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2022-2023学年重庆实验外国语学校九年级（上）期中物理试卷（含答案解析）
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这是一份2022-2023学年重庆实验外国语学校九年级（上）期中物理试卷（含答案解析），共30页。试卷主要包含了5V，7dmD，5米长柔性发光杆，【答案】C，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年重庆实验外国语学校九年级（上）期中物理试卷
1. 下列数据中符合生活实际的是( )
A. 教室日光灯正常工作的电流约为10A B. 一节干电池的电压约为1.5V
C. 课桌的高度约为0.7dm D. 人体正常体温约为39℃
2. 如图所示，下列实例中利用热传递来改变物体内能的是( )
A. 从滑梯滑下臀部发热
B. 锯木头时锯条发热
C. 酒精灯加热试管中的水
D. 冬天搓手取暖
3. 图中关于摩擦起电和电路，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带正电
B. 图乙中，玻璃棒在丝绸上摩擦后，失去电子带正电
C. 图丙中，可以用导线将电池正负极长时间直接连接
D. 图丁中，与头发摩擦过的塑料小勺能吸引碎纸屑，是因为异种电荷相互吸引
4. 下列关于导体和绝缘体的说法中正确的是( )
A. 导体中的自由电荷移动形成电流
B. 导体能导电，所以导体没有电阻
C. 绝缘体不能导电的原因是绝缘体内没有电荷
D. 容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体
5. 如图所示，用酒精灯给试管中的水加热，水温上升，直至沸腾一段时间后，会看到试管口的橡皮塞被冲出。下列描述正确的是( )
A. 试管中的水在升温过程中所含热量增加
B. 试管中的水沸腾时吸收热量，温度升高
C. 水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气的内能增加
D. 水蒸气对橡皮塞做功，其能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
6. 下列是某同学学过内能的知识后整理的部分笔记，其中说法正确的是( )
A. 当燃料充分燃烧时，热值会变大
B. 扫地时灰尘飞扬，说明分子在不停地运动
C. 铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力
D. 用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较小
7. 如图所示，验电器M不带电、N带负电，用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，发现验电器M的金属箔片张开，下列说法正确的是( )
A. M带上了正电
B. N的金属箔片张角变大
C. 金属棒中电流的方向由M向N
D. 用手触摸金属棒，M、N的金属箔片张角不变
8. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是( )
A. 灯L1与灯L2并联 B. 电压表测量灯L1两端的电压
C. 只断开开关S1，灯L2正常发光 D. 电流表测量电路总电流
9. 2022年北京冬奥会开幕式第一个节目《立春》令人印象深刻，表演中用到393根9.5米长柔性发光杆。一会发出绿光代表绿草(如图甲)，随后又发出白光组成蒲公英(如图乙)。据悉，杆上有两个开关，一个是总开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光。下列电路设计能实现的是(
A. B.
C. D.
10. 某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次(计数器可视为电压表)。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是( )
A. 电阻R1的阻值变小 B. 通过R2的电流变大
C. 电阻R1两端的电压变大 D. 电阻R2两端的电压变大
11. 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关，电路正常工作一段时间后，灯泡L突然熄火，电路中只有两个电表有示数。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中( )
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A. 只有①②正确 B. 只有③④正确 C. 只有②④正确 D. 只有①③正确
12. 如图所示电路，开关S闭合，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小超在读数时只在纸上记录了如图所示数字，下列说法中正确的是( )
A. L1和L2串联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.8A、1.6V、0.4V
B. L1和L2并联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.4V、1.6A、0.8A
C. L1和L2串联时，电路中的电流可能为0.4A，L1和L2两端的电压可能均为1.6V
D. L1和L2并联时，电源电压可能为0.4V，通过L1和L2的电流可能为0.8A和1.6A
13. 如图甲所示的电路中，小灯泡L标有“6V？A”字样，当只闭合开关S1时，将滑动变阻器滑片P从最右端向左滑动至灯泡正常发光的过程中记录下电压表示数U1和电流表示数I，并绘制出对应的U1−I图象(如图乙)。已知定值电阻R0=10Ω，则下列说法错误的是( )
A. 小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
B. 电源电压为6V
C. 小灯泡两端的电压为1V时，流经小灯泡的电流为0.1A
D. 当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，电流表示数为1.08A
14. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器标有“15Ω0.5A”字样。
①只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.3A时，电压表V2的示数为1.5V；
②只闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；
③只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.3A。已知I1：I2=1：9，U1：U2=1：2。
下列说法正确的是( )
A. R2的大小为10Ω
B. I1的大小为0.15A
C. 保证电路安全的情况下，通过调节滑动变阻器和改变开关状态，电压表V1的最大示数为6V
D. 若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下调节滑动变阻器，电流表的示数范围为0.18A∼0.5A
15. 德国物理学家欧姆经过十年不懈的努力，发现了电流跟电压和电阻之间的定量关系，当电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成______(选填“正比”或“反比”)，为了纪念他的杰出贡献，人们把他的名字欧姆命名为______(物理量)的单位。
16. 一导体两端电压为3V时，通过的电流为0.3A，则此导体的电阻为______Ω；当该导体两端电压为0时，导体的电阻为______Ω。
17. 1kg氢完全燃烧释放出的热量是______ J；若这些热量有42%被质量为1.43×103kg的水吸收，水的温度能够上升______℃。[q=1.43×108J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 如图甲所示，S闭合后，电流表A1、A2的示数分别为1A、0.2A，电压表的指针如图乙所示，已知V表接入的是“-”、“15”，电源电压是______ V，通过L2的电流是______ A。
19. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I−U关系图象如图乙所示，则图线______是电阻R1的I−U关系图象(选填“A”或“B”)滑动变阻器R2的最大阻值为______Ω。
20. 有一只标有“2V”字样的小灯泡L和一个定值电阻，如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I−U图象，由图象可知定值电阻R的阻值为______Ω；若将小灯泡L和定值电阻R接入图乙所示的电路中，电源电压最大为______ V。
21. 如图甲所示，小灯泡标有“3V？A”字样，滑动变阻器标有“？Ω2A”字样。只闭合开关S2、S4时，在电路安全的情况下调节滑动变阻器的滑片，绘制了电流表与电压表示数关系的图象如图乙所示，该电路的电源电压为______ V，当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1，保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时流经灯泡的电流为I2，已知I1：I2=8：3；只闭合开关S1、S3和S4，在电路安全的情况下最大范围调节滑动变阻器滑片，绘制了电流表示数与滑动变阻器连入阻值关系的图象如图丙所示，只闭合开关S2、S3时，电流表A的最小示数为______ A。(灯丝的电阻不随温度的变化而变化)
22. 丽丽在做“探究并联电路中电流的规律”实验。
位置
A
B
C
电流I/A
0.30
0.24
0.54
(1)图1甲是他设计的电路图，图1乙是测量电流时连接的电路，此时电流表测量的是______(选填“A”“B”或“C”)处的电流。
(2)测出A、B、C三处电流分别为IA、IB和IC，对应数据如表所示，由此得出初步结论：______(只写表达式)。为了得出更普遍的规律，还应该进行的操作是：______。
(3)同组的欢欢同学在做探究“不同物质吸热能力”的实验中，如图2甲所示，在两个相同的烧杯中分别加入初温及______相同的水和煤油。
(4)选用相同的电加热器，通过比较______来比较吸收热量的多少。
(5)水和煤油的温度随时间变化的图象如图2乙所示，可判断出______(选填“a”或“b”)为水的温度随时间变化的图象。
23. 在探究影响导体电阻大小的因素时，李乐和李玲两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关。
为了验证上述猜想，他们设计了如图所示的实验电路。
(1)为了验证上述猜想①应该选用编号为______的两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)；如果选用编号为A、D两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)；分别将A和D两根电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是长度和横截面积相同时，______。
序号
材料
长度/m
横截面积
/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5
(2)有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入电阻丝的阻值变化情况，老师指出：此实验中这种方法不可取，这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化______(选填“明显”或“不明显”)。
(3)本实验他们采用的实验方法有转换法及______法。
(4)在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝输电线，这样就______(选填“增大”或“减小”)了相同长度的输电线的电阻。
24. 乐乐在做“探究电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池、电流表、电压表、滑动变阻器标有“40Ω0.5A”、定值电阻(5Ω,10Ω,15Ω,20Ω)、开关、导线若干。
(1)按图甲所示电路图连接实物时，开关必须处于______状态；在如图乙所示的实物图中，滑动变阻器的滑片要移到______(选填“最右端”或“最左端”)。
(2)图乙是乐乐连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，君君在一旁观察后指出乐乐没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确。
(3)接下来他们分别接入其它定值电阻对电流与电阻关系进行探究，在调节滑动变阻器时，眼睛应注视______(选填“电流表”或“电压表”)，最终乐乐作出了如图丙所示的图象，请你通过图象中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=______V。由图丙可知，导体两端的电压一定时，流经导体的电流与导体的电阻成反比。
(4)在第(3)问的基础上，当分别接入5Ω和20Ω的定值电阻进行正确实验时，两次电路中的电流之比为______。
(5)在不改变电路连接的情况下，为完成整个实验，并保证电路及元件安全，电压表示数设置的范围为______ V至______ V。
25. 如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.5A，电流表A的示数为2A。求：
(1)电源电压U。
(2)电阻R2的阻值。
26. 如图所示，电源电压为12V，R1、R2为定值电阻，R2=20Ω，R3为滑动变阻器，其铭牌上标有？Ω2A”字样。将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电流表A的示数为0.4A；保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，电压表V1的示数为3V。求：
(1)滑动变阻器R3的最大阻值；
(2)R1的阻值；
(3)电压表V1接入电路的量程为0∼3V，电压表V2接入电路的量程为0∼15V，电流表A所选量程为0∼3A，电流表A1所选量程为0∼0.6A。通过改变电路的连接情况，在保障各电路元件安全的情况下电流表A的最大示数和最小示数之比。
27. 如图所示，U形轻质杠杆ABCD，AB和CD分别与BC垂直，轻质杆EO固定在天花板上，在O处安装铰链，杠杆ABCD可绕支点O转动，已知OB：OC=2：3，重为80N的柱体甲固定在A端，且放置在压敏电阻Rx上，压敏电阻的阻值Rx随压力F的变化关系如表所示，将压敏电阻接入电源电压恒定的电路中，R0为定值电阻，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。重为40N的柱体乙固定在D端并放入足够高的柱形容器内，容器底面积为500cm2，柱体乙的底面积为400cm2，高20cm，乙的下表面距离容器底部20cm，当未加水时，电流表A的示数为0.1A；当向空容器中注入10500cm3的水时，电流表A的示数为0.36A，求：
