人教版 (2019)必修 第一册3 牛顿第二定律精品习题

这是一份人教版 (2019)必修 第一册3 牛顿第二定律精品习题，文件包含43牛顿第二定律解析版docx、43牛顿第二定律原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共15页， 欢迎下载使用。
4.3   牛顿第二定律夯实基础1．根据牛顿第二定律，下列叙述正确的是(　　)A．物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比B．物体所受合力必须达到一定值时，才能使物体产生加速度C．物体加速度的大小跟它所受作用力中的任一个的大小成正比D．当物体质量改变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与其质量成反比【答案】D【解析】根据牛顿第二定律得知，物体加速度的大小跟速度无关，故A错误；力是产生加速度的原因，只要合力不为零，就会产生加速度，故B错误；质量一定时，物体加速度的大小跟物体所受的合外力的大小成正比，而不是跟它所受作用力中的任何一个力的大小成正比，故C错误；当物体的质量改变但其所受合力的水平分力不变时，根据牛顿第二定律可知，物体水平加速度的大小与其质量成反比，故D正确．故选D2．由牛顿第二定律F＝ma可知，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度，可是当用很小的力去推很重的桌子时，却推不动，这是因为(　　)A．牛顿第二定律不适用于静止的物体B．桌子加速度很小，速度增量也很小，眼睛观察不到C．推力小于桌子所受到的静摩擦力，加速度为负值D．桌子所受的合力为零，加速度为零【答案】D【解析】牛顿第二定律的表达式F＝ma中的力F是指合力，用很小的力推很重的桌子时，桌子不动，是因为桌子与地面间的最大静摩擦力大于推力，推力与桌子受到的静摩擦力的合力为零，所以桌子所受的合力为零，仍然静止不动，牛顿第二定律同样适用于静止的物体，所以A、B、C都不正确，只有D正确．故选D3.在光滑水平面上，有一个物体同时受到两个水平力F1与F2的作用，在第1s内物体保持静止状态．若力F1与F2随时间的变化关系如图所示，则物体(　　)A．在第2s内做加速运动，加速度大小逐渐减小，速度逐渐增大B．在第3s内做加速运动，加速度大小逐渐增大，速度逐渐增大C．在第4s内做加速运动，加速度大小逐渐增大，速度逐渐增大D．在第5s末速度为零【答案】B【解析】第1s内物体保持静止状态，可知F1、F2的初始值相等．第2s内物体的合力不断变大，根据牛顿第二定律知加速度不断变大，物体做加速运动，速度逐渐增大，故A错误；在第3s内合力逐渐变大，故加速度不断变大，合力与速度同向，物体做加速运动，速度逐渐增大，故B正确；在第4s内，合力逐渐减小，故加速度不断减小，合力与速度同方向，物体做加速运动，速度逐渐增大，故C错误；在第5s末，合力为零，故加速度为零，速度最大，此时运动方向与F1方向相同，故D错误．故选B4．竖直起飞的火箭在推力F的作用下产生10 m/s2的加速度，若推力增大到2F，则火箭的加速度将达到(g取10 m/s2)(　　)A．20 m/s2 B．25 m/s2C．30 m/s2 D．40 m/s2【答案】C【解析】推力为F时，F－mg＝ma1，当推力为2F时，2F－mg＝ma2.以上两式联立可得：a2＝30 m/s2.故选C．5．(多选)力F1单独作用在物体A上时产生的加速度a1大小为5m/s2，力F2单独作用在物体A上时产生的加速度a2大小为2 m/s2，那么，力F1和F2同时作用在物体A上时产生的加速度a的大小可能是(　　)A．5m/s2 B．2 m/s2C．8m/s2 D．6 m/s2【答案】AD【解析】设物体A的质量为m，则F1＝ma1，F2＝ma2，当F1和F2同时作用在物体A上时，合力的大小范围是|F1－F2|≤F≤F1＋F2，即|ma1－ma2|≤ma≤ma1＋ma2，加速度的大小范围为3m/s2≤a≤7 m/s2，故选AD.6．如图所示，有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进．