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2022年广西玉林市中考物理试卷解析版
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这是一份2022年广西玉林市中考物理试卷解析版，共43页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年广西玉林市中考物理试卷
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）在国际单位制中，电流的基本单位是（ ）
A．A B．V C．m D．W
2．（3分）当水结成冰后，它的质量（ ）
A．变大 B．不变
C．变小 D．先变小后变大
3．（3分）如图所示，能体现电动机工作原理的图是（ ）
A．
B．
C．
D．
4．（3分）如图所示的四种做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．在同一个插座中同时使用多个大功率用电器
B．用湿抹布擦发光的灯泡
C．家用冰箱的金属外壳已接地
D．在电线上晾晒湿衣服
5．（3分）在一场大型交响音乐会中，听众能根据不同乐音区分出不同的乐器，主要是根据声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
6．（3分）宋代大诗人苏轼在《登州海市》的诗中描述过海市蜃楼的奇观。如图所示，这种现象形成的主要原因是由于光的（ ）
A．会聚 B．折射 C．发散 D．反射
7．（3分）“北斗+5G”技术助力北京打造了智慧型冬奥会。冬奥会的信息传递主要是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线
8．（3分）下列关于环境保护和能源利用的说法正确的是（ ）
A．保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”
B．在安静的图书馆大声说话
C．提倡减排，可不必提倡节能
D．电能是一次能源，它便于输送和转化
9．（3分）在神舟载人航天飞船发射升空过程中，若说宇航员是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．太阳 B．地球 C．月亮 D．飞船
10．（3分）如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A．仍然平衡 B．右端下降 C．左端下降 D．匀速转动
11．（3分）如图所示，新鲜鸡蛋沉在盛有纯水的容器底部，若要其上浮，可加（已知ρ酒精＜ρ植物油＜ρ纯水＜ρ浓盐水）（ ）
A．酒精 B．植物油 C．纯水 D．浓盐水
12．（3分）如图所示，舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中（ ）
A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能增大，重力势能增大
D．动能减小，重力势能减小
13．（3分）如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为（ ）
A．5V B．3V C．2V D．1V
14．（3分）如图所示，某同学设计一个楼道照明“智能化”电路，即利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走过发出声音时，自动闭合，无人走过没有声音时，自动断开）来控制灯泡。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
15．（3分）已知甲电阻是乙电阻的3倍，若分别对甲、乙两种导体通电，通过甲、乙两导体的电流之比为2：3，则甲、乙的功率之比为（ ）
A．2：1 B．2：3 C．4：3 D．9：2
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分）
16．（2分）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的 在空中继续前行，以提高成绩；体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大接触面的 （选填“粗糙程度”或“压力”）来增大摩擦力。
17．（2分）如图所示，航天员王亚平在中国空间站用“水球”做成像实验，“水球”成像的原理与 （选填“放大镜”或“照相机”）的相同，所成的是倒立、缩小的 （选填“实”或“虚”）像。
18．（2分）如图所示是一台四冲程内燃机的 （选填“压缩”或“做功”）冲程，这个冲程是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变气缸内气体的内能。
19．（2分）把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，这种现象属于
现象；若使质量为5kg的水温度从20℃升高到40℃，则水吸收的热量为 J。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
20．（2分）如图所示，某同学把重为1.5N的物体匀速提升10cm，所用的拉力是0.8N，则他做的有用功为 J，滑轮组的机械效率为 。
21．（2分）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是 现象；如图所示是“探究电热与电流的关系”的部分装置，已知A、B两点间的电压为6V，R1＝R2＝R3＝5Ω，通电时间2min，则R1与R2产生的热量相差 J。
三、作图、实验与探究题（22、23每小题2分，24、25、26小题每空1分，共19分）
22．（2分）如图所示是某同学在劳动基地摘下的一个南瓜，请画出南瓜静止在水平地面上时的受力示意图。
23．（2分）小明同学不注意用眼卫生，造成了高度近视，请在图中画出远处物体发出的两束
入射光线经他的晶状体折射后对应的光线。
24．（4分）如图甲所示是“探究水沸腾的实验”装置。
（1）用酒精灯持续对水加热，发现温度计示数缓慢
（选填“升高”或“降低”）。一段时间后，发现温度计示数不变，此时温度计示数如图乙所示，可知水的沸点为 ℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，则发现水的沸点
（选填“降低”、“不变”或“升高”）；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，这是水蒸气 （填物态变化名称）形成的小水珠。
25．（5分）如图1所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。先后完成甲、乙、丙所示的三组实验。
（1）小钢球在滚下斜面的过程中，其动能大小是通过 （选填“高度h”或“距离s”）大小来反映的；
（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越 ；
（3）分析比较 两组实验可得，物体速度相同时，质量越大，动能越大；
（4）综合上述可知，如图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定不同的最高 ；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，则木块移动的距离将 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
26．（6分）如图1甲所示是“测量小灯泡的电阻”的实验电路图。
（1）请根据图1甲所示电路图，用笔画线代替导线完成图乙未连接好的实物电路（要求滑片P向右移动时小灯泡变亮）；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡 ；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，其读数为 V；
（4）根据实验数据，作出小灯泡工作时I﹣U的关系图像如图2所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω；
（5）由图2可知，不同电压下，小灯泡电阻值不同，灯丝的电阻会随温度升高而变 ；
（6）若实验过程中发现电压表损坏，现增加一个已知阻值为R0的定值电阻和一个开关，设计如图3所示的电路，也能测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤如下：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为：R灯＝ （用I额、I1、I2和R0表示）。
四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共24分。计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）
27．（6分）如图所示，质量为200g的小车从斜面顶端由静止下滑，图中显示小车到达A、B、C三处的时刻（数字分别表示“时：分：秒”）。问：
（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为多少m？
（2）小车通过AC段的平均速度为多少m/s？
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几？
28．（8分）如图所示，一个底面积为200cm2的溢水杯放在水平桌面上，溢水口离其底部距离为20cm。已知弹簧原长为10cm，且弹簧每受1N的作用力其长度变化1cm。现将弹簧与底面积为100cm2的实心长方体A和溢水杯底部相连，此时弹簧被压缩，其弹力为2N；向溢水杯加水，当水深为16cm时，A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm；继续向溢水杯加水，直至弹簧所受的弹力不再发生变化（在弹性限度内）。不计弹簧的重力、体积及其所受的浮力，g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）A的重力；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力；
（3）A的密度；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量。
29．（10分）科技研究小组在实验室模仿工程师做“钢梁承重后的下垂量h”的测试，他们用厚钢尺制成了一座跨度为L的桥梁（如图甲所示），并设计了一个方便读取“厚钢尺桥梁受压后下垂量”的测试仪，测试仪由压力传感器R与外部电路组成（如图乙所示）。已测得跨度为L时，在一定范围内，其压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N。已知电源电压不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压力F1＝32N时，电路中的电流为I1，此时R的功率为P1；当压力F2＝40N时，电路中的电流为I2，此时R的功率为P2；且I1与I2相差0.1A。传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线（如图丙所示），忽略传感器与钢梁自重产生的影响。求：
（1）R0的阻值；
（2）当桥梁的下垂量为3cm时，压力传感器受到的压力；
（3）当压力为零时，电路中的总电阻；
（4）P1与P2的差值
2022年广西玉林市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）在国际单位制中，电流的基本单位是（ ）
A．A B．V C．m D．W
【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
【解答】解：在物理学中，
A、A是电流的基本单位，故A符合题意；
B、V是电压的基本单位，故B不符合题意；
C、m是长度的基本单位，故C不符合题意；
D、W是功率的基本单位，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度不大。
2．（3分）当水结成冰后，它的质量（ ）
A．变大 B．不变
C．变小 D．先变小后变大
【分析】物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，与物体所含物质的多少有关。
【解答】解：水结冰后，状态发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对质量属性的理解，属于基础题目，正确理解质量的概念是解答的关键。