(1)柱体乙的密度；
(2)电源电压；
(3)为保证电路安全，总共注入水的最大质量为多少千克？
F/N
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
110
R/Ω
250
150
50
30
20
18
14
10
8
7
6
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.日光灯正常工作时的电压为220V，功率约为40W，日光灯正常工作电流I=PU=40W220V≈0.18A，故A错误；
B.一节新干电池的电压为1.5V，故B正确；
C.课桌的高度约为70cm=7dm，故C错误；
D.人体正常体温约为37℃，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】C
【解析】解：
A、从滑梯滑下过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故A不符合题意；
B、锯木头时锯条发热，是克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故B不符合题意；
C、对试管加热，管内水从酒精灯火焰上吸收热量水温升高，是通过热传递的方式改变水的内能，故C符合题意；
D、冬天搓手，手会变暖，是克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：C。
做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
3.【答案】B
【解析】解：A、图甲中，两个带电小球相互排斥，一定带同种电荷，可能都带正电、也可能都带负电，故A错误；
B、图乙中，玻璃棒在丝绸上摩擦后，玻璃棒原子核束缚电子的能力弱，会失去电子带正电，故B正确；
C、图丙中，当用导线直接把电源的正负极相连，会使电源短路，这样电路中电流过大，容易造成电源烧毁甚至火灾，故C错误；
D、图丁中，碎纸屑被吸到塑料小勺上，是因为带电体具有吸引不带电轻小物体的性质，故D错误。
故选：B。
(1)两个带电物体相互排斥，有两种可能：①都带正电；②都带负电；
(2)摩擦起电的实质是电荷的转移，得电子的物质带负电，失去电子的物质带正电；
(3)电流不通过用电器直接接通叫做短路。发生短路时，因电流过大往往引起电源、用电器损坏或火灾；
(4)带电体具有吸引不带电轻小物体的性质。
本题考查的内容较多，包括电荷间的相互作用规律、摩擦起电的实质、带电体的性质以及短路等知识，都属于电学的基本常识，是我们必须熟知的。
4.【答案】D
【解析】解：A、电荷定向移动形成电流，而导体中形成电流的条件也是要自由电荷定向移动，故A错误；
B、电阻是导体自身的一种特性，导体容易导电，也有电阻，故B错误；
C、绝缘体不易导电的原因是绝缘体内几乎没有自由移动的电荷，故C错误；
D、容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体，故D正确。
故选：D。
(1)电荷定向移动形成电流；
(2)电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定；
(3)绝缘体不易导电的原因是，绝缘体内几乎没有自由移动的电荷；
(4)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
本题考查了导体中电流的形成、导体和绝缘体的区分，属于基础题，难度较小。
5.【答案】D
【解析】解：
A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、试管中的水沸腾时吸收热量，温度不变，故B错误；
C、水蒸气膨胀对橡皮塞做功，将水蒸气的内能转化为橡皮塞的机械能，水蒸气的内能减少，故C错误；
D、水蒸气对橡皮塞做功内能转化为机械能，其能量转化情况与汽油机的做功冲程相同，故D正确。
故选：D。
(1)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(2)液体沸腾的特点是吸收热量，温度不变；
(3)当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(4)汽油机的工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能。
此题考查了热量的含义、改变内能的方法、液体沸腾的特点、内燃机四个冲程的能量转化等，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与实际生活的密切关系。
6.【答案】C
【解析】解：A、燃料的热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；
B、扫地时尘土飞扬是肉眼可见的固体小颗粒的运动，不是分子的运动，故B错误；
C、铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力，故C正确；
D、用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同的情况下，升高相同的温度，水吸收的热量多，故D错误。
故选：C。
(1)燃料的热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多以及是否充分燃烧无关；
(2)分子的体积很小，用肉眼几乎观察不到，分子在永不停息地做无规则运动；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)水的比热容较大，质量相同的水和其它物质相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂。
本题主要考查对燃料热值的概念的理解、分子动理论以及水比热容大的应用，是一道基础题。
7.【答案】C
【解析】解：A、M、N的金属球通过金属棒连接后，带负电的N的电荷经金属棒流向M，使M带上负电荷，故A错误；
B、利用电荷守恒定律可知，M、N上的总电荷量不变，因为M由不带电到带电，使N的电荷量减少，则金属箔片的张角变小，故B错误；
C、在金属棒中，负电荷由N流向M，等效为正电荷由M流向N，所以金属棒中电流的方向是由M流向N，故C正确；
D、用手触摸金属棒，使负电荷通过人体流向大地，则M、N上的总电荷量减少，箔片的张角都变小，故D错误。
故选：C。
(1)N带的负电经金属棒流向M，使M带电；
(2)利用电荷守恒定律，N上的电荷流向M一部分，使N带电量减少；
(3)规定：电流的方向是正电荷定向移动的方向；
(4)人体是导体，用手触摸金属棒使电荷通过人体流向大地，则M、N上的电荷都减少，据此解答。
本题考查验电器的原理及其使用、电荷守恒定律及其应用、电流的方向，掌握电荷守恒定律的内容是解答本题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：
ABD、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L2的支路上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AB正确、D错误；
C、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故C正确。
故选：D。
分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点(并联电路中各支路独立工作、互不影响)、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
9.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，B图正确。
故选：B。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、两电阻串联，计数器(电压表)测R1的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R1变大，故A错误；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，故B错误；
CD、根据U=IR可知，电流变小时，R2两端的电压变小，由于电源电压不变，由串联电路的电压规律可知，则R1两端的电压变大，故C正确、D错误。
故选：C。
(1)两电阻串联，计数器(电压表)测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；
(2)由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
(3)根据U=IR确定R1、R2两端电压的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
11.【答案】A
【解析】解：电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故①正确；
②若灯泡L短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；根据U=IR可知，电压表V1示数为0；电压表V测电源两端的电压，有示数，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0；电压表V与电源两极之间是断开的，无示数，电压表V测电源两端的电压，有示数，故③错误；
④若电阻R短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故④错误。
故选：A。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
12.【答案】B
【解析】解：(1)两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡L2、灯泡L1回到电源的负极，
则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压，
因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，
所以由I=UR可知，电源的电压是L2两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数2倍，
由图中数据可知：
①丙的示数为1.6V，乙的示数为0.8V，则甲的示数为0.4A，
②丙的示数为0.8V，乙的示数为0.4V，则甲的示数为1.6A，L1、L2两端的电压均为0.4V，
故AC错误；
(2)两灯泡并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经灯泡L2、丙电表回到电源的负极，
则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测L2支路的电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，
所以由I=UR可知，通过两灯泡的电流相等，干路电流是L2支路电流的两倍，
由图中数据可知：
①乙的示数为1.6A，丙的示数为0.8A，则甲的示数为0.4V，
②乙的示数为0.8A，丙的示数为0.4A，则甲的示数为1.6V，通过L1、L2的电流均为0.4A，
故B正确，D错误。
故选：B。
(1)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，则它们的连接方式要么是串联，要么是并联。
(2)两灯泡并联时，电流有两条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据并联电路的电压特点和欧姆定律判断两支路的电流关系，结合表中数据判断两电流表的示数，剩余的数据为电压表的示数。
(3)两灯泡串联时，电流只有一条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据串联电路的电压特点结合图中数据判断出电压表的示数，剩余的数据为电流表的示数。
本题考查了电表类型的判断和串并联电路的特点、欧姆定律的应用等，根据串并联电路的电流路径判断出电表的类型是前提，分析好各电表示数之间的关系是关键。
13.【答案】C
【解析】解：A、由图甲可知，当只闭合开关S1时，L和R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；
当滑片在最右端时，总电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小；
当滑片滑到灯泡正常发光时，总电阻最小，由欧姆定律可知此时电路中电流最大，即灯泡的额定的电流；
由图乙可知灯泡的额定电流为IL=0.6A，
由欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻为：RL=ULIL=6V0.6A=10Ω，故A正确；
B、由图乙可知，当灯泡正常发光时，电压表示数为0V，即电路中只有灯泡，因此电源电压为U=UL=6V，故B正确；
C、当灯泡两端的电压为1V时，由串联电路的电压特点可知R1两端的电压为：U1=U−UL′=6V−1V=5V，由图乙可知此时电路中的电流为0.2A，故C错误；
D、当只闭合S1时，可知滑动变阻器的最大阻值为：R1=U1I小=5V0.2A=25Ω，
滑动变阻器滑片处于中点位置时的阻值为：R中=12R1=12×25Ω=12.5Ω；
当S1、S2、S3均闭合，L被短路，R1和L并联，电流表测干路的电流，电压表测电源电压；
通过R1的电流为：I1=UR中=6V12.5Ω=0.48A，
通过R0的电流为：I0=UR0=6V10Ω=0.6A，
由并联电路的电流特点可知干路的电流为：I=I1+I0=0.48A+0.6A=1.08A，故D正确。
故选：C。
(1)由图甲可知，当只闭合开关S1时，L和R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；
当滑片在最右端时，总电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小；当滑片滑到灯泡正常发光时，总电阻最小，通过欧姆定律可知此时电路中电流最大，由图乙可知最大电流，即灯泡的额定电流；已知灯泡的额定电压，根据欧姆定律可求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)由图乙可知，灯泡正常发光时，电压表示数为0V，即说明电路中只有灯泡，则电源电压等于灯泡的额定电压；
(3)当灯泡两端的电压为1V时，由串联电路的电压特点可得出此时R1两端的电压，由图乙可读出此时电路中的电流；
(4)当只闭合S1时，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；进而可得出滑动变阻器的滑片在中点时的阻值；当S1、S2、S3均闭合，L被短路，R1和L并联，电流表测干路的电流，电压表测电源电压；根据欧姆定律求出通过R1和R0的电流，并联电路中干路电流等于各个支路的电流之和，据此求出干路电流。
本题考查了欧姆定律的应用，熟练掌握串、并联电路的特点，并从图中读取相关信息是解题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：设电源电压为U，
