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2021-2022学年湖南省常德市澧县八年级（下）期末物理试卷（Word解析版）
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这是一份2021-2022学年湖南省常德市澧县八年级（下）期末物理试卷（Word解析版），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年湖南省常德市澧县八年级（下）期末物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共18小题，共54分）
1. 下列数据中，不合理的是( )
A. 教室里大气压值约为2×105Pa
B. 教室门框高约为2m
C. 小明从教学楼的一楼匀速走到二楼时克服重力所做的功约为1500J
D. 一名中学生的体重约为500N
2. 在一光滑的水平面上有一重为200N的物体，以2m/s的速度做匀速直线运动，那么维持这个物体运动状态不变的力是( )
A. 0N B. 100N C. 200N D. 300N
3. 第24届冬奥会已经圆满落幕。关于冬奥会的部分比赛项目，下列分析正确的是( )
A. 短道速滑运动员加速冲刺时受平衡力的作用
B. 冰壶运动员用毛刷擦冰让冰化成水，是为了增大摩擦
C. 滑雪运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用
D. 冰球运动员向后蹬冰面，自己就会前进，说明物体间力的作用是相互的
4. 如图所示，用弹簧测力计水平拉动木块A，使它沿长木板做匀速直线运动。与此时测力计的示数大小相等的力是( )
A. 木块所受的重力 B. 木块所受支持力 C. 木块所受摩擦力 D. 木板所受的压力
5. 用图甲、乙两种方式匀速提升重为300N的物体，已知滑轮重50N，绳重和摩擦力不计，则( )
A. 手的拉力：F甲>F乙；机械效率；η甲<η乙
B. 手的拉力：F甲>F乙；机械效率：η甲>η乙
C. 手的拉力；F甲
6. 如图所示，甲、乙两物体在水平桌面上处于静止状态，下列说法正确的是( )
A. 甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对平衡力
B. 乙物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对相互作用力
C. 甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对相互作用力
D. 乙对甲的支持力和甲受到的重力是一对平衡力
7. 如图所示与其对应的说法不正确的是( )
A. 茶壶的壶嘴与壶身构成了连通器
B. 向两纸中间吹气两纸向外分开
C. 用吸管吸饮料利用了大气压强
D. 轮船从长江驶入东海浮力不变
8. 体积相等的实心铜球和实心木球在水平地面上以相同的速度做匀速直线运动，铜球的动能为EK铜，木球的动能为EK木.已知铜的密度大于木头的密度，则( )
A. EK铜EK木 C. EK铜=EK木 D. 无法判断
9. 关于运动和力的关系，下列说法中正确的是( )
A. 力是使物体运动状态发生变化的原因
B. 物体做匀速直线运动时，一定受到了力的作用
C. 只要有力作用在物体上，物体的运动状态一定发生变化
D. 必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用物体就会静止下来
10. 如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是( )
A. 冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功
B. 短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变
C. 冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶受到惯性的作用
D. 跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变
11. 下列有关力的说法，正确的是( )
A. 物体发生形变时，一定会产生弹力
B. 用桨向后划水，船就会前进，说明物体间力的作用是相互的
C. 从力的性质来看，重力、拉力、压力、支持力都属于弹力
D. 物理书放在水平课桌上，物理书对桌面的压力是由于桌面发生弹性形变而产生的
12. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示；物体运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。则下列说法中正确的是( )
A. 0～2s内物体保持静止，不受摩擦力的作用
B. 2～4s内物体做匀速直线运动
C. 2～4s内物体受到的摩擦力为3N
D. 2～6s内物体受到的摩擦力大小保持不变
13. 如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将三个体积相同的正方体分别放入容器内，待止方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 容器底部受到水的压强大小关系为pA=pB=pC
B. 物体受到的浮力大小关系为FA=FB=FC
C. 三个物体的密度大小关系是ρA>ρB>ρC
D. 容器对桌面的压力大小关系是F甲=F乙
A. 两次木块受到的摩擦力一样大 B. 两次木块受到的拉力一样大
C. 两次拉力对木块做的功一样多 D. 两次拉力对木块做功的功率一样大
15. 如图所示是挖井时从井中提升沙土的杠杆示意图。杠杆AB可以在竖直平面内绕固定点O转动，已知AB：AO=3：2，悬挂在A端的桶与沙土所受的重力为200N，悬挂在B端的配重所受的重力为80N。当杠杆AB在水平位置平衡时，加在配重下面绳端的竖直向下的拉力F是( )
A. 520N B. 420N C. 320N D. 220N
16. 2022年北京冬季奥林匹克运动会某场馆建设中，采用如图所示的装置：滑轮组悬挂在水平支架上，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重500N，两个滑轮重都为40N，不计滑轮组的绳重和摩擦。关于该过程，下列说法正确的是( )
A. 水平地面对工人的支持为300N
B. 滑轮组的机械效率为80%
C. 支架受到滑轮组的拉力大小为700N
D. 人对绳子拉力的功率为120W
17. 如图的两个容器中盛有同种相同质量的液体，它们底部受到的液体压强分别是p甲和p乙，压力分别是F甲和F乙，下列关系式正确的是( )
A. p甲=p乙，F甲=F乙 B. p甲
A. “浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
B. 适当用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”可能悬浮在水中
C. 潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同
D. 松开手“浮沉子”上浮时，小玻璃瓶内上方气压增大
二、填空题（本大题共4小题，共16分）
19. 如图照示，杠杆上的格等距，杠杆水平放置且自重忽略不计，O是支点，左侧挂一物体，动力F1大小为6N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为______N，此时杠杆属于______(填“省力”或“费力”)杠杆。
20. 如图所示，我国的“海翼1000号”深海滑翔机刷新了下潜深度的世界纪录，它是通过改变自身油囊体积实现浮沉的。在水面下滑翔机下沉时，油囊体积变小，所受浮力______。下沉过程中滑翔机受到海水的压强______。(均填“变大“变小”“不变”)
21. 如图所示，重5N的长方体木块漂浮在水面上，木块的下表面距水面4cm，此时木块受到的浮
力为______N，木块下表面受到水的压强是______Pa，长方体的底面积是______cm2。(g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m)
22. 如图所示。工人用600N的推力沿5m长的斜面，把120kg的重物推到2m高的车上，推力做的有用功为______J，此斜面的机械效率为______。(g取10N/kg)
三、作图题（本大题共1小题，共4分）
23. 一单摆小球，从A点放手后，经最低点B荡至另一侧的C点。若不考虑能量损失，请在图上画出C点所在位置并画出小球所受的重力。
四、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24. 利用图所示的实验装置探究“杠杆的平衡条件”。
(1)实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是______ ，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向______ (选填“左”或“右”)调。
(2)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据。根据这一次实验数据，小明立即分析得出杠杆的平衡条件，他这种做法不足是______ 。经老师提醒后，小明继续进行实验，如图乙，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆______ (选填“仍保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”)。
25. 小明设计了图实验研究浮力规律，先在大量程弹簧测力计下端用细绳悬挂一物块A，A浸没在装有水的容器中并保持静止如图甲，后打开阀门抽水如图乙、丙(控制水缓慢精准流动)。A始终不与底部接触。测力计的读数随时间变化规律如图丁。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
(1)图甲中，绳的拉力为F，用黑点表示A，在方框内画出其受力示意图；
(2)A所受的重力为______N，分析图可知A与水分开是自______时之后(选填：“t1”，“t2”、“t3”)；
(3)A的体积是______m3，A物体的密度是______kg/m3。
(4)重液是密度大的液体，利用矿石在重液里浮沉来分选矿物。克列里奇液(对人体有伤害)是一种重液，密度可达4.2×103kg/m3。将A浸没在这种液体中后放开，A物体会______。(选填：“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