3．（3分）如图所示，能体现电动机工作原理的图是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受力运动。正确分析四个选项各是研究什么问题的，再作回答。
【解答】解：A、此图研究的是电磁感应现象，不符合题意，故A错误；
B、此实验研究的是通电导体在磁场中受力运动，能说明电动机工作原理，故B正确；
C、此图是研究电磁铁的磁性强弱的影响因素，故C错误；
D、此图是奥斯特实验，证明了电流的周围存在磁场，不符合题意，故D错误。
故选：B。
【点评】本题涉及的内容有电磁铁、电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的实验装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
4．（3分）如图所示的四种做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．在同一个插座中同时使用多个大功率用电器
B．用湿抹布擦发光的灯泡
C．家用冰箱的金属外壳已接地
D．在电线上晾晒湿衣服
【分析】（1）多个大功率用电器使用同一插座容易造成电流过大，引发火灾；
（2）（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（3）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三脚插头，其中较长的脚与该用电器的外壳相连，以防外壳带电，危及人身安全。
【解答】解：A、在同一个插座上同时使用多个大功率的用电器，容易造成电流过大，引发火灾，故A错误；
BD、水容易导电，用湿抹布擦发光的灯泡和在电线上晾晒湿衣服，会发生触电事故；故BD错误；
C、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全。故C正确。
故选：C。
【点评】生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法。这样才能做到安全用电。
5．（3分）在一场大型交响音乐会中，听众能根据不同乐音区分出不同的乐器，主要是根据声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
【解答】解：不同的乐器即便演奏相同的乐曲，发出的音色也不相同，故可用音色来辨别，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
6．（3分）宋代大诗人苏轼在《登州海市》的诗中描述过海市蜃楼的奇观。如图所示，这种现象形成的主要原因是由于光的（ ）
A．会聚 B．折射 C．发散 D．反射
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫做光的折射。光折射的实例有：筷子变折、池水变浅、彩虹、海市蜃楼等。
【解答】解：海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故B正确；
故选：B。
【点评】本题考查的是我们对生活中光现象原理的判断，这是我们光现象中的重点。
7．（3分）“北斗+5G”技术助力北京打造了智慧型冬奥会。冬奥会的信息传递主要是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线
【分析】人们日常生活中的电视信号、手机信号、卫星通信都是利用电磁波传递信号的。
【解答】解：“北斗+5G”技术是利用电磁波传递信息的。故A符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查电磁波的应用，属于基础题，要求学生理解。
8．（3分）下列关于环境保护和能源利用的说法正确的是（ ）
A．保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”
B．在安静的图书馆大声说话
C．提倡减排，可不必提倡节能
D．电能是一次能源，它便于输送和转化
【分析】（1）多了解环境的污染源和防治措施，要有环保意识和责任感；
（2）从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都是噪声；
（3）目前国家提倡“低碳生活”，实际上就是为了节约能源和保护环境；
（4）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
【解答】解：A、保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”，故A正确；
B、从生活的角度考虑，不管声音是优美动听，还是杂乱刺耳的，只要对人们的生活和工作造成影响的，都可以称为噪声，故在安静的图书馆不能大声说话，故B错误；
C、提倡减排，也必须提倡节能，故C错误；
D、电能无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，是二次能源，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了关于环境保护和能源利用方面的问题，综合性强，但难度不大。
9．（3分）在神舟载人航天飞船发射升空过程中，若说宇航员是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．太阳 B．地球 C．月亮 D．飞船
【分析】物体的运动和静止是相对的，关键看选取的参照物，相对于参照物位置发生了改变，就是运动的；位置如果没有发生改变，就是静止的。
【解答】解：A、以太阳为参照物，宇航员和太阳之间的位置发生了变化，宇航员是运动的，故A不合题意；
B、以地球为参照物，宇航员离地球越来越远，位置发生了变化，故B不合题意；
C、以月球为参照物，宇航员和月球之间的位置也发生了变化，故C不符合题意；
D、以飞船为参照物，因为宇航员固定在舱内，与飞船之间的位置没有发生变化，所以宇航员是静止的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
10．（3分）如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A．仍然平衡 B．右端下降 C．左端下降 D．匀速转动
【分析】在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，得出此时动力与动力臂和阻力与阻力臂的乘积，比较它们的大小，根据杠杆平衡条件得出结论。
【解答】解：设杠杆上每一格的长度为L，每个钩码的重力为G，
原来杠杆水平平衡时，有：2G×3L＝3G×2L，即动力×动力臂＝阻力×阻力臂；
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，
左侧动力与动力臂的乘积为：3G×3L＝9GL，
右侧阻力与阻力臂的乘积为：4G×2L＝8GL，
因为9GL＞8GL，根据杠杆平条件可知，杠杆左端会下降，
故选：C。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，难度不大。
11．（3分）如图所示，新鲜鸡蛋沉在盛有纯水的容器底部，若要其上浮，可加（已知ρ酒精＜ρ植物油＜ρ纯水＜ρ浓盐水）（ ）
A．酒精 B．植物油 C．纯水 D．浓盐水
【分析】鸡蛋沉没在烧杯里是因为鸡蛋受到的浮力小于鸡蛋重，在水中，鸡蛋重不能改变，要使鸡蛋离开烧杯底，只能增大鸡蛋受到的浮力，而鸡蛋受到的浮力与排开水的体积和水的密度有关，因为鸡蛋的体积（排开水的体积）不变，所以只能增大水的密度，据此判断选择。
【解答】解：A、向杯中加酒精，只能使杯内水的密度减小，使鸡蛋受到的浮力减小，不能使鸡蛋上浮，故A错误；
B、向杯中加植物油，植物油不溶于水，不会改变水的密度，不能增大鸡蛋受到的浮力，不能使鸡蛋上浮，故B错误；
C、向杯内加水、不会改变水的密度，不能增大鸡蛋受到的浮力，不能使鸡蛋上浮，故C错误。
D、向杯中加盐，盐溶解后，使水的密度增大，在鸡蛋排开水的体积不变的情况下，根据F浮＝ρ水V排g可知，鸡蛋受到的浮力增大，当受到的浮力大于鸡蛋重时，鸡蛋将上浮，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对物体的浮沉条件和阿基米德原理的掌握和运用，分析浮力变化时要同时考虑两个因素（排开液体的体积和液体的密度）。
12．（3分）如图所示，舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中（ ）
A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能增大，重力势能增大
D．动能减小，重力势能减小
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中，质量不变，速度和高度都变大，所以其动能和重力势能都增大。
故选：C。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。
13．（3分）如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为（ ）
A．5V B．3V C．2V D．1V
【分析】由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表测L1两端的电压，即电压表的示数为L1两端的电压；根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压。
【解答】解：
由电路图可知，两灯泡串联，电压表并联在L1两端，故电压表的示数即为L1两端的电压，即灯泡L1两端的电压U1＝2V；
由串联电路的特点可知，L1两端的电压：U2＝U﹣U1＝3V﹣2V＝1V。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压表的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目。
14．（3分）如图所示，某同学设计一个楼道照明“智能化”电路，即利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走过发出声音时，自动闭合，无人走过没有声音时，自动断开）来控制灯泡。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的。光控开关和声控开关同时控制一盏灯，同时符合光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，两个开关和灯泡应该是串联的。
【解答】解：A、当声控开关闭合时，形成电源短路，电灯不亮，故A不符合题意；
B、光控开关和声控开关是并联的，光暗到一定程度或有声音时都能使电灯发光，故B不符合题意；
C、当光控开关闭合时，形成电源短路，电灯不亮，故C不符合题意；
D、光控开关、声控开关和电灯是串联的，光控开关、声控开关同时闭合时电路形成通路，电灯发光，故D符合题意。
故选：D。
【点评】（1）开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的。
（2）根据实际需要学会设计串联电路和并联电路。
15．（3分）已知甲电阻是乙电阻的3倍，若分别对甲、乙两种导体通电，通过甲、乙两导体的电流之比为2：3，则甲、乙的功率之比为（ ）
A．2：1 B．2：3 C．4：3 D．9：2
【分析】利用P＝UI＝I2R可得出甲、乙的功率之比。
【解答】解：由题意可知，R甲＝3R乙，甲、乙两导体的电流之比为I甲：I乙＝2：3，
则甲、乙的功率之比＝＝×＝×3＝×3＝。
故选：C。
【点评】本题考查电功率推导公式的应用，题目难度不大。
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分）
16．（2分）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的 惯性 在空中继续前行，以提高成绩；体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大接触面的 粗糙程度 （选填“粗糙程度”或“压力”）来增大摩擦力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于惯性还要保持原来的运动状态，在空中继续前行，以提高成绩；
单杠运动员上器械前，在手上涂防滑粉，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：惯性；粗糙程度。
