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2022年内蒙古通辽市中考物理试卷（含解析）
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这是一份2022年内蒙古通辽市中考物理试卷（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年内蒙古通辽市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1. 日常生活中处处可听到声音，关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 真空玻璃能隔音是因为声音在真空中传播的速度慢
B. 医生通过听诊器来诊断疾病，是利用声传递信息
C. 广场舞噪声扰民是因为广场舞伴奏音乐音调太高
D. 工人用的防噪声耳罩，是在传播过程中减弱噪声
2. 下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是( )
A. 海市蜃楼
B. 日食现象
C. 屏幕上呈现人的影子
D. 桥在水中形成的倒影
3. 水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是( )
A. 初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热
B. 夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热
C. 秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热
D. 冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热
4. 有关体育运动项目中涉及到的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，它将处于静止状态
B. 排球碰到墙壁后被反弹回来，说明力可以改变物体的运动状态
C. 抛出去的篮球在下降过程中，动能转化为重力势能
D. 跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是为了增大对地面的压力
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机工作，开锁成功。下列电路设计的符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6. 2022年6月5日我国在酒泉卫星发中心用长征2号F运载火箭将“神舟十四号”载人飞船成功发射。下列说法错误的是( )
A. 火箭上升过程中，以飞船为参照物，宇航员是静止的
B. 火箭加速上升过程中受到的重力和推力是一对相互作用力
C. “神舟十四号”飞船进入预定轨道后是通过电磁波与地面联系的
D. 宇航员在上升过程中质量保持不变
7. 对下列四个实验装置图，分析正确的是( )
A. 甲图中验电器是利用了异种电荷相互吸引的原理制成的
B. 乙图中开关与灯的位置可以互换
C. 丙图实验演示的是磁场能够产生电流
D. 丁图是探究电磁感应现象的装置
8. 在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置(两个透明容器中封闭着等量的空气)。下列说法正确的是( )
①U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
③图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Ω
④用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ③④
9. 如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A示数变小
B. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小
C. 电压表V2示数不变，电流表A示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大
D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小
10. 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M所受的重力为550N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图象如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是( )
A. 拉力F为350N B. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
C. 动滑轮重为50N D. 该滑轮组的机械效率为83.3%
二、多选题（本大题共2小题，共6分）
11. 如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布均匀的物体所受的重力为G，密度为0.8g/cm3，它由一根固定在容器底部的细线拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有13的体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了3cm(g取10N/kg)。下列说法正确的是( )
A. 细线受到的拉力F=12G
B. 液体的密度为1.2×103kg/m3
C. 容器底受到液体的压强减小了300Pa
D. 容器对桌面的压强减小
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0～3V，电流表量程是0～0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I-U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的额定功率是0.15W
B. 只闭合S、S1时，电路的最小功率为1.35W
C. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W
D. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
13. 接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用______的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液，另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在______的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。
14. 某太阳能热水器内装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到90℃，热水器内的水吸收了______J的热量，水的内能是通过______的方式被改变的。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]。
15. 放在水平桌面上的两个完全相同的容器内装有适量的水，将A、B两个体积相同的实心物体分别放入容器内，待物体静止后，如图所示，物体受到的浮力FA______FB，物体的密度ρA______ρB(两空均选填“>”“<”或“=”)。
16. 如图甲，用竖直向上的拉力F，将静止在水平地面上的物体向上提升。乙图表示拉力F的大小随时间t的变化关系，丙图表示物体运动速度v的大小随时间t的变化关系。在0～10s内物体对地面的压力为______N；20～30s内拉力F做功的功率为______W。
17. 如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路，R1的阻值为121Ω。电饭煲额定电压为220V，它在额定电压下处于加热挡时功率为1400W，则R2的阻值为______Ω。只将电饭煲接入电路中，处于保温挡工作0.5h，使标有“1000imp/(kW⋅h)”字样的电能表指示灯闪烁162次[1000imp/(kW⋅h)指接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1000次]，此时电路的实际电压为______V。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
18. 闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或“-”极，并用箭头标出图中磁感线方向。
19. 图中利用羊角锤撬钉子，在锤柄A点处画出所施加的最小动力F和其力臂l。
五、实验探究题（本大题共3小题，共17分）
20. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距是10cm，将凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，实验装置如图所示：
(1)实验前调节烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是______。
(2)实验中将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，这是______的原理(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
(3)再将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应______透镜(选填“远离”或“靠近”)；此过程中，烛焰移动的速度______烛焰的像移动的速度(选填“大于”“小于”或“等于”)。
(4)某小组同学将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将______。
21. 为了测量滑动摩擦力的大小，甲组同学设计了如图所示实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，细绳水平拉动木块，使木块恰好做匀速直线运动。(轻绳与滑轮的摩擦不计)
(1)实验中定滑轮的作用是______。
(2)为了测量木块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是______。
(3)小桶落地后，木块继续向前运动，这是由于木块具有______，此时木块受到的滑动摩擦力______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)把毛巾铺在木板上，想要测出图中木块在毛巾上受到的滑动摩擦力大小，下一步的操作是______。
(5)乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，你觉得哪组的方法更好：______(选填“甲组”或“乙组”)。
22. 如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1(10Ω1A)和R2(30Ω 0.5A)的滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)连接电路时，滑动变阻器应选______(选填“R1”或“R2”)。
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是______。
(3)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______端移动(选填“A”或“B”)。通过实验绘制出小灯泡的U-I图象，如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W。
