2021昭通昭阳区高一上学期期末联考物理试题含答案

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昭阳区2020学年高一上学期期末考试

物  理

（考试时间：90分钟   试卷满分：100分）

注意事项：

1. 答题前在答题卡上填写好自己的姓名、班级、考号等信息 

2. 请将答案正确填写在答题卡上

一、选择题（1——7题为单选，每题3分；8——12题为多选，每题4分；共41分）

1、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如比值法、理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（   ）

A．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法

B.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法

C.根据速度定义式v=△x/△t，当△t非常非常小时，△x/△t就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法

D. 定义加速度a=△v/△t用到比值法，加速度与△v和△t无关

2.如图所示,A、B两图线分别表示甲、乙两车在同一平直公路上运动的位移—时间图象,下列说法正确的是(    )

A.甲做直线运动,乙做曲线运动  

B.t时刻两物体的速度相同

C.运动中甲、乙共相遇两次

D.0～t时间内两物体位移相等

3.光滑的水平面上有一物体在外力作用下由静止开始做直线运动，物体的加速度随时间变化的关系如图所示，下列说法中正确的是(　　)

A．0～1 s内物体做匀加速直线运动

B．t＝1 s时物体的速度为2 m/s

C．1 s～3 s内物体做匀变速直线运动

D．t＝3 s时物体离出发点最远

4.如图所示，一重为20 N的球固定在支杆AB的上端，用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，已知绳的拉力为15 N，则AB杆对球的作用力(　　)

A．大小为15 N

B．大小为25 N

C．方向与水平方向成37°角斜向右下方

D．方向与水平方向成37°角斜向左上方

5.在离地高h处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差为(　　)

 A.           B.           C.        D.

6.放在电梯地板上的一个木箱，被一根处于伸长状态的弹簧拉着而处于静止状态，如图所示，后发现木箱突然被向右弹簧拉动，据此可判断出电梯的运动情况是(　　)

A．匀速上升   

B．加速下降

C．加速上升   

D．匀速下降

7.如图所示，光滑细杆BC、DC和AC构成矩形ABCD的两邻边和对角线，AC∶BC∶DC＝5∶4∶3，AC杆竖直，各杆上分别套有一可看成质点的小球a、b、d，a、b、d三小球的质量比为 1∶2∶3，现让三小球同时从各杆的顶点由静止释放，不计空气阻力，则a、b、d三小球在各杆上滑行的时间之比为(　　)

A．5∶4∶3   

B．1∶1∶1   

C．5∶8∶9   

D．1∶2∶3

8．将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，整个装置静止。则（    ）

A.地面受的压力可能为零             B.绳子上拉力可能为零 

C.地面与物体间可能存在摩擦力       D.AB之间可能存在摩擦力

9．甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向做直线运动，它们的v­t图象如图所示。下列判断正确的是(　　)

A．乙车启动时，甲车在其前方50 m处

B．乙车启动10 s后正好追上甲车

C．运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75 m

D．乙车超过甲车后，两车不会再相遇

10．两物体A、B，如图连接且处于静止状态，已知MA＝2MB，A物体和地面的动摩擦因数为μ．现在给B上加一个水平力F，使物体B缓慢移动，物体A始终静止，则此过程中有(　  　)

A．物体A对地面的压力逐渐变小

B．物体A受到的摩擦力不变

C．绳的拉力逐渐变大

D．地面对A的作用力不变

11.如图所示，A是一质量为M的盒子，B质量也为M，A、B用细绳相连，跨过光滑的定滑轮，A置于倾角θ＝37°的斜面上，B悬于斜面之外而处于静止状态．现在向A中缓慢加入沙子，整个系统始终保持静止，则在加入沙子的过程中(    )

A．绳子拉力逐渐减小                  B．A对斜面的压力逐渐增大

C．A所受的摩擦力逐渐增大            D．A所受的合力不变

12.如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为μ，小木块速度随时间变化关系如图乙所示，v0、t0已知，则(　　)

A．传送带一定顺时针转动

B．μ＝-tan

C．传送带的速度大于v0

D．t0后木块的加速度为2gsinθ－

三、实验题（13题6分，14题10分，共16分）

13.某学生实验小组设计了一个“验证力的平行四边形定则”的实验，装置如图甲所示，在竖直放置的木板上部附近两侧，固定两个力传感器，同一高度放置两个可以移动的定滑轮，两根细绳跨过定滑轮分别与两力传感器连接，在两细绳连接的结点O下方悬挂钩码，力传感器1、2的示数分别为F1、F2，调节两个定滑轮的位置可以改变两细绳间的夹角。实验中使用若干相同的钩码，每个钩码质量均为100克，取g＝9.8 m/s2。

(1)关于实验，下列说法正确的是(　　)

A．实验开始前，需要调节木板使其位于竖直平面内

B．每次实验都必须保证结点位于O点

C．实验时需要记录钩码数量、两力传感器的示数和三细绳的方向

D．实验时还需要用一个力传感器单独测量悬挂于O点钩码的总重力

(2)根据某次实验得到的数据，该同学已经按照力的图示的要求画出了F1、F2，请你作图得到F1、F2的合力F(只作图，不求大小)，并写出该合力不完全竖直的原因之一____________________________________________________。