【点评】此题考查的是有关惯性现象的解释和增大摩擦的方法，考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用。
17．（2分）如图所示，航天员王亚平在中国空间站用“水球”做成像实验，“水球”成像的原理与 照相机 （选填“放大镜”或“照相机”）的相同，所成的是倒立、缩小的 实 （选填“实”或“虚”）像。
【分析】凸透镜成像的规律之一：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，其应用为照相机。
【解答】解：水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距，当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。
故答案为：照相机；实。
【点评】本题考查凸透镜成像的规律以及物距、像距和像之间的关系。
18．（2分）如图所示是一台四冲程内燃机的 压缩 （选填“压缩”或“做功”）冲程，这个冲程是通过 做功 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变气缸内气体的内能。
【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递。
【解答】解：由图可知，内燃机两气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能，使得缸内气体的内能变大，这是通过做功的方式改变气体的内能的。
故答案为：压缩；做功。
【点评】本题考查内燃机工作时的四个冲程、改变内能的两种方式，难度不大，要熟记。
19．（2分）把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，这种现象属于 扩散
现象；若使质量为5kg的水温度从20℃升高到40℃，则水吸收的热量为 4.2×105 J。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
【分析】根据分子动理论的内容分析答题，物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，组成物质的分子间存在相互作用的引力与斥力。知道水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量。
【解答】解：把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，表明固体之间也能发生扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（40℃﹣20℃）＝4.2×105J。
故答案为：扩散；4.2×105。
【点评】本题考查学生对分子动理论内容的掌握和应用，还考查了热量的计算，常见题目。
20．（2分）如图所示，某同学把重为1.5N的物体匀速提升10cm，所用的拉力是0.8N，则他做的有用功为 0.15 J，滑轮组的机械效率为 62.5% 。
【分析】由图知，使用滑轮组时承担物重的绳子有效股数n，拉力端移动的距离s＝nh，根据W＝Gh求出有用功，根据W＝Fs求出总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：由图知，n＝3，物体被提升的高度h＝10cm＝0.1m，
拉力端移动的距离：
s＝nh＝3×0.1cm＝0.3m，
拉力做的有用功：
W有＝Gh＝1.5N×0.1m＝0.15J，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝0.8N×0.3m＝0.24J，
滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝62.5%。
故答案为：0.15；62.5%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，明确使用滑轮组时承担物重的绳子有效股数是关键。
21．（2分）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是 超导 现象；如图所示是“探究电热与电流的关系”的部分装置，已知A、B两点间的电压为6V，R1＝R2＝R3＝5Ω，通电时间2min，则R1与R2产生的热量相差 288 J。
【分析】某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
由图知，R2、R3并联后再与R1串联，三个电阻大小都为5Ω，由串联和并联电路特点、欧姆定律计算通过R1与R2的电流，再根据焦耳定律计算R1与R2产生的热量差。
【解答】解：
（1）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
（2）由图知，R2、R3并联后再与R1串联，R1＝R2＝R3＝5Ω，
R2、R3并联后的总电阻R23＝×5Ω＝2.5Ω，
电路的总电阻R＝R1+R23＝5Ω+2.5Ω＝7.5Ω，
由欧姆定律可得，电路中的电流：
I1＝I23＝I＝＝＝0.8A，
I2＝I1＝×0.8A＝0.4A，
通电时间2min，R1与R2产生的热量差：
Q1﹣Q2＝I12R1t﹣I22R2t＝（0.8A）2×5Ω×2×60s﹣（0.4）2×5Ω×2×60s＝288J。
故答案为：超导；288。
【点评】本题考查对超导体的认识、串并联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，难度适中。
三、作图、实验与探究题（22、23每小题2分，24、25、26小题每空1分，共19分）
22．（2分）如图所示是某同学在劳动基地摘下的一个南瓜，请画出南瓜静止在水平地面上时的受力示意图。
【分析】物体静止在水平地面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上，根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：南瓜静止在水平地面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，从南瓜的重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23．（2分）小明同学不注意用眼卫生，造成了高度近视，请在图中画出远处物体发出的两束
入射光线经他的晶状体折射后对应的光线。
【分析】近视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成的。
【解答】解：近视眼看远处的物体时，物体发出的光会会聚在视网膜前面，如图所示：
。
【点评】本题主要考查学生对近视眼的成因的了解和掌握，是一道基础题。
24．（4分）如图甲所示是“探究水沸腾的实验”装置。
（1）用酒精灯持续对水加热，发现温度计示数缓慢 升高
（选填“升高”或“降低”）。一段时间后，发现温度计示数不变，此时温度计示数如图乙所示，可知水的沸点为 98 ℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，则发现水的沸点 降低
（选填“降低”、“不变”或“升高”）；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，这是水蒸气 液化 （填物态变化名称）形成的小水珠。
【分析】（1）温度计示数缓慢上升后不变；明确温度计的分度值，根据液面位置读出示数；
（2）气压越小沸点越低；
（3）物质由气态变为液体的过程叫做液化。
【解答】解：（1）用酒精灯持续对水加热，水的温度缓慢升高，后沸腾后，温度不变，温度计示数缓慢上升后不变；
温度计的分度值是1℃，温度计的示数是98℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，气压减小，则发现水的沸点降低；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。
故答案为：（1）上升后不变；98；（2）降低；（3）液化。
【点评】本题为探究“水沸腾的实验”，常见题目。
25．（5分）如图1所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。先后完成甲、乙、丙所示的三组实验。
（1）小钢球在滚下斜面的过程中，其动能大小是通过 距离s （选填“高度h”或“距离s”）大小来反映的；
（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越 大 ；
（3）分析比较 甲、丙 两组实验可得，物体速度相同时，质量越大，动能越大；
（4）综合上述可知，如图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定不同的最高 速度 ；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，则木块移动的距离将 减小 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】（1）本实验是通过观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，采用了转换法；
（2）（3）影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
（4）根据影响动能大小的因素分析，对于质量较大的车，允许的最高速度比质量较小的车要低；
（5）在速度一定时，受到的阻力越大，速度减小得越快，据此分析。
【解答】解：（1）小钢球从斜面滚下过程中，其动能大小是通过小木块移动距离s的大小来反映的。
（2）分析比较甲和乙两组实验可知，小球的质量相同，而小球在斜面上释放时的高度不同，甲图中小球释放时的高度大，到达水平面时的速度大，推动木块滑行的距离远，故可得出结论：物体质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）研究物体的动能与质量的关系，要控制速度大小相同（即小球在斜面上释放时的高度相同），而小球的质量不同，故分析比较甲、丙两组实验可得出物体的动能与质量的关系；
（4）图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定的最高速度，质量越大的车，限速越低；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，木块受到的阻力增大，则木块移动的距离将减小。
故答案为：（1）距离s；（2）大；（3）甲、丙；（4）速度；（5）减小。
【点评】本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，主要考查了转换法、控制变量法在实验中的应用以及运用影响动能大小的因素来解决实际问题。
26．（6分）如图1甲所示是“测量小灯泡的电阻”的实验电路图。
（1）请根据图1甲所示电路图，用笔画线代替导线完成图乙未连接好的实物电路（要求滑片P向右移动时小灯泡变亮）；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡 短路 ；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，其读数为 2.5 V；
（4）根据实验数据，作出小灯泡工作时I﹣U的关系图像如图2所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 10 Ω；
（5）由图2可知，不同电压下，小灯泡电阻值不同，灯丝的电阻会随温度升高而变 大 ；
（6）若实验过程中发现电压表损坏，现增加一个已知阻值为R0的定值电阻和一个开关，设计如图3所示的电路，也能测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤如下：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为：R灯＝ （用I额、I1、I2和R0表示）。
【分析】（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，据此确定变阻器右下接线柱串联接入电路中；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数；
（4）根据I﹣U的关系图像确定灯泡额定电压对应的额定电压，根据R＝算出灯泡的阻值；
（5）灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）根据R＝分别求出步骤①②中电路的总电阻，根据步骤③求出电源电压，利用电阻的串联写出小灯泡正常发光时电阻的表达式。