(4)乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率(已知灯泡的额定电压为U额)，R0阻值已知。
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为______(用字母表示)，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③小灯泡额定功率的表达式P额=______(用字母U额、I、R0表示)。
六、计算题（本大题共2小题，共13分）
23. 一辆5G无人环卫车，质量为460kg，车与地面的总接触面积为200cm2，在水平路面上匀速直线行驶过程中阻力为车所受重力的12，g取10N/kg。
(1)该车静止时对水平路面的压强是多大？
(2)该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做了多少功？若功率相同的燃油汽车以相同的速度行驶相同的路程，消耗的汽油为0.6kg，此燃油汽车的效率是多少？(q汽=4.6×107J/kg)
24. 如图所示，电源电压恒定，R1=12Ω，R2=5Ω，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，电流表的量程是0～3A，电压表的量程是0～15V。
(1)只闭合开关S，移动滑片，当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，求电源电压。
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生多少热量？
(3)闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，所以真空玻璃能隔音就是利用了这个原理，故A错误；
B、医生利用听诊器，是因为声波能传递信息，故B正确；
C、广场舞噪音扰民是因为广场舞响度太大，故C错误；
D、工人带防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声的，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要靠介质，真空不能传声；
(2)声音既可以传递信息，也可以传递能量；
(3)声音的响度指的是声音的大小，响度与振幅有关；
(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
本题考查了与声现象有关的多个知识点，熟知相关知识并能与生活中的现象相结合，是正确解答的关键。
2.【答案】A
【解析】解：筷子在水面处“折断”是光的折射现象。
A、海市蜃楼，是光在密度不均匀的空气中形成的折射现象，符合题意；
BC、日食现象和屏幕上呈现人的影子，都是光的直线传播形成的，不符合题意；
D、桥在水中形成的倒影，水面成像，是光的反射现象，不符合题意。
故选：A。
用光的折射现象解释生活中的现象，光的折射现象例子：海市蜃楼、筷子向上折断了、池水变“浅”了、放大镜、望远镜、显微镜、照相机、投影仪、近视眼镜、老花镜、斜插在水中的筷子在水中部分看起来向上弯；看见落到地平线下的太阳；叉鱼的时候瞄准鱼的下方。
解决本题的关键是理解光的折射现象，了解生活中常见的光的折射现象，属于光学基本知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：A、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B、将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要放热，故B错误；
C、花草上出现晶莹的露珠，这是水蒸气的液化现象，需要放热，故C正确；
D、房屋上出现白色的霜，这是水蒸气的凝华现象，需要放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：A、抛出的实心球在上升时，速度不为零，若它所受的力全部消失，实心球不会静止，将做匀速直线运动，故A错误；
B、排球碰到墙壁后被反弹回来，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、篮球下降过程中，质量不变，速度变大，动能增大，高度变小，重力势能变小，所以重力势能转化为动能，故C错误；
D、跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选：B。
(1)运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；
(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
(3)动能与物体的质量和运动速度有关，质量越大，速度越快，动能就越大；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能就越大；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查力与运动的关系、力的作用效果、增大摩擦等知识，是一道综合题，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
由图知，
A、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故A不符合题意；
B、只闭合S1时，电动机工作，同时闭合S1和S2时，电动机和灯泡都工作，故B不符合题意；
C、只闭合S1时，电动机和灯都工作，故C不符合题意；
D、只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故D符合题意。
故选：D。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
6.【答案】B
【解析】解：A、若以飞船为参照物，宇航员与飞船的相对位置没有发生改变，所以宇航员是静止的，故A正确；
B、火箭加速上升时，即处于加速运动，不是平衡状态，故火箭受到的燃气的推力大于火箭自身的重力，故B错误；
C、目前人类用来传播信息主要依靠的是声波与电磁波，但是声波速度远小于电磁波速度，且不能在真空中传播、携带信息量少，所以我们是利用电磁波来实现卫星与地面的信息交互的，故C正确；
D、质量是物体的一种属性，它不随物体的状态、位置、形状的改变而改变，因此宇航员在上升过程中质量保持不变，故D正确。
故选：B。
(1)判断一个物体是运动还是静止，首先要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果发生改变，则物体是运动的，如果没发生改变，这物体是静止的；
(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(3)我们利用电磁波传播速度快、可在真空中传播的性质，来实现太空与地面的联系；
(4)物体中含有物质的多少叫做质量，质量是物体的一种属性，它不随物体的状态、位置、形状的改变而改变。
本题考查了参照物的选择、力的作用、电磁波和质量的性质，属于基础类试题，难度较低，但是综合性较强。
7.【答案】D
【解析】解：A、验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，故A错误；
B、乙图中开关与灯的位置不可以互换，否则会安全隐患，故B错误；
C、图丙是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故C错误；
D、该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选：D。
(1)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；
(2)家庭电路中开关应接在火线上；
(3)通电导体的周围会产生磁场；
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的。
本题考查了安全用电、验电器的工作原理、电流磁效应和电磁感应原理，其难度不大；区别发动机和电动机注意能量转化过程是解决这类问题的技巧。
8.【答案】C
【解析】解：A、U形管内液面高度变化是由容器内气体受热膨胀引起的，故①错误；
B、由图甲可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流相同，探究的电流通过导体产生热量跟导体的电阻是否有关，故②正确；
C、乙实验是研究电流产生的热量与电流的关系，通过它们的电流不同、通电时间都相同和电阻要相同，右边容器中的电阻要等于左边容器中的电阻5Ω，故③错误；
D、图甲中两电阻串联，电阻不同，通过两电阻的电流相同，10Ω电阻产生的热量更多，电炉丝与和它相连的导线也是电阻不同，电流相同，电炉丝电阻更大，产生的热量更多，故④正确；
故选：C。
(1)电流通过电阻丝产生热量，加热容器内的气体，气体受热膨胀，从而引起U形管内液面高度变化，由此可得出结论；
(2)探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；
(3)探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；
(4)根据公式Q=I2Rt可知，当电流一定时，电阻越大，产生热量越多。
本题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：由图可可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V2示数不变；
开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表A示数变大；
根据U=IR可知，R两端的电压变大；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V1示数变小；
电压表V2示数不变，电流表A示数变大，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小；
根据R=UI可知，电压表V1的示数与电流表A的示数之比为滑动变阻器接入电路的电阻，由于滑动变阻器接入电路的电阻变小，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小；
综上所述，D正确。
故选：D。
由图可可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；
根据电压表V2示数、电流表示数的变化，分析电压表V2的示数与电流表A的示数之比的变化；根据R=UI分析电压表V1的示数与电流表A的示数之比的变化。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】C
【解析】解：
A.由图乙可知，在20s内拉力F做的功：W总=6000J，
由图甲可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
则物体M沿竖直方向匀速提升10m时，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，
由W总=Fs可得，拉力：F=W总s=6000J20m=300N，故A错误；
B.绳子自由端移动的速度：v=st=20m20s=1m/s，故B错误；
C.忽略绳重及摩擦，由F=1n(G+G动)可得，动滑轮的重力：G动=nF-G=2×300N-550N=50N，故C正确；
D.拉力做的有用功：W有=Gh=550N×10m=5500J，滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=5500J6000J×100%≈91.7%，故D错误。
故选：C。
(1)根据图乙得出在20s内拉力F做的功，由图甲可知滑轮组绳子的有效股数，物体M沿竖直方向匀速提升10m时，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W总=Fs求出拉力的大小；
