2021衡阳八中高一下学期期末考试物理PDF版含答案（可编辑）

衡阳市八中2020级高一年度过关考试试题

物  理

参考答案

11．大于    A    B

12．B    3mg-2mgsinθ    多次测量取平均值 (或者是减小空气阻力的影响、减小小球体积、增大其密度等）。

13．（1）E＝mgtan37°/q(2) 3 m/s2，方向沿斜面向下(3) 6 m/s.

14．(1）(2）(3）

15．（1）10N，m/s；（2）R；（3）1.0m≤l＜1.5m或 l≤0.25m

1．C

【解析】电场中某点的场强E与F和q无关，选项①错误；E=式中q是放入电场中的点电荷的电量，F是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E是该点的电场强度，选项②正确，③错误；

在库仑定律的表达式F=中，可以把看做是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小，选项④正确；故选C．

2．C

【解析】

【分析】

对飞鸟分析,根据动量定理直接列式求出撞击过程中的平均作用力大小.

【详解】

飞鸟在极短时间内加速,以飞机运动方向为正方向,根据动量定理,有:

故C对；ABD错误；

故选C

3．C

【详解】

ABC．由

可知，将等式变形为

由图像的两个交点可得

机动车做初速度为，加速度为8的匀减速运动，故AB错误C正确；

D ．由

可判断，机动车在2.5s时停止运动，由

则机动车在前3秒的位移

故D错误。

故选C。

4．C

【详解】

A．对物体P受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故绳子的拉力等于物体P的重力；当用平行斜面向上的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，故绳子的拉力仍然等于物体P的重力，轻绳上拉力一定不变，即轻绳对Q的拉力大小不变，故A错误；

B．斜面对Q的支持力等于重力的垂直分力，当用平行于斜面向上的恒力推Q时，由于推力没有垂直斜面的分力，则三角形斜块对Q的支持力不变，故B错误；

C．对物体Q受力分析，受重力、拉力、支持力，可能有静摩擦力，当静摩擦力沿斜面向上时，有

当用水平向左的恒力推Q时，静摩擦力f会减小，也可能摩擦力大小不变，方向相反；故C正确；

D．对整体受力分析，开始时受重力和支持力，二力平衡；施加推力后，推力有竖直向上的分力，则地面对三角形斜块的支持力变小.

5．B

【详解】

A．此过程中物体的重力势能增加了，A正确；

BD．由牛顿第二定律可得

解得

所以物体克服摩擦力做的功为

机械能损失了，B错误，D正确；

C．物体在运动过程中合外力做的总功为

所以其动能损失了，C正确。

6．D

【详解】

下降过程为自由落体运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得

v2=2gh

解得触地时两球速度相同，为

m2碰撞地之后，速度瞬间反向，大小相等，选m1与m2碰撞过程为研究过程，碰撞前后动量守恒，设碰后m1、m2速度大小分别为v1、v2，选向上方向为正方向，由动量守恒定律得：

m2v-m1v=m1v1+m2v2

由能量守恒定律得

由题可知

m2=3m1

联立解得

反弹后高度为

故D正确，ABC错误。
故选D。

7．AC

【详解】

A．炮弹在最高点竖直方向上的速度为零，水平方向上的速度不为零，为水平向右，故A正确；

B．若在最高点炮弹只受重力作用，则炮弹的加速度方向竖直向下，而在实线中，炮弹在最高点不仅受重力作用，还受空气阻力（水平方向上的阻力与水平速度方向相反）作用，故合力不是竖直向下，则加速度也不是竖直向下，故B错误；

