高中化学第二节 研究有机化合物的一般方法第2课时课时作业

这是一份高中化学第二节 研究有机化合物的一般方法第2课时课时作业，共18页。试卷主要包含了单选题，共13小题，填空题，共5小题，实验题，共1小题，推断题，共1小题等内容，欢迎下载使用。
第一章第二节第2课时有机化合物的分子式和分子结构的确定分层作业巩固（2）2021_2022学年高中化学选择性必修3（人教版2019）
练习
一、单选题，共13小题
1．有机物X完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，经测定该物质中碳元素的质量分数为60.00%，氢元素的质量分数为13.33%，其核磁共振氢谱显示有4组明显的吸收峰。下列关于有机物X的说法不正确的是
A．X中含有C、H、O三种元素 B．X的相对分子质量为60
C．X分子中一定含有—OH D．X可能的结构简式有3种
2．有机物蒸气密度是相同状态下甲烷密度的倍，完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，元素组成分析发现，该物质中碳元素的质量分数为，氢元素的质量分数为氢它的核磁共振氢谱有组明显的吸收峰。下列关于有机物的说法不正确的是
A．含有、、三种元素
B．分子组成为
C．结构简式可能为
D．分子中可能同时含有，，
3．有机物X完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，元素组成分析发现，该物质中碳元素的质量分数为64.86%，氢元素的质量分数为13.51%，它的核磁共振氢谱有5组明显的吸收峰，且只含有一个甲基。下列关于有机物X的说法正确的是
A．分子式为C3H8O
B．X发生催化氧化反应，产物中官能团名称是羰基
C．与X含有相同官能团的同分异构体有3种
D．X发生消去反应生成两种结构的烯烃
4．某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法不正确的是

A．由红外光谱可知，A中含有C-H键、C=O键、等
B．由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有4种不同化学环境的氢原子
C．若A的化学式为C8H8O2，则其结构简式可能为
D．由以上信息可以推测A分子可能为含有酯基的芳香族化合物
5．质谱图表明某有机物的相对分子质量为70，红外光谱表征到C=C和C=O的存在，1H核磁共振谱如图（峰面积之比依次为1：1：1：3），下列说法正确的是

A．分子中共有5种化学环境不同的氢原子 B．该有机物的结构简式为CH3CH=CHCOOH
C．该物质的分子式为C4H6O D．该有机物不可能与氢气反应
6．下列除去杂质的方法正确的是（       ）
①除去乙烷中的少量乙烯：溴水，洗气；
②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤、分液；
③除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸钠溶液的洗气瓶；
④除去乙醇中少量乙酸：加入足量生石灰，蒸馏。
A．②④ B．③④ C．②③④ D．①②④
7．下列除去杂质的方法不正确的是（     ）
A．除去甲烷中混有的少量的乙烯：气体通过溴水溶液的洗气瓶
B．除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸氢钠溶液的洗气瓶
C．除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用氢氧化钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏
D．除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏
8．下列除去括号内杂质所用的试剂和方法都正确的是
选项
物质
所用试剂
方法
A
甲烷（乙烯）
酸性高锰酸钾溶液
洗气
B
乙醇（水）
生石灰
分液
C
乙醇（乙酸）
氢氧化钠溶液
分液
D
乙酸乙酯（乙酸）
饱和碳酸钠溶液
分液

A．A B．B C．C D．D
9．用括号中的试剂和方法除去各物质中的杂质，不正确的是
A．乙醇中的乙酸(NaOH溶液，分液)
B．乙醇中的水(CaO，蒸馏)
C．甲烷中的乙烯(溴水，洗气)
D．乙酸乙酯中的乙酸(饱和溶液，分液)
10．有机物A完全燃烧只生成CO2和H2O，将12g该有机物完全燃烧的产物通过足量浓硫酸，浓硫酸增重14.4g，再通过足量碱石灰，碱石灰增重26.4g，该有机物的分子式是
A．C4H10 B．C3H8O C．C2H6O D．C2H4O2
11．有机化合物是生活中的重要物质，下列关于的说法错误的是
A．可能是烯烃
B．的同分异构体(包括顺反异构)中属于烯烃的有4种
C．核磁共振氢谱中有2组吸收峰的烯烃一定是
D．可能发生加聚反应
12．下面是丁醇的两种同分异构体，其键线式、沸点如表所示，下列说法错误的是

