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2023天津滨海新区塘沽一中高三上学期第一次月考生物试题含解析
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塘沽一中2023届高三第一次月考生物试卷
一、单选题
1. 下列关于细胞生命活动的叙述，正确的是（ ）
A. 高度分化的细胞执行特定的功能，不能再分裂增殖
B. 癌变细胞内发生变异的基因都不再表达
C. 正常组织细胞在体外长时间培养，一般会走向衰老
D. 凋亡细胞内有活跃的基因表达，主动引导走向坏死
【答案】C
【解析】
【分析】细胞分化是由一个或一种细胞增殖产生后代，在形态、结构和生理功能上发生稳定性差异的过程。
细胞中与癌有关的基因包括原癌基因和抑癌基因，原癌基因主要负责调节细胞周期，控制细胞生长和分裂的进程，抑癌基因主要阻止细胞的不正常增殖。
细胞衰老是自然界的正常现象，其过程是细胞的形态结构和化学反应发生复杂变化的过程。
细胞凋亡是由基因决定的细胞自动结束生命的过程。
【详解】A、高度分化的细胞能执行特定的功能，但也可能继续分裂增殖，如性原细胞能进行有丝分裂和减数分裂，A错误；
B、癌变细胞是由原癌基因和抑癌基因发生突变，导致正常细胞的生长和分裂失控而形成，发生突变的基因仍能表达，B错误；
C、正常组织细胞在体外长时间培养，细胞分裂达到一定次数后一般都会走向衰老，C正确；
D、细胞凋亡是由基因控制的程序性死亡，细胞坏死与细胞凋亡不同，它是在种种不利因素影响下，由于细胞正常代谢活动受损或中断引起的细胞损伤和死亡，D错误。
故选C。
2. 下列有关糖类的叙述，正确的是（ ）
A. 糖类分子中氢原子数与氧原子数之比都为2：1
B. 淀粉、纤维素、蔗糖的彻底水解产物相同，都是葡萄糖
C. 糖类是主要的能源物质，也可作为遗传物质的组成成分
D. 由C、H、O三种元素组成的化合物都是糖类分子
【答案】C
【解析】
【分析】糖类由C、H、O三种元素组成，根据能否水解及水解产物的多少分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。
【详解】A、糖类分子中氢原子数与氧原子数之比不都为2∶1，脱氧核糖（C5H10O4）的氢原子数与氧原子数之比为5∶2，A错误；
B、淀粉、纤维素彻底水解产物相同，都是葡萄糖，蔗糖水解产物是葡萄糖和果糖，B错误；
C、糖类是主要的能源物质，核糖是RNA的组成成分，脱氧核糖是DNA的组成成分，核糖和脱氧核糖可作为遗传物质的组成成分，C正确；
D、由C、H、O三种元素组成的化合物不都是糖类分子，脂肪也只含有C、H、O三种元素，D错误。
故选C。
3. 新冠病毒是一种RNA病毒。新冠肺炎疫情给人们的生活带来了巨大影响。下列与新冠肺炎疫情防控相关的叙述，错误的是（ ）
A. 新冠病毒含有核酸和蛋白质，通过核酸检测可排查新冠病毒感染者
B. 教室经常开窗通风可以促进空气流动，降低室内病原微生物的密度
C. 通常新冠肺炎患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查
D. 每天适量饮酒可以预防新冠肺炎，因为酒精可以使细胞内的病毒蛋白变性
【答案】D
【解析】
【分析】病毒一般由蛋白质和核酸构成，具有严整的结构，营寄生生活，通过侵染宿主进行增殖，进入宿主细胞后具有遗传和变异的特征，离开活细胞后不再进行生命活动。
【详解】A、新冠病毒是一种RNA病毒，由RNA和蛋白质构成，RNA携带特定的遗传信息，因此通过核酸检测可排查新冠病毒感染者，A正确；
B、教室经常开窗通风有利于室内与室外的空气交换，病原微生物也能随空气流动到室外，B正确；
C、感染新冠肺炎的患者体内会发生免疫反应，使体温升高，正常人体温一般维持在37℃，因此可以通过体温测量初步排查，C正确；
D、75%左右的酒精具有杀菌作用，饮酒的度数一般不能达到75%，且长期饮酒对人体会产生损害，免疫力下降，因此每天适量饮酒不能预防新冠肺炎，D错误。
故选D。
4. 下列与细胞膜有关的描述，正确的是（ ）
A. 人和鼠细胞融合实验体现了细胞膜的选择透过性
B. 构成细胞膜的脂质全部是磷脂分子
C. 光学显微镜下可见细胞膜的“暗—亮—暗”三层结构
D. 细胞膜的流动性与磷脂、多数蛋白质可以运动有关
【答案】D
【解析】
【分析】细胞膜的主要成分是磷脂和蛋白质，此外还含有少量的糖类；细胞膜的结构特点是具有一定的流动性；细胞膜的功能特点是具有选择透过性。
【详解】A、人和鼠细胞融合实验体现了细胞膜具有一定的流动性，A错误；
B、构成细胞膜的脂质主要是磷脂分子，动物细胞膜上还存在胆固醇，B错误；
C、在光学显微镜下，不能观察到细胞膜的暗一亮一暗三层结构，在电子显微镜下，才能看到，C错误；
D、组成细胞膜的磷脂分子可以运动，组成细胞膜的蛋白质分子大多数可以运动，导致细胞膜具有一定的流动性，D正确。
故选D。
5. 某同学利用显微镜观察人的血细胞，使用相同的目镜，但在两种不同的放大倍数下，所呈现的视野分别为甲和乙(如图所示)，下列相关叙述正确的是（ ）
A. 若使用相同的光圈，则甲比乙亮
B. 在甲中观察到的细胞，在乙中均可被观察到
C. 若玻片右移，则甲的物像会右移而乙的物像左移
D. 若在甲中看到的物像模糊，则改换成乙就可以看到清晰的物像
【答案】A
【解析】
【分析】显微镜放大倍数是目镜和物镜放大倍数的乘积。观察同一玻片的同一部位：低倍镜下物镜距离玻片标本的距离远，看到的视野范围大、视野亮，细胞小、细胞数量多；高倍镜下物镜距离玻片标本的距离近，看到的视野范围小、视野暗，细胞大、细胞数量少。
【详解】A、随着物镜放大倍数的增大，视野变暗，因此在相同的光圈下，甲视野较乙视野亮，A正确；
B、甲是在低倍镜下看到的物像，若置于高倍镜下，视野范围变小，在甲中观察到的细胞在乙中则不能都被观察到，B错误；
C、由于在显微镜下观察到的是倒像，玻片右移，甲、乙的物像均向左移动，C错误；
D、若甲中看到的物像模糊，改换高倍镜乙后，无法看到清晰的物像，D错误。
故选A。
6. 哺乳动物的催产素具有催产和排乳的作用，加压素具有升高血压和减少排尿的作用。两者结构简式如下图，各氨基酸残基用3个字母缩写表示。下列叙述正确的是（ ）
A. 两种激素都是由八肽环和三肽侧链构成的多肽类化合物
B. 氨基酸之间脱水缩合形成的水分子中氢全部来自氨基
C. 肽链中游离氨基的数目与参与构成肽链的氨基酸种类无关
D. 两种激素间因2个氨基酸种类不同导致生理功能不同
【答案】D
【解析】
【详解】【分析】据图分析，催产素和加压素都是由9个氨基酸组成的多肽，且都含有一个由6个氨基酸组成的环状结构，两种物质的不同点在于环状和链状结构中各有一个氨基酸的种类不同。
【详解】根据以上分析可知，两种激素都是由六环肽和三肽侧链构成的多肽化合物，A错误；氨基酸之间脱水缩合形成的水分子中的氢分别来自于一个氨基酸的氨基和另一个氨基酸的羧基，B错误；肽链中游离的氨基酸数目与参与构成肽链的氨基酸的种类有关，C错误；根据以上分析可知，两种激素在两个氨基酸种类上不同，进而导致两者的功能不同，D正确。
【点睛】解答本题的关键是掌握氨基酸的结构通式以及分子结构多样性的原因，并根据图像分析判断两种化合物在结构上的差异，进而判断两者功能差异的原因。
7. 如图所示，甲图是一组目镜标有5×和16×字样、物镜标有10×和40×字样的镜头，乙图是在甲图中选用的一组能放大160倍的镜头组合下所观察到的图像。欲将乙图视野中处于右上方的细胞移至视野中央放大640倍观察，下列操作不正确的是（ ）
A. 将装片向右上方移动，至乙图视野中右上方的细胞位于视野正中央
B. 将显微镜的光圈调小，反光镜调成平面镜
C. 目镜不需要换，转动转换器将物镜换成镜头③
D. 放大后观察时，如果视野模糊，应调节细准焦螺旋
【答案】B
【解析】
【分析】根据有无螺纹可以判断出甲图中①②是目镜，③④为物镜。目镜的放大倍数与镜头的长度成反比例，物镜的放大倍数与镜头的长度成正比例；由于显微镜成像为倒像，故欲将乙图视野中处于右上方的细胞移至视野中央，应向右上方移动玻片标本。
【详解】A、显微镜成像为倒像，将装片向右上方移动，至乙图视野中右上方的细胞位于视野正中央，A正确；
B、换上高倍镜后，视野变暗，故应将显微镜的光圈调大，反光镜调成凹面镜，B错误；
C、原放大倍数为160倍，现放大倍数为640倍，故将物镜由10×换为40×即可，即转动转换器将物镜将④换成镜头③，C正确；
D、物镜换成高倍物镜后，如果视野模糊，应调节细准焦螺旋，不能调粗准焦螺旋，D正确。
故选B。
8. 有关蛋白质分子的叙述，正确的是（ ）
A. 细胞内蛋白质发生水解时常常需要另一种蛋白质的参与
B. 氨基酸的空间结构和种类的多样性决定了蛋白质功能的多样性
C. 高温能使蛋白质分子肽键断裂、空间结构发生改变而变性失活
D. 组成蛋白质的氨基酸之间可以通过不同的方式脱水缩合
【答案】A
【解析】
【详解】A、细胞内蛋白质水解常常需要蛋白酶（另一种蛋白质）催化才能水解，A正确；
B、氨基酸的种类、数量和排列顺序的多样性以及肽链形成的空间结构的多样性决定了蛋白质功能的多样性，B错误；
C、高温能使蛋白质分子的空间结构发生改变而变性失活，其肽键一般没有断裂，C错误；
D、组成蛋白质的氨基酸之间都是通过脱水缩合的方式形成肽键连接而成，D错误。
故选A。
9. 下图是细胞代谢过程中某些物质的变化过程示意图,下列叙述正确的是
A. 在乳酸菌细胞中,能进行过程①②④
B. 过程①④都需要O2的参与才能正常进行
C. 真核细胞中催化过程①②③的酶均位于细胞质基质中
D. 叶肉细胞中过程④产生的ATP可用于过程⑤中C3的还原
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：①为细胞呼吸的第一阶段，②为产物是乳酸的无氧呼吸第二阶段，③为产物是酒精的无氧呼吸第二阶段，④是有氧呼吸的第二、三阶段，⑤是光合作用过程。
【详解】在乳酸菌细胞中，只能进行产生乳酸的无氧呼吸过程，即图中的①②，A错误；过程①为细胞呼吸的第一阶段，有氧无氧都能正常进行；而④有氧呼吸第二、三阶段，其中第三阶段需要氧气，B错误；由于过程①②③均为无氧呼吸，所以真核细胞中催化过程①②③的酶都位于细胞质基质中，C正确；叶肉细胞④过程，即有氧呼吸产生的ATP一般不用于过程⑤中C3的还原，D错误。
【点睛】分析本题的关键要结合有氧呼吸和无氧呼吸的过程确定图解中分别对应的细胞呼吸的阶段。
注意：本题D选项有争议。
10. 下图表示的是某植物的非绿色器官呼吸时O2的吸收量和CO2的释放量之间的相互关系，其中线段XY=YZ，则在氧浓度为a时（ ）
A. 有氧呼吸比无氧呼吸消耗的有机物多
B. 有氧呼吸比无氧呼吸释放的能量多
C. 有氧呼吸比无氧呼吸释放的CO2多
D. 有氧呼吸和无氧呼吸释放的能量相等
【答案】B
【解析】
【分析】题图分析：在氧浓度为a时，由于XY=YZ，则可知有氧呼吸和无氧呼吸产生的二氧化碳一样多，在二氧化碳产生量一样多的情况下，根据有氧呼吸和无氧呼吸的反应式可知此时无氧呼吸消耗的有机物是有氧呼吸消耗有机物的3倍，此时放出的能量远大于无氧呼吸放出的能量。
【详解】A、因为XY=YZ，所以无氧呼吸产生的二氧化碳等于有氧呼吸的二氧化碳，因此无氧呼吸消耗的有机物大于有氧呼吸消耗的有机物，A错误；
B、有氧呼吸放出的能量远大于无氧呼吸放出的能量，B正确；
C、因为XY=YZ，有氧呼吸和无氧呼吸释放的二氧化碳一样多，C错误；
D、就产生的能量分析，有氧呼吸占优势；就消耗的有机物分析，无氧呼吸占优势；就产生的二氧化碳分析，两者一样多，D错误。
故选B。
11. 图1是过氧化氢酶活性受pH影响的曲线。图2表示在最适温度下，pH=b时H2O2分解产生的O2量(m)随时间的变化曲线。若该酶促反应过程中改变某一初始条件，在作以下改变时有关描述错误的是（ ）
A. pH=a时，e点不变，d点右移 B. pH=c时，e点为0
C. 温度降低时，e点不移动，d点右移 D. H2O2量增加时，e点上移，d点右移
【答案】B
【解析】
【分析】酶活性的发挥需要适宜的温度和pH值（在最适条件下，酶的催化活性是最高的，低温可以抑制酶的活性，随着温度升高，酶的活性可以逐渐恢复，高温、过酸、过碱可以使酶的空间结构发生改变，使酶永久性的失活）。由图1分析可知，该酶的最适pH值是b，据此分析解答。
【详解】A、图2表示pH=b（最适pH）时，H2O2分解产生的O2量随时间的变化．pH=a时，酶的活性减弱，酶促反应速减慢，但化学反应的平衡点不变，所以e点不变，d点右移，A正确；
