还剩6页未读，
继续阅读
湖南省常德市汉寿县第一中学2022-2023学年高二上学期第三次段考考物理试卷（Word版含答案）
展开
这是一份湖南省常德市汉寿县第一中学2022-2023学年高二上学期第三次段考考物理试卷（Word版含答案），共9页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题等内容，欢迎下载使用。
2022年下学期高二物理第三次周考试卷
时量 75分钟 总分100分
一、单项选择题(本题共8小题，每题只有一个选项正确，每小题5分，共40分)
1．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是 ( )
A．由E＝ 知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B．由C＝ 知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C．由E＝k 知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关
D．由UAB＝ 知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为
1 J，则A、B两点间的电势差为－1 V
2．空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场．实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则 ( )
A．A点和B点的电势相同
B．C点和D点的电场强度相同
C．正电荷从A点移至B点，静电力做正功
D．负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增加后减少
3. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知 ( )
A．带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
B．带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C．带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大
D．带电粒子在R点的加速度小于在Q点的加速度
4．如图甲所示，两个平行金属板P、Q正对竖直放置，两板间加上如图乙所示的交变电压．t＝0时，Q板比P板电势高U0，在两板的正中央M点有一电子在电场力作用下由静止开始运动(电子所受重力可忽略不计)，已知电子在0～4t0时间内未与两板相碰．则电子速度方向向左且速度大小逐渐减小的时间段是 ( )
A．0
A．A、D两点场强相同
B．E、O、F三点比较，O点电势最高
C．E、O、F三点比较，O点场强最弱
D．B、O、C三点比较，O点场强最强
6．一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度大小随时间变化的图象如图所示，
tA、tB分别是带电粒子在A、B两点对应的时刻，则下列说法中正确的有 ( )
A．A处的场强一定大于B处的场强
B．A处的电势一定高于B处的电势
C．带电粒子在A处的电势能一定小于在B处的电势能
D．带电粒子从A到B的过程中，所受电场力一定做正功
7．如图，真空中a、b、c、d四点共线且等距．先在a点固定一点电荷＋Q，测得b点场强大小为E。若
再将另一等量异种点电荷－Q放在d点，则 ( )
A．b点场强大小为E B．c点场强大小为E
C．b点场强方向向左 D．c点电势比b点电势高
8．如图所示，四个质量均为m、带电荷量均为＋q的微粒a、b、c、d距离地面的高度相同，以相同的水平速度被抛出，除了a微粒没有经过电场外，其他三个微粒均处在电场强度大小为E的匀强电场(mg>qE)，这四个微粒从被抛出到落地所用的时间分别是ta、tb、tc、td，不计空气阻力，则 ( )
A．tb
9.（多选）两个带电荷量相同的正点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则 ( )
A．q由A向O的运动是匀加速直线运动
B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小
C．q运动到O点时的动能最大
D．q运动到O点时电势能为零
10．（多选）如图所示，两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是 ( )
A．带正电
B．速度先变大后变小
C．电势能先变大后变小
D．经过b点和d点时的速度大小相同
11.（多选）如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，合上开关S后，静电
计指针张开一定角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是 ( )
A．使A、B两板靠近一些
B．使A、B两板正对面积减小一些
C．断开S后，使B板向右平移一些
D．断开S后，使A、B正对面积减小一些
12.（多选）如图所示，平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均从A板由静止开始经加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1∶2∶4，电荷量之比为1∶1∶2，则下列判断正确的是 ( )
A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同
B．三种粒子打到荧光屏上的位置相同
C．加速电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶2∶4
D．偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶1∶2
13.（多选）在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上的分布如图所示．下列说法正
确的有 ( )
A．q1和q2带有异种电荷
B．x1处的电场强度为零
C．负电荷从x1移到x2，电势能减小
D．负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大
二、非选择题(本题共3小题，共30分)
14．(8分)如图所示，两平行金属板A、B间有一匀强电场，C、D为电场中的两点，且CD＝4 cm，其连线的延长线与金属板A成30°角．已知电子从C点移到D点的过程中电场力做功为－4.8×10－17 J，元电荷e＝1.6×10－19 C．求：
(1)C、D两点间的电势差UCD、匀强电场的场强大小E；
(2)若选取A板的电势φA＝0，C点距A板1 cm，电子在D点的电势能为多少？
15．(10分)如图所示，水平绝缘轨道AB长L＝4 m，离地高h＝1.8 m，A、B间存在竖直向上的匀强电场．一质量m＝0.1 kg、电荷量q＝－5×10－5 C的小滑块，从轨道上的A点以v0＝6 m/s的初速度向右滑动，从B点离开电场后，落在地面上的C点．已知C、B间的水平距离x＝2.4 m，滑块与轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，取g＝10 m/s2，不计空气阻力．求：
(1)滑块离开B点时速度的大小；
(2)滑块从A点运动到B点所用的时间；
(3)匀强电场的场强E的大小．
16．(12分)如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m，重力不计)无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的足够大的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：
(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；
(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tan θ；
(3)电子打到屏上的点P′到点O的距离x.