【解答】解：（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，故变阻器右下接线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡短路；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.5V；
（4）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝＝＝10Ω；
（5）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也变大，根据P＝UI可知，灯泡的功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）实验步骤：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④在步骤①中，R、R0和L串联在电路中，电流表测串联电路电流，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时灯泡正常发光；根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总＝；
在步骤②中，R和R0串联在电路中，电流表测串联电路电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不动，此时电流表的示数为I1，根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总1＝；
在步骤③中，电路为只有R0的简单电路，此时电流表的示数为I2，根据U＝IR可知，电源电压为U源＝I2R0；
由电阻的串联可知，小灯泡正常发光时电阻的表达式为：
R灯＝R总﹣R总1＝﹣＝I2R0（﹣）＝。
故答案为：（1）见解答图；（2）短路；（3）2.5；（4）10；（5）大；（6）。
【点评】本题测量小灯泡的电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、电阻的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测电阻的能力。
四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共24分。计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）
27．（6分）如图所示，质量为200g的小车从斜面顶端由静止下滑，图中显示小车到达A、B、C三处的时刻（数字分别表示“时：分：秒”）。问：
（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为多少m？
（2）小车通过AC段的平均速度为多少m/s？
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几？
【分析】（1）读出AB、BC、AC段的路程；
（2）根据v＝可求小车通过AC段的平均速度；
（3）分别表示出小车重力在BC段所做的功和在AB段所做的功，做差可求小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几。
【解答】解：
（1）由图可知：sAB＝10.00dm﹣6.00dm＝4.00dm＝40.0cm＝0.400m；
sBC＝6.00dm﹣1.00dm＝5.00dm＝0.500m，
（2）由图可知：sAC＝10.00dm﹣1.00dm＝9.00dm＝0.900m；tAC＝23s﹣20s＝3s；
小车通过AC段的平均速度为：
vAC＝＝＝0.3m/s；
（3）设斜面的角度为α，小车重力在BC段所做的功：
W1＝GsBC×sinα＝0.5Gsinα，
小车重力在AB段所做的功：
W2＝GsAB×sinα＝0.4Gsinα，
小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多：
ΔW＝W1﹣W2＝0.5Gsinα﹣0.4Gsinα＝0.1Gsinα，
小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多＝即四分之一。
答：（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为0.400m，0.500m；
（2）小车通过AC段的平均速度为0.3m/s；
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多四分之一。
【点评】本题考查速度、刻度尺读数，功，同时考查了学生对实验数据的处理能力，能从图中读出三个过程的距离和所用时间是本题的关键。
28．（8分）如图所示，一个底面积为200cm2的溢水杯放在水平桌面上，溢水口离其底部距离为20cm。已知弹簧原长为10cm，且弹簧每受1N的作用力其长度变化1cm。现将弹簧与底面积为100cm2的实心长方体A和溢水杯底部相连，此时弹簧被压缩，其弹力为2N；向溢水杯加水，当水深为16cm时，A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm；继续向溢水杯加水，直至弹簧所受的弹力不再发生变化（在弹性限度内）。不计弹簧的重力、体积及其所受的浮力，g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）A的重力；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力；
（3）A的密度；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量。
【分析】（1）根据二力平衡条件求出A的重力；
（2）根据“A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm”求出弹簧对A的拉力，然后对A进行受力分析，根据力的平衡条件求出A的一半浸入水中时受到的浮力；
（3）根据阿基米德原理求出A刚好有一半浸入水中时排开水的体积，进而求出A的体积，根据G＝mg求出A的质量，根据密度公式求出A的密度；
（4）由阿基米德原理原理可知，当A浸没后A受到的浮力不再发生变化，根据阿基米德原理求出A浸没时受到的浮力，根据力的平衡条件求出弹簧对A的拉力，进而求出弹簧的长度，利用V＝Sh求出A的高度，根据体积公式分析分别求出前后两次溢水杯中水的体积，根据G＝mg＝ρVg求出溢水杯中水的重力，溢水杯对水平桌面的压力大小等于溢水杯、水和A的重力之和，据此求出前后两次溢水杯对桌面压力的变化量，根据p＝求出溢水杯对桌面压强的变化量。
【解答】解：（1）没有加水时，A受到竖直向下的重力和弹簧对A竖直向上的弹力，由二力平衡条件可知，A的重力：G＝F0＝2N；
（2）A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm，由题意可知，此时弹簧被拉伸，对A产生的弹力为对A竖直向下拉力，
由题意可知，当弹簧长为12cm时，弹簧的拉力：F1＝（12cm﹣10cm）×1N/cm＝2N，
此时A受到竖直向下的重力、拉力和竖直向上的浮力，由力的平衡条件可知，A的一半浸入水中时受到的浮力：F浮＝G+F1＝2N+2N＝4N，
（3）由F浮＝ρ液gV排可知，A刚好有一半浸入水中时排开水的体积：V排＝＝＝4×10﹣4m3，
则A的体积：V＝2V排＝2×4×10﹣4m3＝8×10﹣4m3＝800cm3，
由m＝＝＝0.2kg，
因此A的密度：ρ＝＝＝0.25×103kg/m3；
（4）由阿基米德原理原理可知，当A浸没后A受到的浮力不再发生变化，由力的平衡条件可知，此时弹簧的弹力不再发生变化，
由F浮＝ρ液gV排可知，A浸没时受到的浮力：F浮没＝2F浮＝2×4N＝8N，
由力的平衡条件可知，此时弹簧对A的拉力：F2＝F浮没﹣G＝8N﹣2N＝6N，
由题意可知，此时弹簧的长度：L2＝10cm+＝16cm，
由V＝Sh可知，A的高度：h＝＝＝8cm，
则A刚好有一半浸入水中时，溢水杯中水的体积：V水1＝200cm2×12cm+（200cm2﹣100cm2）××8cm＝2800cm3，
此时溢水杯中水的重力：G水1＝m水1g＝ρ水V水1g＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2800×10﹣6m3＝28N；
A浸没时，溢水杯中水的体积：V水2＝200cm2×16cm+（200cm2﹣100cm2）×8cm＝4000cm3，
此时溢水杯中水的重力：G水2＝m水2g＝ρ水V水2g＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4000×10﹣6m3＝40N；
因为溢水杯对水平桌面的压力大小等于溢水杯、水和A的重力之和，加水前后溢水杯的重力、A的重力均没有发生变化，因此溢水杯对桌面压力的变化量：ΔF＝G水2﹣G水1＝40N﹣28N＝12N，
则溢水杯对桌面压强的变化量：Δp＝＝＝600Pa。
答：（1）A的重力为2N；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力为4N；
（3）A的密度为0.25×103kg/m3；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量为600Pa。
【点评】本题考查力的平衡条件、重力公式、密度公式、阿基米德原理和压强定义式的应用，本题综合性强，具有一定的难度。
29．（10分）科技研究小组在实验室模仿工程师做“钢梁承重后的下垂量h”的测试，他们用厚钢尺制成了一座跨度为L的桥梁（如图甲所示），并设计了一个方便读取“厚钢尺桥梁受压后下垂量”的测试仪，测试仪由压力传感器R与外部电路组成（如图乙所示）。已测得跨度为L时，在一定范围内，其压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N。已知电源电压不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压力F1＝32N时，电路中的电流为I1，此时R的功率为P1；当压力F2＝40N时，电路中的电流为I2，此时R的功率为P2；且I1与I2相差0.1A。传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线（如图丙所示），忽略传感器与钢梁自重产生的影响。求：
（1）R0的阻值；
（2）当桥梁的下垂量为3cm时，压力传感器受到的压力；
（3）当压力为零时，电路中的总电阻；
（4）P1与P2的差值
【分析】（1）分析电压表电流表测量的数据，根据欧姆定律求解；
（2）利用题干给出的压力F和下垂量h之间的关系式求解；
（3）当压力F＝0时，根据传感器电阻R与压力F的关系表可知此时传感器电阻R的阻值，然后根据串联电路的特点即可求出电路中的总电阻；
（4）由图丙求解R和F之间的关系式，计算不同压力下R的大小，据此分析电流的大小，根据电源电压不变列出等式求解电流，利用电功率公式计算功率得出差值。
【解答】解：（1）由图乙可知，R和R0串联，电压表测R0的电压，
电压表的示数为4V，即R0的电压为4V，
电流表的示数为0.4A，即R0的电流为0.4A，
根据欧姆定律得：R0＝＝＝10Ω；
（2）压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N，h＝3cm＝0.03m，
代入数据F＝＝30N；
（3）由图丙可知，压力为零时R＝30Ω，
由（1）得R0为10Ω，
R总＝R+R0＝30Ω+10Ω＝40Ω；
（4）传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线，设R＝aF+b，
代入（0，30）、（60，0）两组数据得到R＝﹣0.5F+30，
当压力F1＝32N时，代入得：R1＝﹣0.5×32+30＝14Ω，
当压力F2＝40N时，代入得R2＝0.5×40+30＝10Ω，
所以R1时电路总电阻更大，电流更小，
I1与I2相差0.1A，因此I2＝I1+0.1，
电源电压不变，因此I1（R0+R1）＝I2（R0+R2），
代入数据I1（10+14）＝（I1+0.1）×（10+10），
解得I1＝0.5A，I2＝0.6A，
P1＝I×R1＝（0.5A）2×14Ω＝3.5W，
P2＝I×R2＝（0.6A）2×10Ω＝3.6W，
ΔP＝P2﹣P1＝3.6W﹣3.5W＝0.1W。
故答案为：（1）10Ω；（2）30N；（3）40Ω；（4）0.1W。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率的公式的应用，利用好图像数据是关键。
