2020-2021学年广东省广州市荔湾区高二（下）期末化学试卷

这是一份2020-2021学年广东省广州市荔湾区高二（下）期末化学试卷，共21页。试卷主要包含了9g，0，则其分子式为 ______，【答案】A，【答案】B，【答案】D，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年广东省广州市荔湾区高二（下）期末化学试卷

1. 下列物质不属于高分子化合物的是( )
A. 高级脂肪酸 B. 蛋白质 C. 淀粉 D. 核酸
2. 下列化学用语正确的是( )
A. 聚丙烯的结构简式：
B. 2−乙基−1，3−丁二烯的结构简式：CH2=C(C2H5)−CH=CH2
C. 甲醛分子的电子式：
D. 丙烷分子的比例模型：
3. 有机化合物分子中基团间的相互影响会导致其化学性质的改变。下列叙述正确且能说明上述观点的是( )
A. 苯和甲苯都能与H2发生加成反应
B. 苯酚能与溴水发生取代反应，而苯不能
C. 乙烯能发生加成反应，而乙烷不能
D. 苯不能使酸性高锰酸钾褪色，甲苯也不能使酸性高锰酸钾褪色
4. 将溴水分别与酒精、己烯、己烷和四氯化碳四种试剂混合，充分振荡后静置，下列现象与所加试剂不相吻合的是( )
　　
A
B
C
D
与溴水混合的试剂
酒精
己烯
己烷
四氯化碳
现象




A. A B. B C. C D. D
5. 下列描述正确的是( )
A. 石油的分馏和煤的液化都是物理变化
B. 沸点由高到低为：新戊烷、异丁烷、正丁烷
C. 用苯、浓硫酸、浓硝酸制取硝基苯时，温度越高反应越快，得到的硝基苯越多
D. 过程中反应、②分别是取代反应、加成反应
6. 为检验1−溴丁烷中的溴元素，下列实验操作正确的顺序是( )
①加入硝酸银溶液②加热煮沸③取少量1−溴丁烷④加入足量稀硝酸酸化⑤加入氢氧化钠溶液⑥冷却
A. ③②⑤①④⑥ B. ③⑤②①④⑥ C. ③⑤②⑥④① D. ③④②⑥①⑤
7. 新冠病毒(如图)由蛋白质和核酸组成，核酸由核苷酸组成。核苷酸的单体由戊糖、磷酸基和含氮碱基构成。下列说法错误的是( )
A. 戊糖(C5H10O5)与葡萄糖互为同系物
B. 蛋白质中含C、H、O、N等元素
C. 蛋白质和核酸均能发生水解反应
D. NaClO溶液用作消毒剂，其杀菌消毒原理是能使病毒蛋白变性
8. 某有机化合物的结构简式为CH2=CHCH2−CHO，下列对其化学性质的判断正确的是( )
A. 不能与银氨溶液反应
B. 不能使酸性KMnO4溶液褪色
C. 1mol该物质能与2molH2发生加成反应
D. 1mol该物质能与2molHBr发生加成反应
9. 下列物质的性质和用途叙述均正确，且有因果关系的是( )
选项
性质
用途
A
乙醇可使蛋白质变性
在医药上用95%的酒精来杀菌消毒
B
淀粉溶液遇I2会变蓝
可用淀粉溶液检验海水中是否含碘元素
C
某些油脂常温时是固态
可用于制作肥皂
D
乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化
用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土保鲜水果
A. A B. B C. C D. D
10. 卤代烃(CH3)2C=CHCl能发生的反应有( )
①取代反应
②加成反应
③消去反应
④氧化反应
⑤加聚反应
⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀
A. 以上反应均可发生 B. 只有③⑥不能发生
C. 只有①③不能发生 D. 只有②⑥不能发生
11. 下列实验结论正确的是( )