2022年下学期高二物理第三次周考试卷
参考答案
1、答案 D
解析 电场强度E与F、q无关，由电场本身决定，A错误；电容C与Q、U无关，由电容器本身决定，B错误；E＝k是点电荷电场强度的决定式，C错误；由UAB＝可知，D正确．
2、答案 C
解析 由题图可知φA>φB，所以正电荷从A移至B，电势减小，静电力做正功，故A错误，C正确；C、D两点电场强度大小相等、方向不同，故B错误；负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先减少后增加，故D错误．
3、答案 A
解析 根据电场线的疏密程度可以得出ER>EQ，根据牛顿第二定律有qE＝ma，可知aR>aQ，故D项错误；由于带电粒子在运动过程中只受电场力作用，只有动能与电势能之间的相互转化，则带电粒子的动能与电势能之和保持不变，故C项错误；根据粒子做曲线运动的轨迹与速度、合外力的关系可知，带电粒子在R处所受电场力的方向沿电场线向右，假设粒子从Q向P运动，则电场力做正功，所以电势能减小，动能增大，速度增大，假设粒子从P向Q运动，则电场力做负功，所以电势能增大，动能减小，速度减小，故A项正确，B项错误．
4、答案 D
解析 开始时Q板电势比P板高，电子受到的电场力向右，因此在0
解析 电场线的疏密表示场强的大小，电场线的切线方向表示场强的方向．由题图甲可以判断出A、D两点场强大小相等，方向相同，选项A正确；等量异号点电荷连线的中垂线是一等势面，所以E、O、F三点的电势是相等的，选项B错误；E、O、F三点比较，由题图甲可以判断O点附近电场线最密，故O点场强最强，选项C错误；B、O、C三点比较，O点附近电场线最疏，故O点场强最弱，选项D错误．
6、答案 D
解析 根据v－t图象的斜率表示加速度可知，从A点运动到B点的过程中带电粒子的加速度增大，则其所受的电场力增大，则电场强度E增大，A处的场强一定小于B处的场强，故A错误；从A到B带电粒子的速度增大，动能增大，由能量守恒定律知其电势能减小，电场力做正功，故C错误，D正确；由于粒子电性未知，无法判断A、B两点电势高低，故B错误．
7、答案 B
解析 设ab＝bc＝cd＝L，＋Q在b点产生的场强大小为E，方向水平向右，由点电荷的场强公式得：E＝k，－Q在b点产生的场强大小为E1＝k＝E，方向水平向右，所以b点的场强大小为Eb＝E＋E＝E，方向水平向右，故A、C错误；根据对称性可知，c点与b点的场强大小相等，为E，方向水平向右，故B正确；电场线方向从a指向d，而沿着电场线方向电势降低，则c点电势比b点电势低，故D错误．
8、答案 D
解析 根据四个微粒所受静电力的情况可以判断出，竖直方向上的加速度大小关系为ab>aa＝ad>ac，又由h＝at2得tb
解析 q由A向O运动的过程中，电场力的方向始终由A指向O，但力的大小变化，所以电荷q做变加速直线运动，电场力做正功，电势能减小，q通过O点后在电场力的作用下做变减速运动，所以q运动到O点时速度最大，动能最大，电势能最小，因无限远处的电势为零，则O点的电势φ>0，所以q在O点时的电势能不为零，故选项B、C正确，选项A、D错误．
10、答案 CD
解析 根据粒子的运动轨迹及等势面的分布可知，粒子带负电，选项A错误；粒子从a到c再到e的过程中电场力先做负功后做正功，速度先减小后增大，电势能先增大后减小，选项B错误，C正确；因为b、d两点在同一等势面上，所以粒子在b、d两点的电势能相同，粒子经过b点和d点时的速度大小相同，选项D正确．
11、答案 CD
解析 静电计显示的是A、B两极板间的电压，指针张角越大，表示两板间的电压越高．当合上S后，A、B两板与电源两极相连，板间电压等于电源电压，电源电压不变，静电计指针张角不变，故A、B错误；当断开S后，板间距离增大，正对面积减小，都将使A、B两板间的电容变小，电容器所带的电荷量不变，由C＝可知，板间电压U增大，则静电计指针张角增大，故C、D正确．
12、答案 BD
解析 设加速电场的电压为U1，偏转电场的电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d.在加速电场中，静电力做的功W＝qU1，故加速电场的静电力对三种粒子做功之比等于电荷量之比，即1∶1∶2，故C错误；由qU1＝mv可知，粒子经加速电场获得的速度v0＝ ，三种粒子从B板运动到荧光屏的过程，在水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则v0不同，所以三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不同，故A错误；根据y＝可知，y与粒子的种类、质量、电荷量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故B正确；偏转电场中静电力做功为W＝，则W与q成正比，三种粒子的电荷量之比为1∶1∶2，则偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶1∶2，故D正确．
13、答案 AC
解析 由题图可知，两点电荷q1和q2带有异种电荷，故A正确；在φ－x图象中，图象切线的斜率大小表示电场强度大小，则x1处的电场强度不为零，故B错误；x1到x2，电场强度逐渐减小，负电荷受到的电场力逐渐减小，故D错误；由Ep＝φq可知，负电荷在电势高处的电势能小，则负电荷从x1移到x2，电势能减小，故C正确．
