2022成都七中 物理中考押题卷（含答案解析）

这是一份2022成都七中 物理中考押题卷（含答案解析），共20页。
1．全卷分A卷和B卷，A卷满分100分，B卷满分20分；全卷共120分；考试时间90分钟。
2．考生必须在答题卡上作答，答在试题卷、草稿纸上均无效。
3．在答题卡上作答时，考生需首先准确填写自己的姓名、考号、座位号。A卷的第I卷和B卷第一大题为选择题，用2B铅笔准确填涂作答；A卷的第Ⅱ卷和B卷用0.5毫米黑色墨水签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。请按照题号在相应各题目对应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持答题卡面清洁，不得折叠、污染、破损等。
A卷（共100分）
第I卷（选择题，共30分）
一、单项选择题（每小题2分，共30分）
1.以下估测值中，最符合实际的是（ ）
A. 一个苹果的质量约为150g
B. 中学生课桌的高度约为1.5m
C. 人体体温的变化范围约为0~42℃
D. 人体的密度约为8×103kg/m3
【答案】A
【解析】A．六个苹果的质量一般为1kg，则一个苹果的质量约为150g，故A符合实际；
B．中学生课桌的高度约为1m，故B不符合实际；
C．人体正常体温为37℃，而体温计的刻度范围通常为35~42℃，故C不符合实际；
D．人体的密度与水的密度相近，即约为1.0×103kg/m3，故D不符合实际。
2.在科学探索的道路上，有众多的科学巨人披荆斩棘，铺路架桥，为后人留下了丰硕的知识园地、科学的探究方法及不朽的科学精神。下列关于物理学家的说法正确的是（ ）
A．亚里士多德提出力不是维持物体运动的原因
B．牛顿提出了相对论学说
C．卢瑟福提出了原子核式结构模型
D．奥斯特发现了电磁感应现象
【答案】C
【解析】A.亚里士多德最早提出力是维持物体运动的原因；伽种略最早提出力不是维持物体
运动的原因。故A错误；
B.相对论包括广义相对论和狭义相对论，是由爱因斯坦提出的。故B错误；
C.卢瑟福提出了原子核式结构学说。故C正确；
D.奥斯特最早发现电生磁现象，法拉第最早发现电磁感应现象。故D错误。
3．关于声现象的描述，下列说法错误的是（ ）
A．图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声
B．图乙中，超声波清洗机正在清洗眼镜，说明超声波能传递能量
C．图丙中，摩托车安装消声器，可以在声源处减弱噪声
D．图丁中，蝙蝠靠次声波发现昆虫
【答案】D
【详解】
A．声音的传播需要介质，固体、液体和气体都可以作为传声的介质。把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声，故A正确，不符合题意；
B．声能传递信息，也能传递能量。利用超声波清洗眼镜，是利用声来传递能量，故B正确，不符合题意；
C．减弱噪声的三种途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。给摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声，故C正确，不符合题意；
D．蝙蝠飞行时会发出超声波，超声波向前传播遇到障碍物被反射回来，蝙蝠根据反射回来的时间和方位判断昆虫的位置，故D错误，符合题意。
故选D。
4．下列光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．皮影
B．笔在水面处“折断”
C．水中的“倒影”
D．三棱镜分解白光
【答案】C
【详解】
A．皮影是由于光的直线传播形成的。故A不符合题意；
B．笔在水面处“折断”这是由于光的折射形成的。故B不符合题意；
C．水中的“倒影”是平面镜成像，即由于光的反射形成的。故C符合题意；
D．三棱镜分解白光是光的色散现象，原理是光的折射。故D不符合题意。
故选C。
5．以下自然现象的形成原因与其他三项不同的是（ ）
A．屋顶的霜B．窗玻璃上的冰花C．树枝上的雾凇D．水面上的冰
【答案】D
【详解】
A．霜是水蒸气遇冷直接变成的小冰晶，属于凝华现象；
B．冰花是空气中的水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象；