(1)由图可知，只闭合开关S和S3，定值电阻R1与滑动变阻器R串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，等效电路图如图1所示：
，
调节滑动变阻器的滑片，由电流表的示数为0.3A、电压表的示数为1.5V，所以滑动变阻器接入电路的阻值R滑=U滑I滑=1.5V0.3A=5Ω，定值电阻R1的阻值R1=UI−R滑=U0.3A−5Ω……①；
(2)只闭合开关S和S2，定值电阻R1、R2、R3串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2、R3两端的总电压，等效电路如图2所示：
；
电流表示数I1=UR1+R2+R3……②，电压表V1的示数U1=I1R1=UR1+R2+R3×R1……③，电压表V2的示数U2=I1(R2+R3)=UR1+R2+R3×(R2+R3)……④；
(3)只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，定值电阻R1、R2并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，等效电路如图3所示：
，
电流表的示数I2=IR1+IR2=UR1+UR2……⑤；
保持滑片位置不变，再闭合开关S2，定值电阻R1、R2、R3并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量总干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，等效电路如图4所示，
因并联电路各支路互不影响且总电流等于各支路电流之和，所以由电流表的示数变化了0.3A可知通过R3的电流为0.3A，由R=UI可得，R3=U0.3A……⑥；
由I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，
联立①②③④⑤⑥可解得：定值电阻R1=10Ω，R2=5Ω，R3=15Ω，电源电压U=4.5V，故A错误，
电流表示数I1=UR1+R2+R3=4.5V10Ω+5Ω+15Ω=0.15A，故B正确，
由于电源电压为4.5V，调节滑动变阻器和改变开关状态，如图3，电压表V1的最大示数应为4.5V，故C错误；
(4)若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，电路连接如图1所示：
在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，
当电压表V1的示数最大为3V时，电路中的电流最大，最大电流Imax=UR1R1=3V10Ω=0.3A；
当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流I′=UR1+R滑max=4.5V10Ω+15Ω=0.18A，
此时电压表V2的示数为U滑=I′R滑max=0.18A×15Ω=2.7V<3V，即电压表V2是安全的，
所以可知电路中的最小电流Imin=I′=0.18A，
由此可知只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下，电流表示数的变化范围是0.18A∼0.3A，故D错误。
故选B。
设电源电压为U，
(1)由图可知，只闭合开关S和S3，定值电阻R1与滑动变阻器R串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，画出等效电路图，调节滑动变阻器的滑片，由电流表和电压表的示数，利用欧姆定律可求出滑动变阻器接入电路的阻值；
(2)只闭合开关S和S2，定值电阻R1、R2、R3串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2、R3两端的总电压，画出等效电路图，利用欧姆定律可求出电路中的电流，利用U=IR可分别求出U1、U2的值；
(3)只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，定值电阻R1、R2并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，画出等效电路图；
保持滑片位置不变，再闭合开关S2，定值电阻R1、R2、R3并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量总干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，画出等效电路图，由电流表的示数变化了0.3A可知通过R3的电流为0.3A，可求出电阻R3的阻值；
由I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，联立等式求出定值电阻R1、R2、R3的阻值和电源电压；
(4)若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下调节滑动变阻器，根据串联电路规律和欧姆定律可求出电流表示数的变化范围。
本题主要考查欧姆定律的应用，串联、并联电路电流、电压、电阻规律的应用，其中分析电路的连接情况、求解电源电压、R1、R2、R3的阻值是解题的关键，求解电流表的示数变化范围是本题的难点。
15.【答案】正比 电阻
【解析】解：德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，且他发现：当电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比；为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为电阻的单位。
故答案为：正比；电阻。
德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律；电阻的国际单位是欧姆。
本题考查了学生对欧姆定律、物理学史的掌握和运用，基础性题目。
16.【答案】10 10
【解析】解：
(1)∵U=3V，I=0.3A，
∴导体的电阻为：R=UI=3V0.3A=10Ω；
(2)∵导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，
∴当该导体两端电压为0时，导体的电阻值仍然不变为10Ω。
故答案为：10；10。
(1)已知电阻两端的电压和通过导体的电流，根据欧姆定律的公式变形R=UI计算出导体的阻值；
(2)导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，与两端的电压和通过的电流无关，据此可知当导体两端的电压改变时，电阻的阻值不变。
本题考查了欧姆定律的应用，重点是对公式和公式变形的理解和应用，关键是知道电阻是导体本身一种阻碍性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料，与导体两端有无电压、所加电压多少无关。
17.【答案】1.43×108 10
【解析】解：1kg氢完全燃烧释放出的热量：Q放=mq=1kg×1.43×108J/kg=1.43×108J；
根据题意可知，水吸收的热量Q吸=42%Q放=42%×1.43×108J=6.006×107J，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m水=6.006×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×1.43×103kg=10℃。
故答案为：1.43×108；10。
知道氢的质量和热值，利用Q放=mq求出1kg氢完全燃烧释放出的热量；根据题意求出水吸收的热量Q吸=42%Q放，利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的应用，是一道常考题。
18.【答案】50.8
【解析】解：
(1)由图可知，S闭合后，L1与L2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1的电流；
由题知电压表的量程为0∼15V，分度值为0.5V，根据指针位置可知电压表读数为5V，即电源电压为5V；
(2)根据两个电流表的示数可知，干路中的电流为1A，通过L1的电流为0.2A，
由并联电路的电流规律可知，通过L2的电流为：I2=I−I1=1A−0.2A=0.8A。
故答案为：5；0.8。
(1)由图知，S闭合后，L1与L2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1的电流；电压表读数方法：首先确定选用的量程，然后分清分度值，根据指针位置读数。
(2)根据并联电路的电流规律可求出通过L2的电流。
本题考查了电压表的读数方法、并联电路的电流规律，难易程度适中。
19.【答案】B 70
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，由图象可知，B为电阻R1的I−U关系图象，A为滑动变阻器R2的I−U关系图象；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由I−U图象可知，电路中的最小电流I=0.2A，R2两端的电压U2=14V，
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：
R2大=U2I=14V0.2A=70Ω。
故答案为：B；70。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“I−U”关系图象。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和I−U图象中的信息。
20.【答案】10 7
【解析】解：由图甲可知通过R电流为0.2A时，其两端的电压为2V，
由欧姆定律可知R的阻值为：R=URIR=2V0.2A=10Ω；
由图乙可知L和R串联，电流表测电路中的电流；串联电路中电流处处相等；
已知灯泡的额定电压为2V，由图甲可知灯泡的额定电流为0.5A，则电路中的最大电流为0.5A；
由I=UR可知，此时R两端的电压为：UR′=IR=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路的电压特点可知电源电压最大为：U=UL+UR′=2V+5V=7V。
故答案为：10；7。
从图甲中读取通过R的电流和其两端的电压，根据欧姆定律可求出R的阻值；
由图乙可知L和R串联，电流表测电路中的电流；串联电路中电流处处相等；已知灯泡的额定电压，从图甲中可知灯泡的额定电流，即电路中的最大电流，再根据I=UR可求出此时R两端的电压；串联电路的电源电压等于各个用电器两端的电压之和。
本题考查了欧姆定律的应用，从图中读取相关信息是解题的关键。
21.【答案】30.12
【解析】解：只闭合开关S2、S4时，R与L串联，R1短路，电压表测电源电压，如图乙所示，电压表示数就是电源电压，即电源电压为3V；
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最大电流为2.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
根据并联电路电流规律可知通过灯泡的电流为：IL=I−IR=2.5A−2A=0.5A，
根据并联电路电压规律可知此时灯泡两端的电压等于额定电压3V，所以灯泡的额定电流为0.5A，
则当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1为0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，
保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时滑动变阻器、灯泡与R1串联串联接入电路，此时流经灯泡的电流为I2，
已知I1：I2=8：3，则I2=3I18=3×0.5A8=316A，
由欧姆定律可知此时电路中总电阻为R总=UI2=3V316A=16Ω，
灯泡的电阻：RL=UI1=3V0.5A=6Ω，
由串联电路的电阻规律可知R1的阻值为：R1=R总−RL=16Ω−6Ω=10Ω，
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最小电流为0.7A，
并联电路各支路互不影响，此时通过滑动变阻器的最小电流：IR′=I′−IL=0.7A−0.5A=0.2A，
则滑动变阻器的最大阻值：R=UIR′=3V0.2A=15Ω，
只闭合开关S2，S3时，L短路，R1与R串联，电流表测电路电流，滑动变阻器接入电路中的阻值为最大值时，通过电路的电流最小，
所以电流表示数最小为：I′′=UR+R1=3V15Ω+10Ω=0.12A。
故答案为：3；0.12。
只闭合开关S2、S4时，R与L串联，R1短路，电压表测电源电压，如图乙所示，电压表示数就是电源电压；
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最大电流，已知滑动变阻器允许通过的最大电流，根据并联电路电流规律计算通过灯泡的电流，根据并联电路电压规律可知此时灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压3V，据此确定灯泡的额定电流，
进一步分析当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1的大小，同时确定此时滑动变阻器接入电路的电阻，
保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时滑动变阻器、灯泡与R1串联串联接入电路，此时流经灯泡的电流为I2，已知I1：I2=8：3，进一步计算I2的值，
由欧姆定律计算此时电路中总电阻和灯泡的电阻，由串联电路的电阻规律计算R1的阻值，
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最小电流，并联电路各支路互不影响，根据并联电路电流规律计算此时通过滑动变阻器的最小电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，
只闭合开关S2，S3时，L短路，R1与R串联，电流表测电路电流，滑动变阻器接入电路中的阻值为最大值时，通过电路的电流最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算电流表示数的最小值。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
22.【答案】CIC=IA+IB 换用不同规格的灯泡，进行多次实验 质量 加热时间 a
【解析】解：
(1)由图1乙是测量电流时连接的电路，此时电流表串联在干路中，则它测的是干路C点电流；
(2)分析表中数据中，有并联电路的总电流等于各支路电流之和，即IC=IA+IB；
为避免实验的偶然性，得出具有普遍性的结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验；
(3)据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的液体a和b；
(4)选用相同电加热器的目的是：使液体在相同时间内吸热相同，从而可以通过比较加热时间来比较吸收热量的多少；
(5)水和煤油的温度随时间变化的图象如图乙所示，由图知，温度都升高20℃，b液体要加热3分钟，a液体要加热6分钟，说明a液体的吸热能力强，即水的吸热能力强，故可知a为水的温度随时间变化的图象。