B、pH=c时，酶变性失活，但H2O2在常温下也能缓慢分解，e点不为0，B错误；
C、图2表示在最适温度下，H2O2分解产生的O2量随时间的变化，温度降低时，酶的活性下降，酶促反应速率减慢，但化学反应的平衡点不变，所以e点不变，d点右移，C正确；
D、底物（H2O2量）增加时，化学反应的平衡点升高，到达化学反应平衡点所需的时间延长，即e点上移，d点右移，D正确。
故选B。
12. 从某些动物组织中提取的胶原蛋白，可以用来制作手术缝合线。手术后过一段时间，这种缝合线就可以被人体组织吸收，从而避免拆线的痛苦。下列关于胶原蛋白的说法错误的是（ ）
A. 作为缝合线的胶原蛋白之所以被人体吸收是因为已被分解成小分子的氨基酸
B. 被分解成的氨基酸种类最多有21种，其中有8种是人体细胞不能合成的，如赖氨酸、蛋氨酸、色氨酸、亮氨酸、苏氨酸、异亮氨酸、苯丙氨酸、缬氨酸
C. 分解后的蛋白质与变性后的蛋白质都不可以与双缩脲试剂发生颜色反应
D. 在核糖体上合成胶原蛋白时，产生的水分子中的氢来自氨基和羧基
【答案】C
【解析】
【分析】胶原蛋白是动物体内普遍存在的一种蛋白质，属于大分子化合物，经人体消化分解成小分子氨基酸后才能被吸收。胶原蛋白的组成单体是氨基酸，在核糖体上氨基酸通过脱水缩合形成多肽，没有生物活性，多肽经加工折叠成具有一定空间的蛋白质才有活性。
【详解】A、作为缝合线的胶原蛋白成分是蛋白质，之所以被人体吸收是因为已被分解成其基本单位——小分子的氨基酸，A正确；
B、组成生物体的氨基酸种类最多有21种，其中有8种是人体细胞不能合成的，如赖氨酸、蛋氨酸、色氨酸、亮氨酸、苏氨酸、异亮氨酸、苯丙氨酸、缬氨酸，故胶原蛋白被分解成的氨基酸种类最多有21种，B正确；
C、分解后的蛋白质形成氨基酸不可以与双缩脲试剂发生颜色反应，但变性后的蛋白质破坏的是空间结构，依然可以与双缩脲试剂发生颜色反应，C错误；
D、胶原蛋白成分是蛋白质，在核糖体上合成时，产生的水分子中的氢来自氨基和羧基，D正确。
故选C。
【点睛】
13. 人们生活中会涉及很多生物学知识，下列叙述正确的是（ ）
A. 糖尿病患者可以多食用米饭和馒头等含淀粉多的食品
B. 患急性肠炎的患者脱水时，常见的治疗方法是及时补充纯水
C. 某人出现抽搐症状的原因可能是其体内钙离子含量偏低
D. 人过多地摄入胆固醇会造成血管堵塞，饮食中应禁止摄入胆固醇
【答案】C
【解析】
【分析】组成生物体的无机盐的生理功能：①一些无机盐是细胞和生物体内某些复杂化合物的重要组成成分；②对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要作用；③维持细胞的渗透压和酸碱平衡。人体内缺Na+会引起神经、肌肉细胞的兴奋性降低，最终引发肌肉酸痛、无力等，Ca2+可调节肌肉收缩。
【详解】A、米饭和馒头中的淀粉经消化能分解成葡萄糖，故糖尿病患者要限制米饭和馒头等食品的摄入量，A错误；
B、患急性肠炎的患者脱水时会丢失大量的水分和无机盐，所以需要及时补充水分，同时也需要补充体内丢失的无机盐，输入葡萄糖盐水是常见的治疗方法，B错误；
C、人体血液中钙离子的含量太低，会出现抽搐等症状，C正确；
D、饮食中如果过多地摄入胆固醇，会在血管壁上形成沉积，造成血管堵塞，危及生命，但胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输，故膳食中需要注意限制高胆固醇类食物的过量摄入，而不是禁止摄入胆固醇，D错误。
故选C。
14. 以下甲、乙两图都表示某植物的非绿色器官CO2释放量和O2吸收量的变化。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 甲图中氧浓度为a时的情况对应的是乙图中的A点
B. 甲图中氧浓度为b时的情况对应的是乙图中的CD段
C. 甲图的a、b、c、d四个浓度中c是最适合贮藏的
D. 甲图中氧浓度为d时没有酒精产生
【答案】B
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：甲图用柱形图表示了呼吸作用中氧气吸收量和二氧化碳释放量之间的关系，乙图用曲线图表示了随氧气浓度的增加呼吸作用的变化，氧浓度为a时，细胞只释放CO2不吸收O2，说明细胞只进行无氧呼吸；甲图中氧浓度为b时CO2的释放量远远大于O2的吸收量，说明既进行有氧呼吸又进行无氧呼吸；贮藏植物器官应选择CO2产生量最少即细胞呼吸最弱时（图甲中的c点）的氧浓度；氧浓度为d时，CO2的释放量与O2的吸收量相等，细胞只进行有氧呼吸。
【详解】A、甲图中氧浓度为a时，细胞只释放CO2不吸收O2，说明细胞只进行无氧呼吸，对应乙图中的A点，A正确；
B、甲图中氧浓度为b时CO2的释放量远远大于O2的吸收量，说明既进行有氧呼吸又进行无氧呼吸，且无氧呼吸强度大，应对应乙图中AC段之间，B错误；
C、贮藏植物器官应选择CO2产生量最少即细胞呼吸最弱时（图甲中的c点）的氧浓度，C正确；
D、氧浓度为d时，CO2的释放量与O2的吸收量相等，细胞只进行有氧呼吸，因此没有酒精产生，D正确。
故选B。
15. 经内质网加工的蛋白质进入高尔基体后，S酶会在其中的某些蛋白质上形成M6P标志。具有该标志的蛋白质能被高尔基体膜上的M6P受体识别，经高尔基体膜包裹形成囊泡，在囊泡逐渐转化为溶酶体的过程中，带有M6P标志的蛋白质转化为溶酶体酶；不能发生此识别过程的蛋白质经囊泡运往细胞膜。下列说法错误的是（ ）
A. M6P标志的形成过程体现了S酶的专一性
B. 附着在内质网上的核糖体参与溶酶体酶的合成
C. S酶功能丧失的细胞中，衰老和损伤的细胞器会在细胞内积累
D. M6P受体基因缺陷的细胞中，带有M6P标志的蛋白质会聚集在高尔基体内
【答案】D
【解析】
【分析】1、分泌蛋白的合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。
2、分析题干信息可知，经内质网加工的蛋白质，只有在S酶的作用下形成M6P标志，才能被高尔基体膜上的M6P受体识别，最终转化为溶酶体酶，无识别过程的蛋白质则被运往细胞膜分泌到细胞外。
【详解】A、酶具有专一性的特点，S酶在某些蛋白质上形成M6P标志，体现了S酶的专一性，A正确；
B、由分析可知，部分经内质网加工的蛋白质，在S酶的作用下会转变为溶酶体酶，该蛋白质是由附着在内质网上的核糖体合成的，B正确；
C、由分析可知，在S酶的作用下形成溶酶体酶，而S酶功能丧失的细胞中，溶酶体的合成会受阻，则衰老和损伤的细胞器会在细胞内积累，C正确；
D、M6P受体基因缺陷的细胞中，带有M6P标志的蛋白质不能被识别，最终会被分泌到细胞外，D错误。
故选D。
【点睛】本题考查溶酶体的形成过程及作用等知识，旨在考查考生获取题干信息的能力，并能结合所学知识准确判断各选项。
16. 在“制作并观察植物细胞有丝分裂的临时装片”活动中，观察到不同分裂时期的细胞如图所示：
下列叙述错误的是
A. 装片制作过程中需用清水漂洗已解离的根尖便于染色
B. 观察过程中先用低倍镜找到分生区细胞再换用高倍镜
C. 图甲细胞所处时期发生DNA复制及相关蛋白质的合成
D. 图丙细胞中的染色体数目比图乙细胞中的增加了一倍
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图可得，甲图为植物有丝分裂前期的细胞，乙图为植物有丝分裂中期的细胞，丙图为植物有丝分裂后期的细胞，丁图为植物有丝分裂末期的细胞。
【详解】A.装片在制作时需要先用盐酸和酒精混合液解离，在染色前需要用清水漂洗的目的是洗去解离液，防止解离过度便于染色，A正确；
B.观察过程需要从低倍镜开始，找到分生区细胞后再换高倍镜观察，B正确；
C.图甲为有丝分裂前期的细胞，正在处于核膜消失，形成染色体的阶段，而间期已经完成了DNA的复制和相关蛋白质的合成，C错误；
D.图乙为有丝分裂中期的细胞，染色体数与普通体细胞相等，图丙为有丝分裂后期的细胞，由于着丝粒分裂，使染色体暂时加倍，故图丙细胞中的染色体数目比图乙细胞中的增加了一倍，D正确。
故选C。
17. 完整的核糖体由大、小两个亚基组成。下图为真核细胞核糖体大、小亚基的合成、装配及运输过程示意图，相关叙述正确的是（ ）
A. 上图所示过程可发生在有丝分裂中期
B. 细胞的遗传信息主要储存于rDNA中
C. 核仁是合成rRNA和核糖体蛋白的场所
D. 核糖体亚基在细胞核中装配完成后由核孔运出
【答案】D
【解析】
【分析】图中显示出了核糖体的合成过程，位于核仁中的rDNA经过转录形成了rRNA前体物质，核糖体蛋白从核孔进入细胞核后，和rRNA前体结合，一部分生成了核糖体小亚基，另一部分和核仁外DNA转录形成的5S rRNA结合生成核糖体大亚基，都从核孔进入细胞质。
【详解】A、有丝分裂中核膜、核仁已经在前期解体，该过程不可能发生在有丝分裂中期，A错误；
B、rDNA上的信息主要与核糖体合成有关，不是细胞的遗传信息的主要储存载体，B错误；
C、从图中看出核仁是合成rRNA的场所，而核糖体蛋白的合成场所在核糖体，C错误；
D、从图中看出，细胞核装配好核糖体亚基后从核孔中运出，D正确。
故选D。
【点睛】本题考查核糖体的合成过程，需要考生分析图示，理解图中核糖体的合成过程，结合教材转录和翻译的基本知识进行解答。
18. 如下图所示：甲图中①②表示目镜，③④表示物镜，⑤⑥表示物镜与装片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列叙述中，不正确的是（）
A. ①比②的放大倍数小，③比④的放大倍数大
B. 观察乙、丙图像时，物镜与装片之间的距离分别是⑥⑤
C. 把视野里的标本从图乙转为丙时，应选用③，然后转动细准焦螺旋使物像清晰
D. 从图中的乙转为丙，操作顺序为：转动转换器→移动装片→调节细准焦螺旋和光圈
【答案】D
【解析】
【分析】1.目镜镜头越长，放大倍数越小，物镜镜头越长，放大倍数越大。
2.低倍镜下看见的细胞数目多，细胞体积小，高倍镜下看见的细胞数目少，体积大。
【详解】①②是目镜，目镜镜头长度与放大倍数成反比，③④是物镜，物镜的镜头长度与放大倍数成正比，因此①比②的放大倍数小，③比④的放大倍数大，A正确。物镜与玻片之间距离越大，放大倍数越小，乙图是低倍镜下的物像，丙图是高倍镜下的物像，则观察乙、丙图像时，物镜与装片之间的距离分别是⑥⑤，B正确。把视野里的标本从图乙转为丙时，即从低倍镜转到高倍镜下，选择镜头长的物镜③，高倍镜下需要转动细准焦螺旋使物像清晰，C正确。从低倍镜到高倍镜的步骤是：移动装片→转动转换器→调节光圈和反光镜→转动细准焦螺旋，D错误。
19. 叶绿体中的色素为脂溶性，液泡中紫红色的花青苷为水溶性。以月季成熟的紫红色叶片为材料，下列实验无法达到目的的是
A. 用无水乙醇提取叶绿体中的色素
B. 用水做层析液观察花青苷的色素带
C. 用质壁分离和复原实验探究细胞的失水与吸水
D. 用光学显微镜观察表皮细胞染色体的形态和数目
【答案】D
【解析】
【详解】A、由于叶绿体中色素为脂溶性，可用无水乙醇提取，A正确；
B、花青苷为水溶性，可用水做层析液，B正确；
C、月季成熟的紫红色叶片含有紫红色的大液泡，可发生质壁分离和复原，则可用质壁分离和复原实验探究细胞的失水与吸水，C正确；
D、表皮细胞高度分化，不能分裂，不能用光学显微镜观察其染色体的形态和数目，D错误。
故选D。
【定位】色素，提取，质壁分离和复原
【点睛】本题主要考查色素提取和分离以及质壁分离和复原的知识。要求学生结合题干信息脂溶性和水溶性来判断色素的提取和分离方法。
20. 下图甲中曲线a、b表示物质跨膜运输的两种方式，图乙表示细胞对大分子物质胞吞和胞吐的过程。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 图甲中曲线a表示自由扩散，曲线b表示协助扩散或主动运输
B. 图甲中曲线b达到最大转运速率后的限制因素可能是载体蛋白的数量
C. 图乙中的胞吐和胞吞过程说明细胞膜具有选择透过性
D. 图乙中的胞吐和胞吞过程都需要消耗能量
【答案】C
【解析】
【分析】1、分析甲图：方式a只与浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散﹔方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输。2、图乙是对胞吐和胞吞的过程的考查，分析题图可知，a是细胞的胞吞过程，b是细胞的胞吐过程，不论是细胞的胞吞还是胞吐都伴随着细胞膜的变化和具膜小泡的形成，因此胞吐与胞吞的结构基础是膜的流动性。