(2)根据v=st求出绳子自由端移动的速度；
(3)忽略绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(4)根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式和速度公式、滑轮组拉力公式、滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功的含义以及从图象中获取有用的信息是关键。
11.【答案】AB
【解析】解：(1)由乙图可知，物体处于漂浮状态，则F浮=G物，根据F浮=ρ液gV排、G=mg、m=ρV可得ρ液gV排=ρ物gV物，因V排=(1-13)V物，则ρ物=(1-13)ρ液，即0.8×103kg/m3=(1-13)ρ液，解得ρ液=1.2×103kg/m3，故B正确；
(2)甲图物体全部浸没，物体受到的浮力F甲浮=ρ液gV物，此时物体受到的浮力等于物体的重力和细线对物体的拉力之和，
乙图可知物体漂浮，且V排=(1-13)V物=23V物，此时物体受到的浮力等于自身的重力，物体受到的浮力F乙浮=ρ液g23V物=G，
因此F甲浮：F乙浮=ρ液gV物：ρ液g23V物=3：2，
因为F乙浮=G，
所以F甲浮=32G，
则细线受到的拉力为：F=F甲浮-G=F甲浮-F乙浮=32G-G=12G，故A正确；
(3)容器中的液面下降了3cm=0.03m，容器底受到液体的压强的减小量为p=ρ液gh=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.03m=360Pa，故C错误：
(4)容器对桌面的压力等于液体的重力、物体的重力、容器的重力之和，所以容器对桌面的压力不变，容器的底面积不变，根据p=FS可知容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选：AB。
(1)由乙图可知，物体处于漂浮状态，此时物体受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理、重力公式、密度公式可得ρ液gV排=ρ物gV物，列方程可得液体密度；
(2)根据阿基米德原理计算甲、乙两图物体受到的浮力之比，细线受到的拉力为甲、乙两图中物体受到的浮力之差；
(3)根据液体压强公式计算容器底受到液体的压强的减小量；
(4)容器对桌面的压力等于液体的重力、物体的重力、容器的重力之和，所以容器对桌面的压力不变，容器的底面积不变，根据p=FS可知容器对桌面的压强的变化。
本题考查阿基米德原理、密度公式、重力公式、液体压强公式的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】BCD
【解析】解：(1)只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，电压表测灯泡两端电压，
在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，
R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，
由此可知：图乙中，左边的曲线为灯泡的I-U图像，则右边的曲线为R1的I-U图像；
滑片在a点时R1的阻值最小(允许接入的最小阻值)，电路中的电流最大，
由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图像可知：
小灯泡正常工作时的电压为1.5V，通过灯泡的电流为0.5A，此时R1两端的电压为3V，
则灯泡的额定功率：P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W；故A错误；
电源电压：U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V，
电路的最大功率：P最大=UI最小=4.5V×0.3A=1.35W；故B正确；
(2)由I=UR可得R1的滑片在a点时R1的电阻：
R1=U1I最大=3V0.5A=6Ω；
由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I最大'=0.6A，
由P=UI可得R1的最大功率是：P1最大=(I最大')2R1=(0.6A)2×6Ω=2.16W，故C正确；
由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R1两端的电压：U1'=U-U2最大=4.5V-3V=1.5V，
电路中的最小电流：
I最小=U1'R1=1.5V6Ω=0.25A，
则滑动变阻器R2接入电路的最大阻值：
R2最大=U2最大I最小=3V0.25A=12Ω，故D正确。
故选：BCD。
(1)只闭合S、S1，灯泡、R1串联，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，根据图像即可读出滑片在a点时小灯泡正工作时灯泡、R1的电压和电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率和电路的最小功率；
(2)由I=UR可得R1的滑片在a点时R1的电阻，由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电流特点结合电流表的量程可知电路中的最大电流，由P=UI可得R1的最大功率；由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，根据串联电路电压规律可知此时R1两端的电压，根据欧姆定律计算电路中的最小电流，进一步计算滑动变阻器R2接入电路的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用等，分清电路的连接方式和判断出灯泡和R1的I-U图像是关键。
13.【答案】减小受力面积 大气压
【解析】解：
(1)针头较细，是在压力一定，通过减小受力面积来增大压强；
(2)因为输液时，如果没有这根“闲置”，外部压强大于瓶内压强时，液体就无法输入到人体中，所以这根“闲置管”是在输液过程中，当瓶内气压减小时，在大气压的作用下使空气进入瓶内。
故答案为：减小受力面积；大气压。
压强的大小与压力和受力面积有关，据此分析针尖做得很尖的原因；根据大气压的作用分析“闲置”管的作用。
本题考查压强知识，运用物理知识解释生活中的现象，学以致用，有利于理解所学知识，有利于培养学生分析问题解决问题的能力。
14.【答案】2.94×107 热传递
【解析】解：水吸收的热量：
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(90℃-20℃)=2.94×107J；
太阳热水器内的水吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变的。
故答案为：2.94×107；热传递。
(1)知道水的质量、初温和末温、比热容，利用吸热公式Q吸=cm(t-t0)求热水器内的水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递(内能从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分)。
本题考查了吸热公式的应用、改变物体内能的方法，属于基础题目。
15.【答案】< <
【解析】解：由图示可知，A、B排开水的体积关系为：V排A
所以A、B的重力关系为：GA
故答案为：<；<。
由图示可知，A、B排开水的体积关系，根据F浮=ρ水gV排可知A、B受到的浮力大小关系；
A、B均漂浮在水面上，所受浮力等于自身的重力，即F浮=G物，根据浮力的大小关系可知A、B重力的大小关系，根据G=mg可知A、B的质量关系，根据ρ=mV可知A、B的密度大小关系。
本题考查了物体的浮沉条件、重力公式、密度公式和阿基米德原理的应用，知道“物体漂浮时，所受浮力等于自身的重力”是关键。
16.【答案】20 500
【解析】解：由图丙可知，物体在20s-30s时处于平衡状态，受到拉力和重力是一对平衡力，故物体的重力大小等于此时的拉力为50N；
在0～10s内，物体受到重力，拉力和地面的支持力，拉力加支持力等于重力，物体对地面的压力大小F压=F支=G-F=50N-30N=20N；
由图丙可知，在20s～30s内，速度为10m/s；
由图乙可知，20s～30s内绳端的拉力F'=50N，
由图丙可知，物体的上升平均速度v=10m/s，s=vt=10m/s×10s=100m，
则拉力F做的功W=F's=50N×100m=5000J，
20～30s内拉力F做功的功率P=Wt=5000J30s-20s=500W。
故答案为：20；500。
由图丙可知，物体在20s-30s时处于平衡状态，受到拉力和重力是一对平衡力，据此得出物体重力大小；
在0～10s内，物体受到重力，拉力和地面的支持力，拉力加支持力等于重力，根据F压=F支=G-F得出物体对地面的压力大小；
根据图乙得出20s～30s内物体的拉力和上升的高度，根据W=Fs求出拉力做的功，利用P=Wt得出20～30s内拉力F做功的功率。
本题速度公式，功的计算以及受力分析的有关知识，是一道力学综合题。
17.【答案】48.4 198
【解析】解：(1)由电路图可知，开关S1、S2均闭合时R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时电路为R1的简单电路，
因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，开关S1、S2均闭合时，电路的总电阻最小，由P=UI=U2R可知，电路的总功率最大，电饭煲处于加热状态，
同理可知，开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，
则P保温=U2R1=(220V)2121Ω=400W，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加热时R2的电功率P2=P加热-P保温=1400W-400W=1000W，
因并联电路各支路两端电压与电源电压相等，所以，电热丝R2=U2P2=(220V)21000W=48.4Ω；
(2)电能表指示灯闪烁162次电饭锅消耗的电能W=162imp1000imp/(kW⋅h)=0.16kW⋅h；
电饭锅的实际电功率P=Wt=0.162kW⋅h0.5h=0.324kW=324W；
由P=UI=U2R可知，此时电路中的实际电压U实=PR1=324W×121Ω=198V。
故答案为：48.4；198。
(1)由电路图可知，开关S1、S2均闭合时R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时电路为R1的简单电路，根据电阻的并联特点比较两种情况下的总电阻关系，根据P=UI=U2R可知，电路的总电阻越小时，电路的总功率越大，电饭煲处于加热状态，反之处于保温状态，根据P=UI=U2R求出保温挡时功率；加热时R2的电功率等于加热功率减去保温功率，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R求出电热丝R2的阻值；
(2)1000imp/(kW⋅h)指接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1000次，据此可知，电能表指示灯闪烁162次电饭锅消耗的电能，利用P=Wt求出电饭锅的实际电功率；利用P=UI=U2R求此时电路中的实际电压。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式、电功公式以及安全用电常识的应用，分清电饭煲处于不同状态时电路的连接方式和明白电能表参数的含义是关键。
18.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的左端为S极、右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极。
②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。