故答案为：(1)C；(2)IC=IA+IB；换用不同规格的灯泡，进行多次实验；(3)质量；(4)加热时间；(5)a。
(1)电流表在使用时，应与被测的电路串联，观察图中可判断电流表测的是干路的电流；
(2)分析表中数据得出结论，并联电路中，干路电流等于支路电流之和；实验中应用归纳法得出结论的要求，所选样本要有代表性且数量足够多，所以为得出具有普遍性的结论，应多次测量；
(3)液体温度升高时吸收热量的多少与物体的种类、质量、升高的温度值有关，实验探究时应采用控制变量法；
(4)采用相同电加热器的目的是为了使两烧杯在相同的时间内吸收的热量相同；
(5)在质量相同、升高相同的温度时的不同物质，吸收的热量多的物质，其吸热能力强。
本题考查了两个主要知识点。其一是探究并联电路中电流的规律的实验，考查电路的连接、分析数据归纳结论的能力及归纳法的应用和对实验方案的改进能力；
其二是比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和密度的公式及比较吸热能力的方法。属于综合题，但难度一般。
23.【答案】A、B ② ③ 导体的材料不同，电阻不同 不明显 控制变量 减小
【解析】解：(1)要验证猜想①：导体的电阻与导体的长度有关，应控制导体的材料与横截面积相同，而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；
由表中数据可知，A、C两电阻丝的长度、材料相同而横截面积不同，将A和C两电阻丝接入电路中M、N两点间，可验证导体电阻跟横截面积的关系，即猜想②；
如果选用编号为A、D两根电阻丝进行实验，A和D的长度、横截面积相同，材料不同，是为了验证猜想③；
分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，则得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的材料不同，电阻不同；
(2)电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，人们用肉眼难区分，所以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况不可取；
(3)影响电阻大小的因素有多个，实验中采用的是控制变量法；
(4)细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。
故答案为：(1)A、B；②；③；导体的材料不同，电阻不同；(2)不明显；(3)控制变量；(4)减小。
(1)电流表串联在电路中，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积以及温度，根据控制变量法的要求分析。
(2)电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，所以我们一般不要根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
24.【答案】断开 最左端 不变 电压表 1 4：112.5
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最左端；
(2)由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表示数不变；
定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，故电路的错误之处和改进方法如图：
(3)实验中要控制定值电阻两端的电压不变，故在调节滑动变阻器时，眼睛应注视电压表；由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.4A时，电阻为5Ω，则电压为：U=IR=0.4A×5Ω=2V；
滑动变阻器两端的电压应为：3V−2V=1V；
(4)在第(3)问的基础上，当分别接入5Ω和20Ω的定值电阻进行正确实验时，实验中需控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律可得实验中他接入5Ω、20Ω定值电阻时，两次电路的电流之比为：I1I2=UR1UR2=R2R1=20Ω5Ω=41；
(5)电路中最大电流为0.5A.因此最小总电阻为Rmin=UImax=3V0.5A=6Ω，
当定值电阻最小为5Ω时，滑动变阻器阻值为6Ω−5Ω=1Ω，
结合串联电路电压规律及串联电路电压比等于电阻比：URUH=RRH=51，
UR+U滑=3V，可解得UR=2.5V，因为在实验过程中要保证定值电阻两端电压不变，
因此分压相同，当接最大电阻20Ω时，滑动变阻器阻值为4Ω<40Ω，符合题意；
当接入电路电阻最大时，此时定值电阻阻值为20Ω，变阻器阻值为40Ω，
则结合串联电路电压规律及串联电路电压比等于电阻比可得UR′UH′=R′RH′=12，
UR′+U滑′=3V，可解得UR′=1V，综上所述电压表的取值范围为1V∼2.5V之间。
故答案为：(1)断开；最左端；(2)不变；如图所示；(3)电压表；1；(4)4：1；(5)1；2.5。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(2)根据电路图判定连入电路中的元件，然后根据滑片移动时电阻的变化分析；电压表应测量定值电阻两端的电压，定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中；
(3)探究电流与电阻的关系时要控制定值电阻两端的电压不变；根据图象，找出电流、电阻值，根据欧姆定律求出电压；
(4)探究电流跟电阻的关系，保持电压表示数不变，由I=UR可知，在电压不变时，电流和电阻成反比；
(5)电路中最大电流为0.5A，根据欧姆定律得出电路中最小总电阻，得出滑动变阻器的接入的最小值，根据串联电路电压规律及串联分压规律得出电压表示数的最大值；
当接入电路电阻最大时，此时定值电阻阻值为20Ω，变阻器阻值为100Ω，根据串联电路电压规律及串联分压规律得出电压表示数的最小值；
本题考查探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，重点考查了数据和图像的分析、操作过程、实验结论等知识，是一道综合性实验题。
25.【答案】解：(1)由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。
因为并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压，
所以电源电压为：U=U2=U1=I1R1=0.5A×30Ω=15V，
(2)因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，
所以通过R2的电流为：I2=I−I1=2A−0.5A=1.5A，
R2的阻值为：R2=U2I2=15V1.5A=10Ω。
答：(1)电源电压U为15V。
(2)电阻R2的阻值为10Ω。
【解析】(1)由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。
已知R1的阻值和电流表A1的示数，根据欧姆定律和并联电路的电压规律求得电源电压；
(2)根据并联电路的电流规律求得通过R2的电流，根据欧姆定律求得R2的阻值。
本题考查欧姆定律在并联电路中的应用，难度不大。
26.【答案】解：(1)将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，此时滑动变阻器接入电路最大阻值，
电流表A测通过电路的电流，电流表A的示数为0.4A，根据欧姆定律可得滑动变阻器R3的最大阻值：R3=UI3=12V0.4A=30Ω；
(2)保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，两电流表均测通过电路的电流，
串联电路总电压等于各部分电压之和，电压表V1的示数为3V，此时滑动变阻器两端的电压：U3=U−U1=12V−3V=9V，
此时通过电路的电流：I=U3R3=9V30Ω=0.3A，
串联电路各处电流相等，则R1的阻值：R1=U1I=3V0.3A=10Ω；
(3)串联电路总电阻等于任一分电阻，并联电路总电阻小于任一分电阻，R2=20Ω，则R3>R2>R1，
只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流最小，由(2)知通过电路的最小电流为0.3A，电流表A1所选量程为0∼0.6A，电流表A1安全，时电压表V1的示数为3V，电压表V1接入电路的量程为0∼3V，电压表V1安全；
开关S2、S3闭合，滑动变阻器与R2并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A测干路电流，电压表V2测电源电压，电压表V2接入电路的量程为0∼15V，电源电压小于电压表量程，电压表安全，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，当通过滑动变阻器的电流最大时干路电流也最大，
此时通过定值电阻R2的电流：I2=UR2=12V20Ω=0.6A，电流表A1所选量程为0∼0.6A，所以电流表A1安全，
滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，此时通过电路的电流：I′=I2+I3′=0.6A+2A=2.6A，电流表A所选量程为0∼3A，所以电流表A安全，
则电流表A的最大示数和最小示数之比为：I′：I=2.6A：0.3A=26：3。
答：(1)滑动变阻器R3的最大阻值为30Ω；
(2)R1的阻值为10Ω；
(3)在保障各电路元件安全的情况下电流表A的最大示数和最小示数之比为26：3。
【解析】(1)将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，此时滑动变阻器接入电路最大阻值，电流表A测通过电路的电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器R3的最大阻值；
(2)保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，两电流表均测通过电路的电流，根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算R1的阻值；
(3)串联电路总电阻等于任一分电阻，并联电路总电阻小于任一分电阻，比较可知R3>R2>R1，
只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流最小，由(2)知通过电路的最小电流和此时电压表V1的示数，确定电路是否安全；
开关S2、S3闭合，滑动变阻器与R2并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A测干路电流，电压表V2测电源电压，根据电压表接入电路的量程确定电压表是否安全，根据并联电路电流规律可知当通过滑动变阻器的电流最大时干路电流也最大，根据欧姆定律计算此时通过定值电阻R2的电流，根据电流表A1所选量程确定电流表A1是否安全，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，根据并联电路电流规律计算此时通过电路的最大电流，根据电流表A所选量程确定电流表A是否安全，进一步计算电流表A的最大示数和最小示数之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
27.【答案】解：(1)柱体乙的质量：m=G乙g=40N10N/kg=4kg，
柱体乙的体积：V=Sh=400cm2×20cm=8000cm3=8×10−3m3，
柱体乙的密度：ρ=mV=4kg8×10−3m3=0.5×103kg/m3；
(2)当未加水时，杠杆C点受到向下的力等于乙的重力40N，
据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力为：FB1=FC1×OCOB=40N×32=60N，
柱体甲对压敏电阻的压力：F甲1=G甲−FB1=80N−60N=20N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为150Ω，由图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，
串联电路总电阻等于各串联导体电阻之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=I1(Rx1+R0)=0.1A×(150Ω+R0)-------①，
向空容器中注入10500cm3的水，此时柱体乙浸入水中的深度：h′=V′−V0S′−S=10500cm3−500cm2×20cm500cm2−400cm2=5cm<20cm，
柱体乙受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×400×10−4m2×5×10−2m=20N，
此时杠杆C点受到向下的力为：FC=G乙−F浮=40N−20N=20N，
根据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力为：FB=FC×OCOB=20N×32=30N，
柱体甲对压敏电阻的压力：F甲=G甲−FB=80N−30N=50N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为20Ω，则电源电压：U=I(Rx+R0)=0.36A×(20Ω+R0)-------②，
①②联立可得：R0=30Ω，U=18V；
(3)电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A，根据欧姆定律可知当电压表示数最大时通过电路的电流最大，
此时通过电路的电流：I′=U0R0=15V30Ω=0.5A<0.6A，所以电流表是安全的，
根据欧姆定律可知此时电路的总电阻最小，为：R=UI′=18V0.5A=36Ω，
根据串联电路电阻规律可得此时压敏电阻接入电路的阻值：Rx′=R−R0=36Ω−30Ω=6Ω，
由表格可知此时压敏电阻受到的压力为110N，压敏电阻受到的压力和压敏电阻对物体甲的支持力是一对相互作用力，大小相等，
所以压敏电阻对物体甲的支持力是110N，此时杠杆B点受到向上的力为：FB′=F支−G甲=110N−80N=30N，
根据杠杆平衡条件可得杠杆C点受到向上的力为：FC′=FB′×OBOC=30N×23=20N，
此时柱体乙受到的浮力：F浮′=FC′+G乙=20N+40N=60N，
此时柱体乙浸入水中的高度：h′′=F浮ρ水gS=60N1.0×103kg/m3×10N/kg×400×10−4m2=0.15m=15cm<20cm，
容器中总注水体积：V′′=V0+V′′′=500cm2×20cm+(500cm2−400cm2)×15cm=11500cm3，
总共注入水的最大质量为：m′=ρ水V′′=1.0×103kg/m3×11500×10−6m3=11.5kg。
答：(1)柱体乙的密度为0.5×103kg/m3；
(2)电源电压为18V；
(3)为保证电路安全，总共注入水的最大质量为11.5kg。
【解析】(1)根据重力公式计算柱体乙的质量，根据体积公式计算柱体乙的体积，根据密度公式计算柱体乙的密度；