C．雾凇是水蒸气直接变成的小冰晶，是凝华现象；
D．水面上的冰是水由液态变成固态是凝固现象。
选项D和ABC形成原因不同。
故选D。
6．描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）
A．立春：“大地养和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C．秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成要吸热
【答案】C
【详解】
A．大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现的，故A错误；
B．雨的形成是水蒸气液化为小水滴，故B错误；
C．“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华放热，故D错误。
故选C。
7．2020年12月17日，“嫦娥五号”返回器携带超过2千克的月球岩石及土壤样本，在预定区域成功着陆。下列有关说法正确的是（ ）
A．月球岩石带回地球后质量变大B．月球岩石带回地球后受到的重力不变
C．月球土壤带回地球后密度变大D．月球土壤和地球土壤相比不含空气
【答案】D
【详解】
A．质量是物质的一种属性，月球岩石带回地球后质量不变，故A错误；
B．月球上g比地球上小，由G=mg可知月球岩石带回地球后受到的重力变小，故B错误；
C．月球土壤带回地球后，质量不变、体积不变，所以密度不变，故C错误；
D．月球上不含空气，所以月球土壤和地球土壤相比不含空气，故D正确。
故选D。
8．鼓作为敲击乐器，在重要的节日庆典中频频登场。学校器乐室有一直径为1m的大鼓，质量为32kg，学校在报告厅内举行庆祝建党一百周年活动，将鼓平放在水平舞台上，下列说法正确的是（ ）
A．鼓静止时对舞台的压强约为400Pa
B．若将鼓侧立，鼓对舞台的压强变小
C．响鼓还需重锤敲，敲击力越大音调越高
D．鼓声余音缭绕是由于敲击力不同造成的
【答案】A
【详解】
A．由题意知，鼓对地面的压力
F=G=mg=32kg×10N/kg=320N
与地面的接触面积
S=3.14×(×1m)2=0.785m2
对地面的压强
故A正确；
B．鼓侧立时，压力不变，受力面积变小，据知，压强变大，故B错误；
C．响鼓是指敲击鼓的力越大，其响度越大，故C错误；
D．余音缭绕是指停止了敲击鼓，但鼓皮还在振动，还能发出声音，故D错误。
故选A。
9．图是小华在劳动教育实践活动中体验中国传统农耕“春稻谷”的示意图.小华若要更省力，下列做法可行的是（ ）
A．支点不动，脚在杆上的位置前移
B．将支点靠近人，脚在杆上的位置不动
C．将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移
D．将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移
【答案】D
【详解】
由题知，阻力F2大小不变，若要更省力，即减小F1，根据杠杆平衡条件F1l1= F2l2可知，可以增大l1或减小l2或同时增大l1和减小l2.
A．支点不动，脚在杆上的位置前移，减小了l1，l2不变，F1将增大，故A错误；
B．将支点靠近人，脚在杆上的位置不动 ，l1减小，同时l2增大，F1将增大，故B错误；
C．将支点靠近人，同时脚在杆上的位置前移 ，l1减小，l2增大，F1将增大，故C错误；
D．将支点远离人，同时脚在杆上的位置后移， 减小l2同时增大l1，F1将减小，故D正确.
故选D.
10.如图是小明设计的家庭电路的电路图，下列对此电路图的分析错误的是（ ）
A．保险盒接法错误，保险盒应该安装在火线上
B．二孔插座接法错误，其左端导线应该接在零线上
C．开关和灯泡接法正确，开关接在零线上符合安全用电原则
D．三孔插座接法正确，使用电冰箱时，插头应插在三孔插座上
【答案】C
【详解】
A．保险装置应该接在火线上，故A正确，不符合题意；
B．二孔插座左孔接零线右侧孔接火线，故B正确，不符合题意；
C．为了用电安全，螺口灯螺口接零线，中央弹簧片经过开关接火线，故C错误，符合题意；
D．三孔插座左孔接零线、中间的孔接地线右侧孔接火线，所以三孔插座连接正确，大功率用电器或带有金属外壳的用电器为了防止漏电引起人触电要通过三孔插座接地，故D正确，不符合题意.