异丁醇
叔丁醇
键线式


沸点/℃
108
82.3

A．异丁醇和叔丁醇分子中均不含键
B．异丁醇的核磁共振氢谱有四组峰，且峰面积之比是1：1：2：6
C．表中沸点数据可以说明烃基结构会明显影响有机物的物理性质
D．二者均可与金属钠反应，断裂的化学键不同
二、填空题，共5小题
13．(1)有机物X是一种重要的有机合成中间体，用于制造塑料、涂料和粘合剂等高聚物。为研究X的组成与结构，进行了如下实验：
①有机物X的质谱图为：

有机物X的相对分子质量是________
②将10.0gX在足量O2中充分燃烧，并使其产物依次通过足量的无水CaCl2和KOH浓溶液，发现无水CaCl2增重7.2g，KOH浓溶液增重22.0g。
有机物X的分子式是__________。
③经红外光谱测定，有机物X中含有醛基；有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，峰面积之比是3：1。
有机物X的结构简式是______

(2)Diels­Alder反应为共轭双烯与含有碳碳双键或碳碳三键的化合物相互作用生成六元环状化合物的反应，最简单的反应是：是由A(C5H6)和B经Diels­Alder反应制得。
①Diels­Alder反应属于________反应(填反应类型)，A的结构简式为________。
②写出与互为同分异构体，且一溴代物只有两种的芳香烃的名称：________；写出生成这两种一溴代物所需要的反应试剂和反应条件：________，_______
14．对下列物质选择合适的试剂和除杂方式（括号内为杂质）
物质（杂质）

试剂

提存方法

己烷（己烯）





溴苯（溴）





乙醇（乙酸）





乙酸乙酯（乙醇、乙酸）






15．为测定某有机化合物A的结构，进行如下实验：
(1)将15g有机物A置于足量氧气流中充分燃烧，生成物只有CO2和H2O。将燃烧产物依次通过无水CaCl2和浓KOH溶液使其充分被吸收。实验测得：无水CaCl2增重9g，浓KOH溶液增重39.6g。由此确定A的实验式是___。
(2)测得相同条件下A蒸气相对氢气的密度为75，则A的分子式是___。
(3)红外光谱表明A中含有苯环、羧基，则A可能的结构有___种(不考虑立体异构)。
(4)A的核磁共振氢谱有四组峰，峰面积比为6：2：1：1。写出有机物A的所有可能的结构__(用结构简式表示)。
16．某有机化合物经李比希法测得其中含碳的质量分数为54.5%、含氢的质量分数为9.1%，其余为氧。用质谱法分析知该有机物的相对分子质量为88.请回答下列有关问题：
(1)该有机物的分子式为_______。
(2)若该有机物的水溶液呈酸性，且结构中不含支链，则其核磁共振氢谱图中的峰面积之比为_______。
(3)若实验测得该有机物中不含结构，利用红外光谱仪测得该有机物的红外光谱如图所示。则该有机物的结构简式可能是_______、_______(写出两种即可)。

17．某芳香烃A的质谱图如图所示：

(1)A的名称为___________。
(2)A的一氯代物共有___________种。
(3)A分子中最多有___________个原子共平面。
(4)已知9.2gA在足量中充分燃烧，混合气体依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重___________g、___________g。
(5)A分子的核磁共振氢谱有___________组峰，峰面积之比为___________。
三、实验题，共1小题
18．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置(如图)，以环己醇制备环己烯
已知：


密度(g/cm3)
熔点(℃)
沸点(℃)
溶解性
环己醇
0.96
25
161
能溶于水
环己烯
0.81
-103
83
难溶于水


(1)制备粗品
将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入lmL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品。
A中碎瓷片的作用是____________，导管B除了导气外还具有的作用是____________。
(2)制备精品
①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等。加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在_____层(填上或下)，分液后用____________(填入字母编号)洗涤。
a KMnO4溶液        b 稀H2SO4             c Na2CO3溶液
②再通过____________(填操作名称)即可得到精品。
四、推断题，共1小题
19．某研究性学习小组为确定一种从煤中提取的液态烃X的结构，对其进行了如下实验探究。
步骤一：这种烃X的蒸气通过热的氧化铜，可被氧化成二氧化碳和水，再用无水氯化钙吸收水，氢氧化钠浓溶液吸收二氧化碳。实验测得，2.12 g烃X的蒸气通过热的氧化铜被氧化生成7.04 g二氧化碳和1.80 g水。
步骤二：通过仪器分析知X的相对分子质量为106。
步骤三：如图Ⅰ，用核磁共振仪测出X的核磁共振氢谱有2组峰，其面积之比为2∶3。
步骤四：利用红外光谱仪测得X分子的红外光谱如图Ⅱ。

