高中数学人教B版 (2019)必修 第二册6.2.3 平面向量的坐标及其运算导学案

这是一份高中数学人教B版 (2019)必修 第二册6.2.3 平面向量的坐标及其运算导学案，共16页。学案主要包含了第一学时，学习过程，第二学时，第三学时等内容，欢迎下载使用。

【第一学时】
【学习过程】
一、问题导学
预习教材内容，思考以下问题：
1．基底中两个向量可以共线吗？
2．平面向量基本定理的内容是什么？
二、合作探究
1．平面向量基本定理的理解
例1：设e1，e2是不共线的两个向量，给出下列四组向量：
①e1与e1＋e2；②e1－2e2与e2－2e1；③e1－2e2与4e2－2e1；④e1＋e2与e1－e2．
其中，不能作为平面内所有向量的一组基底的是________（写出满足条件的序号）．
解析：①设e1＋e2＝λe1，则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(λ＝1，,1＝0，))无解，
所以e1＋e2与e1不共线，即e1与e1＋e2能作为一组基底．
②设e1－2e2＝λ（e2－2e1），则（1＋2λ）e1－（2＋λ）e2＝0，
则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1＋2λ＝0，,2＋λ＝0，))无解，所以e1－2e2与e2－2e1不共线，即e1－2e2与e2－2e1能作为一组基底．
③因为e1－2e2＝－eq \f(1,2)（4e2－2e1），
所以e1－2e2与4e2－2e1共线，
即e1－2e2与4e2－2e1不能作为一组基底．
④设e1＋e2＝λ（e1－e2），则（1－λ）e1＋（1＋λ）e2＝0，则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1－λ＝0，,1＋λ＝0，))无解，所以e1＋e2与e1－e2不共线，即e1＋e2与e1－e2能作为一组基底．
答案：③
2．用基底表示平面向量
例2：如图所示，在▱ABCD中，点E，F分别为BC，DC边上的中点，DE与BF交于点G，若eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AD,\s\up6(→))＝b，试用基底{a，b}表示向量eq \(DE,\s\up6(→))，eq \(BF,\s\up6(→))．
解：eq \(DE,\s\up6(→))＝eq \(DA,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BE,\s\up6(→))
＝－eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,2)eq \(BC,\s\up6(→))
＝－eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(1,2)eq \(AD,\s\up6(→))＝a－eq \f(1,2)b．
eq \(BF,\s\up6(→))＝eq \(BA,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \(DF,\s\up6(→))
＝－eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＋eq \f(1,2)eq \(AB,\s\up6(→))＝b－eq \f(1,2)a．
互动探究：
（1）变问法：本例条件不变，试用基底{a，b}表示eq \(AG,\s\up6(→))．
解：由平面几何知识知BG＝eq \f(2,3)BF，
故eq \(AG,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BG,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(BF,\s\up6(→))
＝a＋eq \f(2,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(b－\f(1,2)a))
＝a＋eq \f(2,3)b－eq \f(1,3)a＝eq \f(2,3)a＋eq \f(2,3)b．
（2）变条件：若将本例中的向量“eq \(AB,\s\up6(→))，eq \(AD,\s\up6(→))”换为“eq \(CE,\s\up6(→))，eq \(CF,\s\up6(→))”，即若eq \(CE,\s\up6(→))＝a，eq \(CF,\s\up6(→))＝b，试用基底{a，b}表示向量eq \(DE,\s\up6(→))，eq \(BF,\s\up6(→))．
解：eq \(DE,\s\up6(→))＝eq \(DC,\s\up6(→))＋eq \(CE,\s\up6(→))＝2eq \(FC,\s\up6(→))＋eq \(CE,\s\up6(→))＝－2eq \(CF,\s\up6(→))＋eq \(CE,\s\up6(→))＝－2b＋a．
eq \(BF,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CF,\s\up6(→))＝2eq \(EC,\s\up6(→))＋eq \(CF,\s\up6(→))
＝－2eq \(CE,\s\up6(→))＋eq \(CF,\s\up6(→))＝－2a＋b．
3．平面向量基本定理的应用
例3：如图，在△ABC中，点M是BC的中点，点N在AC上，且AN＝2NC，AM与BN相交于点P，求AP∶PM与BP∶PN．
解：设eq \(BM,\s\up6(→))＝e1，eq \(CN,\s\up6(→))＝e2，
则eq \(AM,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))＋eq \(CM,\s\up6(→))＝－3e2－e1，eq \(BN,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CN,\s\up6(→))＝2e1＋e2．
因为A，P，M和B，P，N分别共线，
所以存在实数λ，μ使得eq \(AP,\s\up6(→))＝λeq \(AM,\s\up6(→))＝－λe1－3λe2，
eq \(BP,\s\up6(→))＝μeq \(BN,\s\up6(→))＝2μe1＋μe2．
故eq \(BA,\s\up6(→))＝eq \(BP,\s\up6(→))＋eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \(BP,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→))＝（λ＋2μ）e1＋（3λ＋μ）e2．
而eq \(BA,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CA,\s\up6(→))＝2e1＋3e2，由平面向量基本定理，
得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(λ＋2μ＝2，,3λ＋μ＝3，))
解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(λ＝\f(4,5)，,μ＝\f(3,5).))