26. 同学们通过实验探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。
(1)小明的操作如甲图所示，他操作的错误是______；纠正错误后，应拉动弹簧测力计使木块做______运动。若在木块上再放一个砝码，则木块运动时受到的滑动摩擦力将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)小高将木块沿竖直方向截去一半后，测得术块所受的滑动的摩擦力变为原来一半。他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他的探究过程中存在的问题是______。
(3)小娟实验时，先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉着物体沿水平方向做匀速直线运动，则测出的摩擦力______实际摩擦力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。乙图中弹簧测力计的示数是______N。
五、计算题（本大题共2小题，共11分）
27. (1)如图所示，我们乘坐的公共汽车上都配有这种破窗锤，它的作用是在有意外发生时可以敲破车窗玻璃，帮助乘客逃生。为什么把破窗锤的一端设计得很尖锐？
(2)请你举出两个生活中常用的省力杠杆的例子。
28. 如图所示，体重为50kg的小安利用滑轮组把浸没在水中的长方体A提出水面。物体A浸没在水中匀速上升时，小安所用的拉力为350N，滑轮组机械效率η1=80%.物体A被完全提出水面后匀速上升时，滑轮组的机械效率η2=90%.已知物体A的底面积为0.04m2，高1m，不计摩擦和绳重，g取10Nkg.求：
(1)物体A浸没在水中时所受的浮力大小。
(2)物体A的重力。
(3)请计算说明小安能否把物体A完全提出水面。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室里大气压值约为1×105Pa，故A不合理；
B、教室门框高约为2m，故B合理；
C、小明从教学楼的一楼匀速走到二楼时克服重力所做的功W=Gh=500N×3m=1500J，故C合理；
D、一名中学生的质量约50kg，体重约G=mg=50kg×10N/kg=500N，故D合理。
故选A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见物理量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：力是改变物体运动状态的原因，物体如果运动状态不变，受的力一定是平衡力，平衡力的合力为零，所以维持物体运动状态不变的力是零。
故选：A。
一个物体静止或匀速直线运动，就说这个物体处于平衡状态，即运动状态不变，处于平衡状态的物体受的合力为零。
本题要求理解清楚力和运动的关系，物体运动状态的改变是力作用的结果，物体运动状态不变是不需要力来维持的，此时如果有力作用在物体上，一定是平衡力，即合力为零。
3.【答案】D
【解析】解：A.运动员加速冲刺时，速度变大，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故A错误；
B.冰壶运动员用毛刷擦冰使冰熔化成水，使冰壶与冰面分离，是为了减小摩擦，故B错误；
C.运动员不能停下来是因为运动员具有惯性，仍然要保持原来的运动状态继续前进，惯性不是力，不能说是受到惯性的作用，故C错误；
D.运动员向后蹬冰面时对冰面的力是向后的，运动员向前运动说明冰面对运动员有向前的力的作用，说明力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体，保持静止或做匀速直线运动，受到平衡力的作用；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
本题考查减小摩擦的方法、力与运动的关系、惯性、相互作用力的掌握与应用，是一道力学综合题，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做匀速直线运动，木块受平衡力的作用，根据二力平衡的知识，此时摩擦力的大小等于测力计对木块的拉力，故C符合题意。
故选：C。
实验中研究的是木块受到滑动摩擦力的大小，弹簧测力计测量的是木块受到的拉力，只有木块做匀速直线运动时，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小才等于拉力的大小。
本题主要考查了二力平衡条件的应用，难度不大，属于基础知识。
5.【答案】B
【解析】解：(1)由图可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，
由于使用定滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，即：F甲=G=300N；
乙滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以省一半的力，
即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，F乙=12(G+G动)=12×(300N+50N)=175N，
所以，F甲>F乙；
(2)两幅图中物体的重力相同，当提升高度相同时，由W有=Gh可知，有用功是相同的；但乙图中还要克服动滑轮的重力做额外功，则乙图比甲图做的总功要多，结合η=W有用W总×100%可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小，所以乙的机械效率低，即η甲>η乙。
故选：B。
(1)解决此题要知道定滑轮是轴固定不动的滑轮，动滑轮是轴随被拉物体一起运动的滑轮；使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离；
(2)利用W有=Gh得出有用功的大小关系，利用W额=G动h得出额外功的大小关系，根据W总=W有+W额判断出总功的大小关系，利用公式η=W有用W总×100%即可比较机械效率。
此题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点，并比较了它们之间的机械效率，知道使用定滑轮和动滑轮做的总功的区别是解决此题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、甲对乙的压力与桌面对乙的支持力大小不相等，不是平衡力，故A错误；
B、乙物体受到的重力与桌面对它的支持力作用在同一物体上，不是相互作用力，故B错误；
C、甲对乙的压力与桌面对乙的支持力作用在同一物体上，不是相互作用力，故C错误；
D、乙对甲的支持力和甲受到的重力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是平衡力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
相互作用力的条件：作用在不同的物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
本题考查相互作用力和平衡力的区分，关键明确相互作用力的条件和二力平衡条件的区别，同时会对物体进行正确受力分析。
7.【答案】B
【解析】解：A、茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，故A正确；
B、向两纸中间吹气，使中间空气流速快、压强小，而外侧的空气流速慢、压强大，所以两纸向中间靠拢，故B错误；
C、用吸管喝饮料时，吸管内的压强小于外界大气压，饮料在大气压的作用下进入吸管，利用了大气压的作用，故C正确；
D、漂浮的物体所受的浮力始终等于自身的重力，因此，轮船从长江驶入东海浮力不变，故D正确。
故选：B。
(1)上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的；
(2)根据流体压强与流速的关系来做出判断；
(3)用吸管喝饮料是利用了大气压的作用；
(4)漂浮的物体所受的浮力始终等于自身的重力。
本题考查的连通器的应用、大气压的应用、流体压强与流速的关系、漂浮的条件等，有一定综合性，但都是基础知识。
8.【答案】B
【解析】解：(1)铜块和木块体积V铜=V木，密度ρ铜>ρ木；
由ρ=mV得，m=ρV，
体积相同，m铜>m木，铜块的质量大。
(2)它们的速度相等，铜块的质量大，因此铜块的动能大。
故选：B。
物体由于运动而具有的能叫做动能，动能的大小与物体的质量和速度有关。
本题考查影响动能大小的因素，能够判断出铜块和木块质量的大小是解题的关键，是基础知识的考查。
9.【答案】A
【解析】解：A、力可以改变物体的运动状态，即是使物体运动状态发生变化的原因，故A正确。
B、根据牛顿第一定律，做匀速直线运动的物体可能不受力，故B错误。
C、若物体受平衡力，则物体的运动状态不变，故C错误；
D、运动的物体若不受力，将做匀速直线运动状态，不会停下来，故D错误。
故选：A。
(1)力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因；
(2)物体不受力或受平衡力时，运动状态不变；物体运动状态改变，则物体一定受到力的作用。
此题考查了力和运动的关系，正确理解力和运动之间的关系：力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因；
将物体受力情况分为不受力、受平衡力、受不平衡力三种情况进行分析，也是后面学习受力分析的基础，同学们应联系实际认真分析和领会。
10.【答案】A
【解析】解：
A、用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，冰球在重力的方向上没有移动距离，所以重力没有做功，故A正确；
B、短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向发生改变，所以其运动状态发生改变，故B错误；
C、冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性要保持原来的运动状态，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，质量不变、高度减小，其重力势能减小，故D错误。
故选：A。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。