2022年广西玉林市中考物理试卷
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）在国际单位制中，电流的基本单位是（ ）
A．A B．V C．m D．W
2．（3分）当水结成冰后，它的质量（ ）
A．变大 B．不变
C．变小 D．先变小后变大
3．（3分）如图所示，能体现电动机工作原理的图是（ ）
A．
B．
C．
D．
4．（3分）如图所示的四种做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．在同一个插座中同时使用多个大功率用电器
B．用湿抹布擦发光的灯泡
C．家用冰箱的金属外壳已接地
D．在电线上晾晒湿衣服
5．（3分）在一场大型交响音乐会中，听众能根据不同乐音区分出不同的乐器，主要是根据声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
6．（3分）宋代大诗人苏轼在《登州海市》的诗中描述过海市蜃楼的奇观。如图所示，这种现象形成的主要原因是由于光的（ ）
A．会聚 B．折射 C．发散 D．反射
7．（3分）“北斗+5G”技术助力北京打造了智慧型冬奥会。冬奥会的信息传递主要是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线
8．（3分）下列关于环境保护和能源利用的说法正确的是（ ）
A．保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”
B．在安静的图书馆大声说话
C．提倡减排，可不必提倡节能
D．电能是一次能源，它便于输送和转化
9．（3分）在神舟载人航天飞船发射升空过程中，若说宇航员是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．太阳 B．地球 C．月亮 D．飞船
10．（3分）如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A．仍然平衡 B．右端下降 C．左端下降 D．匀速转动
11．（3分）如图所示，新鲜鸡蛋沉在盛有纯水的容器底部，若要其上浮，可加（已知ρ酒精＜ρ植物油＜ρ纯水＜ρ浓盐水）（ ）
A．酒精 B．植物油 C．纯水 D．浓盐水
12．（3分）如图所示，舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中（ ）
A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能增大，重力势能增大
D．动能减小，重力势能减小
13．（3分）如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为（ ）
A．5V B．3V C．2V D．1V
14．（3分）如图所示，某同学设计一个楼道照明“智能化”电路，即利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走过发出声音时，自动闭合，无人走过没有声音时，自动断开）来控制灯泡。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
15．（3分）已知甲电阻是乙电阻的3倍，若分别对甲、乙两种导体通电，通过甲、乙两导体的电流之比为2：3，则甲、乙的功率之比为（ ）
A．2：1 B．2：3 C．4：3 D．9：2
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分）
16．（2分）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的 在空中继续前行，以提高成绩；体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大接触面的 （选填“粗糙程度”或“压力”）来增大摩擦力。
17．（2分）如图所示，航天员王亚平在中国空间站用“水球”做成像实验，“水球”成像的原理与 （选填“放大镜”或“照相机”）的相同，所成的是倒立、缩小的 （选填“实”或“虚”）像。
18．（2分）如图所示是一台四冲程内燃机的 （选填“压缩”或“做功”）冲程，这个冲程是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变气缸内气体的内能。
19．（2分）把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，这种现象属于
现象；若使质量为5kg的水温度从20℃升高到40℃，则水吸收的热量为 J。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
20．（2分）如图所示，某同学把重为1.5N的物体匀速提升10cm，所用的拉力是0.8N，则他做的有用功为 J，滑轮组的机械效率为 。
21．（2分）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是 现象；如图所示是“探究电热与电流的关系”的部分装置，已知A、B两点间的电压为6V，R1＝R2＝R3＝5Ω，通电时间2min，则R1与R2产生的热量相差 J。
三、作图、实验与探究题（22、23每小题2分，24、25、26小题每空1分，共19分）
22．（2分）如图所示是某同学在劳动基地摘下的一个南瓜，请画出南瓜静止在水平地面上时的受力示意图。
23．（2分）小明同学不注意用眼卫生，造成了高度近视，请在图中画出远处物体发出的两束
入射光线经他的晶状体折射后对应的光线。
24．（4分）如图甲所示是“探究水沸腾的实验”装置。
（1）用酒精灯持续对水加热，发现温度计示数缓慢
（选填“升高”或“降低”）。一段时间后，发现温度计示数不变，此时温度计示数如图乙所示，可知水的沸点为 ℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，则发现水的沸点
（选填“降低”、“不变”或“升高”）；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，这是水蒸气 （填物态变化名称）形成的小水珠。
25．（5分）如图1所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。先后完成甲、乙、丙所示的三组实验。
（1）小钢球在滚下斜面的过程中，其动能大小是通过 （选填“高度h”或“距离s”）大小来反映的；
（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越 ；
（3）分析比较 两组实验可得，物体速度相同时，质量越大，动能越大；
（4）综合上述可知，如图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定不同的最高 ；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，则木块移动的距离将 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
26．（6分）如图1甲所示是“测量小灯泡的电阻”的实验电路图。
（1）请根据图1甲所示电路图，用笔画线代替导线完成图乙未连接好的实物电路（要求滑片P向右移动时小灯泡变亮）；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡 ；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，其读数为 V；
（4）根据实验数据，作出小灯泡工作时I﹣U的关系图像如图2所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 Ω；
（5）由图2可知，不同电压下，小灯泡电阻值不同，灯丝的电阻会随温度升高而变 ；
（6）若实验过程中发现电压表损坏，现增加一个已知阻值为R0的定值电阻和一个开关，设计如图3所示的电路，也能测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤如下：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为：R灯＝ （用I额、I1、I2和R0表示）。
四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共24分。计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）
27．（6分）如图所示，质量为200g的小车从斜面顶端由静止下滑，图中显示小车到达A、B、C三处的时刻（数字分别表示“时：分：秒”）。问：
（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为多少m？
（2）小车通过AC段的平均速度为多少m/s？
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几？
28．（8分）如图所示，一个底面积为200cm2的溢水杯放在水平桌面上，溢水口离其底部距离为20cm。已知弹簧原长为10cm，且弹簧每受1N的作用力其长度变化1cm。现将弹簧与底面积为100cm2的实心长方体A和溢水杯底部相连，此时弹簧被压缩，其弹力为2N；向溢水杯加水，当水深为16cm时，A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm；继续向溢水杯加水，直至弹簧所受的弹力不再发生变化（在弹性限度内）。不计弹簧的重力、体积及其所受的浮力，g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）A的重力；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力；
（3）A的密度；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量。
29．（10分）科技研究小组在实验室模仿工程师做“钢梁承重后的下垂量h”的测试，他们用厚钢尺制成了一座跨度为L的桥梁（如图甲所示），并设计了一个方便读取“厚钢尺桥梁受压后下垂量”的测试仪，测试仪由压力传感器R与外部电路组成（如图乙所示）。已测得跨度为L时，在一定范围内，其压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N。已知电源电压不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压力F1＝32N时，电路中的电流为I1，此时R的功率为P1；当压力F2＝40N时，电路中的电流为I2，此时R的功率为P2；且I1与I2相差0.1A。传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线（如图丙所示），忽略传感器与钢梁自重产生的影响。求：
（1）R0的阻值；
（2）当桥梁的下垂量为3cm时，压力传感器受到的压力；
（3）当压力为零时，电路中的总电阻；
（4）P1与P2的差值
2022年广西玉林市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）在国际单位制中，电流的基本单位是（ ）
A．A B．V C．m D．W
【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
【解答】解：在物理学中，
A、A是电流的基本单位，故A符合题意；
B、V是电压的基本单位，故B不符合题意；
C、m是长度的基本单位，故C不符合题意；
D、W是功率的基本单位，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度不大。
2．（3分）当水结成冰后，它的质量（ ）
A．变大 B．不变
C．变小 D．先变小后变大
【分析】物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置、温度无关，与物体所含物质的多少有关。
【解答】解：水结冰后，状态发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对质量属性的理解，属于基础题目，正确理解质量的概念是解答的关键。
3．（3分）如图所示，能体现电动机工作原理的图是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受力运动。正确分析四个选项各是研究什么问题的，再作回答。
【解答】解：A、此图研究的是电磁感应现象，不符合题意，故A错误；
B、此实验研究的是通电导体在磁场中受力运动，能说明电动机工作原理，故B正确；