所以eq \(AP,\s\up6(→))＝eq \f(4,5)eq \(AM,\s\up6(→))，eq \(BP,\s\up6(→))＝eq \f(3,5)eq \(BN,\s\up6(→))，
所以AP∶PM＝4∶1，BP∶PN＝3∶2．
互动探究：
1．变问法：在本例条件下，若eq \(CM,\s\up6(→))＝a，eq \(CN,\s\up6(→))＝b，试用a，b表示eq \(CP,\s\up6(→))．
解：由本例解析知BP∶PN＝3∶2，则eq \(NP,\s\up6(→))＝eq \f(2,5)eq \(NB,\s\up6(→))，
eq \(CP,\s\up6(→))＝eq \(CN,\s\up6(→))＋eq \(NP,\s\up6(→))＝eq \(CN,\s\up6(→))＋eq \f(2,5)eq \(NB,\s\up6(→))＝b＋eq \f(2,5)（eq \(CB,\s\up6(→))－eq \(CN,\s\up6(→))）
＝b＋eq \f(4,5)a－eq \f(2,5)b＝eq \f(3,5)b＋eq \f(4,5)a．
2．变条件：若本例中的点N为AC的中点，其他条件不变，求AP∶PM与BP∶PN．
解：如图，设eq \(BM,\s\up6(→))＝e1，eq \(CN,\s\up6(→))＝e2，
则eq \(AM,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))＋eq \(CM,\s\up6(→))＝－2e2－e1，eq \(BN,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CN,\s\up6(→))＝2e1＋e2．
因为A，P，M和B，P，N分别共线，
所以存在实数λ，μ使得eq \(AP,\s\up6(→))＝λeq \(AM,\s\up6(→))＝－λe1－2λe2，
eq \(BP,\s\up6(→))＝μeq \(BN,\s\up6(→))＝2μe1＋μe2．
故eq \(BA,\s\up6(→))＝eq \(BP,\s\up6(→))＋eq \(PA,\s\up6(→))＝eq \(BP,\s\up6(→))－eq \(AP,\s\up6(→))＝（λ＋2μ）e1＋（2λ＋μ）e2．
而eq \(BA,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(CA,\s\up6(→))＝2e1＋2e2，由平面向量基本定理，
得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(λ＋2μ＝2，,2λ＋μ＝2，))
解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(λ＝\f(2,3)，,μ＝\f(2,3).))