(2)力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
(3)任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质；
(4)重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。
本题主要考查了机械能大小变化分析、力的作用效果、惯性、做功条件的理解等，综合性强，但难度不大。
11.【答案】B
【解析】解：
A、物体发生弹性形变时产生的力叫弹力；发生塑性形变时，不会产生弹力，故A错误；
B、用桨向后划水，船桨对水施加力的作用的同时，水对船桨也有力的作用，船在水的作用力下会前进，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、从力的性质来看，重力属于引力、不属于弹力，拉力、压力、支持力都属于弹力，故C错误；
D、书对水平桌面的压力是由于书发生了向上的微小弹性形变，书要恢复原状，而对桌面产生向下的弹力，故D错误。
故选：B。
(1)物体由于发生弹性形变而产生的力叫做弹力，平时所说的推、拉、提、压、支持等力，都属于弹力。压力是由于物体的形变而产生的。
(2)力是物体对物体的作用，力的作用是相互的。
本题考查了学生对弹力的了解与掌握，注意弹力是由于物体发生弹性形变引起的，有的弹性形变人的肉眼看不到。
12.【答案】D
【解析】解：(1)由v-t图象可知，0～2s内物体运动的速度为0，处于静止状态，
由F-t图象可知，0～2s内物体受到的拉力为1N，
由二力平衡条件可知，物体受到的摩擦力为1N，故A错误；
(2)由v-t图象可知，2～4s内物体做匀加速直线运动，故B错误；
由v-t图象可知，4～6s内物体运动的速度4m/s不变，做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，
由F-t图象可知，4～6s内物体受到的拉力为2N，则物体受到的滑动摩擦力为2N，
因滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，
所以，2～4s内物体受到的摩擦力也为2N，故C错误；
所以，2～6s内物体受到的摩擦力大小2N保持不变，故D正确。
故选：D。
(1)由F-t图象可知0～2s内物体受到的力，由v-t图象可知0～2s内物体运动的速度，然后判断出所处的状态，利用二力平衡条件判断物体是否受到摩擦力；
(2)由v-t图象可知2～4s内是倾斜线，说明速度在变化，即运动状态在变，物体受到了非平衡力；
(3)由v-t图象可知4～6s内物体的运动状态，由F-t图象可知拉力的大小，利用二力平衡条件得出滑动摩擦力的大小；
(4)滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关。
本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况，v-t图象、F-t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
13.【答案】A
【解析】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据p=ρgh可知，容器底受到水的压强关系为p甲=p乙=p丙，故A正确；
B、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排
D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙，故D错误．
故选：A。
(1)利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系，
(2)由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
(3)由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
(4)根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
14.【答案】D
【解析】解：A、滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关；两次拉动同一木块时，木块对木板的压力和接触面的粗糙程度都没有变化，故两次受到的摩擦力一样大，故A正确；
B、从图中可知，两次木块都做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的拉力和摩擦力大小相等，已知两次受到的摩擦力相等，故两次木块受到的拉力一样大，故B正确；
C、从图中可知，两次木块运动的距离相同，且所受拉力大小相等，根据W=Fs可知两次拉力对木块做的功一样多，故C正确；
D、从图中可知，第一次拉动木块所用的时间较少，两次拉力对木块做的功一样多，根据P=Wt可知第一次拉力对木块做功的功率较大，故D错误。
故选D。
(1)影响滑动摩擦力大小的因素有：压力和接触面的粗糙程度；滑动摩擦力的大小与物体运动的速度、接触面积均无关，据此分析判断两次受到的摩擦力的大小关系。
(2)从图中可知，两次木块都做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的拉力和摩擦力大小相等，已知两次受到的摩擦力的大小关系，可得出两次木块受到的拉力的大小关系；
(3)从图中可知，两次木块运动的距离相同，且已知所受拉力的大小关系，根据W=Fs可知两次拉力对木块做的功的大小关系；
(4)从图中可知，第一次拉动木块所用的时间较少，且已知两次拉力对木块做的功的大小关系，根据P=Wt可知两次拉力对木块做功的功率的大小关系。
本题考查了摩擦力、拉力、功和功率大小的比较，关键是熟知影响滑动摩擦力大小的因素，并从图中得出有用信息。
15.【答案】C
【解析】解：
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得
GA×AO=(GB+F)×OB，
即200N×AO=(80N+F)×OB，
已知，AB：AO=3：2，
AO：OB=AO：(AB-AO)=2：1，
解得：F=320N。
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
应用杠杆平衡条件F1L1=F2L2可以求出拉力大小。
本题考查了求拉力大小，应用杠杆平衡条件可以解题，本题是一道基础题。
16.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端受到的竖直向下的拉力：
F=1n(G+G动)=12×(400N+40N)=220N，
由于人受到竖直向上的支持力、竖直向下的重力以及竖直向上的拉力，则地面对工人的支持力：
F支持=G-F=500N-220N=280N，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=400N2×220N×100%≈90.9%，故B错误；
C、则支架受到滑轮组的拉力：F拉=3F+G定=3×220N+40N=700N，故C正确；
D、绳子自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的功：W总=Fs=220N×2m=440J，
绳子自由端拉力的功率：P=W总t=440J5s=88W，故D错误。
故选：C。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端受到的竖直向下的拉力，即工人受到的拉力，进一步求出水平地面对工人的支持力；
(2)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出滑轮组的机械效率；
(3)支架受到滑轮组的拉力等于3股绳子的拉力加上定滑轮的重力；
(4)根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，再利用P=Wt求出绳子自由端拉力的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用等，要注意支架受到滑轮组的拉力等于3股绳子的拉力加上定滑轮的重力。
17.【答案】B
【解析】解：(1)甲、乙两个容器是规则的圆柱体，两个容器底受到液体的压力等于自身的重力，根据G=mg可知，质量相同，重力相同，压力相同；
(2)由图可知，h甲
根据甲、乙两个容器中液体的深度关系，根据公式p=ρgh可求容器底受到液体的压强；规则形状容器中液体对容器底部的压力等于自身的重力。
本题考查液体压强公式的应用，关键知道影响液体压强的大小因素是液体的深度和液体的密度。
18.【答案】D
【解析】解：A.挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉，故A正确；
B.当浮力等于重力，就会悬浮在水中，故B正确；
C.潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的，故C正确；
D.松开手，小瓶内的气体会将瓶内的水排出，气体体积变大，压强变小，故D错误。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件即可判断：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
(2)在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
本题考查了浮沉子的工作原理，是大气压和浮力的一个综合考查，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
19.【答案】12 省力
【解析】解：设杠杆上每一个格的长度为L，则重物的力臂LG=2L，动力的力臂LF=4L，
由杠杆的平衡条件可得：G⋅LG=F1⋅LF，
则物体的重力：G=LFLG×F1=4L2L×6N=12N，
因LG
故答案为：12；省力。
设杠杆上每一个格的长度为L，由图可知重物和动力的力臂，根据杠杆的平衡条件求出物体的重力，比较重物的力臂和动力的力臂关系判断杠杆的分类。
本题考查了杠杆平衡条件的应用和杠杆的分类，是一道较为简单的应用题。
20.【答案】变小 变大
【解析】解：
(1)“海翼”号深海滑翔机下沉时，由于浸没在海水中，油囊的体积变小，排开液体的体积变小，则根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力变小；
(2)因为液体压强随深度的增加而增大，所以滑翔机下沉时所处的深度增加，则海水对它的压强将变大。
