2021-2022学年江西省景德镇市高二（下）期末化学试卷（理科）

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2021-2022学年江西省景德镇市高二（下）期末化学试卷（理科）
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意）
1．（3分）化学与科学、技术、社会、环境（STSE）密切联系。下列说法错误的是（　　）
A．生产N95口罩的主要原料聚丙烯是一种高分子
B．新冠病毒可用75%乙醇、次氯酸钠溶液、过氧乙酸（CH3COOOH）进行消毒，其消毒原理相同
C．将地沟油回收加工成燃料，可提高资源的利用率
D．聚乙烯是生产食品保鲜膜、塑料水杯等生活用品的主要材料，不能用聚氯乙烯替代
2．（3分）下列化学用语正确的是（　　）
A．对硝基甲苯的结构简式：
B．醛基的电子式：
C．CH≡CCH2Cl属于不饱和烃
D．1﹣丁烯的键线式：
3．（3分）下列各组物质之间，一定互为同系物的是（　　）
A．C4H8与C6H12 B．乙二醇与丙三醇
C．CH2O2与C2H4O2 D．HCOOH与C17H35COOH
4．（3分）下列有机物命名正确的是（　　）
A．异丁酸甲酯 B．3﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯
C． 4，5﹣二甲基﹣3﹣戊醇 D．邻二甲苯
5．（3分）以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：①氧化；②消去；③加成；④酯化；⑤水解⑥加聚，来合成乙二酸乙二酯（ ）的正确顺序是（　　）
A．①⑤②③④ B．①②③④⑤ C．②③⑤①④ D．②③⑤①⑥
6．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．油脂饱和程度越大，熔点越低
B．蕉糖、麦芽糖、硬脂酸甘油酯酸性水解都能得到2种物质
C．氨基酸、二肽、蛋白质均既能跟强酸反应又能跟强碱反应
D．NH4Cl溶液和CuSO4溶液均可使蛋白质变性
7．（3分）下列关系正确的是（　　）
A．沸点：正戊烷＞2，2﹣二甲基丙烷＞2﹣甲基丁烷
B．氢的质量分数：甲烷＞苯＞乙烯
C．密度：溴苯＞H2O＞苯
D．等物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞C6H5COOH＞苯
8．（3分）中成药连花清瘟胶囊，清瘟解毒，宣肺泄热，用于治疗流行性感冒，其有效成分绿原酸的结构简式如图，下列有关绿原酸说法不正确的是（　　）

A．1mol绿原酸可消耗4molNaOH
B．能发生加成、取代、加聚、缩聚反应
C．能与NaHCO3反应产生CO2
D．1mol该有机物与足量Na反应产生2.5molH2
9．（3分）以下实验能获得成功的是（　　）
A．要检验溴乙烷中的溴元素，可以加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成
B．将铜丝在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，铜丝恢复成原来的红色，取出，铜丝又会变为黑色，反复几次，用氢氧化铜悬浊液可以证明是否生成了乙醛
C．要检验蔗糖的水解产物，将蔗糖的水解液加入到新制的氢氧化铜悬浊液中，加热至沸腾观察是否有红色沉淀产生
D．在进行溴乙烷与NaOH乙醇溶液反应的实验中，将反应产生的气体直接通入到酸性高锰酸钾溶液中来检验产生的气体是否为乙烯
10．（3分）已知NA是阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（　　）
A．100g46%的乙醇水溶液含有的氧原子数为3NA
B．1molK2Cr2O7被还原为Cr3+转移的电子数为6NA
C．标准状况下，5.6L溴乙烷中含有分子的数目为0.25NA
D．常温下，pH＝2的H2C2O4溶液中，含有H+数为0.01NA
11．（3分）下列几种高分子化合物，其中可能是由两种不同的单体聚合而成的是（　　）

A．①③⑤ B．③④⑤ C．②④⑤ D．②③⑤
12．（3分）下列各组中除去M中混有的杂质N，所使用的试剂及方法正确的是（　　）
选项
M
N
除杂试剂
除杂方法
A
溴苯
溴
Na2SO3溶液
分液
B
CH4
CH2＝CH2
酸性KMnO4溶液
洗气
C
CH3COOC2H5
CH3COOH、C2H5OH
NaOH溶液
分液
D
苯
苯酚
浓溴水
过滤
A．A B．B C．C D．D
13．（3分）某单烯烃加氢后产物的健线式为，考虑顺反异构，则该烯烃有（　　）
A．4种 B．5种 C．6种 D．7种
14．（3分）利用如图实验装置完成对应的实验，能达到实验目的的是（　　）
A．装置甲验证苯与液溴发生取代反应
B．装置乙探究酒精脱水生成乙烯
C．装置丙利用分水器提高乙酸乙酯的产率
D．用丁制备并检验乙烯
15．（3分）胡妥油（D）用作香料的原料，它可由A合成得到：

下列说法正确的是（　　）
A．有机物A的核磁共振氢谱有7组峰
B．有机物B既能与O2催化氧化生成醛，又能跟NaHCO3溶液反应放出CO2气体
C．有机物C的所有同分异构体中不可能有芳香族化合物存在
D．有机物D分子中所有碳原子一定共面
16．（3分）我国自主研发对二甲苯的绿色合成路线如图所示，有关说法正确的是（　　）
A．过程①发生了取代反应
B．过程②有C﹣H键、C﹣O键、C﹣C键的断裂和形成
C．该合成路线原子利用率为100%，最终得到的产物易分离
D．该反应的副产物可能有间二甲苯
二、非选择题
17．（1）甲、乙、丙三种物质的转化关系如图所示：