C．由于空气阻力恒做负功，根据动能定理可知经过a点时的速度大于经过c点时的速度，故C正确；

D．从O到b的过程中，在竖直方向上，受到重力和阻力在竖直向下的分力，根据牛顿第二定律有

解得

在从b到d的过程中，在竖直方向，受到向下的重力和阻力在竖直向上的分力，根据牛顿第二定律有

解得

因，根据运动学公式

可知炮弹由O点运动到b点的时间小于由b点运动到d点的时间，故D错误。

故选AC。

8．BC

【详解】

A．将A、B、C三者视为整体可得

F = 3mgsinθ

再将B、C视为整体，分析其受力可得细绳的拉力为

T = 2mgsinθ

单独对A受力分析有

F = mgsinθ + T

当细绳烧断，细绳不再对A作用，由牛顿第二定律可得

F - mgsinθ = maA

解得：

aA = 2gsinθ

A错误；

B．在细绳未烧断前，B的受力可得：

T = mgsinθ + F弹

又

F弹 = mgsinθ

当细绳烧断的瞬间，T变为0，根据牛顿第二定律可得

maB = F弹 + mgsinθ

联立可得

aB = 2gsinθ

B正确；

C．将A、B视为整体，分析其整体受力，可得

F = 2mgsinθ + F弹

当剪去弹簧时A、B有共同的运动状态，由牛顿第二定律可得：

F - 2mgsinθ = 2maAB

解得：

aAB = gsinθ

C正确；

D．由选项C可知，将A、B视为整体，其整体的受力情况为

F = 2mgsinθ + F弹

在撤去拉力F的瞬间弹簧还来不及变化，故F弹不变，则由牛顿第二定律可得

aAB = gsinθ

在这一过程中A、B共同运动，所以

aA = aAB = gsinθ

D错误。

故选BC。

9．ACD

【详解】

在1轨道和3轨道正常运行时恰好由引力作为向心力，速度、加速度、周期分别满足

1轨道半径小于3轨道半径，故、、，从2轨道的P点要点火加速做离心运动才能到达3轨道，故，可知

卫星在2轨道经过P点和3轨道经过P点到地心距离相同，故，可知

由开普勒第三定律

2轨道半长轴介于1轨道半径及3轨道半径之间，故

ACD正确，B错误。

故选ACD。

10．BC

【详解】

B．由机械能守恒可知，A球的速度最大时，二者的动能最大，此时两球总重力势能最小，B正确；

D．根据题意知无论何时两球的角速度均相同，线速度大小之比均为

vA∶vB＝ω·2l∶ωl＝2∶1

D错误；

AC．当OA与竖直方向的夹角为θ时，由机械能守恒得

mg·2lcos θ－2mg·l（1－sin θ）＝mvA2＋·2mvB2

解得

vA2＝gl（sin θ＋cos θ）－gl

由数学知识知，当θ＝45°时，sin θ＋cos θ有最大值.

A错误，C正确。

故选BC。

11．大于    A    B   

【详解】

（1）[1]为防止碰撞后入射球反弹，实验中质量为的入射小球和质量为的被碰小球B的质量关系是大于。

（2）[2]如果碰撞中系统动量守恒，以水平向右方向为正方向，由动量守恒定律得

m1v1=m1v2+m2v3

小球离开轨道后做平抛运动，因水平位移相同，则有

解得

若满足关系式时，证明、B两小球碰撞过程中动量守恒，故选A。

[3]若碰撞前后系统无机械能损失，则系统由机械能守恒定律，可得表达式为

解得

故选B。

12．B    3mg-2mgsinθ    多次测量取平均值   

【详解】

(1)[1]小球沿轨道下滑过程中，只有重力做功，重力势能转化为小球的动能，根据机械能守恒定律得

mgR（1-sinθ)=mv2

在轨道最低位置处根据牛顿第二定律得

F-mg=m

联立可得

mgR（1-sinθ)= R（F-mg）

整理得

mg（1-sinθ)= （F-mg）

由此可知，要验证小球沿轨道下滑过程中机械能守恒，实验中还必须测量小球的质量。

故选B。

(2)[2]将前面求得表达式

mg（1-sinθ)= （F-mg）

变形可得

F=3mg-2mgsinθ

15．B    3mg-2mgsinθ    多次测量取平均值

(3)[3]为提高实验精确度，可以多次测量取平均值，或者是减小空气阻力的影响（减小小球体积或增大其密度等）。

13．（1）E＝mgtan37°/q(2) 3 m/s2，方向沿斜面向下(3) 6 m/s.

【解析】(1)当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，对小物块受力分析如图所示：

则： ，解得：

(2)当场强变为原来的1/2时，小物块的合外力：

又，所以，方向沿斜面向下．

（3）物块从静止沿斜面下滑距离为6 m的过程由速度位移关系得： ，解得

14．(1）(2）(3）

【详解】

试题分析：（1）对ABC用由动量守恒得，又，则

（2）由A到B，根据能量守恒得，

则

（3）由D点C，滑块CD与物块P的动量守恒且机械能守恒，得

解之得:

考点：动量守恒及能量守恒定律．

15．（1）10N，m/s；（2）R；（3）1.0m≤l＜1.5m或 l≤0.25m

【详解】

（1）A→M过程由动能定理得

﹣mg•2R=mvm2﹣mv2  

在C点由牛顿第二定律得

mg+FN=m  

解得

FN=10N   

由牛顿第三定律知对轨道的压力为0物块A冲上圆形轨道后回到最低点速度为v0=m/s，
与弹簧接触瞬间

可得，物块A与弹簧刚接触时的速度大小

m/s

（2）A被弹簧以原速率v1弹回，向右经过PQ段，有

解得A速度

 v2=2m/s

A滑上圆形轨道，有

（也可以应用 ）

可得，返回到右边轨道的高度为

h=0.2m=R

符合实际。
（3）物块A以v0冲上轨道直到回到PQ段右侧，有

可得，A回到右侧速度

要使A能返回右侧轨道且能沿轨道运动而不脱离轨道，则有：

①若A沿轨道上滑至最大高度h时，速度减为0，则h满足

0＜h≤R

根据机械能守恒

联立可得

1.0m≤l＜1.5m

②若A能沿轨道上滑至最高点，则满足

且

联立得 

l≤0.25m

综上所述，要使A物块能第一次返回圆形轨道并沿轨道运动而不脱离轨道，l满足的条件是

1.0m≤l＜1.5m或 l≤0.25m