故答案为：变小；变大。
(1)“海翼”号深海滑翔机下沉时，油囊体积变小，排开液体的体积变小，根据阿基米德原理可知它受到的浮力F浮变小；
(2)根据液体压强的特点，液体压强随深度的增加而增大，可知在潜艇下潜过程中，海水对它的压强将如何变化。
此题涉及到的知识点较多，有阿基米德原理，液体压强的特点等，难易程度适中，综合性较强，利于学生系统的掌握知识。
21.【答案】5 400 125
【解析】解：
(1)因为木块漂浮在水面上，
所以木块受到的浮力为F浮=G=5N；
(2)木块浸入深度h=4cm=0.04m，
木块下表面受到水的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa；
(3)根据阿基米德原理可知木块排开水的体积V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3=500cm3，
长方体木块的底面积S=V排h=500cm34cm=125cm2。
故答案为：5；400；125。
(1)由于木块漂浮在水面上，木块受到的浮力等于木块重力；
(2)知道木块的下表面到水面的距离(深度)，利用液体压强公式求木块下表面受到水的压强；
(3)根据V排=F浮ρ水g得出木块排开水的体积，根据S=V排h得出长方体木块的底面积。
本题考查了阿基米德原理、物体漂浮条件的应用以及液体压强的计算，是一道力学综合题。
22.【答案】2400 80%
【解析】解：物体的重力G=mg=120kg×10N/kg=1200N，
他做的有用功W有用=Gh=1200N×2m=2400J；
他做的总功W总=Fs=600N×5m=3000J，
此斜面的机械效率η=W有用W总×100%=2400J3000J×100%=80%。
故答案为：2400；80%。
(1)根据G=mg得出物体的重力，根据W=Gh得出他做的有用功；
(2)根据W=Fs得出他做的总功，由η=W有用W总×100%可求得该斜面的机械效率。
本题考查了做功公式和机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键。
23.【答案】解：(1)小球从A到B的过程中，重力势能转化为动能；从B到C的过程中，动能转化为重力势能。不计能量损失，小球在C点和在A点具有的重力势能相同，所以C点与A点在同一水平线。画出小球在A位置时的悬挂点关于竖直线的对称位置，这一位置就是C的位置，如图所示。
(2)小球在C点受的重力竖直向下，用一条竖直向下且带箭头的线段表示重力，起点表示重力的作用点，箭头表示方向，小球所受重力的示意图如图所示。
【解析】(1)不考虑能量损失，小球经最低点B荡至另一侧的C点，C点与A点关于小球在B时的竖直线对称；
(2)小球在A点时重力竖直向下，重力的示意图起点在重心上，方向竖直向下。
明确C点与A点对称是作图的前提与关键；
作出某一个力的示意图，要先弄清楚这个力的三要素，再用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
24.【答案】便于测量力臂 右 只做一次实验，得出的结论不具有普遍性 左端下沉
【解析】解：(1)实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了便于直接读出力臂；
图甲中杠杆左低右高，故应向右调节杠杆的螺母；
(2)只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验得到结论具有偶然性，要多进行几次实验，这样得到结论才具有普遍性；
若每个钩码重力为G，一格长度为L，
A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧力与力臂的乘积为3G×3L=9GL，右侧力与力臂的乘积为2G×4L=8GL，因为9GL>8GL杠杆不能平衡，且左端下沉。
故答案为：(1)便于测量力臂；右；(2)只做一次实验，得出的结论不具有普遍性；左端下沉。
(1)为了便于直接读出力臂，应使杠杆在水平位置平衡；在调节杠杆平衡时，将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)探究型实验多次测量发现变化规律；测量型实验多次测量求平均值来减小误差；根据杠杆平衡条件判断移动钩码后杠杆是否平衡。
本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用以及对实验的评估，难度不大。
25.【答案】20 t2 5×10-4 4×103 上浮
【解析】解：(1)物体A浸没在水中，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹簧测力计的拉力作用，如图所示：
(2)由图像丁知，物体A在0～t1段浸没在水中，在t1～t2段逐渐露出水面，在t2～t3段离开水面，则可以判断A与水分开是自t2时之后。
由图像知，物体A离开水面，弹簧测力计测量物体的重力，故物体A的重力G=F=20N；
(3)由图像知，物体A浸没在水中弹簧测力计示数为15N，
物体A浸没在水中受到的浮力F浮=G-F'=20N-15N=5N，
物体A排开水的体积V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3，
物体A浸没在水中，则物体A的体积V=V排=5×10-4m3。
物体A的重力是20N，物体A的质量m=Gg=20N10N/kg=2kg，
物体A的体积V=5×10-4m3，
则物体A的密度ρ=mV=2kg5×10-4m3=4×103kg/m3；
(4)重液密度是4.2×103kg/m3，物体A的密度小于重液的密度，将A浸没在这种液体中后放开，物体A会在重液中上浮。
故答案为：(1)如上图；(2)20；t2；(3)5×10-4；4×103；(4)上浮。
(1)物体A浸没在水中，受到重力、浮力和弹簧测力计的拉力作用；
(2)根据图像判断A在各段的状态，当物体A完全露出水面时，弹簧测力计测量物体A的重力；
(3)根据称重法求出物体A受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A排开水的体积，即物体A的体积；知道物体A的重力求出质量，知道物体A的质量和体积，根据密度公式求出物体A的密度；
(4)根据物体A和重液的密度关系判断物体A的浮沉情况。
本题考查了力的示意图、阿基米德原理的计算、物体的浮沉条件等等，是一道浮力综合计算题。
26.【答案】没有水平拉动测力计 匀速直线 变大 没有保持压力不变 小于 2.2
【解析】解：(1)如图，弹簧测力计没有水平拉动木块，即使木块进行匀速直线运动，木块受到的拉力和滑动摩擦力也不是平衡力，因为它们不在同一直线上。所以要使滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计要水平拉动木块，使木块在水平面上进行匀速直线运动。
(2)木块截去一半后，其压力和接触面积都变为原来的一半，而摩擦力的大小与压力大小有关，与接触面积的大小无关，故小华得出的结论是错误的。主要是因为他没有保持压力大小不变；
(3)因为弹簧自身重力的作用，所以当在竖直方向上对弹簧测力计调零后，再在水平方向上测拉力的大小，指针的位置会有一定的回缩，至使所测出的摩擦力小于实际摩擦力的大小。
由图知，弹簧测力计的分度值是0.2N，测力计的示数为2.2N，
故答案为：(1)没有水平拉动测力计；匀速直线；变大；(2)没有保持压力不变；(3)小于；2.2。
(1)木块在长木板上运动，滑动摩擦力不能直接测量，当弹簧测力计水平匀速直线拉动木块，木块在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个是平衡力，间接测量滑动摩擦力大小；
(2)木块截去一半，是改变了接触面积的大小，同时更是改变了压力的大小，而摩擦力大小只受压力大小和接触面粗糙程度的影响，据此可做出判断；
(3)在竖直方向上对弹簧测力计调零，因弹簧自身重力的作用，会使指针所指的初始位置偏下方，再水平使用时，指针回缩，则测出的力的示数会变小；在进行测力计的读数时，要注意其分度值。
在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中我们应注意两种研究方法与一个物理原理的合理利用，两个方法是控制变量法和转换法(将摩擦力转换为弹簧测力计的拉力)；一个物理原理是二力平衡原理(在物体做匀速直线运动时，拉力与摩擦力平衡)。
27.【答案】答：(1)破窗捶的敲击端做成锥状，减小了受力面积，在压力一定时，可以增大压强，更容易打破玻璃；
(2)铡刀、羊角锤在使用时，都是动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆。
【解析】(1)增大压强的方法：压力一定是，减小受力面积或者受力面积一定时，增大压力。
(2)使用时动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆。
本题考查了压强和杠杆的知识，要求学生能够根据所学的物理知识，分析解决生活当中的一些问题。
28.【答案】解：
(1)物体浸没在水中时V排=VA=SAhA=0.04m2×1m=0.04m3，
物体A所受的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m3=400N；
(2)由图知，作用在动滑轮上的绳子有2段，
则根据滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可得：
G'=nF1η1=2×350N×80%=560N，
由于物体浸没在水中，
所以重力G=G'+F浮=560N+400N=960N；
(3)提出水面后，根据滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可得：
F2=Gnη2=960N2×90%≈533.3N，
人的重力G人=m人g=50kg×10N/kg=500N。
则，F2>G人，所以，不能把物体A完全提出水面。
答：(1)物体A浸没在水中时所受的浮力大小为400N。
(2)物体A的重力为890N。
(3)小安不能把物体A完全提出水面。
【解析】(1)求出物体A的体积，由于浸没时排开水的体积与物体的体积相等，利用F浮=ρ液gV排即可求出浮力；
(2)由图知，作用在动滑轮上的绳子有2段，根据滑轮组的特点可以得到物体A的重力与动滑轮的重力与拉力的关系；不计绳重和摩擦，拉力对动滑轮和物体A做的功为总功，对物体A做的功为有用功，利用机械效率变形公式得到滑轮对物体A拉力，然后G=G'+F浮求出重力；