【详解】A、分析曲线甲图：方式a只与浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散﹔方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输，A正确；
B、甲图中方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，其最大转运速率与载体蛋白数量有关，B正确；
C、乙图中的胞吐和胞吞过程说明细胞膜具有―定的流动性，C错误；
D、胞吞和胞吐都需要消耗ATP，D正确。
故选C。
21. 以紫色洋葱鳞片叶为材料进行细胞质壁分离和复原的实验，细胞长度和原生质体长度分别用X和Y表示(如图)，在处理时间相同的前提下（ ）
A. 同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则紫色越浅
B. 不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则越不易复原
C. 同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则所用蔗糖溶液浓度越低
D. 不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则细胞的正常细胞液浓度越高
【答案】A
【解析】
【分析】质壁分离的原因分析：外因：外界溶液浓度＞细胞液浓度；内因：原生质层相当于一层半透膜，细胞壁的伸缩性小于原生质层；表现：液泡由大变小，细胞液颜色由浅变深，原生质层与细胞壁分离。图中X是细胞长度，Y是原生质层长度，所以X/Y 表示质壁分离的程度，该比值越大，说明质壁分离程度越大，则失水越多。
【详解】A、由于细胞壁的束缚，植物细胞在不同浓度蔗糖溶液体积变化不大，即X基本不变，而Y原生质层长度越小，细胞失水越多，蔗糖溶液浓度越大，细胞液由于失水多，同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越小，失水越少，则紫色越浅；X/Y 值越大，失水越多，则紫色越深，A正确；
B、不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越小，失水越少，越容易复原，B错误；
C、同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越大，细胞失水越多，则所用蔗糖溶液浓度越高，C错误；
D、不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越大，细胞失水越多，则细胞的正常细胞液浓度越低，D错误。
故选A。
【点睛】
22. 将题图所示细胞置于密闭容器中培养。在不同光照强度下细胞内外的CO2和O2浓度在短时间内发生了相应变化。下列叙述错误的是（ ）
A. 黑暗条件下，①增大、④减小
B. 光强低于光补偿点时，①、③增大
C. 光强等于光补偿点时，②、③保持不变
D. 光强等于光饱和点时，②减小、④增大
【答案】B
【解析】
【详解】A、黑暗条件下，细胞只有呼吸作用，呼吸作用消耗氧气产生的CO2扩散至细胞外，因此①增大、④减小；A正确；
B、光强低于光补偿点时，即光合作用强度小于呼吸作用强度，此时①增大、③减小；B错误；
C、光强等于光补偿点时，光合作用强度等于呼吸作用强度，②、③保持不变；C正确；
D、光强等于光饱和点时，光合作用强度大于呼吸作用强度，②减小、④增大；D正确。
故选B。
【点睛】本题主要是考查细胞在不同光照条件下的细胞代谢时相应物质含量的变化。
23. 研究叶肉细胞的结构和功能时，取匀浆或上清液依次离心将不同的结构分开，其过程和结果如图所示，表示沉淀物，表示上清液。
据此分析，下列叙述正确的是
A. ATP仅在P2和P3中产生
B. DNA仅存在于P1、P2和P3中
C. P2、P3、P4和S3均能合成相应的蛋白质
D. S1、S2、S3和P4中均有膜结构的细胞器
【答案】C
【解析】
【分析】据图分析分析各个部分中所含有的细胞器或细胞结构：
P1为细胞核、细胞壁碎片，S1为细胞器和细胞溶胶，
S2为除叶绿体之外的细胞器和细胞溶胶，P2为叶绿体，
S3为除叶绿体、线粒体之外的细胞器和细胞溶胶，P3为线粒体，
S4为除叶绿体、线粒体、核糖体之外的细胞器和细胞溶胶，P4为核糖体。
S1包括S2和P2；S2包括S3和P3；S3包括S4和P4。
【详解】A、ATP可以在细胞溶胶、线粒体和叶绿体中产生，即在P2、P3 、S4中均可产生，A错误；
B、DNA存在于细胞核、线粒体和叶绿体中，即P1、S2、P2和P3中，B错误；
C、蛋白质的合成场所为核糖体，线粒体和叶绿体中也含有核糖体，所以P2、P3、P4和S3均能合成相应的蛋白质，C正确；
D、P4中核糖体没有膜结构，D错误。
故选C。
24. 图甲、乙、丙为组成生物体的相关化合物，乙为一个由 α、β、γ 三条多肽链形成的蛋白质分子，共含 271 个氨基酸，图中每条虚线表示由两个巯基（-SH）脱氢形成一个二硫键（-S-S-）下列相关叙述不正确的是（ ）
A. 甲为组成乙的基本单位，且乙中最多含有 20 种甲
B. 由不同的甲形成乙后，相对分子量比原来少了 4832
C. 丙主要存在于细胞核中，且在乙生物合成中具有重要作用
D. 如果甲中 R 为 C3H5O2，则由两分子甲形成的化合物中含有 16 个 H
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图：甲图所示的结构为构成蛋白质的基本单位--氨基酸的结构通式；乙图所示化合物为一个由α、β、γ三条多肽链形成的蛋白质分子，该多肽共含271个氨基酸、4个二硫键（-S-S-），每个二硫键是由两个巯基（-SH）脱去2分子H形成的；丙图所示化合物为构成核酸的基本单位--核苷酸的结构简式，由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成。
【详解】A、题图中的甲和乙分别是氨基酸和蛋白质，构成蛋白质的氨基酸为20种，所以蛋白质中含有的氨基酸一般不超过20种，A正确；
B、题图中的甲和乙分别是氨基酸和蛋白质，由氨基酸形成蛋白质（乙）的过程中的脱水数=氨基酸数-肽链数=271-3=268个、形成4个二硫键过程中脱去的H数8个，所以相对分子质量比原来减少的数值为268×18+4×2=4832，B正确；
C、题图中的乙和丙分别是蛋白质和核苷酸，由丙（核苷酸）组成的核酸有DNA和RNA两种，其中真核细胞中的DNA主要存在于细胞核中，RNA主要分布在细胞质中，核酸在蛋白质的生物合成中具有重要作用，C错误；
D、由氨基酸的结构通式可知氨基酸分子式的通式为C2H4O2N+R基，如果甲中的R为C3H5O2，则该氨基酸分子中含有H的个数是4+5=9个，由两分子甲形成的化合物中含有的H的个数=两分子甲中的H原子数-脱去水分子（1个）中的H原子数=9×2-2×1=16个，D正确。
故选C。
25. 将人、鼠细胞悬液混合并诱导细胞融合（只考虑细胞两两融合）后，在HAT培养基上，同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖。增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失，只残留一条或几条。对处于分裂中期细胞的镜检结果如表。下列相关叙述正确的是（ ）
细胞
融合细胞
人
鼠
细胞样编号
残留人染色体编号
ttHH
TThh
①
17
②
10、10、17
③
17、X
A. 在HAT培养基上，融合细胞均能存活和增殖
B. 可以确定①的基因组成为TTTTHHhhhh
C. 可以确定①②③的相关基因组成相同
D. 可以将T（t）基因定位于人第17染色体
【答案】B
【解析】
【分析】由题意知，人体细胞的基因型是ttHH，鼠细胞的基因型是TThh，人鼠细胞融合形成的杂交细胞的基因型是TTttHHhh，由于只有同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖，增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失，但是至少含有一条具有H基因的染色体。
【详解】A、融合细胞有多种，由题意知，在HAT培养基上，同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖，A错误；
B、由表格信息可知，①细胞含有一条人体染色体，由细胞同时具有T、H基因才能存活，因此该染色体上含有H基因，由于有丝分裂中期一条染色体上含有2个染色单体，因此此时细胞中含有HH基因，鼠染色体上的基因型是TTTThhhh，所以融合细胞①的基因型是TTTTHHhhhh，B正确；
C、由于"增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失"，故②③基因型不能确定，C错误；
D、据表格信息可知，残留人染色体编号均含有17号染色体，而①细胞含有一条人体染色体，由细胞同时具有T、H基因才能存活，因此该染色体上含有H基因，故可将H（h）基因位于17号染色体上，D错误。
故选B。
二、综合题
26. 为研究森林生态系统的碳循环，对西黄松老龄（未砍伐50~250年）和幼龄（砍伐后22年）生态系统的有机碳库及年碳收支进行测试，结果见下表，据表回答：
碳量
西黄松生态系统
生产者活生物量
（g/m2）
死有机质
（g/m2）
土壤有机碳
（g/m2）
净初级生产力
（g/m2·年）
异氧呼吸
（g/m2·年）
老龄
1 2730
2 560
5 330
470
440
幼龄
1 460
3 240
4 310
360
390
※净初级生产力：生产者光合作用固定总碳的速率减去自身呼吸总用消耗碳的速率
※※异养呼吸：消费者和分解者的呼吸作用
（1）西黄松群落被砍伐后，可逐渐形成自然幼龄群落，体现了生态系统的_________稳定性。
（2）大气中的碳主要在叶绿体_________部位被固定，进入生物群落。幼龄西黄松群落每平方米有____________克碳用于生产者当年的生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量中；其中，部分通过生态系统中___________的呼吸作用，部分转变为死有机质和土壤有机碳后通过__________________________的分解作用，返回大气中的CO2库。
（3）西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力___________（大于/等于/小于）老龄群落。根据年碳收支分析，幼龄西黄松群落_________（能/不能）降低大气碳总量。
【答案】 ①. 恢复力 ②. 基质 ③. 360 ④. 消费者 ⑤. 分解者 ⑥. 大于 ⑦. 不能
【解析】
【详解】【分析】本题以森林生态系统的碳循环为素材考查了生态系统的物质循环、能量流动相关知识，意在考查学生的识记、理解能力、能从表格提取有效信息解决问题的能力。物质循环是指在生态系统中，组成生物体的化学元素，从无机环境开始，经生产者，消费者和分解者又回到无机环境中，完成一个循环过程，其特点是物质循环是周而复始的。能量流动和物质循环都是通过生物之间的取食过程完成的，它们是密切相关、不可分割的，能量流动伴随物质循环，能量流动的特点是单向的、逐级递减的、不可循环的。除最高营养级外，某一营养级的总能量去路由四个部分组成：自身呼吸消耗的能量、流向分解者的能量、流向下一营养级的能量与未被利用的能量。
【详解】（1）恢复力稳定性是指生态系统在遭到外界干扰因素的破坏以后恢复到原状的能力。西黄松群落被砍伐遭到破坏后，又逐渐形成自然幼龄群落，体现了生态系统的恢复力稳定性。
（2）大气中的碳主要以CO2的形式在叶绿体基质被固定，进入生物群落。生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量=生产的同化量-生产者呼吸消耗量，即为表格中的净初级生产力，即幼龄西黄松群落每平方米360克碳用于生产者当年的生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量中。幼龄西黄松群落一部分被消费者食用，通过消费者的呼吸作用以热能形式释放，一部分即残枝败叶转变为死有机质和土壤有机质，进而通过分解者的分解作用，返回大气中的CO2库。