试回答下列问题：
(1)X的分子式为___________，名称为___________。
(2)步骤二中的仪器分析方法为___________。
(3)写出符合下列条件的X的同分异构体的结构简式：___________。
①芳香烃　②苯环上的一氯代物有三种
(4)以X为原料可制得另一种重要的化工产品邻苯二甲酸(PTA)，查阅资料得知PTA在水中的溶解度随着温度的升高明显增大。若得到的PTA粗产品中有部分不溶性杂质，请简述实验室中提纯PTA的方法：___________。

参考答案：
1．D
【解析】
【分析】
由碳元素和氢元素的质量分数可知，有机物X中一定含有氧元素，分子中碳、氢、氧三种元素的原子个数比为::=3:8:1，有机物X的实验式为C3H8O，由3个碳原子最多结合8个氢原子可知分子式也为C3H8O，则X的相对分子质量为60；分子式为C3H8O的有机物可能为1—丙醇、2—丙醇、甲乙醚，由核磁共振氢谱显示有4组明显的吸收峰可知有机物X为1—丙醇。
【详解】
A．由分析可知，有机物X中含有C、H、O三种元素，故A正确；
B．由分析可知，有机物X的相对分子质量为60，故B正确；
C．由分析可知，有机物X为1—丙醇，分子中含有羟基，故C正确；
D．由分析可知，有机物X为1—丙醇，只有1种结构，故D错误；
故选D。
2．D
【解析】
【详解】
有机物X蒸气密度是相同状态下甲烷密度的倍，则X的相对分子质量为：6.25×16=100，完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，故X为烃或烃的含氧衍生物，元素组成分析发现，该物质中碳元素的质量分数为，氢元素的质量分数为氢，NC==5，NH==8，NO==2，故X的分子式为C5H8O2。A、根据上述分析可知，X含有C、H、O三种元素，选项A正确；B、X的分子组成为，选项B正确；C、X的核磁共振氢谱有组明显的吸收峰，结构简式可能为，选项C正确；D、根据上述分析，X分子中不可能同时含有−OH，−CHO，，选项D不正确。答案选D。
3．C
【解析】
【分析】
由题意可知，有机物X中碳元素和氢元素的质量分数之和小于100%，完全燃烧的产物只有二氧化碳和水，则有机物中含有氧元素，氧元素的质量分数为(1—64.86%—13.51%)=21.63%，有机物中碳、氢、氧的个数比为=4:10:1，有机物的实验式为C4H10O，由碳原子和氢原子的个数比可知，有机物实验式就是分子式，由核磁共振氢谱有5组明显的吸收峰，且只含有一个甲基可知，该有机物为1—丁醇。
【详解】
A.由分析可知，有机物的分子式为C4H10O，故A错误；
B.1—丁醇发生催化氧化反应生成丁醛，丁醛的官能团为醛基，故B错误；
C.与1—丁醇含有相同官能团的同分异构体有2—丁醇、2—甲基—1—丙醇、2—甲基—2—丙醇，共3种，故C正确；
D.一定条件下，1—丁醇发生消去反应只能生成1—丁烯，故D错误；
故选C。
4．C
【解析】
【详解】
A. 由红外光谱可知，A中含有C-H键、C=O键、、C-O-C、C-C等,选项A正确；B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有4个吸收峰，故有4种不同化学环境的氢原子，选项B正确；C. 若A的化学式为C8H8O2，则其结构简式可能为或，选项C不正确；D. 由以上信息可以推测A分子可能为含有酯基的芳香族化合物，选项D正确。答案选C。
5．C
【解析】
【详解】
