2021-2022学年黑龙江省肇源县重点中学中考三模数学试题含解析
展开2021-2022中考数学模拟试卷
考生请注意:
1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。
2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.如图,△ABC中,∠ACB=90°,∠A=30°,AB=1.点P是斜边AB上一点.过点P作PQ⊥AB,垂足为P,交边AC(或边CB)于点Q,设AP=x,△APQ的面积为y,则y与x之间的函数图象大致为( )
A. B.
C. D.
2.如图,在正方形ABCD和正方形CEFG中,点D在CG上,BC=1,CE=3,连接AF交CG于M点,则FM=( )
A. B. C. D.
3.下列多边形中,内角和是一个三角形内角和的4倍的是( )
A.四边形 B.五边形 C.六边形 D.八边形
4.如图,四边形ABCD是边长为1的正方形,动点E、F分别从点C,D出发,以相同速度分别沿CB,DC运动(点E到达C时,两点同时停止运动).连接AE,BF交于点P,过点P分别作PM∥CD,PN∥BC,则线段MN的长度的最小值为( )
A. B. C. D.1
5.计算﹣2+3的结果是( )
A.1 B.﹣1 C.﹣5 D.﹣6
6.若点A(a,b),B(,c)都在反比例函数y=的图象上,且﹣1<c<0,则一次函数y=(b﹣c)x+ac的大致图象是( )
A. B.
C. D.
7.最小的正整数是( )
A.0 B.1 C.﹣1 D.不存在
8.某射击运动员练习射击,5次成绩分别是:8、9、7、8、x(单位:环).下列说法中正确的是( )
A.若这5次成绩的中位数为8,则x=8
B.若这5次成绩的众数是8,则x=8
C.若这5次成绩的方差为8,则x=8
D.若这5次成绩的平均成绩是8,则x=8
9.如图,已知的周长等于 ,则它的内接正六边形ABCDEF的面积是( )
A. B. C. D.
10.在武汉市举办的“读好书、讲礼仪”活动中,某学校积极行动,各班图书角的新书、好书不断增多,除学校购买外,还有师生捐献的图书.下面是七年级(1)班全体同学捐献图书的情况统计图,根据图中信息,该班平均每人捐书的册数是( )
A.3 B.3.2 C.4 D.4.5
11.计算(-ab2)3÷(-ab)2的结果是( )
A.ab4 B.-ab4 C.ab3 D.-ab3
12.下列立体图形中,主视图是三角形的是( )
A. B. C. D.
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13.如图,△ABC中,CD⊥AB于D,E是AC的中点.若AD=6,DE=5,则CD的长等于 .
14.抛物线(为非零实数)的顶点坐标为_____________.
15.如图,某商店营业大厅自动扶梯AB的倾斜角为31°,AB的长为12米,则大厅两层之间的高度为____米.(结果保留两个有效数字)(参考数据;sin31°=0.515,cos31°=0.857,tan31°=0.601)
16.如果一个矩形的面积是40,两条对角线夹角的正切值是,那么它的一条对角线长是__________.
17.如图,以长为18的线段AB为直径的⊙O交△ABC的边BC于点D,点E在AC上,直线DE与⊙O相切于点D.已知∠CDE=20°,则的长为_____.
18.若实数a、b、c在数轴上对应点的位置如图,则化简:2|a+c|++3|a﹣b|=_____.
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19.(6分)先化简:()÷,再从﹣2,﹣1,0,1这四个数中选择一个合适的数代入求值.
20.(6分)如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,AC,tanB,半径为2的⊙C分别交AC,BC于点D、E,得到DE弧.求证:AB为⊙C的切线.求图中阴影部分的面积.
21.(6分)随着“互联网+”时代的到来,一种新型打车方式受到大众欢迎,该打车方式的总费用由里程费和耗时费组成,其中里程费按x元/公里计算,耗时费按y元/分钟计算(总费用不足9元按9元计价).小明、小刚两人用该打车方式出行,按上述计价规则,其打车总费用、行驶里程数与打车时间如表:
时间(分钟)
里程数(公里)
车费(元)
小明
8
8
12
小刚
12
10
16
(1)求x,y的值;
(2)如果小华也用该打车方式,打车行驶了11公里,用了14分钟,那么小华的打车总费用为多少?