(3)由于提出水面后匀速上升时滑轮组的机械效率为η2=90%.根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF求出需要施加的拉力，与人的重力相比较即可判断。
本题考查力学综合计算分析，是每年固定的必考题目，对应知识点经常出现在各种综合考试的最后一题中，属于热点问题，但是此题的创新之处在于在物体所在位置这个决定性的关键问题上给考生设置了一个陷阱，要求考生对滑轮组的特点及机械效率的变化理解透彻，关键是知道物体浸没在液体中时对滑轮组的拉力大小不等于物体的重力，大小等于物体的重力与浮力之差。
2021-2022学年湖南省常德市澧县八年级（下）期末物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共18小题，共54分）
1. 下列数据中，不合理的是( )
A. 教室里大气压值约为2×105Pa
B. 教室门框高约为2m
C. 小明从教学楼的一楼匀速走到二楼时克服重力所做的功约为1500J
D. 一名中学生的体重约为500N
2. 在一光滑的水平面上有一重为200N的物体，以2m/s的速度做匀速直线运动，那么维持这个物体运动状态不变的力是( )
A. 0N B. 100N C. 200N D. 300N
3. 第24届冬奥会已经圆满落幕。关于冬奥会的部分比赛项目，下列分析正确的是( )
A. 短道速滑运动员加速冲刺时受平衡力的作用
B. 冰壶运动员用毛刷擦冰让冰化成水，是为了增大摩擦
C. 滑雪运动员冲过终点后不能立即停下来是因为受到惯性的作用
D. 冰球运动员向后蹬冰面，自己就会前进，说明物体间力的作用是相互的
4. 如图所示，用弹簧测力计水平拉动木块A，使它沿长木板做匀速直线运动。与此时测力计的示数大小相等的力是( )
A. 木块所受的重力 B. 木块所受支持力 C. 木块所受摩擦力 D. 木板所受的压力
5. 用图甲、乙两种方式匀速提升重为300N的物体，已知滑轮重50N，绳重和摩擦力不计，则( )
A. 手的拉力：F甲>F乙；机械效率；η甲<η乙
B. 手的拉力：F甲>F乙；机械效率：η甲>η乙
C. 手的拉力；F甲
6. 如图所示，甲、乙两物体在水平桌面上处于静止状态，下列说法正确的是( )
A. 甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对平衡力
B. 乙物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对相互作用力
C. 甲对乙的压力与桌面对乙的支持力是一对相互作用力
D. 乙对甲的支持力和甲受到的重力是一对平衡力
7. 如图所示与其对应的说法不正确的是( )
A. 茶壶的壶嘴与壶身构成了连通器
B. 向两纸中间吹气两纸向外分开
C. 用吸管吸饮料利用了大气压强
D. 轮船从长江驶入东海浮力不变
8. 体积相等的实心铜球和实心木球在水平地面上以相同的速度做匀速直线运动，铜球的动能为EK铜，木球的动能为EK木.已知铜的密度大于木头的密度，则( )
A. EK铜
9. 关于运动和力的关系，下列说法中正确的是( )
A. 力是使物体运动状态发生变化的原因
B. 物体做匀速直线运动时，一定受到了力的作用
C. 只要有力作用在物体上，物体的运动状态一定发生变化
D. 必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用物体就会静止下来
10. 如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是( )
A. 冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功
B. 短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变
C. 冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶受到惯性的作用
D. 跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变
11. 下列有关力的说法，正确的是( )
A. 物体发生形变时，一定会产生弹力
B. 用桨向后划水，船就会前进，说明物体间力的作用是相互的
C. 从力的性质来看，重力、拉力、压力、支持力都属于弹力
D. 物理书放在水平课桌上，物理书对桌面的压力是由于桌面发生弹性形变而产生的
12. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，F的大小与时间t的关系如图乙所示；物体运动的速度v与时间t的关系如图丙所示。则下列说法中正确的是( )
A. 0～2s内物体保持静止，不受摩擦力的作用
B. 2～4s内物体做匀速直线运动
C. 2～4s内物体受到的摩擦力为3N
D. 2～6s内物体受到的摩擦力大小保持不变
13. 如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将三个体积相同的正方体分别放入容器内，待止方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 容器底部受到水的压强大小关系为pA=pB=pC
B. 物体受到的浮力大小关系为FA=FB=FC
C. 三个物体的密度大小关系是ρA>ρB>ρC
D. 容器对桌面的压力大小关系是F甲=F乙
A. 两次木块受到的摩擦力一样大 B. 两次木块受到的拉力一样大
C. 两次拉力对木块做的功一样多 D. 两次拉力对木块做功的功率一样大
15. 如图所示是挖井时从井中提升沙土的杠杆示意图。杠杆AB可以在竖直平面内绕固定点O转动，已知AB：AO=3：2，悬挂在A端的桶与沙土所受的重力为200N，悬挂在B端的配重所受的重力为80N。当杠杆AB在水平位置平衡时，加在配重下面绳端的竖直向下的拉力F是( )
A. 520N B. 420N C. 320N D. 220N
16. 2022年北京冬季奥林匹克运动会某场馆建设中，采用如图所示的装置：滑轮组悬挂在水平支架上，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重500N，两个滑轮重都为40N，不计滑轮组的绳重和摩擦。关于该过程，下列说法正确的是( )
A. 水平地面对工人的支持为300N
B. 滑轮组的机械效率为80%
C. 支架受到滑轮组的拉力大小为700N
D. 人对绳子拉力的功率为120W
17. 如图的两个容器中盛有同种相同质量的液体，它们底部受到的液体压强分别是p甲和p乙，压力分别是F甲和F乙，下列关系式正确的是( )
A. p甲=p乙，F甲=F乙 B. p甲
A. “浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
B. 适当用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”可能悬浮在水中
C. 潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同
D. 松开手“浮沉子”上浮时，小玻璃瓶内上方气压增大
二、填空题（本大题共4小题，共16分）
19. 如图照示，杠杆上的格等距，杠杆水平放置且自重忽略不计，O是支点，左侧挂一物体，动力F1大小为6N，整个装置处于静止状态，则物体的重力为______N，此时杠杆属于______(填“省力”或“费力”)杠杆。
20. 如图所示，我国的“海翼1000号”深海滑翔机刷新了下潜深度的世界纪录，它是通过改变自身油囊体积实现浮沉的。在水面下滑翔机下沉时，油囊体积变小，所受浮力______。下沉过程中滑翔机受到海水的压强______。(均填“变大“变小”“不变”)
21. 如图所示，重5N的长方体木块漂浮在水面上，木块的下表面距水面4cm，此时木块受到的浮
力为______N，木块下表面受到水的压强是______Pa，长方体的底面积是______cm2。(g取10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m)
22. 如图所示。工人用600N的推力沿5m长的斜面，把120kg的重物推到2m高的车上，推力做的有用功为______J，此斜面的机械效率为______。(g取10N/kg)
三、作图题（本大题共1小题，共4分）
23. 一单摆小球，从A点放手后，经最低点B荡至另一侧的C点。若不考虑能量损失，请在图上画出C点所在位置并画出小球所受的重力。
四、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24. 利用图所示的实验装置探究“杠杆的平衡条件”。
(1)实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是______ ，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向______ (选填“左”或“右”)调。
(2)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据。根据这一次实验数据，小明立即分析得出杠杆的平衡条件，他这种做法不足是______ 。经老师提醒后，小明继续进行实验，如图乙，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则杠杆______ (选填“仍保持平衡”“左端下沉”或“右端下沉”)。
25. 小明设计了图实验研究浮力规律，先在大量程弹簧测力计下端用细绳悬挂一物块A，A浸没在装有水的容器中并保持静止如图甲，后打开阀门抽水如图乙、丙(控制水缓慢精准流动)。A始终不与底部接触。测力计的读数随时间变化规律如图丁。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
(1)图甲中，绳的拉力为F，用黑点表示A，在方框内画出其受力示意图；
(2)A所受的重力为______N，分析图可知A与水分开是自______时之后(选填：“t1”，“t2”、“t3”)；
(3)A的体积是______m3，A物体的密度是______kg/m3。
(4)重液是密度大的液体，利用矿石在重液里浮沉来分选矿物。克列里奇液(对人体有伤害)是一种重液，密度可达4.2×103kg/m3。将A浸没在这种液体中后放开，A物体会______。(选填：“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
26. 同学们通过实验探究“影响滑动摩擦力大小的因素”。