③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：
【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。
③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正、负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、磁感线的特点以及安培定则的应用，难度不大。
19.【答案】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，连接OA即为最长力臂l，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力F即可，如下图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
20.【答案】使像成在光屏的中央 照相机 靠近 大于 不变
【解析】解：(1)做凸透镜成像实验，要使烛焰的焰心，凸透镜的光心，光屏的中心三者位于同一高度，目的是使像成在光屏的中央；
(2)将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，物距是25cm，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像，照相机根据此原理制成的；
(3)将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，物距增大，像距减小，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应靠近透镜；物体在二倍焦距外，成的像在一倍焦距和二倍焦距之间，烛焰移动的速度大于像移动的速度；
(4)小电灯放在该凸透镜的一倍焦距处，经凸透镜折射后平行于主光轴，所以在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小不变。
故答案为：(1)使像成在光屏的中央；(2)照相机；(3)靠近；大于；(4)不变。
(1)做凸透镜成像实验应在光具座上依次放置蜡烛，凸透镜，光屏，凸透镜必须位于蜡烛和光屏之间。使它们的中心大致在同一高度上，目的是成像在光屏的中心，便于测出物距和像距；
(2)根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的特点进行判断；
(3)凸透镜成实像时，具有物远像近像变小的特点；
(4)过焦点的光经凸透镜折射后平行于主光轴，由此分析光屏上光斑的大小变化。
本题是凸透镜成像的实验，牢固掌握凸透镜成像的规律是解题的关键。
21.【答案】改变力的方向 沙和桶的总重力 惯性 不变 往小桶中增加沙子 甲组
【解析】解：(1)实验中利用小桶对木块的拉力使木块运动，由于小桶在竖直方向运动，所以实验中需要用定滑轮来改变拉(2)力的方向；
(2)在小桶内装入适量的沙子，滑块恰好在水平木板上做匀速直线运动。此时摩擦力与拉力是一对平衡力，而拉力又等于沙和桶的总重力。因此为测量滑块受到的滑动摩擦力大小，应测量沙和桶的总重力；
(3)小桶落地后，不再对木块有拉力，木块由于惯性会继续向前运动，由于木块对桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时木块受到的滑动摩擦力不变；
(4)把毛巾铺在木板上，接触面粗糙程度增大，摩擦力增大，应该往小桶中增加沙子，滑块才会做匀速直线运动；
(5)乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，他的想法不能达到目的，理由是：用钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故甲组的方法更好。
故答案为：(1)改变力的方向；(2)沙和桶的总重力；(3)惯性；不变；(4)往小桶中增加沙子；(5)甲组。
(1)定滑轮可以改变力的方向；
(2)根据二力平衡条件进行分析，摩擦力等于物体的重力，根据公式G=mg得出表达式；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
根据影响滑动摩擦力大小的因素判断摩擦力的大小是否发生变化。
(4)影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此结合实验现象可得出结论；
(5)从钩码质量的特点，结合具体实验要求可做出评价。
探究摩擦力的大小与什么因素有关，考查定滑轮的作用、二力平衡条件、滑动摩擦力大小的影响因素、控制变量法的运用及对实验评估等知识，综合性较强。
22.【答案】R2 小灯泡短路 B 0.625 U额R0 U额×(I-U额R0)
【解析】解：(1)灯泡正常发光时电路电流约为I'=ULR=2.5V10Ω=0.25A；
此时滑动变阻器两端的电压U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值为R滑=U滑I=3.5V0.25A=14Ω>10Ω，因此应选规格为“30Ω0.5A”的R2滑动变阻器；
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路，即电路故障原因是小灯泡短路；
(3)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故变阻器滑片应向B端移动；
由U-I图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(4)实验步骤：
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③在步骤①中，灯泡L与电阻R0并联，电流表测通过R0的电流，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，根据并联电路电压特点和欧姆定律可知，灯的电压为U额，灯正常发光；
在步骤②中，灯泡L与电阻R0仍并联，电流表测通过灯泡和电阻R0的总电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I额=I-U额R0，灯的额定功率的表达式：
P额=U额I额=U额×(I-U额R0)。
故答案为：(1)R2；(2)小灯泡短路；(3)B；0.625；(4)①U额R0；③U额×(I-U额R0)。
(1)由串联电路特点求出灯泡正常发光滑动变阻器接入电路的阻值，从而选择滑动变阻器；
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据U-I图象确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据P=UI算出灯泡的额定功率；
(4)测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为U额R0时，由并联电路电压的规律和欧姆定律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了器材的选择、电路故障、实验操作、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
23.【答案】解：(1)无人环卫车的重力：G=mg=460kg×10N/kg=4600N，
静止时对水平路面的压力为：F=G=4600N，
静止时对水平路面的压强为：p=FS=4600Pa200×10-4m2=2.3×105Pa；
(2)无人环卫车匀速行驶受到的阻力为：f=12G=12×4600N=2300N，
由于无人环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力F牵=f=2300N，
所以牵引力做的功为：W=F牵s=2300N×3000m=6.9×106J，
功率相同的燃油汽车行驶相同的路程，牵引力做的功W=6.9×106J，
消耗的汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=m汽油q汽油=0.6kg×4.6×107J/kg=2.76×107J，
所以燃油汽车的效率为：η=WQ放×100%=6.9×106J2.76×107J×100%=25%。
答：(1)该车静止时对水平路面的压强为2.3×105Pa；
(2)无人环卫车牵引力做的功为6.9×106J，燃油汽车的效率为25%。
【解析】(1)知道无人环卫车的质量，利用G=mg求其重力，无人环卫车对水平地面的压力等于其重力，根据p=FS求出无人环卫车对水平地面的压强；
(2)根据f=12G可求出无人环卫车匀速行驶受到的阻力，由于无人环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据F牵=f得出则牵引力，根据W=Fs求出牵引力做的功；
功率相同的燃油汽车行驶相同的路程，牵引力做的功等于无人环卫车牵引力做的功，又知道消耗汽油的质量和汽油的热值，根据Q放=mq求出消耗的汽油完全燃烧释放的热量，利用η=WQ放×100%求出燃油汽车的效率。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：(1)只闭合开关S时，定值电阻R2与变阻器R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：U=IR2+U3=0.8A×5Ω+8V=12V；
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关时，R1与R3的最大阻值并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，在1min内R1产生的热量：Q1=I12R1t=U2R1t=(12V)212Ω×60s=720J；
(3)闭合所有开关，R1与R3并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
通过R1的电流：I1=UR1=12V12Ω=1A；
当通过滑动变阻器的电流I3大=1.5A时，干路电流：I'=I大+I1=1.5A+1A=2.5A<3A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则变阻器接入电路中的最小阻值：R3小=UI3大=12V1.5A=8Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，通过滑动变阻器的电流越小，干路电流越小，电路安全，
所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8Ω～20Ω。
答：(1)电源电压为12V。
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生的热量为720J。
(3)闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8Ω～20Ω。
【解析】(1)只闭合开关S时，定值电阻R2与变阻器R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关时，R1与R3的最大阻值并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和Q=I2Rt=U2Rt求出在1min内R1产生的热量；
(3)闭合所有开关，R1与R3并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流；当通过滑动变阻器的电流最大时，根据并联电路的电流特点求出干路电流，然后与电流表的量程相比较确定出此时变阻器接入电路中的电阻最小，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，通过滑动变阻器的电流越小，干路电流越小，电路安全，据此得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活运用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