22.(8分)汤姆斯杯世界男子羽毛球团体赛小组赛比赛规则:两队之间进行五局比赛,其中三局单打,两局双打,五局比赛必须全部打完,赢得三局及以上的队获胜.假如甲,乙两队每局获胜的机会相同.若前四局双方战成2:2,那么甲队最终获胜的概率是__________;现甲队在前两局比赛中已取得2:0的领先,那么甲队最终获胜的概率是多少?
23.(8分)在矩形ABCD中,两条对角线相交于O,∠AOB=60°,AB=2,求AD的长.
24.(10分)一道选择题有四个选项.
(1)若正确答案是,从中任意选出一项,求选中的恰好是正确答案的概率;
(2)若正确答案是,从中任意选择两项,求选中的恰好是正确答案的概率.
25.(10分)(1)解方程:=0;
(2)解不等式组 ,并把所得解集表示在数轴上.
26.(12分)如图,某校一幢教学大楼的顶部竖有一块“传承文明,启智求真”的宣传牌CD、小明在山坡的坡脚A处测得宣传牌底部D的仰角为60°,然后沿山坡向上走到B处测得宣传牌顶部C的仰角为45°.已知山坡AB的坡度i=1:,(斜坡的铅直高度与水平宽度的比),经过测量AB=10米,AE=15米,求点B到地面的距离;求这块宣传牌CD的高度.(测角器的高度忽略不计,结果保留根号)
27.(12分)如图,在平行四边形ABCD中,E、F是对角线BD上的两点,且BF=DE.
求证:AE∥CF.
参考答案
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1、D
【解析】
解:当点Q在AC上时,∵∠A=30°,AP=x,∴PQ=xtan30°=,∴y=×AP×PQ=×x×=x2;
当点Q在BC上时,如下图所示:
∵AP=x,AB=1,∠A=30°,∴BP=1﹣x,∠B=60°,∴PQ=BP•tan60°=(1﹣x),∴ =AP•PQ= = ,∴该函数图象前半部分是抛物线开口向上,后半部分也为抛物线开口向下.故选D.
点睛:本题考查动点问题的函数图象,有一定难度,解题关键是注意点Q在BC上这种情况.
2、C
【解析】
由正方形的性质知DG=CG-CD=2、AD∥GF,据此证△ADM∽△FGM得 , 求出GM的长,再利用勾股定理求解可得答案.
【详解】
解:∵四边形ABCD和四边形CEFG是正方形,
∴AD=CD=BC=1、CE=CG=GF=3,∠ADM=∠G=90°,
∴DG=CG-CD=2,AD∥GF,
则△ADM∽△FGM,
∴,即 ,
解得:GM= ,
∴FM= = = ,
故选:C.
【点睛】
本题主要考查相似三角形的判定与性质,解题的关键是熟练掌握正方形的性质、相似三角形的判定与性质及勾股定理等知识点.
3、C
【解析】
利用多边形的内角和公式列方程求解即可
【详解】
设这个多边形的边数为n.
由题意得:(n﹣2)×180°=4×180°.
解得:n=1.
答:这个多边形的边数为1.
故选C.
【点睛】
本题主要考查的是多边形的内角和公式,掌握多边形的内角和公式是解题的关键.
4、B
【解析】
分析:由于点P在运动中保持∠APD=90°,所以点P的路径是一段以AD为直径的弧,设AD的中点为Q,连接QC交弧于点P,此时CP的长度最小,再由勾股定理可得QC的长,再求CP即可.
详解: 由于点P在运动中保持∠APD=90°, ∴点P的路径是一段以AD为直径的弧,
设AD的中点为Q,连接QC交弧于点P,此时CP的长度最小,
在Rt△QDC中,QC=, ∴CP=QC-QP=,故选B.
点睛:本题主要考查的是圆的相关知识和勾股定理,属于中等难度的题型.解决这个问题的关键是根据圆的知识得出点P的运动轨迹.
5、A
【解析】
根据异号两数相加的法则进行计算即可.
【详解】
解:因为-2,3异号,且|-2|<|3|,所以-2+3=1.
故选A.
【点睛】
本题主要考查了异号两数相加,取绝对值较大的符号,并用较大的绝对值减去较小的绝对值.
6、D
【解析】
将,代入,得,,然后分析与的正负,即可得到的大致图象.
【详解】
将,代入,得,,
即,.
∴.
∵,∴,∴.
即与异号.
∴.
又∵,
故选D.
