全册考试复习必刷检测卷（基础版）-2023学年高二物理精讲与精练高分突破考点专题系列（人教版2019必修第三册）

全册考试复习必刷检测卷（基础版）全解全析

1．C

【详解】

A．麦克斯韦提出电磁场理论，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，选项A错误；

B．只要空间某处有周期性变化的电场或磁场，才会在其周围产生电磁波，选项B错误；

C．不同电磁波具有不同的波长，红外线的波长大于可见光的波长，选项C正确；

D．爱因斯坦认为光本身是由一个个不可分割的能量子组成的，频率为ν的光的能量子为，选项D错误。

故选C。

2．D

【详解】

A．磁感应强由磁场本身决定，与磁场力F、电流元IL的乘积无关，故A错误；

B．当通电导线与磁场平行时不受磁场力，所以当通电导线在某处不受磁场力时，此处的磁感应强度不一定为零，故B错误；

C．试探电荷在不受电场力的地方，则该处电场强度一定为零，故C错误；

D．当通电导线与磁场垂直时，则有

B =

故D正确。

故选D。

3．C

【详解】

当闭合回路中的磁通量改变时，回路中产生感应电流，A、B、D中穿过线圈的磁通量始终为零，不产生感应电流，C中磁通量不断变化，故C正确。

故选C。

4．A

【详解】

由图线A可知，电源的电动势

两个图线的交点表明路端电压和回路中的电流分别为

，

因此电源的输出功率

电源的总功率

故选A。

5．B

【分析】

本题主要考查了电功率的计算，主要根据串联电路和并联电路的特点分析计算，知道串联电路电流处处相等，并联电路中干路电流等于各支路电流总和。

【详解】

设两灯的额定电流均为I，则灯泡正常发光时，a电路的电流为I ，b电路的电流为2I，根据

可知，a、b两电路的功率比为

故B正确，ACD错误。

故选B。

6．D

【详解】

当RP的滑动触点向图中a端移动时，RP变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，由

可知路端电压变小，即U变小，即电压表的示数减小；I的增大使R1与R3两端的电压U1和U3增大，而

故必减小，通过电流表的电流也减小，故D正确，ABC错误。

故选D。

7．D

【详解】

A．反天刀鱼周围的电场类似于等量异种点电荷形成的电场，故A错误；

B．电场线的疏密表示电场的强弱，A点的电场强度大于B点的电场强度，故B错误；

C．正电荷受到的电场力方向与电场方向相同，负电荷受到的电场力方向与电场方向相反；不知道试探电荷的电性，在A点受到的电场力方向不一定水平向右，故C错误；

D．电场线从高等势面指向低等势面，故C点的电势大于A点的电势，故D正确。

故选D。

8．D

【详解】

AB．为的中点，则

连线为一等势线，场强的方向垂直连线斜向下指向电势低的一侧，AB错误；

CD．由几何关系可得到的距离

则电场强度大小为

C错误，D正确。

故选D。

9．D

【详解】

BC．图线的切线斜率表示电场强度的大小，N点的电场强度为零，P点的电场强度不为零，故BC错误；

AD．由图乙可知，两点电荷在N点产生的电场强度大小相等，方向相反，两点电荷为异种电荷，根据沿电场线方向电势越来越低可知，M点向N方向电场强度沿x轴正方向，N点到P点电场强度方向沿x轴负方向，所以为负电荷，为正电荷，故D正确，A错误。

故选D。

10．B

【详解】

由于粒子在两板间运动时间为T，所以粒子在竖直方向加速度的时间总是，匀速运动时间为，则偏转量最大时为，刚好0时刻进入的粒子，其前竖直方向做匀加速度运动，后做匀速直线运动，有

偏转量最小时为，刚好时刻进入的粒子，其前竖直方向速度为0，只有后发生偏转，有

联立可得

故选B。

11．BD

【详解】

由题目可知，正负电荷一直都在圆周上，当正电荷在a点，负电荷在d点时，两个电荷对O点产生的电场强度方向均沿ad方向，并且由a指向d，由点电荷产生的场强公式得

则两个电荷对于O点产生大小相等，两者的合场强为E，则两个电荷对于O点产生的场强均为，则负电荷在圆周上对O点产生的场强大小均为

A．当负电荷移至c点时，它对O点产生的场强大小为，方向沿Oc方向指向c，正电荷产生的场强大小为，方向沿ad方向指向d，则两个电荷形成的场强方向夹角为60°，则合场强的大小为

方向与Od成30°角斜向下，A错误；

B．当负电荷移至b点时，它对O点产生的场强大小为，方向沿Ob方向指向b，正电荷产生的场强大小为，方向沿ad方向指向d，则两个电荷形成的场强方向夹角为120°，则合场强的大小为

方向沿Oc方向，B正确；

C．当负电荷移至e点时，它对O点产生的场强大小为，方向沿Oe方向指向e，正电荷产生的场强大小为，方向沿ad方向指向d，则两个电荷形成的场强方向夹角为60°，则合场强的大小为

