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高中数学人教A版 (2019)选择性必修 第一册第一章 空间向量与立体几何1.4 空间向量的应用第2课时练习
展开第一章 1.4 1.4.2 第2课时
A级——基础过关练
1.平面α的一个法向量为n=(1,-,0),则y轴与平面α所成的角的大小为( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】y轴的一个方向向量为m=(0,1,0),cos〈m,n〉===-.所以〈m,n〉=,所以y轴与平面α所成角的大小为-=.
2.(2021年太原检测)如图,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,O是底面ABCD的中心,E,F分别是CC1,AD的中点,那么异面直线OE和FD1所成的角的余弦值等于( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】如图所示,建立空间直角坐标系,则O(1,1,0),E(0,2,1),D1(0,0,2),F(1,0,0).所以=(-1,1,1),=(-1,0,2),所以cos〈,〉===.所以异面直线OE与FD1所成的角的余弦值等于.
3.(2021年衢州检测)已知正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AA1=2AB,则CD与平面BDC1所成角的正弦值为( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】如图所示,建立空间直角坐标系.设AA1=2AB=2a,则B(a,0,0),D(0,a,0),C1(a,a,2a),C(a,a,0).所以=(-a,0,0),=(-a,a,0),=(0,a,2a),设平面BDC1的法向量n=(x,y,z),则即令y=2,则x=2,z=-1.所以平面BDC1的一个法向量n=(2,2,-1).设CD与平面BDC1所成的角为α,则sinα=|cos〈,n〉|===.
4.已知E,F分别是棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1的棱BC,CC1的中点,则截面AEFD1与底面ABCD所成二面角的正弦值是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】以D为坐标原点,DA,DC,DD1所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,如图,
则A(1,0,0),E,F,D1(0,0,1).故=(-1,0,1),=.设平面AEFD1的法向量n=(x,y,z),则即故x=2y=z,取y=1,则n=(2,1,2).而平面ABCD的一个法向量u=(0,0,1),故cos〈n,u〉===.设截面AEFD1与底面ABCD所成二面角的大小为θ,则|cosθ|=|cos〈n,u〉|,故sinθ===.
5.在正四棱锥P-ABCD中,高为1,底面边长为2,E为BC的中点,则异面直线PE与DB所成的角为( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】如图,建立空间直角坐标系,则B(1,1,0),D(-1,-1,0),E(0,1,0),P(0,0,1).故=(2,2,0),=(0,1,-1).从而|cos〈,〉|===.于是PE与DB所成的角为.
6.如图,在圆锥PO中,已知PO=,☉O的直径AB=2,C是的中点,则二面角B-PA-C的余弦值为( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】如图,以O为坐标原点,,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向建立空间直角坐标系,则O(0,0,0),A(-1,0,0),B(1,0,0),C(0,1,0),P(0,0,).设n1=(x,y,z)是平面PAC的一个法向量,则由n1·=0,n1·=0,得所以x=-z,y=z.取z=1,得n1=(-,,1).因为y轴⊥平面PAB,所以平面PAB的一个法向量n2=(0,1,0).设向量n1和n2的夹角为θ,则cosθ===.由图可知二面角B-PA-C为锐角,所以二面角B-PA-C的余弦值为.
7.(多选)在正方体ABCD-A1B1C1D1中,若棱长为1,E,F分别为线段B1D1,BC1上的动点,则下列结论正确的是( )
A.DB1⊥平面ACD1
B.平面A1C1B∥平面ACD1
C.点F到平面ACD1的距离为定值
D.直线AE与平面BB1D1D所成角的正弦值为定值
【答案】ABC
【解析】以A为坐标原点可建立如图所示的空间直角坐标系,则A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,1,0),A1(0,0,1),B1(1,0,1),C1(1,1,1),D1(0,1,1),设E(x,y,1),=λ,即(x-1,y,0)=(-λ,λ,0),∴E(1-λ,λ,1),设F(1,y′,z′),=μ,即(0,y′,z′)=(0,μ,μ),∴F(1,μ,μ).对于A,∵=(1,-1,1),=(1,1,0),=(0,1,1),∴∴DB1⊥AC,DB1⊥AD1,又∵AC,AD1⊂平面ACD1,AC∩AD1=A,∴DB1⊥平面ACD1,故A正确;对于B,∵DB1⊥平面ACD1,∴=(1,-1,1)为平面ACD1的一个法向量,∵=(1,1,0),=(1,0,-1),∴∴DB1⊥A1C1,DB1⊥A1B,又∵A1C1,A1B⊂平面A1C1B,A1C1∩A1B=A1,∴DB1⊥平面A1C1B,∴平面A1C1B∥平面ACD1,故B正确;对于C,∵=(1,μ,μ),∴点F到平面ACD1的距离d===,为定值,故C正确;对于D,∵几何体为正方体,∴AC⊥平面BB1D1D,∴=(1,1,0)是平面BB1D1D的一个法向量,又∵=(1-λ,λ,1),设直线AE与平面BB1D1D所成角为θ,则sinθ==,不是定值,故D错误.故选ABC.
