终身会员
搜索
    上传资料 赚现金
    英语朗读宝

    精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版)

    立即下载
    加入资料篮
    精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版)第1页
    精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版)第2页
    精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版)第3页
    还剩18页未读, 继续阅读
    下载需要20学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版)

    展开

    这是一份精品解析:黑龙江省哈尔滨市第三中学2022届高三下学期第四次高考模拟考试数学(文)试题(解析版),共21页。
    2022年哈三中高三学年第四次高考模拟考试数学试卷(文史类)考试说明:本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,满分150分,考试时间120分钟.1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚2.选择题必须使用2B铅笔填涂,非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整,字迹清楚.3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在草稿纸、试题卷上答题无效.4.保持卡面清洁,不得折叠、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、刮纸刀.第Ⅰ卷(选择题,共60分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合,则A中元素的个数为(    A. 9 B. 10 C. 11 D. 12【答案】C【解析】【分析】由椭圆的性质得,再列举出集合的元素即得解.【详解】解:由椭圆的性质得, 所以集合共有11个元素.故选:C2. 已知数列是公比为实数的等比数列,,则    A. 13 B.  C.  D. 5【答案】D【解析】【分析】由条件结合等比数列通项公式求出公比,由此可求.【详解】设数列的公比为因为所以,即所以故选:D.3. 已知不重合的两条直线mn和两个不重合的平面,则下列选项正确的是(    A. ,则B. ,则C. ,则D. ,则【答案】B【解析】【分析】对于A,当,则n可能在 内,判断A; 对于B,根据平面的法向量可进行判断;对于C,考虑 可能相交,也可能平行,即可判断;对于D,考虑到可能平行或异面或相交,即可判断,【详解】对于A,当,则n可能在 内,故A错误;对于B,因为,故在m上可取 作为 的法向量,同理在n上可取 作为 的法向量,因为,故,即得,故B正确;对于C,当时,可能相交,也可能平行,故C错误;对于D,当时,可能平行或异面或相交,故D错误,故选:B4. 在区域内任取一点,则满足的概率为(    A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】根据题意,作出可行域的约束的平面区域,再结合几何概型求解即可.【详解】解:画出区域,如图(图中及内部),区域内满足的区域为图中四边形的内部及边界,所以相似,所以故所求概率.故选:A.  5. 《推背图》是唐朝贞观年间唐太宗李世民命天文学家李淳风和相士袁天罡推算大唐气运而作,此著作对后世诸多事件都进行了准确的预测.推背图以天干地支的名称进行排列,共有60象,其中天干分别为甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、癸,地支分别为子、丑、寅、卯、辰、已、午、未、申、酉、戌、亥.该书第一象为甲子,第二象为乙丑,第三象为丙寅,一直排列到癸酉后,天干回到甲,重新开始,即甲戌乙亥,之后地支又回到子,即丙子,以此类推2023年是癸卯年,正值哈尔滨市第三中学建校100周年,那么据此推算,哈三中建校的年份是(    A. 癸卯年 B. 癸亥年 C. 辛丑年 D. 辛卯年【答案】B【解析】【分析】根据天干和地支的周期计算可得结果.【详解】依题意可知,天干的周期为,地支的周期为因为,所以哈三中建校的年份的天干也是癸;因为,所以哈三中建校的年份的地支为亥,哈三中建校的年份是“癸亥年”.故选:B.6. 已知不重合的两条直线mn和两个不重合的平面,则下列选项正确的是(    A. ,则B. ,则C. ,则D. ,则【答案】B【解析】【分析】对于A,当,则n可能在 内,判断A; 对于B,根据平面的法向量可进行判断;对于C,考虑 可能相交,也可能平行,即可判断;对于D,考虑到可能平行或异面或相交,即可判断,【详解】对于A,当,则n可能在 内,故A错误;对于B,因为,故在m上可取 作为 的法向量,同理在n上可取 作为 的法向量,因为,故,即得,故B正确;对于C,当时,可能相交,也可能平行,故C错误;对于D,当时,可能平行或异面或相交,故D错误,故选:B7. 