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    2021-2022学年四省八校高三(下)开学数学试卷(理科)(Word解析版)
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    绝密★启用前2021-2022学年四省八校高三(下)开学数学试卷(理科)第I卷(选择题)一、单选题(本大题共12小题,共60.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)若集合A={x∈R|1-xx>2},B={x|log2(x+1)<1},则A∩B=(    )A. (-∞,13) B. (-1,13) C. (0,13) D. (13,1)已知a∈R,复数z=3+i1+ai(i为虚部单位)为纯虚数,则z的共轭复数的虚部为(    )A. 1 B. -1 C. i D. -i已知α,β∈R,则“cosα=cosβ”是“存在k∈Z使得α=kπ+(-1)kβ”的(    )A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充分必要条件 D. 既不充分也不必要条件设函数f(x)=|x|ln1+x1-x,则函数的图象可能为(    )A. B. C. D. “烂漫的山花中,我们发现你.自然击你以风雪,你报之以歌唱.命运置你于危崖,你馈人间以芬芳.不惧碾作尘,无意苦争春,以怒放的生命,向世界表达倔强.你是岸畔的桂,雪中的梅”.这是给感动中国十大人物之一的张桂梅老师的颁奖词,她用实际行动奉献社会,不求回报,只愿孩子们走出大山.受张桂梅老师的影响,有大量志愿者到乡村学校支教,现有6名志愿者要到4个学校参加支教活动,要求甲、乙两个学校各安排一个人,剩下两个学校各安排两个人,其中的小李和小王不在一起,不同的安排方案共有(    )A. 156种 B. 168种 C. 172种 D. 180种已知log5[log15(log5z)]=log3[log13(log3y)]=log2[log12(log2x)]=0,则下列关系中成立的是(    )A. x0,(φ)≤π2)对于∀x∈R都有f(π3-x)=-f(x),f(2π3-x)=f(x)恒成立,在区间(-π12,π12)上f(x)无最值.将f(x)横坐标变为原来的6倍,图像左移2π3个单位,上移3个单位得到g(x),则下列选项正确的是(    )A. g(x)在[4π3,11π3]上单调递增 B. 当x=-8π3时g(x)取得最小值为-1 C. g(x)的对称中心为x=π3+2kπ(k∈Z) D. g(x)右移m个单位得到h(x),当m=2π3时,h(x)为偶函数在△ABC中,且BD=λBC,AE=μAC,其中λ∈[0,1],μ∈[0,1],∠B=π3,5AB=4BC,则(    )A. 当λ=13时,AD=13AB+23AC B. 当λ=45时,AB⋅BD=-8 C. 当μ=12时,|BE|=212 D. 当μ=49时,∠ABE=π6已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2,M为DD1的中点,N为底面ABCD内一动点,则下列命题正确的个数是(    ) ①若MN=5,则点N的轨迹长度为π; ②若N到平面BB1C1C与直线AA1的距离相等,则N的轨迹为抛物线的一部分; ③若N在线段AC上运动,则D1N⊥DB; ④若N在线段AC上运动,则MN//DB1.A. 1 B. 2 C. 3 D. 4在x轴上方作圆与x轴相切,切点为D(2,0),分别从点A(-2,0)、B(2,0),作该圆的切线AM和BM,并相交于点M,则点M的横坐标的取值范围(    )A. (-∞,-2)∪(2,+∞) B. (-∞,-2]∪[2,+∞) C. (-∞,-3)∪(3,+∞) D. (-∞,-3]∪[3,+∞)已知函数f(x)=aexlnx(a≠0),若∃x∈[3,+∞),f(x)b>0)的左、右焦点,若椭圆E上存在点P满足PF1⋅PF2=a22,则椭圆E离心率的取值范围(    )A. (12,22) B. [12,22] C. (0,12) D. (0,12]第II卷(非选择题)二、填空题(本大题共4小题,共20.0分)若一几何体三视图如图所示,则其内接长方体体积的最大值为______.