14、答案 (1)300 V 1.5×104 V/m (2)7.2×10－17 J
解析 (1)电子从C点移到D点
UCD＝＝ V＝300 V(2分)
E＝＝ V/m＝1.5×104 V/m(2分)
(2)d＝dCDsin 30°＋1 cm＝3 cm
UAD＝Ed＝1.5×104×3×10－2 V＝450 V(2分)
由UAD＝φA－φD和φA＝0得
φD＝－450 V
电子在D点的电势能为
Ep＝qφD＝－1.6×10－19×(－450) J＝7.2×10－17 J．(2分)
15、答案 (1)4 m/s (2)0.8 s (3)5×103 N/C
解析 (1)从B到C过程中，有h＝gt2(1分)
x＝vBt(1分)
解得vB＝4 m/s(1分)
(2)从A到B过程中，有L＝t′(2分)
解得t′＝0.8 s(1分)
(3)在电场中运动时，小滑块受力如图所示，
由牛顿第二定律得μ(mg＋E|q|)＝m|a|(2分)
由运动学公式，有vB2－v02＝2aL(1分)
解得E＝5×103 N/C.(1分)
16、答案 (1)3 (2)2 (3)3L
解析 (1)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律和运动学公式得：a1＝＝(1分)
v＝a1t1(1分)
则t1＝(1分)
从MN到打到屏的过程中运动的时间：t2＝＝2(1分)
则运动的总时间为t＝t1＋t2＝3 .(1分)
(2)设电子射出电场E2时平行于电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律得，电子在电场中的加速度为
a2＝＝(1分)
t3＝(1分)
vy＝a2t3
tan θ＝(1分)
联立解得：tan θ＝2.(1分)
(3)电子的运动轨迹如图所示，将电子离开电场E2后的速度方向反向延长，交AO于O′
由几何关系知：tan θ＝(2分)
得：x＝3L. (1分)
2022年下学期高二物理第三次周考试卷
时量 75分钟 总分100分
一、单项选择题(本题共8小题，每题只有一个选项正确，每小题5分，共40分)
1．下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是 ( )
A．由E＝ 知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B．由C＝ 知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比
C．由E＝k 知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关
D．由UAB＝ 知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为
1 J，则A、B两点间的电势差为－1 V
2．空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场．实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则 ( )
A．A点和B点的电势相同
B．C点和D点的电场强度相同
C．正电荷从A点移至B点，静电力做正功
D．负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增加后减少
3. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知 ( )
A．带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度
B．带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大
C．带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大
D．带电粒子在R点的加速度小于在Q点的加速度
4．如图甲所示，两个平行金属板P、Q正对竖直放置，两板间加上如图乙所示的交变电压．t＝0时，Q板比P板电势高U0，在两板的正中央M点有一电子在电场力作用下由静止开始运动(电子所受重力可忽略不计)，已知电子在0～4t0时间内未与两板相碰．则电子速度方向向左且速度大小逐渐减小的时间段是 ( )
A．0
A．A、D两点场强相同
B．E、O、F三点比较，O点电势最高
C．E、O、F三点比较，O点场强最弱
D．B、O、C三点比较，O点场强最强
6．一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度大小随时间变化的图象如图所示，
tA、tB分别是带电粒子在A、B两点对应的时刻，则下列说法中正确的有 ( )
A．A处的场强一定大于B处的场强
B．A处的电势一定高于B处的电势
C．带电粒子在A处的电势能一定小于在B处的电势能
D．带电粒子从A到B的过程中，所受电场力一定做正功
7．如图，真空中a、b、c、d四点共线且等距．先在a点固定一点电荷＋Q，测得b点场强大小为E。若