实验操作
现象
结论
A
将乙醇与酸性重铬酸钾(K2Cr2O7)溶液混合
橙色溶液变为绿色
乙醇具有还原性
B
淀粉水解液中加入碘水
溶液变蓝
说明淀粉没有水解
C
蔗糖溶液中加入稀硫酸，水解后加入银氨溶液，水浴加热
未出现银镜
水解的产物为非还原糖
D
常温下，将二氧化碳通入苯酚钠溶液
溶液变浑浊
酸性：碳酸<苯酚
A. A B. B C. C D. D
12. 降冰片二烯在紫外线照射下可以发生如图所示转化。下列说法正确的是( )
A. 降冰片二烯分子中位于同一平面的碳原子超过4个
B. 降冰片二烯不能使溴的四氯化碳溶液褪色
C. 四环烷的一氯代物超过三种(不考虑立体异构)
D. 降冰片二烯与四环烷互为同分异构体
13. 一种芳纶纤维的拉伸强度比钢丝还高，广泛用作防护材料，其结构片段如图。

下列关于该高分子的说法正确的是( )
A. 氢键对该高分子的性能没有影响
B. 结构简式为：
C. 完全水解产物的单个分子中，含有官能团−COOH或−NH2
D. 完全水解产物的单个分子中，苯环上的氢原子具有不同的化学环境
14. 下列关于各实验装置图的叙述中正确的是( )
A. 装置①：实验室制取乙烯
B. 装置②：实验室制取乙酸乙酯
C. 装置③：验证乙炔的还原性
D. 装置④：验证溴乙烷发生消去反应可生成烯烃
15. 乙酰苯胺是一种具有解热镇痛作用的白色晶体，某种乙酰苯胺样品中混入了少量氯化钠杂质。
已知：①20℃时乙酰苯胺在乙醇中的溶解度为36.9g
②氯化钠可分散在乙醇中形成胶体
③乙酰苯胺在水中的溶解度如表：
温度/℃
25
50
80
100
溶解度/g
0.56
0.84
3.5
5.5
下列提纯乙酰苯胺使用的溶剂和操作方法都正确的是( )
A. 水；分液 B. 乙醇；过滤 C. 水；重结晶 D. 乙醇；重结晶
16. 2，6−二甲基苯氧乙酸是合成抗新型冠状病毒药物洛匹那韦的原料之一，其结构简式如图所示，有关2，6−二甲基苯氧乙酸说法正确的是( )


A. 1mol该分子能与2molNaOH反应
B. 该分子苯环上一氯代物有3种
C. 该分子能使酸性高锰酸钾溶液褪色
D. 该分子能发生水解反应
17. 以下是测定某医用胶的分子结构的过程，请回答下列相关问题：
(一)确定分子式
某种医用胶样品含C、H、O、N四种元素，经燃烧分析实验测得其中部分原子个数比N(C)：N(H)：N(O)=8：11：2，利用 ______测定出该样品的相对分子质量为153.0，则其分子式为 ______。
(二)推导结构式
1，化学方法
已知：
官能团
检验试剂与方法
判断依据
硝基(−NO2)
加入(NH4)2Fe(SO4)2溶液、硫酸及KOH的甲醇溶液
Fe2+被氧化为Fe(OH)3，溶液呈现红棕色
氰基(−CN)
加入强碱水溶液并加热
有氨气放出
利用该医用胶布样品分别做如下实验：
①加入溴的四氯化碳溶液，橙红色溶液褪色；
②加入(NH4)2Fe(SO4)2溶液、硫酸及KOH的甲醇溶液，无明显变化；
③加入NaOH溶液并加热，有氨气放出。
从以上实验推断样品分子中一定含有的官能团是 ______(填化学符号)。
2，波谱分析
①该样品的红外光谱图显示其分子结构中还存在碳碳双键、酯羰基、醚键；
②该样品的核磁共振氢谱和核磁共振碳谱提示：该有机物分子中含有等基团。
(三)由以上分析可知，该医用胶布样品分子的结构简式为 ______。
18. 软性隐形眼镜可由聚甲基丙烯酸羟乙酯(H)制成超薄镜片，其合成路线可以是：