请回答下列问题：
①Ⅲ所需试剂为 　 　，Ⅱ的化学方程式为 　 　。
②请用系统命名法写出丙的名称 　 　，甲的同系物中，碳原子数最少的有机物的电子式为 　 　。
③丙在加热和有催化剂的条件下可以被O2氧化，反应的化学方程式为 　 　。
（2）某有机化合物A经李比希法测得其分子内C、H、O原子个数比为4：4：1。现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。
方法一：质谱仪测得A的质谱图，如图甲。
方法二：核磁共振仪测得A的核磁共振氢谱有4组峰，其面积之比为1：2：2：3，如图乙。
方法三：利用红外光谱仪测得A的红外光谱，如图丙。

已知：A分子中含有苯环，且苯环上只有一个取代基。试回答下列问题。
①A的相对分子质量为 　 　。
②A的分子式为 　 　，其官能团名称为 　 　。
③A与NaOH溶液反应的化学方程式为：　 　。
18．回答下列问题
（1）某烃A的相对分子质量为84。
①若烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯代物只有一种。则A的结构简式为 　 　。
②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3：2：1，则符合A的所有结构简式为 　 　。
（2）已知胺（R﹣NH2）具有下列性质：
Ⅰ.RNH2+CH3COCl→RNHCOCH3+HCl
Ⅱ.RNHCOCH3在一定条件下可发生水解：RNHCOCH3+H2O→RNH2+CH3COOH对硝基苯胺是重要的化工原料，其合成路线如图：

根据合成路线回答：
①步骤①的目的是：　 　。
②写出反应②的化学方程式 　 　。
19．苯乙酮（）广泛用于皂用香料和烟草香精中，可由苯和乙酸酐制备，其反应原理为：
+（CH3CO）2O+CH3COOH
已知：
名称
相对分子质量
沸点/℃
密度（g•mL﹣1）
溶解性
苯
78
80.1
0.88
不溶于水，易溶于有机溶剂
苯乙酮
120
203
1.03
微溶于水，易溶于有机溶剂
乙酸酐
102
139
1.08
溶于水生成乙酸，易溶于有机溶剂
AlCl3
133.5
178（升华）
2.44
遇水水解，微溶于苯
Ⅰ.催化剂无水AlCl3的制备
图中是实验室制取并收集少量无水AlCl3的相关实验装置的仪器和药品。

（1）B中发生的反应的离子方程式为 　 　。
（2）制备无水AlCl3的导管接口顺序为c→　 　（填序号，装置不可重复使用），E的作用是 　 　。
（3）在选择收集装置时，常选用图中F，而不选择图1的原因是 　 　。

Ⅱ.苯乙酮的制备
步骤一：向三颈烧瓶中加入28.0g苯和12.0g无水氯化铝，在搅拌下滴加＝20.4g乙酸酐，在70～80℃下加热45min，反应装置如图（省略部分装置）。

步骤二：冷却后将反应物倒入50.0g冰水中，有白色胶状沉淀生成，水层用苯萃取，合并苯层溶液，再依次用15mL5%NaOH溶液和15mL水洗涤，分离出苯层。
步骤三：苯层用无水硫酸镁干燥，蒸馏回收苯，再收集产品苯乙酮。
请回答下列问题：
（4）步骤一中适宜的加热方式为 　 　。
（5）根据上述实验药品的用量，三颈烧瓶的最适宜规格为 　 　。
A．50mL
B．100mL
C．250mL
D．500mL
（6）图示仪器N的名称为 　 　，其作用是 　 　。
（7）步骤二中用NaOH溶液洗涤的目的是 　 　。
（8）实验中收集到18.0g苯乙酮，则苯乙酮的产率为 　 　。
20．F和I是合成新疆藁木中有效成分的中间体，其合成路线如图：

已知：R1CH＝CHCOOR2R1CH＝CHCH2OH+R2OH，R1、R2为H或烃基。
回答下列问题：
（1）A中含氧官能团有（酚）羟基、　 　、　 　。
（2）反应①的反应类型是 　 　。
（3）鉴别B和D可用的试剂是 　 　。
（4）反应④的化学方程式为 　 　。
（5）H的结构简式为 　 　。
（6）W是B的同分异构体，能与FeCl3溶液发生显色反应，碱性水解后酸化，两种产物核磁共振氢谱均只两组峰，一种产物的峰面积比为1：1，另一种为3：1，写出W的结构简式：　 　。
（7）藜芦醛（）是一种食品用香料。设计以和甲醇为原料制备藜芦醛的合成路线 　 　（无机试剂、有机溶剂任用）。
已知：