方向与Od成30°角斜向上， C错误；

D．当负电荷移至f点时，它对O点产生的场强大小为，方向沿Of方向指向f，正电荷产生的场强大小为，方向沿ad方向指向d，则两个电荷形成的场强方向夹角为120°，则合场强的大小为

方向沿Oe方向，D正确。

故选BD。

12．AC

【详解】

AD．根据电场强度与电势差的关系可得

当d减小、U不变时，电场强度E增大，带电液滴所受电场力增大。之前电场力与重力相等，现在液滴所受电场力比重力大，所以液滴将向上运动，D错误，A正确。

BC．由题意可知，电源一直接在电容器两极板上，所以两极板间的电势差不变，即U不变。当将极板A向下平移一小段距离时，即d减小，由电容的决定式可得

电容器的电容C增大，由公式

可得电容器两极板带电荷量增大，B错误，C正确。

故选AC。

13．AD

【详解】

AB．电流表的量程大于的量程，故电流表的内阻小于的内阻；由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，因表量程大于表，故的读数比的读数大，A正确，B错误；

CD．电压表的量程大于的量程，故的电阻大于的电阻；两电压表串联，故通过两表的电流相等，故的读数比的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表的偏转角等于电压表的偏转角，C错误，D正确。

故选AD。

14．BCD

【详解】

AC．定值电阻消耗的电功率

电流越大，消耗的电功率越大，即电路电阻越小，消耗的电功率越大，故当时，定值电阻消耗的功率最大，故A错误，C正确；

B．滑动变阻器消耗电功率

当

时，滑动变阻器消耗的电功率最大，此时

故B正确；

D．电源的输出功率

当滑动变阻器的电阻值为零时，电源的输出功率最大，故D正确。

故选BCD。

15．BC

【详解】

AB．根据安培定则，两通电导线在c点的磁场方向如图所示，则有

则两通电导线在c点的合磁场为

又因为整个装置处在一匀强磁场当中，c点处磁感应强度为零，则有匀强磁场的磁感应强度大小为

，方向平行于ab向上

所以A错误；B正确；

CD．根据安培定则，两通电导线在d点的磁场方向如图所示，则有

则两通电导线在d点的合磁场为

又因为整个装置处在一匀强磁场当中，则d点的磁感应强度大小为

，方向平行于ab向上

所以C正确；D错误；

故选BC。

16．8    2.095（均可）           

【详解】

(1)[1]由图示多用电表可知，待测电阻阻值是

8×1Ω=8Ω

[2]由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为2mm，可动刻度读数为

0.01×9.5mm=0.095mm

其读数为

2mm+9.5×0.01mm=2.095mm

(2)[3]滑动变阻器应选，最大阻值；为测量多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图甲所示

[4]根据实验电路图连接实物电路图，如图所示

17．3.6    最大值    S1    R1    6.0    2.9   

【详解】

（1）[1]用等值替代法可测出R2接入电路的阻值，电阻箱的示数等于接入电路的阻值为3.6Ω；

（2）①[2][3][4]要用电阻箱与电流表结合测量电动势与内阻，则要改变电阻箱的值，则：

a．在闭合开关前，调节电阻R1或R2至最大值，之后闭合开关S，再闭合S1；

b．调节电阻R1得到一系列电阻值R和电流I数据；

②[5][6]由闭合电路欧姆定律可得

E＝I（R＋RA＋r）

变形得

由上式可知图线的斜率是电动势的倒数，图像的斜率为

解得

E＝6.0V

图线在纵轴上的截距是

解得

r＝2.9Ω

18．（1）100V，－150V；（2）100V，

【详解】

（1）根据电势差与静电力做功的关系可得

（2）由题意可得

解得

19．（1）；（2）；（3）

【详解】

（1）电动机正常工作时，电压表的示数，则电路中的电流为

电动机两端的电压

电动机消耗的电功率

（2）电源消耗的功率为

电源的输出功率为

（3）电动机输出的功率为

。

解得

20．（1）；（2）4m；（3）

【详解】

（1）设滑块在斜面上运动的加速大小为a1，根据牛顿第二定律可得

解得

（2）设滑块在水平地面上运动加速大小为a2，根据牛顿第二定理可得

解得

设滑块在水平地面上滑行的距离为x2，根据匀减速运动公式可得

（3）设滑块在水平地面上运动加速大小为a3，滑块在斜面上运动的加速大小为a4，根据动力学知识可得，又根据牛顿第二定律可得

解得

所以

21．（1）；（2）；（3）

【详解】

(1)乙恰过最高点则

由动能定理得

解得

(2)根据动量守恒和机械能守恒定律有

联立得

得

(3)由第（2）问的甲、乙弹性碰撞的方程，解得

当增大甲的质量时，则

即

由动能定理得

解得

设乙在水平轨道上的落点到B点的距离为x’，则有

联立解得