(新高考)高考数学一轮复习题型归纳学案专题06导数6.1《导数的几何意义》（解析版）

这是一份(新高考)高考数学一轮复习题型归纳学案专题06导数6.1《导数的几何意义》（解析版），共11页。

专题六 《导数》学案
6.1导数的几何意义——切线
知识梳理.导数的几何意义
1．导数的概念
(1)函数y＝f(x)在x＝x0处的导数
一般地，称函数y＝f(x)在x＝x0处的瞬时变化率
＝为函数y＝f(x)在x＝x0处的导数，记作f′(x0)或y′|x＝x0，即f′(x0)＝＝．
(2)导数的几何意义
函数f(x)在点x0处的导数f′(x0)的几何意义是在曲线y＝f(x)上点P(x0，y0)处的切线的斜率(瞬时速度就是位移函数s(t)对时间t的导数)．相应地，切线方程为y－y0＝f′(x0)(x－x0)．
(3)函数f(x)的导函数
称函数f′(x)＝为f(x)的导函数．
2．基本初等函数的导数公式
原函数
导函数
f(x)＝c(c为常数)
f′(x)＝0
f(x)＝xn(n∈Q*)
f′(x)＝nxn－1
f(x)＝sin x
f′(x)＝cos_x
f(x)＝cos x
f′(x)＝－sin_x
f(x)＝ax(a>0且a≠1)
f′(x)＝axln_a
f(x)＝ex
f′(x)＝ex
f(x)＝logax(x>0，a>0且a≠1)
f′(x)＝
f(x)＝ln x (x>0)
f′(x)＝
3.导数的运算法则
(1)[f(x)±g(x)]′＝f′(x)±g′(x)．
(2)[f(x)·g(x)]′＝f′(x)g(x)＋f(x)g′(x)．
(3)′＝(g(x)≠0)．
4．复合函数的导数
复合函数y＝f(g(x))的导数和函数y＝f(u)，u＝g(x)的导数间的关系为yx′＝yu′·ux′，即y对x的导数等于y对u的导数与u对x的导数的乘积．


题型一. 在某点的切线
1．函数f（x）＝xlnx﹣x3﹣x+1的图象在x＝1处的切线方程是　3x+y﹣2＝0（或y＝﹣3x+2）　．
【解答】解：由题意可得f'（x）＝lnx﹣3x2，则f'（1）＝﹣3，f（1）＝﹣1，
故所求切线方程为y+1＝﹣3（x﹣1），
即3x+y﹣2＝0．
故答案为：3x+y﹣2＝0（或y＝﹣3x+2）．
2．直线y＝kx+1与曲线y＝x3+ax+b相切于点A（1，3），则2a+b的值为　1　．
【解答】解：y＝x3+ax+b的导数为y′＝3x2+a，
可得切线的斜率为k＝3+a，
又k+1＝3，1+a+b＝3，
解得k＝2，a＝﹣1，b＝3，
即有2a+b＝﹣2+3＝1．
故答案为：1．
3．已知曲线y，则曲线的切线斜率取得最小值时的直线方程为（　　）
A．x+4y﹣2＝0 B．x﹣4y+2＝0 C．4x+2y﹣1＝0 D．4x﹣2y﹣1＝0
【解答】解：y的导数为y′，
即有．
当且仅当x＝0时，取得等号．
即有切线的斜率为k，切点为（0，），
则切线的方程为yx，
即为x+4y﹣2＝0．
故选：A．


题型二. 过某点的切线
1．已知函数f（x）＝x2﹣5x+7，求经过点A（1，2）的曲线f（x）的切线方程．
【解答】解：
设切点坐标为（x0，x02﹣5x0+7），
∵f′（x0）＝2x0﹣5，
∴切线方程为y﹣2＝（2x0﹣5）（x﹣1），
又切线过点（x0，x02﹣5x0+7），
∴x02﹣5x0+7﹣2＝（2x0﹣5）（x0﹣1），
整理得x02﹣2x0＝0，解得x0＝2或x0＝0，
∴经过A（1，2）的曲线f（x）的切线方程为x+y﹣3＝0或5x+y﹣7＝0．
2．已知直线y＝x+1与曲线y＝ln（x+a）相切，则a的值为（　　）
A．1 B．2 C．﹣1 D．﹣2
【解答】解：设切点P（x0，y0），则y0＝x0+1，y0＝ln（x0+a），
又∵
∴x0+a＝1
∴y0＝0，x0＝﹣1
∴a＝2．
故选：B．
3．已知曲线C：f（x）＝x3﹣ax+a，若过曲线C外一点A（1，0）引曲线C的两条切线，它们的倾斜角互补，则a的值为（　　）
A． B．﹣2 C．2 D．
【解答】解：由f（x）＝x3﹣ax+a，得f′（x）＝3x2﹣a，
设切点为，
∴，
∴过切点的切线方程为，
∵切线过点A（1，0），
∴，
解得：x0＝0或．
∴f′（0）＝﹣a，，
由两切线倾斜角互补，得
﹣a，
∴a．
故选：A．