2021-2022学年江西省景德镇市高二（下）期末化学试卷（理科）
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意）
1．（3分）化学与科学、技术、社会、环境（STSE）密切联系。下列说法错误的是（　　）
A．生产N95口罩的主要原料聚丙烯是一种高分子
B．新冠病毒可用75%乙醇、次氯酸钠溶液、过氧乙酸（CH3COOOH）进行消毒，其消毒原理相同
C．将地沟油回收加工成燃料，可提高资源的利用率
D．聚乙烯是生产食品保鲜膜、塑料水杯等生活用品的主要材料，不能用聚氯乙烯替代
【分析】A．相对分子质量大于一万的有机物为高分子化合物；
B．次氯酸钠溶液、过氧乙酸是利用其强氧化性消毒，75%的乙醇消毒不是氧化性；
C．废物利用，可以提高资源利用率；
D．聚氯乙烯在使用过程中会慢慢释放出氯化氢气体污染食品。
【解答】解：A．聚丙烯属于有机合成高分子材料，故A正确；
B．75%的乙醇消毒利用乙醇的分子具有很大的渗透能力，它能穿过细菌表面的膜，打入细菌的内部，使构成细菌生命基础的蛋白质凝固，将细菌杀死，即能使蛋白质变性，而次氯酸钠溶液、过氧乙酸是利用其强氧化性消毒，因此，其消毒原理不同，故B错误；
C．将地沟油回收加工成燃料，可提高资源的利用率，故C正确；
D．聚氯乙烯在使用过程中会慢慢释放出氯化氢，能够造成食品的污染，不能代替聚乙烯使用，故D正确；
故选：B。
【点评】本题考查了物质性质和应用，注意知识的积累，题目难度不大。
2．（3分）下列化学用语正确的是（　　）
A．对硝基甲苯的结构简式：
B．醛基的电子式：
C．CH≡CCH2Cl属于不饱和烃
D．1﹣丁烯的键线式：
【分析】A.对硝基甲苯中硝基和甲基处于对位的位置，且硝基的N原子与苯环相连；
B.醛基的碳原子上有一个未成对电子；
C.只含C、H两种元素的有机物为烃；
D.用端点和拐点表示C原子，将C原子上的H原子省略所得到的式子为键线式。
【解答】解：A．对硝基甲苯中硝基和甲基处于对位的位置，且硝基的N原子与苯环相连，其结构简式是，故A错误；
B．醛基的电子式为：，故B错误；
C．只含C、H两种元素的有机物为烃，CH≡CCH2Cl不属于烃，故C错误；
D．1﹣丁烯的键线式为，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查常见化学用语的表示方法及正误判断，把握电子式、结构简式和键线式等知识即可解答，侧重考查学生的灵活运用能力和规范答题能力，题目难度不大。
3．（3分）下列各组物质之间，一定互为同系物的是（　　）
A．C4H8与C6H12 B．乙二醇与丙三醇
C．CH2O2与C2H4O2 D．HCOOH与C17H35COOH
【分析】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物，同系物必须是同一类物质（含有相同且数量相等的官能团），据此进行解答。
【解答】解：A．C4H8可能是单烯烃，也可能是环烷烃，同样C6H12可能是单烯烃，可能是环烷烃，两者的结构不一定相似，故不一定为同系物，故A错误；
B．乙二醇有2个羟基，丙三醇有3个羟基，二者含有的羟基数目不同，一定不是同系物，故B错误；
C．CH2O2可以为甲酸，C2H4O2可以为乙酸也可以为甲酸甲酯，因此两者结构不一定相似，不一定是同系物，故C错误；
D．C17H35﹣这个烷基为饱和原子团，因此C17H35COOH和HCOOH都是羧酸，结构相似，分子组成相差17个CH2，互为同系物，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了同系物的判断，题目难度不大，注意明确同系物的概念的判断方法，互为同系物的有机物分子中，如果含有官能团，含有官能团类型及数目一定完全相同，试题培养了学生的灵活应用能力。
4．（3分）下列有机物命名正确的是（　　）
A．异丁酸甲酯 B．3﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯
C． 4，5﹣二甲基﹣3﹣戊醇 D．邻二甲苯
【分析】（1）烷烃命名原则：
①长﹣﹣﹣﹣﹣选最长碳链为主链；
②多﹣﹣﹣﹣﹣遇等长碳链时，支链最多为主链；
③近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号；
④小﹣﹣﹣﹣﹣支链编号之和最小。看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号”的原则；
⑤简﹣﹣﹣﹣﹣两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；
（2）有机物的名称书写要规范；
（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；
（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。
【解答】解：A．是酯类化合物，是甲醇与异丁酸发生酯化反应生成的，故正确的名称为异丁酸甲酯，故A正确；
B．为二烯烃，选取含有碳碳双键在内的最长碳链作为主链，含有4个碳原子，从距离双键最近的一端开始编号，正确的名称为2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯，故B错误；
C．为醇，选取含有羟基的最长碳链作为主链，含有6个碳原子，从距离羟基最近的一端开始编号，正确的名称为4—甲基﹣3﹣己醇，故C错误；
D．是环烷烃，名称为邻二甲基环己烷，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查了常见有机物的命名，题目难度不大，该题注重了基础性试题的考查，侧重对学生基础知识的检验和训练，该题的关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力。
5．（3分）以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：①氧化；②消去；③加成；④酯化；⑤水解⑥加聚，来合成乙二酸乙二酯（ ）的正确顺序是（　　）
A．①⑤②③④ B．①②③④⑤ C．②③⑤①④ D．②③⑤①⑥
【分析】以乙醇为原料合成乙二酸乙二酯，先乙醇发生消去反应生成乙烯，加成生成二卤代烃，水解生成乙二醇，乙二醇氧化生成乙二酸，最后发生酯化反应生成乙二酸乙二酯，以此来解答．
【解答】解：以乙醇为原料合成乙二酸乙二酯，经过以下几步
第一步：先乙醇发生消去反应生成乙烯，为消去反应；
第二步：乙烯发生加成反应生成二卤代烃，为加成反应；
第三步：水解生成乙二醇，为水解反应；
第四步：乙二醇氧化生成乙二酸，为氧化反应；
第五步：发生酯化反应生成乙二酸乙二酯，为酯化反应，
涉及的反应类型按反应顺序依次为②③⑤①④，
故选：C。
【点评】本题考查有机物的合成，为高频考点，把握合成的有机物与已知物质的官能团变化、合成反应为解答的关键，注意结合乙醇的性质分析合成路线即可解答，侧重反应类型的考查，题目难度不大．
6．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．油脂饱和程度越大，熔点越低
B．蕉糖、麦芽糖、硬脂酸甘油酯酸性水解都能得到2种物质
C．氨基酸、二肽、蛋白质均既能跟强酸反应又能跟强碱反应
D．NH4Cl溶液和CuSO4溶液均可使蛋白质变性
【分析】A．油脂是高级脂肪酸跟甘油生成的酯，其中形成油脂的脂肪酸的饱和程度对油脂的熔点有着重要的影响，由饱和的脂肪酸生成的甘油酯熔点较高；
B．麦芽糖水解只生成葡萄糖；
C．氨基酸、二肽、蛋白质均既含有氨基，又含有羧基；
D．NH4Cl不能使蛋白质变性。
【解答】解：A．油脂饱和程度越大，熔点越高，故A错误；
B．麦芽糖水解只生成葡萄糖，只有1种物质，故B错误；
C．氨基酸、二肽、蛋白质均既含有氨基，又含有羧基，均既能跟强酸反应又能跟强碱反应，故C正确；
D．NH4Cl不能使蛋白质变性，可以使蛋白质发生盐析，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查常见有机物的结构和性质，题目难度不大，易错项为D，明确蛋白质的性质是解题的关键。
7．（3分）下列关系正确的是（　　）
A．沸点：正戊烷＞2，2﹣二甲基丙烷＞2﹣甲基丁烷
B．氢的质量分数：甲烷＞苯＞乙烯
C．密度：溴苯＞H2O＞苯
D．等物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞C6H5COOH＞苯
【分析】A．沸点：正戊烷＞2，2﹣二甲基丙烷＞2﹣甲基丁烷；
B．氢的质量分数：甲烷＞苯＞乙烯；
C．密度：溴苯＞H2O＞苯；
D．等物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞C6H5COOH＞苯。
【解答】解：A．碳原子数相同的烃，支链越多，沸点越低，所以沸点：正戊烷＞2﹣甲基丁烷＞2，2﹣二甲基丙烷，故A错误；
B．氢的质量分数：甲烷＞乙烯＞苯，故B错误；
C．密度：溴苯＞H2O＞苯，故C正确；
D．己烷、苯、C6H5COOH的分子式分别是C6H14、C6H6、C6H6（CO2），所以等物质的量物质燃烧耗O2量：己烷＞苯＝C6H5COOH，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的性质，题目难度不大，本题注意判断烃类物质沸点高低的角度，学习中注重相关方法的积累。
8．（3分）中成药连花清瘟胶囊，清瘟解毒，宣肺泄热，用于治疗流行性感冒，其有效成分绿原酸的结构简式如图，下列有关绿原酸说法不正确的是（　　）