（3）由图可知，西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力为360/1460≈0.25；西黄松老龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力为470/12730≈0.04，因此，西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力大于老龄群落。根据年碳收支分析，幼龄西黄松群落的净初级生产力360，异氧呼吸消耗量为390，净初级生产力小于异氧呼吸消耗速率，故不会有有机物的积累，即幼龄西黄松群落不能降低大气碳总量。
【点睛】解答本题的关键是理清流经每一营养级的能量去向及总初级生产量与净初级生产量的关系，掌握生态系统中碳循环的途径及特点，明确通过光合作用碳进入生物群落，通过呼吸作用，碳进入大气中的CO2库。
27. 下图表示某种植物的非绿色器官在不同氧浓度下O2吸收量和CO2释放量的变化。请据下图回答下列问题：
（1）外界氧浓度大于0，小于10％时，该器官的呼吸作用方式是__________________________。曲线中________点的条件最有利于蔬菜水果或种子的保存，原因是________________________。
（2）当外界氧浓度为4～5％时，该器官CO2释放量的相对值为0．6，而O2吸收量的相对值为0．4。此时，无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于有氧呼吸的___________倍。
（3）该器官的CO2释放与O2的吸收两条曲线在C点相交后则重合为一条线，此时该器官的呼吸作用方式是_________________，该呼吸类型发生的主要场所是__________________，写出该呼吸类型的反应式_____________________。
（4）A点时该呼吸类型发生的场所是_______________；阴影区域OAC的面积可以表示__________________________。
【答案】 ①. 有氧呼吸和无氧呼吸 ②. B ③. 此时CO2的释放量最少，呼吸强度最弱，有机物分解的最少 ④. 1．5 ⑤. 有氧呼吸 ⑥. 线粒体 ⑦. ⑧. 细胞质基质 ⑨. 无氧呼吸产生CO2的量
【解析】
【分析】有氧呼吸全过程：
第一阶段：在细胞质基质中，一分子葡萄糖形成两分子丙酮酸、少量的[H]和少量能量，这一阶段不需要氧的参与。
第二阶段：丙酮酸进入线粒体的基质中，分解为二氧化碳、大量的[H]和少量能量。
第三阶段：在线粒体的内膜上，[H]和氧气结合，形成水和大量能量，这一阶段需要氧的。
无氧呼吸全过程：
第一阶段：在细胞质的基质中，与有氧呼吸的第一阶段完全相同。即一分子的葡萄糖在酶的作用下分解成两分子的丙酮酸，过程中释放少量的[H]和少量能量。
第二阶段：在细胞质的基质中，丙酮酸在不同酶的催化下，分解为酒精和二氧化碳，或者转化为乳酸。无氧呼吸第二阶段不产生能量。
有氧呼吸的反应式是：，
无氧呼吸的反应式是： ，当细胞呼吸产生的二氧化碳多于吸收的氧气时细胞既进行有氧呼吸，也进行无氧呼吸，当二氧化碳释放量与氧气吸收量相等时，细胞进行有氧呼吸。有氧呼吸的反应式是： ，
无氧呼吸的反应式是： ，
当细胞呼吸产生的二氧化碳多于吸收的氧气时细胞既进行有氧呼吸，也进行无氧呼吸，当二氧化碳释放量与氧气吸收量相等时，细胞进行有氧呼吸。
【详解】（1）根据图示可知，外界氧浓度大于0，小于10%时，二氧化碳的释放量大于氧气的吸收量，该器官的呼吸作用方式是有氧呼吸和无氧呼吸。曲线B点时，产生的二氧化碳的量最少，该点对应的氧气条件下，最有利于蔬菜水果或种子的保存。
（2）设外界氧的浓度为4~5%时，无氧呼吸消耗葡萄糖为X，有氧呼吸消耗的葡萄糖为Y，由题意可得关系式：①2X+6Y=0.6，6Y=0.4，解得：X：Y=1.5，即无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于有氧呼吸的1.5倍。
（3）该器官的CO2释放与O2的吸收两条曲线在C点相交后则重合为一条线，说明消耗的氧气量与产生的二氧化碳的量相等，此时该器官的呼吸作用方式是只有有氧呼吸，该呼吸类型发生的主要场所是线粒体，写出该呼吸类型的反应式：。
（4）A点时，无氧条件下，该呼吸类型是无氧呼吸，发生的场所是细胞质基质；ABC曲线与纵横轴围成的面积代表细胞呼吸产生的二氧化碳量，OC曲线与纵横轴的围成的面积代表该区域有氧呼吸二氧化碳的释放量，两个区域的差值代表的是无氧呼吸产生的二氧化碳量，即阴影区域OAC的面积表示无氧呼吸产生CO2的量。
【点睛】熟知有氧呼吸的过程，细胞呼吸、有氧呼吸、无氧呼吸的关系是解答本题的关键，能正确分析题图中的信息是解答本题的关键，对于细胞呼吸过程的理解和掌握是本题考查的重点。
28. 在生物体内，某些重要化合物的元素组成和功能关系如图所示。其中X、Y代表元素，A、B、C是生物大分子。请据图分析回答:
（1）X代表___。
（2）洋葱根尖分生区细胞中，单体a和b种类共有___种；图中___是组成染色体的主要成分。构成[A]的特有单体是___(写中文名称)，如果将这种特有单体用3H标记后，再用含该单体的营养液培养洋葱根尖，可以在___处检测到较强的放射性。
（3）导致地球上生物多种多样的直接原因是[__]_结构的多样性。
（4）人类的白化病基因起源于图中的[ ]_____过程。
（5）④反应过程为___，若c的平均分子量为r，通过④反应过程形成m条肽链，经盘曲折叠构成分子量为e的C，则C分子中肽键的数目是_____。
【答案】（1）N、P （2） ①. 8 ②. A和C ③. 胸腺嘧啶脱氧核苷酸 ④. 细胞核和线粒体
（3）C蛋白质 （4）①DNA复制
（5） ①. 脱水缩合 ②. e−rm/r−18
【解析】
【分析】据图分析，A是DNA，B是mRNA，C是蛋白质。图中①为DNA的复制过程，②为转录过程，③为翻译过程，④为氨基酸脱水缩合形成蛋白质的过程。单体a表示脱氧核苷酸，单体b表示核糖核苷酸，单体c表示氨基酸。元素X表示N、P，元素Y表示N。
【小问1详解】
据图中心法则的过程可知，A是DNA，组成DNA的单体a是脱氧核苷酸，其组成元素为C、H、O、N、P，因此X为N、P。
【小问2详解】
洋葱含有DNA和RNA两种核酸，其中单体a表示脱氧核苷酸，有4种，单体b表示核糖核苷酸，有4种，共8种核苷酸；染色体的主要成分为DNA和蛋白质，即由图中的A和C组成；A是DNA，特有的单体是胸腺嘧啶脱氧核苷酸；如果将这种特有单体用3H标记后，再用含该单体的营养液培养洋葱根尖，可以在细胞核和线粒体处检测到较强的放射性，因为细胞核和线粒体含有DNA。
【小问3详解】
蛋白质是生命活动的主要承担者，导致地球上生物多种多样的直接原因是[C]蛋白质结构的多样性。
【小问4详解】
白化病属于单基因隐性遗传病，人类的白化病基因起源于图中的[①]DNA复制过程的基因突变。
【小问5详解】
④是氨基酸经脱水缩合形成蛋白质的过程；若c的平均分子量为r，通过④反应过程形成m条肽链，经盘曲折叠构成分子量为e的C，设蛋白质中的肽键数是X，则氨基酸数是（X+m），根据元素守恒则有关系式：e=r（X+m）-18X，解得X=e−rm/r−18。
29. 图①~③分别表示人体细胞中发生的3种生物大分子的合成过程。请回答下列问题:
（1）图中①过程代表___，其子链的合成方向是从___。
（2）细胞中过程②的原料是___，发生的主要场所是___.
（3）已知过程②的α链中鸟嘌呤与尿嘧啶之和占碱基总数的54%，α链及其模板链对应区段的碱基中鸟嘌呤分别占29%、19%，则与α链对应的DNA区段中腺嘌呤所占的碱基比例为___。
（4）由于基因中一个碱基对发生替换，而导致过程③合成的肽链中第8位氨基酸由异亮氨酸(密码子有AUU、AUC、AUA)变成苏氨酸(密码子有ACU、ACC、ACA、ACG)，则该基因的这个碱基对替换情况是___。
（5）在人体内成熟红细胞、浆细胞、记忆细胞、效应T细胞中，能发生过程②、③而不能发生过程①的细胞是___。
（6）人体不同组织细胞的相同DNA进行过程②时启用的起始点___(在“都相同”、“都不同”、“不完全相同”中选择)，其原因是___。
【答案】（1） ①. DNA分子的复制 ②. 5'端向3'端
（2） ①. 核糖核苷酸 ②. 细胞核
（3）26% （4）T//A替换为C//G
（5）浆细胞和效应T细胞
（6） ①. 不完全相同 ②. 不同组织细胞中基因进行选择性表达
【解析】
【分析】分析题图：①是以DNA的两条链为模板，进行的是DNA复制过程，主要发生在细胞核中；②是以DNA的一条链为模板，进行的是转录过程，主要发生在细胞核中；③是以mRNA为模板，进行的是翻译过程，发生在核糖体上。
【小问1详解】
①是以DNA的两条链为模板合成DNA的过程，表示DNA的复制；DNA合成时子链的合成方向都是从从5'端向3'端。
【小问2详解】
细胞中过程②以DNA的一条链为模板合成RNA，所以其原料是核糖核苷酸，发生的主要场所是细胞核。
【小问3详解】
已知过程②的α链及其模板链对应区段的碱基中鸟嘌呤分别占29%、19%，说明与α链对应的DNA区段中鸟嘌呤所占的碱基占单链比例为29%+19%=48%，则占DNA双链比例为24%；又因为DNA分子中嘌呤碱基占整个DNA分子的50%，故与α链对应的DNA区段中腺嘌呤所占的碱基比例为50%-24%=26%。
【小问4详解】
由于基因中一个碱基对发生替换，而导致过程③合成的肽链中第8位氨基酸由异亮氨酸（密码子有AUU、AUC、AUA）变成苏氨酸（密码子有ACU、ACC、ACA、ACG），异亮氨酸对应的密码子与苏氨酸对应的密码子中一个不同碱基是第2个碱基，由U变为C，则该基因的这个碱基对替换情况是T//A替换为C//G。
【小问5详解】
人体成熟红细胞没有细胞核和细胞器，因此不能发生图①②③过程；浆细胞和效应T细胞都已经高度分化，不再分裂，因此不能发生图示①过程；记忆细胞具有增殖和分化能力，因此可以发生图①②③过程。
【小问6详解】
由于不同组织细胞中基因进行选择性表达，所以人体不同组织细胞的相同DNA（相同DNA中的基因表达不完全相同）进行过程②时启用的起始点不完全相同。
30. 研究人员在柑橘中发现一棵具有明显早熟特性的变异株，决定以此为基础培育早熟柑橘新品种。请回答下列问题：
（1）要判断该变异株的育种价值，首先要确定它的_______________物质是否发生了变化。
（2）在选择育种方法时，需要判断该变异株的变异类型。如果变异株是个别基因的突变体，则可采用育种方法①，使早熟基因逐渐_______________，培育成新品种1。为了加快这一进程，还可以采集变异株的_______________进行处理，获得高度纯合的后代，选育成新品种2，这种方法称为_______________育种。
（3）如果该早熟植株属于染色体组变异株，可以推测该变异株减数分裂中染色体有多种联会方式，由此造成不规则的_______________，产生染色体数目不等、生活力很低的______________，因而得不到足量的种子。即使得到少量后代，早熟性状也很难稳定遗传。这种情况下，可考虑选择育种方法③，其不足之处是需要不断制备_______________，成本较高。
（4）新品种1与新品种3均具有早熟性状，但其他性状有差异，这是因为新品种1选育过程中基因发生了多次_______________，产生的多种基因型中只有一部分在选育过程中保留下来。
【答案】 ①. 遗传 ②. 纯合 ③. 花药 ④. 单倍体 ⑤. 染色体分离 ⑥. 配子 ⑦. 组培苗 ⑧. 重组
【解析】
【分析】分析题图，新品种1属于杂交育种，原理是基因重组；新品种2是单倍体育种，原理是染色体变异；新品种3是植物组织培养，原理是植物细胞全能性。
【详解】（1）具有育种价值的变异属于可遗传变异，需先确定遗传物质是否发生了变化。
（2）变异株是个别基因的突变体，则利用杂交育种，通过连续自交、选育，使早熟基因逐渐纯合，培育成新品种。加快育种进程，缩短育种年限，则采用单倍体育种，即采集变异株的花药进行处理，获得单倍体，然后用秋水仙素处理单倍体幼苗，诱导染色体数目加倍，获得纯合子。
（3）染色体组变异株中染色体组发生了变化，则减数分裂中染色体有多种联会方式，染色体分离时不规则，就会形成染色体数目不等、生活力很低的配子，结果不能完成受精作用，得不到足量的种子。育种③是植物组织培养，需不断制备组培苗，成本较高。