已知：
试回答下列问题：
(1)反应①和③的反应类型分别为 ______、______。
(2)A→B所指的“一定条件”是 ______。
(3)反应②的化学方程式为 ______；含相同官能团的C的同分异构体能够发生类似②的反应，检验该反应的有机产物需要的试剂是 ______，现象是 ______。
(4)E的结构简式为 ______。
(5)F与B按物质的量之比为1：1反应得到G写出G→H的化学方程式 ______。
19. 环己烯是重要的化工原料。其实验室制备与提纯流程如图1：

可能用到的有关数据如下：
名称
相对分子质量
密度/(g⋅cm−3)
沸点/℃
溶解性
环己醇
100
0.96
161
能溶于水
环己烯
82
0.81
83
难溶于水
回答下列问题：
(1)原料环己醇中若含苯酚杂质，检验试剂为 ______，现象为 ______。
(2)操作1的装置如图2所示(加热和夹持装置已略去)。

①烧瓶A中进行的可逆反应化学方程式为 ______，浓硫酸也可作该反应的催化剂，选择FeCl3⋅6H2O而不用浓硫酸的优点为 ______(任答一点即可)。
②加热过程中，温度控制在90℃以下，蒸馏温度不宜过高的原因是 ______。
(3)如图3仪器中，操作2需使用的有 ______(填字母)。
(4)蒸馏操作的正确顺序为 ______(填序号)。
①加热
②安装装置，加入待蒸馏的物质和沸石
③弃去前馏分，收集83℃的馏分
④通冷凝水
(5)以下区分环烯纯品和粗品的方法，合理的是 ______(填标号)。
A.用酸性高锰酸钾溶液
B.用金属钠
C.测定沸点
(6)根据蒸馏最后得到的产品，计算反应的产率为 ______(只列出计算式)。
化合物F是合成某种抗肿瘤药物的重要中间体，其合成路线如图：

(1)A的分子式 ______。
(2)B的结构简式为 ______。
(3)C中的官能团名称为硝基、______和 ______。C→D的反应类型是 ______。
(4)D→E的第“1)”反应的化学方程式为 ______。
(5)A的芳香族同分异构体中和A具有完全相同官能团的物质还有 ______种。某A的芳香族同分异构体M，分子结构中含有硝基，且核磁共振氢谱只有三种信号。写出两种符合题意的M的结构简式 ______、______。
(6)已知：，参考题干信息，写出以为原料制备的合成路线 ______(无机试剂和有机溶剂自选，合成路线流程图示例见本题题干)。答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A.高级脂肪酸是指C6∼C20的一元直链羧酸，如硬脂酸、软脂酸、油酸等，分子量还是小于10000，属于小分子，不属于高分子化合物，故A错误；
B.蛋白质是生命的基础物质，是有机大分子，属于有机高分子化合物，故B正确；
C.淀粉属于天然的有机高分子化合物，故C正确；
D.核酸是由多种核苷酸聚合成的生物大分子，属于有机高分子化合物，故D正确；
故选：A。
高分子化合物是指分子量大于10000的化合物，淀粉、纤维素、蛋白质、高聚物都属于高分子化合物，据此分析作答即可。
本题主要考查有机高分子化合物的判断，属于基本知识的考查，难度不大。

2.【答案】B

【解析】解：A.丙烯加聚反应生成聚丙烯，碳碳双键断裂形成的链节为，则聚丙烯的结构简式应为，故A错误；
B.2−乙基−1，3−丁二烯的主链含有4个C原子，2号碳原子上含有乙基，属于二烯烃，其结构简式为CH2=C(C2H5)−CH=CH2，故B正确；
C.甲醛为共价化合物，分子中的碳原子和氧原子间共用2对电子对，其电子式为，故C错误；
D.丙烷的结构简式为CH3CH2CH3，C原子半径大于H，其球棍模型为，比例模型为，故D错误；
故选：B。
A.丙烯是丙烯的加聚反应产物，链节为；
B.2−乙基−1，3−丁二烯的主链含有4个碳原子，属于二烯烃，2号碳原子上含有乙基；
C.甲醛分子中C、O原子间共用2对电子；
D.是丙烷的球棍模型。
本题考查化学用语的表示方法，涉及结构简式、比例模型及球棍模型、电子式等知识，明确常见化学用语的概念及书写原则为解答关键，试题培养了学生的规范答题能力，题目难度不大。