(1)小明的操作如甲图所示，他操作的错误是______；纠正错误后，应拉动弹簧测力计使木块做______运动。若在木块上再放一个砝码，则木块运动时受到的滑动摩擦力将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)小高将木块沿竖直方向截去一半后，测得术块所受的滑动的摩擦力变为原来一半。他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他的探究过程中存在的问题是______。
(3)小娟实验时，先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉着物体沿水平方向做匀速直线运动，则测出的摩擦力______实际摩擦力(选填“大于”、“等于”或“小于”)。乙图中弹簧测力计的示数是______N。
五、计算题（本大题共2小题，共11分）
27. (1)如图所示，我们乘坐的公共汽车上都配有这种破窗锤，它的作用是在有意外发生时可以敲破车窗玻璃，帮助乘客逃生。为什么把破窗锤的一端设计得很尖锐？
(2)请你举出两个生活中常用的省力杠杆的例子。
28. 如图所示，体重为50kg的小安利用滑轮组把浸没在水中的长方体A提出水面。物体A浸没在水中匀速上升时，小安所用的拉力为350N，滑轮组机械效率η1=80%.物体A被完全提出水面后匀速上升时，滑轮组的机械效率η2=90%.已知物体A的底面积为0.04m2，高1m，不计摩擦和绳重，g取10Nkg.求：
(1)物体A浸没在水中时所受的浮力大小。
(2)物体A的重力。
(3)请计算说明小安能否把物体A完全提出水面。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室里大气压值约为1×105Pa，故A不合理；
B、教室门框高约为2m，故B合理；
C、小明从教学楼的一楼匀速走到二楼时克服重力所做的功W=Gh=500N×3m=1500J，故C合理；
D、一名中学生的质量约50kg，体重约G=mg=50kg×10N/kg=500N，故D合理。
故选A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见物理量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：力是改变物体运动状态的原因，物体如果运动状态不变，受的力一定是平衡力，平衡力的合力为零，所以维持物体运动状态不变的力是零。
故选：A。
一个物体静止或匀速直线运动，就说这个物体处于平衡状态，即运动状态不变，处于平衡状态的物体受的合力为零。
本题要求理解清楚力和运动的关系，物体运动状态的改变是力作用的结果，物体运动状态不变是不需要力来维持的，此时如果有力作用在物体上，一定是平衡力，即合力为零。
3.【答案】D
【解析】解：A.运动员加速冲刺时，速度变大，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故A错误；
B.冰壶运动员用毛刷擦冰使冰熔化成水，使冰壶与冰面分离，是为了减小摩擦，故B错误；
C.运动员不能停下来是因为运动员具有惯性，仍然要保持原来的运动状态继续前进，惯性不是力，不能说是受到惯性的作用，故C错误；
D.运动员向后蹬冰面时对冰面的力是向后的，运动员向前运动说明冰面对运动员有向前的力的作用，说明力的作用是相互的，故D正确。
故选：D。
(1)处于平衡状态的物体，保持静止或做匀速直线运动，受到平衡力的作用；
(2)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(4)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
本题考查减小摩擦的方法、力与运动的关系、惯性、相互作用力的掌握与应用，是一道力学综合题，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：用弹簧测力计水平向右拉动木块，使其做匀速直线运动，木块受平衡力的作用，根据二力平衡的知识，此时摩擦力的大小等于测力计对木块的拉力，故C符合题意。
故选：C。
实验中研究的是木块受到滑动摩擦力的大小，弹簧测力计测量的是木块受到的拉力，只有木块做匀速直线运动时，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力的大小才等于拉力的大小。
本题主要考查了二力平衡条件的应用，难度不大，属于基础知识。
5.【答案】B
【解析】解：(1)由图可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，
由于使用定滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，即：F甲=G=300N；
乙滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以省一半的力，
即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，F乙=12(G+G动)=12×(300N+50N)=175N，
所以，F甲>F乙；
(2)两幅图中物体的重力相同，当提升高度相同时，由W有=Gh可知，有用功是相同的；但乙图中还要克服动滑轮的重力做额外功，则乙图比甲图做的总功要多，结合η=W有用W总×100%可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小，所以乙的机械效率低，即η甲>η乙。
故选：B。
(1)解决此题要知道定滑轮是轴固定不动的滑轮，动滑轮是轴随被拉物体一起运动的滑轮；使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离；
(2)利用W有=Gh得出有用功的大小关系，利用W额=G动h得出额外功的大小关系，根据W总=W有+W额判断出总功的大小关系，利用公式η=W有用W总×100%即可比较机械效率。
此题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点，并比较了它们之间的机械效率，知道使用定滑轮和动滑轮做的总功的区别是解决此题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、甲对乙的压力与桌面对乙的支持力大小不相等，不是平衡力，故A错误；
B、乙物体受到的重力与桌面对它的支持力作用在同一物体上，不是相互作用力，故B错误；
C、甲对乙的压力与桌面对乙的支持力作用在同一物体上，不是相互作用力，故C错误；
D、乙对甲的支持力和甲受到的重力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是平衡力，故D正确。
故选：D。
二力平衡的条件：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
相互作用力的条件：作用在不同的物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
本题考查相互作用力和平衡力的区分，关键明确相互作用力的条件和二力平衡条件的区别，同时会对物体进行正确受力分析。
7.【答案】B
【解析】解：A、茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，故A正确；
B、向两纸中间吹气，使中间空气流速快、压强小，而外侧的空气流速慢、压强大，所以两纸向中间靠拢，故B错误；
C、用吸管喝饮料时，吸管内的压强小于外界大气压，饮料在大气压的作用下进入吸管，利用了大气压的作用，故C正确；
D、漂浮的物体所受的浮力始终等于自身的重力，因此，轮船从长江驶入东海浮力不变，故D正确。
故选：B。
(1)上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的；
(2)根据流体压强与流速的关系来做出判断；
(3)用吸管喝饮料是利用了大气压的作用；
(4)漂浮的物体所受的浮力始终等于自身的重力。
本题考查的连通器的应用、大气压的应用、流体压强与流速的关系、漂浮的条件等，有一定综合性，但都是基础知识。
8.【答案】B
【解析】解：(1)铜块和木块体积V铜=V木，密度ρ铜>ρ木；
由ρ=mV得，m=ρV，
体积相同，m铜>m木，铜块的质量大。
(2)它们的速度相等，铜块的质量大，因此铜块的动能大。
故选：B。
物体由于运动而具有的能叫做动能，动能的大小与物体的质量和速度有关。
本题考查影响动能大小的因素，能够判断出铜块和木块质量的大小是解题的关键，是基础知识的考查。
9.【答案】A
【解析】解：A、力可以改变物体的运动状态，即是使物体运动状态发生变化的原因，故A正确。
B、根据牛顿第一定律，做匀速直线运动的物体可能不受力，故B错误。
C、若物体受平衡力，则物体的运动状态不变，故C错误；
D、运动的物体若不受力，将做匀速直线运动状态，不会停下来，故D错误。
故选：A。
(1)力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因；
(2)物体不受力或受平衡力时，运动状态不变；物体运动状态改变，则物体一定受到力的作用。
此题考查了力和运动的关系，正确理解力和运动之间的关系：力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因；
将物体受力情况分为不受力、受平衡力、受不平衡力三种情况进行分析，也是后面学习受力分析的基础，同学们应联系实际认真分析和领会。
10.【答案】A
【解析】解：
A、用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，冰球在重力的方向上没有移动距离，所以重力没有做功，故A正确；
B、短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向发生改变，所以其运动状态发生改变，故B错误；
C、冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性要保持原来的运动状态，惯性是一种性质，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，质量不变、高度减小，其重力势能减小，故D错误。
故选：A。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；二者缺一不可。
(2)力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
(3)任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质；