再将另一等量异种点电荷－Q放在d点，则 ( )
A．b点场强大小为E B．c点场强大小为E
C．b点场强方向向左 D．c点电势比b点电势高
8．如图所示，四个质量均为m、带电荷量均为＋q的微粒a、b、c、d距离地面的高度相同，以相同的水平速度被抛出，除了a微粒没有经过电场外，其他三个微粒均处在电场强度大小为E的匀强电场(mg>qE)，这四个微粒从被抛出到落地所用的时间分别是ta、tb、tc、td，不计空气阻力，则 ( )
A．tb
9.（多选）两个带电荷量相同的正点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A点为MN上的一点．一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力作用下运动．取无限远处的电势为零，则 ( )
A．q由A向O的运动是匀加速直线运动
B．q由A向O运动的过程电势能逐渐减小
C．q运动到O点时的动能最大
D．q运动到O点时电势能为零
10．（多选）如图所示，两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是 ( )
A．带正电
B．速度先变大后变小
C．电势能先变大后变小
D．经过b点和d点时的速度大小相同
11.（多选）如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，合上开关S后，静电
计指针张开一定角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是 ( )
A．使A、B两板靠近一些
B．使A、B两板正对面积减小一些
C．断开S后，使B板向右平移一些
D．断开S后，使A、B正对面积减小一些
12.（多选）如图所示，平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均从A板由静止开始经加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1∶2∶4，电荷量之比为1∶1∶2，则下列判断正确的是 ( )
A．三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同
B．三种粒子打到荧光屏上的位置相同
C．加速电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶2∶4
D．偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶1∶2
13.（多选）在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上的分布如图所示．下列说法正
确的有 ( )
A．q1和q2带有异种电荷
B．x1处的电场强度为零
C．负电荷从x1移到x2，电势能减小
D．负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大
二、非选择题(本题共3小题，共30分)
14．(8分)如图所示，两平行金属板A、B间有一匀强电场，C、D为电场中的两点，且CD＝4 cm，其连线的延长线与金属板A成30°角．已知电子从C点移到D点的过程中电场力做功为－4.8×10－17 J，元电荷e＝1.6×10－19 C．求：
(1)C、D两点间的电势差UCD、匀强电场的场强大小E；
(2)若选取A板的电势φA＝0，C点距A板1 cm，电子在D点的电势能为多少？
15．(10分)如图所示，水平绝缘轨道AB长L＝4 m，离地高h＝1.8 m，A、B间存在竖直向上的匀强电场．一质量m＝0.1 kg、电荷量q＝－5×10－5 C的小滑块，从轨道上的A点以v0＝6 m/s的初速度向右滑动，从B点离开电场后，落在地面上的C点．已知C、B间的水平距离x＝2.4 m，滑块与轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，取g＝10 m/s2，不计空气阻力．求：
(1)滑块离开B点时速度的大小；
(2)滑块从A点运动到B点所用的时间；
(3)匀强电场的场强E的大小．
16．(12分)如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1＝E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2＝2E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏．现将一电子(电荷量为e，质量为m，重力不计)无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的足够大的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：
(1)电子从释放到打到屏上所用的时间；
(2)电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角θ的正切值tan θ；
(3)电子打到屏上的点P′到点O的距离x.