已知(x2+2x)n的展开式中,第四项的系数与倒数第四项的系数之比为12,则展开式中二项式系数最大的项的系数为______.在△ABC中,已知2cos2B-cosA=1,则|AB||BC|的取值范围为______.瑞士著名数学家欧拉在1765年证明了定理“三角形的外心、重心、垂心依次位于同一条直线上,且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半”,后人称这条直线为“欧拉线”,直线l与y轴及双曲线x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的两条渐近线的三个不同交点构成集合M,且M恰为某三角形的外心,重心,垂心所成集合,若l的斜率为-1,则该双曲线的离心率可以是 ①265; ②2; ③52; ④3; ⑤10; ⑥23. 以上结论正确的是______.三、解答题(本大题共7小题,共82.0分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)已知数列{an}中,a1=1,a2=3,an+2+2an-2n+1=3an+1(n∈N*). (1)设bn=an+1-an2n,求证:{bn}是等差数列; (2)求{an}的通项.如图,多面体ABCD-A1B1C1D1中,四边形ABCD是边长为2的正方形,上底面A1B1C1D1为直角梯形,且CC1=B1C1=C1D1=2A1D1=2,BB1//CC1//DD1,CC1⊥平面ABCD,F为棱CC1上的一个动点,设由点A1,A,F构成的平面为α. (1)当F为CC1的中点时,在多面体中作出平面α截正方体的截面图形,并指明与棱的交点位置; (2)求当点D到平面α的距离取得最大值时直线AD与平面α所成角的正弦值.某校高三2班第一小组有男生4人,女生2人,为提高中小学生对劳动教育重要性的认识,现需从中抽取2人参加学校开展的劳动技能学习,学校提供了:除草、翻地、播种、浇水四个项目.规定女生等可能的从中选择1个或者2个项目进行劳动学习,男生等可能的从中选择1个或者2个或者3个项目进行劳动学习,每参加1个劳动项目的学习获得10分,求: (1)在至少有一名女生参加劳动学习的条件下,恰有一名女生参加劳动学习的概率; (2)记该小组得分为X,求X的期望.如图,已知椭圆C1:x24+y2=1,曲线C2:y=x2-1与y轴的交点为M,过坐标原点O的直线l与相交于A,B,直线MA,MB分别与交于点D,E. (1)证明:以DE为直径的圆经过点M; (2)记△MAB,△MDE的面积分别为S1,S2,若S1=λS2,求λ的取值范围.已知函数f(x)=lnx+ax2-x. (1)当a=1时,求f(x)的单调区间; (2)存在x≥1,使得f(x)≥12x3+1成立,求整数a的最小值.在平面直角坐标系中,曲线C1经过伸缩变换x'=3xy'=2y得到曲线C2,曲线C2的方程为x=1+cosαy=sinα(α为参数),以坐标原点为极点建立极坐标系,曲线C3是由过极点且关于极轴对称的两条射线组成的图形AOB,其中∠AOB=π2. (1)请写出曲线C1的普通方程和曲线C3的极坐标方程; (2)已知点P在曲线C2上,|OP|=3,延长AO,BO分别与曲线C2交于M点N点,求△PMN的面积.已知函数f(x)=|x+1|-|2x-3|. (1)求不等式f(x)≥0的解集; (2)若f(x)的最大值为m,且logab=-45m,求a+4b的最小值. 答案和解析1.【答案】C 【解析】解:集合A={x∈R|1-xx>2}={x|3x-1x<0}={x|01,ln1+x1-x>0,f(x)>0,可排除选项A. 故选:C. 首先判断f(x)的奇偶性,可得图象的对称性,再考虑x>0时,f(x)的符号,可得结论. 