广东省湛江市2022届高三数学二模试卷及答案
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一、单选题
1.若,则( )
A. B. C. D.
2.已知向量,的夹角的余弦值为,且,,则( )
A.﹣6 B.﹣4 C.2 D.4
3.已知集合,,则( )
A. B. C. D.
4.已知,是两个不同的平面,m,n是两条不同的直线,且,则“”是“”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
5.已知直线与圆相交于A,B两点,且,则( )
A. B. C. D.
6.若,且,则的最小值为( )
A.9 B.3 C.1 D.
7.若,,,则( )
A. B. C. D.
8.如图1所示,双曲线具有光学性质:从双曲线右焦点发出的光线经过双曲线镜面反射,其反射光线的反向延长线经过双曲线的左焦点.若双曲线的左、右焦点分别为,,从发出的光线经过图2中的A,B两点反射后,分别经过点C和D,且,,则E的离心率为( )
A. B. C. D.
二、多选题
9.某学校组建了合唱、朗诵、脱口秀、舞蹈、太极拳五个社团,该校共有2000名同学,每名同学依据自己兴趣爱好最多可参加其中一个,各个社团的人数比例的饼状图如图所示,其中参加朗诵社团的同学有8名,参加太极拳社团的有12名,则( )
A.这五个社团的总人数为100
B.脱口秀社团的人数占五个社团总人数的20%
C.这五个社团总人数占该校学生人数的4%
D.从这五个社团中任选一人,其来自脱口秀社团或舞蹈社团的概率为40%
10.已知是函数的一个周期,则的取值可能为( )
A.﹣2 B.1 C. D.3
11.在正方体中,点E为线段上的动点,则( )
A.直线DE与直线AC所成角为定值
B.点E到直线AB的距离为定值
C.三棱锥的体积为定值
D.三棱锥外接球的体积为定值
12.若过点最多可作出条直线与函数的图象相切,则( )
A.
B.当时,的值不唯一
C.可能等于-4
D.当时,的取值范围是
三、填空题
13.若,,则 .
14.拋物线的焦点为F,点为C上一点,若,则 .
15.的展开式中常数项为 .
16.“物不知数”是中国古代著名算题,原载于《孙子算经》卷下第二十六题:“今有物不知其数,三三数之剩二;五五数之剩三;七七数之剩二.问物几何?”它的系统解法是秦九韶在《数书九章》大衍求一术中给出的.大衍求一术(也称作“中国剩余定理”)是中国古算中最有独创性的成就之一,属现代数论中的一次同余式组问题.已知问题中,一个数被3除余2,被5除余3,被7除余2,则在不超过2022的正整数中,所有满足条件的数的和为 .
四、解答题
17.如图,一架飞机从地飞往地,两地相距.飞行员为了避开某一区域的雷雨云层,从机场起飞以后,就沿与原来的飞行方向成角的方向飞行,飞行到地,再沿与原来的飞行方向成角的方向继续飞行到达终点.
(1)求、两地之间的距离;
(2)求.
18.已知数列的前n项和为.
(1)从①,②,③这三个条件中任选两个作为条件,证明另一个成立,并求的通项公式;
(2)在第(1)问的前提下,若,求数列的前项和.
注:如果选择多种情况分别解答,按第一种解答计分.
19.某大学为了鼓励大学生自主创业,举办了“校园创业知识竞赛”,该竞赛决赛局有A、B两类知识竞答挑战,规则为进入决赛的选手要先从A、B两类知识中选择一类进行挑战,挑战成功才有对剩下的一类知识挑战的机会,挑战失败则竞赛结束,第二类挑战结束后,无论结果如何,竞赛都结束.A、B两类知识挑战成功分别可获得2万元和5万元创业奖金,第一类挑战失败,可得到20000元激励奖金.已知甲同学成功晋级决赛,面对A、B两类知识的挑战成功率分别为0.6、0.4,且挑战是否成功与挑战次序无关.
(1)若记为甲同学优先挑战类知识所获奖金的累计总额(单位:元),写出的分布列;
(2)为了使甲同学可获得的奖金累计总额期望更大,请帮甲同学制定挑战方案,并给出理由.
20.在四棱台中,底面ABCD是正方形,且侧棱垂直于底面ABCD,,O,E分别是AC与的中点.