试题分析：A. 1H核磁共振谱显示有4个峰，因此有四种不同化学环境的H原子，错误；B.该有机物峰面积之比是1:1:1:3，则等效氢原子的个数比是1:1:1:3，由于相对分子质量是70，则该有机物的结构简式是CH3CH=CH-CHO，错误；C. 该有机物峰面积之比是1:1:1:3，则等效氢原子的个数比是1:1:1:3，由于相对分子质量是70，则该有机物的结构简式是CH3CH=CH-CHO，分子式是C4H6O，正确；D.该有机物结构简式是CH3CH=CH-CHO，由于含有碳碳双键，所以可以与氢气发生加成反应，错误。
考点：考查有机物的结构的推断、核磁共振氢谱、红外光谱在物质结构推断的应用的知识。
6．D
【解析】
【详解】
①乙烯与溴发生加成反应得到1,2-二溴乙烷，1,2-二溴乙烷是液体，乙烷气体中不会引入新杂质，经洗气可以除杂，故①正确；
②乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，则用饱和碳酸钠溶液洗涤、分液、干燥、蒸馏可除杂，故②正确；
③CO2和SO2二者均与碳酸钠溶液反应，不能除杂，应选饱和碳酸氢钠溶液、洗气，故③错误；
④乙酸与CaO反应后得到乙酸钙，增大与乙醇的沸点差异，则加足量生石灰、蒸馏可除杂，故④正确；正确的是①②④；
答案选D。
7．C
【解析】
【详解】
A. 甲烷和溴水不反应，乙烯和溴水发生加成反应，除去甲烷中混有的少量的乙烯：气体通过溴水溶液的洗气瓶，A正确；
B. 碳酸氢钠溶液与二氧化碳不反应，与二氧化硫反应，则除去CO2中少量的SO2：气体通过盛饱和碳酸氢钠溶液的洗气瓶，B正确；
C. 除去乙酸乙酯中少量的乙酸：应该用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏，乙酸乙酯能在氢氧化钠溶液中水解，C错误；
D. 除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏即可，D正确；
答案选C。
8．D
【解析】
【详解】
A．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应加溴水、洗气除杂，故A错误；
B．CaO与水反应后，增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可除杂，故B错误；
C．乙酸与NaOH溶液反应后，增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可除杂，故C错误；
D．乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可除杂，故D正确；
故选D。
9．A
【解析】
【分析】
【详解】
A．乙酸和NaOH溶液反应生成可溶于水的乙酸钠，加入氢氧化钠后再蒸馏，可除去乙醇中的乙酸，故A错误；
B．氧化钙和水反应生成氢氧化钙，加入氧化钙后再蒸馏，可除去乙醇中的水，故B正确；
C．甲烷和溴水不反应，乙烯和溴水反应生成液体1，2-二溴乙烷，用溴水可除去甲烷中的乙烯，故C正确；
D．乙酸乙酯难溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸和饱和溶液反应生成可溶于水的乙酸钠、二氧化碳、水，加入饱和碳酸钠中，充分震荡、静止、分液，可除去乙酸乙酯中的乙酸，故D正确；
选A。
10．B
【解析】
【分析】
根据浓硫酸和碱石灰增重的质量可计算有机物燃烧生成的水和二氧化碳的物质的量，根据C元素、H元素质量之和判断是否含有O，进而计算有机物中各元素的物质的量之比，最终确定有机物的分子式。