A．1mol绿原酸可消耗4molNaOH
B．能发生加成、取代、加聚、缩聚反应
C．能与NaHCO3反应产生CO2
D．1mol该有机物与足量Na反应产生2.5molH2
【分析】A．绿原酸中酚羟基、酯基水解生成的羧基和酚羟基、羧基都能和NaOH以1：1反应；
B．具有酚、苯、烯烃、酯、醇和羧酸的性质；
C．﹣COOH能和NaHCO3溶液反应生成CO2；
D．﹣OH、﹣COOH都能和钠反应生成H2，且存在关系式2﹣OH～H2、2﹣COOH～H2。
【解答】解：A．1个绿原酸分子中含有2个酚﹣OH、1个﹣COOH，分子中的1个酯基水解生成1个酚﹣OH和1个﹣COOH，则1mol绿原酸可消耗4mol NaOH，故A正确；
B．苯环、碳碳双键能发生加成反应，羟基、羧基和酯基都能发生取代反应，碳碳双键能发生加聚反应，含有醇羟基和羧基，所以能发生缩聚反应，故B正确；
C．分子中的﹣COOH与NaHCO3反应产生CO2，故C正确；
D．﹣OH、﹣COOH都能和钠反应生成H2，且存在关系式2﹣OH～H2、2﹣COOH～H2，分子中含有5个羟基、1个羧基，故1mol该绿原酸与足量Na反应产生3mol H2，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查基础知识的掌握和灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
9．（3分）以下实验能获得成功的是（　　）
A．要检验溴乙烷中的溴元素，可以加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成
B．将铜丝在酒精灯上加热变黑后，立即伸入盛有无水乙醇的试管中，铜丝恢复成原来的红色，取出，铜丝又会变为黑色，反复几次，用氢氧化铜悬浊液可以证明是否生成了乙醛
C．要检验蔗糖的水解产物，将蔗糖的水解液加入到新制的氢氧化铜悬浊液中，加热至沸腾观察是否有红色沉淀产生
D．在进行溴乙烷与NaOH乙醇溶液反应的实验中，将反应产生的气体直接通入到酸性高锰酸钾溶液中来检验产生的气体是否为乙烯
【分析】A．氢氧根离子与银离子反应，干扰了检验结果；
B．氢氧化铜浊液与乙醛加热反应生成红色沉淀氧化亚铜；
C．稀硫酸与新制的氢氧化铜悬浊液反应，干扰了检验结果；
D．乙醇易挥发，挥发出的乙醇能够使酸性高锰酸钾溶液褪色。
【解答】解：A．要检验溴乙烷中的溴元素，可以加入NaOH溶液共热，冷却后应该先滴入稀HNO3至溶液呈酸性，再滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成，故A错误；
B．由于氢氧化铜浊液与乙醛加热反应生成红色沉淀氧化亚铜，向反应后溶液中加入新制的氢氧化铜悬浊液，加热至沸腾观察是否有红色沉淀产生，可以证明是否生成了乙醛，故B正确；
C．要检验蔗糖的水解产物，应该先向蔗糖的水解液中加入NaOH溶液调至溶液呈碱性，再加入新制的氢氧化铜悬浊液，加热至沸腾观察是否有红色沉淀产生，故C错误；
D．在进行溴乙烷与NaOH乙醇溶液反应的实验中，反应产生的气体含有挥发出的乙醇，乙醇能够使酸性高锰酸钾溶液褪色，干扰了检验结果，则酸性高锰酸钾溶液褪色，不能说明产生的气体是乙烯，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。
10．（3分）已知NA是阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（　　）
A．100g46%的乙醇水溶液含有的氧原子数为3NA
B．1molK2Cr2O7被还原为Cr3+转移的电子数为6NA
C．标准状况下，5.6L溴乙烷中含有分子的数目为0.25NA
D．常温下，pH＝2的H2C2O4溶液中，含有H+数为0.01NA
【分析】A．乙醇溶液中，乙醇和水都含氧原子；
B．K2Cr2O7 被还原为Cr3+，Cr的化合价从+6价降低到+3价；
C．气体摩尔体积使用对象为气体；
D．溶液体积未知。
【解答】解：A．100g质量分数46%的乙醇（C2H5OH）水溶液中，乙醇质量为100g×46%＝46g，含有氧原子数为×1×NA/mol＝NA，水的质量为100g﹣46g＝54g，含有氧原子数为×3×NA/mol＝3NA，共含有的氧原子数为4NA，故A错误；
B．K2Cr2O7 被还原为Cr3+，Cr的化合价从+6价降低到+3价，1mol K2Cr2O7 中有2molCr，所以1mol K2Cr2O7 转移的电子数为6NA，故B正确；
C．标况下溴乙烷为液态，不能使用气体摩尔体积计算其物质的量，故C错误；
D．溶液体积未知，无法计算氢离子的数目，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，题目难度中等，阿伏加德罗常数是高考的“热点”，它既考查了学生对物质的量、粒子数、质量、体积等与阿伏加德罗常数关系的理解，又可以涵盖多角度的化学知识内容，掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系是解题的关键。
11．（3分）下列几种高分子化合物，其中可能是由两种不同的单体聚合而成的是（　　）