2022年下学期高二物理第三次周考试卷
参考答案
1、答案 D
解析 电场强度E与F、q无关，由电场本身决定，A错误；电容C与Q、U无关，由电容器本身决定，B错误；E＝k是点电荷电场强度的决定式，C错误；由UAB＝可知，D正确．
2、答案 C
解析 由题图可知φA>φB，所以正电荷从A移至B，电势减小，静电力做正功，故A错误，C正确；C、D两点电场强度大小相等、方向不同，故B错误；负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先减少后增加，故D错误．
3、答案 A
解析 根据电场线的疏密程度可以得出ER>EQ，根据牛顿第二定律有qE＝ma，可知aR>aQ，故D项错误；由于带电粒子在运动过程中只受电场力作用，只有动能与电势能之间的相互转化，则带电粒子的动能与电势能之和保持不变，故C项错误；根据粒子做曲线运动的轨迹与速度、合外力的关系可知，带电粒子在R处所受电场力的方向沿电场线向右，假设粒子从Q向P运动，则电场力做正功，所以电势能减小，动能增大，速度增大，假设粒子从P向Q运动，则电场力做负功，所以电势能增大，动能减小，速度减小，故A项正确，B项错误．
4、答案 D
解析 开始时Q板电势比P板高，电子受到的电场力向右，因此在0
解析 电场线的疏密表示场强的大小，电场线的切线方向表示场强的方向．由题图甲可以判断出A、D两点场强大小相等，方向相同，选项A正确；等量异号点电荷连线的中垂线是一等势面，所以E、O、F三点的电势是相等的，选项B错误；E、O、F三点比较，由题图甲可以判断O点附近电场线最密，故O点场强最强，选项C错误；B、O、C三点比较，O点附近电场线最疏，故O点场强最弱，选项D错误．
6、答案 D
解析 根据v－t图象的斜率表示加速度可知，从A点运动到B点的过程中带电粒子的加速度增大，则其所受的电场力增大，则电场强度E增大，A处的场强一定小于B处的场强，故A错误；从A到B带电粒子的速度增大，动能增大，由能量守恒定律知其电势能减小，电场力做正功，故C错误，D正确；由于粒子电性未知，无法判断A、B两点电势高低，故B错误．
7、答案 B
解析 设ab＝bc＝cd＝L，＋Q在b点产生的场强大小为E，方向水平向右，由点电荷的场强公式得：E＝k，－Q在b点产生的场强大小为E1＝k＝E，方向水平向右，所以b点的场强大小为Eb＝E＋E＝E，方向水平向右，故A、C错误；根据对称性可知，c点与b点的场强大小相等，为E，方向水平向右，故B正确；电场线方向从a指向d，而沿着电场线方向电势降低，则c点电势比b点电势低，故D错误．
8、答案 D
解析 根据四个微粒所受静电力的情况可以判断出，竖直方向上的加速度大小关系为ab>aa＝ad>ac，又由h＝at2得tb
解析 q由A向O运动的过程中，电场力的方向始终由A指向O，但力的大小变化，所以电荷q做变加速直线运动，电场力做正功，电势能减小，q通过O点后在电场力的作用下做变减速运动，所以q运动到O点时速度最大，动能最大，电势能最小，因无限远处的电势为零，则O点的电势φ>0，所以q在O点时的电势能不为零，故选项B、C正确，选项A、D错误．
10、答案 CD
解析 根据粒子的运动轨迹及等势面的分布可知，粒子带负电，选项A错误；粒子从a到c再到e的过程中电场力先做负功后做正功，速度先减小后增大，电势能先增大后减小，选项B错误，C正确；因为b、d两点在同一等势面上，所以粒子在b、d两点的电势能相同，粒子经过b点和d点时的速度大小相同，选项D正确．
11、答案 CD
解析 静电计显示的是A、B两极板间的电压，指针张角越大，表示两板间的电压越高．当合上S后，A、B两板与电源两极相连，板间电压等于电源电压，电源电压不变，静电计指针张角不变，故A、B错误；当断开S后，板间距离增大，正对面积减小，都将使A、B两板间的电容变小，电容器所带的电荷量不变，由C＝可知，板间电压U增大，则静电计指针张角增大，故C、D正确．
12、答案 BD