(2)当未加水时，杠杆C点受到向下的力等于乙的重力，据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力，则柱体甲对压敏电阻的压力等于甲的重力与杠杆B点受到向下的力之差，由表格可知此时压敏电阻的阻值，由图可知两电阻串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，
根据体积公式计算向空容器中注入10500cm3的水时柱体乙浸入水中的深度，根据浮力计算公式计算柱体乙受到的浮力，此时杠杆C点受到向下的力等于乙的重力乙浮力之差，根据杠杆平衡条件计算杠杆B点受到向下的力，则柱体甲对压敏电阻的压力等于甲的重力与杠杆B点受到向下的力之差，由表格可知此时压敏电阻的阻值，由图可知两电阻串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律再次表示电源电压，联立解方程可得定值电阻的阻值和电源电压；
(3)电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A，根据欧姆定律可知当电压表示数最大时通过电路的电流最大，根据欧姆定律计算通过电路的最大电流，进一步计算电路的最小总电阻，根据串联电路电阻规律计算此时压敏电阻接入电路的阻值，由表格可知此时压敏电阻受到的压力，压敏电阻受到的压力和压敏电阻对物体甲的支持力是一对相互作用力，此时杠杆B点受到向上的力等于甲受到的支持力与重力之差，根据杠杆平衡条件可得杠杆C点受到向上的力，此时柱体乙受到的浮力等于乙的重力与杠杆C点受到向上的力的和，根据浮力计算公式和体积公式计算此时柱体乙浸入水中的高度，进一步计算容器中总注水体积，根据密度公式计算总共注入水的最大质量。
本题考查重力公式、密度公式、浮力计算公式、串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
2022-2023学年重庆实验外国语学校九年级（上）期中物理试卷
1. 下列数据中符合生活实际的是( )
A. 教室日光灯正常工作的电流约为10A B. 一节干电池的电压约为1.5V
C. 课桌的高度约为0.7dm D. 人体正常体温约为39℃
2. 如图所示，下列实例中利用热传递来改变物体内能的是( )
A. 从滑梯滑下臀部发热
B. 锯木头时锯条发热
C. 酒精灯加热试管中的水
D. 冬天搓手取暖
3. 图中关于摩擦起电和电路，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，两个带电小球相互排斥，说明两个小球一定都带正电
B. 图乙中，玻璃棒在丝绸上摩擦后，失去电子带正电
C. 图丙中，可以用导线将电池正负极长时间直接连接
D. 图丁中，与头发摩擦过的塑料小勺能吸引碎纸屑，是因为异种电荷相互吸引
4. 下列关于导体和绝缘体的说法中正确的是( )
A. 导体中的自由电荷移动形成电流
B. 导体能导电，所以导体没有电阻
C. 绝缘体不能导电的原因是绝缘体内没有电荷
D. 容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体
5. 如图所示，用酒精灯给试管中的水加热，水温上升，直至沸腾一段时间后，会看到试管口的橡皮塞被冲出。下列描述正确的是( )
A. 试管中的水在升温过程中所含热量增加
B. 试管中的水沸腾时吸收热量，温度升高
C. 水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气的内能增加
D. 水蒸气对橡皮塞做功，其能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
6. 下列是某同学学过内能的知识后整理的部分笔记，其中说法正确的是( )
A. 当燃料充分燃烧时，热值会变大
B. 扫地时灰尘飞扬，说明分子在不停地运动
C. 铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力
D. 用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较小
7. 如图所示，验电器M不带电、N带负电，用带有绝缘柄的金属棒将它们的金属球连接起来，发现验电器M的金属箔片张开，下列说法正确的是( )
A. M带上了正电
B. N的金属箔片张角变大
C. 金属棒中电流的方向由M向N
D. 用手触摸金属棒，M、N的金属箔片张角不变
8. 如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是( )
A. 灯L1与灯L2并联 B. 电压表测量灯L1两端的电压
C. 只断开开关S1，灯L2正常发光 D. 电流表测量电路总电流
9. 2022年北京冬奥会开幕式第一个节目《立春》令人印象深刻，表演中用到393根9.5米长柔性发光杆。一会发出绿光代表绿草(如图甲)，随后又发出白光组成蒲公英(如图乙)。据悉，杆上有两个开关，一个是总开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光。下列电路设计能实现的是(
A. B.
C. D.
10. 某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次(计数器可视为电压表)。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是( )
A. 电阻R1的阻值变小 B. 通过R2的电流变大
C. 电阻R1两端的电压变大 D. 电阻R2两端的电压变大
11. 如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关，电路正常工作一段时间后，灯泡L突然熄火，电路中只有两个电表有示数。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中( )
①可能灯泡L断路
②可能灯泡L短路
③可能电阻R断路
④可能电阻R短路
A. 只有①②正确 B. 只有③④正确 C. 只有②④正确 D. 只有①③正确
12. 如图所示电路，开关S闭合，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、丙为电表，粗心的小超在读数时只在纸上记录了如图所示数字，下列说法中正确的是( )
A. L1和L2串联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.8A、1.6V、0.4V
B. L1和L2并联时，甲、乙、丙示数可能分别为0.4V、1.6A、0.8A
C. L1和L2串联时，电路中的电流可能为0.4A，L1和L2两端的电压可能均为1.6V
D. L1和L2并联时，电源电压可能为0.4V，通过L1和L2的电流可能为0.8A和1.6A
13. 如图甲所示的电路中，小灯泡L标有“6V？A”字样，当只闭合开关S1时，将滑动变阻器滑片P从最右端向左滑动至灯泡正常发光的过程中记录下电压表示数U1和电流表示数I，并绘制出对应的U1−I图象(如图乙)。已知定值电阻R0=10Ω，则下列说法错误的是( )
A. 小灯泡正常发光时的电阻为10Ω
B. 电源电压为6V
C. 小灯泡两端的电压为1V时，流经小灯泡的电流为0.1A
D. 当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，电流表示数为1.08A
14. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器标有“15Ω0.5A”字样。
①只闭合开关S和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.3A时，电压表V2的示数为1.5V；
②只闭合开关S和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；
③只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.3A。已知I1：I2=1：9，U1：U2=1：2。
下列说法正确的是( )
A. R2的大小为10Ω
B. I1的大小为0.15A
C. 保证电路安全的情况下，通过调节滑动变阻器和改变开关状态，电压表V1的最大示数为6V
D. 若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下调节滑动变阻器，电流表的示数范围为0.18A∼0.5A
15. 德国物理学家欧姆经过十年不懈的努力，发现了电流跟电压和电阻之间的定量关系，当电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成______(选填“正比”或“反比”)，为了纪念他的杰出贡献，人们把他的名字欧姆命名为______(物理量)的单位。
16. 一导体两端电压为3V时，通过的电流为0.3A，则此导体的电阻为______Ω；当该导体两端电压为0时，导体的电阻为______Ω。
17. 1kg氢完全燃烧释放出的热量是______ J；若这些热量有42%被质量为1.43×103kg的水吸收，水的温度能够上升______℃。[q=1.43×108J/kg,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
18. 如图甲所示，S闭合后，电流表A1、A2的示数分别为1A、0.2A，电压表的指针如图乙所示，已知V表接入的是“-”、“15”，电源电压是______ V，通过L2的电流是______ A。
19. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I−U关系图象如图乙所示，则图线______是电阻R1的I−U关系图象(选填“A”或“B”)滑动变阻器R2的最大阻值为______Ω。
20. 有一只标有“2V”字样的小灯泡L和一个定值电阻，如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I−U图象，由图象可知定值电阻R的阻值为______Ω；若将小灯泡L和定值电阻R接入图乙所示的电路中，电源电压最大为______ V。
21. 如图甲所示，小灯泡标有“3V？A”字样，滑动变阻器标有“？Ω2A”字样。只闭合开关S2、S4时，在电路安全的情况下调节滑动变阻器的滑片，绘制了电流表与电压表示数关系的图象如图乙所示，该电路的电源电压为______ V，当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1，保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时流经灯泡的电流为I2，已知I1：I2=8：3；只闭合开关S1、S3和S4，在电路安全的情况下最大范围调节滑动变阻器滑片，绘制了电流表示数与滑动变阻器连入阻值关系的图象如图丙所示，只闭合开关S2、S3时，电流表A的最小示数为______ A。(灯丝的电阻不随温度的变化而变化)
22. 丽丽在做“探究并联电路中电流的规律”实验。
位置
A
B
C
电流I/A
0.30
0.24
0.54
(1)图1甲是他设计的电路图，图1乙是测量电流时连接的电路，此时电流表测量的是______(选填“A”“B”或“C”)处的电流。
(2)测出A、B、C三处电流分别为IA、IB和IC，对应数据如表所示，由此得出初步结论：______(只写表达式)。为了得出更普遍的规律，还应该进行的操作是：______。
(3)同组的欢欢同学在做探究“不同物质吸热能力”的实验中，如图2甲所示，在两个相同的烧杯中分别加入初温及______相同的水和煤油。
(4)选用相同的电加热器，通过比较______来比较吸收热量的多少。
(5)水和煤油的温度随时间变化的图象如图2乙所示，可判断出______(选填“a”或“b”)为水的温度随时间变化的图象。
23. 在探究影响导体电阻大小的因素时，李乐和李玲两位同学作出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；
②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关。
为了验证上述猜想，他们设计了如图所示的实验电路。
(1)为了验证上述猜想①应该选用编号为______的两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)；如果选用编号为A、D两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想______(填序号)；分别将A和D两根电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是长度和横截面积相同时，______。
序号
材料
长度/m
横截面积
/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5
(2)有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入电阻丝的阻值变化情况，老师指出：此实验中这种方法不可取，这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化______(选填“明显”或“不明显”)。
(3)本实验他们采用的实验方法有转换法及______法。
(4)在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝输电线，这样就______(选填“增大”或“减小”)了相同长度的输电线的电阻。
24. 乐乐在做“探究电流与电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池、电流表、电压表、滑动变阻器标有“40Ω0.5A”、定值电阻(5Ω,10Ω,15Ω,20Ω)、开关、导线若干。
(1)按图甲所示电路图连接实物时，开关必须处于______状态；在如图乙所示的实物图中，滑动变阻器的滑片要移到______(选填“最右端”或“最左端”)。
(2)图乙是乐乐连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，君君在一旁观察后指出乐乐没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确。
(3)接下来他们分别接入其它定值电阻对电流与电阻关系进行探究，在调节滑动变阻器时，眼睛应注视______(选填“电流表”或“电压表”)，最终乐乐作出了如图丙所示的图象，请你通过图象中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=______V。由图丙可知，导体两端的电压一定时，流经导体的电流与导体的电阻成反比。
(4)在第(3)问的基础上，当分别接入5Ω和20Ω的定值电阻进行正确实验时，两次电路中的电流之比为______。
(5)在不改变电路连接的情况下，为完成整个实验，并保证电路及元件安全，电压表示数设置的范围为______ V至______ V。
25. 如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为30Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.5A，电流表A的示数为2A。求：
(1)电源电压U。
(2)电阻R2的阻值。