3.【答案】B

【解析】解：A.苯和甲苯都能与H2发生加成反应生成环己烷和甲基环己烷，不能说明基团间的相互影响会导致其化学性质的改变，故A不选；
B.苯酚能与溴水发生取代反应生成三溴苯酚和溴化氢，而苯不能与溴水发生取代反应，说明酚羟基使苯环上的H原子变的活泼，故B选；
C.乙烯能发生加成反应，而乙烷不能，是因为官能团不同，不是因为基团间的相互影响，故C不选；
D.苯不能使酸性高锰酸钾褪色，甲苯能使酸性高锰酸钾褪色，故D不选；
故选：B。
A.苯和甲苯两者的苯环均可以发生加成反应；
B.苯酚能与溴水发生取代反应生成三溴苯酚和溴化氢，说明酚羟基使苯环上的H原子变的活泼；
C.含有不饱和键才可以发生加成；
D.甲苯能使酸性高锰酸钾褪色。
本题考查有机物的性质，题目难度不大，明确有机物的结构、有机物的官能团为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意基团之间的相互影响与官能团决定性质的区别。

4.【答案】A

【解析】解：A.酒精与溴水混合不分层，现象不合理，故A选；
B.己烯与溴水发生加成反应，溶液褪色，分层后水在上层，现象合理，故B不选；
C.己烷与溴水混合发生萃取，水在下层，现象合理，故C不选；
D.四氯化碳与溴水混合发生萃取，水在上层，现象合理，故D不选；
故选：A。
将溴水分别与酒精、己烯、己烷和四氯化碳四种试剂混合的现象为：不分层、溴水褪色且分层后上层为无色、分层下层为无色、分层后上层为无色，以此来解答．
本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握有机物的性质及萃取现象为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大．

5.【答案】D

【解析】解：A.石油的分馏是物理变化，而煤的液化是将水煤气转化为甲醇等液体燃料，生成了新物质，是化学变化，故A错误；
B.同分异构体中支链越多沸点越低，故沸点由高到低为：正丁烷、异丁烷、新戊烷，故B错误；
C.用苯、浓硫酸、浓硝酸制取硝基苯时，温度越高反应越快，该反应是放热反应，温度越高，平衡逆向进行，得到的硝基苯越少，故C正确；
D.丙烯在500℃下和氯气发生取代反应生成3−氯丙烯，然后和溴发生加成反应生成3−氯−1，2−二溴丙烷，故D正确；
故选：D。
A.有新物质生成为化学变化；
B.同分异构体中支链越多沸点越低；
C.用苯、浓硫酸、浓硝酸制取硝基苯时，温度越高反应越快，但温度越高，反应逆向进行；
D.丙烯在500℃下和氯气发生取代反应。
本题考查有机物的性质及应用，为高频考点，把握有机物的性质与用途为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大。

6.【答案】C

【解析】解：为了检验1−溴丁烷中溴元素，需先让1−溴丁烷发生水解或消去反应，从而将−Br脱下来变为Br−，冷却后，然后向反应液中加入硝酸中和，再加入硝酸银，故正确的顺序为③⑤②⑥④①，
故选：C。
为了检验1−溴丁烷中溴元素，需先让1−溴丁烷发生水解或消去反应，从而将−Br脱下来变为Br−，然后向反应液种加入硝酸中和，再加入硝酸银；
本题考查有机物官能团的检验，难度不大，熟悉有机物官能团的特征反应为解答的关键。