故选C.
11.如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上.下列判断正确的是（ ）
A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【答案】A
【详解】
A．由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B．条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D．若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误.
故选A.
12．下列电路中电压表测量R2两端电压，且电路连接正确是（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】
A．如图：电流表并联在电路中，把R2、电压表短路，故A错误；
B．如图：电压表串联在电路中，电流表并联在了电路中，故B错误；
C．如图：R1、R2两电阻串联，电压表测R1两端的电压，故C错误；
D．如图：R1、R2两电阻串联，电压表测R2两端的电压，故D正确.
故选D.
13.如图所示电路中，电阻R1＝12Ω，R2＝6Ω.当单刀双掷开关S置于位置1时，电压表读数为3V.则当S置于位置2时，电压表读数的可能值为（ ）
A．1VB．2VC．3VD．4V
【答案】B
【详解】
当单刀双掷开关S置于位置1时，电压表读数为3V，此时电阻R1与电阻R0接入电路，此时电路中电流为
则电源电压为
当单刀双掷开关S置于位置2时，此时电阻R2与电阻R0接入电路，则电路中的电流为
故电压表示数为
由于串联分压，电阻变小，故电压表示数变小，故电压表的示数一定小于3V，故电压表的示数可能为2V，故B正确.
故选B.
15.电热蚊香器是一种常用的除蚊工具，当蚊香器接上电源，需要闭合开关S，才能使指示灯L发光，发热体工作.现由于某种原因指示灯断路不亮，但发热体依然能正常工作.则下列电路连接方式符合要求的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【详解】
由题意知，当开关闭合时，指示灯L和发热体同时工作，但指示灯断路时，发热体依然正常工作，说明指示灯和发热体并联在电路中，开关在干路上同时控制两个用电器，故ABC不符合题意，D符合题意.
故选D.
第II卷（非选择题，共70分）
二．填空题（每空2分，共36分）把正确答案填在答题卡的横线上方。
16．雷雨天气时，人们总是先看到闪电后听到雷声，这是因为___________；声音和光都是以波的形式传播的，其中___________不能在真空中传播。
【答案】> 声音
【详解】
[1] 光在空气中的传播速度约等于3×108m/s，声音在空气中的传播速度等于340m/s，所以雷雨天气时，人们总是先看到闪电后听到雷声。
[2]声音的传播需要介质，光的传播不需要介质，声音不能在真空中传播，光可以在真空中传播。
17.下列为录制合成的声音波形图，由图可知，甲和丙的______相同，甲和丁的______相同（选填“音调”、“响度”）。
【答案】响度 音调
【详解】
[1]从图中可以看出，甲、丙两波形图的振动频率不同，则声音的音调不同，但甲、丙两波形图的振动幅度相同，因此甲、丙响度相同。
[2] 从图中可以看出，甲、丁两波形图的振动频率相同，则声音的音调相同；振动幅度不同，则响度不同。
18．煤炭是_____（选填“可再生”或“不可再生”）能源，煤炭的大量使用会造成环境污染，为了减少环境污染，我国已经建成了多座利用原子核______（选填“裂变”或“聚变”）释放能量来发电的核电站；消毒柜是利用_______（选填“红外线”或“紫外线”）来消毒杀菌的；现在广泛使用的LED节能灯主要是利用_______（选填“超导”或“半导体”）材料制成的。
