统考版高考物理二轮专项分层特训卷高考仿真练二含答案

这是一份统考版高考物理二轮专项分层特训卷高考仿真练二含答案，共16页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
14．放射性元素的原子核往往需要经历一系列的α衰变和β衰变才能达到稳定的状态，如 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th→a eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋b eq \\al(\s\up11( 0),\s\d4(－1)) e＋ eq \\al(\s\up11(208),\s\d4( 82)) Pb.若 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th、 eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He、 eq \\al(\s\up11( 0),\s\d4(－1)) e和 eq \\al(\s\up11(208),\s\d4( 82)) Pb的质量分别用m1、m2、m3和m4表示．则下列说法正确的是( )
A．在 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th→a eq \\al(\s\up11(4),\s\d4(2)) He＋b eq \\al(\s\up11( 0),\s\d4(－1)) e＋ eq \\al(\s\up11(208),\s\d4( 82)) Pb中，a＝6，b＝4
B．衰变过程中释放出的α射线比β射线的穿透能力强
C．20个 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th核经过2个半衰期后还剩5个 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th核
D．一个 eq \\al(\s\up11(232),\s\d4( 90)) Th核衰变成一个 eq \\al(\s\up11(208),\s\d4( 82)) Pb核释放的核能为(m1－m2－m3－m4)c2
15.
如图所示，两个相同的木模质量均为m，靠三根竖直细线连接，在水平面上按一个“互”字形静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”(Tensegrity)结构原理．图中短线a上的张力F1和水平面所受压力F2满足( )
A．F1>mg，F2mg，F2＝2mg
C．F1mg.故B正确，A、C、D错误．
16．答案：C
解析：PQ所受安培力方向向右，由左手定则得电流方向为从P流向Q，所以M端为电源正极，故A错误；PQ所受安培力大小为F＝2kx＝3 N，所以电路中电流为I＝ eq \f(F,BL) ＝3 A，故C正确，B错误；滑动变阻器滑片向右移动，则电路中电阻增大，电流减小，PQ所受安培力减小，PQ将向左移动，故D错误．
17．答案：D
解析：本题考查理想变压器的物理量关系．设ab端的电流为I1，第二级升流器T2的输入端电流为I2，采集负载R的电流为I3，根据理想变压器的原理可知， eq \f(I1,I2) ＝ eq \f(1,2) ， eq \f(I2,I3) ＝ eq \f(1,k) ，联立解得 eq \f(I1,I3) ＝ eq \f(1,2k) ，由于I3＝10I1，可得k＝5，D正确．
18．答案：C
解析：设火星的半径为R1，表面的重力加速度为g1，质量为m1的物体绕火星表面飞行的周期为T1，则有m1 eq \f(4π2,T eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(1)) ) R1＝m1g1，设椭圆停泊轨道与火星表面的最近、最远距离分别为h1、h2，停泊轨道周期为T2，根据开普勒第三定律有 eq \f(R eq \\al(\s\up1(3),\s\d1(1)) ,T eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(1)) ) ＝ eq \f(（\f(h1＋2R1＋h2,2)）3,T eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(2)) ) ，代入数据解得h2＝ eq \r(3,\f(2g1R eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(1)) T eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(2)) ,π2)) －2R1－h1≈6×107 m，故选项A、B、D错误，选项C正确．