7.【答案】A

【解析】解：A.五碳糖(C5H10O5)与葡萄糖(C6H12O6)组成相差1个CH2O，不符合同系物的定义，故A错误；
B.蛋白质含有肽键，蛋白质的组成元素有C、H、O、N，有的还有P、S等，故B正确；
C.蛋白质是由氨基酸脱水缩聚而成的，可以发生水解反应，而核酸可以水解为磷酸、戊糖和碱基，故C正确；
D.NaClO溶液用作消毒剂，是因为NaClO能使病毒蛋白变性，故D正确；
故选：A。
A.同系物为结构相似，分子组成相差一个或若干CH2的有机物
B.蛋白质含有肽键；
C.蛋白质含有肽键，核酸可以水解为磷酸、戊糖和碱基；
D.NaClO能使病毒蛋白变性可以作为消毒剂。
本题考查有机物的结构与性质，涉及蛋白质、核酸，了解糖类和蛋白质的结构和性质，难度不大，注意对基础知识的积累。

8.【答案】C

【解析】解：A.含−CHO，能与银氨溶液反应，故A错误；
B.含碳碳双键、醛基，能使酸性KMnO4溶液褪色，故B错误；
C.含碳碳双键、醛基，均与氢气发生加成反应，则1mol该物质能与2molH2发生加成反应，故C正确；
D.只有碳碳双键与HBr发生加成反应，则1mol该物质能与1molHBr发生加成反应，故D错误；
故选：C。
CH2=CHCH2−CHO中含碳碳双键、醛基，结合烯烃、醛的性质来解答。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的官能团、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意烯烃、醛的性质。

9.【答案】D

【解析】解：A.乙醇可使蛋白质变性，所以在医药上用75%的酒精来杀菌消毒，浓度过大易对细菌形成保护层，杀菌效力减弱，故A错误；
B.海水中含碘元素不是以游离态存在，所以遇到淀粉不变蓝，故B错误；
C.油脂在碱性环境下水解生成高级脂肪酸钠和甘油，高级脂肪酸钠为肥皂主要成分，该反应可用作制备肥皂，与油脂常温时是固态无关，故C错误；
D.乙烯具有催熟效力，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土保鲜水果，故D正确；
故选：D。
A.医用酒精的浓度通常是75%；
B.淀粉溶液遇I2会变蓝，不是碘离子；
C.油脂在碱性环境下水解生成高级脂肪酸钠和甘油，高级脂肪酸钠为肥皂主要成分；
D.乙烯具有催熟效力，能被酸性高锰酸钾溶液氧化。
本题考查物质的性质及用途，为高频考点，把握物质的性质、发生的反应、性质与用途为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意元素化合物知识的应用，题目难度不大。

10.【答案】B

【解析】解：①氯原子能发生水解反应，也属于取代反应，故正确；
②碳碳双键能发生加成反应，故正确；
③连接氯原子的碳原子相邻碳原子上不含有氢原子，所以不能发生消去反应，故错误；
④碳碳双键能发生氧化反应，故正确；
⑤碳碳双键能发生加聚反应，故正确；
⑥不含自由移动的氯离子，所以不与AgNO3溶液生成白色沉淀，故错误；
故选：B。
该分子中含有碳碳双键和氯原子，具有烯烃和氯代烃的性质。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的掌握和灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。

11.【答案】A

【解析】解：A.酸性重铬酸钾可氧化乙醇，橙色溶液变为绿色，可知乙醇具有还原性，故A正确；
B.淀粉可能部分水解，或没有水解，加入碘水，溶液均变蓝，故B错误；
C.蔗糖水解后，在碱性溶液中检验葡萄糖，水解后没有加碱，不能证明水解产物是否具有还原性，故C错误；
D.二氧化碳通入苯酚钠溶液中生成苯酚，可知酸性：碳酸>苯酚，故D错误；
故选：A。
A.酸性重铬酸钾可氧化乙醇；
B.淀粉可能部分水解；
C.蔗糖水解后，在碱性溶液中检验葡萄糖；
D.二氧化碳通入苯酚钠溶液中生成苯酚。
本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。