【答案】不可再生 裂变 紫外线 半导体
【详解】
[1]煤炭随着开采会逐渐枯竭，所以是不可再生能源。
[2]核电站是利用可控的核裂变释放能量来发电。
[3]紫外线具有杀菌消毒的作用，所以消毒柜是利用紫外线来消毒杀菌的。
[4]LED节能灯主要是利用发光二极管发光照明的，而发光二极管的材料是半导体。
19．“杂交水稻之父”袁隆平有禾下乘凉梦，其中水稻影子的形成是光的__________现象；收获的季节，三亚南繁基地飘来阵阵稻香，这是__________现象。
【答案】直线传播 扩散
【详解】
[1]影子形成的原理是光沿直线传播。
[2]因为分子不停地做无规则运动，所以水稻的分子扩散到了空气中，我们会闻到阵阵稻香，这是一种扩散现象。
20.如图所示是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线，由图可知，该物是___________（选填“晶体”或“非晶体”），该物质在CD段的比热容___________AB段的比热容。
【答案】晶体 大于
【详解】
[1]从图中可以看出，该物质熔化过程中温度保持0℃不变，所以该物质是晶体。
[2]该物质在CD段与AB段的质量相等。从图中可以看出，该物质在CD段被加热的时间与AB段被加热的时间一样多，说明该物质在CD段吸收的热量与AB段吸收的热量一样多，物质在CD段升高的温度比AB段升高的温度少。由 得，该物质在CD段的比热容大于AB段的比热容。
21.工程师把三峡水电站水库大坝设计成上窄下宽的形状，是因为水的深度越深，压强越______，（选填“大”或“小”）。当水库水深为100m时，坝底受到的水的压强是______Pa（已知，）。
【答案】大 1.0×106
【详解】
[1]根据液体内部压强的特点，液体内部压强与液体密度和液体深度有关，液体深度越大，压强越大。
[2]水深为100m时，坝底受到的水的压强为
22.火箭加速上升过程中，相对于地面是______；火箭的重力势能______，惯性______.
【答案】运动的 变大 不变
【详解】
[1]火箭加速上升过程中，相对于地面的位置发生改变，火箭相对于地面是运动的.
[2]火箭加速上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能变大.
[3]火箭加速上升过程中，质量不变，惯性的大小不变.
23．用图甲的滑轮组提升重200N的物体，已知拉力F为80N，不计绳重和摩擦，物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示，反映绳子自由端运动的图线是______（选填“A”或“B”），动滑轮重为______N，3s内对物体做的有用功为______J.

【答案】A 40 300
【详解】
[1]由甲图可知，动滑轮被3段绳子拉着，绳子移动的距离为物体移动距离的三倍，故反映绳子自由端运动的图线是A.
[2]动滑轮的重力为
[3]由图可知，3s内物体移动的距离为1.5m，则有用功为
24.如图所示，电源电压和灯泡L的电阻不变，灯泡L上标有“6V， 6W字样.当开关S、S1均闭合，滑片P移至a端时，电流表示数为2.0A，灯泡L正常发光；当开关S闭合，S1断开，滑片P移至b端时，电源电压U为__________V，灯泡L的实际电功率P为__________W.
【答案】6 1.5
【详解】
[1]当开关S、S1均闭合，滑片P移至a端时，滑动变阻器全部接入电路和小灯泡并联，因为灯泡L正常发光，根据并联电路的电压规律可知，电源电压等于灯的额定电压等于6V.