所以eq \(AP,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(AM,\s\up6(→))，eq \(BP,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(BN,\s\up6(→))，
所以AP∶PM＝2，BP∶PN＝2．
三、学习小结
平面向量基本定理
四、精炼反馈
1．如图在矩形ABCD中，若eq \(BC,\s\up6(→))＝5e1，eq \(DC,\s\up6(→))＝3e2，则eq \(OC,\s\up6(→))＝（ ）
A．eq \f(1,2)（5e1＋3e2）B．eq \f(1,2)（5e1－3e2）
C．eq \f(1,2)（3e2－5e1）D．eq \f(1,2)（5e2－3e1）
解析：选A．eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)（eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(AB,\s\up6(→))）
＝eq \f(1,2)（eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \(DC,\s\up6(→))）＝eq \f(1,2)（5e1＋3e2）．
2．已知非零向量eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))不共线，且2eq \(OP,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，若eq \(PA,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))（λ∈R），则x，y满足的关系是（ ）
A．x＋y－2＝0B．2x＋y－1＝0
C．x＋2y－2＝0D．2x＋y－2＝0
解析：选A．由eq \(PA,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))，得eq \(OA,\s\up6(→))－eq \(OP,\s\up6(→))＝λ（eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))），即eq \(OP,\s\up6(→))＝（1＋λ）eq \(OA,\s\up6(→))－λeq \(OB,\s\up6(→))．又2eq \(OP,\s\up6(→))＝xeq \(OA,\s\up6(→))＋yeq \(OB,\s\up6(→))，所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝2＋2λ，,y＝－2λ，))消去λ得x＋y＝2．
3．如图，在平行四边形ABCD中，设eq \(AC,\s\up6(→))＝a，eq \(BD,\s\up6(→))＝b，试用基底{a，b}表示eq \(AB,\s\up6(→))，eq \(BC,\s\up6(→))．
解：法一：设AC，BD交于点O，则有eq \(AO,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)a，eq \(BO,\s\up6(→))＝eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)b．
所以eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(AO,\s\up6(→))＋eq \(OB,\s\up6(→))＝eq \(AO,\s\up6(→))－eq \(BO,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)a－eq \f(1,2)b，
eq \(BC,\s\up6(→))＝eq \(BO,\s\up6(→))＋eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b．
法二：设eq \(AB,\s\up6(→))＝x，eq \(BC,\s\up6(→))＝y，则eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \(BC,\s\up6(→))＝y，
又eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(\（AB,\s\up6（→))＋\(BC,\s\up6(→))＝\(AC,\s\up6(→))，,\(AD,\s\up6(→))－\(AB,\s\up6(→))＝\(BD,\s\up6(→))，))
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＋y＝a，,y－x＝b，))解得x＝eq \f(1,2)a－eq \f(1,2)b，y＝eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b，
即eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)a－eq \f(1,2)b，eq \(BC,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)a＋eq \f(1,2)b．
【第二学时】
【学习过程】
一、问题导学
预习教材内容，思考以下问题：
1．怎样分解一个向量才为正交分解？
2．如何求两个向量和、差的向量的坐标？
3．一个向量的坐标与有向线段的起点和终点坐标之间有什么关系？
4．若a＝（x，y），则λa的坐标是什么？
二、合作探究
1．平面向量的坐标表示
例1：已知O是坐标原点，点A在第一象限，|eq \(OA,\s\up6(→))|＝4eq \r(3)，∠xOA＝60°，
（1）求向量eq \(OA,\s\up6(→))的坐标；
（2）若B（eq \r(3)，－1），求eq \(BA,\s\up6(→))的坐标．
解：（1）设点A（x，y），则x＝|eq \(OA,\s\up6(→))|cs 60°＝4eq \r(3)cs 60°＝2eq \r(3)，y＝|eq \(OA,\s\up6(→))|sin 60°＝4eq \r(3)sin 60°＝6，
即A（2eq \r(3)，6），所以eq \(OA,\s\up6(→))＝（2eq \r(3)，6）．
（2）eq \(BA,\s\up6(→))＝（2eq \r(3)，6）－（eq \r(3)，－1）＝（eq \r(3)，7）．
2．平面向量的坐标运算
例2：（1）已知向量a＝（5，2），b＝（－4，－3），若c满足3a－2b＋c＝0，则c＝（ ）
A．（－23，－12）B．（23，12）
C．（7，0）D．（－7，0）
（2）已知A（－2，4），B（3，－1），C（－3，－4），且eq \(CM,\s\up6(→))＝3eq \(CA,\s\up6(→))，eq \(CN,\s\up6(→))＝2eq \(CB,\s\up6(→))，求点M，N的坐标．
解：（1）选A．因为a＝（5，2），b＝（－4，－3），且c满足3a－2b＋c＝0，所以c＝2b－3a＝2（－4，－3）－3（5，2）＝（－8－15，－6－6）＝（－23，－12）．
（2）法一：因为A（－2，4），B（3，－1），C（－3，－4），
所以eq \(CA,\s\up6(→))＝（－2，4）－（－3，－4）＝（1，8），
eq \(CB,\s\up6(→))＝（3，－1）－（－3，－4）＝（6，3）．
因为eq \(CM,\s\up6(→))＝3 eq \(CA,\s\up6(→))，eq \(CN,\s\up6(→))＝2 eq \(CB,\s\up6(→))，
所以eq \(CM,\s\up6(→))＝3（1，8）＝（3，24），eq \(CN,\s\up6(→))＝2（6，3）＝（12，6）．
设M（x1，y1），N（x2，y2），
所以eq \(CM,\s\up6(→))＝（x1＋3，y1＋4）＝（3，24），
eq \(CN,\s\up6(→))＝（x2＋3，y2＋4）＝（12，6），
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x1＋3＝3，,y1＋4＝24，))eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x2＋3＝12，,y2＋4＝6.))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x1＝0，,y1＝20，))eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x2＝9，,y2＝2.))