己知直线l过抛物线的焦点,并且与抛物线C交于不同的两点AB,若为线段的中点,则的值为(    A. 4 B. 5 C. 6 D. 8【答案】C【解析】【分析】先求出抛物线的准线方程,分别过作准线的垂线,垂足分别为,由抛物线的定义可得出答案.【详解】抛物线准线方程为: 分别过作准线的垂线,垂足分别为则点到准线的距离为 根据抛物线的定义可得, 所以故选:C8. 函数具有性质(    A. 图象关于点对称,最大值为 B. 图象关于点对称,最大值为1C. 图象关于直线对称,最大值为 D. 图象关于直线对称,最大值为1【答案】D【解析】【分析】利用三角恒等变换将函数化简,再根据正弦函数的性质即得.【详解】∴函数的最大值为1所以,故AC错误;又当,所以函数关于对称,故B错误,D正确.故选:D.9. 命题,则;命题,不等式恒成立,下列命题是真命题的是(    A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【分析】由指数函数和对数函数的单调性判断出命题是真命题,命题是真命题,再由复合命题的真值表判断可得选项.【详解】解:若,则,所以命题是真命题,是假命题;,所以不等式恒成立,所以命题是真命题,是假命题,所以是真命题,是假命题,是假命题,是假命题,故选:A.10. 某几何体的三视图如图所示,其中正视图为直角梯形,侧视图为等腰三角形,俯视图为等腰直角三角形,则该几何体的体积为(    A.  B.  C. 2 D. 4【答案】B【解析】【分析】想象并复原几何体的直观图,利用三视图的数据,求得原几何体的体积,即得答案.【详解】由几何题的三视图,复原几何体为如图正方体中的三棱锥 ,由三视图可知正方体的棱长为2故三棱锥顶点P位于正方体相应的棱的中点,底面为 ,高为正方体棱长2则几何体的体积为 故选:B11. 己知是定义在R上的周期为4的奇函数,当时,,若,则    A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【分析】根据函数的周期和奇偶性推得,继而化简可求得,化简等于,即可求得答案.【详解】由题意可得,为定义在R上的周期为4的奇函数,故,所以,而当时,,则当时,故选:D12. 中,角ABC的对边分别是abc,若,则的取值范围是(    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】由均值不等式可得出的最小值,由余弦定理可得,再由正弦定理结合条件可化为,由辅助角公式可得最大值.【详解】(当且仅当时取等号),可得 其中 ,当且仅当时取得等号,所以故选:C第Ⅱ卷(非选择题,共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13. 在利用秦九韶算法求的值时,把多项式函数改写成如下形式:,从内到外逐层计算一次多项式的值,其中记,以此类推,则计算得的数值为___________.【答案】36【解析】【分析】根据表达式由的关系求解即可.【详解】因为所以,又所以故答案为:36.14. 设直线l与双曲线C相交于不同的两点AB,则k的取值范围为___________.【答案】【解析】【分析】直线与双曲线有两个交点即联立方程后判别式要大于0,且直线不与渐近线平行.【详解】联立消去y得到,又直线不与渐近线平行,所以.故答案为:.15. 在正四棱锥中,M为棱上的点,且,设平面与平面的交线为l,则异面直线 l 所成角的正切值为___________【答案】【解析】【分析】连接并延长交的延长线于点,则可得即为直线,然后可得或其补角为异面直线lBC所成角,取的中点,则,进而即得.【详解】连接并延长交的延长线于点,则点为平面PAD与平面PMC的公共点,所以即为直线因为,所以或其补角为异面直线lBC所成角,的中点,连接,则,则 所以异面直线 l BC所成角正切值为.故答案为:.16. 若曲线过点的切线恒在函数的图象的上方,则实数a的取值范围是__________【答案】【解析】【分析】先求出切线方程,根据题意有恒成立,参变分离后恒成立,所以.【详解】设曲线过点的切线的切点为则切线的斜率所以,切线方程为所以恒成立,所以恒成立,
    ,则因为当所以的极小值点,又因为时,所以,所以.故答案为:.三、解答题:共70分.解答应写出必要的文字说明,证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第2223题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分.17. 2022416日,神舟13号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆,这趟神奇之旅意义非凡,尤其是天宫课堂在广大学生心中引起强烈反响,激起了他们对太空知识的浓厚兴趣.某中学在进行太空知识讲座后,从全校学生中随机抽取了200名学生进行笔试(试卷满分100分),并记录下他们的成绩,将数据分成5组:,并整理得到如下频率分布直方图.(1)求这部分学生成绩的中位数、平均数(同组数据用该组区间的中点值作代表);(2)为了更好的了解学生对太空知识的掌握情况,学校决定在成绩高的第45组中用分层抽样的方法抽取6名学生,进行第二轮面试,最终从这6名学生中随机抽取2人参加市太空知识竞赛,求90分(包括90分)以上的同学恰有1人被抽到的概率.