8.如图,A1B1C1-ABC是直三棱柱,∠BCA=90°,D1,F1分别是A1B1和A1C1的中点,若BC=CA=CC1,则D1B与AF1夹角的余弦值是________.
【答案】
【解析】建立如图所示的空间直角坐标系,设BC=CA=CC1=2,所以A(2,0,0),B(0,2,0),C1(0,0,2),A1(2,0,2),B1(0,2,2).因为D1,F1分别为A1B1,A1C1的中点,所以D1(1,1,2),F1(1,0,2),所以=(-1,1,-2),=(-1,0,2),所以·=(-1,1,-2)·(-1,0,2)=-3,||==,||==,所以cos〈,〉===-.所以异面直线D1B与AF1的夹角的余弦值为.
9.在直三棱柱ABC-A1B1C1中,∠ABC=90°,AB=BC=AA1=2,D是A1C1的中点,则异面直线AD和BC1所成角的大小为________.
【答案】30°
【解析】如图,建立空间直角坐标系,则A(2,0,0),A1(2,0,2),C1(0,2,2),B(0,0,0),由D为A1C1中点知D(1,1,2),所以=(-1,1,2),=(0,2,2).所以cos〈,〉===,所以异面直线AD与BC1所成的角为30°.
10.如图,在三棱台DEF-ABC中,AB=2DE,G,H分别为AC,BC的中点.
(1)求证:BD∥平面FGH;
(2)若CF⊥平面ABC,AB⊥BC,CF=DE,∠BAC=45°,求平面FGH与平面ACFD所成的角(锐角)的大小.
(1)证明:因为DEF-ABC是三棱台,且AB=2DE,
所以BC=2EF,AC=2DF.
因为G,H分别是AC,BC的中点,
所以GH∥AB.
因为AB⊄平面FGH,GH⊂平面FGH,
所以AB∥平面FGH.
因为EF∥BH且EF=BH,
所以四边形BHFE是平行四边形.
所以BE∥HF.
又因为BE⊄平面FGH,HF⊂平面FGH,
所以BE∥平面FGH.
又因为AB∩BE=B,
所以平面ABE∥平面FGH.
因为BD⊂平面ABE,
所以BD∥平面FGH.
(2)解:因为CF⊥平面ABC,
所以CF⊥AB.
又因为BC⊥AB,BC∩CF=C,
所以AB⊥平面BCFE.
以B为坐标原点,BC所在直线为x轴,BA所在直线为y轴建立空间直角坐标系,如图.
因为∠BAC=45°,所以BC=AB,设DE=1,
则B(0,0,0),C(2,0,0),A(0,2,0),H(1,0,0),G(1,1,0),F(2,0,1),所以=(0,1,0),=(1,0,1).
设平面FGH的一个法向量n=(x,y,z),则
令x=1,则z=-1,所以n=(1,0,-1).
连接BG,可得BG⊥AC,BG⊥CF,又因为AC∩CF=C,
所以BG⊥平面ACFD.
所以=(1,1,0)是平面ACFD的一个法向量,
所以cos〈n,〉==.
所以平面FGH与平面ACFD所成的锐二面角的大小为60°.
B级——能力提升练
11.如图,在空间直角坐标系中有直三棱柱ABC-A1B1C1,CA=CC1=2CB,则直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为( )
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】设CB=1,则A(2,0,0),B1(0,2,1),C1(0,2,0),B(0,0,1),=(0,2,-1),=(-2,2,1),所以cos〈,〉===.