题型三. 已知切线求参数的取值范围
1．函数f（x）＝ax2x3（x＞0）的图象存在与直线x﹣y+2＝0平行的切线，则实数a的取值范围是（　　）
A．（﹣∞，﹣1] B．[1，+∞）
C．（﹣∞，﹣1]∪[1，+∞） D．（﹣∞，﹣1）∪（1，+∞）
【解答】解：f′（x）＝2ax﹣x2，（x＞0）．
由题意，只需f′（x）＝2ax﹣x2＝1，（x＞0）有解，则只需y＝f′（x）（x＞0）的值域中包含1即可．
当a≤0时，f′（x）＜0，显然不符合题意；
当a＞0时，f′（x）的开口向下，在对称轴x处取得最大值，
故，即a2≥1，结合a＞0得，a≥1即为所求．
故选：B．
2．已知过点A（a，0）作曲线C：y＝x•ex的切线有且仅有两条，则实数a的取值范围是（　　）
A．（﹣∞，﹣4）∪（0，+∞） B．（0，+∞）
C．（﹣∞，﹣1）∪（1，+∞） D．（﹣∞，﹣1）
【解答】解：设切点为（m，mem），y＝x•ex的导数为y′＝（x+1）ex，
可得切线的斜率为（m+1）em，
则切线方程为y﹣mem＝（m+1）em（x﹣m），
切线过点A（a，0）代入得﹣mem＝（m+1）em（a﹣m），
可得a，即方程m2﹣ma﹣a＝0有两个解，
则有△＝a2+4a＞0可得a＞0或a＜﹣4．
即a的取值范围是（﹣∞，﹣4）∪（0，+∞）．
故选：A．
3．已知函数y的图象在点处的切线为直线l，若直线l与函数y＝lnx，x∈（0，1）的图象相切，则x0必满足条件（　　）
A．0＜x0＜1 B．1＜x0 C． D．2
【解答】解：函数yx2的导数为y′＝x，
在点（x0，x02）处的切线的斜率为k＝x0，
切线方程为yx02＝x0（x﹣x0），
设切线与y＝lnx相切的切点为（m，lnm），0＜m＜1，
即有y＝lnx的导数为y′，
可得x0，切线方程为y﹣lnm（x﹣m），
令x＝0，可得y＝lnm﹣1x02，
由0＜m＜1，可得x0＞1，且x02＞2，
解得x0，
由m，可得x02﹣2lnx0﹣2＝0，
令f（x）＝x2﹣2lnx﹣2，x，
f′（x）＝2x0，f（x）在（，+∞）上递增，
且f（）＝3﹣ln2＜0，f（2）＝4﹣ln2﹣2＞0，
则有x02﹣2lnx0﹣2＝0的根x0∈（，2）．
故选：D．


题型四. 距离最值问题
1．若点P是函数f（x）＝x2﹣lnx上任意一点，则点P到直线x﹣y﹣2＝0的最小距离为　　．
【解答】解：设x﹣y+m＝0与函数f（x）＝x2﹣lnx的图象相切于点P（x0，y0）．
f′（x）＝2x，则1，x0＞0，解得x0＝1．
∴y0＝1，
∴点P（1，1）到直线x﹣y﹣2＝0的距离为最小距离d，
故答案为：．
2．（2012·全国）设点P在曲线上，点Q在曲线y＝ln（2x）上，则|PQ|最小值为（　　）
A．1﹣ln2 B． C．1+ln2 D．
【解答】解：∵函数与函数y＝ln（2x）互为反函数，图象关于y＝x对称，
函数上的点到直线y＝x的距离为，
设g（x）（x＞0），则g′（x），
由g′（x）0可得x≥ln2，
由g′（x）0可得0＜x＜ln2，
∴函数g（x）在（0，ln2）单调递减，在[ln2，+∞）单调递增，
∴当x＝ln2时，函数g（x）min＝1﹣ln2，
，
由图象关于y＝x对称得：|PQ|最小值为．
故选：B．