26. 如图所示，电源电压为12V，R1、R2为定值电阻，R2=20Ω，R3为滑动变阻器，其铭牌上标有？Ω2A”字样。将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电流表A的示数为0.4A；保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，电压表V1的示数为3V。求：
(1)滑动变阻器R3的最大阻值；
(2)R1的阻值；
(3)电压表V1接入电路的量程为0∼3V，电压表V2接入电路的量程为0∼15V，电流表A所选量程为0∼3A，电流表A1所选量程为0∼0.6A。通过改变电路的连接情况，在保障各电路元件安全的情况下电流表A的最大示数和最小示数之比。
27. 如图所示，U形轻质杠杆ABCD，AB和CD分别与BC垂直，轻质杆EO固定在天花板上，在O处安装铰链，杠杆ABCD可绕支点O转动，已知OB：OC=2：3，重为80N的柱体甲固定在A端，且放置在压敏电阻Rx上，压敏电阻的阻值Rx随压力F的变化关系如表所示，将压敏电阻接入电源电压恒定的电路中，R0为定值电阻，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V。重为40N的柱体乙固定在D端并放入足够高的柱形容器内，容器底面积为500cm2，柱体乙的底面积为400cm2，高20cm，乙的下表面距离容器底部20cm，当未加水时，电流表A的示数为0.1A；当向空容器中注入10500cm3的水时，电流表A的示数为0.36A，求：
(1)柱体乙的密度；
(2)电源电压；
(3)为保证电路安全，总共注入水的最大质量为多少千克？
F/N
10
20
30
40
50
60
70
80
90
100
110
R/Ω
250
150
50
30
20
18
14
10
8
7
6
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.日光灯正常工作时的电压为220V，功率约为40W，日光灯正常工作电流I=PU=40W220V≈0.18A，故A错误；
B.一节新干电池的电压为1.5V，故B正确；
C.课桌的高度约为70cm=7dm，故C错误；
D.人体正常体温约为37℃，故D错误。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】C
【解析】解：
A、从滑梯滑下过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故A不符合题意；
B、锯木头时锯条发热，是克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故B不符合题意；
C、对试管加热，管内水从酒精灯火焰上吸收热量水温升高，是通过热传递的方式改变水的内能，故C符合题意；
D、冬天搓手，手会变暖，是克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：C。
做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
3.【答案】B
【解析】解：A、图甲中，两个带电小球相互排斥，一定带同种电荷，可能都带正电、也可能都带负电，故A错误；
B、图乙中，玻璃棒在丝绸上摩擦后，玻璃棒原子核束缚电子的能力弱，会失去电子带正电，故B正确；
C、图丙中，当用导线直接把电源的正负极相连，会使电源短路，这样电路中电流过大，容易造成电源烧毁甚至火灾，故C错误；
D、图丁中，碎纸屑被吸到塑料小勺上，是因为带电体具有吸引不带电轻小物体的性质，故D错误。
故选：B。
(1)两个带电物体相互排斥，有两种可能：①都带正电；②都带负电；
(2)摩擦起电的实质是电荷的转移，得电子的物质带负电，失去电子的物质带正电；
(3)电流不通过用电器直接接通叫做短路。发生短路时，因电流过大往往引起电源、用电器损坏或火灾；
(4)带电体具有吸引不带电轻小物体的性质。
本题考查的内容较多，包括电荷间的相互作用规律、摩擦起电的实质、带电体的性质以及短路等知识，都属于电学的基本常识，是我们必须熟知的。
4.【答案】D
【解析】解：A、电荷定向移动形成电流，而导体中形成电流的条件也是要自由电荷定向移动，故A错误；
B、电阻是导体自身的一种特性，导体容易导电，也有电阻，故B错误；
C、绝缘体不易导电的原因是绝缘体内几乎没有自由移动的电荷，故C错误；
D、容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体，故D正确。
故选：D。
(1)电荷定向移动形成电流；
(2)电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定；
(3)绝缘体不易导电的原因是，绝缘体内几乎没有自由移动的电荷；
(4)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
本题考查了导体中电流的形成、导体和绝缘体的区分，属于基础题，难度较小。
5.【答案】D
【解析】解：
A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、试管中的水沸腾时吸收热量，温度不变，故B错误；
C、水蒸气膨胀对橡皮塞做功，将水蒸气的内能转化为橡皮塞的机械能，水蒸气的内能减少，故C错误；
D、水蒸气对橡皮塞做功内能转化为机械能，其能量转化情况与汽油机的做功冲程相同，故D正确。
故选：D。
(1)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(2)液体沸腾的特点是吸收热量，温度不变；
(3)当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
(4)汽油机的工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，其中压缩冲程机械能转化成内能，做功冲程内能转化成机械能。
此题考查了热量的含义、改变内能的方法、液体沸腾的特点、内燃机四个冲程的能量转化等，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与实际生活的密切关系。
6.【答案】C
【解析】解：A、燃料的热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，故A错误；
B、扫地时尘土飞扬是肉眼可见的固体小颗粒的运动，不是分子的运动，故B错误；
C、铁块很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力，故C正确；
D、用水作为汽车发动机的冷却剂，主要是因为水的比热容较大，与其他物质相比，在质量相同的情况下，升高相同的温度，水吸收的热量多，故D错误。
故选：C。
(1)燃料的热值是燃料本身的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多以及是否充分燃烧无关；
(2)分子的体积很小，用肉眼几乎观察不到，分子在永不停息地做无规则运动；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)水的比热容较大，质量相同的水和其它物质相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂。
本题主要考查对燃料热值的概念的理解、分子动理论以及水比热容大的应用，是一道基础题。
7.【答案】C
【解析】解：A、M、N的金属球通过金属棒连接后，带负电的N的电荷经金属棒流向M，使M带上负电荷，故A错误；
B、利用电荷守恒定律可知，M、N上的总电荷量不变，因为M由不带电到带电，使N的电荷量减少，则金属箔片的张角变小，故B错误；
C、在金属棒中，负电荷由N流向M，等效为正电荷由M流向N，所以金属棒中电流的方向是由M流向N，故C正确；
D、用手触摸金属棒，使负电荷通过人体流向大地，则M、N上的总电荷量减少，箔片的张角都变小，故D错误。
故选：C。
(1)N带的负电经金属棒流向M，使M带电；
(2)利用电荷守恒定律，N上的电荷流向M一部分，使N带电量减少；
(3)规定：电流的方向是正电荷定向移动的方向；
(4)人体是导体，用手触摸金属棒使电荷通过人体流向大地，则M、N上的电荷都减少，据此解答。
本题考查验电器的原理及其使用、电荷守恒定律及其应用、电流的方向，掌握电荷守恒定律的内容是解答本题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：
ABD、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L2的支路上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AB正确、D错误；
C、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故C正确。
故选：D。
分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点(并联电路中各支路独立工作、互不影响)、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
9.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，B图正确。
故选：B。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
10.【答案】C
【解析】解：A、两电阻串联，计数器(电压表)测R1的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R1变大，故A错误；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，故B错误；
CD、根据U=IR可知，电流变小时，R2两端的电压变小，由于电源电压不变，由串联电路的电压规律可知，则R1两端的电压变大，故C正确、D错误。
故选：C。
(1)两电阻串联，计数器(电压表)测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；
(2)由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
(3)根据U=IR确定R1、R2两端电压的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
11.【答案】A
【解析】解：电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故①正确；
②若灯泡L短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；根据U=IR可知，电压表V1示数为0；电压表V测电源两端的电压，有示数，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0；电压表V与电源两极之间是断开的，无示数，电压表V测电源两端的电压，有示数，故③错误；
④若电阻R短路，电路是通路，电路中有电流，电流表有示数；此时两个电压表测量的都是电源电压，有示数，故④错误。
故选：A。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，电流表测量电路中的电流，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测L两端的电压；由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
12.【答案】B
【解析】解：(1)两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡L2、灯泡L1回到电源的负极，
则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压，
因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，
所以由I=UR可知，电源的电压是L2两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数2倍，
由图中数据可知：
①丙的示数为1.6V，乙的示数为0.8V，则甲的示数为0.4A，
②丙的示数为0.8V，乙的示数为0.4V，则甲的示数为1.6A，L1、L2两端的电压均为0.4V，
故AC错误；
(2)两灯泡并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经灯泡L2、丙电表回到电源的负极，
则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测L2支路的电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，
所以由I=UR可知，通过两灯泡的电流相等，干路电流是L2支路电流的两倍，
由图中数据可知：
①乙的示数为1.6A，丙的示数为0.8A，则甲的示数为0.4V，
②乙的示数为0.8A，丙的示数为0.4A，则甲的示数为1.6V，通过L1、L2的电流均为0.4A，
故B正确，D错误。
故选：B。
(1)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，则它们的连接方式要么是串联，要么是并联。
(2)两灯泡并联时，电流有两条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据并联电路的电压特点和欧姆定律判断两支路的电流关系，结合表中数据判断两电流表的示数，剩余的数据为电压表的示数。
(3)两灯泡串联时，电流只有一条路径，根据电表的特点判断出电表的类型和测量的电路元件，根据串联电路的电压特点结合图中数据判断出电压表的示数，剩余的数据为电流表的示数。
本题考查了电表类型的判断和串并联电路的特点、欧姆定律的应用等，根据串并联电路的电流路径判断出电表的类型是前提，分析好各电表示数之间的关系是关键。
13.【答案】C
【解析】解：A、由图甲可知，当只闭合开关S1时，L和R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；
当滑片在最右端时，总电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小；
当滑片滑到灯泡正常发光时，总电阻最小，由欧姆定律可知此时电路中电流最大，即灯泡的额定的电流；
由图乙可知灯泡的额定电流为IL=0.6A，
由欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻为：RL=ULIL=6V0.6A=10Ω，故A正确；
B、由图乙可知，当灯泡正常发光时，电压表示数为0V，即电路中只有灯泡，因此电源电压为U=UL=6V，故B正确；
C、当灯泡两端的电压为1V时，由串联电路的电压特点可知R1两端的电压为：U1=U−UL′=6V−1V=5V，由图乙可知此时电路中的电流为0.2A，故C错误；
D、当只闭合S1时，可知滑动变阻器的最大阻值为：R1=U1I小=5V0.2A=25Ω，
滑动变阻器滑片处于中点位置时的阻值为：R中=12R1=12×25Ω=12.5Ω；
当S1、S2、S3均闭合，L被短路，R1和L并联，电流表测干路的电流，电压表测电源电压；
通过R1的电流为：I1=UR中=6V12.5Ω=0.48A，
通过R0的电流为：I0=UR0=6V10Ω=0.6A，
由并联电路的电流特点可知干路的电流为：I=I1+I0=0.48A+0.6A=1.08A，故D正确。