突然发现意外情况，紧急刹车做匀减速直线运动，加速度大小为a，则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是(　　)A．m B．maC．m D．m(g＋a)【答案】C【解析】西瓜与汽车具有相同的加速度a，对西瓜A受力分析如图，F表示周围西瓜对A的作用力，则由牛顿第二定律得：＝ma，解得：F＝m，故C对，A、B、D错．故选C7．有经验的司机能通过控制油门使汽车做匀加速直线运动，某品牌轿车连同司机在内总质量为m＝1 500 kg，当轿车受到大小为F1＝500 N的牵引力时恰好在水平路面上匀速行驶．现司机通过控制油门使轿车受到F2＝2 000 N的牵引力，从v0＝5 m/s开始加速．假设汽车运动时所受的阻力保持不变，试求：(1)轿车运动过程中所受到的阻力大小；(2)轿车做加速运动时的加速度大小．【答案】(1)500 N　(2)1 m/s2【解析】(1)轿车匀速运动时受力平衡，则Ff＝F1＝500 N.(2)由牛顿第二定律F2－Ff＝ma则a＝代入数据得：a＝1 m/s2.8．在我国东北寒冷的冬季，雪橇是常见的运输工具．一个有钢制滑板的雪橇，连同上面的木料的总质量为m，钢与冰之间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，在水平的冰道上，马通过绳子拉着雪橇前进，绳子与水平地面的夹角为30°，当绳子拉力为F时马拉着雪橇做匀加速直线运动．求：(1)雪橇受到的摩擦力大小；(2)雪橇的加速度大小．【答案】(1) (2) 【解析】(1)对雪橇受力分析，如图所示．雪橇所受的滑动摩擦力f＝μFN，在竖直方向有FN＝mg－Fsin 30°，解得.(2)雪橇做匀加速运动，根据牛顿第二定律得Fcos 30°－f＝ma，解得.提能增效9．(多选)关于牛顿第二定律，下列说法中正确的是(　　)A．加速度和力是瞬时对应关系，即加速度与力是同时产生、同时变化、同时消失的B．物体只有受到力的作用时，才有加速度，才有速度C．任何情况下，加速度的方向总与合外力方向相同，也总与速度的方向相同D．当物体受到几个力的作用时，可把物体的加速度看成是各个力单独作用时产生的各个加速度的矢量和【答案】AD【解析】根据牛顿第二定律的瞬时性，选项A正确；物体只有受到力的作用时，才有加速度，但速度有无与物体是否受力无关，选项B错误；任何情况下，加速度的方向总与合外力方向相同，但与速度的方向没关系，选项C错误；根据牛顿第二定律的独立性，选项D正确．故选AD10．(多选)如图所示，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是(　　)A．向右做加速运动 B．向右做减速运动C．向左做加速运动 D．向左做减速运动【答案】AD【解析】小球所受到的合外力等于弹簧对小球的弹力FN，方向水平向右，由牛顿第二定律可知，小球必定具有向右的加速度，由于小球与小车相对静止，所以小车具有向右的加速度．由于小车的速度方向可能向左，也可能向右，故小车可能向右加速运动或向左减速运动．故选AD11.(多选)“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m的小明，如图所示，静止悬挂时(小明两侧绳长相同)，两橡皮绳的拉力大小均恰为mg，若此时小明左侧橡皮绳断裂，则小明此时(　　)A．速度为零B．加速度a＝g，沿原断裂绳的方向斜向下C．加速度a＝g，沿未断裂绳的方向斜向上D．加速度a＝g，方向竖直向下【答案】AD【解析】速度不能发生突变，左侧橡皮绳断裂瞬间，小明速度为零，选项A正确；断裂前，FT左＝FT右＝mg，受力分析如图所示．橡皮绳形变量比较大，不会发生突变，断裂瞬间，FT右与mg合力沿断裂绳的反向延长线，大小等于mg，选项B正确． 故选AD12.如图所示，轻弹簧上端与一质量为1 kg的木块1相连，下端与另一质量为2 kg的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2.已知重力加速度g取10 m/s2.则有(　　)A．a1＝0，a2＝15 m/s2 B．a1＝a2＝15 m/s2C．a1＝0，a2＝10 m/s2 D．a1＝a2＝10 m/s2【答案】A【解析】对木块1进行受力分析，弹簧的弹力F＝mg.