[2]当开关S、S1均闭合，滑片P移至a端时，灯的电流为
灯的电阻为
滑动变阻器的最大电阻为
开关S闭合，S1断开，滑片P移至b端时，滑动变阻器全部接入电路和灯串联，此时灯的功率为
三、作图与计算题（共16分）计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，数据带上单位，只写出最后答案的不能得分。
25.(1)如图所示，开关闭合后，位于螺线管左侧的小磁针顺时针旋转90°，请在图中括号内分别标出螺线管A的N、S极和电源的＋、－极。
【答案】
【解析】小磁针S极向左转动，说明小磁针S极与通电螺线管左端相互排斥。则通电螺线管左端为S极。根据安培定则可以判定出，通电螺线管正面导线的电流方向是向下的，则电源左端为负极。
(2)如图所示，轻质杠杆的A点挂一重物G，绳受的拉力为F2，O为杠杆的支点。请在杠杆的端点B处画出使杠杆保持静止的最小的力F1的示意图，并作出F2的力臂l2。
【答案】如图所示。
【解析】在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力；从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。
由图可知，力F1作用在B点时，以OB为动力臂时L1最大，此时力F1最小。力F1示意图如图所示；
过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示。
26.某团队在海拔3000多米高山上野营时，使用铁锅烧水，他们发现把体积为2L的水从10℃加热到85℃时，共消耗了5kg的干木柴，【已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃），干木柴的热值为1.2×107J/kg】。求：
（1）干木柴完全燃烧放出的热量？
（2）水吸收的热量。
（3）铁锅烧水的的效率。
（4）他们也发现在高山上用铁锅煮马铃薯时，尽管锅里的水哗哗地沸腾了很长时间。马铃薯还是煮不软，为什么？
【答案】（1）6×107J（2）6.3×105J（3）1.05%（4）见解析。
【解析】（1）干木柴完全燃烧放出的热量：Q放=qm=1.2×107×5=6×107（J）
（2）水的质量：m水=ρ水V水=1.0×103×2×10-3=2（kg）
水吸收的热量:Q吸=cm（t-t0）=4.2×103×2×（85-10）=6.3×105（J）
（3）铁锅烧水的的效率：η=Q吸/Q放=6.3×105（J）/6×107（J）=1.05%
（4）因为沸点随气压的减小而降低，高山上气压小，所以水沸点降低，铁锅里的水尽管沸腾了，但是温度比较低，马铃薯还是煮不软。
27.如图甲所示是某品牌电饭煲，图乙是该电饭煲的原理图。它有高温和保温两档，通过开关S进行调节，R0与R为阻值不同的电热丝。现在将该电饭煲接在220V的电源上，用高温档工作时，电路的总功率为1000W；用保温档工作时，电路的总功率为440W．已知c水＝4.2×103J/（kg℃）。求：

甲 乙
（1）电饭煲在高温档时，开关S应 （选填“闭合”或“断开”）。
（2）电热丝R0的阻值是多少？
（3）当电饭煲处于保温档时，电路中的电流是多少？
（4）用电饭煲将质量为2kg的水加热，使其温度升高30℃，则水吸收的热量是多少？
【答案】（1）电饭煲在高温档时，开关S应闭合；
（2）电热丝R0的阻值是48.4Ω；
（3）当电饭煲处于保温档时，电路中的电流是2A；
（4）水吸收的热量是2.52×105J。
【解析】（1）由公式P＝知，电压一定时，P与R成反比，开关S应闭合时，电阻R被短路电路中的电阻最小，电路的电功率最大。所以电饭煲在高温档时，开关S应闭合。
（2）由公式P＝得电热丝R0的阻值是：R0＝＝＝48.4Ω；
（3）由题意分析知，开关S断开时，电路串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电路处于保温状态。由公式P＝UI得当电饭煲处于保温档时，电路中的电流是：
I保＝＝＝2A；
（4）水吸收的热量：Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg℃）×2kg×30℃＝2.52×105J
四、实验与探究题（共 12 分）
28.将酒敞口放置，酒精度（酒中酒精的体积百分比）会变化吗?小科认为：只要确定酒的密度是否变化就能作出判断.于是利用身边的物品，动手制作“密度秤”米测量酒的密度.
步骤Ⅰ：按图甲制作好秤杄，提起提纽，移动秤砣（小螺母），当秤杄水平平衡时用笔将此时秤砣的悬挂点B标记为“0”刻度（单位：g/cm2）
步骤Ⅱ：按图乙所示，将大螺母浸没在水中（大螺母必须浸没且不碰底），提起提纽，移动秤砣，当秤杆水平平衡时用笔将此时秤砣的悬挂点C标记为“1”刻度.再将BC两刻度之间分为10等份.
步骤Ⅲ：测量酒的密度.