【点睛】
本题考查了反比例函数图像上点的坐标特征,一次函数的图像与性质,得出与的正负是解答本题的关键.
7、B
【解析】
根据最小的正整数是1解答即可.
【详解】
最小的正整数是1.
故选B.
【点睛】
本题考查了有理数的认识,关键是根据最小的正整数是1解答.
8、D
【解析】
根据中位数的定义判断A;根据众数的定义判断B;根据方差的定义判断C;根据平均数的定义判断D.
【详解】
A、若这5次成绩的中位数为8,则x为任意实数,故本选项错误;
B、若这5次成绩的众数是8,则x为不是7与9的任意实数,故本选项错误;
C、如果x=8,则平均数为(8+9+7+8+8)=8,方差为 [3×(8-8)2+(9-8)2+(7-8)2]=0.4,故本选项错误;
D、若这5次成绩的平均成绩是8,则(8+9+7+8+x)=8,解得x=8,故本选项正确;
故选D.
【点睛】
本题考查中位数、众数、平均数和方差:一般地设n个数据,x1,x2,…xn的平均数为,则方差,它反映了一组数据的波动大小,方差越大,波动性越大,反之也成立.
9、C
【解析】
过点O作OH⊥AB于点H,连接OA,OB,由⊙O的周长等于6πcm,可得⊙O的半径,又由圆的内接多边形的性质可得∠AOB=60°,即可证明△AOB是等边三角形,根据等边三角形的性质可求出OH的长,根据S正六边形ABCDEF=6S△OAB即可得出答案.
【详解】
过点O作OH⊥AB于点H,连接OA,OB,设⊙O的半径为r,
∵⊙O的周长等于6πcm,
∴2πr=6π,
解得:r=3,
∴⊙O的半径为3cm,即OA=3cm,
∵六边形ABCDEF是正六边形,
∴∠AOB=×360°=60°,OA=OB,
∴△OAB是等边三角形,
∴AB=OA=3cm,
∵OH⊥AB,
∴AH=AB,
∴AB=OA=3cm,
∴AH=cm,OH==cm,
∴S正六边形ABCDEF=6S△OAB=6××3×=(cm2).
故选C.
【点睛】
此题考查了正多边形与圆的性质.此题难度适中,注意掌握数形结合思想的应用.
10、B
【解析】七年级(1)班捐献图书的同学人数为9÷18%=50人,捐献4册的人数为50×30%=15人,捐献3册的人数为50-6-9-15-8=12人,所以该班平均每人捐书的册数为(6+9×2+12×3+15×4+8×5)÷50=3.2册,故选B.
11、B
【解析】
根据积的乘方的运算法则,先分别计算积的乘方,然后再根据单项式除法法则进行计算即可得,
(-ab2)3÷(-ab)2
=-a3b6÷a2b2
=-ab4,
故选B.
12、A
【解析】
考查简单几何体的三视图.根据从正面看得到的图形是主视图,可得图形的主视图
【详解】
A、圆锥的主视图是三角形,符合题意;
B、球的主视图是圆,不符合题意;
C、圆柱的主视图是矩形,不符合题意;
D、正方体的主视图是正方形,不符合题意.
故选A.
【点睛】
主视图是从前往后看,左视图是从左往右看,俯视图是从上往下看
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13、1.
【解析】
由“直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半”求得AC=2DE=2;然后在直角△ACD中,利用勾股定理来求线段CD的长度即可.
【详解】
∵△ABC中,CD⊥AB于D,E是AC的中点,DE=5,
∴DE=AC=5,
∴AC=2.
在直角△ACD中,∠ADC=90°,AD=6,AC=2,则根据勾股定理,得
.
故答案是:1.
14、
【解析】
【分析】将抛物线的解析式由一般式化为顶点式,即可得到顶点坐标.
【详解】y=mx2+2mx+1
=m(x2+2x)+1
=m(x2+2x+1-1)+1
=m(x+1)2 +1-m,
所以抛物线的顶点坐标为(-1,1-m),
故答案为(-1,1-m).
【点睛】本题考查了抛物线的顶点坐标,把抛物线的解析式转化为顶点式是解题的关键.
15、6.2
【解析】
根据题意和锐角三角函数可以求得BC的长,从而可以解答本题.
【详解】
解:在Rt△ABC中,
∵∠ACB=90°,
∴BC=AB•sin∠BAC=12×0.515≈6.2(米),
答:大厅两层之间的距离BC的长约为6.2米.
