）首先根据乙图确定灯泡正常发光时的额定电流，然后根据U变=U总-UL计算出变阻器两端的电压，最后根据 P变=U变I变计算出变阻器的电功率。
【解答】（1）在测定小灯泡电功率的实验中，电压表应该与灯泡并联。因为2.5VP2；
则前者为低温，后者为高温；
那么电热桌垫处于高温档，开关S1闭合，S2闭合。