A．①③⑤ B．③④⑤ C．②④⑤ D．②③⑤
【分析】首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断；加聚产物的单体推断方法：凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体，凡链节中主碳链为6个碳原子，含有碳碳双键结构，单体为两种（即单烯烃和二烯烃）；缩聚产物的单体推断方法：断键，补原子．即找到断键点，断键后在相应部位加上﹣OH或﹣H，以此解答该题。
【解答】解：①加聚反应产物，其单体为氯乙烯，单体只有一种物质，故①错误；
②为加聚反应产物，其单体为2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯，单体为一种物质，故②错误；
③为缩聚反应产物，其单体为苯酚和甲醛两种物质，故③正确；
④为加聚反应产物，其单体为乙烯和丙烯两种物质，故④正确；
⑤为缩聚反应产物，其单体为乙二醇和对二苯甲酸，故⑤正确；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重于考查根据聚合反应产物判断其单体的方法，题目难度中等，解题根据是明确高分子化合物为加聚反应还是缩聚反应产物，然后根据反应特点找出单体即可。
12．（3分）下列各组中除去M中混有的杂质N，所使用的试剂及方法正确的是（　　）
选项
M
N
除杂试剂
除杂方法
A
溴苯
溴
Na2SO3溶液
分液
B
CH4
CH2＝CH2
酸性KMnO4溶液
洗气
C
CH3COOC2H5
CH3COOH、C2H5OH
NaOH溶液
分液
D
苯
苯酚
浓溴水
过滤
A．A B．B C．C D．D
【分析】A．溴与亚硫酸钠溶液反应后，与溴苯分层；
B．乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳；
C．乙酸乙酯、乙酸均与NaOH溶液反应；
D．溴水与苯酚反应生成的三溴苯酚及溴均易溶于苯。
【解答】解：A．溴与亚硫酸钠溶液反应后，与溴苯分层，分液可分离，故A正确；
B．乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳，引入新杂质二氧化碳，应选溴水、洗气，故B错误；
C．乙酸乙酯、乙酸均与NaOH溶液反应，不能除杂，应选饱和碳酸钠溶液、分液，故C错误；
D．溴水与苯酚反应生成的三溴苯酚及溴均易溶于苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查混合物的分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、发生的反应、混合物分离提纯为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识的应用，题目难度不大。
13．（3分）某单烯烃加氢后产物的健线式为，考虑顺反异构，则该烯烃有（　　）
A．4种 B．5种 C．6种 D．7种
【分析】某单烯烃加氢后产物为，则在单烯烃里有一个碳碳双键，结合碳原子形成四个共价键分析碳碳双键所在位置，碳碳双键上的碳原子连接不同基团时，存在顺反异构。
【解答】解：某单烯烃加氢后产物为，则在单烯烃里有一个碳碳双键，则可以是、、、、。连碳碳双键的碳原子上连的两个基团不相同，则存在顺反异构，存在顺反异构，则该烯烃有6种，
故选：C。
【点评】本题考查了有机物同分异构体的分析判断，注意碳碳双键位置的理解应用，题目难度中等。
14．（3分）利用如图实验装置完成对应的实验，能达到实验目的的是（　　）
A．装置甲验证苯与液溴发生取代反应
B．装置乙探究酒精脱水生成乙烯
C．装置丙利用分水器提高乙酸乙酯的产率
D．用丁制备并检验乙烯
【分析】A．溴易挥发，挥发出的溴与硝酸银溶液反应生成溴化银沉淀；
B．温度计的水银球应该插入溶液中；
C．该反应为可逆反应，分离出水可用使平衡正向移动；
D．乙烯中可能混有二氧化硫，二氧化硫能够使溴水褪色。
【解答】解：A．挥发的溴与硝酸银反应，干扰了检验结果，不能证明苯与液溴发生取代反应，应先除去挥发的溴，故A错误；
B．酒精在170℃时发生消去反应生成乙烯，温度计的水银球应在液面下测定温度，故B错误；
C．乙酸和乙醇在浓硫酸做催化剂的条件下发生酯化反应，碎瓷片用于防暴沸，分水器可分离出水使酯化反应正向进行，提高乙酸乙酯的产率，故C正确；
D．生成的乙烯中可能混有二氧化硫，二氧化硫也可与溴水反应，不能检验乙烯，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、反应与现象、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，题目难度不大。
15．（3分）胡妥油（D）用作香料的原料，它可由A合成得到：