故选：C。
(1)由图甲可知，当只闭合开关S1时，L和R1串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压；
当滑片在最右端时，总电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小；当滑片滑到灯泡正常发光时，总电阻最小，通过欧姆定律可知此时电路中电流最大，由图乙可知最大电流，即灯泡的额定电流；已知灯泡的额定电压，根据欧姆定律可求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)由图乙可知，灯泡正常发光时，电压表示数为0V，即说明电路中只有灯泡，则电源电压等于灯泡的额定电压；
(3)当灯泡两端的电压为1V时，由串联电路的电压特点可得出此时R1两端的电压，由图乙可读出此时电路中的电流；
(4)当只闭合S1时，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；进而可得出滑动变阻器的滑片在中点时的阻值；当S1、S2、S3均闭合，L被短路，R1和L并联，电流表测干路的电流，电压表测电源电压；根据欧姆定律求出通过R1和R0的电流，并联电路中干路电流等于各个支路的电流之和，据此求出干路电流。
本题考查了欧姆定律的应用，熟练掌握串、并联电路的特点，并从图中读取相关信息是解题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：设电源电压为U，
(1)由图可知，只闭合开关S和S3，定值电阻R1与滑动变阻器R串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，等效电路图如图1所示：
，
调节滑动变阻器的滑片，由电流表的示数为0.3A、电压表的示数为1.5V，所以滑动变阻器接入电路的阻值R滑=U滑I滑=1.5V0.3A=5Ω，定值电阻R1的阻值R1=UI−R滑=U0.3A−5Ω……①；
(2)只闭合开关S和S2，定值电阻R1、R2、R3串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2、R3两端的总电压，等效电路如图2所示：
；
电流表示数I1=UR1+R2+R3……②，电压表V1的示数U1=I1R1=UR1+R2+R3×R1……③，电压表V2的示数U2=I1(R2+R3)=UR1+R2+R3×(R2+R3)……④；
(3)只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，定值电阻R1、R2并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，等效电路如图3所示：
，
电流表的示数I2=IR1+IR2=UR1+UR2……⑤；
保持滑片位置不变，再闭合开关S2，定值电阻R1、R2、R3并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量总干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，等效电路如图4所示，
因并联电路各支路互不影响且总电流等于各支路电流之和，所以由电流表的示数变化了0.3A可知通过R3的电流为0.3A，由R=UI可得，R3=U0.3A……⑥；
由I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，
联立①②③④⑤⑥可解得：定值电阻R1=10Ω，R2=5Ω，R3=15Ω，电源电压U=4.5V，故A错误，
电流表示数I1=UR1+R2+R3=4.5V10Ω+5Ω+15Ω=0.15A，故B正确，
由于电源电压为4.5V，调节滑动变阻器和改变开关状态，如图3，电压表V1的最大示数应为4.5V，故C错误；
(4)若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，电路连接如图1所示：
在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，
当电压表V1的示数最大为3V时，电路中的电流最大，最大电流Imax=UR1R1=3V10Ω=0.3A；
当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流I′=UR1+R滑max=4.5V10Ω+15Ω=0.18A，
此时电压表V2的示数为U滑=I′R滑max=0.18A×15Ω=2.7V<3V，即电压表V2是安全的，
所以可知电路中的最小电流Imin=I′=0.18A，
由此可知只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下，电流表示数的变化范围是0.18A∼0.3A，故D错误。
故选B。
设电源电压为U，
(1)由图可知，只闭合开关S和S3，定值电阻R1与滑动变阻器R串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，画出等效电路图，调节滑动变阻器的滑片，由电流表和电压表的示数，利用欧姆定律可求出滑动变阻器接入电路的阻值；
(2)只闭合开关S和S2，定值电阻R1、R2、R3串联接入电路，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量定值电阻R2、R3两端的总电压，画出等效电路图，利用欧姆定律可求出电路中的电流，利用U=IR可分别求出U1、U2的值；
(3)只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，定值电阻R1、R2并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，画出等效电路图；
保持滑片位置不变，再闭合开关S2，定值电阻R1、R2、R3并联接入电路，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电流表测量总干路中的电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2被短路，画出等效电路图，由电流表的示数变化了0.3A可知通过R3的电流为0.3A，可求出电阻R3的阻值；
由I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，联立等式求出定值电阻R1、R2、R3的阻值和电源电压；
(4)若只将两个电压表量程换为0∼3V，则只闭合开关S和S3时，在保证电路安全的情况下调节滑动变阻器，根据串联电路规律和欧姆定律可求出电流表示数的变化范围。
本题主要考查欧姆定律的应用，串联、并联电路电流、电压、电阻规律的应用，其中分析电路的连接情况、求解电源电压、R1、R2、R3的阻值是解题的关键，求解电流表的示数变化范围是本题的难点。
15.【答案】正比 电阻
【解析】解：德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，且他发现：当电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比；为了纪念他作出的杰出贡献，人们将他的名字命名为电阻的单位。
故答案为：正比；电阻。
德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律；电阻的国际单位是欧姆。
本题考查了学生对欧姆定律、物理学史的掌握和运用，基础性题目。
16.【答案】10 10
【解析】解：
(1)∵U=3V，I=0.3A，
∴导体的电阻为：R=UI=3V0.3A=10Ω；
(2)∵导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，
∴当该导体两端电压为0时，导体的电阻值仍然不变为10Ω。
故答案为：10；10。
(1)已知电阻两端的电压和通过导体的电流，根据欧姆定律的公式变形R=UI计算出导体的阻值；
(2)导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于导体的材料、长度、横截面积，与两端的电压和通过的电流无关，据此可知当导体两端的电压改变时，电阻的阻值不变。
本题考查了欧姆定律的应用，重点是对公式和公式变形的理解和应用，关键是知道电阻是导体本身一种阻碍性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料，与导体两端有无电压、所加电压多少无关。
17.【答案】1.43×108 10
【解析】解：1kg氢完全燃烧释放出的热量：Q放=mq=1kg×1.43×108J/kg=1.43×108J；
根据题意可知，水吸收的热量Q吸=42%Q放=42%×1.43×108J=6.006×107J，
由Q吸=cmΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m水=6.006×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×1.43×103kg=10℃。
故答案为：1.43×108；10。
知道氢的质量和热值，利用Q放=mq求出1kg氢完全燃烧释放出的热量；根据题意求出水吸收的热量Q吸=42%Q放，利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查燃料完全燃烧放热公式以及吸热公式的应用，是一道常考题。
18.【答案】50.8
【解析】解：
(1)由图可知，S闭合后，L1与L2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1的电流；
由题知电压表的量程为0∼15V，分度值为0.5V，根据指针位置可知电压表读数为5V，即电源电压为5V；
(2)根据两个电流表的示数可知，干路中的电流为1A，通过L1的电流为0.2A，
由并联电路的电流规律可知，通过L2的电流为：I2=I−I1=1A−0.2A=0.8A。
故答案为：5；0.8。
(1)由图知，S闭合后，L1与L2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1的电流；电压表读数方法：首先确定选用的量程，然后分清分度值，根据指针位置读数。
(2)根据并联电路的电流规律可求出通过L2的电流。
本题考查了电压表的读数方法、并联电路的电流规律，难易程度适中。
19.【答案】B 70
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，R1两端的电压最大，R2两端的电压为0，由图象可知，B为电阻R1的I−U关系图象，A为滑动变阻器R2的I−U关系图象；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由I−U图象可知，电路中的最小电流I=0.2A，R2两端的电压U2=14V，
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：
R2大=U2I=14V0.2A=70Ω。
故答案为：B；70。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值和滑动变阻器的最大阻值。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“I−U”关系图象。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和I−U图象中的信息。
20.【答案】10 7
【解析】解：由图甲可知通过R电流为0.2A时，其两端的电压为2V，
由欧姆定律可知R的阻值为：R=URIR=2V0.2A=10Ω；
由图乙可知L和R串联，电流表测电路中的电流；串联电路中电流处处相等；
已知灯泡的额定电压为2V，由图甲可知灯泡的额定电流为0.5A，则电路中的最大电流为0.5A；
由I=UR可知，此时R两端的电压为：UR′=IR=0.5A×10Ω=5V，
由串联电路的电压特点可知电源电压最大为：U=UL+UR′=2V+5V=7V。
故答案为：10；7。
从图甲中读取通过R的电流和其两端的电压，根据欧姆定律可求出R的阻值；
由图乙可知L和R串联，电流表测电路中的电流；串联电路中电流处处相等；已知灯泡的额定电压，从图甲中可知灯泡的额定电流，即电路中的最大电流，再根据I=UR可求出此时R两端的电压；串联电路的电源电压等于各个用电器两端的电压之和。
本题考查了欧姆定律的应用，从图中读取相关信息是解题的关键。
21.【答案】30.12
【解析】解：只闭合开关S2、S4时，R与L串联，R1短路，电压表测电源电压，如图乙所示，电压表示数就是电源电压，即电源电压为3V；
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最大电流为2.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
根据并联电路电流规律可知通过灯泡的电流为：IL=I−IR=2.5A−2A=0.5A，
根据并联电路电压规律可知此时灯泡两端的电压等于额定电压3V，所以灯泡的额定电流为0.5A，
则当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1为0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，
保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时滑动变阻器、灯泡与R1串联串联接入电路，此时流经灯泡的电流为I2，
已知I1：I2=8：3，则I2=3I18=3×0.5A8=316A，
由欧姆定律可知此时电路中总电阻为R总=UI2=3V316A=16Ω，
灯泡的电阻：RL=UI1=3V0.5A=6Ω，
由串联电路的电阻规律可知R1的阻值为：R1=R总−RL=16Ω−6Ω=10Ω，
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最小电流为0.7A，
并联电路各支路互不影响，此时通过滑动变阻器的最小电流：IR′=I′−IL=0.7A−0.5A=0.2A，
则滑动变阻器的最大阻值：R=UIR′=3V0.2A=15Ω，
只闭合开关S2，S3时，L短路，R1与R串联，电流表测电路电流，滑动变阻器接入电路中的阻值为最大值时，通过电路的电流最小，
所以电流表示数最小为：I′′=UR+R1=3V15Ω+10Ω=0.12A。
故答案为：3；0.12。
只闭合开关S2、S4时，R与L串联，R1短路，电压表测电源电压，如图乙所示，电压表示数就是电源电压；
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最大电流，已知滑动变阻器允许通过的最大电流，根据并联电路电流规律计算通过灯泡的电流，根据并联电路电压规律可知此时灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压3V，据此确定灯泡的额定电流，
进一步分析当灯泡两端电压为3V时，流经灯泡的电流为I1的大小，同时确定此时滑动变阻器接入电路的电阻，
保持滑动变阻器滑片不动，断开S4，此时滑动变阻器、灯泡与R1串联串联接入电路，此时流经灯泡的电流为I2，已知I1：I2=8：3，进一步计算I2的值，
由欧姆定律计算此时电路中总电阻和灯泡的电阻，由串联电路的电阻规律计算R1的阻值，