2022年内蒙古通辽市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1. 日常生活中处处可听到声音，关于声现象，下列说法正确的是( )
A. 真空玻璃能隔音是因为声音在真空中传播的速度慢
B. 医生通过听诊器来诊断疾病，是利用声传递信息
C. 广场舞噪声扰民是因为广场舞伴奏音乐音调太高
D. 工人用的防噪声耳罩，是在传播过程中减弱噪声
2. 下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是( )
A. 海市蜃楼
B. 日食现象
C. 屏幕上呈现人的影子
D. 桥在水中形成的倒影
3. 水是生命之源，节约用水是我们每个人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是( )
A. 初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要放热
B. 夏天，将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要吸热
C. 秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是液化现象，需要放热
D. 冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热
4. 有关体育运动项目中涉及到的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 抛出的实心球在上升时，如果所受的力都消失，它将处于静止状态
B. 排球碰到墙壁后被反弹回来，说明力可以改变物体的运动状态
C. 抛出去的篮球在下降过程中，动能转化为重力势能
D. 跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是为了增大对地面的压力
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机工作，开锁成功。下列电路设计的符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6. 2022年6月5日我国在酒泉卫星发中心用长征2号F运载火箭将“神舟十四号”载人飞船成功发射。下列说法错误的是( )
A. 火箭上升过程中，以飞船为参照物，宇航员是静止的
B. 火箭加速上升过程中受到的重力和推力是一对相互作用力
C. “神舟十四号”飞船进入预定轨道后是通过电磁波与地面联系的
D. 宇航员在上升过程中质量保持不变
7. 对下列四个实验装置图，分析正确的是( )
A. 甲图中验电器是利用了异种电荷相互吸引的原理制成的
B. 乙图中开关与灯的位置可以互换
C. 丙图实验演示的是磁场能够产生电流
D. 丁图是探究电磁感应现象的装置
8. 在“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置(两个透明容器中封闭着等量的空气)。下列说法正确的是( )
①U形管中液面高度变化主要是由液体热胀冷缩引起的
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
③图乙实验过程中右边透明容器中电阻丝阻值应该等于10Ω
④用图甲中的实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象
A. ①② B. ②③ C. ②④ D. ③④
9. 如图所示电路，电源电压保持不变，开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电流表A示数变小
B. 电压表V1示数变小，电压表V2示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小
C. 电压表V2示数不变，电流表A示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大
D. 电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小
10. 用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知物体M所受的重力为550N，卷扬机加在绳子自由端的拉力F将物体M在20s内沿竖直方向匀速提升10m，拉力F做的功W随时间t的变化图象如图乙所示，忽略绳重及摩擦，下列说法正确的是( )
A. 拉力F为350N B. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
C. 动滑轮重为50N D. 该滑轮组的机械效率为83.3%
二、多选题（本大题共2小题，共6分）
11. 如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布均匀的物体所受的重力为G，密度为0.8g/cm3，它由一根固定在容器底部的细线拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有13的体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了3cm(g取10N/kg)。下列说法正确的是( )
A. 细线受到的拉力F=12G
B. 液体的密度为1.2×103kg/m3
C. 容器底受到液体的压强减小了300Pa
D. 容器对桌面的压强减小
12. 如图甲所示电路，电源电压不变，电压表量程是0～3V，电流表量程是0～0.6A。只闭合S、S1，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，灯泡和R1的I-U图象分别如图乙所示，滑片在a点时灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的额定功率是0.15W
B. 只闭合S、S1时，电路的最小功率为1.35W
C. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，调节R2，R1的最大功率是2.16W
D. 只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R2允许接入电路的最大阻值是12Ω
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
13. 接种疫苗的注射器针尖做得很细是利用______的方法来增大压强。如图是护士给患者输液的装置，药水瓶盖上插着两根管，均插入药液中，一根给患者输液，另一根“闲置”，如图所示，在输液过程中，当瓶内气压减小时，在______的作用下使空气通过这根“闲置管”进入瓶内。
14. 某太阳能热水器内装有100kg温度为20℃的水，阳光照射一天后，水温升高到90℃，热水器内的水吸收了______J的热量，水的内能是通过______的方式被改变的。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]。
15. 放在水平桌面上的两个完全相同的容器内装有适量的水，将A、B两个体积相同的实心物体分别放入容器内，待物体静止后，如图所示，物体受到的浮力FA______FB，物体的密度ρA______ρB(两空均选填“>”“<”或“=”)。
16. 如图甲，用竖直向上的拉力F，将静止在水平地面上的物体向上提升。乙图表示拉力F的大小随时间t的变化关系，丙图表示物体运动速度v的大小随时间t的变化关系。在0～10s内物体对地面的压力为______N；20～30s内拉力F做功的功率为______W。
17. 如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路，R1的阻值为121Ω。电饭煲额定电压为220V，它在额定电压下处于加热挡时功率为1400W，则R2的阻值为______Ω。只将电饭煲接入电路中，处于保温挡工作0.5h，使标有“1000imp/(kW⋅h)”字样的电能表指示灯闪烁162次[1000imp/(kW⋅h)指接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1000次]，此时电路的实际电压为______V。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
18. 闭合开关，小磁针静止在螺线管左侧，在图中括号内标出电源“+”或“-”极，并用箭头标出图中磁感线方向。
19. 图中利用羊角锤撬钉子，在锤柄A点处画出所施加的最小动力F和其力臂l。
五、实验探究题（本大题共3小题，共17分）
20. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，所用凸透镜的焦距是10cm，将凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，实验装置如图所示：
(1)实验前调节烛焰、凸透镜和光屏的中心大致在同一高度，目的是______。
(2)实验中将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，移动光屏，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，这是______的原理(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
(3)再将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应______透镜(选填“远离”或“靠近”)；此过程中，烛焰移动的速度______烛焰的像移动的速度(选填“大于”“小于”或“等于”)。
(4)某小组同学将发光的小灯泡放在该凸透镜的焦点处，在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小将______。
21. 为了测量滑动摩擦力的大小，甲组同学设计了如图所示实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，细绳水平拉动木块，使木块恰好做匀速直线运动。(轻绳与滑轮的摩擦不计)
(1)实验中定滑轮的作用是______。
(2)为了测量木块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是______。
(3)小桶落地后，木块继续向前运动，这是由于木块具有______，此时木块受到的滑动摩擦力______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)把毛巾铺在木板上，想要测出图中木块在毛巾上受到的滑动摩擦力大小，下一步的操作是______。
(5)乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，你觉得哪组的方法更好：______(选填“甲组”或“乙组”)。
22. 如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1(10Ω1A)和R2(30Ω 0.5A)的滑动变阻器各一个，导线若干。
(1)连接电路时，滑动变阻器应选______(选填“R1”或“R2”)。
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是______。
(3)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______端移动(选填“A”或“B”)。通过实验绘制出小灯泡的U-I图象，如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W。
(4)乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率(已知灯泡的额定电压为U额)，R0阻值已知。