下列说法正确的是（　　）
A．有机物A的核磁共振氢谱有7组峰
B．有机物B既能与O2催化氧化生成醛，又能跟NaHCO3溶液反应放出CO2气体
C．有机物C的所有同分异构体中不可能有芳香族化合物存在
D．有机物D分子中所有碳原子一定共面
【分析】A．结构不对称，含7种H原子；
B．与羟基相连碳原子上无H原子；
C．苯环的不饱和度为4；
D．有机物D中含3个sp3杂化。
【解答】解：A．有机物A分子中含7种等效氢，所以核磁共振氢谱有7组峰，故A正确；
B．有机物B分子中连接羟基的C原子上没有H原子，所以不能与O2催化氧化生成醛，故B错误；
C．有机物C分子中不饱和度为4，芳香族化合物中含苯环，苯环有4个不饱和度，所以有机物C的所有同分异构体中可能有芳香族化合物存在，故C错误；
D．有机物D中含3个sp3杂化，有机物D中两个碳碳双键所确定的平面不一定共面，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。
16．（3分）我国自主研发对二甲苯的绿色合成路线如图所示，有关说法正确的是（　　）
A．过程①发生了取代反应
B．过程②有C﹣H键、C﹣O键、C﹣C键的断裂和形成
C．该合成路线原子利用率为100%，最终得到的产物易分离
D．该反应的副产物可能有间二甲苯
【分析】A．碳碳双键变为碳碳单键；
B．过程②有C＝O键、C﹣H键的断裂；
C．过程②中除生成对二甲苯外，还生成了水；
D．异戊二烯与丙烯醛发生加成反应也能生成，经过程②得到间二甲苯。
【解答】解：A．由合成路线可知，碳碳双键变为碳碳单键，该反应为加成反应，不是取代反应，故A错误；
B．由图可知，过程②有C＝O键、C﹣H键的断裂，有C﹣H键、碳碳双键、H﹣O键的形成，故B错误；
C．过程①为加成反应，原子利用率为100%，但过程②中除生成对二甲苯外，还生成了水，因此原子利用率小于100%，故C错误；
D．异戊二烯与丙烯醛发生加成反应也能生成，经过程②得到间二甲苯，则由相同原料、相同原理能合成间二甲苯，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。
二、非选择题
17．（1）甲、乙、丙三种物质的转化关系如图所示：

请回答下列问题：
①Ⅲ所需试剂为 　NaOH水溶液　，Ⅱ的化学方程式为 　+NaCl+H2O　。
②请用系统命名法写出丙的名称 　2﹣甲基﹣1﹣丁醇　，甲的同系物中，碳原子数最少的有机物的电子式为 　　。
③丙在加热和有催化剂的条件下可以被O2氧化，反应的化学方程式为 　　。
（2）某有机化合物A经李比希法测得其分子内C、H、O原子个数比为4：4：1。现用下列方法测定该有机化合物的相对分子质量和分子结构。
方法一：质谱仪测得A的质谱图，如图甲。
方法二：核磁共振仪测得A的核磁共振氢谱有4组峰，其面积之比为1：2：2：3，如图乙。
方法三：利用红外光谱仪测得A的红外光谱，如图丙。

已知：A分子中含有苯环，且苯环上只有一个取代基。试回答下列问题。
①A的相对分子质量为 　136　。
②A的分子式为 　C8H8O2　，其官能团名称为 　酯基　。
③A与NaOH溶液反应的化学方程式为：　+NaOH+CH3OH　。
【分析】（1）①反应III为氯代烃的水解反应，所以III所需试剂为NaOH水溶液；反应Ⅱ为乙发生消去反应生成甲O；
②丙中主链上含有4个C原子、羟基位于1号碳原子上，甲基位于2号碳原子上，该物质属于醇；甲的同系物中，碳原子数最少的有机物为乙烯；
③丙在加热和有催化剂条件下被氧气氧化生成醛；
（2）①有机物A的最大质荷比为136，其相对分子质量为136；
②A分子内C、H、O原子个数比为4：4：1，则有机物A的实验式为C4H4O，设其分子式为（C4H4O）n，则（12×4+4+16）n＝136，解得n＝2，所以有机物A的分子式为C8H8O2，由红外光谱图可知，A分子含有苯环、碳氧双键，而A的不饱和度为5，没有其它不饱和键与环状结构，A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其核磁共振氢谱有四个吸收峰且峰面积之比为1：2：2：3，说明分子中含有4种H原子，分子中氢原子数目分别为1，2，2，3，红外光谱中存在C＝O、C﹣O﹣C、等结构，据此确定；
③有机物A的结构简式为，A与NaOH溶液反应生成、CH3OH。
【解答】解：（1）①反应III为氯代烃的水解反应，乙中的氯原子水解得到丙中的羟基，所需试剂为NaOH水溶液；反应Ⅱ为乙发生消去反应生成甲，反应的化学方程式为+NaCl+H2O，
故答案为：NaOH水溶液；+NaCl+H2O；
②丙中主链上含有4个C原子、羟基位于1号碳原子上，甲基位于2号碳原子上，所以其名称为2﹣甲基﹣1﹣丁醇；甲的同系物中，碳原子数最少的有机物为乙烯，乙烯的电子式为，
故答案为：2﹣甲基﹣1﹣丁醇；；
③丙催化氧化生成醛，反应的方程式为2，
故答案为：；
（2）①由质谱图可知，有机物A的最大质荷比为136，则有机物A的相对分子质量为136，
故答案为：136；
②有机化合物A经李比希法测得其分子内C、H、O原子个数比为4：4：1；
方法一：质谱仪测得A的质谱图，则有机物A的相对分子质量为136；
方法二：核磁共振仪测得A的核磁共振氢谱有4组峰，其面积之比为1：2：2：3；
方法三：利用红外光谱仪测得A的红外光谱，红外光谱中存在C＝O、C﹣O﹣C、等结构，可知取代基为﹣COOCH3，故有机物A的结构简式为，有机物A含有的官能团为酯基，
故答案为：C8H8O2；酯基；
③有机物A的结构简式为，A与NaOH溶液反应的化学方程式为+NaOH+CH3OH，
故答案为：+NaOH+CH3OH。
【点评】本题考查有机物的合成，涉及有机物命名、有机反应类型、官能团识别、有机反应方程式的书写等，对比物质的结构明确发生的反应，题目侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力。
18．回答下列问题
（1）某烃A的相对分子质量为84。
①若烃A为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯代物只有一种。则A的结构简式为 　　。
②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3：2：1，则符合A的所有结构简式为 　或　。
（2）已知胺（R﹣NH2）具有下列性质：
Ⅰ.RNH2+CH3COCl→RNHCOCH3+HCl
Ⅱ.RNHCOCH3在一定条件下可发生水解：RNHCOCH3+H2O→RNH2+CH3COOH对硝基苯胺是重要的化工原料，其合成路线如图：