（1）应用：小科用该密度秤分别测出瓶盖刚打开和敞口一段时间后酒的密度约为0.92g/cm3和0.96g/cm3，已知酒精密度为0.8g/cm3，应用密度知识可判断出其酒精度______（填“变大”“不变”或“变小”）；
（2）反思：在制作和测量过程中，大螺母必须浸没的目的是______；
（3）拓展：小科若要测量食盐水的密度，他应先在密度秤上增加大于1的刻度，请你写出利用直尺和笔标定刻度的过程：______.
【答案】变小 见详解 见详解
【详解】
（1）[1]刚打开和敞口一段时间后酒的密度约为0.92g/cm3和0.96g/cm3，酒精密度小于水的密度，酒的密度变大说明酒精变少了，其酒精度变小.
（2）[2]根据题意，一开始两边杠杆平衡，根据杠杆平衡条件有
m大螺母gL1=m小螺母gL2
完全浸没后，有
两式联立，变形可得
根据题意，想让刻度按照距离均匀等分，则ρ液与L必须为线性关系，所以为定值，则V必须为定值，所以每次大螺母都必须浸没.
（3）[3]因为刻度均匀，故使用刻度尺，测量0~1之间的距离为L0，在“1”右边距离L0的位置标上“2”，并将1~2等分为10份，分别标上1.1~1.9刻度.若总距离不足以标到“2”，则根据杆的实际总长度相应改变最大值.
29.小军做测量小灯泡电功率的实验中，所用小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）请用笔画线代替导线，将如图甲所示的实验电路连接完整．
（2）丙图中阴影部分面积表示的物理量是_______．
（3）实验时闭合开关，小军发现小灯泡不发光，且电流表有示数，而电压表无示数，则电路的故障可能是：_______．
（4）故障排除后，闭合开关，小军发现电压表的示数为2V，若想测量小灯泡的额定电功率，应再调节滑动变阻器的滑片P，使P向_______移动（选填“左”或“右”），当电压表的示数为2.5V时，对应电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是______W．这时小灯泡正常发光20s，产生的焦耳热为________J.
【答案】（1）如图所示（2）灯两端电压（3）小灯泡短路（4）右 0.75。 15J
【解析】（1）灯泡的额定电压为2.5V＜3V，所以选择电压表的量程为0～3V读数精度高，且与灯泡并联，滑动变阻器按一上一下的原则与灯泡串联。具体做法是将灯泡右接线柱与滑动变阻器的A接线柱相连，再与电压表的“3”接线柱相连，如图所示。

（2）由图可知：横坐标表示通过电阻的电流，纵坐标表示该电阻的阻值．由U=IR得阴影部分面积表示的物理量为电流和电阻的乘积，应该为定值电阻两端的电压值。
（3）由实验现象，开关闭合后，灯泡不亮，电流表有示数，说明电路没有断路；电压表无示数，说明与电压表并联的灯泡短路。因此只能是灯泡处出现短路。
（4）要测灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压为2.5V，根据欧姆定律可知应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路的电阻，故滑片应向右移动；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，灯泡的额定电流为0.3A；灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．
Q=Pt=0.75W×20s=15J
B卷（共20分）
一、不定项选择题（每小题2分，共10分）下列各题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但未选全得1分，凡有错选均不得分。
1.早在19世纪20年代，德国物理学家欧姆就对导体中电流，导体两端电压的关系进行了大量的实验研究，发现对于大多数导体而言，导体中电流跟导体两端电压成正比，并于1827年在《动电电路的数学研究》一书中，把他的实验规律总结成如下公式：S=γ•E（S表示导体中的电流；E表示导体两电压；γ表示导体对电流的传导率，简称电导率）。关于这一规律，下列说法正确的是（ ）
A．对于不同的导体，给它们两端加相同的电压，通过的电流与导体的电导率成反比
B．对于不同的导体，如果通过的电流相同，电压与导体的电导率成正比
C．电导率反映的是导体对电流的导通作用
D．电导率的大小是由加在导体两端电压与通过导体的电流决定的
【答案】C
【解析】欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比；导体电阻是导体本身的一种性，与电压和电流无关；
由题知，导体中的电流S与导体两电压E成正比，即S=γ•E，γ表示电导率；
A.由S=γ•E可知，在电压相同时，通过的电流与导体的电导率成正比，故A错误；
B.电压是形成电流的原因，所以电压与导体的电导率无关，故B错误；
C.由S=γ•E知，电压E一定时，通过的电流S与电导率γ成正比，所以电导率反映的是导体对电流的导通能力，故C正确；
D.电导率是导体对电流的传导率，电导率是导体本身的一种性质，与加在导体两端电压与通过导体的电流无关，故D错误。