(4)重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。
本题主要考查了机械能大小变化分析、力的作用效果、惯性、做功条件的理解等，综合性强，但难度不大。
11.【答案】B
【解析】解：
A、物体发生弹性形变时产生的力叫弹力；发生塑性形变时，不会产生弹力，故A错误；
B、用桨向后划水，船桨对水施加力的作用的同时，水对船桨也有力的作用，船在水的作用力下会前进，说明物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、从力的性质来看，重力属于引力、不属于弹力，拉力、压力、支持力都属于弹力，故C错误；
D、书对水平桌面的压力是由于书发生了向上的微小弹性形变，书要恢复原状，而对桌面产生向下的弹力，故D错误。
故选：B。
(1)物体由于发生弹性形变而产生的力叫做弹力，平时所说的推、拉、提、压、支持等力，都属于弹力。压力是由于物体的形变而产生的。
(2)力是物体对物体的作用，力的作用是相互的。
本题考查了学生对弹力的了解与掌握，注意弹力是由于物体发生弹性形变引起的，有的弹性形变人的肉眼看不到。
12.【答案】D
【解析】解：(1)由v-t图象可知，0～2s内物体运动的速度为0，处于静止状态，
由F-t图象可知，0～2s内物体受到的拉力为1N，
由二力平衡条件可知，物体受到的摩擦力为1N，故A错误；
(2)由v-t图象可知，2～4s内物体做匀加速直线运动，故B错误；
由v-t图象可知，4～6s内物体运动的速度4m/s不变，做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，
由F-t图象可知，4～6s内物体受到的拉力为2N，则物体受到的滑动摩擦力为2N，
因滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，
所以，2～4s内物体受到的摩擦力也为2N，故C错误；
所以，2～6s内物体受到的摩擦力大小2N保持不变，故D正确。
故选：D。
(1)由F-t图象可知0～2s内物体受到的力，由v-t图象可知0～2s内物体运动的速度，然后判断出所处的状态，利用二力平衡条件判断物体是否受到摩擦力；
(2)由v-t图象可知2～4s内是倾斜线，说明速度在变化，即运动状态在变，物体受到了非平衡力；
(3)由v-t图象可知4～6s内物体的运动状态，由F-t图象可知拉力的大小，利用二力平衡条件得出滑动摩擦力的大小；
(4)滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关。
本题考查学生对图象的认识及力的合成的应用，要求能熟练读图，并能结合运动分析物体的受力情况，v-t图象、F-t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
13.【答案】A
【解析】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据p=ρgh可知，容器底受到水的压强关系为p甲=p乙=p丙，故A正确；
B、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为VA排
D、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为F甲=F乙=F丙，故D错误．
故选：A。
(1)利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系，
(2)由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
(3)由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
(4)根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
14.【答案】D
【解析】解：A、滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，与物体的运动速度无关；两次拉动同一木块时，木块对木板的压力和接触面的粗糙程度都没有变化，故两次受到的摩擦力一样大，故A正确；
B、从图中可知，两次木块都做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的拉力和摩擦力大小相等，已知两次受到的摩擦力相等，故两次木块受到的拉力一样大，故B正确；
C、从图中可知，两次木块运动的距离相同，且所受拉力大小相等，根据W=Fs可知两次拉力对木块做的功一样多，故C正确；
D、从图中可知，第一次拉动木块所用的时间较少，两次拉力对木块做的功一样多，根据P=Wt可知第一次拉力对木块做功的功率较大，故D错误。
故选D。
(1)影响滑动摩擦力大小的因素有：压力和接触面的粗糙程度；滑动摩擦力的大小与物体运动的速度、接触面积均无关，据此分析判断两次受到的摩擦力的大小关系。
(2)从图中可知，两次木块都做匀速直线运动，处于平衡状态，所受的拉力和摩擦力大小相等，已知两次受到的摩擦力的大小关系，可得出两次木块受到的拉力的大小关系；
(3)从图中可知，两次木块运动的距离相同，且已知所受拉力的大小关系，根据W=Fs可知两次拉力对木块做的功的大小关系；
(4)从图中可知，第一次拉动木块所用的时间较少，且已知两次拉力对木块做的功的大小关系，根据P=Wt可知两次拉力对木块做功的功率的大小关系。
本题考查了摩擦力、拉力、功和功率大小的比较，关键是熟知影响滑动摩擦力大小的因素，并从图中得出有用信息。
15.【答案】C
【解析】解：
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2得
GA×AO=(GB+F)×OB，
即200N×AO=(80N+F)×OB，
已知，AB：AO=3：2，
AO：OB=AO：(AB-AO)=2：1，
解得：F=320N。
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
应用杠杆平衡条件F1L1=F2L2可以求出拉力大小。
本题考查了求拉力大小，应用杠杆平衡条件可以解题，本题是一道基础题。
16.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端受到的竖直向下的拉力：
F=1n(G+G动)=12×(400N+40N)=220N，
由于人受到竖直向上的支持力、竖直向下的重力以及竖直向上的拉力，则地面对工人的支持力：
F支持=G-F=500N-220N=280N，故A错误；
B、滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=400N2×220N×100%≈90.9%，故B错误；
C、则支架受到滑轮组的拉力：F拉=3F+G定=3×220N+40N=700N，故C正确；
D、绳子自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的功：W总=Fs=220N×2m=440J，
绳子自由端拉力的功率：P=W总t=440J5s=88W，故D错误。
故选：C。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端受到的竖直向下的拉力，即工人受到的拉力，进一步求出水平地面对工人的支持力；
(2)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出滑轮组的机械效率；
(3)支架受到滑轮组的拉力等于3股绳子的拉力加上定滑轮的重力；
(4)根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，再利用P=Wt求出绳子自由端拉力的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用等，要注意支架受到滑轮组的拉力等于3股绳子的拉力加上定滑轮的重力。
17.【答案】B
【解析】解：(1)甲、乙两个容器是规则的圆柱体，两个容器底受到液体的压力等于自身的重力，根据G=mg可知，质量相同，重力相同，压力相同；
(2)由图可知，h甲
根据甲、乙两个容器中液体的深度关系，根据公式p=ρgh可求容器底受到液体的压强；规则形状容器中液体对容器底部的压力等于自身的重力。
本题考查液体压强公式的应用，关键知道影响液体压强的大小因素是液体的深度和液体的密度。
18.【答案】D
【解析】解：A.挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉，故A正确；
B.当浮力等于重力，就会悬浮在水中，故B正确；
C.潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的，故C正确；
D.松开手，小瓶内的气体会将瓶内的水排出，气体体积变大，压强变小，故D错误。
故选：D。
(1)根据物体的浮沉条件即可判断：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
(2)在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
本题考查了浮沉子的工作原理，是大气压和浮力的一个综合考查，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
19.【答案】12 省力
【解析】解：设杠杆上每一个格的长度为L，则重物的力臂LG=2L，动力的力臂LF=4L，
由杠杆的平衡条件可得：G⋅LG=F1⋅LF，
则物体的重力：G=LFLG×F1=4L2L×6N=12N，
因LG
故答案为：12；省力。
设杠杆上每一个格的长度为L，由图可知重物和动力的力臂，根据杠杆的平衡条件求出物体的重力，比较重物的力臂和动力的力臂关系判断杠杆的分类。
本题考查了杠杆平衡条件的应用和杠杆的分类，是一道较为简单的应用题。
20.【答案】变小 变大
【解析】解：
(1)“海翼”号深海滑翔机下沉时，由于浸没在海水中，油囊的体积变小，排开液体的体积变小，则根据F浮=ρ水gV排可知受到的浮力变小；
(2)因为液体压强随深度的增加而增大，所以滑翔机下沉时所处的深度增加，则海水对它的压强将变大。
故答案为：变小；变大。
(1)“海翼”号深海滑翔机下沉时，油囊体积变小，排开液体的体积变小，根据阿基米德原理可知它受到的浮力F浮变小；
(2)根据液体压强的特点，液体压强随深度的增加而增大，可知在潜艇下潜过程中，海水对它的压强将如何变化。
此题涉及到的知识点较多，有阿基米德原理，液体压强的特点等，难易程度适中，综合性较强，利于学生系统的掌握知识。
21.【答案】5 400 125
【解析】解：