C、此图是研究电磁铁的磁性强弱的影响因素，故C错误；
D、此图是奥斯特实验，证明了电流的周围存在磁场，不符合题意，故D错误。
故选：B。
【点评】本题涉及的内容有电磁铁、电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的实验装置的不同，前者外部没有电源，后者外部有电源。
4．（3分）如图所示的四种做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．在同一个插座中同时使用多个大功率用电器
B．用湿抹布擦发光的灯泡
C．家用冰箱的金属外壳已接地
D．在电线上晾晒湿衣服
【分析】（1）多个大功率用电器使用同一插座容易造成电流过大，引发火灾；
（2）（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
（3）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三脚插头，其中较长的脚与该用电器的外壳相连，以防外壳带电，危及人身安全。
【解答】解：A、在同一个插座上同时使用多个大功率的用电器，容易造成电流过大，引发火灾，故A错误；
BD、水容易导电，用湿抹布擦发光的灯泡和在电线上晾晒湿衣服，会发生触电事故；故BD错误；
C、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三脚插头接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全。故C正确。
故选：C。
【点评】生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法。这样才能做到安全用电。
5．（3分）在一场大型交响音乐会中，听众能根据不同乐音区分出不同的乐器，主要是根据声音的（ ）
A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
【解答】解：不同的乐器即便演奏相同的乐曲，发出的音色也不相同，故可用音色来辨别，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
6．（3分）宋代大诗人苏轼在《登州海市》的诗中描述过海市蜃楼的奇观。如图所示，这种现象形成的主要原因是由于光的（ ）
A．会聚 B．折射 C．发散 D．反射
【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫做光的折射。光折射的实例有：筷子变折、池水变浅、彩虹、海市蜃楼等。
【解答】解：海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故B正确；
故选：B。
【点评】本题考查的是我们对生活中光现象原理的判断，这是我们光现象中的重点。
7．（3分）“北斗+5G”技术助力北京打造了智慧型冬奥会。冬奥会的信息传递主要是利用（ ）
A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线
【分析】人们日常生活中的电视信号、手机信号、卫星通信都是利用电磁波传递信号的。
【解答】解：“北斗+5G”技术是利用电磁波传递信息的。故A符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查电磁波的应用，属于基础题，要求学生理解。
8．（3分）下列关于环境保护和能源利用的说法正确的是（ ）
A．保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”
B．在安静的图书馆大声说话
C．提倡减排，可不必提倡节能
D．电能是一次能源，它便于输送和转化
【分析】（1）多了解环境的污染源和防治措施，要有环保意识和责任感；
（2）从环境保护角度看，凡是影响人们正常的生活、休息和学习的声音都是噪声；
（3）目前国家提倡“低碳生活”，实际上就是为了节约能源和保护环境；
（4）一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
【解答】解：A、保护生态环境，“绿水青山就是金山银山”，故A正确；
B、从生活的角度考虑，不管声音是优美动听，还是杂乱刺耳的，只要对人们的生活和工作造成影响的，都可以称为噪声，故在安静的图书馆不能大声说话，故B错误；
C、提倡减排，也必须提倡节能，故C错误；
D、电能无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到，是二次能源，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了关于环境保护和能源利用方面的问题，综合性强，但难度不大。
9．（3分）在神舟载人航天飞船发射升空过程中，若说宇航员是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．太阳 B．地球 C．月亮 D．飞船
【分析】物体的运动和静止是相对的，关键看选取的参照物，相对于参照物位置发生了改变，就是运动的；位置如果没有发生改变，就是静止的。
【解答】解：A、以太阳为参照物，宇航员和太阳之间的位置发生了变化，宇航员是运动的，故A不合题意；
B、以地球为参照物，宇航员离地球越来越远，位置发生了变化，故B不合题意；
C、以月球为参照物，宇航员和月球之间的位置也发生了变化，故C不符合题意；
D、以飞船为参照物，因为宇航员固定在舱内，与飞船之间的位置没有发生变化，所以宇航员是静止的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
10．（3分）如图所示，杠杆处于水平平衡状态，若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，则杠杆（ ）
A．仍然平衡 B．右端下降 C．左端下降 D．匀速转动
【分析】在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码，得出此时动力与动力臂和阻力与阻力臂的乘积，比较它们的大小，根据杠杆平衡条件得出结论。
【解答】解：设杠杆上每一格的长度为L，每个钩码的重力为G，
原来杠杆水平平衡时，有：2G×3L＝3G×2L，即动力×动力臂＝阻力×阻力臂；
在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码时，
左侧动力与动力臂的乘积为：3G×3L＝9GL，
右侧阻力与阻力臂的乘积为：4G×2L＝8GL，
因为9GL＞8GL，根据杠杆平条件可知，杠杆左端会下降，
故选：C。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，难度不大。
11．（3分）如图所示，新鲜鸡蛋沉在盛有纯水的容器底部，若要其上浮，可加（已知ρ酒精＜ρ植物油＜ρ纯水＜ρ浓盐水）（ ）
A．酒精 B．植物油 C．纯水 D．浓盐水
【分析】鸡蛋沉没在烧杯里是因为鸡蛋受到的浮力小于鸡蛋重，在水中，鸡蛋重不能改变，要使鸡蛋离开烧杯底，只能增大鸡蛋受到的浮力，而鸡蛋受到的浮力与排开水的体积和水的密度有关，因为鸡蛋的体积（排开水的体积）不变，所以只能增大水的密度，据此判断选择。
【解答】解：A、向杯中加酒精，只能使杯内水的密度减小，使鸡蛋受到的浮力减小，不能使鸡蛋上浮，故A错误；
B、向杯中加植物油，植物油不溶于水，不会改变水的密度，不能增大鸡蛋受到的浮力，不能使鸡蛋上浮，故B错误；
C、向杯内加水、不会改变水的密度，不能增大鸡蛋受到的浮力，不能使鸡蛋上浮，故C错误。
D、向杯中加盐，盐溶解后，使水的密度增大，在鸡蛋排开水的体积不变的情况下，根据F浮＝ρ水V排g可知，鸡蛋受到的浮力增大，当受到的浮力大于鸡蛋重时，鸡蛋将上浮，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对物体的浮沉条件和阿基米德原理的掌握和运用，分析浮力变化时要同时考虑两个因素（排开液体的体积和液体的密度）。
12．（3分）如图所示，舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中（ ）
A．动能减小，重力势能增大
B．动能增大，重力势能减小
C．动能增大，重力势能增大
D．动能减小，重力势能减小
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：舰载机在“山东舰”航母上起飞，其在加速上升过程中，质量不变，速度和高度都变大，所以其动能和重力势能都增大。
故选：C。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。
13．（3分）如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为（ ）
A．5V B．3V C．2V D．1V
【分析】由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表测L1两端的电压，即电压表的示数为L1两端的电压；根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压。
【解答】解：
由电路图可知，两灯泡串联，电压表并联在L1两端，故电压表的示数即为L1两端的电压，即灯泡L1两端的电压U1＝2V；
由串联电路的特点可知，L1两端的电压：U2＝U﹣U1＝3V﹣2V＝1V。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压表的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目。
14．（3分）如图所示，某同学设计一个楼道照明“智能化”电路，即利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走过发出声音时，自动闭合，无人走过没有声音时，自动断开）来控制灯泡。下列符合要求的电路图是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的。光控开关和声控开关同时控制一盏灯，同时符合光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，两个开关和灯泡应该是串联的。
【解答】解：A、当声控开关闭合时，形成电源短路，电灯不亮，故A不符合题意；
B、光控开关和声控开关是并联的，光暗到一定程度或有声音时都能使电灯发光，故B不符合题意；
C、当光控开关闭合时，形成电源短路，电灯不亮，故C不符合题意；
D、光控开关、声控开关和电灯是串联的，光控开关、声控开关同时闭合时电路形成通路，电灯发光，故D符合题意。
故选：D。
【点评】（1）开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的。
（2）根据实际需要学会设计串联电路和并联电路。
15．（3分）已知甲电阻是乙电阻的3倍，若分别对甲、乙两种导体通电，通过甲、乙两导体的电流之比为2：3，则甲、乙的功率之比为（ ）
A．2：1 B．2：3 C．4：3 D．9：2
【分析】利用P＝UI＝I2R可得出甲、乙的功率之比。
【解答】解：由题意可知，R甲＝3R乙，甲、乙两导体的电流之比为I甲：I乙＝2：3，
则甲、乙的功率之比＝＝×＝×3＝×3＝。
故选：C。
【点评】本题考查电功率推导公式的应用，题目难度不大。
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分）
16．（2分）跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的 惯性 在空中继续前行，以提高成绩；体操运动员上器械前，会在手上涂防滑粉，这是通过增大接触面的 粗糙程度 （选填“粗糙程度”或“压力”）来增大摩擦力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性。惯性是物体的一种属性，一切物体都有惯性；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于惯性还要保持原来的运动状态，在空中继续前行，以提高成绩；
单杠运动员上器械前，在手上涂防滑粉，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：惯性；粗糙程度。
【点评】此题考查的是有关惯性现象的解释和增大摩擦的方法，考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用。
17．（2分）如图所示，航天员王亚平在中国空间站用“水球”做成像实验，“水球”成像的原理与 照相机 （选填“放大镜”或“照相机”）的相同，所成的是倒立、缩小的 实 （选填“实”或“虚”）像。