（4）新品种1的形成是通过杂交育种培育形成，属于有性生殖，是基因重组的结果，新品种3是植物组织培养的结果，属于无性繁殖，基因没有重组，所以前者产生的多种基因型中只有一部分保留下来，后者全部保留下来。
【名师点睛】本题主要考查生物变异和育种的相关知识，要求学生理解可遗传变异的含义，理解杂交育种和单倍体育种的过程。
塘沽一中2023届高三第一次月考生物试卷
一、单选题
1. 下列关于细胞生命活动的叙述，正确的是（ ）
A. 高度分化的细胞执行特定的功能，不能再分裂增殖
B. 癌变细胞内发生变异的基因都不再表达
C. 正常组织细胞在体外长时间培养，一般会走向衰老
D. 凋亡细胞内有活跃的基因表达，主动引导走向坏死
【答案】C
【解析】
【分析】细胞分化是由一个或一种细胞增殖产生后代，在形态、结构和生理功能上发生稳定性差异的过程。
细胞中与癌有关的基因包括原癌基因和抑癌基因，原癌基因主要负责调节细胞周期，控制细胞生长和分裂的进程，抑癌基因主要阻止细胞的不正常增殖。
细胞衰老是自然界的正常现象，其过程是细胞的形态结构和化学反应发生复杂变化的过程。
细胞凋亡是由基因决定的细胞自动结束生命的过程。
【详解】A、高度分化的细胞能执行特定的功能，但也可能继续分裂增殖，如性原细胞能进行有丝分裂和减数分裂，A错误；
B、癌变细胞是由原癌基因和抑癌基因发生突变，导致正常细胞的生长和分裂失控而形成，发生突变的基因仍能表达，B错误；
C、正常组织细胞在体外长时间培养，细胞分裂达到一定次数后一般都会走向衰老，C正确；
D、细胞凋亡是由基因控制的程序性死亡，细胞坏死与细胞凋亡不同，它是在种种不利因素影响下，由于细胞正常代谢活动受损或中断引起的细胞损伤和死亡，D错误。
故选C。
2. 下列有关糖类的叙述，正确的是（ ）
A. 糖类分子中氢原子数与氧原子数之比都为2：1
B. 淀粉、纤维素、蔗糖的彻底水解产物相同，都是葡萄糖
C. 糖类是主要的能源物质，也可作为遗传物质的组成成分
D. 由C、H、O三种元素组成的化合物都是糖类分子
【答案】C
【解析】
【分析】糖类由C、H、O三种元素组成，根据能否水解及水解产物的多少分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。
【详解】A、糖类分子中氢原子数与氧原子数之比不都为2∶1，脱氧核糖（C5H10O4）的氢原子数与氧原子数之比为5∶2，A错误；
B、淀粉、纤维素彻底水解产物相同，都是葡萄糖，蔗糖水解产物是葡萄糖和果糖，B错误；
C、糖类是主要的能源物质，核糖是RNA的组成成分，脱氧核糖是DNA的组成成分，核糖和脱氧核糖可作为遗传物质的组成成分，C正确；
D、由C、H、O三种元素组成的化合物不都是糖类分子，脂肪也只含有C、H、O三种元素，D错误。
故选C。
3. 新冠病毒是一种RNA病毒。新冠肺炎疫情给人们的生活带来了巨大影响。下列与新冠肺炎疫情防控相关的叙述，错误的是（ ）
A. 新冠病毒含有核酸和蛋白质，通过核酸检测可排查新冠病毒感染者
B. 教室经常开窗通风可以促进空气流动，降低室内病原微生物的密度
C. 通常新冠肺炎患者的症状之一是发烧，因此可以通过体温测量初步排查
D. 每天适量饮酒可以预防新冠肺炎，因为酒精可以使细胞内的病毒蛋白变性
【答案】D
【解析】
【分析】病毒一般由蛋白质和核酸构成，具有严整的结构，营寄生生活，通过侵染宿主进行增殖，进入宿主细胞后具有遗传和变异的特征，离开活细胞后不再进行生命活动。
【详解】A、新冠病毒是一种RNA病毒，由RNA和蛋白质构成，RNA携带特定的遗传信息，因此通过核酸检测可排查新冠病毒感染者，A正确；
B、教室经常开窗通风有利于室内与室外的空气交换，病原微生物也能随空气流动到室外，B正确；
C、感染新冠肺炎的患者体内会发生免疫反应，使体温升高，正常人体温一般维持在37℃，因此可以通过体温测量初步排查，C正确；
D、75%左右的酒精具有杀菌作用，饮酒的度数一般不能达到75%，且长期饮酒对人体会产生损害，免疫力下降，因此每天适量饮酒不能预防新冠肺炎，D错误。
故选D。
4. 下列与细胞膜有关的描述，正确的是（ ）
A. 人和鼠细胞融合实验体现了细胞膜的选择透过性
B. 构成细胞膜的脂质全部是磷脂分子
C. 光学显微镜下可见细胞膜的“暗—亮—暗”三层结构
D. 细胞膜的流动性与磷脂、多数蛋白质可以运动有关
【答案】D
【解析】
【分析】细胞膜的主要成分是磷脂和蛋白质，此外还含有少量的糖类；细胞膜的结构特点是具有一定的流动性；细胞膜的功能特点是具有选择透过性。
【详解】A、人和鼠细胞融合实验体现了细胞膜具有一定的流动性，A错误；
B、构成细胞膜的脂质主要是磷脂分子，动物细胞膜上还存在胆固醇，B错误；
C、在光学显微镜下，不能观察到细胞膜的暗一亮一暗三层结构，在电子显微镜下，才能看到，C错误；
D、组成细胞膜的磷脂分子可以运动，组成细胞膜的蛋白质分子大多数可以运动，导致细胞膜具有一定的流动性，D正确。
故选D。
5. 某同学利用显微镜观察人的血细胞，使用相同的目镜，但在两种不同的放大倍数下，所呈现的视野分别为甲和乙(如图所示)，下列相关叙述正确的是（ ）
A. 若使用相同的光圈，则甲比乙亮
B. 在甲中观察到的细胞，在乙中均可被观察到
C. 若玻片右移，则甲的物像会右移而乙的物像左移
D. 若在甲中看到的物像模糊，则改换成乙就可以看到清晰的物像
【答案】A
【解析】
【分析】显微镜放大倍数是目镜和物镜放大倍数的乘积。观察同一玻片的同一部位：低倍镜下物镜距离玻片标本的距离远，看到的视野范围大、视野亮，细胞小、细胞数量多；高倍镜下物镜距离玻片标本的距离近，看到的视野范围小、视野暗，细胞大、细胞数量少。
【详解】A、随着物镜放大倍数的增大，视野变暗，因此在相同的光圈下，甲视野较乙视野亮，A正确；
B、甲是在低倍镜下看到的物像，若置于高倍镜下，视野范围变小，在甲中观察到的细胞在乙中则不能都被观察到，B错误；
C、由于在显微镜下观察到的是倒像，玻片右移，甲、乙的物像均向左移动，C错误；
D、若甲中看到的物像模糊，改换高倍镜乙后，无法看到清晰的物像，D错误。
故选A。
6. 哺乳动物的催产素具有催产和排乳的作用，加压素具有升高血压和减少排尿的作用。两者结构简式如下图，各氨基酸残基用3个字母缩写表示。下列叙述正确的是（ ）
A. 两种激素都是由八肽环和三肽侧链构成的多肽类化合物
B. 氨基酸之间脱水缩合形成的水分子中氢全部来自氨基
C. 肽链中游离氨基的数目与参与构成肽链的氨基酸种类无关
D. 两种激素间因2个氨基酸种类不同导致生理功能不同
【答案】D
【解析】
【详解】【分析】据图分析，催产素和加压素都是由9个氨基酸组成的多肽，且都含有一个由6个氨基酸组成的环状结构，两种物质的不同点在于环状和链状结构中各有一个氨基酸的种类不同。
【详解】根据以上分析可知，两种激素都是由六环肽和三肽侧链构成的多肽化合物，A错误；氨基酸之间脱水缩合形成的水分子中的氢分别来自于一个氨基酸的氨基和另一个氨基酸的羧基，B错误；肽链中游离的氨基酸数目与参与构成肽链的氨基酸的种类有关，C错误；根据以上分析可知，两种激素在两个氨基酸种类上不同，进而导致两者的功能不同，D正确。
【点睛】解答本题的关键是掌握氨基酸的结构通式以及分子结构多样性的原因，并根据图像分析判断两种化合物在结构上的差异，进而判断两者功能差异的原因。
7. 如图所示，甲图是一组目镜标有5×和16×字样、物镜标有10×和40×字样的镜头，乙图是在甲图中选用的一组能放大160倍的镜头组合下所观察到的图像。欲将乙图视野中处于右上方的细胞移至视野中央放大640倍观察，下列操作不正确的是（ ）
A. 将装片向右上方移动，至乙图视野中右上方的细胞位于视野正中央
B. 将显微镜的光圈调小，反光镜调成平面镜
C. 目镜不需要换，转动转换器将物镜换成镜头③
D. 放大后观察时，如果视野模糊，应调节细准焦螺旋
【答案】B
【解析】
【分析】根据有无螺纹可以判断出甲图中①②是目镜，③④为物镜。目镜的放大倍数与镜头的长度成反比例，物镜的放大倍数与镜头的长度成正比例；由于显微镜成像为倒像，故欲将乙图视野中处于右上方的细胞移至视野中央，应向右上方移动玻片标本。
【详解】A、显微镜成像为倒像，将装片向右上方移动，至乙图视野中右上方的细胞位于视野正中央，A正确；
B、换上高倍镜后，视野变暗，故应将显微镜的光圈调大，反光镜调成凹面镜，B错误；
C、原放大倍数为160倍，现放大倍数为640倍，故将物镜由10×换为40×即可，即转动转换器将物镜将④换成镜头③，C正确；
D、物镜换成高倍物镜后，如果视野模糊，应调节细准焦螺旋，不能调粗准焦螺旋，D正确。
故选B。
8. 有关蛋白质分子的叙述，正确的是（ ）
A. 细胞内蛋白质发生水解时常常需要另一种蛋白质的参与
B. 氨基酸的空间结构和种类的多样性决定了蛋白质功能的多样性
C. 高温能使蛋白质分子肽键断裂、空间结构发生改变而变性失活
D. 组成蛋白质的氨基酸之间可以通过不同的方式脱水缩合
【答案】A
【解析】
【详解】A、细胞内蛋白质水解常常需要蛋白酶（另一种蛋白质）催化才能水解，A正确；
B、氨基酸的种类、数量和排列顺序的多样性以及肽链形成的空间结构的多样性决定了蛋白质功能的多样性，B错误；
C、高温能使蛋白质分子的空间结构发生改变而变性失活，其肽键一般没有断裂，C错误；
D、组成蛋白质的氨基酸之间都是通过脱水缩合的方式形成肽键连接而成，D错误。
故选A。
9. 下图是细胞代谢过程中某些物质的变化过程示意图,下列叙述正确的是
A. 在乳酸菌细胞中,能进行过程①②④
B. 过程①④都需要O2的参与才能正常进行
C. 真核细胞中催化过程①②③的酶均位于细胞质基质中
D. 叶肉细胞中过程④产生的ATP可用于过程⑤中C3的还原
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：①为细胞呼吸的第一阶段，②为产物是乳酸的无氧呼吸第二阶段，③为产物是酒精的无氧呼吸第二阶段，④是有氧呼吸的第二、三阶段，⑤是光合作用过程。
【详解】在乳酸菌细胞中，只能进行产生乳酸的无氧呼吸过程，即图中的①②，A错误；过程①为细胞呼吸的第一阶段，有氧无氧都能正常进行；而④有氧呼吸第二、三阶段，其中第三阶段需要氧气，B错误；由于过程①②③均为无氧呼吸，所以真核细胞中催化过程①②③的酶都位于细胞质基质中，C正确；叶肉细胞④过程，即有氧呼吸产生的ATP一般不用于过程⑤中C3的还原，D错误。
【点睛】分析本题的关键要结合有氧呼吸和无氧呼吸的过程确定图解中分别对应的细胞呼吸的阶段。
注意：本题D选项有争议。
10. 下图表示的是某植物的非绿色器官呼吸时O2的吸收量和CO2的释放量之间的相互关系，其中线段XY=YZ，则在氧浓度为a时（ ）
A. 有氧呼吸比无氧呼吸消耗的有机物多
B. 有氧呼吸比无氧呼吸释放的能量多
C. 有氧呼吸比无氧呼吸释放的CO2多
D. 有氧呼吸和无氧呼吸释放的能量相等
【答案】B
【解析】
【分析】题图分析：在氧浓度为a时，由于XY=YZ，则可知有氧呼吸和无氧呼吸产生的二氧化碳一样多，在二氧化碳产生量一样多的情况下，根据有氧呼吸和无氧呼吸的反应式可知此时无氧呼吸消耗的有机物是有氧呼吸消耗有机物的3倍，此时放出的能量远大于无氧呼吸放出的能量。
【详解】A、因为XY=YZ，所以无氧呼吸产生的二氧化碳等于有氧呼吸的二氧化碳，因此无氧呼吸消耗的有机物大于有氧呼吸消耗的有机物，A错误；
B、有氧呼吸放出的能量远大于无氧呼吸放出的能量，B正确；
C、因为XY=YZ，有氧呼吸和无氧呼吸释放的二氧化碳一样多，C错误；
D、就产生的能量分析，有氧呼吸占优势；就消耗的有机物分析，无氧呼吸占优势；就产生的二氧化碳分析，两者一样多，D错误。
故选B。
11. 图1是过氧化氢酶活性受pH影响的曲线。图2表示在最适温度下，pH=b时H2O2分解产生的O2量(m)随时间的变化曲线。若该酶促反应过程中改变某一初始条件，在作以下改变时有关描述错误的是（ ）
A. pH=a时，e点不变，d点右移 B. pH=c时，e点为0
C. 温度降低时，e点不移动，d点右移 D. H2O2量增加时，e点上移，d点右移
【答案】B
【解析】
【分析】酶活性的发挥需要适宜的温度和pH值（在最适条件下，酶的催化活性是最高的，低温可以抑制酶的活性，随着温度升高，酶的活性可以逐渐恢复，高温、过酸、过碱可以使酶的空间结构发生改变，使酶永久性的失活）。由图1分析可知，该酶的最适pH值是b，据此分析解答。
【详解】A、图2表示pH=b（最适pH）时，H2O2分解产生的O2量随时间的变化．pH=a时，酶的活性减弱，酶促反应速减慢，但化学反应的平衡点不变，所以e点不变，d点右移，A正确；