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为______(用字母表示)，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③小灯泡额定功率的表达式P额=______(用字母U额、I、R0表示)。
六、计算题（本大题共2小题，共13分）
23. 一辆5G无人环卫车，质量为460kg，车与地面的总接触面积为200cm2，在水平路面上匀速直线行驶过程中阻力为车所受重力的12，g取10N/kg。
(1)该车静止时对水平路面的压强是多大？
(2)该车在水平路面上沿直线匀速行驶3000m时，牵引力做了多少功？若功率相同的燃油汽车以相同的速度行驶相同的路程，消耗的汽油为0.6kg，此燃油汽车的效率是多少？(q汽=4.6×107J/kg)
24. 如图所示，电源电压恒定，R1=12Ω，R2=5Ω，滑动变阻器R3的规格是“20Ω 1.5A”，电流表的量程是0～3A，电压表的量程是0～15V。
(1)只闭合开关S，移动滑片，当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，求电源电压。
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生多少热量？
(3)闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，所以真空玻璃能隔音就是利用了这个原理，故A错误；
B、医生利用听诊器，是因为声波能传递信息，故B正确；
C、广场舞噪音扰民是因为广场舞响度太大，故C错误；
D、工人带防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声的，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要靠介质，真空不能传声；
(2)声音既可以传递信息，也可以传递能量；
(3)声音的响度指的是声音的大小，响度与振幅有关；
(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
本题考查了与声现象有关的多个知识点，熟知相关知识并能与生活中的现象相结合，是正确解答的关键。
2.【答案】A
【解析】解：筷子在水面处“折断”是光的折射现象。
A、海市蜃楼，是光在密度不均匀的空气中形成的折射现象，符合题意；
BC、日食现象和屏幕上呈现人的影子，都是光的直线传播形成的，不符合题意；
D、桥在水中形成的倒影，水面成像，是光的反射现象，不符合题意。
故选：A。
用光的折射现象解释生活中的现象，光的折射现象例子：海市蜃楼、筷子向上折断了、池水变“浅”了、放大镜、望远镜、显微镜、照相机、投影仪、近视眼镜、老花镜、斜插在水中的筷子在水中部分看起来向上弯；看见落到地平线下的太阳；叉鱼的时候瞄准鱼的下方。
解决本题的关键是理解光的折射现象，了解生活中常见的光的折射现象，属于光学基本知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：A、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热，故A错误；
B、将糖水放入冰箱制成冰棍，这是凝固现象，需要放热，故B错误；
C、花草上出现晶莹的露珠，这是水蒸气的液化现象，需要放热，故C正确；
D、房屋上出现白色的霜，这是水蒸气的凝华现象，需要放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：A、抛出的实心球在上升时，速度不为零，若它所受的力全部消失，实心球不会静止，将做匀速直线运动，故A错误；
B、排球碰到墙壁后被反弹回来，运动方向发生变化，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、篮球下降过程中，质量不变，速度变大，动能增大，高度变小，重力势能变小，所以重力势能转化为动能，故C错误；
D、跑步时所穿运动鞋的鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选：B。
(1)运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；
(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
(3)动能与物体的质量和运动速度有关，质量越大，速度越快，动能就越大；重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能就越大；
(4)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题考查力与运动的关系、力的作用效果、增大摩擦等知识，是一道综合题，难度不大。
5.【答案】D
【解析】解：根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
由图知，
A、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故A不符合题意；
B、只闭合S1时，电动机工作，同时闭合S1和S2时，电动机和灯泡都工作，故B不符合题意；
C、只闭合S1时，电动机和灯都工作，故C不符合题意；
D、只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故D符合题意。
故选：D。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
6.【答案】B
【解析】解：A、若以飞船为参照物，宇航员与飞船的相对位置没有发生改变，所以宇航员是静止的，故A正确；
B、火箭加速上升时，即处于加速运动，不是平衡状态，故火箭受到的燃气的推力大于火箭自身的重力，故B错误；
C、目前人类用来传播信息主要依靠的是声波与电磁波，但是声波速度远小于电磁波速度，且不能在真空中传播、携带信息量少，所以我们是利用电磁波来实现卫星与地面的信息交互的，故C正确；
D、质量是物体的一种属性，它不随物体的状态、位置、形状的改变而改变，因此宇航员在上升过程中质量保持不变，故D正确。
故选：B。
(1)判断一个物体是运动还是静止，首先要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果发生改变，则物体是运动的，如果没发生改变，这物体是静止的；
(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(3)我们利用电磁波传播速度快、可在真空中传播的性质，来实现太空与地面的联系；
(4)物体中含有物质的多少叫做质量，质量是物体的一种属性，它不随物体的状态、位置、形状的改变而改变。
本题考查了参照物的选择、力的作用、电磁波和质量的性质，属于基础类试题，难度较低，但是综合性较强。
7.【答案】D
【解析】解：A、验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，故A错误；
B、乙图中开关与灯的位置不可以互换，否则会安全隐患，故B错误；
C、图丙是奥斯特实验，该图中的实验现象说明通电导体周围存在着磁场，故C错误；
D、该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选：D。
(1)验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；
(2)家庭电路中开关应接在火线上；
(3)通电导体的周围会产生磁场；
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的。
本题考查了安全用电、验电器的工作原理、电流磁效应和电磁感应原理，其难度不大；区别发动机和电动机注意能量转化过程是解决这类问题的技巧。
8.【答案】C
【解析】解：A、U形管内液面高度变化是由容器内气体受热膨胀引起的，故①错误；
B、由图甲可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流相同，探究的电流通过导体产生热量跟导体的电阻是否有关，故②正确；
C、乙实验是研究电流产生的热量与电流的关系，通过它们的电流不同、通电时间都相同和电阻要相同，右边容器中的电阻要等于左边容器中的电阻5Ω，故③错误；
D、图甲中两电阻串联，电阻不同，通过两电阻的电流相同，10Ω电阻产生的热量更多，电炉丝与和它相连的导线也是电阻不同，电流相同，电炉丝电阻更大，产生的热量更多，故④正确；
故选：C。
(1)电流通过电阻丝产生热量，加热容器内的气体，气体受热膨胀，从而引起U形管内液面高度变化，由此可得出结论；
(2)探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；
(3)探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；
(4)根据公式Q=I2Rt可知，当电流一定时，电阻越大，产生热量越多。
本题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：由图可可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；
由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V2示数不变；
开关S闭合后，在滑动变阻器滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表A示数变大；
根据U=IR可知，R两端的电压变大；根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V1示数变小；
电压表V2示数不变，电流表A示数变大，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小；
根据R=UI可知，电压表V1的示数与电流表A的示数之比为滑动变阻器接入电路的电阻，由于滑动变阻器接入电路的电阻变小，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变小；
综上所述，D正确。
故选：D。
由图可可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测滑动变阻器两端的电压，电压表V2测电源电压，电流表测电路中的电流；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；
根据电压表V2示数、电流表示数的变化，分析电压表V2的示数与电流表A的示数之比的变化；根据R=UI分析电压表V1的示数与电流表A的示数之比的变化。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的判断。
10.【答案】C
【解析】解：
A.由图乙可知，在20s内拉力F做的功：W总=6000J，
由图甲可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
则物体M沿竖直方向匀速提升10m时，绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，
由W总=Fs可得，拉力：F=W总s=6000J20m=300N，故A错误；
B.绳子自由端移动的速度：v=st=20m20s=1m/s，故B错误；
C.忽略绳重及摩擦，由F=1n(G+G动)可得，动滑轮的重力：G动=nF-G=2×300N-550N=50N，故C正确；
D.拉力做的有用功：W有=Gh=550N×10m=5500J，滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=5500J6000J×100%≈91.7%，故D错误。
故选：C。
(1)根据图乙得出在20s内拉力F做的功，由图甲可知滑轮组绳子的有效股数，物体M沿竖直方向匀速提升10m时，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W总=Fs求出拉力的大小；
(2)根据v=st求出绳子自由端移动的速度；