(1)因为木块漂浮在水面上，
所以木块受到的浮力为F浮=G=5N；
(2)木块浸入深度h=4cm=0.04m，
木块下表面受到水的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa；
(3)根据阿基米德原理可知木块排开水的体积V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3=500cm3，
长方体木块的底面积S=V排h=500cm34cm=125cm2。
故答案为：5；400；125。
(1)由于木块漂浮在水面上，木块受到的浮力等于木块重力；
(2)知道木块的下表面到水面的距离(深度)，利用液体压强公式求木块下表面受到水的压强；
(3)根据V排=F浮ρ水g得出木块排开水的体积，根据S=V排h得出长方体木块的底面积。
本题考查了阿基米德原理、物体漂浮条件的应用以及液体压强的计算，是一道力学综合题。
22.【答案】2400 80%
【解析】解：物体的重力G=mg=120kg×10N/kg=1200N，
他做的有用功W有用=Gh=1200N×2m=2400J；
他做的总功W总=Fs=600N×5m=3000J，
此斜面的机械效率η=W有用W总×100%=2400J3000J×100%=80%。
故答案为：2400；80%。
(1)根据G=mg得出物体的重力，根据W=Gh得出他做的有用功；
(2)根据W=Fs得出他做的总功，由η=W有用W总×100%可求得该斜面的机械效率。
本题考查了做功公式和机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键。
23.【答案】解：(1)小球从A到B的过程中，重力势能转化为动能；从B到C的过程中，动能转化为重力势能。不计能量损失，小球在C点和在A点具有的重力势能相同，所以C点与A点在同一水平线。画出小球在A位置时的悬挂点关于竖直线的对称位置，这一位置就是C的位置，如图所示。
(2)小球在C点受的重力竖直向下，用一条竖直向下且带箭头的线段表示重力，起点表示重力的作用点，箭头表示方向，小球所受重力的示意图如图所示。
【解析】(1)不考虑能量损失，小球经最低点B荡至另一侧的C点，C点与A点关于小球在B时的竖直线对称；
(2)小球在A点时重力竖直向下，重力的示意图起点在重心上，方向竖直向下。
明确C点与A点对称是作图的前提与关键；
作出某一个力的示意图，要先弄清楚这个力的三要素，再用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
24.【答案】便于测量力臂 右 只做一次实验，得出的结论不具有普遍性 左端下沉
【解析】解：(1)实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了便于直接读出力臂；
图甲中杠杆左低右高，故应向右调节杠杆的螺母；
(2)只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验得到结论具有偶然性，要多进行几次实验，这样得到结论才具有普遍性；
若每个钩码重力为G，一格长度为L，
A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧力与力臂的乘积为3G×3L=9GL，右侧力与力臂的乘积为2G×4L=8GL，因为9GL>8GL杠杆不能平衡，且左端下沉。
故答案为：(1)便于测量力臂；右；(2)只做一次实验，得出的结论不具有普遍性；左端下沉。
(1)为了便于直接读出力臂，应使杠杆在水平位置平衡；在调节杠杆平衡时，将平衡螺母向较高的一端调节；
(2)探究型实验多次测量发现变化规律；测量型实验多次测量求平均值来减小误差；根据杠杆平衡条件判断移动钩码后杠杆是否平衡。
本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆平衡的调节、杠杆平衡条件的应用以及对实验的评估，难度不大。
25.【答案】20 t2 5×10-4 4×103 上浮
【解析】解：(1)物体A浸没在水中，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹簧测力计的拉力作用，如图所示：
(2)由图像丁知，物体A在0～t1段浸没在水中，在t1～t2段逐渐露出水面，在t2～t3段离开水面，则可以判断A与水分开是自t2时之后。
由图像知，物体A离开水面，弹簧测力计测量物体的重力，故物体A的重力G=F=20N；
(3)由图像知，物体A浸没在水中弹簧测力计示数为15N，
物体A浸没在水中受到的浮力F浮=G-F'=20N-15N=5N，
物体A排开水的体积V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3，
物体A浸没在水中，则物体A的体积V=V排=5×10-4m3。
物体A的重力是20N，物体A的质量m=Gg=20N10N/kg=2kg，
物体A的体积V=5×10-4m3，
则物体A的密度ρ=mV=2kg5×10-4m3=4×103kg/m3；
(4)重液密度是4.2×103kg/m3，物体A的密度小于重液的密度，将A浸没在这种液体中后放开，物体A会在重液中上浮。
故答案为：(1)如上图；(2)20；t2；(3)5×10-4；4×103；(4)上浮。
(1)物体A浸没在水中，受到重力、浮力和弹簧测力计的拉力作用；
(2)根据图像判断A在各段的状态，当物体A完全露出水面时，弹簧测力计测量物体A的重力；
(3)根据称重法求出物体A受到的浮力，根据阿基米德原理求出物体A排开水的体积，即物体A的体积；知道物体A的重力求出质量，知道物体A的质量和体积，根据密度公式求出物体A的密度；
(4)根据物体A和重液的密度关系判断物体A的浮沉情况。
本题考查了力的示意图、阿基米德原理的计算、物体的浮沉条件等等，是一道浮力综合计算题。
26.【答案】没有水平拉动测力计 匀速直线 变大 没有保持压力不变 小于 2.2
【解析】解：(1)如图，弹簧测力计没有水平拉动木块，即使木块进行匀速直线运动，木块受到的拉力和滑动摩擦力也不是平衡力，因为它们不在同一直线上。所以要使滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计要水平拉动木块，使木块在水平面上进行匀速直线运动。
(2)木块截去一半后，其压力和接触面积都变为原来的一半，而摩擦力的大小与压力大小有关，与接触面积的大小无关，故小华得出的结论是错误的。主要是因为他没有保持压力大小不变；
(3)因为弹簧自身重力的作用，所以当在竖直方向上对弹簧测力计调零后，再在水平方向上测拉力的大小，指针的位置会有一定的回缩，至使所测出的摩擦力小于实际摩擦力的大小。
由图知，弹簧测力计的分度值是0.2N，测力计的示数为2.2N，
故答案为：(1)没有水平拉动测力计；匀速直线；变大；(2)没有保持压力不变；(3)小于；2.2。
(1)木块在长木板上运动，滑动摩擦力不能直接测量，当弹簧测力计水平匀速直线拉动木块，木块在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，这两个是平衡力，间接测量滑动摩擦力大小；
(2)木块截去一半，是改变了接触面积的大小，同时更是改变了压力的大小，而摩擦力大小只受压力大小和接触面粗糙程度的影响，据此可做出判断；
(3)在竖直方向上对弹簧测力计调零，因弹簧自身重力的作用，会使指针所指的初始位置偏下方，再水平使用时，指针回缩，则测出的力的示数会变小；在进行测力计的读数时，要注意其分度值。
在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中我们应注意两种研究方法与一个物理原理的合理利用，两个方法是控制变量法和转换法(将摩擦力转换为弹簧测力计的拉力)；一个物理原理是二力平衡原理(在物体做匀速直线运动时，拉力与摩擦力平衡)。
27.【答案】答：(1)破窗捶的敲击端做成锥状，减小了受力面积，在压力一定时，可以增大压强，更容易打破玻璃；
(2)铡刀、羊角锤在使用时，都是动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆。
【解析】(1)增大压强的方法：压力一定是，减小受力面积或者受力面积一定时，增大压力。
(2)使用时动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆。
本题考查了压强和杠杆的知识，要求学生能够根据所学的物理知识，分析解决生活当中的一些问题。
28.【答案】解：
(1)物体浸没在水中时V排=VA=SAhA=0.04m2×1m=0.04m3，
物体A所受的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m3=400N；
(2)由图知，作用在动滑轮上的绳子有2段，
则根据滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可得：
G'=nF1η1=2×350N×80%=560N，
由于物体浸没在水中，
所以重力G=G'+F浮=560N+400N=960N；
(3)提出水面后，根据滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF可得：
F2=Gnη2=960N2×90%≈533.3N，
人的重力G人=m人g=50kg×10N/kg=500N。
则，F2>G人，所以，不能把物体A完全提出水面。
答：(1)物体A浸没在水中时所受的浮力大小为400N。
(2)物体A的重力为890N。
(3)小安不能把物体A完全提出水面。
【解析】(1)求出物体A的体积，由于浸没时排开水的体积与物体的体积相等，利用F浮=ρ液gV排即可求出浮力；
(2)由图知，作用在动滑轮上的绳子有2段，根据滑轮组的特点可以得到物体A的重力与动滑轮的重力与拉力的关系；不计绳重和摩擦，拉力对动滑轮和物体A做的功为总功，对物体A做的功为有用功，利用机械效率变形公式得到滑轮对物体A拉力，然后G=G'+F浮求出重力；
(3)由于提出水面后匀速上升时滑轮组的机械效率为η2=90%.根据η=W有用W总=GhFs=GhFnh=GnF求出需要施加的拉力，与人的重力相比较即可判断。
本题考查力学综合计算分析，是每年固定的必考题目，对应知识点经常出现在各种综合考试的最后一题中，属于热点问题，但是此题的创新之处在于在物体所在位置这个决定性的关键问题上给考生设置了一个陷阱，要求考生对滑轮组的特点及机械效率的变化理解透彻，关键是知道物体浸没在液体中时对滑轮组的拉力大小不等于物体的重力，大小等于物体的重力与浮力之差。
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