【答案】1中位数73.33,平均数为73.5    2【解析】【分析】(1) 平均数为每个小矩形面积乘以中点横坐标之积的和,中位数为左右面积相等的点的横坐标;(2)根据分层抽样先确定每组抽取的人数,再计算概率.【小问1详解】平均数为设中位数为x,则,解得【小问2详解】根据分层抽样的方法抽取的6名学生,[80,90)4人,[90,100]2人,所以90分(包括90分)以上的同学恰有1人被抽到的概率.18. 己知等差数列中,(1)求数列的通项公式;(2)数列满足,求数列的前n项和【答案】1    2【解析】【分析】1)由题目条件求出,代入等差数列的通项公式即可求出答案2)求出,由错位相减法求数列的前n项和.【小问1详解】,因为是等差数列,所以,所以则数列的通项公式为:.【小问2详解】,所以的前n项和为:,则①两边同时乘以2得:-②得:化简为:所以.19. 如图,在多面体中,平面平面为正三角形,四边形为菱形,且(1)求证:∥平面(2)求点B到平面的距离.【答案】1详见解析;    2.【解析】【分析】1)取的中点,连接,证明,即可根据线面平行的判定定理证明结论;2)由题可得平面平面,过,过,连接,过,可得平面,结合条件可得点B到平面的距离为,即得.【小问1详解】如图,取的中点,连接,故四边形MDCF为平行四边形,所以因为,故四边形OMFN为平行四边形,,又,又平面BCF平面BCF,平面BCF【小问2详解】连接,由题可得∵平面平面,平面平面平面平面平面∴平面平面,过,连接,过平面,又平面,又平面由题可知又四边形为菱形,且,又设点B到平面的距离为,则故点B到平面的距离为.20. 己知函数(1)时,求函数的单调区间;(2)若函数有两个不同的零点,求实数a的取值范围.【答案】1函数的单调减区间为,单调增区间为    2.【解析】【分析】1)求出,讨论其符号后可得函数的单调区间.2)利用导数分类讨论的单调性并结合零点存在定理可得实数的取值范围.【小问1详解】时,函数的定义域为,可得时,单调递减,当时,单调递增,∴函数的单调减区间为,单调增区间为【小问2详解】由题可知时,上单调递增,函数至多有一个零点,不合题意,时,由,可得时,单调递减,当时,单调递增,函数上的单调递减,在上单调递增,,即时,,函数至多有一个零点,不合题意,,即时,对于函数,则,函数单调递增,,可得,即综上,实数a的取值范围为.【点睛】利用导数研究零点问题:1)确定零点的个数问题:可利用数形结合的办法判断交点个数,如果函数较为复杂,可用导数知识确定极值点和单调区间从而确定其大致图象;2)方程的有解问题就是判断是否存在零点的问题,可参变分离,转化为求函数的值域问题处理.可以通过构造函数的方法,把问题转化为研究构造的函数的零点问题;3)利用导数研究函数零点或方程根,通常有三种思路:①利用最值或极值研究;②利用数形结合思想研究;③构造辅助函数研究.21. 已知圆,圆,动圆与圆外切并且与圆内切.(1)求动圆圆心E的轨迹方程;(2)过点的直线与动圆圆心E的轨迹相交于AB两点,在平面直角坐标系xOy中,是否存在与M不同的定点N,使得恒成立?若存在,求出点N的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】1    2存在定点,使得恒成立.【解析】【分析】1)设动圆的半径为,得到,得到,根据椭圆的定义得到动圆圆心的轨迹为以为焦点的椭圆,进而求得椭圆的方程;2)设直线的方程为,当时,得到,得出点轴上,可设点,联立方程组,设,得到,根据题意,只需使得轴为的平分线,则,结合斜率公式,列出方程求得的值,即可求解.【小问1详解】解:由题意,圆,圆可得圆心坐标分别为,半径分别为设动圆的半径为因为动圆与圆外切并且与圆内切,可得两式相加根据椭圆的定义可得,动圆圆心的轨迹为以为焦点的椭圆,,即,则所以动圆圆心轨迹方程为.【小问2详解】由题意,设过点的直线的方程为时,可得直线的方程为,可得点关于轴对称,可得要使得成立,即成立,此时点轴上,可设点时,联立方程组,整理得,则要使得成立,即成立,则只需使得轴为的平分线,只需,即成立,所以,即,整理得解得(舍去),综上可得,存在与M不同的定点,使得恒成立.(二)选考题:共10分.请考生在第2223题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分. [选修4-4:坐标系与参数方程]22. 在直角坐标系xOy中,曲线的参数方程为为参数).以坐标原点为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系中,直线.1求曲线点与直线上的点距离的最小值;2将曲线向左平移1个单位,向下平移个单位得到曲线,再将经过伸缩变换后得到曲线,求曲线上的点到直线距离的最大值.【答案】1    2【解析】【分析】1)将的方程化为直角坐标方程,根据圆心到直线的距离减去圆的半径可得结果;2)根据图象变换求出,再根据椭圆的参数方程设点,利用点到直线的距离公式可求出结果.【小问1详解】消去,将代入得所以曲线上的点与直线上的点距离的最小值为.【小问2详解】依题意可得上设点则该点到的距离,其中所以当时,取最大值.所以曲线上的点到直线距离的最大值为. [选修4-5:不等式选讲]23. 已知函数.(1),求证:(2)若函数的最小值为,且实数abc满足,求的最小值.【答案】1证明见解析;    2【解析】