(3)忽略绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(4)根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式和速度公式、滑轮组拉力公式、滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功的含义以及从图象中获取有用的信息是关键。
11.【答案】AB
【解析】解：(1)由乙图可知，物体处于漂浮状态，则F浮=G物，根据F浮=ρ液gV排、G=mg、m=ρV可得ρ液gV排=ρ物gV物，因V排=(1-13)V物，则ρ物=(1-13)ρ液，即0.8×103kg/m3=(1-13)ρ液，解得ρ液=1.2×103kg/m3，故B正确；
(2)甲图物体全部浸没，物体受到的浮力F甲浮=ρ液gV物，此时物体受到的浮力等于物体的重力和细线对物体的拉力之和，
乙图可知物体漂浮，且V排=(1-13)V物=23V物，此时物体受到的浮力等于自身的重力，物体受到的浮力F乙浮=ρ液g23V物=G，
因此F甲浮：F乙浮=ρ液gV物：ρ液g23V物=3：2，
因为F乙浮=G，
所以F甲浮=32G，
则细线受到的拉力为：F=F甲浮-G=F甲浮-F乙浮=32G-G=12G，故A正确；
(3)容器中的液面下降了3cm=0.03m，容器底受到液体的压强的减小量为p=ρ液gh=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.03m=360Pa，故C错误：
(4)容器对桌面的压力等于液体的重力、物体的重力、容器的重力之和，所以容器对桌面的压力不变，容器的底面积不变，根据p=FS可知容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选：AB。
(1)由乙图可知，物体处于漂浮状态，此时物体受到的浮力等于重力，根据阿基米德原理、重力公式、密度公式可得ρ液gV排=ρ物gV物，列方程可得液体密度；
(2)根据阿基米德原理计算甲、乙两图物体受到的浮力之比，细线受到的拉力为甲、乙两图中物体受到的浮力之差；
(3)根据液体压强公式计算容器底受到液体的压强的减小量；
(4)容器对桌面的压力等于液体的重力、物体的重力、容器的重力之和，所以容器对桌面的压力不变，容器的底面积不变，根据p=FS可知容器对桌面的压强的变化。
本题考查阿基米德原理、密度公式、重力公式、液体压强公式的灵活运用，有一定难度。
12.【答案】BCD
【解析】解：(1)只闭合S、S1，灯泡、滑动变阻器R1串联，电压表测灯泡两端电压，
在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，
R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，灯泡两端的电压变大，
由此可知：图乙中，左边的曲线为灯泡的I-U图像，则右边的曲线为R1的I-U图像；
滑片在a点时R1的阻值最小(允许接入的最小阻值)，电路中的电流最大，
由于灯泡恰好正常发光，则根据I-U图像可知：
小灯泡正常工作时的电压为1.5V，通过灯泡的电流为0.5A，此时R1两端的电压为3V，
则灯泡的额定功率：P额=ULI最大=1.5V×0.5A=0.75W；故A错误；
电源电压：U=UL+U1=1.5V+3V=4.5V，
电路的最大功率：P最大=UI最小=4.5V×0.3A=1.35W；故B正确；
(2)由I=UR可得R1的滑片在a点时R1的电阻：
R1=U1I最大=3V0.5A=6Ω；
由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
由于串联电路中各处的电流相等，电流表的量程为0～0.6A，
所以，电路中的最大电流I最大'=0.6A，
由P=UI可得R1的最大功率是：P1最大=(I最大')2R1=(0.6A)2×6Ω=2.16W，故C正确；
由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时R1两端的电压：U1'=U-U2最大=4.5V-3V=1.5V，
电路中的最小电流：
I最小=U1'R1=1.5V6Ω=0.25A，
则滑动变阻器R2接入电路的最大阻值：
R2最大=U2最大I最小=3V0.25A=12Ω，故D正确。
故选：BCD。
(1)只闭合S、S1，灯泡、R1串联，在滑动变阻器R1的滑片从最右端向左滑至a点的过程中，R1的阻值减小，电路中的总电阻变小，电流变大，根据图像即可读出滑片在a点时小灯泡正工作时灯泡、R1的电压和电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率和电路的最小功率；
(2)由I=UR可得R1的滑片在a点时R1的电阻，由图可知，只闭合S、S2，R1的滑片在a点，R1与R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路电流特点结合电流表的量程可知电路中的最大电流，由P=UI可得R1的最大功率；由于电压表采用0～3V量程，根据串联电路分压原理可知当电压表的示数U2最大=3V时，滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大，根据串联电路电压规律可知此时R1两端的电压，根据欧姆定律计算电路中的最小电流，进一步计算滑动变阻器R2接入电路的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用等，分清电路的连接方式和判断出灯泡和R1的I-U图像是关键。
13.【答案】减小受力面积 大气压
【解析】解：
(1)针头较细，是在压力一定，通过减小受力面积来增大压强；
(2)因为输液时，如果没有这根“闲置”，外部压强大于瓶内压强时，液体就无法输入到人体中，所以这根“闲置管”是在输液过程中，当瓶内气压减小时，在大气压的作用下使空气进入瓶内。
故答案为：减小受力面积；大气压。
压强的大小与压力和受力面积有关，据此分析针尖做得很尖的原因；根据大气压的作用分析“闲置”管的作用。
本题考查压强知识，运用物理知识解释生活中的现象，学以致用，有利于理解所学知识，有利于培养学生分析问题解决问题的能力。
14.【答案】2.94×107 热传递
【解析】解：水吸收的热量：
Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(90℃-20℃)=2.94×107J；
太阳热水器内的水吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变的。
故答案为：2.94×107；热传递。
(1)知道水的质量、初温和末温、比热容，利用吸热公式Q吸=cm(t-t0)求热水器内的水吸收的热量；
(2)改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递(内能从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分)。
本题考查了吸热公式的应用、改变物体内能的方法，属于基础题目。
15.【答案】< <
【解析】解：由图示可知，A、B排开水的体积关系为：V排A
所以A、B的重力关系为：GA
故答案为：<；<。
由图示可知，A、B排开水的体积关系，根据F浮=ρ水gV排可知A、B受到的浮力大小关系；
A、B均漂浮在水面上，所受浮力等于自身的重力，即F浮=G物，根据浮力的大小关系可知A、B重力的大小关系，根据G=mg可知A、B的质量关系，根据ρ=mV可知A、B的密度大小关系。
本题考查了物体的浮沉条件、重力公式、密度公式和阿基米德原理的应用，知道“物体漂浮时，所受浮力等于自身的重力”是关键。
16.【答案】20 500
【解析】解：由图丙可知，物体在20s-30s时处于平衡状态，受到拉力和重力是一对平衡力，故物体的重力大小等于此时的拉力为50N；
在0～10s内，物体受到重力，拉力和地面的支持力，拉力加支持力等于重力，物体对地面的压力大小F压=F支=G-F=50N-30N=20N；
由图丙可知，在20s～30s内，速度为10m/s；
由图乙可知，20s～30s内绳端的拉力F'=50N，
由图丙可知，物体的上升平均速度v=10m/s，s=vt=10m/s×10s=100m，
则拉力F做的功W=F's=50N×100m=5000J，
20～30s内拉力F做功的功率P=Wt=5000J30s-20s=500W。
故答案为：20；500。
由图丙可知，物体在20s-30s时处于平衡状态，受到拉力和重力是一对平衡力，据此得出物体重力大小；
在0～10s内，物体受到重力，拉力和地面的支持力，拉力加支持力等于重力，根据F压=F支=G-F得出物体对地面的压力大小；
根据图乙得出20s～30s内物体的拉力和上升的高度，根据W=Fs求出拉力做的功，利用P=Wt得出20～30s内拉力F做功的功率。
本题速度公式，功的计算以及受力分析的有关知识，是一道力学综合题。
17.【答案】48.4 198
【解析】解：(1)由电路图可知，开关S1、S2均闭合时R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时电路为R1的简单电路，
因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，开关S1、S2均闭合时，电路的总电阻最小，由P=UI=U2R可知，电路的总功率最大，电饭煲处于加热状态，
同理可知，开关S1闭合、S2断开时，电饭煲处于保温状态，
则P保温=U2R1=(220V)2121Ω=400W，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加热时R2的电功率P2=P加热-P保温=1400W-400W=1000W，
因并联电路各支路两端电压与电源电压相等，所以，电热丝R2=U2P2=(220V)21000W=48.4Ω；
(2)电能表指示灯闪烁162次电饭锅消耗的电能W=162imp1000imp/(kW⋅h)=0.16kW⋅h；
电饭锅的实际电功率P=Wt=0.162kW⋅h0.5h=0.324kW=324W；
由P=UI=U2R可知，此时电路中的实际电压U实=PR1=324W×121Ω=198V。
故答案为：48.4；198。
(1)由电路图可知，开关S1、S2均闭合时R1与R2并联，开关S1闭合、S2断开时电路为R1的简单电路，根据电阻的并联特点比较两种情况下的总电阻关系，根据P=UI=U2R可知，电路的总电阻越小时，电路的总功率越大，电饭煲处于加热状态，反之处于保温状态，根据P=UI=U2R求出保温挡时功率；加热时R2的电功率等于加热功率减去保温功率，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R求出电热丝R2的阻值；
(2)1000imp/(kW⋅h)指接在这个电能表上的用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁1000次，据此可知，电能表指示灯闪烁162次电饭锅消耗的电能，利用P=Wt求出电饭锅的实际电功率；利用P=UI=U2R求此时电路中的实际电压。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式、电功公式以及安全用电常识的应用，分清电饭煲处于不同状态时电路的连接方式和明白电能表参数的含义是关键。
18.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的左端为S极、右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的左端为S极，右端为N极。
②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。
③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：
【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。