题型五. 公切线问题
1．设函数．若直线l与函数f（x），g（x）的图象都相切，且与函数f（x）的图象相切于点（1，0），求p的值；
【解答】解：∵f′（x）＝p，∴f’（1）＝2（p﹣1），设直线l：y＝2（p﹣1）（x﹣1），
∵l与g（x）图象相切，∴y＝2（p﹣1）（x﹣1），得（p﹣1）（x﹣1），即（p﹣1）x2﹣（p﹣1）x﹣e＝0，y
当p＝1时，方程无解；当p≠1时由△＝（p﹣1）2﹣4（p﹣1）（﹣e）＝0，
得p＝1﹣4e，综上，p＝1﹣4e
2．若直线y＝kx+b是曲线y＝lnx+2的切线，也是曲线y＝ln（x+1）的切线，则b＝　1﹣ln2　．
【解答】解：设y＝kx+b与y＝lnx+2和y＝ln（x+1）的切点分别为（x1，kx1+b）、（x2，kx2+b）；
由导数的几何意义可得k，得x1＝x2+1
再由切点也在各自的曲线上，可得
联立上述式子解得；
从而kx1+b＝lnx1+2得出b＝1﹣ln2．
3．若存在a＞0，使得函数f（x）＝6a2lnx+4ax与g（x）＝x2﹣b在这两函数图象的公共点处的切线相同，则b的最大值为（　　）
A． B． C． D．
【解答】解：设公共点为（x，y），（x＞0），且．
所以（a＞0），由②得x2﹣2ax﹣3a2＝0，
解得x＝3a或﹣a（舍）．
将x＝3a代入①式整理得：b＝﹣3a2﹣6a2ln（3a），（a＞0）
令h（a）＝﹣3a2﹣6a2ln（3a），（a＞0），
∴12a[ln（3a）+1]，
令h′（a）＝0得，，且时，h′（a）＜0．
故h（a）在（0，）上递增，在（）上递减．
故h（a）max＝h（）．故b的最大值为．
故选：C．


课后作业.切线
1．函数f（x）＝ln（x2+1）的图象在点（1，f（1））处的切线的倾斜角为（　　）
A．0 B． C． D．
【解答】解：函数f（x）＝ln（x2+1）的图象在点（1，f（1））处的切线的斜率为（•2x）|x＝1＝1，
设函数f（x）＝ln（x2+1）的图象在点（1，f（1））处的切线的倾斜角为θ，
则tanθ＝1，∴θ，
故选：D．
2．已知：过点M（m，0）可作函数f（x）＝x2﹣2x+t图象的两条切线l1，l2，且l1⊥l2，则t＝（　　）
A．1 B． C． D．2
【解答】解：设切点为（n，n2﹣2n+t），∵f′（x）＝2x﹣2，故切线斜率为2n﹣2．
所以切线方程：y﹣（n2﹣2n+t）＝（2n﹣2）（x﹣n），
将（m，0）代入整理得：n2﹣2mn+2m﹣t＝0，
设l1，l2的切点横坐标分别为n1，n2，则：n1+n2＝2m，n1n2＝2m﹣t．
因为l1⊥l2，所以f′（n1）f′（n2）＝（2n1﹣2）（2n2﹣2）＝4n1n2﹣4（n1+n2）+4＝﹣1①．
结合韦达定理得4×（2m﹣t）﹣4×2m+4＝﹣1，解得．
故选：B．
3．已知函数f（x）＝2lnx+x2+ax，若曲线y＝f（x）存在与直线2x﹣y＝0平行的切线，则实数a的取值范围是（　　）
A．（﹣∞，﹣2] B．（﹣∞，﹣2） C．（﹣2，+∞） D．[﹣2，+∞）
【解答】解：函数f（x）＝2lnx+x2+ax存在与直线2x﹣y＝0平行的切线，
即f′（x）＝2在（0，+∞）上有解，
而f′（x）＝2•2x+a，即2x+a＝2在（0，+∞）上有解，a＝2﹣2（x），
因为x＞0，所以x2，x＝1时，等号成立，即有a≤2﹣4，
所以a的取值范围是（﹣∞，﹣2]．
故选：A．
4．若函数f（x）＝lnx与函数g（x）＝x2+2x+lna（x＜0）有公切线，则实数a的取值范围是（　　）
A．（0，1） B． C．（1，+∞） D．
【解答】解：设f（x）的切点为（x1，lnx1），因为，
所以切线为：y﹣lnx1，即，（x1＞0）．
设g（x）的切点为（x2，），因为g′（x）＝2x+2，
故切线为：y（2x2+2）（x﹣x2）．
即．（x2＜0）．
因为是公切线，所以，
消去x1得，lna，
令h（x），x∈（﹣1，0）．
∵，∵y＝2x2+2x﹣1开口向上，且y|x＝﹣1＝y|x＝0＝﹣1＜0，x+1＞0．
所以h′（x）＜0，故h（x）在（﹣1，0）上单调递减，故h（x）＞h（0），
即，故．
故选：D．