根据合成路线回答：
①步骤①的目的是：　保护氨基　。
②写出反应②的化学方程式 　HNO3+H2O+　。
【分析】（1）①烃A的相对分子质量为84，则烃的分子式为C6H12，若烃A为链烃，分子中所有碳原子在同一平面，则烃中含有C＝C，另外4个碳原子等效；
②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3：2：1，则该分子中的12个氢原子中有6个氢原子形成了2个甲基，且为对称结构，4个氢原子形成了亚甲基，还有2个氢原子为 CH＝CH上的氢原子；
（2）①步骤①是将氨基转化为﹣NHCOCH3，而在第③步又将﹣NHCOCH3转化回氨基，步骤①的目的是保护氨基；
②反应②是硝化反应，HNO3与反应生成H2O+。
【解答】解：（1）①相对分子质量为84，则烃的分子式为C6H12，烃A为链烃，分子中所有碳原子在同一平面，且该分子的一氯代物只有一种，且该分子中含有碳碳双键，两个不饱和碳原子都连有碳原子，则该分子的结构简式为：，
故答案为：；
②若核磁共振氢谱显示链烃A有三组不同的峰，且峰面积比为3：2：1，则该分子中的12个氢原子中有6个氢原子形成了2个甲基，且为对称结构，4个氢原子形成了亚甲基，则符合A的所有结构简式为： 或，
故答案为： 或；
（2）①步骤①是将氨基转化为﹣NHCOCH3，而在第③步又将﹣NHCOCH3转化回氨基，所以步骤①的目的是保护氨基，
故答案为：保护氨基；
②反应②是硝化反应，化学方程式为：HNO3+H2O+，
故答案为：HNO3+H2O+。
【点评】本题主要考查有机物结构的推断，官能团的保护，有机方程式的书写，属于基本知识的考查，难度中等。
19．苯乙酮（）广泛用于皂用香料和烟草香精中，可由苯和乙酸酐制备，其反应原理为：
+（CH3CO）2O+CH3COOH
已知：
名称
相对分子质量
沸点/℃
密度（g•mL﹣1）
溶解性
苯
78
80.1
0.88
不溶于水，易溶于有机溶剂
苯乙酮
120
203
1.03
微溶于水，易溶于有机溶剂
乙酸酐
102
139
1.08
溶于水生成乙酸，易溶于有机溶剂
AlCl3
133.5
178（升华）
2.44
遇水水解，微溶于苯
Ⅰ.催化剂无水AlCl3的制备
图中是实验室制取并收集少量无水AlCl3的相关实验装置的仪器和药品。

（1）B中发生的反应的离子方程式为 　MnO2+4H++2Cl﹣Mn2++Cl2↑+2H2O　。
（2）制备无水AlCl3的导管接口顺序为c→　f→g→d→e→a→b→j→k→h→i　（填序号，装置不可重复使用），E的作用是 　防止水蒸气进入装置，并吸收多余的氯气　。
（3）在选择收集装置时，常选用图中F，而不选择图1的原因是 　防止升华的AlCl3在细导管中凝华造成堵塞　。

Ⅱ.苯乙酮的制备
步骤一：向三颈烧瓶中加入28.0g苯和12.0g无水氯化铝，在搅拌下滴加＝20.4g乙酸酐，在70～80℃下加热45min，反应装置如图（省略部分装置）。