19．答案：AC
解析：带电粒子a从M点射出，由左手定则可知，粒子a带负龟，带电粒子b从N点射出，由左手定则可知，粒子b带正电，A正确；两粒子的运动轨迹如图所示，由图可知，粒子a在磁场中运动时的偏转角大于粒子b的偏转角，由公式t＝ eq \f(θ,2π) × eq \f(2πm,qB) ＝ eq \f(θm,qB) 可知，粒子a在磁场中的运动时间长，B错误；设OM＝R，由几何关系ra＝ eq \f(R,4) ，r eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(b)) ＝R2＋ eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(rb－\f(R,2))) eq \s\up12(2) 解得rb＝ eq \f(5,4) R，由公式qvB＝m eq \f(v2,r) 得r＝ eq \f(mv,qB) ，则 eq \f(va,vb) ＝ eq \f(ra,rb) ＝ eq \f(\f(R,4),\f(5R,4)) ＝ eq \f(1,5) ，由牛顿第二定律得qvB＝ma，解得a＝ eq \f(qvB,m) ，则 eq \f(aa,ab) ＝ eq \f(va,vb) ＝ eq \f(1,5) ，C正确、D错误．
20．答案：BCD
解析：物块A在水平方向上受到拉力F和弹簧弹力F1的共同作用，而木板B在水平方向上只受到F1的作用，故当F1较小时，物块A的加速度a1＝ eq \f(F－F1,m) 大于木板B的加速度a2＝ eq \f(F1,m) ，结合题图乙v ­ t图象中图线的斜率可判断出图线上对应的是木板B，选项A错误；当物块A与木板B的加速度相等时，有 eq \f(F－F1,m) ＝ eq \f(F1,m) ，解得F1＝ eq \f(F,2) ，选项D正确；在t1时刻物块A和木板B 的速度相等，弹簧的伸长量最大，弹簧的弹性势能最大，选项C正确；自t＝0至t＝t1的时间内，拉力F一直对系统做正功，系统的机械能一直增加，故在t1时刻系统的机械能最大，选项B正确．
21．答案：AB
解析：如图所示，分别过c点和d点作ab的垂线，由几何关系可知，圆心O、垂足e和f将ab四等分，又因为粒子从a点移动到b点做的功为从c点移动到d点做功的两倍，所以粒子从a点到b点沿电场方向移动的距离为从c点到d点沿电场方向移动距离的两倍，则匀强电场的场强方向与ab平行，A正确；根据匀强电场的特点可知，将粒子从d点移动到b点电场力做的功是将该粒子从a点移动到b点电场力做的功的 eq \f(1,4) ，即将粒子从d点移动到b点电场力做的功为0.5W，B正确；根据正粒子在电场中移动过程做功的情况可知，电势φa>φc>φd>φb，C错误；若粒子只受电场力，当粒子从d点射入圆形电场区域的速度方向与ab平行时，带电粒子做匀变速直线运动，D错误．
22．答案：（1）平衡摩擦力（1分） （2）否，由于小车所受合外力通过力传感器直接读出，所以不需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量（2分） （3）①（2分）
解析：（1）根据牛顿第二定律知a＝ eq \f(F－f,M) ＝ eq \f(1,M) F－ eq \f(f,M) ，说明在实验前缺少的步骤是平衡摩擦力．（2）否，由于小车所受合外力通过力传感器直接读出，所以不需要使所挂重物的质量远小于小车和位移传感器（发射器）的总质量．（3）由牛顿第二定律知小车的加速度大小a＝ eq \f(mg－f,m＋M) ＝ eq \f(1,m＋M) mg－ eq \f(f,m＋M) ，随m增大，图线的斜率k＝ eq \f(1,m＋M) 变小，故a ­ F图线不断延伸，后半部分的图线应是①.
23．答案：（1）小王同学的电路图不合适（1分） 由于电源内阻较小，调节电阻箱接入电路的阻值，电压表变化不明显（2分）
（2） eq \f(a,R0（b2－b1）) （2分） eq \f(ab1,b2－b1) －R0（2分）
（3）小于（1分） 电压表分流的影响（1分） 小于（1分）
解析：（1）小王同学的电路图不合适，由题意知电源内阻较小，改变电阻箱接入电路中的阻值，电压表示数变化不明显．（2）根据图甲由闭合电路欧姆定律知E＝U＋ eq \f(U,R0) （R＋r），整理得 eq \f(1,U) ＝ eq \f(1,ER0) R＋ eq \f(1,E) ＋ eq \f(r,ER0) ，由图丁可知 eq \f(1,ER0) ＝ eq \f(b2－b1,a) ， eq \f(1,E) ＋ eq \f(r,ER0) ＝b1，解得E＝ eq \f(a,R0（b2－b1）) ，r＝ eq \f(ab1,b2－b1) －R0.（3）由于电压表分流的影响，式子中的R0实际应为定值电阻与电压表并联后的阻值R′＝ eq \f(RVR0,RV＋R0)