12.【答案】B

【解析】解：A.碳碳双键及其连接的原子共平面，而采取sp3杂化的碳原子连接的原子形成四面体结构，且存在环状结构，所以降冰片二烯分子中位于同一平面的碳原子不超过4个，故A正确；
B.降冰片二烯中碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；
C.四环烷分子中含有3种化学环境不同的氢原子，所以其一氯代物有3种，故C正确；
D.分子式相同而结构不同的有机物互为同分异构体，二者分子式相同而结构不同，所以互为同分异构体，故D正确；
故选：B。
A.碳碳双键及其连接的原子共平面，而采取sp3杂化的碳原子连接的原子形成四面体结构，且存在环状结构；
B.降冰片中碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化；
C.四环烷有几种化学环境不同的氢原子，其一氯代物就有几种；
D.分子式相同而结构不同的有机物互为同分异构体。
本题考查有机物结构和性质，侧重考查烯烃、原子共平面判断等知识点，明确官能团及其性质关系、基本概念内涵、原子共平面判断方法是解本题关键，题目难度不大。

13.【答案】C

【解析】解：A.氢键影响物质熔沸点，所以该分子中的氢键影响物质的性能，故A错误；
B.结构简式为，故B错误；
C.其水解产物为和，含有−COOH或−NH2，故C正确；
D.单体的苯环上均只有一种化学环境的H，故D错误；
故选：C。
由结构可知，该高分子由和发生缩聚反应生成，高分子的结构简式为，以此来解答。
本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握高分子的结构、缩聚反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的易错点，题目难度不大。

14.【答案】D

【解析】解：A.在170℃下发生消去反应生成乙烯，温度计的水银球应在液面下，故A错误；
B.导管在碳酸钠溶液的液面下，易发生倒吸，导管口应在液面上，故B错误；
C.乙炔及混有的硫化氢均使高锰酸钾褪色，不能验证乙炔的还原性，故C错误；
D.发生消去反应生成乙烯，只有乙烯与溴发生加成反应，可验证溴乙烷发生消去反应可生成烯烃，故D正确；
故选：D。
A.在170℃下发生消去反应生成乙烯；
B.导管在碳酸钠溶液的液面下，易发生倒吸；
C.乙炔及混有的硫化氢均使高锰酸钾褪色；
D.发生消去反应生成乙烯，只有乙烯与溴发生加成反应。
本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、物质的制备、物质检验、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。

15.【答案】C

【解析】解：由信息可知，乙酰苯胺易溶于乙醇，在水中溶解度受温度影响大，且杂质NaCl易与乙醇形成胶体，提纯乙酰苯胺使用的溶剂为水，不能使用乙醇，然后重结晶可分离，只有C正确，
故选：C。
由信息可知，乙酰苯胺易溶于乙醇，在水中溶解度受温度影响大，且杂质NaCl易与乙醇形成胶体，以此来解答。
本题考查混合物的分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、混合物的分离方法为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意习题中信息的应用，题目难度不大。

16.【答案】C

【解析】解：A.分子中羧基和NaOH以1：1反应，所以1mol该分子最多消耗1molNaOH，故A错误；
B.苯环上含有2种氢原子，其一氯代物就有2种，故B错误；
C.分子中连接苯环的甲基能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；
D.酰胺键、卤原子、酯基能发生水解反应，该分子中不含酰胺键、卤原子或酯基，所以不能发生水解反应，故D错误；
故选：C。
A.羧基和NaOH以1：1反应；
B.苯环上含有几种氢原子，其一氯代物就有几种；
C.连接苯环的甲基能被酸性高锰酸钾溶液氧化；
D.酰胺键、卤原子、酯基能发生水解反应。
本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的掌握和灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。

