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    2021“超级全能生”高三全国卷地区4月联考试题(甲卷)理科综合PDF版含解析

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    这是一份2021“超级全能生”高三全国卷地区4月联考试题(甲卷)理科综合PDF版含解析,文件包含理综解析-“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷pdf、物理评分标准-“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷docx、理综正文-“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷pdf、化学评分标准-“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷docx、生物评分标准-“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷docx、理综答题卡pdf等6份试卷配套教学资源,其中试卷共26页, 欢迎下载使用。

     

    “超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考甲卷

    物理答案及评分标准

     

    一、选择题(本题共8小题,每小题6,48分。在每小题给出的四个选项中,14~18题只有一个选项符合题目要求,19~21题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6,选对但不全的得3分,有选错的得0)

    14

    15

    16

    17

    18

    19

    20

    21

    B

    D

    C

    A

    B

    BD

    BCD

    BC

     

    二、非选择题(包括必考题和选考题两部分,62。第22~25题为必考题,每个试题考生都必须作答。第33~34题为选考题考生根据要求作答)

    22(5)

    (1)右端 (1)

    (2)0.35 (2) 0.61 (2)

    【评分标准与答案相符给分,不符不给分

     

    23(10)

    (1)A (2)

    (2)49 Ω (2)

    (3)小于 (2) 181.25 Ω (2) 181.25 Ω (2)

    【评分标准与答案相符给分,不符不给分

     

    24(14)

    解:(1)未撤去恒力F时,设小滑块、长木板加速度大小分别为a1a2

    根据牛顿第二定律可知,对小滑块分析有

    Fcos37°-μ(mgFsin37°)ma1 (2)

    对长木板分析有

    μ(mgFsin37°)Ma2 (1)

    代入数据解得a16 m/s2 (1)

    a21 m/s2 (1)

    (2)恒力F作用的1.5 s内,小滑块、长木板均由静止开始做匀加速直线运动,根据运动学公式可知,对小滑块分析有

    v1a1tx1a1t2 (1)

    对长木板分析有

    v2a2tx2a2t2 (1)

    撤去恒力F后,小滑块做匀减速直线运动,长木板继续做匀加速直线运动。设小滑块、长木板的加速度大小分别为a1a2。根据牛顿第二定律可知

    对小滑块分析有μmgma1 (1)

    对长木板分析有μmgMa2 (1)

    当小滑块与长木板两者共速时,小滑块恰好不滑出长木板的左端,则有

    v1a1t′=v2a2t′ (1)

    此过程,对小滑块分析有

    x1v1t′-a1t2 (1)

    对长木板分析有

    x2v2t′+a2t2 (1)

    则所求长木板的长度为L(x1x2)(x1x2)

    联立解得L9.375 m (2)

    评分标准按解析中步骤给分,其他解法正确亦可按步骤给分。

     

    25(18)

    解:(1)根据左手定则可知,粒子带正电 (1)

    任取粒子研究,依题意作出粒子运动的轨迹图如图甲所示,O1为圆形磁场区域的圆心,O2为粒子轨迹的圆心,由几何关系可知,四边形O1KO2O为菱形,故rR (2)

    粒子在磁场中运动,由洛伦兹力提供向心力得

    qvB (2)

    联立解得B (1)

    (2)粒子正对圆心射入磁场,由(1)可知,粒子将垂直于PQO点进入平行边界磁场,对应圆心角为α=90° (1)

    如图乙所示,由几何关系可知,粒子在MNPQ间运动的圆心角为 θ,则有

    sinθ= (1)

    解得θ=30° (1)

    故粒子在磁场中运动的总时间

    t (1)

    (3)粒子经过圆形磁场区域后,能从O点在0°~180°范围内向MNPQ间射入,将粒子运动的轨迹旋转半周如图丙所示,能从MN边界逸出的粒子如图丁所示,由几何关系有

    sinθ1sinθ2sinθ3 (2)

    O3K2Rcosθ1R (2)

    EFRsinθ20.5R (2)

    故粒子在MN边界逸出的宽度为

    O3KR (1) 

    能在MN边界逸出的粒子所占总发射数的比例为n (1)

        

    评分标准按解析中步骤给分,其他解法正确亦可按步骤给分。

     

    33(15)

    (1)ABD (5)

    【评分标准与答案相符给分,不符不给分

    (2)(10)

    解:()U形管的横截面积为S,加入水银的长度为d,对右管气柱分析

    初始状态有p1p0+ρghV1L0S (1)

    当右管内气柱长度为5 cmp2p0+ρgV2L0S (1)

    根据玻意耳定律有

    p1V1p2V2 (2)

    联立解得d95.5 cm (1)

    ()U形管在竖直平面内自由下落时,水银处于完全失重状态,右管内气柱压强等于大气压强,设气柱长度为L

    此状态有p3p0V3LS (1)

    根据玻意耳定律有

    p1V1p3V3 (2)

    两边水银面稳定时的高度差

    Δh2(LL0)h (1)

    联立解得Δh12 cm (1)

    评分标准按解析中步骤给分,其他解法正确亦可按步骤给分。

     

    34(15)

    (1)ACD (5)

    【评分标准与答案相符给分,不符不给分

    (2)(10)

    解:()由于入射角不变,平移入射点P,当AP的距离最小时,如图甲所示,设此时APx,折射角为α,根据折射定律得

    n (2)

    由几何关系得sinα= (2)

    联立解得x (1)

    ()要使光垂直ABC弧面射出,光必定要经过半圆弧面的圆心O,如图乙所示,设此时的折射角为β

    由折射定律得n′ (2)

    由几何关系得sinβ= (2)

    联立解得n′= (1)

    评分标准按解析中步骤给分,其他解法正确亦可按步骤给分。

     

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