本题考查函数的图象的判断,注意运用函数的奇偶性和函数值的符号,考查数形结合思想和推理能力,属于基础题. 5.【答案】A 【解析】解:根据题意,设剩下的2个学校为丙学校和丁学校,先计算小李和小王不受限制的排法数目: 先在6位志愿者中任选1人,安排到甲学校,有C61=6种情况, 再在剩下的5个志愿者种任选1人,安排到乙学校,有C51=5种情况, 最后将剩下的4个志愿者平均分成两组,全排列安排到剩下的2个学校,有C42C22A22×A22=6种情况, 则小李和小王不受限制的排法有6×5×6=180种, 若小李和小王在一起,则两人取丙学校或丁学校,有2种情况, 在剩下的4位志愿者种任选1个,安排到甲学校,有C41=4种情况, 再在剩下的3个志愿者中任选1人,安排到乙学校,有C31=3种情况, 最后2个安排到剩下的学校,有1种情况,则小李和小王在一起的排法有2×3×4=24种, 所以小李和小王不在一起的排法有180-24=156种, 故选:A. 利用间接法来求得不同的安排方案的数量即可. 本题考查了排列、组合及简单计数问题,属于基础题. 6.【答案】C 【解析】解:由题意可知,z=515,y=313,x=212, ∴y6=32=9,x6=23=8, ∴y>x, z10=52=25,x10=25=32, ∴x>z, y>x>z, 故选:C. 分别将x,y,z表示出来,即可比较. 本题考查了指数的运算,学生的数学运算能力,属于基础题. 7.【答案】D 【解析】解:由题意得:T4=π3-π6=π6, ∴T=2π3=2πω,则ω=3, ∴f(π6)=2sin(π2+φ)=2cosφ=0,φ=π2+kπ(k∈Z), ∴f(x)=2cos3x, 则g(x)=2cos(12x+π3)+3, 对于A,令2kπ+π≤12x+π3≤2kπ+2π,k∈Z,可得4π3+4kπ≤x≤10π3+4kπ,k∈Z,可得f(x)在[4π3+4kπ,10π3+4kπ],k∈Z上单调递增,可得当k=0时,函数增区间为[4π3,10π3],故A错误; 对于B,g(-8π3)=2cos[12×(-8π3)+π3]+3=2cosπ+3=1,故B错误; 对于C:令12x+π3=kπ+π2,可得x=2kπ+π3,(k∈Z),可得g(x)的对称中心为(π3+2kπ,3)(k∈Z),故C错误; 对于D,由题意可得h(x)=g(x-m)=2cos(12x+π3-m2)+3,可得当m=2π3时,h(x)=2cos(12x)+3为偶函数,故D正确. 故选:D. 根据已知条件求得f(x)的解析式,然后根据三角函数的单调性、最值、对称性、三角函数图象变换、三角函数的奇偶性等知识对选项进行分析,从而确定正确选项. 本题考查了函数y=Asin(ωx+φ)的图象变换规律以及三角函数的图象和性质,考查了函数思想,属于中档题. 8.【答案】D 【解析】解:当 λ=13时,BD=13BC, 则AD=AB+BD=AB+13BC=AB+13(AC-AB)=23AB+13AC, 故A错误; 当 λ=45时,BD=45BC, 则AB⋅BD=AB⋅(45BC)=45×|AB|⋅|BC|cos2π3=-825BC2, 由于|BC|不定,故B错误; 当μ=12时,BE=12(BA+BC), 故|BE|=12(BA+BC)2=12BA2+BC2+2BA⋅BC=124125BC2+45BC2=6110|BC|, 由于|BC|不定,故C错误; 当μ=49时,AE=49AC, BE=AE-AB=49AC-AB=49(AB+BC)-AB=-59AB+49BC), 故|BE|=(-59AB+49BC)2=439|BC|, 故BA⋅BE=BA⋅(-59AB+49BC)=59|AB|2-49AB⋅BC=2445BC2, 所以cos∠ABE=BA⋅BE|BA|⋅|BE|=2445BC245|BC|×439|BC|=32, 由于0<∠ABE<π3,故∠ABE=π6,故D正确, 故选:D. 根据向量的加减法运算可判断A;根据数量积的运算法则可求得AB⋅BD,从而判断B;先表示出BE=12(BA+BC),再根据向量模的计算求得|BE|,可判断C;根据向量的夹角公式可求得∠ABE,判断D. 