17.【答案】质谱法  C8H11O2N−CN

【解析】解：(1)利用质谱法测定出该样品的相对分子质量为153.0，医用胶样品含C、H、O、N四种元素，经燃烧分析实验测得其中部分原子个数比N(C)：N(H)：N(O)=8：11：2，有机物分子组成表示为(C8H11O2)xNy，而相对分子质量为153，可知x=1，y=153−12×8−11−16×214=1，故有机物分子式为C8H11O2N，
故答案为：质谱法；C8H11O2N；
(2)该有机物不饱和度为=2×8+2+1−112=4，结合信息，实验②无明显现象，可知不含硝基，实验③有氨气生成，证明含有−CN，实验①溶液褪色，证明含有碳碳不饱和键，由不饱和度可知，可能是碳碳双键，也可能是碳碳三键，从以上实验推断样品分子中一定含有的官能团是−CN，
故答案为：−CN；
(3)该结合光谱分析，分子结构中还存在碳碳双键、酯羰基、醚键，有等基团书写其结构简式，而该有机物含有−CN，则有机物结构简式为，
故答案为：。
根据原子数目之比，有机物分子组成表示为(C8H11O2)xNy，而相对分子质量为153，可知x=1，y=153−12×8−11−16×214=1，故有机物分子式为C8H11O2N，该有机物不饱和度为=2×8+2+1−112=4，结合信息，由实验②可知不含硝基，实验③证明含有−CN，由实验①证明含有碳碳不饱和键，由不饱和度可知，可能是碳碳双键，也可能是碳碳三键，结合光谱分析，分子结构中还存在碳碳双键、酯羰基、醚键，有等基团书写其结构简式。
本题考查有机物分子式与结构式的确定，掌握燃烧法利用守恒思想确定分子式的方法，掌握官能团的性质、常用化学谱图，题目培养了学生分析推理能力、运用知识解决实际问题的能力。

18.【答案】加成反应  消去反应  NaOH水溶液，加热  +2H2O新制Cu(OH)2悬浊液或者银氨溶液  产生砖红色沉淀或者形成光亮的银镜  

【解析】解：(1)由分析可知，反应①是乙烯和氯气发生加成反应，而反应③是由E转化为F即CH2=C(CH3)COOH，故反应类型为消去反应，
故答案为：加成反应；消去反应；
(2)由分析可知，A→B是由ClCH2CH2Cl转化为HOCH2CH2OH的过程，即氯代烃发生水解反应，故所指的“一定条件”是NaOH水溶液，加热，
故答案为：NaOH水溶液，加热；
(3)由分析可知，反应②即由CH3CH(OH)CH3催化氧化为，故该反应的化学方程式为+2H2O；含相同官能团的C的同分异构体即1−丙醇CH3CH2CH2OH能够发生类似②的反应，1−丙醇催化氧化生成丙醛，检验该反应的有机产物即检验醛基，故需要的试剂是新制Cu(OH)2悬浊液或者银氨溶液，现象分别是产生砖红色沉淀或者形成光亮的银镜，
故答案为：+2H2O；新制Cu(OH)2悬浊液或者银氨溶液；产生砖红色沉淀或者形成光亮的银镜；
(4)由分析可知，E的结构简式为，
故答案为：；
(5)由分析可知，F与B按物质的量之比为1：1反应得到G，G的结构简式为：，则G→H的化学方程式为n，
故答案为：。
由合成流程图可知，CH2=CH2和Cl2发生加成反应生成ClCH2CH2Cl，由G的分子式，结合F的结构简式以及B和F转化为G的反应条件可知，B的结构简式为：HOCH2CH2OH，由C的分子式结合已知信息和F的结构简式可推知，C的结构简式为：CH3CH(OH)CH3，D的结构简式为：，E的结构简式为：，结合G的分子式可知，G的结构简式为：，H为高聚物，则H的结构简式为：，据此分析解题。
本题考查有机物的推断，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与推断能力的考查，注意官能团的变化、碳原子数的变化，题目难度不大。

19.【答案】FeCl3溶液  溶液显紫色   浓硫酸具有强氧化性，易使原料炭化并产生SO2，从而降低环己烯产率，而FeCl3⋅6H2O污染小、可循环使用  温度过高，环己醇蒸出  ad ②④①③  BC7.010.4×0.96100×82×100%