B、pH=c时，酶变性失活，但H2O2在常温下也能缓慢分解，e点不为0，B错误；
C、图2表示在最适温度下，H2O2分解产生的O2量随时间的变化，温度降低时，酶的活性下降，酶促反应速率减慢，但化学反应的平衡点不变，所以e点不变，d点右移，C正确；
D、底物（H2O2量）增加时，化学反应的平衡点升高，到达化学反应平衡点所需的时间延长，即e点上移，d点右移，D正确。
故选B。
12. 从某些动物组织中提取的胶原蛋白，可以用来制作手术缝合线。手术后过一段时间，这种缝合线就可以被人体组织吸收，从而避免拆线的痛苦。下列关于胶原蛋白的说法错误的是（ ）
A. 作为缝合线的胶原蛋白之所以被人体吸收是因为已被分解成小分子的氨基酸
B. 被分解成的氨基酸种类最多有21种，其中有8种是人体细胞不能合成的，如赖氨酸、蛋氨酸、色氨酸、亮氨酸、苏氨酸、异亮氨酸、苯丙氨酸、缬氨酸
C. 分解后的蛋白质与变性后的蛋白质都不可以与双缩脲试剂发生颜色反应
D. 在核糖体上合成胶原蛋白时，产生的水分子中的氢来自氨基和羧基
【答案】C
【解析】
【分析】胶原蛋白是动物体内普遍存在的一种蛋白质，属于大分子化合物，经人体消化分解成小分子氨基酸后才能被吸收。胶原蛋白的组成单体是氨基酸，在核糖体上氨基酸通过脱水缩合形成多肽，没有生物活性，多肽经加工折叠成具有一定空间的蛋白质才有活性。
【详解】A、作为缝合线的胶原蛋白成分是蛋白质，之所以被人体吸收是因为已被分解成其基本单位——小分子的氨基酸，A正确；
B、组成生物体的氨基酸种类最多有21种，其中有8种是人体细胞不能合成的，如赖氨酸、蛋氨酸、色氨酸、亮氨酸、苏氨酸、异亮氨酸、苯丙氨酸、缬氨酸，故胶原蛋白被分解成的氨基酸种类最多有21种，B正确；
C、分解后的蛋白质形成氨基酸不可以与双缩脲试剂发生颜色反应，但变性后的蛋白质破坏的是空间结构，依然可以与双缩脲试剂发生颜色反应，C错误；
D、胶原蛋白成分是蛋白质，在核糖体上合成时，产生的水分子中的氢来自氨基和羧基，D正确。
故选C。
【点睛】
13. 人们生活中会涉及很多生物学知识，下列叙述正确的是（ ）
A. 糖尿病患者可以多食用米饭和馒头等含淀粉多的食品
B. 患急性肠炎的患者脱水时，常见的治疗方法是及时补充纯水
C. 某人出现抽搐症状的原因可能是其体内钙离子含量偏低
D. 人过多地摄入胆固醇会造成血管堵塞，饮食中应禁止摄入胆固醇
【答案】C
【解析】
【分析】组成生物体的无机盐的生理功能：①一些无机盐是细胞和生物体内某些复杂化合物的重要组成成分；②对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要作用；③维持细胞的渗透压和酸碱平衡。人体内缺Na+会引起神经、肌肉细胞的兴奋性降低，最终引发肌肉酸痛、无力等，Ca2+可调节肌肉收缩。
【详解】A、米饭和馒头中的淀粉经消化能分解成葡萄糖，故糖尿病患者要限制米饭和馒头等食品的摄入量，A错误；
B、患急性肠炎的患者脱水时会丢失大量的水分和无机盐，所以需要及时补充水分，同时也需要补充体内丢失的无机盐，输入葡萄糖盐水是常见的治疗方法，B错误；
C、人体血液中钙离子的含量太低，会出现抽搐等症状，C正确；
D、饮食中如果过多地摄入胆固醇，会在血管壁上形成沉积，造成血管堵塞，危及生命，但胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输，故膳食中需要注意限制高胆固醇类食物的过量摄入，而不是禁止摄入胆固醇，D错误。
故选C。
14. 以下甲、乙两图都表示某植物的非绿色器官CO2释放量和O2吸收量的变化。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 甲图中氧浓度为a时的情况对应的是乙图中的A点
B. 甲图中氧浓度为b时的情况对应的是乙图中的CD段
C. 甲图的a、b、c、d四个浓度中c是最适合贮藏的
D. 甲图中氧浓度为d时没有酒精产生
【答案】B
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：甲图用柱形图表示了呼吸作用中氧气吸收量和二氧化碳释放量之间的关系，乙图用曲线图表示了随氧气浓度的增加呼吸作用的变化，氧浓度为a时，细胞只释放CO2不吸收O2，说明细胞只进行无氧呼吸；甲图中氧浓度为b时CO2的释放量远远大于O2的吸收量，说明既进行有氧呼吸又进行无氧呼吸；贮藏植物器官应选择CO2产生量最少即细胞呼吸最弱时（图甲中的c点）的氧浓度；氧浓度为d时，CO2的释放量与O2的吸收量相等，细胞只进行有氧呼吸。
【详解】A、甲图中氧浓度为a时，细胞只释放CO2不吸收O2，说明细胞只进行无氧呼吸，对应乙图中的A点，A正确；
B、甲图中氧浓度为b时CO2的释放量远远大于O2的吸收量，说明既进行有氧呼吸又进行无氧呼吸，且无氧呼吸强度大，应对应乙图中AC段之间，B错误；
C、贮藏植物器官应选择CO2产生量最少即细胞呼吸最弱时（图甲中的c点）的氧浓度，C正确；
D、氧浓度为d时，CO2的释放量与O2的吸收量相等，细胞只进行有氧呼吸，因此没有酒精产生，D正确。
故选B。
15. 经内质网加工的蛋白质进入高尔基体后，S酶会在其中的某些蛋白质上形成M6P标志。具有该标志的蛋白质能被高尔基体膜上的M6P受体识别，经高尔基体膜包裹形成囊泡，在囊泡逐渐转化为溶酶体的过程中，带有M6P标志的蛋白质转化为溶酶体酶；不能发生此识别过程的蛋白质经囊泡运往细胞膜。下列说法错误的是（ ）
A. M6P标志的形成过程体现了S酶的专一性
B. 附着在内质网上的核糖体参与溶酶体酶的合成
C. S酶功能丧失的细胞中，衰老和损伤的细胞器会在细胞内积累
D. M6P受体基因缺陷的细胞中，带有M6P标志的蛋白质会聚集在高尔基体内
【答案】D
【解析】
【分析】1、分泌蛋白的合成与分泌过程：附着在内质网上的核糖体合成蛋白质→内质网进行粗加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行再加工形成成熟的蛋白质→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜，整个过程还需要线粒体提供能量。
2、分析题干信息可知，经内质网加工的蛋白质，只有在S酶的作用下形成M6P标志，才能被高尔基体膜上的M6P受体识别，最终转化为溶酶体酶，无识别过程的蛋白质则被运往细胞膜分泌到细胞外。
【详解】A、酶具有专一性的特点，S酶在某些蛋白质上形成M6P标志，体现了S酶的专一性，A正确；
B、由分析可知，部分经内质网加工的蛋白质，在S酶的作用下会转变为溶酶体酶，该蛋白质是由附着在内质网上的核糖体合成的，B正确；
C、由分析可知，在S酶的作用下形成溶酶体酶，而S酶功能丧失的细胞中，溶酶体的合成会受阻，则衰老和损伤的细胞器会在细胞内积累，C正确；
D、M6P受体基因缺陷的细胞中，带有M6P标志的蛋白质不能被识别，最终会被分泌到细胞外，D错误。
故选D。
【点睛】本题考查溶酶体的形成过程及作用等知识，旨在考查考生获取题干信息的能力，并能结合所学知识准确判断各选项。
16. 在“制作并观察植物细胞有丝分裂的临时装片”活动中，观察到不同分裂时期的细胞如图所示：
下列叙述错误的是
A. 装片制作过程中需用清水漂洗已解离的根尖便于染色
B. 观察过程中先用低倍镜找到分生区细胞再换用高倍镜
C. 图甲细胞所处时期发生DNA复制及相关蛋白质的合成
D. 图丙细胞中的染色体数目比图乙细胞中的增加了一倍
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图可得，甲图为植物有丝分裂前期的细胞，乙图为植物有丝分裂中期的细胞，丙图为植物有丝分裂后期的细胞，丁图为植物有丝分裂末期的细胞。
【详解】A.装片在制作时需要先用盐酸和酒精混合液解离，在染色前需要用清水漂洗的目的是洗去解离液，防止解离过度便于染色，A正确；
B.观察过程需要从低倍镜开始，找到分生区细胞后再换高倍镜观察，B正确；
C.图甲为有丝分裂前期的细胞，正在处于核膜消失，形成染色体的阶段，而间期已经完成了DNA的复制和相关蛋白质的合成，C错误；
D.图乙为有丝分裂中期的细胞，染色体数与普通体细胞相等，图丙为有丝分裂后期的细胞，由于着丝粒分裂，使染色体暂时加倍，故图丙细胞中的染色体数目比图乙细胞中的增加了一倍，D正确。
故选C。
17. 完整的核糖体由大、小两个亚基组成。下图为真核细胞核糖体大、小亚基的合成、装配及运输过程示意图，相关叙述正确的是（ ）
A. 上图所示过程可发生在有丝分裂中期
B. 细胞的遗传信息主要储存于rDNA中
C. 核仁是合成rRNA和核糖体蛋白的场所
D. 核糖体亚基在细胞核中装配完成后由核孔运出
【答案】D
【解析】
【分析】图中显示出了核糖体的合成过程，位于核仁中的rDNA经过转录形成了rRNA前体物质，核糖体蛋白从核孔进入细胞核后，和rRNA前体结合，一部分生成了核糖体小亚基，另一部分和核仁外DNA转录形成的5S rRNA结合生成核糖体大亚基，都从核孔进入细胞质。
【详解】A、有丝分裂中核膜、核仁已经在前期解体，该过程不可能发生在有丝分裂中期，A错误；
B、rDNA上的信息主要与核糖体合成有关，不是细胞的遗传信息的主要储存载体，B错误；
C、从图中看出核仁是合成rRNA的场所，而核糖体蛋白的合成场所在核糖体，C错误；
D、从图中看出，细胞核装配好核糖体亚基后从核孔中运出，D正确。
故选D。
【点睛】本题考查核糖体的合成过程，需要考生分析图示，理解图中核糖体的合成过程，结合教材转录和翻译的基本知识进行解答。
18. 如下图所示：甲图中①②表示目镜，③④表示物镜，⑤⑥表示物镜与装片之间的距离，乙和丙分别表示不同物镜下观察到的图像。下列叙述中，不正确的是（）
A. ①比②的放大倍数小，③比④的放大倍数大
B. 观察乙、丙图像时，物镜与装片之间的距离分别是⑥⑤
C. 把视野里的标本从图乙转为丙时，应选用③，然后转动细准焦螺旋使物像清晰
D. 从图中的乙转为丙，操作顺序为：转动转换器→移动装片→调节细准焦螺旋和光圈
【答案】D
【解析】
【分析】1.目镜镜头越长，放大倍数越小，物镜镜头越长，放大倍数越大。
2.低倍镜下看见的细胞数目多，细胞体积小，高倍镜下看见的细胞数目少，体积大。
【详解】①②是目镜，目镜镜头长度与放大倍数成反比，③④是物镜，物镜的镜头长度与放大倍数成正比，因此①比②的放大倍数小，③比④的放大倍数大，A正确。物镜与玻片之间距离越大，放大倍数越小，乙图是低倍镜下的物像，丙图是高倍镜下的物像，则观察乙、丙图像时，物镜与装片之间的距离分别是⑥⑤，B正确。把视野里的标本从图乙转为丙时，即从低倍镜转到高倍镜下，选择镜头长的物镜③，高倍镜下需要转动细准焦螺旋使物像清晰，C正确。从低倍镜到高倍镜的步骤是：移动装片→转动转换器→调节光圈和反光镜→转动细准焦螺旋，D错误。
19. 叶绿体中的色素为脂溶性，液泡中紫红色的花青苷为水溶性。以月季成熟的紫红色叶片为材料，下列实验无法达到目的的是
A. 用无水乙醇提取叶绿体中的色素
B. 用水做层析液观察花青苷的色素带
C. 用质壁分离和复原实验探究细胞的失水与吸水
D. 用光学显微镜观察表皮细胞染色体的形态和数目
【答案】D
【解析】
【详解】A、由于叶绿体中色素为脂溶性，可用无水乙醇提取，A正确；
B、花青苷为水溶性，可用水做层析液，B正确；
C、月季成熟的紫红色叶片含有紫红色的大液泡，可发生质壁分离和复原，则可用质壁分离和复原实验探究细胞的失水与吸水，C正确；
D、表皮细胞高度分化，不能分裂，不能用光学显微镜观察其染色体的形态和数目，D错误。
故选D。
【定位】色素，提取，质壁分离和复原
【点睛】本题主要考查色素提取和分离以及质壁分离和复原的知识。要求学生结合题干信息脂溶性和水溶性来判断色素的提取和分离方法。
20. 下图甲中曲线a、b表示物质跨膜运输的两种方式，图乙表示细胞对大分子物质胞吞和胞吐的过程。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 图甲中曲线a表示自由扩散，曲线b表示协助扩散或主动运输
B. 图甲中曲线b达到最大转运速率后的限制因素可能是载体蛋白的数量
C. 图乙中的胞吐和胞吞过程说明细胞膜具有选择透过性
D. 图乙中的胞吐和胞吞过程都需要消耗能量
【答案】C
【解析】
【分析】1、分析甲图：方式a只与浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散﹔方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输。2、图乙是对胞吐和胞吞的过程的考查，分析题图可知，a是细胞的胞吞过程，b是细胞的胞吐过程，不论是细胞的胞吞还是胞吐都伴随着细胞膜的变化和具膜小泡的形成，因此胞吐与胞吞的结构基础是膜的流动性。