【分析】凸透镜成像的规律之一：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，其应用为照相机。
【解答】解：水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距，当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。
故答案为：照相机；实。
【点评】本题考查凸透镜成像的规律以及物距、像距和像之间的关系。
18．（2分）如图所示是一台四冲程内燃机的 压缩 （选填“压缩”或“做功”）冲程，这个冲程是通过 做功 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变气缸内气体的内能。
【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递。
【解答】解：由图可知，内燃机两气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能，使得缸内气体的内能变大，这是通过做功的方式改变气体的内能的。
故答案为：压缩；做功。
【点评】本题考查内燃机工作时的四个冲程、改变内能的两种方式，难度不大，要熟记。
19．（2分）把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，这种现象属于 扩散
现象；若使质量为5kg的水温度从20℃升高到40℃，则水吸收的热量为 4.2×105 J。已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
【分析】根据分子动理论的内容分析答题，物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，组成物质的分子间存在相互作用的引力与斥力。知道水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量。
【解答】解：把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，一段时间后，可以看到它们互相渗入对方，表明固体之间也能发生扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（40℃﹣20℃）＝4.2×105J。
故答案为：扩散；4.2×105。
【点评】本题考查学生对分子动理论内容的掌握和应用，还考查了热量的计算，常见题目。
20．（2分）如图所示，某同学把重为1.5N的物体匀速提升10cm，所用的拉力是0.8N，则他做的有用功为 0.15 J，滑轮组的机械效率为 62.5% 。
【分析】由图知，使用滑轮组时承担物重的绳子有效股数n，拉力端移动的距离s＝nh，根据W＝Gh求出有用功，根据W＝Fs求出总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：由图知，n＝3，物体被提升的高度h＝10cm＝0.1m，
拉力端移动的距离：
s＝nh＝3×0.1cm＝0.3m，
拉力做的有用功：
W有＝Gh＝1.5N×0.1m＝0.15J，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝0.8N×0.3m＝0.24J，
滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝62.5%。
故答案为：0.15；62.5%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，明确使用滑轮组时承担物重的绳子有效股数是关键。
21．（2分）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是 超导 现象；如图所示是“探究电热与电流的关系”的部分装置，已知A、B两点间的电压为6V，R1＝R2＝R3＝5Ω，通电时间2min，则R1与R2产生的热量相差 288 J。
【分析】某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
由图知，R2、R3并联后再与R1串联，三个电阻大小都为5Ω，由串联和并联电路特点、欧姆定律计算通过R1与R2的电流，再根据焦耳定律计算R1与R2产生的热量差。
【解答】解：
（1）20世纪初，科学家发现，某些物质在很低温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象；
（2）由图知，R2、R3并联后再与R1串联，R1＝R2＝R3＝5Ω，
R2、R3并联后的总电阻R23＝×5Ω＝2.5Ω，
电路的总电阻R＝R1+R23＝5Ω+2.5Ω＝7.5Ω，
由欧姆定律可得，电路中的电流：
I1＝I23＝I＝＝＝0.8A，
I2＝I1＝×0.8A＝0.4A，
通电时间2min，R1与R2产生的热量差：
Q1﹣Q2＝I12R1t﹣I22R2t＝（0.8A）2×5Ω×2×60s﹣（0.4）2×5Ω×2×60s＝288J。
故答案为：超导；288。
【点评】本题考查对超导体的认识、串并联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，难度适中。
三、作图、实验与探究题（22、23每小题2分，24、25、26小题每空1分，共19分）
22．（2分）如图所示是某同学在劳动基地摘下的一个南瓜，请画出南瓜静止在水平地面上时的受力示意图。
【分析】物体静止在水平地面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上，根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：南瓜静止在水平地面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，从南瓜的重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭头的有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23．（2分）小明同学不注意用眼卫生，造成了高度近视，请在图中画出远处物体发出的两束
入射光线经他的晶状体折射后对应的光线。
【分析】近视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成的。
【解答】解：近视眼看远处的物体时，物体发出的光会会聚在视网膜前面，如图所示：
。
【点评】本题主要考查学生对近视眼的成因的了解和掌握，是一道基础题。
24．（4分）如图甲所示是“探究水沸腾的实验”装置。
（1）用酒精灯持续对水加热，发现温度计示数缓慢 升高
（选填“升高”或“降低”）。一段时间后，发现温度计示数不变，此时温度计示数如图乙所示，可知水的沸点为 98 ℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，则发现水的沸点 降低
（选填“降低”、“不变”或“升高”）；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，这是水蒸气 液化 （填物态变化名称）形成的小水珠。
【分析】（1）温度计示数缓慢上升后不变；明确温度计的分度值，根据液面位置读出示数；
（2）气压越小沸点越低；
（3）物质由气态变为液体的过程叫做液化。
【解答】解：（1）用酒精灯持续对水加热，水的温度缓慢升高，后沸腾后，温度不变，温度计示数缓慢上升后不变；
温度计的分度值是1℃，温度计的示数是98℃；
（2）若在更高纬度的地方进行此实验，气压减小，则发现水的沸点降低；
（3）水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。
故答案为：（1）上升后不变；98；（2）降低；（3）液化。
【点评】本题为探究“水沸腾的实验”，常见题目。
25．（5分）如图1所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一木块在水平面向前移动一段距离s后停下。先后完成甲、乙、丙所示的三组实验。
（1）小钢球在滚下斜面的过程中，其动能大小是通过 距离s （选填“高度h”或“距离s”）大小来反映的；
（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越 大 ；
（3）分析比较 甲、丙 两组实验可得，物体速度相同时，质量越大，动能越大；
（4）综合上述可知，如图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定不同的最高 速度 ；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，则木块移动的距离将 减小 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】（1）本实验是通过观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，采用了转换法；
（2）（3）影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
（4）根据影响动能大小的因素分析，对于质量较大的车，允许的最高速度比质量较小的车要低；
（5）在速度一定时，受到的阻力越大，速度减小得越快，据此分析。
【解答】解：（1）小钢球从斜面滚下过程中，其动能大小是通过小木块移动距离s的大小来反映的。
（2）分析比较甲和乙两组实验可知，小球的质量相同，而小球在斜面上释放时的高度不同，甲图中小球释放时的高度大，到达水平面时的速度大，推动木块滑行的距离远，故可得出结论：物体质量相同时，速度越大，动能越大。
（3）研究物体的动能与质量的关系，要控制速度大小相同（即小球在斜面上释放时的高度相同），而小球的质量不同，故分析比较甲、丙两组实验可得出物体的动能与质量的关系；
（4）图2所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定的最高速度，质量越大的车，限速越低；
（5）在实验中，若增大水平面的粗糙程度，木块受到的阻力增大，则木块移动的距离将减小。
故答案为：（1）距离s；（2）大；（3）甲、丙；（4）速度；（5）减小。
【点评】本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，主要考查了转换法、控制变量法在实验中的应用以及运用影响动能大小的因素来解决实际问题。
26．（6分）如图1甲所示是“测量小灯泡的电阻”的实验电路图。
（1）请根据图1甲所示电路图，用笔画线代替导线完成图乙未连接好的实物电路（要求滑片P向右移动时小灯泡变亮）；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，小灯泡不亮，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡 短路 ；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，其读数为 2.5 V；
（4）根据实验数据，作出小灯泡工作时I﹣U的关系图像如图2所示，则小灯泡正常发光时的电阻为 10 Ω；
（5）由图2可知，不同电压下，小灯泡电阻值不同，灯丝的电阻会随温度升高而变 大 ；
（6）若实验过程中发现电压表损坏，现增加一个已知阻值为R0的定值电阻和一个开关，设计如图3所示的电路，也能测出小灯泡正常发光时的电阻，其实验步骤如下：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④则小灯泡正常发光时电阻的表达式为：R灯＝ （用I额、I1、I2和R0表示）。
【分析】（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，据此确定变阻器右下接线柱串联接入电路中；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数；
（4）根据I﹣U的关系图像确定灯泡额定电压对应的额定电压，根据R＝算出灯泡的阻值；
（5）灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）根据R＝分别求出步骤①②中电路的总电阻，根据步骤③求出电源电压，利用电阻的串联写出小灯泡正常发光时电阻的表达式。
【解答】解：（1）滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，变阻器阻值变小，故变阻器右下接线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：；