本题考查平面向量的数量积运算,考查学生的运算能力,属于中档题. 9.【答案】C 【解析】解:①连接DN、MN, ∵DM⊥平面ABCD,∴DM⊥DN,∴DN=5-1=2, ∴点N的轨迹是以D为圆心,2为半径的圆的14, ∴点N轨迹长度为圆的周长的14,为14×2π×2=π,故①正确; ②如图,过N作NE⊥BC与E,连接AN: ∵平面ABCD⊥平面BB1C1C且两平面交于BC,∴NE⊥平面BB1C1C,∴NE即为N到平面BB1C1C的距离; ∵AA1⊥平面ABCD,∴AA1⊥AN,∴AN就是N到直线AA1的距离; 若N到平面BB1C1C与直线AA1的距离相等,即NE=NA,根据抛物线的定义可知N的轨迹是以A为焦点,BC为准线的抛物线的一部分,故②正确; ③连接AD1CD1DC1: ∵CDD1C1是正方形,∴DC1⊥CD1, ∵B1C1⊥平面CDD1C1,∴B1C1⊥CD1,∵DC1∩B1C1=C1,∴CD1⊥平面DB1C1,∴CD1⊥DB1, 同理可证AD1⊥DB1,∵AD1∩CD1=D1,∴DB1⊥平面ACD1,∴DB1⊥D1N,∴③正确; ④连接AC和BD交于O,连接MO, ∵ABCD时正方形,∴OB=OD,又M是DD1的中点,∴在三角形BDD1中,BD1//MO, ∴若N在线段AC上运动,只有当N为AC中点O才满足MN//BD1,故④错误. ∴正确的命题是:①②③,正确的个数为:3. 故选:C. ①连接DN、MN,求出DN,根据圆的定义可求N的轨迹,根据圆的周长可求轨迹长度; ②根据几何关系可知N到平面BB1C1C的距离即为N到直线BC的距离,N到直线AA1的距离即为NA,根据抛物线的定义即可判断N的轨迹; ③连接AD1CD1,证明DB1⊥平面ACD1即可; ④连接连接AC和BD交于O,连接MO,则BD1//MO,由此即可判断. 本题主要考查立体几何中的轨迹问题,线面平行的判定等知识,属于中等题. 10.【答案】A 【解析】解:当M在第一象限时,设直线AM、BM与圆分别相切于点E、F, 由题可知,|ME|=|MF|,|AE|=|AD|, |BF|=|BD|, 又∵|AM|=|AE|+|ME|,|BM|=|BF|+|MF|, ∴|AM|-|BM|=|AE|+|ME|-(|BF|+|MF|) =|AD|-|BD|=22<|AB|, 由双曲线的定义可知,M在以A、B为焦点的双曲线的右支上(不能取顶点), 此时M的横坐标xM>2; 当M在第三象限时,同理可得|MA|-|MB|=(|ME|-|AE|)-(|MF|-|BF|) =|ME|-|MF|+|BF|-|AE|=|BD|-|AD|=-22. 由双曲线的定义可知,M在以A、B为焦点的双曲线的左支上(不能取顶点), 此时M的横坐标xM<-2. 综上所述,点M的横坐标的取值范围是(-∞,-2)∪(2,+∞). 故选:A. 根据题意作出图象,根据几何关系研究动点M的轨迹即可. 本题考查圆的切线方程,考查双曲线定义的应用,考查数形结合思想,是中档题. 11.【答案】D 【解析】解:因为f(x)aex,即a<(xex)max, 因为xex=lnexex≤lne3e3=3e3,所以a<(xex)max=3e3, 即a的取值范围是(0,3e3). 故选:D. 先将不等式f(x)aex,然后分离参数求出a的取值范围. 本题考查利用导数求函数的最值,考查学生的运算能力,属于中档题. 12.【答案】B 【解析】解:设P(x0,y0),则x02a2+y02b2=1, 且F1(-c,0),F2(c,0), 所以PF1⋅PF2=(-c-x0,-y0)⋅(c-x0,-y0)=x02-c2+y02=x02-c2+b2(1-x02a2)=c2x02a2+b2-c2=a22, 整理可得:x02=a2c2(a22-b2+c2)=a2c2(a22-a2+2c2)=a2c2(2c2-a22), 因为0≤x02≤a2,所以0≤a2c2(2c2-a22)≤a2, 整理可得:14≤c2a2≤12,即离心率e∈[12,22], 故选:B. 设P的坐标,由椭圆的方程可得左右焦点的坐标,求出数量积PF1⋅PF2的表达式,由P的横坐标的坐标可得a,c的关系,进而求出椭圆的离心率的范围. 