撤去木板的瞬间，弹簧的弹力不变，木块1所受的合力仍然为零，则加速度a1＝0.对木块2受力分析，受弹簧弹力F和重力Mg以及木板的支持力，撤去木板的瞬间，木板的支持力消失，木块2受弹簧弹力F和重力Mg根据牛顿第二定律得，a2＝＝＝ g＝1.5 g＝15 m/s2，故A正确，B、C、D错误．故选A13.如图所示，在沿平直轨道行驶的车厢内，有一轻绳的上端固定在车厢的顶部，下端拴一小球，当小球相对车厢静止时，悬线与竖直方向夹角为θ，则下列关于车厢的运动情况正确的是(　　)A．车厢加速度大小为gtanθ，方向沿水平向左B．车厢加速度大小为gtanθ，方向沿水平向右C．车厢加速度大小为gsinθ，方向沿水平向左D．车厢加速度大小为gsinθ，方向沿水平向右【答案】A【解析】设小球质量为m，车厢加速度为a，对小球进行受力分析可知，小球受绳的拉力和重力，其中绳的拉力F在竖直方向上的分力为Fcosθ，有Fcosθ＝mg，水平方向有Fsinθ＝ma，解得a＝gtanθ，方向水平向左．故选：A14.如图所示，某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态不摇摆)．则(　　)A．小物块受到的摩擦力方向平行于斜面向下B．小物块受到的滑动摩擦力大小为maC．小物块受到的静摩擦力大小为0.5mg＋maD．小物块受到斜面的弹力大小为0.5mg【答案】C【解析】以小物块为研究对象，分析受力情况，小物块受重力mg、斜面的支持力N和静摩擦力f，f沿斜面向上，A错误；根据牛顿第二定律得f－mgsin 30°＝ma，解得f＝mg＋ma，方向平行于斜面向上，C正确，B错误；小物块受到的支持力等于重力垂直于斜面的分力，即N＝mgcos 30°＝，D错误．故选C15．如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，球和车厢相对静止，球的质量为1 kg.(g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(1)求车厢运动的加速度并说明车厢的运动情况；(2)求悬线对球的拉力大小．【答案】(1)7.5 m/s2，方向水平向右　车厢可能向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动　(2)12.5 N【解析】解法一(合成法)：(1)小球和车厢相对静止，它们的加速度相同．以小球为研究对象，对小球进行受力分析如图所示，小球所受合力为F合＝mgtan 37°.由牛顿第二定律得小球的加速度为a＝＝gtan 37°＝g＝7.5 m/s2，加速度方向水平向右．车厢的加速度与小球相同，车厢做的是向右的匀加速直线运动或向左的匀减速直线运动．(2)由图可知，悬线对球的拉力大小为FT＝＝12.5 N.解法二(正交分解法)：(1)建立直角坐标系如图所示，正交分解各力，根据牛顿第二定律列方程得x方向：FTx＝ma，y方向：FTy－mg＝0，即FTsin 37°＝ma，FTcos 37°－mg＝0，解得a＝g＝7.5 m/s2.加速度方向水平向右．车厢的加速度与小球相同，车厢做的是向右的匀加速直线运动或向左的匀减速直线运动．(2)由(1)中所列方程解得悬线对球的拉力大小为FT＝＝12.5 N.16．如图所示，质量为m的木块以一定的初速度沿倾角为θ的斜面向上滑动，斜面静止不动且足够长，木块与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g.(1)求向上滑动时木块的加速度的大小和方向；(2)若此木块滑到最大高度后，能沿斜面下滑，求下滑时木块的加速度的大小和方向．【答案】(1)g(sinθ＋μcosθ)　方向沿斜面向下(2)g(sinθ－μcosθ)　方向沿斜面向下【解析】(1)以木块为研究对象，木块上滑时对其受力分析，如图甲所示根据牛顿第二定律有mgsinθ＋Ff＝ma，FN－mgcosθ＝0又Ff＝μFN联立解得a＝g(sinθ＋μcosθ)，方向沿斜面向下．(2)木块下滑时对其受力分析如图乙所示．根据牛顿第二定律有mgsinθ－Ff′＝ma′，FN′－mgcosθ＝0又Ff′＝μFN′联立解得a′＝g(sinθ－μcosθ)，方向沿斜面向下．