故答案为:6.2.
【点睛】
本题考查解直角三角形的应用,解答本题的关键是明确题意,找出所求问题需要的条件,利用锐角三角函数和数形结合的思想解答.
16、1.
【解析】
如图,作BH⊥AC于H.由四边形ABCD是矩形,推出OA=OC=OD=OB,设OA=OC=OD=OB=5a,由tan∠BOH,可得BH=4a,OH=3a,由题意:21a×4a=40,求出a即可解决问题.
【详解】
如图,作BH⊥AC于H.
∵四边形ABCD是矩形,∴OA=OC=OD=OB,设OA=OC=OD=OB=5a.
∵tan∠BOH,∴BH=4a,OH=3a,由题意:21a×4a=40,∴a=1,∴AC=1.
故答案为:1.
【点睛】
本题考查了矩形的性质、解直角三角形等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造直角三角形解决问题,学会利用参数构建方程解决问题.
17、7π
【解析】
连接OD,由切线的性质和已知条件可求出∠AOD的度数,再根据弧长公式即可求出的长.
【详解】
连接OD,
∵直线DE与⊙O相切于点D,
∴∠EDO=90°,
∵∠CDE=20°,
∴∠ODB=180°-90°-20°=70°,
∵OD=OB,
∴∠ODB=∠OBD=70°,
∴∠AOD=140°,
∴的长==7π,
故答案为:7π.
【点睛】
本题考查了切线的性质、等腰三角形的判断和性质以及弧长公式的运用,求出∠AOD的度数是解题的关键.
18、﹣5a+4b﹣3c.
【解析】
直接利用数轴结合二次根式、绝对值的性质化简得出答案.
【详解】
由数轴可得:a+c<0,b-c>0,a-b<0,
故原式=-2(a+c)+b-c-3(a-b)
=-2a-2c+b-c-3a+3b
=-5a+4b-3c.
故答案为-5a+4b-3c.
【点睛】
此题主要考查了二次根式以及绝对值的性质,正确化简是解题关键.
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19、,1.
【解析】
先算括号内的减法,同时把除法变成乘法,再根据分式的乘法进行计算,最后代入求出即可.
【详解】
原式=•
=•
=.
∵由题意,x不能取1,﹣1,﹣2,∴x取2.
当x=2时,原式===1.
【点睛】
本题考查了分式的混合运算和求值,能正确根据分式的运算法则进行化简是解答此题的关键.
20、 (1)证明见解析;(2)1-π.
【解析】
(1)解直角三角形求出BC,根据勾股定理求出AB,根据三角形面积公式求出CF,根据切线的判定得出即可;
(2)分别求出△ACB的面积和扇形DCE的面积,即可得出答案.
【详解】
(1)过C作CF⊥AB于F.
∵在Rt△ABC中,∠C=90°,AC,tanB,∴BC=2,由勾股定理得:AB1.
∵△ACB的面积S,∴CF2,∴CF为⊙C的半径.
∵CF⊥AB,∴AB为⊙C的切线;
(2)图中阴影部分的面积=S△ACB﹣S扇形DCE1﹣π.
【点睛】
本题考查了勾股定理,扇形的面积,解直角三角形,切线的性质和判定等知识点,能求出CF的长是解答此题的关键.
21、(1)x=1,y=;(2)小华的打车总费用为18元.
【解析】
试题分析:(1)根据表格内容列出关于x、y的方程组,并解方程组.
(2)根据里程数和时间来计算总费用.
试题解析:
(1)由题意得,
解得;
(2)小华的里程数是11km,时间为14min.
则总费用是:11x+14y=11+7=18(元).
答:总费用是18元.
22、(1);(2)
【解析】
分析:(1)直接利用概率公式求解;
(2)画树状图展示所有8种等可能的结果数,再找出甲至少胜一局的结果数,然后根据概率公式求.
详解:(1)甲队最终获胜的概率是;
(2)画树状图为:
共有8种等可能的结果数,其中甲至少胜一局的结果数为7,
所以甲队最终获胜的概率=.
点睛:本题考查了列表法与树状图法:利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n,再从中选出符合事件A或B的结果数目m,然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率.