本题考查椭圆的性质的应用及数量积的运算性质的应用,属于基础题. 13.【答案】1627 【解析】解:根据三视图可判断该几何体为圆锥,且圆锥的底面半径为1,高为2, 其内接长方体如图,底面矩形的边长为a,b,对角线长为c,高为x, 根据轴截面图得出:2-x2=c21,解得c=2-x,其中00, ∴y=t-1t在(1,2)上单调递增, ∴00), 令x=0,可得y=t,设直线l与y轴的交点A(0,t), 双曲线的渐近线方程为y=±bax, 与直线y=x+t联立,可得B(ata+b,bta+b),C(ata-b,-bta-b), 由三角形的外心、重心、垂心依次位于同一条直线上,且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半, 当A,B,C依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得AB=12BC,即为ata+b=12(ata-b-ata+b),化为a=2b,e=ca=1+b2a2=52; 当A,C,B依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得AC=12CB,即为ata-b=12(ata+b-ata-b),化为a=-2b不成立; 当B,A,C依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得BA=12AC,即为-ata+b=12(ata-b-0),化为b=3a,e=ca=1+b2a2=10; 当C,A,B依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得CA=12AB,即为-ata-b=12(ata+b-0),化为b=-3a不成立; 当C,B,A依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得CB=12BA,即为ata+b-ata-b=-12ata+b,化为a=5b,e=ca=1+b2a2=265; 当B,C,A依次为三角形的外心、重心、垂心,且它们依次位于同一条直线上, 可得BC=12CA,即为ata-b-ata+b=-12ata-b,化为a=-5b不成立. 故答案为:①③⑤. 设直线方程y=-x+t(t>0),可求出三个交点,结合条件列出等式进而可得a,b的关系式,即可判断. 本题考查了双曲线的性质,属于中档题. 17.【答案】解:(1)证明:由已知可得an+2-an+1=2(an+1-an)+2n+1, 即an+2-an+12n+1-an+1-an2n=1,故bn+1-bn=1, 所以{bn}为等差数列,且其首项为b1=a2-a121=1,其公差为1; (2)由(1)知bn=an+1-an2n=1+(n-1)⋅1=n, 则an+1-an=n⋅2n,则(a2-a1)+(a3-a2)+⋅⋅⋅+(an-an-1)=1×21+2×22+⋅⋅⋅+(n-1)⋅2n-1, 故an-a1=1⋅21+2⋅22+⋯+(n-1)⋅2n-1①, 2(an-a1)=1⋅22+2⋅23+⋯+(n-1)②, ①-②得an=(n-2)⋅2n+3. 所以{an}的通项公式为an=(n-2)⋅2n+3.  【解析】(1)由已知可得an+2-an+1=2(an+1-an)+2n+1,即an+2-an+12n+1-an+1-an2n=1,故bn+1-bn=1,结合b1=a2-a121=1可证明{bn}是等差数列; (2)由(1)知bn=an+1-an2n=1+(n-1)⋅1=n,则an+1-an=n⋅2n,进一步利用累加法即可即可求出{an}的通项公式. 本题考查数列的递推公式,涉及累加法,考查学生的逻辑推理和运算求解的能力,属于中档题. 18.【答案】解:(1)取BC的中点E,取CE的中点N,则CN=14CB,连接C1E,FN, 由题意可得C1E//AA1, 因为F为CC1的中点,所以C1E//FN, 所以FN//AA1, 所以N∈α, 连接AN并延长交DC延长线于M, 连接MF并延长交C1D1于Q,连接A1Q, 则平面α截正方体的截面为五边形AA1QFN,如图所示. 