(1)证明:平面A1BD1.
(2)求与平面A1BD1所成角的正弦值.
21.已知函数.
(1)当时,若在上存在最大值,求m的取值范围;
(2)讨论极值点的个数.
22.已知椭圆的上、下焦点分别为,,左、右顶点分别为,,且四边形是面积为8的正方形.
(1)求C的标准方程.
(2)M,N为C上且在y轴右侧的两点,,与的交点为P,试问是否为定值?若是定值,求出该定值;若不是,请说明理由.
答案解析部分
1.【答案】B
2.【答案】A
3.【答案】C
4.【答案】B
5.【答案】B
6.【答案】C
7.【答案】A
8.【答案】B
9.【答案】B,C
10.【答案】A,B,D
11.【答案】A,C
12.【答案】A,C,D
13.【答案】
14.【答案】
15.【答案】
16.【答案】20410
17.【答案】(1)解:由余弦定理可得,
所以,.
(2)解:由余弦定理可得,
所以,,则为锐角,故,
因此,.
18.【答案】(1)解:选①②,因为,所以,
因为,,
所以,数列是等比数列,公比为,首项为,
所以,即
所以,当时,,
当时,,显然满足,
所以,.
选:②③,因为,,
所以,解得,故.
因为,
所以,即,
所以,整理得,
所以数列是等比数列,公比为,首项为,
所以.
选:①③,因为,,
所以,
所以,两式作差得,即,
所以数列是等比数列,公比为,首项为,
所以,,
所以,
所以.
(2)解:由(1)得,故,
所以数列的前项和满足:
19.【答案】(1)解:由题意可知,的可能取值有2000、20000、70000,
,,
,
所以,随机变量的分布列如下表所示:
2000 | 20000 | 70000 | |
P | 0.4 | 0.36 | 0.24 |
(2)解:记Y为甲同学优先挑战B类知识所获奖金累计总额,
甲同学优先挑战A类知识所获奖金累计总额的期望为,优先挑战B类知识所获奖金累计总额的期望为,
由题意可知,随机变量Y的可能取值有:2000、50000、70000,
则,,
,
所以,(元),
(元),
所以,,
所以,为了使甲同学可获得奖金累计总额期望更大,应该优先选择挑战B类知识.
20.【答案】(1)证明:连接BD,
因为为正方形,可得O为BD的中点,
在中,因为分别为的中点,所以,
又因为平面A1BD1,且平面A1BD1,
所以平面A1BD1.
(2)解:因为平面,平面,所以,
以为原点,以所在的直线分别为轴、轴和轴建立空间直角坐标系,
如图所示,
可得,
则,
设平面A1BD1的法向量,则,
取,可得,所以,
设与平面A1BD1所成的角为,
则,
即与平面A1BD1所成的角为.
21.【答案】(1)解:因为,
所以,
因为函数的定义域为:,
所以当时,单调递减,
当时,单调递增,所以当时,函数有最大值,
因此要想在上存在最大值,只需,
所以m的取值范围为;
(2)解:,
方程的判别式为.
(1)当时,即,此时方程没有实数根,
所以,函数单调递减,故函数没有极值点;
(2)当时,即,
此时,(当时取等号),所以函数单调递减,故函数没有极值点;
(3)当时,即,此时方程有两个不相等的实数根,
设两个实数根为,设,则,
函数的定义域为:,显然
当时,此时方程有两个不相等的正实数根,
此时当时,,函数单调递减,当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,
因此当时,函数有极小值点,当时,函数有极大值点,
所以当时,函数有两个极值点,
当时,方程有一个正实数根和一个负根,或是一个正实数和零根,
当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,所以当时,函数有极大值点,
因此当时,函数有一个极值点,
综上所述:当时,函数有一个极值点;
当时,函数有两个极值点;
当时,函数没有极值点.
22.【答案】(1)解:椭圆的上、下焦点分别为,
左、右顶点分别为,因为四边形是面积为8的正方形,
所以有且,解得,
所以椭圆的标准方程为:;
(2)解:因为,
所以
,因为N为C上且在y轴右侧的点,
所以,
因此,
同理可得:,所以
设的方程分别为:,设,
则,
所以,因此
,
同理可得:,
因此,,
所以,
所以为定值,定值为.
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