【解析】解：(1)苯酚能和氯化铁溶液发生显色反应，所以可以用FeCl3溶液检验苯酚，苯酚和氯化铁溶液混合溶液呈紫色，
故答案为：FeCl3溶液；溶液显紫色；
(2)①烧瓶A中环己醇发生消去反应生成环己烯和水，该反应方程式为；由于浓硫酸具有强氧化性，易使原料炭化并产生SO2，从而降低环己烯产率，而FeCl3⋅6H2O污染小、可循环使用，符合绿色化学理念，所以选择FeCl3⋅6H2O而不用浓硫酸，
故答案为：；浓硫酸具有强氧化性，易使原料炭化并产生SO2，从而降低环己烯产率，而FeCl3⋅6H2O污染小、可循环使用；
②加热过程中，温度控制在90℃以下，蒸馏温度不宜过高的原因是温度过高，环己醇蒸出，
故答案为：温度过高，环己醇蒸出；
(3)操作2为分液，使用的玻璃仪器为分液漏斗、烧杯，
故答案为：ad；
(4)蒸馏操作的正确顺序为安装装置，加入待蒸馏的物质和沸石→通冷凝水→加热→弃去前馏分，收集83℃的馏分，
故答案为：②④①③；
(5)A.环己烯和粗品都具有还原性，故都可以使高锰酸钾溶液褪色，故A错误；
B.钠可以和羟基反应置换氢气，环己烯无法反应，故B正确；
C.环己烯纯净物与环己烯混合物的熔沸点不同，可以测定熔沸点分析，故C正确；
故答案为：BC；
(6)环己醇的物质的量为10.4×0.96100mol，理论上生成环己烯的物质的量为10.4×0.96100mol，故产率为7.010.4×0.96100×82×100%，
故答案为：7.010.4×0.96100×82×100%。
环己醇发生消去反应生成环己烯和水，环己烯不溶于水，饱和食盐水溶解环己醇、氯化铁，然后分液得到的水相中含有环己醇、氯化铁，得到的有机相中含有环己烯，然后干燥、过滤、蒸馏得到环己烯，
(5)A.环己烯和粗品都具有还原性；
B.钠可以和羟基反应置换氢气；
C.环己烯纯净物与环己烯混合物的熔沸点不同；
(6)环己醇的物质的量为10.4×0.96100mol，理论上生成环己烯的物质的量为10.4×0.96100mol，据此计算产率。
本题考查物质的制备实验方案设计，为高考常见题型和高频考点，侧重考查学生知识综合应用、根据实验目的及物质的性质进行分析、实验基本操作能力及实验方案设计能力，综合性较强，注意把握物质性质以及对题目信息的获取与使用，难度中等。

20.【答案】C7H5O4N  醚键  羟基  取代反应   9   

【解析】解：(1)A的结构简式为，A的分子式为C7H5O4N，
故答案为：C7H5O4N；
(2)由分析可知，B的结构简式为，
故答案为：；
(3)观察结构可知，C中的官能团名称为硝基、醚键、羟基；C→D的过程中羟基被溴原子替代，反应类型是取代反应，
故答案为：醚键；羟基；取代反应；
(4)D→E的第“1)”反应的化学方程式为，
故答案为：；
(5)A()的芳香族同分异构体中和A具有完全相同官能团，羟基与醛基有邻、间、对3种位置关系，对应的硝基分别有4种、4种、2种位置(包括A)，故符合条件的同分异构体有4+4+2−1=9种；某A的芳香族同分异构体M，分子结构中含有硝基，且核磁共振氢谱只有三种信号，说明存在对称结构，两种符合题意的M的结构简式为、，
故答案为：9；；；
(6)模仿生成F的过程，与反应生成，用H2O2氧化生成，由题目信息可知与KHS反应生成，而与PBr3发生取代反应生成，合成路线为，
故答案为：。
对比A、C的结构，A中酚羟基与CH3I发生取代反应生成B为HI，B中醛基发生还原反应生成C，故B为，碳酸钾可以反应掉生成的HI，有利于反应正向进行，提高原料利用率、产物的产率；C发生取代反应生成D，D发生取代反应生成E，E发生氧化反应生成F；
(6)模仿生成F的过程，与反应生成，用H2O2氧化生成，由题目信息可知与KHS反应生成，而与PBr3发生取代反应生成。
本题考查有机物的推断与合成，为高频考点，涉及官能团识别、有机反应类型、有机反应方程式的书写、限制条件同分异构体的书写、合成路线设计等，充分利用有机物分子式、结构简式进行分析推断，题目侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。