因CN=14CB,所以CM=14DM, 所以CM=13DC, 因为△CMF≅△C1QF, 所以C1Q=CM, 因为CD=C1D1,所以C1Q=13C1D; (2)如图,以D为坐标原点,建立空间直角坐标系,延长AA1与z轴交于P点, 设CF=a,(0≤a≤2),则A(2,0,0),A1(1,0,2),F(0,2,x), ∴AA1=(-1,0,2),AF=(-2,2,a),DA=(2,0,0), 设平面α的一个法向量为m=(x,y,z), 则m⋅AA1=-x+2z=0m⋅AF=-2x+2y+az=0,令z=2,可求得m=(4,4-a,2), 设点D到平面α的距离为d,则d=8(a-4)2+20,当a=2时,dmax=263, 此时m=(4,2,2), 设直线AD与平面α所成角为θ,则 sinθ=|cos〈m,DA〉|=|m⋅DA|m||DA||=8216+4+4=63, 此时,直线AD与平面α所成角的正弦值为63.  【解析】(1)取BC的中点E,取CE的中点N,连接C1E,FN,连接AN并延长交DC延长线于M,连接MF并延长交C1D1于Q,连接A1Q,从而可求出截面图形; (2)以D为坐标原点,以DA,DC,DD1所在的直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,设CF=a,(0≤a≤2),求出平面α的一个法向量m,然后表示出点D到平面α的距离为d,由其最大值可求出a,再利用向量的夹角公式可求得结果. 本题考查了平面的基本性质以及直线与平面所成的角的求解,属于中档题. 19.【答案】解:(1)设“至少有一名女生参加劳动学习”为事件A,“恰有一名女生参加劳动学习”为事件B. 根据超几何分布原理得:P(AB)=C41C21C62,P(A)=C41C21+C22C62. 由条件概率的计算公式得:P(B|A)=P(AB)P(A)=89. (2)根据题意女生参加劳动学习可获得:12×10+12×20=15, 男生参加劳动学习可获得:13×10+13×20+13×30=20. 设恰有Y人女生参加劳动学习,则男生2-Y人参加劳动学习,则Y的分布列为: 则有:E(Y)=23,又X=15Y+20(2-Y)=40-5Y, ∴E(X)=40-5×23=1103.  【解析】(1)设“至少有一名女生参加劳动学习”为事件A,“恰有一名女生参加劳动学习”为事件B. 根据超几何分布原理分别求得P(AB),P(A),直接利用条件概率的计算公式即可求得; (2)设恰有Y人女生参加劳动学习,则男生2- Y人参加劳动学习,求出Y的分布列和数学期望,由X=40-5Y即可求出E(X). 本题主要考查条件概率和离散型随机变量的分布列和期望,属于基础题. 20.【答案】(1)证明:若直线l的斜率不存在,则该直线与y轴重合,此时直线l与曲线C2只有一个交点,不合乎题意. 所以,直线l的斜率存在,设直线l的方程为y=kx. 由y=kxy=x2-1得x2-kx-1=0, 设A(x1,y1)、B(x2,y2),则x1、x2是上述方程的两个实根, 于是x1+x2=k,x1x2=-1. 又因为点M(0,-1), 所以kMAkMB=y1+1x1⋅y2+1x2=(kx1+1)(kx2+1)x1x2=k2x1x2+k(x1+x2)+1x1x2=-k2+k2+1x1x2=-1, 所以MA⊥MB,即∠DME=90°,所以DE为直径的圆经过点M. (2) 解:由已知,设MA的斜率为k1(k1>0),则MA的方程为y=k1x-1, 由y=k1x-1y=x2-1解得x=0y=-1或x=k1y=k12-1,则点A的坐标为(k1,k12-1), 又直线MB的斜率为-1k1,同理可得点B的坐标为(-1k1,1k12-1). 