12.(多选)(2022年龙岩期中)如图,△ABC和△DBC所在平面垂直,且AB=BC=BD,∠CBA=∠DBC=120°,则( )
A.直线AD与直线BC所成角的大小为90°
B.直线AC与直线BD所成角的余弦值为
C.直线AD与平面BCD所成角的大小为45°
D.直线CD与平面ABC所成角的大小为60°
【答案】ABC
【解析】在CD,AC上分别作点E,F,使BE⊥BC,BF⊥BC,以B为坐标原点,BE,BC,BF所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空间直角坐标系.
设AB=BC=BD=2,则A(0,-1,),B(0,0,0),D(,-1,0),C(0,2,0).
对于A,=(,0,-),=(0,2,0),则·=0,所以⊥,故直线AD与直线BC所成角的大小为90°,A对;对于B,=(0,3,-),=(,-1,0),cos〈,〉==-=-,所以,直线AC与直线BD所成角的余弦值为,B对;对于C,=(,0,-),平面BCD的一个法向量为m=(0,0,1),cos〈,m〉==-=-,所以直线AD与平面BCD所成角的大小为45°,C对;对于D,=(,-3,0),平面ABC的一个法向量为n=(1,0,0),cos〈,n〉===,所以直线CD与平面ABC所成角的大小为30°,D错.故选ABC.
13.如图,PD垂直于正方形ABCD所在平面,AB=2,E为PB的中点,cos〈,〉=,若以DA,DC,DP所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系,则点E的坐标为________.
【答案】(1,1,1)
【解析】设PD=a(a>0),则A(2,0,0),B(2,2,0),P(0,0,a),E,所以=(0,0,a),=.因为cos〈,〉=,所以=a×,所以a=2,所以点E的坐标为(1,1,1).
14.如图,在底面边长均为2,高为1的长方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别为BC,C1D1的中点,则异面直线A1E,CF所成角的大小为________;平面A1EF与平面A1B1C1D1所成锐二面角的余弦值为________.
【答案】
【解析】以D为原点建立如图所示的空间直角坐标系,则A1(2,0,1),E(1,2,0),C(0,2,0),F(0,1,1),所以=(-1,2,-1),=(0,-1,1).设异面直线A1E,CF所成角的大小为θ,所以cosθ===.因为θ∈,所以θ=.又因为=(-2,1,0),设平面A1EF的一个法向量m=(x,y,z),则即令x=1,则m=(1,2,3),平面A1B1C1D1一个法向量n=(0,0,1),设平面A1EF与平面A1B1C1D1所成锐二面角为α,所以cosα===.
15.(2021年山东模拟)如图,长方体ABCD-A1B1C1D1中,AB=16,BC=10,AA1=8,点E,F分别在A1B1,D1C1上,A1E=D1F=4,过点E,F的平面α与此长方体的面相交,交线围成一个正方形.
(1)在图中画出这个正方形(不必说出画法和理由);
(2)求直线AF与平面α所成角的正弦值.
解:(1)交线围成的正方形EHGF如图所示.
(2)作EM⊥AB,垂足为M,
则AM=A1E=4,EM=AA1=8.
因为四边形EHGF为正方形,所以EH=EF=BC=10.
于是MH==6,所以AH=10.
以D为坐标原点,的方向为x轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系Dxyz,则A(10,0,0),H(10,10,0),E(10,4,8),F(0,4,8),=(10,0,0),=(0,-6,8).
设n=(x,y,z)是平面EHGF的一个法向量,
则即
所以可取n=(0,4,3).又因为=(-10,4,8),
故|cos〈n,〉|==.
所以AF与平面α所成角的正弦值为.
高中数学人教A版 (2019)选择性必修 第一册1.4 空间向量的应用第二课时当堂达标检测题: 这是一份高中数学人教A版 (2019)选择性必修 第一册1.4 空间向量的应用第二课时当堂达标检测题,共9页。
人教A版 (2019)选择性必修 第一册1.4 空间向量的应用第一课时课后作业题: 这是一份人教A版 (2019)选择性必修 第一册1.4 空间向量的应用第一课时课后作业题,共8页。试卷主要包含了故选B,下列四个命题中,正确命题有等内容,欢迎下载使用。
数学选择性必修 第一册第一章 空间向量与立体几何1.4 空间向量的应用第2课时达标测试: 这是一份数学选择性必修 第一册第一章 空间向量与立体几何1.4 空间向量的应用第2课时达标测试,共8页。