所以M（0，20），N（9，2）．
法二：设O为坐标原点，则由eq \(CM,\s\up6(→))＝3 eq \(CA,\s\up6(→))，eq \(CN,\s\up6(→))＝2 eq \(CB,\s\up6(→))，
可得eq \(OM,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))＝3（eq \(OA,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))），eq \(ON,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))＝2（eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))），
所以eq \(OM,\s\up6(→))＝3 eq \(OA,\s\up6(→))－2 eq \(OC,\s\up6(→))，eq \(ON,\s\up6(→))＝2 eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))．
所以eq \(OM,\s\up6(→))＝3（－2，4）－2（－3，－4）＝（0，20），
eq \(ON,\s\up6(→))＝2（3，－1）－（－3，－4）＝（9，2）．
所以M（0，20），N（9，2）．
3．向量坐标运算的综合应用
例3：已知点O（0，0），A（1，2），B（4，5），及eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(AB,\s\up6(→))．
（1）t为何值时，点P在x轴上？点P在y轴上？点P在第二象限？
（2）四边形OABP能为平行四边形吗？若能，求出t的值；若不能，请说明理由．
解：（1）eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(AB,\s\up6(→))＝（1，2）＋t（3，3）
＝（1＋3t，2＋3t）．若点P在x轴上，则2＋3t＝0，所以t＝－eq \f(2,3)．
若点P在y轴上，则1＋3t＝0，所以t＝－eq \f(1,3)．
若点P在第二象限，则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1＋3t＜0，,2＋3t＞0，))
所以－eq \f(2,3)＜t＜－eq \f(1,3)．
（2）eq \(OA,\s\up6(→))＝（1，2），eq \(PB,\s\up6(→))＝（3－3t，3－3t）．若四边形OABP为平行四边形，
则eq \(OA,\s\up6(→))＝eq \(PB,\s\up6(→))，所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(3－3t＝1，,3－3t＝2，))该方程组无解．
故四边形OABP不能为平行四边形．
互动探究：
变问法：若保持本例条件不变，问t为何值时，B为线段AP的中点？
解：由eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(AB,\s\up6(→))，得eq \(AP,\s\up6(→))＝teq \(AB,\s\up6(→))．
所以当t＝2时，eq \(AP,\s\up6(→))＝2eq \(AB,\s\up6(→))，B为线段AP的中点．
4．向量共线的判定
（1）已知向量a＝（1，－2），b＝（3，4）．若（3a－b）∥（a＋kb），则k＝________．
（2）已知A（－1，－1），B（1，3），C（2，5），判断eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))是否共线？如果共线，它们的方向相同还是相反？
解：（1）3a－b＝（0，－10），a＋kb＝（1＋3k，－2＋4k），
因为（3a－b）∥（a＋kb），所以0－（－10－30k）＝0，
所以k＝－eq \f(1,3)．故填－eq \f(1,3)．
（2）因为eq \(AB,\s\up6(→))＝（1－（－1），3－（－1））＝（2，4），
eq \(AC,\s\up6(→))＝（2－（－1），5－（－1））＝（3，6），
因为2×6－3×4＝0，
所以eq \(AB,\s\up6(→))∥eq \(AC,\s\up6(→))，所以eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))共线．
又eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(AC,\s\up6(→))，所以eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))的方向相同．
互动探究：
变问法：若本例（1）条件不变，判断向量（3a－b）与（a＋kb）是反向还是同向？
解：由向量（3a－b）与（a＋kb）共线，得k＝－eq \f(1,3)，
所以3a－b＝（3，－6）－（3，4）＝（0，－10），
a＋kb＝a－eq \f(1,3)b＝（1，－2）－eq \f(1,3)（3，4）
＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，－\f(10,3)))＝eq \f(1,3)（0，－10），
所以向量（3a－b）与（a＋kb）同向．
5．三点共线问题