23、
【解析】
试题分析:
由矩形的对角线相等且互相平分可得:OA=OB=OD,再由∠AOB=60°可得△AOB是等边三角形,从而得到OB=OA=2,则BD=4,最后在Rt△ABD中,由勾股定理可解得AD的长.
试题解析:
∵四边形ABCD是矩形,
∴OA=OB=OD,∠BAD=90°,
∵∠AOB=60°,
∴△AOB是等边三角形,
∴OB=OA=2,
∴BD=2OB=4,
在Rt△ABD中
∴AD===.
24、(1);(2)
【解析】
(1)直接利用概率公式求解;
(2)画树状图展示所有12种等可能的结果数,再找出选中的恰好是正确答案A,B的结果数,然后根据概率公式求解.
【详解】
解:(1)选中的恰好是正确答案A的概率为;
(2)画树状图:
共有12种等可能的结果数,其中选中的恰好是正确答案A,B的结果数为2,
所以选中的恰好是正确答案A,B的概率=.
【点睛】
本题考查了列表法与树状图法:利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n,再从中选出符合事件A或B的结果数目m,然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率.
25、(1)x=;(2)x>3;数轴见解析;
【解析】
(1)先把分式方程转化成整式方程,求出方程的解,再进行检验即可;
(2)先求出每个不等式的解集,再求出不等式组的解集即可.
【详解】
解:(1)方程两边都乘以(1﹣2x)(x+2)得:x+2﹣(1﹣2x)=0,
解得:
检验:当时,(1﹣2x)(x+2)≠0,所以是原方程的解,
所以原方程的解是;
(2) ,
∵解不等式①得:x>1,
解不等式②得:x>3,
∴不等式组的解集为x>3,
在数轴上表示为:.
【点睛】
本题考查了解分式方程和解一元一次不等式组、在数轴上表示不等式组的解集等知识点,能把分式方程转化成整式方程是解(1)的关键,能根据不等式的解集得出不等式组的解集是解(2)的关键.
26、(1)2;(2)宣传牌CD高(20﹣1)m.
【解析】
试题分析:(1)在Rt△ABH中,由tan∠BAH==i==.得到∠BAH=30°,于是得到结果BH=ABsin∠BAH=1sin30°=1×=2;
(2)在Rt△ABH中,AH=AB.cos∠BAH=1.cos30°=2.在Rt△ADE中,tan∠DAE=,即tan60°=,得到DE=12,如图,过点B作BF⊥CE,垂足为F,求出BF=AH+AE=2+12,于是得到DF=DE﹣EF=DE﹣BH=12﹣2.在Rt△BCF中,∠C=90°﹣∠CBF=90°﹣42°=42°,求得∠C=∠CBF=42°,得出CF=BF=2+12,即可求得结果.
试题解析:解:(1)在Rt△ABH中,∵tan∠BAH==i==,∴∠BAH=30°,∴BH=ABsin∠BAH=1sin30°=1×=2.
答:点B距水平面AE的高度BH是2米;
(2)在Rt△ABH中,AH=AB.cos∠BAH=1.cos30°=2.在Rt△ADE中,tan∠DAE=,即tan60°=,∴DE=12,如图,过点B作BF⊥CE,垂足为F,∴BF=AH+AE=2+12,DF=DE﹣EF=DE﹣BH=12﹣2.在Rt△BCF中,∠C=90°﹣∠CBF=90°﹣42°=42°,∴∠C=∠CBF=42°,∴CF=BF=2+12,∴CD=CF﹣DF=2+12﹣(12﹣2)=20﹣1(米).答:广告牌CD的高度约为(20﹣1)米.
27、证明见解析
【解析】
试题分析:通过全等三角形△ADE≌△CBF的对应角相等证得∠AED=∠CFB,则由平行线的判定证得结论.
证明:∵平行四边形ABCD中,AD=BC,AD∥BC,∴∠ADE=∠CBF.
∵在△ADE与△CBF中,AD=BC,∠ADE=∠CBF, DE=BF,
∴△ADE≌△CBF(SAS).∴∠AED=∠CFB.
∴AE∥CF.
2023年黑龙江省大庆市肇源县中考数学二模试卷(含解析): 这是一份2023年黑龙江省大庆市肇源县中考数学二模试卷(含解析),共32页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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黑龙江省桦南县重点中学2021-2022学年中考数学模试卷含解析: 这是一份黑龙江省桦南县重点中学2021-2022学年中考数学模试卷含解析,共20页。