③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正、负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、磁感线的特点以及安培定则的应用，难度不大。
19.【答案】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，连接OA即为最长力臂l，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力F即可，如下图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
20.【答案】使像成在光屏的中央 照相机 靠近 大于 不变
【解析】解：(1)做凸透镜成像实验，要使烛焰的焰心，凸透镜的光心，光屏的中心三者位于同一高度，目的是使像成在光屏的中央；
(2)将蜡烛移至光具座上25cm刻度线处，物距是25cm，物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像，照相机根据此原理制成的；
(3)将蜡烛从光具座上25cm处移到10cm刻度线处，物距增大，像距减小，若使烛焰在光屏上再次成清晰的像，光屏应靠近透镜；物体在二倍焦距外，成的像在一倍焦距和二倍焦距之间，烛焰移动的速度大于像移动的速度；
(4)小电灯放在该凸透镜的一倍焦距处，经凸透镜折射后平行于主光轴，所以在透镜另一侧将光屏沿主光轴远离透镜的过程中，光屏上的光斑大小不变。
故答案为：(1)使像成在光屏的中央；(2)照相机；(3)靠近；大于；(4)不变。
(1)做凸透镜成像实验应在光具座上依次放置蜡烛，凸透镜，光屏，凸透镜必须位于蜡烛和光屏之间。使它们的中心大致在同一高度上，目的是成像在光屏的中心，便于测出物距和像距；
(2)根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的特点进行判断；
(3)凸透镜成实像时，具有物远像近像变小的特点；
(4)过焦点的光经凸透镜折射后平行于主光轴，由此分析光屏上光斑的大小变化。
本题是凸透镜成像的实验，牢固掌握凸透镜成像的规律是解题的关键。
21.【答案】改变力的方向 沙和桶的总重力 惯性 不变 往小桶中增加沙子 甲组
【解析】解：(1)实验中利用小桶对木块的拉力使木块运动，由于小桶在竖直方向运动，所以实验中需要用定滑轮来改变拉(2)力的方向；
(2)在小桶内装入适量的沙子，滑块恰好在水平木板上做匀速直线运动。此时摩擦力与拉力是一对平衡力，而拉力又等于沙和桶的总重力。因此为测量滑块受到的滑动摩擦力大小，应测量沙和桶的总重力；
(3)小桶落地后，不再对木块有拉力，木块由于惯性会继续向前运动，由于木块对桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时木块受到的滑动摩擦力不变；
(4)把毛巾铺在木板上，接触面粗糙程度增大，摩擦力增大，应该往小桶中增加沙子，滑块才会做匀速直线运动；
(5)乙组同学觉得用已知质量的钩码代替沙桶，可以简化实验操作步骤，他的想法不能达到目的，理由是：用钩码不能连续改变拉力的大小，难以控制滑块做匀速直线运动，故甲组的方法更好。
故答案为：(1)改变力的方向；(2)沙和桶的总重力；(3)惯性；不变；(4)往小桶中增加沙子；(5)甲组。
(1)定滑轮可以改变力的方向；
(2)根据二力平衡条件进行分析，摩擦力等于物体的重力，根据公式G=mg得出表达式；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
根据影响滑动摩擦力大小的因素判断摩擦力的大小是否发生变化。
(4)影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此结合实验现象可得出结论；
(5)从钩码质量的特点，结合具体实验要求可做出评价。
探究摩擦力的大小与什么因素有关，考查定滑轮的作用、二力平衡条件、滑动摩擦力大小的影响因素、控制变量法的运用及对实验评估等知识，综合性较强。
22.【答案】R2 小灯泡短路 B 0.625 U额R0 U额×(I-U额R0)
【解析】解：(1)灯泡正常发光时电路电流约为I'=ULR=2.5V10Ω=0.25A；
此时滑动变阻器两端的电压U滑=U-UL=6V-2.5V=3.5V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值为R滑=U滑I=3.5V0.25A=14Ω>10Ω，因此应选规格为“30Ω0.5A”的R2滑动变阻器；
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路，即电路故障原因是小灯泡短路；
(3)排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故变阻器滑片应向B端移动；
由U-I图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.25A=0.625W；
(4)实验步骤：
①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，此时灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；
③在步骤①中，灯泡L与电阻R0并联，电流表测通过R0的电流，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为U额R0，根据并联电路电压特点和欧姆定律可知，灯的电压为U额，灯正常发光；
在步骤②中，灯泡L与电阻R0仍并联，电流表测通过灯泡和电阻R0的总电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I额=I-U额R0，灯的额定功率的表达式：
P额=U额I额=U额×(I-U额R0)。
故答案为：(1)R2；(2)小灯泡短路；(3)B；0.625；(4)①U额R0；③U额×(I-U额R0)。
(1)由串联电路特点求出灯泡正常发光滑动变阻器接入电路的阻值，从而选择滑动变阻器；
(2)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路；
(3)比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据U-I图象确定灯泡额定电压对应的额定电流，根据P=UI算出灯泡的额定功率；
(4)测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为U额R0时，由并联电路电压的规律和欧姆定律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了器材的选择、电路故障、实验操作、功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
23.【答案】解：(1)无人环卫车的重力：G=mg=460kg×10N/kg=4600N，
静止时对水平路面的压力为：F=G=4600N，
静止时对水平路面的压强为：p=FS=4600Pa200×10-4m2=2.3×105Pa；
(2)无人环卫车匀速行驶受到的阻力为：f=12G=12×4600N=2300N，
由于无人环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力F牵=f=2300N，
所以牵引力做的功为：W=F牵s=2300N×3000m=6.9×106J，
功率相同的燃油汽车行驶相同的路程，牵引力做的功W=6.9×106J，
消耗的汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=m汽油q汽油=0.6kg×4.6×107J/kg=2.76×107J，
所以燃油汽车的效率为：η=WQ放×100%=6.9×106J2.76×107J×100%=25%。
答：(1)该车静止时对水平路面的压强为2.3×105Pa；
(2)无人环卫车牵引力做的功为6.9×106J，燃油汽车的效率为25%。
【解析】(1)知道无人环卫车的质量，利用G=mg求其重力，无人环卫车对水平地面的压力等于其重力，根据p=FS求出无人环卫车对水平地面的压强；
(2)根据f=12G可求出无人环卫车匀速行驶受到的阻力，由于无人环卫车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据F牵=f得出则牵引力，根据W=Fs求出牵引力做的功；
功率相同的燃油汽车行驶相同的路程，牵引力做的功等于无人环卫车牵引力做的功，又知道消耗汽油的质量和汽油的热值，根据Q放=mq求出消耗的汽油完全燃烧释放的热量，利用η=WQ放×100%求出燃油汽车的效率。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：(1)只闭合开关S时，定值电阻R2与变阻器R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，
当电流表的示数为0.8A时，电压表示数为8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：U=IR2+U3=0.8A×5Ω+8V=12V；
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关时，R1与R3的最大阻值并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，在1min内R1产生的热量：Q1=I12R1t=U2R1t=(12V)212Ω×60s=720J；
(3)闭合所有开关，R1与R3并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
通过R1的电流：I1=UR1=12V12Ω=1A；
当通过滑动变阻器的电流I3大=1.5A时，干路电流：I'=I大+I1=1.5A+1A=2.5A<3A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
则变阻器接入电路中的最小阻值：R3小=UI3大=12V1.5A=8Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，通过滑动变阻器的电流越小，干路电流越小，电路安全，
所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8Ω～20Ω。
答：(1)电源电压为12V。
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关，在1min内R1产生的热量为720J。
(3)闭合所有开关，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为8Ω～20Ω。
【解析】(1)只闭合开关S时，定值电阻R2与变阻器R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)将滑片移到最右端，闭合所有开关时，R1与R3的最大阻值并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和Q=I2Rt=U2Rt求出在1min内R1产生的热量；
(3)闭合所有开关，R1与R3并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流；当通过滑动变阻器的电流最大时，根据并联电路的电流特点求出干路电流，然后与电流表的量程相比较确定出此时变阻器接入电路中的电阻最小，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻越大时，通过滑动变阻器的电流越小，干路电流越小，电路安全，据此得出滑动变阻器接入电路的阻值范围。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活运用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
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