（1）已知eq \(OA,\s\up6(→))＝（3，4），eq \(OB,\s\up6(→))＝（7，12），eq \(OC,\s\up6(→))＝（9，16），求证：点A，B，C共线；
（2）设向量eq \(OA,\s\up6(→))＝（k，12），eq \(OB,\s\up6(→))＝（4，5），eq \(OC,\s\up6(→))＝（10，k），求当k为何值时，A，B，C三点共线．
解：（1）证明：由题意知eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（4，8），
eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（6，12），所以eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(3,2)eq \(AB,\s\up6(→))，
即eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))共线．
又因为eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))有公共点A，所以点A，B，C共线．
（2）法一：因为A，B，C三点共线，即eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))共线，
所以存在实数λ（λ∈R），使得eq \(AB,\s\up6(→))＝λeq \(AC,\s\up6(→))．
因为eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（4－k，－7），eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（10－k，k－12），
所以（4－k，－7）＝λ（10－k，k－12），
即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(4－k＝λ（10－k），,－7＝λ（k－12），))解得k＝－2或k＝11．
所以当k＝－2或k＝11时，A，B，C三点共线．
法二：由已知得eq \(AB,\s\up6(→))与eq \(AC,\s\up6(→))共线，
因为eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（4－k，－7），eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝（10－k，k－12），
所以（4－k）（k－12）＋7（10－k）＝0，
所以k2－9k－22＝0，解得k＝－2或k＝11．
所以当k＝－2或k＝11时，A，B，C三点共线．
6．向量共线的应用
如图所示，在△AOB中，A（0，5），O（0，0），B（4，3），eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,4)eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→))，AD与BC相交于点M，求点M的坐标．
解：因为eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,4)eq \(OA,\s\up6(→))＝eq \f(1,4)（0，5）＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(5,4)))，
所以Ceq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(5,4)))．
因为eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)（4，3）＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，\f(3,2)))，
所以Deq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，\f(3,2)))．
设M（x，y），则eq \(AM,\s\up6(→))＝（x，y－5），
eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2－0，\f(3,2)－5))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，－\f(7,2)))．
因为eq \(AM,\s\up6(→))∥eq \(AD,\s\up6(→))，
所以－eq \f(7,2)x－2（y－5）＝0，
即7x＋4y＝20．①
又eq \(CM,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x，y－\f(5,4)))，eq \(CB,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(4，\f(7,4)))，
因为eq \(CM,\s\up6(→))∥eq \(CB,\s\up6(→))，所以eq \f(7,4)x－4eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(y－\f(5,4)))＝0，
即7x－16y＝－20．②
联立①②解得x＝eq \f(12,7)，y＝2，故点M的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(12,7)，2))．
三、学习小结