14.用如图甲所示的装置探究加速度a与力F的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上。

(1)实验时，一定要进行的操作是________(填选项前的字母)。

A．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F

B．改变小车的质量，打出几条纸带

C．用天平测出砂和砂桶的总质量

D．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量

(2)在平衡摩擦力后，他用打点计时器打出的纸带的一段如图所示，该纸带上相邻两个计数点间还有4个点未标出，打点计时器使用交流电的频率是50 Hz，则小车的加速度大小是________m/s2，当打点计时器打B点时小车的速度是________m/s。(结果保留三位有效数字)

(3)若某次实验，求得小车的加速度为a，则此时砂和砂桶的加速度为________。

(4)若弹簧测力计的读数为F，则F________mg(m为砂和桶的总质量)。(填“大于”“等于”或“小于”)

四、计算题（满分43分，15题6分，16题9分,17题11分，18题15分要有必要的解题步骤，只给出答案的不得分）

15.如图所示：轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G通过细绳EG拉住，EG与水平方向成30°，在轻杆的G点用细绳GF拉住一个质量为M2的物体，求：

(1)细绳EG的张力FEG；

(2)轻杆HG对G端的支持力FNG。

16. 一质量为m=0.5kg的电动遥控玩具车在水平地面上做直线运动，如图所示为其运动的v-t图象的一部分，已知0.4s以前车做匀变速运动，之后做变加速运动直到速度最大，t=2s时刻关闭发动机，玩具车开始做匀减速运动最终停止．小汽车全过程中所受阻力可视为恒定．
    （1）关闭发动机后小车运动的时间;
    （2）求匀加速阶段小汽车的驱动力.

17.如图所示，将质量m＝0.1 kg的圆环套在固定的水平直杆上。环的径略大于杆的截面直径，环与杆间动摩擦因数μ＝0.5。对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角θ＝53°的拉力F，使圆环分别以a1＝5 m/s 和a2＝11m/s 加速度沿杆运动，求F的大小。(取sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，g＝10 m/s2)。

18.如图所示，倾角α＝30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L＝1m、质量M＝4 kg的薄木板，木板的最右端叠放一质量m＝1 kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ＝。对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动。设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10 m/s2。

(1)为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；

(2)若F＝39.5 N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离。

参考答案

一、选择题

1、B  2、C  3、B  4、A  5、C 6、D  7、B

8、BD   9、ACD   10、AC  11、BD  12、BD

13、(1)AC'(2)图如解析所示　定滑轮有摩擦、木板未竖直放置等(回答出一项合理答案即可)

14、(1) A (2) 0.390  0.377  (3)2a  (4)小于

四、计算题（共41分）

15、解：根据平衡方程有FEGsin 30°=M2g           （2）

FEGcos 30°=FNG                               （2）                      
所以FEG=2M2g，方向沿绳EG向上；               （1）

FNG=M2gcot 30°=M2g，方向水平向右．        （1）

16、解：设2s后小汽车加速度为a2，根据图象可得a2==-2m/s2（1）

设减速阶段时间为t，由vt-v0=at （1）    解得：t=4s（1）
（2）设0-0.4s内，小汽车加速度为a1
a1==10m/s2（1）
根据牛顿第二定律得：F-f=ma1（2）
关闭发动机后，f=ma2（2）
代入数据解得：F=12N（1）

17、解析：令，（1）

Fcos 53°=ma0 （1）

解得a0 =7.5m/s2（1）

当a<7.5m/s2时，环与杆的上部接触，受力如图。

由牛顿第二定律，（2），（1）

联立解得：

代入数据得（1）

当a>7.5m/s2时，环与杆的下部接触，受力如图。

由牛顿第二定律，（2），（1）

联立解得：

代入数据得F=3N（1）

18、解析　(1)以物块和木板整体为研究对象，由牛顿第二定律得

F－(M＋m)gsinα＝(M＋m)a，（1）

Ff－mgsinα＝ma，（1）

又Ff≤Ffm＝μmgcosα，（1）

依题意a>0，以物块为研究对象，由牛顿第二定律得

联立解得25 N<F≤37.5 N。（2）

(2)因F＝39.5 N>37.5N，所以物块能够滑离木板。对木板，由牛顿第二定律得F－μmgcosα－Mgsinα＝Ma1，（1）

对物块，由牛顿第二定律得

μmgcosα－mgsinα＝ma2（1），

设物块滑离木板所用时间为t，

木板的位移x1＝a1t2，（1）

物块的位移x2＝a2t2，（1）

物块与木板的分离条件为Δx＝x1－x2＝L，（1）

联立以上各式解得t＝2 s，（1）

物块滑离木板时的速度v＝a2t，（1）

由公式－2gsinα·x＝0－v2（2），解得x＝2.5 m（1）