【详解】
浓硫酸增重14.4g，即水的质量为14.4g，则n(H2O)==0.8mol，n(H)=1.6mol，m(H)=1g/mol×1.6mol=1.6g
碱石灰增重26.4g，即二氧化碳的质量为26.4g，则n(CO2)==0.6mol，则n(C) =0.6mol，m(C)=12g/mol×0.6mol=7.2g
m(C)+m(H)=8.8g＜12g，则该有机物中一定含有氧元素，12g有机物中含有的氧元素的质量为12g-8.8g=3.2g，n(O)==0.2mol
则n(C)∶n(H) ∶n(O)=0.6mol∶1.6mol∶0.2mol=3∶8∶1，即该有机物的实验式为C3H8O，由于C3H8O中碳原子已经饱和，所以该有机物的分子式为C3H8O，故选B。
11．C
【解析】
【分析】
【详解】
A．单烯烃和环烷烃的通式均为，因此可能是烯烃，也可能为环烷烃，故A正确；
B．的同分异构体中属于烯烃的有、、、，共4种，B项正确；
C．核磁共振氢谱中有2组吸收峰的有、、，C项错误；
D．单烯烃和环烷烃的通式均为，因此可能是烯烃，若为烯烃，含有碳碳双键，则能发生加聚反应，D正确；
故选C。
12．D
【解析】
【分析】
【详解】
A．异丁醇和叔丁醇分子中所含的化学键均为单键，均为键，不含键，故A正确；
B．异丁醇分子中含有4种不同化学环境的氢原子，则异丁醇的核磁共振氢谱有四组峰，且峰面积之比是1：1：2：6，故B正确；
C．叔丁醇沸点较低，异丁醇的沸点较高，二者官能团相同，相对分子质量相同，碳原子数相同，只有烃基不同，由沸点数据可以说明烃基结构会明显影响有机物的物理性质，故C正确；
D．与金属钠反应时二者均断裂氢氧键，断裂的化学键相同，故D错误；
故答案为D。
13．     100     C5H8O2     (CH3)2C(CHO)2     加成          均三甲苯(或1,3,5­三甲苯)     溴单质/光照     液溴/Fe
【解析】
【分析】
根据质谱图和核磁共振氢谱确定有机物的相对分子质量及结构；根据题干信息分析有机反应类型；根据取代反应的原理分析反应的条件。
【详解】
(1)①质谱图中质荷比最大数值即为相对分子质量，由质谱图可知有机物X的相对分子质量是100，故答案为100；
②10.0gX中氢元素的物质的量=(7.2g/18g/mol)×2=0.8mol，KOH浓溶液增重22.0g是二氧化碳的质量，根据碳原子守恒知，碳元素的物质的量=22.0g/44g/mol=0.5mol，剩余部分是氧元素，氧元素的质量为10.0g−0.8×1g−0.5×12g=3.2g，则氧元素的物质的量为3.2g/16g/mol=0.2mol，则该分子中碳、氢、氧元素的个数之比0.5mol:0.8mol:0.2mol=5:8:2，则有机物X的分子式是C5H8O2；
③有机物X中含有醛基，有机物X的核磁共振氢谱图上有2个吸收峰，则分子中含有2种环境的氢原子，则其结构简式为(CH3)2C(CHO )2；
(2)①由A(C5H6)和B经Diels−Alder反应制得，该反应为加成反应，则A为或，但不稳定，则A为，B为1，3丁二烯，故答案为加成；；
②的分子式为C9H12，其同分异构体的一溴代物只有两种的芳香烃，含3个甲基且结构对称，名称为1，3，5−三甲基苯，发生苯环上的取代反应需要铁作催化剂和液溴，发生甲基上的取代反应需要光照和溴蒸气，故答案为1，3，5−三甲基苯；铁和液溴、光照和溴蒸气。
14．
物质（杂质）