所以S1=12|MA|⋅|MB|=121+k12⋅|k1|⋅1+1k12⋅|-1k1|=1+k122|k1|, 由y=k1x-1x2+4y2-4=0得(1+4k12)x2-8k1x=0,解得x=0y=-1或x=8k11+4k12y=4k12-11+4k12, 则点D的坐标为(8k11+4k12,4k12-11+4k12), 又直线MB的斜率为-1k1,同理可得点E的坐标(-8k14+k12,4-k124+k12), 于是S2=12|MD|⋅|ME|=121+k12⋅8|k1|1+4k12⋅1+1k12⋅8|k1|4+k12=32(1+k12)|k1|(1+4k12)(4+k12), 因此S1S2=(1+4k12)(k12+4)64k12=164(4k12+4k12+17)≥164×(24k12⋅4k12+17)=2564, 当4k12=4k12时,即当k1=1时,等号成立, 所以λ≥2564,所以λ的取值范围为[2564,+∞).  【解析】(1)分析可知直线l的斜率存在,设直线l的方程为y=kx,设点A(x1,y1)、B(x2,y2),将直线l的方程与曲线C2的方程联立,列出韦达定理,利用斜率公式结合韦达定理计算得出kMAkMB=-1,可得出MA⊥MB,即可证得结论成立; (2)设MA的斜率为k1(k1>0),则MA的方程为y=k1x-1,将直线MA的方程分别与曲线C2、C1的方程联立,可求得点A、D的坐标,同理可得出点B、E的坐标,可求得S1、S2,进而可得出λ的表达式,利用基本不等式可求得λ的取值范围. 本题主要考查圆恒过定点问题,直线与圆锥曲线的位置关系等知识,属于中等题. 21.【答案】解:(1)当a=1时,f(x)=lnx+x2-x,该函数的定义域为(0,+∞), 则f'(x)=1x+2x-1≥21x⋅2x-1=22-1>0,当且仅当x=22时,等号成立, 故函数f(x)的增区间为(0,+∞),无单减区间. (2)存在x≥1,使得lnx+ax2-x≥12x3+1成立, 即a≥12x+1x+1-lnxx2, 令g(x)=12x+1x-lnx+1x2,其中x≥1,则a≥g(x)min, g'(x)=12-1x2+2lnx-3x3=12x3-x+2lnx-3x3, 令h(x)=12x3-x+2lnx-3,则h'(x)=32x2-1+2x=3x3-2x+42x, 令m(x)=3x3-2x+4,m'(x)=9x2-2>0对任意的x≥1恒成立, 故函数m(x)在[1,+∞)上为增函数,则m(x)≥m(1)=5, 即h'(x)>0对任意的x≥1恒成立,则函数h(x)为增函数. 因为h(32)=-4516+2ln32<0,h(2)=2ln2-1>0, 所以存在t∈(32,2),使得h(t)=g'(t)=12t3-t+2lnt-3=0, 当x∈(1,t)时,g'(x)<0,此时函数g(x)单调递减, 当x∈(t,+∞)时,g'(x)>0,此时函数g(x)单调递增, 所以g(x)min=g(t)=12t3+1-lnt+tt2=12t3+1+t+14t3-12t-32t2=3t3+2t-24t2,t∈(32,2), 设φ(t)=34t+12t-12t2,则φ'(t)=34-12t2+1t3=3t3-2t+44t3, 令p(t)=3t3-2t+4,则p'(t)=9t2-2>0对任意的t∈(32,2)恒成立, 故函数p(t)在(32,2)上为增函数,则p(t)>p(32)>0, 即φ(t)>0对任意的t∈(32,2)恒成立,故函数φ(t)在(32,2)为增函数, 故φ(32)<φ(t)<φ(2),即8972<φ(t)<138,即897232, ∴x=32时,f(x)max=52, ∴m=52, ∴logab=-2(a>0且a≠1,b>0), ∴b=1a2, ∴a+4b=a+4a2=a2+a2+4a2≥33a2⋅a2⋅4a2=3, 当且仅当a2=4a2,即a=2时取到等号, ∴a+4b的最小值为3. 【解析】(1)通过对f(x)变形可得,|x+1|≥|2x-3|,再两边同时平方,即可求解. (2)先求出f(x)的最大值m,再结合基本不等式的公式,即可求解. 本题主要考查绝对值不等式的解法,考查计算能力,属于基础题. Y012P615815115
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