（2）电路连接好后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，小灯泡不亮，说明电压表并联的支路短路或电压表短路，如果电路只有一个元件有故障，该故障可能是小灯泡短路；
（3）排除故障后，继续进行实验，小灯泡正常发光时电压表示数如图1丙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.5V；
（4）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝＝＝10Ω；
（5）由I﹣U的关系图像可知，当灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也变大，根据P＝UI可知，灯泡的功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（6）实验步骤：
①闭合开关S，断开开关S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，并记录下来；
②保持滑动变阻器滑片P的位置不动，闭合开关S和S1，记下此时电流表的示数为I1；
③保持开关S和S1闭合，移动滑动变阻器的滑片至最右端，记下此时电流表的示数为I2；
④在步骤①中，R、R0和L串联在电路中，电流表测串联电路电流，移动滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为I额，此时灯泡正常发光；根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总＝；
在步骤②中，R和R0串联在电路中，电流表测串联电路电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不动，此时电流表的示数为I1，根据R＝可知，电路的总电阻为：
R总1＝；
在步骤③中，电路为只有R0的简单电路，此时电流表的示数为I2，根据U＝IR可知，电源电压为U源＝I2R0；
由电阻的串联可知，小灯泡正常发光时电阻的表达式为：
R灯＝R总﹣R总1＝﹣＝I2R0（﹣）＝。
故答案为：（1）见解答图；（2）短路；（3）2.5；（4）10；（5）大；（6）。
【点评】本题测量小灯泡的电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、电压表读数、电阻的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测电阻的能力。
四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共24分。计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）
27．（6分）如图所示，质量为200g的小车从斜面顶端由静止下滑，图中显示小车到达A、B、C三处的时刻（数字分别表示“时：分：秒”）。问：
（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为多少m？
（2）小车通过AC段的平均速度为多少m/s？
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几？
【分析】（1）读出AB、BC、AC段的路程；
（2）根据v＝可求小车通过AC段的平均速度；
（3）分别表示出小车重力在BC段所做的功和在AB段所做的功，做差可求小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多几分之几。
【解答】解：
（1）由图可知：sAB＝10.00dm﹣6.00dm＝4.00dm＝40.0cm＝0.400m；
sBC＝6.00dm﹣1.00dm＝5.00dm＝0.500m，
（2）由图可知：sAC＝10.00dm﹣1.00dm＝9.00dm＝0.900m；tAC＝23s﹣20s＝3s；
小车通过AC段的平均速度为：
vAC＝＝＝0.3m/s；
（3）设斜面的角度为α，小车重力在BC段所做的功：
W1＝GsBC×sinα＝0.5Gsinα，
小车重力在AB段所做的功：
W2＝GsAB×sinα＝0.4Gsinα，
小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多：
ΔW＝W1﹣W2＝0.5Gsinα﹣0.4Gsinα＝0.1Gsinα，
小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多＝即四分之一。
答：（1）小车通过AB段、BC段的路程分别为0.400m，0.500m；
（2）小车通过AC段的平均速度为0.3m/s；
（3）小车重力在BC段所做的功比在AB段所做的功多四分之一。
【点评】本题考查速度、刻度尺读数，功，同时考查了学生对实验数据的处理能力，能从图中读出三个过程的距离和所用时间是本题的关键。
28．（8分）如图所示，一个底面积为200cm2的溢水杯放在水平桌面上，溢水口离其底部距离为20cm。已知弹簧原长为10cm，且弹簧每受1N的作用力其长度变化1cm。现将弹簧与底面积为100cm2的实心长方体A和溢水杯底部相连，此时弹簧被压缩，其弹力为2N；向溢水杯加水，当水深为16cm时，A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm；继续向溢水杯加水，直至弹簧所受的弹力不再发生变化（在弹性限度内）。不计弹簧的重力、体积及其所受的浮力，g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）A的重力；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力；
（3）A的密度；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量。
【分析】（1）根据二力平衡条件求出A的重力；
（2）根据“A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm”求出弹簧对A的拉力，然后对A进行受力分析，根据力的平衡条件求出A的一半浸入水中时受到的浮力；
（3）根据阿基米德原理求出A刚好有一半浸入水中时排开水的体积，进而求出A的体积，根据G＝mg求出A的质量，根据密度公式求出A的密度；
（4）由阿基米德原理原理可知，当A浸没后A受到的浮力不再发生变化，根据阿基米德原理求出A浸没时受到的浮力，根据力的平衡条件求出弹簧对A的拉力，进而求出弹簧的长度，利用V＝Sh求出A的高度，根据体积公式分析分别求出前后两次溢水杯中水的体积，根据G＝mg＝ρVg求出溢水杯中水的重力，溢水杯对水平桌面的压力大小等于溢水杯、水和A的重力之和，据此求出前后两次溢水杯对桌面压力的变化量，根据p＝求出溢水杯对桌面压强的变化量。
【解答】解：（1）没有加水时，A受到竖直向下的重力和弹簧对A竖直向上的弹力，由二力平衡条件可知，A的重力：G＝F0＝2N；
（2）A刚好有一半浸入水中，此时弹簧长为12cm，由题意可知，此时弹簧被拉伸，对A产生的弹力为对A竖直向下拉力，
由题意可知，当弹簧长为12cm时，弹簧的拉力：F1＝（12cm﹣10cm）×1N/cm＝2N，
此时A受到竖直向下的重力、拉力和竖直向上的浮力，由力的平衡条件可知，A的一半浸入水中时受到的浮力：F浮＝G+F1＝2N+2N＝4N，
（3）由F浮＝ρ液gV排可知，A刚好有一半浸入水中时排开水的体积：V排＝＝＝4×10﹣4m3，
则A的体积：V＝2V排＝2×4×10﹣4m3＝8×10﹣4m3＝800cm3，
由m＝＝＝0.2kg，
因此A的密度：ρ＝＝＝0.25×103kg/m3；
（4）由阿基米德原理原理可知，当A浸没后A受到的浮力不再发生变化，由力的平衡条件可知，此时弹簧的弹力不再发生变化，
由F浮＝ρ液gV排可知，A浸没时受到的浮力：F浮没＝2F浮＝2×4N＝8N，
由力的平衡条件可知，此时弹簧对A的拉力：F2＝F浮没﹣G＝8N﹣2N＝6N，
由题意可知，此时弹簧的长度：L2＝10cm+＝16cm，
由V＝Sh可知，A的高度：h＝＝＝8cm，
则A刚好有一半浸入水中时，溢水杯中水的体积：V水1＝200cm2×12cm+（200cm2﹣100cm2）××8cm＝2800cm3，
此时溢水杯中水的重力：G水1＝m水1g＝ρ水V水1g＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2800×10﹣6m3＝28N；
A浸没时，溢水杯中水的体积：V水2＝200cm2×16cm+（200cm2﹣100cm2）×8cm＝4000cm3，
此时溢水杯中水的重力：G水2＝m水2g＝ρ水V水2g＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4000×10﹣6m3＝40N；
因为溢水杯对水平桌面的压力大小等于溢水杯、水和A的重力之和，加水前后溢水杯的重力、A的重力均没有发生变化，因此溢水杯对桌面压力的变化量：ΔF＝G水2﹣G水1＝40N﹣28N＝12N，
则溢水杯对桌面压强的变化量：Δp＝＝＝600Pa。
答：（1）A的重力为2N；
（2）A的一半浸入水中时A所受的浮力为4N；
（3）A的密度为0.25×103kg/m3；
（4）A的一半浸入水中与弹簧不再发生变化，溢水杯对桌面压强的变化量为600Pa。
【点评】本题考查力的平衡条件、重力公式、密度公式、阿基米德原理和压强定义式的应用，本题综合性强，具有一定的难度。
29．（10分）科技研究小组在实验室模仿工程师做“钢梁承重后的下垂量h”的测试，他们用厚钢尺制成了一座跨度为L的桥梁（如图甲所示），并设计了一个方便读取“厚钢尺桥梁受压后下垂量”的测试仪，测试仪由压力传感器R与外部电路组成（如图乙所示）。已测得跨度为L时，在一定范围内，其压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N。已知电源电压不变，当电压表的示数为4V时，电流表示数为0.4A。当压力F1＝32N时，电路中的电流为I1，此时R的功率为P1；当压力F2＝40N时，电路中的电流为I2，此时R的功率为P2；且I1与I2相差0.1A。传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线（如图丙所示），忽略传感器与钢梁自重产生的影响。求：
（1）R0的阻值；
（2）当桥梁的下垂量为3cm时，压力传感器受到的压力；
（3）当压力为零时，电路中的总电阻；
（4）P1与P2的差值
【分析】（1）分析电压表电流表测量的数据，根据欧姆定律求解；
（2）利用题干给出的压力F和下垂量h之间的关系式求解；
（3）当压力F＝0时，根据传感器电阻R与压力F的关系表可知此时传感器电阻R的阻值，然后根据串联电路的特点即可求出电路中的总电阻；
（4）由图丙求解R和F之间的关系式，计算不同压力下R的大小，据此分析电流的大小，根据电源电压不变列出等式求解电流，利用电功率公式计算功率得出差值。
【解答】解：（1）由图乙可知，R和R0串联，电压表测R0的电压，
电压表的示数为4V，即R0的电压为4V，
电流表的示数为0.4A，即R0的电流为0.4A，
根据欧姆定律得：R0＝＝＝10Ω；
（2）压力F与下垂量h满足关系F＝，k＝1×10﹣3m/N，h＝3cm＝0.03m，
代入数据F＝＝30N；
（3）由图丙可知，压力为零时R＝30Ω，
由（1）得R0为10Ω，
R总＝R+R0＝30Ω+10Ω＝40Ω；
（4）传感器的电阻R与压力F的关系图像是一条直线，设R＝aF+b，
代入（0，30）、（60，0）两组数据得到R＝﹣0.5F+30，
当压力F1＝32N时，代入得：R1＝﹣0.5×32+30＝14Ω，
当压力F2＝40N时，代入得R2＝0.5×40+30＝10Ω，
所以R1时电路总电阻更大，电流更小，
I1与I2相差0.1A，因此I2＝I1+0.1，
电源电压不变，因此I1（R0+R1）＝I2（R0+R2），
代入数据I1（10+14）＝（I1+0.1）×（10+10），
解得I1＝0.5A，I2＝0.6A，
P1＝I×R1＝（0.5A）2×14Ω＝3.5W，
P2＝I×R2＝（0.6A）2×10Ω＝3.6W，
ΔP＝P2﹣P1＝3.6W﹣3.5W＝0.1W。
故答案为：（1）10Ω；（2）30N；（3）40Ω；（4）0.1W。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率的公式的应用，利用好图像数据是关键。
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