【详解】A、分析曲线甲图：方式a只与浓度有关，且与浓度呈正相关，属于自由扩散﹔方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，属于协助扩散或主动运输，A正确；
B、甲图中方式b除了与浓度相关外，还与载体数量有关，其最大转运速率与载体蛋白数量有关，B正确；
C、乙图中的胞吐和胞吞过程说明细胞膜具有―定的流动性，C错误；
D、胞吞和胞吐都需要消耗ATP，D正确。
故选C。
21. 以紫色洋葱鳞片叶为材料进行细胞质壁分离和复原的实验，细胞长度和原生质体长度分别用X和Y表示(如图)，在处理时间相同的前提下（ ）
A. 同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则紫色越浅
B. 不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越小，则越不易复原
C. 同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则所用蔗糖溶液浓度越低
D. 不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y值越大，则细胞的正常细胞液浓度越高
【答案】A
【解析】
【分析】质壁分离的原因分析：外因：外界溶液浓度＞细胞液浓度；内因：原生质层相当于一层半透膜，细胞壁的伸缩性小于原生质层；表现：液泡由大变小，细胞液颜色由浅变深，原生质层与细胞壁分离。图中X是细胞长度，Y是原生质层长度，所以X/Y 表示质壁分离的程度，该比值越大，说明质壁分离程度越大，则失水越多。
【详解】A、由于细胞壁的束缚，植物细胞在不同浓度蔗糖溶液体积变化不大，即X基本不变，而Y原生质层长度越小，细胞失水越多，蔗糖溶液浓度越大，细胞液由于失水多，同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越小，失水越少，则紫色越浅；X/Y 值越大，失水越多，则紫色越深，A正确；
B、不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越小，失水越少，越容易复原，B错误；
C、同一细胞用不同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越大，细胞失水越多，则所用蔗糖溶液浓度越高，C错误；
D、不同细胞用相同浓度蔗糖溶液处理，X/Y 值越大，细胞失水越多，则细胞的正常细胞液浓度越低，D错误。
故选A。
【点睛】
22. 将题图所示细胞置于密闭容器中培养。在不同光照强度下细胞内外的CO2和O2浓度在短时间内发生了相应变化。下列叙述错误的是（ ）
A. 黑暗条件下，①增大、④减小
B. 光强低于光补偿点时，①、③增大
C. 光强等于光补偿点时，②、③保持不变
D. 光强等于光饱和点时，②减小、④增大
【答案】B
【解析】
【详解】A、黑暗条件下，细胞只有呼吸作用，呼吸作用消耗氧气产生的CO2扩散至细胞外，因此①增大、④减小；A正确；
B、光强低于光补偿点时，即光合作用强度小于呼吸作用强度，此时①增大、③减小；B错误；
C、光强等于光补偿点时，光合作用强度等于呼吸作用强度，②、③保持不变；C正确；
D、光强等于光饱和点时，光合作用强度大于呼吸作用强度，②减小、④增大；D正确。
故选B。
【点睛】本题主要是考查细胞在不同光照条件下的细胞代谢时相应物质含量的变化。
23. 研究叶肉细胞的结构和功能时，取匀浆或上清液依次离心将不同的结构分开，其过程和结果如图所示，表示沉淀物，表示上清液。
据此分析，下列叙述正确的是
A. ATP仅在P2和P3中产生
B. DNA仅存在于P1、P2和P3中
C. P2、P3、P4和S3均能合成相应的蛋白质
D. S1、S2、S3和P4中均有膜结构的细胞器
【答案】C
【解析】
【分析】据图分析分析各个部分中所含有的细胞器或细胞结构：
P1为细胞核、细胞壁碎片，S1为细胞器和细胞溶胶，
S2为除叶绿体之外的细胞器和细胞溶胶，P2为叶绿体，
S3为除叶绿体、线粒体之外的细胞器和细胞溶胶，P3为线粒体，
S4为除叶绿体、线粒体、核糖体之外的细胞器和细胞溶胶，P4为核糖体。
S1包括S2和P2；S2包括S3和P3；S3包括S4和P4。
【详解】A、ATP可以在细胞溶胶、线粒体和叶绿体中产生，即在P2、P3 、S4中均可产生，A错误；
B、DNA存在于细胞核、线粒体和叶绿体中，即P1、S2、P2和P3中，B错误；
C、蛋白质的合成场所为核糖体，线粒体和叶绿体中也含有核糖体，所以P2、P3、P4和S3均能合成相应的蛋白质，C正确；
D、P4中核糖体没有膜结构，D错误。
故选C。
24. 图甲、乙、丙为组成生物体的相关化合物，乙为一个由 α、β、γ 三条多肽链形成的蛋白质分子，共含 271 个氨基酸，图中每条虚线表示由两个巯基（-SH）脱氢形成一个二硫键（-S-S-）下列相关叙述不正确的是（ ）
A. 甲为组成乙的基本单位，且乙中最多含有 20 种甲
B. 由不同的甲形成乙后，相对分子量比原来少了 4832
C. 丙主要存在于细胞核中，且在乙生物合成中具有重要作用
D. 如果甲中 R 为 C3H5O2，则由两分子甲形成的化合物中含有 16 个 H
【答案】C
【解析】
【分析】分析题图：甲图所示的结构为构成蛋白质的基本单位--氨基酸的结构通式；乙图所示化合物为一个由α、β、γ三条多肽链形成的蛋白质分子，该多肽共含271个氨基酸、4个二硫键（-S-S-），每个二硫键是由两个巯基（-SH）脱去2分子H形成的；丙图所示化合物为构成核酸的基本单位--核苷酸的结构简式，由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成。
【详解】A、题图中的甲和乙分别是氨基酸和蛋白质，构成蛋白质的氨基酸为20种，所以蛋白质中含有的氨基酸一般不超过20种，A正确；
B、题图中的甲和乙分别是氨基酸和蛋白质，由氨基酸形成蛋白质（乙）的过程中的脱水数=氨基酸数-肽链数=271-3=268个、形成4个二硫键过程中脱去的H数8个，所以相对分子质量比原来减少的数值为268×18+4×2=4832，B正确；
C、题图中的乙和丙分别是蛋白质和核苷酸，由丙（核苷酸）组成的核酸有DNA和RNA两种，其中真核细胞中的DNA主要存在于细胞核中，RNA主要分布在细胞质中，核酸在蛋白质的生物合成中具有重要作用，C错误；
D、由氨基酸的结构通式可知氨基酸分子式的通式为C2H4O2N+R基，如果甲中的R为C3H5O2，则该氨基酸分子中含有H的个数是4+5=9个，由两分子甲形成的化合物中含有的H的个数=两分子甲中的H原子数-脱去水分子（1个）中的H原子数=9×2-2×1=16个，D正确。
故选C。
25. 将人、鼠细胞悬液混合并诱导细胞融合（只考虑细胞两两融合）后，在HAT培养基上，同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖。增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失，只残留一条或几条。对处于分裂中期细胞的镜检结果如表。下列相关叙述正确的是（ ）
细胞
融合细胞
人
鼠
细胞样编号
残留人染色体编号
ttHH
TThh
①
17
②
10、10、17
③
17、X
A. 在HAT培养基上，融合细胞均能存活和增殖
B. 可以确定①的基因组成为TTTTHHhhhh
C. 可以确定①②③的相关基因组成相同
D. 可以将T（t）基因定位于人第17染色体
【答案】B
【解析】
【分析】由题意知，人体细胞的基因型是ttHH，鼠细胞的基因型是TThh，人鼠细胞融合形成的杂交细胞的基因型是TTttHHhh，由于只有同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖，增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失，但是至少含有一条具有H基因的染色体。
【详解】A、融合细胞有多种，由题意知，在HAT培养基上，同时含有T、H基因（独立遗传）的细胞才能存活和增殖，A错误；
B、由表格信息可知，①细胞含有一条人体染色体，由细胞同时具有T、H基因才能存活，因此该染色体上含有H基因，由于有丝分裂中期一条染色体上含有2个染色单体，因此此时细胞中含有HH基因，鼠染色体上的基因型是TTTThhhh，所以融合细胞①的基因型是TTTTHHhhhh，B正确；
C、由于"增殖过程中，细胞内人染色体随机丢失"，故②③基因型不能确定，C错误；
D、据表格信息可知，残留人染色体编号均含有17号染色体，而①细胞含有一条人体染色体，由细胞同时具有T、H基因才能存活，因此该染色体上含有H基因，故可将H（h）基因位于17号染色体上，D错误。
故选B。
二、综合题
26. 为研究森林生态系统的碳循环，对西黄松老龄（未砍伐50~250年）和幼龄（砍伐后22年）生态系统的有机碳库及年碳收支进行测试，结果见下表，据表回答：
碳量
西黄松生态系统
生产者活生物量
（g/m2）
死有机质
（g/m2）
土壤有机碳
（g/m2）
净初级生产力
（g/m2·年）
异氧呼吸
（g/m2·年）
老龄
1 2730
2 560
5 330
470
440
幼龄
1 460
3 240
4 310
360
390
※净初级生产力：生产者光合作用固定总碳的速率减去自身呼吸总用消耗碳的速率
※※异养呼吸：消费者和分解者的呼吸作用
（1）西黄松群落被砍伐后，可逐渐形成自然幼龄群落，体现了生态系统的_________稳定性。
（2）大气中的碳主要在叶绿体_________部位被固定，进入生物群落。幼龄西黄松群落每平方米有____________克碳用于生产者当年的生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量中；其中，部分通过生态系统中___________的呼吸作用，部分转变为死有机质和土壤有机碳后通过__________________________的分解作用，返回大气中的CO2库。
（3）西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力___________（大于/等于/小于）老龄群落。根据年碳收支分析，幼龄西黄松群落_________（能/不能）降低大气碳总量。
【答案】 ①. 恢复力 ②. 基质 ③. 360 ④. 消费者 ⑤. 分解者 ⑥. 大于 ⑦. 不能
【解析】
【详解】【分析】本题以森林生态系统的碳循环为素材考查了生态系统的物质循环、能量流动相关知识，意在考查学生的识记、理解能力、能从表格提取有效信息解决问题的能力。物质循环是指在生态系统中，组成生物体的化学元素，从无机环境开始，经生产者，消费者和分解者又回到无机环境中，完成一个循环过程，其特点是物质循环是周而复始的。能量流动和物质循环都是通过生物之间的取食过程完成的，它们是密切相关、不可分割的，能量流动伴随物质循环，能量流动的特点是单向的、逐级递减的、不可循环的。除最高营养级外，某一营养级的总能量去路由四个部分组成：自身呼吸消耗的能量、流向分解者的能量、流向下一营养级的能量与未被利用的能量。
【详解】（1）恢复力稳定性是指生态系统在遭到外界干扰因素的破坏以后恢复到原状的能力。西黄松群落被砍伐遭到破坏后，又逐渐形成自然幼龄群落，体现了生态系统的恢复力稳定性。
（2）大气中的碳主要以CO2的形式在叶绿体基质被固定，进入生物群落。生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量=生产的同化量-生产者呼吸消耗量，即为表格中的净初级生产力，即幼龄西黄松群落每平方米360克碳用于生产者当年的生长、发育、繁殖，储存在生产者活生物量中。幼龄西黄松群落一部分被消费者食用，通过消费者的呼吸作用以热能形式释放，一部分即残枝败叶转变为死有机质和土壤有机质，进而通过分解者的分解作用，返回大气中的CO2库。