1．平面向量坐标的相关概念
2．平面向量的坐标运算
（1）若a＝（x1，y1），b＝（x2，y2），λ∈R，则
①a＋b＝（x1＋x2，y1＋y2）；
②a－b＝（x1－x2，y1－y2）；
③λa＝（λx1，λy1）．
（2）一个向量的坐标等于表示此向量的有向线段的终点坐标减去起点坐标．
3．两向量共线的充要条件
设a＝（x1，y1），b＝（x2，y2），其中b≠0．则a，b（b≠0）共线的充要条件是x1y2－x2y1＝0．
四、精炼反馈
1．已知向量a＝（2，4），b＝（－1，1），则2a－b＝（ ）
A．（5，7）
B．（5，9）
C．（3，7）
D．（3，9）
答案：A
2．已知A（－1，－2），B（2，3），C（－2，0），D（x，y），且eq \(AC,\s\up6(→))＝2eq \(BD,\s\up6(→))，则x＋y＝________．
解析：因为eq \(AC,\s\up6(→))＝（－2，0）－（－1，－2）＝（－1，2），eq \(BD,\s\up6(→))＝（x，y）－（2，3）＝（x－2，y－3），又2eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(AC,\s\up6(→))，即（2x－4，2y－6）＝（－1，2），
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x－4＝－1，,2y－6＝2，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝\f(3,2)，,y＝4，))所以x＋y＝eq \f(11,2)．
答案：eq \f(11,2)
3．已知点B（1，0）是向量a的终点，向量b，c均以原点O为起点，且b＝（－3，4），c＝（－1，1）与a的关系为a＝3b－2c，求向量a的起点坐标．
解：a＝3b－2c＝3（－3，4）－2（－1，1）＝（－7，10），
设a的起点为A（x，y），
则a＝eq \(AB,\s\up6(→))＝（1－x，－y），
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1－x＝－7，,－y＝10，))
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝8，,y＝－10，))
所以A（8，－10）．
即a的起点坐标为（8，－10）．
4．已知向量a＝（1，－2），b＝（m，4），且a∥b，那么2a－b＝（ ）
A．（4，0）B．（0，4）
C．（4，－8）D．（－4，8）
解析：选C．因为向量a＝（1，－2），b＝（m，4），且a∥b，所以1×4＝（－2）×m，所以m＝－2，所以2a－b＝（2－m，－4－4）＝（4，－8）．
5．若三点A（4，3），B（5，m），C（6，n）在一条直线上，则下列式子一定正确的是（ ）
A．2m－n＝3B．n－m＝1
C．m＝3，n＝5D．m－2n＝3
解析：选A．因为三点A（4，3），B（5，m），C（6，n）在一条直线上，所以eq \(AB,\s\up6(→))＝λeq \(AC,\s\up6(→))，所以（1，m－3）＝λ（2，n－3），所以λ＝eq \f(1,2)，所以m－3＝eq \f(1,2)（n－3），即2m－n＝3．
6．平面内给定三个向量a＝（3，2），b＝（－1，2），c＝（4，1）．
（1）求满足a＝mb＋nc的实数m，n的值；
（2）若（a＋kc）∥（2b－a），求实数k的值．
解：（1）因为a＝mb＋nc，所以（3，2）＝m（－1，2）＋n（4，1）＝（－m＋4n，2m＋n）．
所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(－m＋4n＝3，,2m＋n＝2，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(m＝\f(5,9)，,n＝\f(8,9).))
（2）因为（a＋kc）∥（2b－a），
又a＋kc＝（3＋4k，2＋k），2b－a＝（－5，2），
所以2×（3＋4k）－（－5）×（2＋k）＝0．
所以k＝－eq \f(16,13)．
【第三学时】
【学习过程】
一、问题导学
预习教材内容，思考以下问题：
1．平面向量数量积的坐标表示是什么？
2．如何用坐标表示向量的模、夹角和垂直？
二、合作探究
1．数量积的坐标运算
例1：已知向量a＝（1，－1），b＝（－1，2），则（2a＋b）·a＝（ ）
A．－1B．0
C．1D．2
解析：因为a＝（1，－1），b＝（－1，2），
所以（2a＋b）·a＝（1，0）·（1，－1）＝1．
答案：C
2．平面向量的模
例2：（1）设平面向量a＝（1，2），b＝（－2，y），若a∥b则|3a＋b|等于（ ）
A．eq \r(5)B．eq \r(6)
C．eq \r(17)D．eq \r(26)
（2）已知|a|＝2eq \r(13)，b＝（2，－3），若a⊥b，求a＋b的坐标及|a＋b|．
解：（1）选A．因为a∥b，所以1×y－2×（－2）＝0，
解得y＝－4，从而3a＋b＝（1，2），|3a＋b|＝eq \r(5)．
（2）设a＝（x，y），
则由|a|＝2eq \r(13)，得x2＋y2＝52．①
由a⊥b，解得2x－3y＝0．②
联立①②，解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝6，,y＝4))或eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝－6，,y＝－4.))