    相关试卷

    黑龙江省哈尔滨市第三中学2022-2023学年高三数学第四次高考模拟试卷(Word版附解析):

    这是一份黑龙江省哈尔滨市第三中学2022-2023学年高三数学第四次高考模拟试卷(Word版附解析),共27页。试卷主要包含了 的展开式中,下列说法正确的是等内容,欢迎下载使用。

    2023届黑龙江省哈尔滨市第三中学校高三第四次高考模拟考试数学试题含解析:

    这是一份2023届黑龙江省哈尔滨市第三中学校高三第四次高考模拟考试数学试题含解析,共23页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2023届黑龙江省哈尔滨市第三中学校高三第一次高考模拟考试数学试题含解析:

    这是一份2023届黑龙江省哈尔滨市第三中学校高三第一次高考模拟考试数学试题含解析,共23页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    欢迎来到教习网
    • 900万优选资源,让备课更轻松
    • 600万优选试题,支持自由组卷
    • 高质量可编辑,日均更新2000+
    • 百万教师选择,专业更值得信赖
    微信扫码注册
    qrcode
    二维码已过期
    刷新

    微信扫码,快速注册

    手机号注册
    手机号码

    手机号格式错误

    手机验证码 获取验证码

    手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

    设置密码

    6-20个字符,数字、字母或符号

    注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
    QQ注册
    手机号注册
    微信注册

    注册成功

    返回
    顶部
    Baidu
    map