（3）由图可知，西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力为360/1460≈0.25；西黄松老龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力为470/12730≈0.04，因此，西黄松幼龄群落中每克生产者活生物量的净初级生产力大于老龄群落。根据年碳收支分析，幼龄西黄松群落的净初级生产力360，异氧呼吸消耗量为390，净初级生产力小于异氧呼吸消耗速率，故不会有有机物的积累，即幼龄西黄松群落不能降低大气碳总量。
【点睛】解答本题的关键是理清流经每一营养级的能量去向及总初级生产量与净初级生产量的关系，掌握生态系统中碳循环的途径及特点，明确通过光合作用碳进入生物群落，通过呼吸作用，碳进入大气中的CO2库。
27. 下图表示某种植物的非绿色器官在不同氧浓度下O2吸收量和CO2释放量的变化。请据下图回答下列问题：
（1）外界氧浓度大于0，小于10％时，该器官的呼吸作用方式是__________________________。曲线中________点的条件最有利于蔬菜水果或种子的保存，原因是________________________。
（2）当外界氧浓度为4～5％时，该器官CO2释放量的相对值为0．6，而O2吸收量的相对值为0．4。此时，无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于有氧呼吸的___________倍。
（3）该器官的CO2释放与O2的吸收两条曲线在C点相交后则重合为一条线，此时该器官的呼吸作用方式是_________________，该呼吸类型发生的主要场所是__________________，写出该呼吸类型的反应式_____________________。
（4）A点时该呼吸类型发生的场所是_______________；阴影区域OAC的面积可以表示__________________________。
【答案】 ①. 有氧呼吸和无氧呼吸 ②. B ③. 此时CO2的释放量最少，呼吸强度最弱，有机物分解的最少 ④. 1．5 ⑤. 有氧呼吸 ⑥. 线粒体 ⑦. ⑧. 细胞质基质 ⑨. 无氧呼吸产生CO2的量
【解析】
【分析】有氧呼吸全过程：
第一阶段：在细胞质基质中，一分子葡萄糖形成两分子丙酮酸、少量的[H]和少量能量，这一阶段不需要氧的参与。
第二阶段：丙酮酸进入线粒体的基质中，分解为二氧化碳、大量的[H]和少量能量。
第三阶段：在线粒体的内膜上，[H]和氧气结合，形成水和大量能量，这一阶段需要氧的。
无氧呼吸全过程：
第一阶段：在细胞质的基质中，与有氧呼吸的第一阶段完全相同。即一分子的葡萄糖在酶的作用下分解成两分子的丙酮酸，过程中释放少量的[H]和少量能量。
第二阶段：在细胞质的基质中，丙酮酸在不同酶的催化下，分解为酒精和二氧化碳，或者转化为乳酸。无氧呼吸第二阶段不产生能量。
有氧呼吸的反应式是：，
无氧呼吸的反应式是： ，当细胞呼吸产生的二氧化碳多于吸收的氧气时细胞既进行有氧呼吸，也进行无氧呼吸，当二氧化碳释放量与氧气吸收量相等时，细胞进行有氧呼吸。有氧呼吸的反应式是： ，
无氧呼吸的反应式是： ，
当细胞呼吸产生的二氧化碳多于吸收的氧气时细胞既进行有氧呼吸，也进行无氧呼吸，当二氧化碳释放量与氧气吸收量相等时，细胞进行有氧呼吸。
【详解】（1）根据图示可知，外界氧浓度大于0，小于10%时，二氧化碳的释放量大于氧气的吸收量，该器官的呼吸作用方式是有氧呼吸和无氧呼吸。曲线B点时，产生的二氧化碳的量最少，该点对应的氧气条件下，最有利于蔬菜水果或种子的保存。
（2）设外界氧的浓度为4~5%时，无氧呼吸消耗葡萄糖为X，有氧呼吸消耗的葡萄糖为Y，由题意可得关系式：①2X+6Y=0.6，6Y=0.4，解得：X：Y=1.5，即无氧呼吸消耗葡萄糖的相对值约相当于有氧呼吸的1.5倍。
（3）该器官的CO2释放与O2的吸收两条曲线在C点相交后则重合为一条线，说明消耗的氧气量与产生的二氧化碳的量相等，此时该器官的呼吸作用方式是只有有氧呼吸，该呼吸类型发生的主要场所是线粒体，写出该呼吸类型的反应式：。
（4）A点时，无氧条件下，该呼吸类型是无氧呼吸，发生的场所是细胞质基质；ABC曲线与纵横轴围成的面积代表细胞呼吸产生的二氧化碳量，OC曲线与纵横轴的围成的面积代表该区域有氧呼吸二氧化碳的释放量，两个区域的差值代表的是无氧呼吸产生的二氧化碳量，即阴影区域OAC的面积表示无氧呼吸产生CO2的量。
【点睛】熟知有氧呼吸的过程，细胞呼吸、有氧呼吸、无氧呼吸的关系是解答本题的关键，能正确分析题图中的信息是解答本题的关键，对于细胞呼吸过程的理解和掌握是本题考查的重点。
28. 在生物体内，某些重要化合物的元素组成和功能关系如图所示。其中X、Y代表元素，A、B、C是生物大分子。请据图分析回答:
（1）X代表___。
（2）洋葱根尖分生区细胞中，单体a和b种类共有___种；图中___是组成染色体的主要成分。构成[A]的特有单体是___(写中文名称)，如果将这种特有单体用3H标记后，再用含该单体的营养液培养洋葱根尖，可以在___处检测到较强的放射性。
（3）导致地球上生物多种多样的直接原因是[__]_结构的多样性。
（4）人类的白化病基因起源于图中的[ ]_____过程。
（5）④反应过程为___，若c的平均分子量为r，通过④反应过程形成m条肽链，经盘曲折叠构成分子量为e的C，则C分子中肽键的数目是_____。
【答案】（1）N、P （2） ①. 8 ②. A和C ③. 胸腺嘧啶脱氧核苷酸 ④. 细胞核和线粒体
（3）C蛋白质 （4）①DNA复制
（5） ①. 脱水缩合 ②. e−rm/r−18
【解析】
【分析】据图分析，A是DNA，B是mRNA，C是蛋白质。图中①为DNA的复制过程，②为转录过程，③为翻译过程，④为氨基酸脱水缩合形成蛋白质的过程。单体a表示脱氧核苷酸，单体b表示核糖核苷酸，单体c表示氨基酸。元素X表示N、P，元素Y表示N。
【小问1详解】
据图中心法则的过程可知，A是DNA，组成DNA的单体a是脱氧核苷酸，其组成元素为C、H、O、N、P，因此X为N、P。
【小问2详解】
洋葱含有DNA和RNA两种核酸，其中单体a表示脱氧核苷酸，有4种，单体b表示核糖核苷酸，有4种，共8种核苷酸；染色体的主要成分为DNA和蛋白质，即由图中的A和C组成；A是DNA，特有的单体是胸腺嘧啶脱氧核苷酸；如果将这种特有单体用3H标记后，再用含该单体的营养液培养洋葱根尖，可以在细胞核和线粒体处检测到较强的放射性，因为细胞核和线粒体含有DNA。
【小问3详解】
蛋白质是生命活动的主要承担者，导致地球上生物多种多样的直接原因是[C]蛋白质结构的多样性。
【小问4详解】
白化病属于单基因隐性遗传病，人类的白化病基因起源于图中的[①]DNA复制过程的基因突变。
【小问5详解】
④是氨基酸经脱水缩合形成蛋白质的过程；若c的平均分子量为r，通过④反应过程形成m条肽链，经盘曲折叠构成分子量为e的C，设蛋白质中的肽键数是X，则氨基酸数是（X+m），根据元素守恒则有关系式：e=r（X+m）-18X，解得X=e−rm/r−18。
29. 图①~③分别表示人体细胞中发生的3种生物大分子的合成过程。请回答下列问题:
（1）图中①过程代表___，其子链的合成方向是从___。
（2）细胞中过程②的原料是___，发生的主要场所是___.
（3）已知过程②的α链中鸟嘌呤与尿嘧啶之和占碱基总数的54%，α链及其模板链对应区段的碱基中鸟嘌呤分别占29%、19%，则与α链对应的DNA区段中腺嘌呤所占的碱基比例为___。
（4）由于基因中一个碱基对发生替换，而导致过程③合成的肽链中第8位氨基酸由异亮氨酸(密码子有AUU、AUC、AUA)变成苏氨酸(密码子有ACU、ACC、ACA、ACG)，则该基因的这个碱基对替换情况是___。
（5）在人体内成熟红细胞、浆细胞、记忆细胞、效应T细胞中，能发生过程②、③而不能发生过程①的细胞是___。
（6）人体不同组织细胞的相同DNA进行过程②时启用的起始点___(在“都相同”、“都不同”、“不完全相同”中选择)，其原因是___。
【答案】（1） ①. DNA分子的复制 ②. 5'端向3'端
（2） ①. 核糖核苷酸 ②. 细胞核
（3）26% （4）T//A替换为C//G
（5）浆细胞和效应T细胞
（6） ①. 不完全相同 ②. 不同组织细胞中基因进行选择性表达
【解析】
【分析】分析题图：①是以DNA的两条链为模板，进行的是DNA复制过程，主要发生在细胞核中；②是以DNA的一条链为模板，进行的是转录过程，主要发生在细胞核中；③是以mRNA为模板，进行的是翻译过程，发生在核糖体上。
【小问1详解】
①是以DNA的两条链为模板合成DNA的过程，表示DNA的复制；DNA合成时子链的合成方向都是从从5'端向3'端。
【小问2详解】
细胞中过程②以DNA的一条链为模板合成RNA，所以其原料是核糖核苷酸，发生的主要场所是细胞核。
【小问3详解】
已知过程②的α链及其模板链对应区段的碱基中鸟嘌呤分别占29%、19%，说明与α链对应的DNA区段中鸟嘌呤所占的碱基占单链比例为29%+19%=48%，则占DNA双链比例为24%；又因为DNA分子中嘌呤碱基占整个DNA分子的50%，故与α链对应的DNA区段中腺嘌呤所占的碱基比例为50%-24%=26%。
【小问4详解】
由于基因中一个碱基对发生替换，而导致过程③合成的肽链中第8位氨基酸由异亮氨酸（密码子有AUU、AUC、AUA）变成苏氨酸（密码子有ACU、ACC、ACA、ACG），异亮氨酸对应的密码子与苏氨酸对应的密码子中一个不同碱基是第2个碱基，由U变为C，则该基因的这个碱基对替换情况是T//A替换为C//G。
【小问5详解】
人体成熟红细胞没有细胞核和细胞器，因此不能发生图①②③过程；浆细胞和效应T细胞都已经高度分化，不再分裂，因此不能发生图示①过程；记忆细胞具有增殖和分化能力，因此可以发生图①②③过程。
【小问6详解】
由于不同组织细胞中基因进行选择性表达，所以人体不同组织细胞的相同DNA（相同DNA中的基因表达不完全相同）进行过程②时启用的起始点不完全相同。
30. 研究人员在柑橘中发现一棵具有明显早熟特性的变异株，决定以此为基础培育早熟柑橘新品种。请回答下列问题：
（1）要判断该变异株的育种价值，首先要确定它的_______________物质是否发生了变化。
（2）在选择育种方法时，需要判断该变异株的变异类型。如果变异株是个别基因的突变体，则可采用育种方法①，使早熟基因逐渐_______________，培育成新品种1。为了加快这一进程，还可以采集变异株的_______________进行处理，获得高度纯合的后代，选育成新品种2，这种方法称为_______________育种。
（3）如果该早熟植株属于染色体组变异株，可以推测该变异株减数分裂中染色体有多种联会方式，由此造成不规则的_______________，产生染色体数目不等、生活力很低的______________，因而得不到足量的种子。即使得到少量后代，早熟性状也很难稳定遗传。这种情况下，可考虑选择育种方法③，其不足之处是需要不断制备_______________，成本较高。
（4）新品种1与新品种3均具有早熟性状，但其他性状有差异，这是因为新品种1选育过程中基因发生了多次_______________，产生的多种基因型中只有一部分在选育过程中保留下来。
【答案】 ①. 遗传 ②. 纯合 ③. 花药 ④. 单倍体 ⑤. 染色体分离 ⑥. 配子 ⑦. 组培苗 ⑧. 重组
【解析】
【分析】分析题图，新品种1属于杂交育种，原理是基因重组；新品种2是单倍体育种，原理是染色体变异；新品种3是植物组织培养，原理是植物细胞全能性。
【详解】（1）具有育种价值的变异属于可遗传变异，需先确定遗传物质是否发生了变化。
（2）变异株是个别基因的突变体，则利用杂交育种，通过连续自交、选育，使早熟基因逐渐纯合，培育成新品种。加快育种进程，缩短育种年限，则采用单倍体育种，即采集变异株的花药进行处理，获得单倍体，然后用秋水仙素处理单倍体幼苗，诱导染色体数目加倍，获得纯合子。
（3）染色体组变异株中染色体组发生了变化，则减数分裂中染色体有多种联会方式，染色体分离时不规则，就会形成染色体数目不等、生活力很低的配子，结果不能完成受精作用，得不到足量的种子。育种③是植物组织培养，需不断制备组培苗，成本较高。
（4）新品种1的形成是通过杂交育种培育形成，属于有性生殖，是基因重组的结果，新品种3是植物组织培养的结果，属于无性繁殖，基因没有重组，所以前者产生的多种基因型中只有一部分保留下来，后者全部保留下来。
【名师点睛】本题主要考查生物变异和育种的相关知识，要求学生理解可遗传变异的含义，理解杂交育种和单倍体育种的过程。
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