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四川省成都市蓉城名校联盟2020级高三第一次联考理科综合试题(含答案)
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蓉城名校联盟2020级高三第一次联考物理参考答案及评分标准二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。题号1415161718192021答案DCBABBCACBD三、非选择题:共62分。(一)必考题:共47分。22.(6分)(1)13.70(13.69或者13.71也可)(2分)(2)4.9(2分)(3)不变(2分)23.(9分)(1)不需要(1分)(2)1.37(2分) 1.86(2分)(3)实验前未平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足(2分,回答一条即可)(4)(2分)24.(12分)解:(1)第1、4小球之间的时间间隔为 1分由于小球在抛出瞬间恰好拍下第1张照片,故小球竖直方向做自由落体运动由得 2分第1、4小球之间的竖直距离为 1分(2)第4、7小球之间的竖直距离为 1分解得 1分第1、4小球和第4、7小球水平方向的距离相等,设为x则 3分解得 1分由 1分解得 1分25.(20分)解:(1)对物块A,由牛顿第二定律得 2分解得 1分同理对木板C, 2分解得 1分(2)0~2 s内,对物块A, 1分对木板C, 1分2 s后撤去拉力F,对物块A,由牛顿第二定律得,物块A匀减速 1分由受力分析可知,木板C的加速度不变,继续匀加速设经过二者共速,则有 1分解得,共同速度为 1分(3)0~2 s内,物块A的位移为木板C的位移为 1分2 s~4 s内,物块A的位移为木板C的位移为 1分物块A相对木板C向下的位移为 1分4 s后,假设物块A和木板C相对静止一起匀减速对A、C整体,有,解得 1分对物块A,设其所受静摩擦力为f,有解得,故假设成立 1分设经过,A、C与物块B共速,有,解得 1分A、C的位移为 1分物块B的位移为由于,故物块B未从木板C滑下物块B相对木板C向上的位移为 1分则木板C的长度为 1分(二)选考题:共15分。33.(15分)(1)(5分)ACD(评分标准:选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)(2)(10分)解:(ⅰ)以气缸为对象(不包括活塞)列气缸受力平衡方程 3分解得 1分(ⅱ)当活塞恰好静止在气缸缸口AB处时,缸内气体温度为,压强为,此时仍有 2分对缸内气体,等压变化,有 2分所以 1分故 1分34.(15分)(1)(5分)正(1分) 0.1(2分)(或或或)(2分)说明:第三空其他正确答案均给分(2)(10分)解:(ⅰ)在Q点由全反射定义得 2分在P点由折射定律得 2分又由,代入解得, 1分(ⅱ)在直角三角形PAF中,由几何关系得 1分在三角形FOQ中,由正弦定理得 1分解得 1分该光束在介质中的传播速度为 1分该光束从P点传播到Q点的时间为 1分 解析:14.【答案】D【解析】同轴转动角速度一定相等,故B错误;O点不一定是MN的中点,由可知,笔尖M的线速度大小不一定等于笔帽N的线速度大小,故A错误;笔尖M做圆周运动的加速度大小为,故C错误;由,,联立解得圆心O到笔帽N的距离为,故D正确。15.【答案】C【解析】圆环a到达B点时,物块b的速度大小为零,故A、B错误;圆环a到达C点时,由速度分解可知,物块b的速度大小等于,圆环a从B点到C点的过程中,减小,增大,物块b向上加速运动,则轻绳的拉力大于物块b的重力,故C正确,D错误。16.【答案】B【解析】小球沿斜面AB、BC加速下滑,故小球经过AB中点的瞬时速度一定小于经过BC中点的瞬时速度,故A错误;由可知,小球在AB、BC段的加速度大小之比为8:7,故B正确;由可知,小球经过AB、BC段所用的时间之比为7:4,故C错误;由于不知道AC的长度,无法计算AC段的平均速度大小,故D错误。17.【答案】A【解析】设竖直向上为正方向,由得可知,图像的纵截距为初速度大小,斜率的绝对值为,故A正确,B错误;1 s末物块的平均速度为0,物块回到出发点,故C、D错误。18.【答案】B【解析】由三角形相似可知,,解得,故B正确。19.【答案】BC【解析】小物块做圆周运动的圆心为过小物块的水平线与转轴的交点,故A错误;若小物块不受摩擦力,由牛顿第二定律得,解得,故C正确;若实际角速度大于,摩擦力沿斜面向下,故B正确;物块对斜面的压力大小一定大于,故D错误。20.【答案】AC【解析】对青蛙,由,解得,故A正确;对飞虫,设加速度大小为a,竖直方向由,解得,故B错误;水平方向由,解得,故C正确;相遇之前青蛙水平方向做匀速直线运动,飞虫水平方向做初速度为零的匀加速直线运动,故D错误。21.【答案】BD【解析】水平传送带上,由,解得,故B正确;由,故A错误;工件在水平传送带上一直匀加速,其最短时间为;倾斜传送带上,由于,故倾斜传送带的速度大于时,工件一直以的加速度匀减速,则时间最短,由,解得或(舍去),故工件从a点到达c点的最短时间为,故C错误;若倾斜传送带的速度大于,则工件一直以的加速度匀减速到达传送带最高点;若倾斜传送带的速度等于0,则工件的加速度为,由于,则工件到达不了传送带最高点;故让倾斜传送带的速度介于0~,使工件先以的加速度匀减速至与传送带共速,再以的加速度匀减速到达传送带最高点时速度为0,倾斜传送带的速度最小,由,解得,故D正确。22.【解析】(1)应估读到最小刻度的下一位,读数为13.69 cm~13.71 cm。(2)由可知,图像斜率为,解得。(3)由可知,考虑弹簧自重对图像斜率无影响,故测得的弹簧的劲度系数不变。23.【解析】(1)由于力传感器可以测量绳子拉力大小,故小车的质量M不需要远大于砝码盘和砝码的总质量m。(2)相邻两点间的时间间隔为,。由逐差法可知。(3)由图丙可知,小车的加速度为0时绳子上有拉力,故实验前未平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足。(4)对小车有,对砝码盘和砝码有;由于小车下滑位移大小是砝码盘和砝码下滑位移大小的2倍,由可知,联立解得,则,,解得砝码盘和砝码的总质量为。33.【解析】(1)根据理想气体状态方程,从状态a变化到状态b的过程中,pV值先增大后减小,温度T也先增大后减小,对理想气体,温度越高,气体分子平均动能越大,故A正确;从状态a变化到状态b的过程中,气体的体积V不断增大,气体的密度不断减小,故B错误;从状态b变化到状态c的过程中,气体做等容变化,外界对气体做的功,根据查理定律可知,气体温度不断升高,,由热力学第一定律,得,即气体一定吸热,故C正确;从状态c变化到状态a的过程中,气体等压压缩,外界对气体做的功,根据盖-吕萨克定律可知,气体温度不断降低,,由热力学第一定律,得且W,故D正确,E错误。34.【解析】(1)由于该波沿x轴负方向传播,由“同侧法”可知,质点P的振动方向沿y轴正方向。由波形图可知,波长为10 cm,周期为。平衡位置位于处的质点Q在零时刻向下振动,故其振动方程为或或或。
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