2.小明同学在探究凸透镜成像规律时，把蜡烛和凸透镜固定在如图所示位置，移动光具座上的光屏得到一清晰像（光屏未画出），则该透镜的焦距可能是（ ）
A．10cmB．20cmC．30cmD．40cm
【答案】A
【详解】
蜡烛在光屏上成的像是实像。当物体距凸透镜大于凸透镜一倍焦距时，即可通过凸透镜成实像。此时，蜡烛与凸透镜的距离为30cm，所以，此实验中，凸透镜的焦距是小于30cm的，10cm、20cm都是有可能的。若其焦距为10cm，此时物距大于二倍焦距，则像距小于二倍焦距且大于一倍焦距，即光屏位置在标尺的70～80cm刻度线之间；若其焦距为20cm，此时物距在一倍焦距与二倍焦距之间，则像成在二倍焦距以外，即像与透镜的距离大于40cm。但透镜到光具座右端的距离只有40cm，此时像成在光具座右端以外了。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3．将一实心圆柱体悬挂于弹簧测力计下，物体下表面刚好与水面接触，从此处匀速下放物体，直至浸没（物体未与容器底接触）的过程中，弹簧测力计示数F与物体下表面浸人水中深度h的关系如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．物体重力为40N
B．物体浸没时受到的浮力为15N
C．物体的密度为2.5×103kg/m3
D．物体刚好浸没时下表面受到的液体压强为800Pa
【答案】C
【解析】A．由图象可知，当h＝0（圆柱体没有浸入水中），圆柱体重G＝F＝25N；故A错误；
B．当圆柱体全浸入水中时，弹簧测力计的示数F′＝15N，
圆柱体浸没时受到的浮力为：F浮＝G﹣F′＝25N﹣15N＝10N；故B错误；
C．圆柱体的质量：m＝＝＝2.5kg，
根据F浮＝ρ水gV排可得，圆柱体的体积：V＝V排＝＝＝1×10﹣3m3，
则圆柱体的密度：ρ物＝＝＝2.5×103kg/m3．故C正确；
D．由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度：h＝4cm＝0.04m，
则圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa；故D错误。
4.如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列说法正确的是（ ）
A. B匀速下降时，物体A受到3N的摩檫力
B. 拉力F的大小为4N
C. 拉力F的功率为3.6W
D. B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J
【答案】BC
【解析】A．由图通过动滑轮绳子段数n=3，不计绳重及摩擦时，B拉A的力
FA=( GB+G动)=×(5N+1N)=2N
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，则
f=FA=2N
故A错误；
B．当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，受向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，由于物体A的压力和接触面没有改变，则摩擦力大小不变，所以
F=FA+f=2N+2N=4N
故B正确；
C．绳子自由端移动的速度为vA=3vB=3×0.3m/s=0.9m/s
所以拉力F的功率
P==FvA=4N×0.9m/s=3.6W
故C正确；
D．B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功
WF=Fs=F×3h=4N×3×0.6m=7.2J
故D错误。
5.如图所示，电源电压为4.5V保持不变，电压表量程选择“0～3V”，电流表量程选择“0～0.6A”，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，小灯泡L上标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻的变化）。闭合开关S，若两电表示数均不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定电压，下列说法中正确的是（ ）
A．小灯泡灯丝电阻为6Ω
B．电路中的最大电流为0.5A
C．滑动变阻器阻值变化范围为4～20Ω
D．电路的最大功率为2.25W
【答案】BD
【解析】由电路图知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
A.由P＝得，灯泡的阻值：RL＝＝＝5Ω，故A不正确；
B.滑片移动的过程中，当灯泡正常发光时，电路中的电流是最大的；由P＝UI得，电路中的最大电流：I大＝＝＝0.5A，故B正确；
C.当电压表示数为3V时，滑动变阻器连入电路中的阻值最大，此时灯泡两端的电压：UL＝U﹣U滑＝4.5V﹣3V＝1.5V，
电路中的最小电流：I小＝＝＝0.3A；
滑动变阻器连入电路中的最大阻值：R滑大＝＝＝10Ω；
灯泡正常发光时，电流最大，则电路的总电阻最小；
滑动变阻器两端的电压U滑′＝U﹣U额＝4.5V﹣2.5V＝2V，
滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R滑小＝＝＝4Ω，所以滑动变阻器的阻值变化范围是4Ω～10Ω，故C错误；
D.根据P＝UI可知，电路中的电流最大时，总功率最大，最大功率为：P＝UI大＝4.5V×0.5A＝2.25W，故D正确。
二、综合题
6.用伏安法测R的电阻实验中：
（1）图甲中，有一根导线未连接，请用笔画线代替导线将电路连接完整。
（2）实验前，滑动变阻器的滑片P应置于最 （选填“左”或“右”）端。
（3）闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，则故障原因可能是电阻R （选填“断路”或“短路”）。
（4）排除故障后，当电流表的示数为1A时，电压表的示数如图乙所示，待测电阻R的阻值为 欧。
（5）电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中R的测量结果。用图丙的电路进行测量可消除这个影响，R0为定值电阻。实验步骤如下：
①按照图丙的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处；
②闭合开关S1，S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1，
③ 移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2；
④可得待测电阻Rx＝ 。
【答案】（1）如上所示；（2）左；（3）断路；（4）5；（5）断开S2；﹣。
【解析】（1）电压表与灯并联，如下所示：
（2）实验前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即最左端；
（3）闭合开关后，发现电流表示数为零，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，则故障原因可能是电阻R断路；
（4）排除故障后，当电流表的示数为1A时，电压表的示数如图乙，电压表选用大量程，分度值为0.5V，电压为5V，由欧姆定律，待测电阻：R＝＝＝5Ω；
（5）②闭合开关S1，S2，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1，
③断开S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2；
在②中，此时待测电阻短路，电流表测定值电阻的电流，电压表测电流表和定值电阻的总电压；移动滑动变阻器滑片，由欧姆定律，定值电阻和电流表的总电阻：
R0A＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
在③中，电流表测待测电阻和定值电阻串联后的电流，电压表测待测电阻和定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，测待测电阻和定值电阻及电流表的串联的总电阻：
Rx0a＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
②﹣①得：故待测电阻：
Rx＝﹣。
7.某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1＝2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。（设海水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
【答案】（1）当电流表示数为0.2A时，压敏电阻R2的阻值为28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，压敏电阻R2所在深度处的海水压强为2×106Pa；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是500m。
【解析】（1）由I＝可得，当电流表示数为0.2A时电路的总电阻：
R总＝＝＝30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，压敏电阻R2的阻值：
R2＝R总﹣R2＝30Ω﹣2Ω＝28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，由图2可知，压敏电阻受到的压力F＝4×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p＝＝＝2×106Pa；
（3）当电流表的示数I′＝0.6A时，使用此方法能测出海水的深度最大，
此时电路的总电阻：
R总′＝＝＝10Ω，
此时压敏电阻的阻值：
R2′＝R总′﹣R2＝10Ω﹣2Ω＝8Ω，
由图2可知，压敏电阻受到的压力F′＝10×104N，
此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p′＝＝＝5×106Pa，
由p＝ρgh可得，使用此方法能测出海水的最大深度：
h＝＝＝500m。
物体的质量：m＝＝＝14kg。