试剂

提存方法

己烷（己烯）

酸性高锰酸钾溶液

分液

溴苯（溴）

氢氧化钠溶液

分液

乙醇（乙酸）

氧化钙

蒸馏

乙酸乙酯（乙醇、乙酸）

饱和碳酸钠

分液


【解析】
【详解】
注意如用溴水，己烯转化成二溴己烷难以除去，所以需用高锰酸钾溶液氧化成酸，分液即可，洗涤后也可用水洗涤。溴苯中的溴需用氢氧化钠溶液反应掉溴。乙醇中的乙酸注意与碱反应会生成水，而乙醇会遇水形成共沸混合物难以蒸馏得到纯乙醇，而氧化钙即可除杂又可起到吸水剂作用。饱和碳酸钠溶液即可除乙酸，又可以溶解乙醇，还能降低乙酸乙酯在水中溶解度便于分层
15．     C9H10O2     C9H10O2     14     、
【解析】
【分析】
【详解】
(1)无水增重9g为生成的水的质量，浓KOH溶液增重39.6g为生成的二氧化碳的质量，，，，，15g该有机物中，故A分子中C、H、O原子数目之比为0.9mol：1mol：0.2mol=9：10：2，即A的实验式为；
(2)A的实验式为，相同条件下A蒸气相对氢气的密度为75，则A的相对分子质量为75×2=150，故A的分子式为；
(3)红外光谱表明A中含有苯环、羧基，A的不饱和度为，则有1个侧链时为或者，共2种；有2个侧链时为、，或者为、，均有邻、间、对3种位置关系，共6种；有3个侧链时为、、，2个有邻、间、对3种位置关系，对应的分别有2种、3种、1种位置，共6种，故符合条件的结构的数目为2+6+6=14；
(4)A的核磁共振氢谱有四组峰，峰面积比为6：2：1：1。则有机物A的所有可能的结构为、。
16．          3：2：2：1         
【解析】
【分析】
【详解】
(1)根据已知：有机物的相对分子质量为88，含碳的质量分数为54.5%、含氢的质量分数为9.1%，其余为氧，所以1 mol该有机物中，，，，故该有机物的分子式为，故答案：；
(2) 若该有机物的水溶液呈酸性，说明含有羧基，；结构中不含支链，则该有机物的结构简式为，则其核磁共振氢谱图中的峰面积之比为3：2：2：1。故答案：3：2：2：1；
(3)由图可知，该有机物分子中有2个、1个、1个-C-O-C-结构或2个、1个-COO-结构，据此可写出该有机物可能的结构简式有：、、，故答案：；。
17．     甲苯     4     13          30.8     4     1：2：2：3
【解析】
【分析】
【详解】
(1)根据A为芳香烃可知A含苯环，根据质荷比最大值为92可知A的相对分子质量为92，用商余法知A的分子式为C7H8，A为甲苯。故答案为：甲苯；
(2)甲苯中苯环上的一氯代物有3种，即氯原子取代与甲基相邻、相间、相对的位置上的氢原子，甲基上还有1种，即氯原子取代甲基上的氢原子，共4种。故答案为：4；
(3)苯的所有原子共平面，甲烷分子中与碳原子共平面的氢原子最多有两个，甲苯是由甲基取代苯的一个氢原子构成的，所以最多有13个原子共平面。故答案为：13；
(4)9.2 g甲苯的物质的量是0.1mol，完全燃烧可得和，即和。故答案为：7.2；30.8；
(5)甲苯分子中有4种氢，A分子的核磁共振氢谱有4组峰，峰面积之比为1：2：2：3。故答案为：4；1：2：2：3。
18．     防止暴沸     冷凝回流     上     c     蒸馏
【解析】
【分析】
【详解】
（1）加热液体时，为了防止液体爆沸，常采用加入沸石或碎瓷片；易挥发的物质反应时为提高其利用率，一般要有冷凝回流装置，导管B即是起到这种作用；故答案为防止暴沸；冷凝回流。
（2）①环己烯不溶于水，且密度比水小，与水混合后分层时，环己烯在上层；环己烯难溶于水，环己醇能溶于水，酸性杂质可以与碳酸钠溶液反应而溶解，所以要除去产品中的酸性杂质，可用碳酸钠等碱性溶液除去；故答案为上；c。
②粗品中含有环己醇能与钠反应，且混合物沸点不固定，与环己烯沸点不同，可采用蒸馏的方法即可得到精品，故答案为蒸馏。
19．(1)     C8H10     对二甲苯
(2)质谱法
(3)、
(4)将粗产品溶于适量热水中，趁热过滤，冷却结晶，过滤出晶体
【解析】
【分析】
本题主要考查的是有机物结构式的确定、限制条件同分异构体书写、物质的分离提纯，意在考查学生的分析推理能力和知识应用能力，解题的关键是正确识别核磁共振氢谱和红外光谱。
(1)
烃的物质的量为，生成二氧化碳为，生成水为，则分子中、，故的分子式为，的红外光谱测定含有苯环，属于苯的同系物，而核磁共振谱有个峰，其面积之比为：，则为，名称为对二甲苯，故答案为：；对二甲苯 二甲苯；
(2)
步骤二通过仪器分析得知的相对分子质量，该方法称为质谱法，故答案为：质谱法；
(3)
的同分异构体符合下列条件：芳香烃，苯环上一氯代物有三种，符合条件的同分异构体有：，
故答案为：；
(4)
在水中的溶解度随着温度的升高明显增大，且粗产品中杂质不溶于水，提纯的实验方法：将粗产品溶于适量热水中，趁热过滤，冷却结晶，过滤出晶体，则实验室中提纯的方法为重结晶。