所以a＝（6，4）或a＝（－6，－4）．
所以a＋b＝（8，1）或a＋b＝（－4，－7），
所以|a＋b|＝eq \r(65)．
3．平面向量的夹角（垂直）
例3：已知a＝（4，3），b＝（－1，2）．
（1）求a与b夹角的余弦值；
（2）若（a－λb）⊥（2a＋b），求实数λ的值．
解：（1）因为a·b＝4×（－1）＋3×2＝2，
|a|＝eq \r(42＋32)＝5，|b|＝eq \r(（－1）2＋22)＝eq \r(5)，设a与b的夹角为θ，所以cs θ＝eq \f(a·b,|a||b|)＝eq \f(2,5\r(5))＝eq \f(2\r(5),25)．
（2）因为a－λb＝（4＋λ，3－2λ），2a＋b＝（7，8），
又（a－λb）⊥（2a＋b），
所以7（4＋λ）＋8（3－2λ）＝0，所以λ＝eq \f(52,9)．
三、学习小结
1．平面向量数量积的坐标表示
已知a＝（x1，y1），b＝（x2，y2），则a·b＝x1x2＋y1y2．
即两个向量的数量积等于它们对应坐标的乘积的和．
2．两个公式、一个充要条件
（1）向量的模长公式：若a＝（x，y），则|a|＝eq \r(x2＋y2)．
（2）向量的夹角公式：设a，b都是非零向量，a＝（x1，y1），b＝（x2，y2），θ是a与b的夹角，则cs θ＝eq \f(a·b,|a||b|)＝eq \f(x1x2＋y1y2,\r(xeq \\al(2,1)＋yeq \\al(2,1))\r(xeq \\al(2,2)＋yeq \\al(2,2)))．
（3）两个向量垂直的充要条件
设非零向量a＝（x1，y1），b＝（x2，y2），则a⊥b⇔x1x2＋y1y2＝0．
四、精炼反馈
1．已知向量a＝（2，0），a－b＝（3，1），则下列结论正确的是（ ）
A．a·b＝2B．a∥b
C．b⊥（a＋b）D．|a|＝|b|
解析：选C．因为向量a＝（2，0），a－b＝（3，1），设b＝（x，y），则eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2－x＝3，,0－y＝1，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝－1，,y＝－1，))所以b＝（－1，－1），a＋b＝（1，－1），b·（a＋b）＝－1×1＋（－1）×（－1）＝0，所以b⊥（a＋b）．
2．在平面直角坐标系xOy中，已知四边形ABCD是平行四边形，eq \(AB,\s\up6(→))＝（1，－2），eq \(AD,\s\up6(→))＝（2，1），则eq \(AD,\s\up6(→))·eq \(AC,\s\up6(→))＝________．
解析：由四边形ABCD为平行四边形，知eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(AD,\s\up6(→))＝（3，－1），故eq \(AD,\s\up6(→))·eq \(AC,\s\up6(→))＝（2，1）·（3，－1）＝5．
答案：5
3．已知a＝（1，eq \r(3)），b＝（2，m）．
（1）当3a－2b与a垂直时，求m的值；
（2）当a与b的夹角为120°时，求m的值．
解：（1）由题意得3a－2b＝（－1，3eq \r(3)－2m），
由3a－2b与a垂直，得－1＋9－2eq \r(3)m＝0，
所以m＝eq \f(4\r(3),3)．
（2）由题意得|a|＝2，|b|＝eq \r(m2＋4)，a·b＝2＋eq \r(3)m，
所以cs 120°＝eq \f(a·b,|a|·|b|)＝eq \f(2＋\r(3)m,2\r(m2＋4))＝－eq \f(1,2)，
整理得2＋eq \r(3)m＋eq \r(m2＋4)＝0，
化简得m2＋2eq \r(3)m＝0，
解得m＝－2eq \r(3)或m＝0（舍去）．
所以m＝－2eq \r(3)．学习重难点
学习目标
核心素养
平面向量基本定理
理解平面向量基本定理及其意义，了解向量基底的含义
数学抽象
平面向量基本定理的应用
掌握平面向量基本定理，会用基底表示平面向量
数学抽象、数学运算
条件
e1，e2是同一平面内的两个不共线向量
结论
对于这一平面内的任一向量a，有且只有一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2
基底
若e1，e2不共线，把{e1，e2}叫做表示这一平面内所有向量的一个基底
学习重难点
学习目标
核心素养
平面向量的坐标表示
理解向量正交分解以及坐标表示的意义
数学抽象、直观想象
平面向量加、减运算的坐标表示
掌握两个向量的和、差及向量数乘的坐标运算法则
数学运算
平面向量数乘运算的坐标表示
理解坐标表示的平面向量共线的条件，并会解决向量共线问题
数学运算、逻辑推理
学习重难点
学习目标
核心素养
平面向量数量积的坐标表示
掌握平面向量数量积的坐标表示，
会用向量的坐标形式求数量积
数学运算
平面向量的模与夹角的坐标表示
能根据向量的坐标计算向量的模、
夹角及判定两个向量垂直
数学运算、逻辑推理