解析 设加速电场的电压为U1，偏转电场的电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d.在加速电场中，静电力做的功W＝qU1，故加速电场的静电力对三种粒子做功之比等于电荷量之比，即1∶1∶2，故C错误；由qU1＝mv可知，粒子经加速电场获得的速度v0＝ ，三种粒子从B板运动到荧光屏的过程，在水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于三种粒子的比荷不同，则v0不同，所以三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不同，故A错误；根据y＝可知，y与粒子的种类、质量、电荷量无关，故三种粒子偏转距离相同，打到荧光屏上的位置相同，故B正确；偏转电场中静电力做功为W＝，则W与q成正比，三种粒子的电荷量之比为1∶1∶2，则偏转电场的静电力对三种粒子做功之比为1∶1∶2，故D正确．
13、答案 AC
解析 由题图可知，两点电荷q1和q2带有异种电荷，故A正确；在φ－x图象中，图象切线的斜率大小表示电场强度大小，则x1处的电场强度不为零，故B错误；x1到x2，电场强度逐渐减小，负电荷受到的电场力逐渐减小，故D错误；由Ep＝φq可知，负电荷在电势高处的电势能小，则负电荷从x1移到x2，电势能减小，故C正确．
14、答案 (1)300 V 1.5×104 V/m (2)7.2×10－17 J
解析 (1)电子从C点移到D点
UCD＝＝ V＝300 V(2分)
E＝＝ V/m＝1.5×104 V/m(2分)
(2)d＝dCDsin 30°＋1 cm＝3 cm
UAD＝Ed＝1.5×104×3×10－2 V＝450 V(2分)
由UAD＝φA－φD和φA＝0得
φD＝－450 V
电子在D点的电势能为
Ep＝qφD＝－1.6×10－19×(－450) J＝7.2×10－17 J．(2分)
15、答案 (1)4 m/s (2)0.8 s (3)5×103 N/C
解析 (1)从B到C过程中，有h＝gt2(1分)
x＝vBt(1分)
解得vB＝4 m/s(1分)
(2)从A到B过程中，有L＝t′(2分)
解得t′＝0.8 s(1分)
(3)在电场中运动时，小滑块受力如图所示，
由牛顿第二定律得μ(mg＋E|q|)＝m|a|(2分)
由运动学公式，有vB2－v02＝2aL(1分)
解得E＝5×103 N/C.(1分)
16、答案 (1)3 (2)2 (3)3L
解析 (1)电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律和运动学公式得：a1＝＝(1分)
v＝a1t1(1分)
则t1＝(1分)
从MN到打到屏的过程中运动的时间：t2＝＝2(1分)
则运动的总时间为t＝t1＋t2＝3 .(1分)
(2)设电子射出电场E2时平行于电场线方向的速度为vy，根据牛顿第二定律得，电子在电场中的加速度为
a2＝＝(1分)
t3＝(1分)
vy＝a2t3
tan θ＝(1分)
联立解得：tan θ＝2.(1分)
(3)电子的运动轨迹如图所示，将电子离开电场E2后的速度方向反向延长，交AO于O′
由几何关系知：tan θ＝(2分)
得：x＝3L. (1分)
相关试卷
湖南省常德市汉寿县第一中学2023-2024学年高二上学期11月期中物理试题（Word版附解析）： 这是一份湖南省常德市汉寿县第一中学2023-2024学年高二上学期11月期中物理试题（Word版附解析），共18页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖南省常德市汉寿县第一中学高二上学期第九次月考物理试题含解析： 这是一份2022-2023学年湖南省常德市汉寿县第一中学高二上学期第九次月考物理试题含解析，共21页。试卷主要包含了必修2，14等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖南省常德市汉寿县第一中学高二上学期期末物理试题含解析： 这是一份2022-2023学年湖南省常德市汉寿县第一中学高二上学期期末物理试题含解析，共23页。试卷主要包含了选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