步骤二：冷却后将反应物倒入50.0g冰水中，有白色胶状沉淀生成，水层用苯萃取，合并苯层溶液，再依次用15mL5%NaOH溶液和15mL水洗涤，分离出苯层。
步骤三：苯层用无水硫酸镁干燥，蒸馏回收苯，再收集产品苯乙酮。
请回答下列问题：
（4）步骤一中适宜的加热方式为 　水浴加热　。
（5）根据上述实验药品的用量，三颈烧瓶的最适宜规格为 　B　。
A．50mL
B．100mL
C．250mL
D．500mL
（6）图示仪器N的名称为 　球形冷凝管　，其作用是 　冷凝回流苯等物质　。
（7）步骤二中用NaOH溶液洗涤的目的是 　除去产品中的乙酸　。
（8）实验中收集到18.0g苯乙酮，则苯乙酮的产率为 　75%　。
【分析】Ⅰ.根据实验装置图可知，该实验中用浓盐酸与二氧化锰反应生成氯气，氯气中有氯化氢杂质，先用饱和食盐水除氯化氢，再用浓硫酸干燥，加热条件下氯气与铝反应制得氯化铝，反应后的尾气中含有氯气会造成污染，可用碱液吸收，为防止氯化铝与氢氧化钠溶液中的水蒸气反应，常用盛装有碱石灰的装置处理；
Ⅱ.（4）反应温度为70～80℃，小于水的沸点；
（5）三颈烧瓶所盛液体不超过烧瓶体积的三分之二，不低于三分之一，原料总体积接近50mL；
（6）图示仪器N的名称为球形冷凝管，有冷凝回流作用，可提高原料的利用率；
（7）苯是良好的有机溶剂，能溶解苯乙酮、生成的醋酸等物质，醋酸能与碱反应；
（8）由反应可知，参加反应的苯、醋酸酐和生成的苯乙酮的物质的量相等，28.0g苯的物质的量n（C6H6）＝≈0.36mol，20.4g乙酸酐的物质的量n[（CH3CO）2O]＝＝0.2mol＜n（C6H6），可根据乙酸酐的物质的量计算苯乙酮的理论产量。
【解答】解：Ⅰ.（1）装置B中MnO2和浓盐酸发生反应生成氯化锰、氯气和水，反应的离子方程式为MnO2+4H++2Cl﹣ Mn2++Cl2↑+2H2O，
故答案为：MnO2+4H++2Cl﹣ Mn2++Cl2↑+2H2O；
（2）制备无水氯化铝：先用B装置制取氯气，装置D用于除去氯气中的氯化氢，装置C用于干燥氯气，装置A制备无水氯化铝，装置F用于收集无水氯化铝，装置E用于吸收未反应的氯气、防止空气中的水蒸气进入，则仪器的连接顺序为c→f→g→d→e→a→b→j→k→h→i，
故答案为：f→g→d→e→a→b→j→k→h→i；防止水蒸气进入装置，并吸收多余的氯气；
（3）AlCl3易冷凝成固体会造成试管堵塞，为了防止AlCl3冷凝成固体会造成试管堵塞，在硬质玻璃管与广口瓶之间用粗导管连接，
故答案为：防止升华的AlCl3在细导管中凝华造成堵塞；
（4）反应温度为70～80℃，可用水浴加热，便于控制反应温度，均匀加热，
故答案为：水浴加热；
（5）向三颈烧瓶中加入28.0g苯和12.0g无水氯化铝，在搅拌下滴加20.4g乙酸酐，则原料总体积接近50mL，可选择100mL规格的三颈烧瓶，
故答案为：B；
（6）苯等物质沸点不高，受热易挥发，通过球形冷凝管充分冷凝回流，可提高苯等物质的利用率，
故答案为：球形冷凝管；冷凝回流苯等物质；
（7）苯中溶解有苯乙酮、乙酸等物质，乙酸能与碱反应，可选用NaOH溶液洗涤粗品，以除去其中溶解的乙酸，
故答案为：除去产品中的乙酸；
（8）28.0g苯的物质的量n（C6H6）＝≈0.36mol，20.4g乙酸酐的物质的量n[（CH3CO）2O]＝＝0.2mol＜n（C6H6），可根据乙酸酐的物质的量计算苯乙酮的理论产量，由反应可知，参加反应的苯、醋酸酐和生成的苯乙酮的物质的量相等，所以苯乙酮的理论产量为0.2mol×120g/mol＝24.0g，则苯乙酮的产率为×100%＝75%，
故答案为：75%。
【点评】本题考查制备实验方案设计，涉及物质的性质、发生的反应、实验装置或仪器的作用、物质的分离提纯、产率的计算等知识，为高频考点，明确实验原理、基本实验方法和操作是解题关键，试题充分考查了学生的分析能力、化学实验能力和运用能力，题目难度中等。
20．F和I是合成新疆藁木中有效成分的中间体，其合成路线如图：

已知：R1CH＝CHCOOR2R1CH＝CHCH2OH+R2OH，R1、R2为H或烃基。
回答下列问题：
（1）A中含氧官能团有（酚）羟基、　醚键　、　酯基　。
（2）反应①的反应类型是 　取代反应　。
（3）鉴别B和D可用的试剂是 　银氨溶液或新制Cu（OH）2　。
（4）反应④的化学方程式为 　+HOOC﹣CH2﹣COOC2H5→+CO2↑+H2O　。
（5）H的结构简式为 　　。
（6）W是B的同分异构体，能与FeCl3溶液发生显色反应，碱性水解后酸化，两种产物核磁共振氢谱均只两组峰，一种产物的峰面积比为1：1，另一种为3：1，写出W的结构简式：　　。
（7）藜芦醛（）是一种食品用香料。设计以和甲醇为原料制备藜芦醛的合成路线 　　（无机试剂、有机溶剂任用）。
已知：
【分析】A中酚羟基被取代生成B中醚键，B中酯基发生还原反应生成C中醇羟基，C中醇羟基发生氧化反应生成D中醛基，D和HOOC﹣CH2﹣COOC2H5发生反应生成E，根据F的结构简式及信息知，E为；根据G的分子式知，C中的﹣CH2OH中的羟基被PBr3中的溴原子取代生成G，G中的溴原子被﹣CN取代生成H，H中的﹣CN水解为羧基得到I，所以G为、H为；
（7）以和甲醇为原料制备藜芦醛，先和CH3Br发生信息中的反应生成甲氧基，甲基发生氧化反应生成羧基，羧基和甲醇发生酯化反应生成酯基，酯基发生还原反应生成醇羟基，醇羟基发生氧化反应生成醛基。
【解答】解：（1）A中含氧官能团为醚键、酚羟基、酯基，
故答案为：醚键；酯基；
（2）反应①是A中两个酚羟基上的H被CH2Cl2中的﹣CH2﹣取代，该反应为取代反应，
故答案为：取代反应；
（3）D中含有醛基、B中不含醛基，可以用银氨溶液或新制氢氧化铜悬浊液鉴别B、D，
故答案为：银氨溶液或新制Cu（OH）2；
（4）反应④的反应方程式为：+HOOC﹣CH2﹣COOC2H5→+CO2↑+H2O，
故答案为：+HOOC﹣CH2﹣COOC2H5→+CO2↑+H2O；
（5）通过以上分析知，H为，
故答案为：；
（6）W是B的同分异构体，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基；碱性水解后酸化，两种产物核磁共振氢谱均只两组峰，一种产物的峰面积比为1：1，另一种为3：1，则W为，
故答案为：；
（7）以和甲醇为原料制备藜芦醛，先和CH3Br发生信息中的反应生成甲氧基，甲基发生氧化反应生成羧基，羧基和甲醇发生酯化反应生成酯基，酯基发生还原反应生成醇羟基，醇羟基发生氧化反应生成醛基，合成路线为，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物推断和合成，侧重考查对比、分析、推断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，采用知识迁移、逆向思维方法进行合成路线设计，题目难度中等。