只闭合开关S1、S3和S4，R与L并联，电流表测干路电流，由图丙可知通过电路的最小电流，并联电路各支路互不影响，根据并联电路电流规律计算此时通过滑动变阻器的最小电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，
只闭合开关S2，S3时，L短路，R1与R串联，电流表测电路电流，滑动变阻器接入电路中的阻值为最大值时，通过电路的电流最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算电流表示数的最小值。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
22.【答案】CIC=IA+IB 换用不同规格的灯泡，进行多次实验 质量 加热时间 a
【解析】解：
(1)由图1乙是测量电流时连接的电路，此时电流表串联在干路中，则它测的是干路C点电流；
(2)分析表中数据中，有并联电路的总电流等于各支路电流之和，即IC=IA+IB；
为避免实验的偶然性，得出具有普遍性的结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验；
(3)据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个相同的烧杯中分别加入初温相同、质量相同的液体a和b；
(4)选用相同电加热器的目的是：使液体在相同时间内吸热相同，从而可以通过比较加热时间来比较吸收热量的多少；
(5)水和煤油的温度随时间变化的图象如图乙所示，由图知，温度都升高20℃，b液体要加热3分钟，a液体要加热6分钟，说明a液体的吸热能力强，即水的吸热能力强，故可知a为水的温度随时间变化的图象。
故答案为：(1)C；(2)IC=IA+IB；换用不同规格的灯泡，进行多次实验；(3)质量；(4)加热时间；(5)a。
(1)电流表在使用时，应与被测的电路串联，观察图中可判断电流表测的是干路的电流；
(2)分析表中数据得出结论，并联电路中，干路电流等于支路电流之和；实验中应用归纳法得出结论的要求，所选样本要有代表性且数量足够多，所以为得出具有普遍性的结论，应多次测量；
(3)液体温度升高时吸收热量的多少与物体的种类、质量、升高的温度值有关，实验探究时应采用控制变量法；
(4)采用相同电加热器的目的是为了使两烧杯在相同的时间内吸收的热量相同；
(5)在质量相同、升高相同的温度时的不同物质，吸收的热量多的物质，其吸热能力强。
本题考查了两个主要知识点。其一是探究并联电路中电流的规律的实验，考查电路的连接、分析数据归纳结论的能力及归纳法的应用和对实验方案的改进能力；
其二是比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和密度的公式及比较吸热能力的方法。属于综合题，但难度一般。
23.【答案】A、B ② ③ 导体的材料不同，电阻不同 不明显 控制变量 减小
【解析】解：(1)要验证猜想①：导体的电阻与导体的长度有关，应控制导体的材料与横截面积相同，而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；
由表中数据可知，A、C两电阻丝的长度、材料相同而横截面积不同，将A和C两电阻丝接入电路中M、N两点间，可验证导体电阻跟横截面积的关系，即猜想②；
如果选用编号为A、D两根电阻丝进行实验，A和D的长度、横截面积相同，材料不同，是为了验证猜想③；
分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，则得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的材料不同，电阻不同；
(2)电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，人们用肉眼难区分，所以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况不可取；
(3)影响电阻大小的因素有多个，实验中采用的是控制变量法；
(4)细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。
故答案为：(1)A、B；②；③；导体的材料不同，电阻不同；(2)不明显；(3)控制变量；(4)减小。
(1)电流表串联在电路中，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积以及温度，根据控制变量法的要求分析。
(2)电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显，所以我们一般不要根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
24.【答案】断开 最左端 不变 电压表 1 4：112.5
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的最左端；
(2)由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表示数不变；
定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，故电路的错误之处和改进方法如图：
(3)实验中要控制定值电阻两端的电压不变，故在调节滑动变阻器时，眼睛应注视电压表；由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.4A时，电阻为5Ω，则电压为：U=IR=0.4A×5Ω=2V；
滑动变阻器两端的电压应为：3V−2V=1V；
(4)在第(3)问的基础上，当分别接入5Ω和20Ω的定值电阻进行正确实验时，实验中需控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律可得实验中他接入5Ω、20Ω定值电阻时，两次电路的电流之比为：I1I2=UR1UR2=R2R1=20Ω5Ω=41；
(5)电路中最大电流为0.5A.因此最小总电阻为Rmin=UImax=3V0.5A=6Ω，
当定值电阻最小为5Ω时，滑动变阻器阻值为6Ω−5Ω=1Ω，
结合串联电路电压规律及串联电路电压比等于电阻比：URUH=RRH=51，
UR+U滑=3V，可解得UR=2.5V，因为在实验过程中要保证定值电阻两端电压不变，
因此分压相同，当接最大电阻20Ω时，滑动变阻器阻值为4Ω<40Ω，符合题意；
当接入电路电阻最大时，此时定值电阻阻值为20Ω，变阻器阻值为40Ω，
则结合串联电路电压规律及串联电路电压比等于电阻比可得UR′UH′=R′RH′=12，
UR′+U滑′=3V，可解得UR′=1V，综上所述电压表的取值范围为1V∼2.5V之间。
故答案为：(1)断开；最左端；(2)不变；如图所示；(3)电压表；1；(4)4：1；(5)1；2.5。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
(2)根据电路图判定连入电路中的元件，然后根据滑片移动时电阻的变化分析；电压表应测量定值电阻两端的电压，定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中；
(3)探究电流与电阻的关系时要控制定值电阻两端的电压不变；根据图象，找出电流、电阻值，根据欧姆定律求出电压；
(4)探究电流跟电阻的关系，保持电压表示数不变，由I=UR可知，在电压不变时，电流和电阻成反比；
(5)电路中最大电流为0.5A，根据欧姆定律得出电路中最小总电阻，得出滑动变阻器的接入的最小值，根据串联电路电压规律及串联分压规律得出电压表示数的最大值；
当接入电路电阻最大时，此时定值电阻阻值为20Ω，变阻器阻值为100Ω，根据串联电路电压规律及串联分压规律得出电压表示数的最小值；
本题考查探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，重点考查了数据和图像的分析、操作过程、实验结论等知识，是一道综合性实验题。
25.【答案】解：(1)由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。
因为并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压，
所以电源电压为：U=U2=U1=I1R1=0.5A×30Ω=15V，
(2)因为并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，
所以通过R2的电流为：I2=I−I1=2A−0.5A=1.5A，
R2的阻值为：R2=U2I2=15V1.5A=10Ω。
答：(1)电源电压U为15V。
(2)电阻R2的阻值为10Ω。
【解析】(1)由电路图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路中的电流，电流表A1测量通过R1的电流。
已知R1的阻值和电流表A1的示数，根据欧姆定律和并联电路的电压规律求得电源电压；
(2)根据并联电路的电流规律求得通过R2的电流，根据欧姆定律求得R2的阻值。
本题考查欧姆定律在并联电路中的应用，难度不大。
26.【答案】解：(1)将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，此时滑动变阻器接入电路最大阻值，
电流表A测通过电路的电流，电流表A的示数为0.4A，根据欧姆定律可得滑动变阻器R3的最大阻值：R3=UI3=12V0.4A=30Ω；
(2)保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，两电流表均测通过电路的电流，
串联电路总电压等于各部分电压之和，电压表V1的示数为3V，此时滑动变阻器两端的电压：U3=U−U1=12V−3V=9V，
此时通过电路的电流：I=U3R3=9V30Ω=0.3A，
串联电路各处电流相等，则R1的阻值：R1=U1I=3V0.3A=10Ω；
(3)串联电路总电阻等于任一分电阻，并联电路总电阻小于任一分电阻，R2=20Ω，则R3>R2>R1，
只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流最小，由(2)知通过电路的最小电流为0.3A，电流表A1所选量程为0∼0.6A，电流表A1安全，时电压表V1的示数为3V，电压表V1接入电路的量程为0∼3V，电压表V1安全；
开关S2、S3闭合，滑动变阻器与R2并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A测干路电流，电压表V2测电源电压，电压表V2接入电路的量程为0∼15V，电源电压小于电压表量程，电压表安全，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，当通过滑动变阻器的电流最大时干路电流也最大，
此时通过定值电阻R2的电流：I2=UR2=12V20Ω=0.6A，电流表A1所选量程为0∼0.6A，所以电流表A1安全，
滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，此时通过电路的电流：I′=I2+I3′=0.6A+2A=2.6A，电流表A所选量程为0∼3A，所以电流表A安全，
则电流表A的最大示数和最小示数之比为：I′：I=2.6A：0.3A=26：3。
答：(1)滑动变阻器R3的最大阻值为30Ω；
(2)R1的阻值为10Ω；
(3)在保障各电路元件安全的情况下电流表A的最大示数和最小示数之比为26：3。
【解析】(1)将滑动变阻器R3的滑片调至最左端，当只闭合开关S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，此时滑动变阻器接入电路最大阻值，电流表A测通过电路的电流，根据欧姆定律计算滑动变阻器R3的最大阻值；
(2)保持滑片位置不变，当只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，两电流表均测通过电路的电流，根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算R1的阻值；
(3)串联电路总电阻等于任一分电阻，并联电路总电阻小于任一分电阻，比较可知R3>R2>R1，
只闭合开关S1时，滑动变阻器和R1串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，滑动变阻器接入电路最大阻值时通过电路的电流最小，由(2)知通过电路的最小电流和此时电压表V1的示数，确定电路是否安全；
开关S2、S3闭合，滑动变阻器与R2并联，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A测干路电流，电压表V2测电源电压，根据电压表接入电路的量程确定电压表是否安全，根据并联电路电流规律可知当通过滑动变阻器的电流最大时干路电流也最大，根据欧姆定律计算此时通过定值电阻R2的电流，根据电流表A1所选量程确定电流表A1是否安全，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，根据并联电路电流规律计算此时通过电路的最大电流，根据电流表A所选量程确定电流表A是否安全，进一步计算电流表A的最大示数和最小示数之比。
本题考查串联电路特点、并联电路特点和欧姆定律的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
27.【答案】解：(1)柱体乙的质量：m=G乙g=40N10N/kg=4kg，
柱体乙的体积：V=Sh=400cm2×20cm=8000cm3=8×10−3m3，
柱体乙的密度：ρ=mV=4kg8×10−3m3=0.5×103kg/m3；
(2)当未加水时，杠杆C点受到向下的力等于乙的重力40N，
据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力为：FB1=FC1×OCOB=40N×32=60N，
柱体甲对压敏电阻的压力：F甲1=G甲−FB1=80N−60N=20N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为150Ω，由图可知，闭合开关，两电阻串联接入电路，
串联电路总电阻等于各串联导体电阻之和，根据欧姆定律可得电源电压：U=I1(Rx1+R0)=0.1A×(150Ω+R0)-------①，
向空容器中注入10500cm3的水，此时柱体乙浸入水中的深度：h′=V′−V0S′−S=10500cm3−500cm2×20cm500cm2−400cm2=5cm<20cm，
柱体乙受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×400×10−4m2×5×10−2m=20N，
此时杠杆C点受到向下的力为：FC=G乙−F浮=40N−20N=20N，
根据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力为：FB=FC×OCOB=20N×32=30N，
柱体甲对压敏电阻的压力：F甲=G甲−FB=80N−30N=50N，
由表格可知此时压敏电阻的阻值为20Ω，则电源电压：U=I(Rx+R0)=0.36A×(20Ω+R0)-------②，
①②联立可得：R0=30Ω，U=18V；
(3)电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A，根据欧姆定律可知当电压表示数最大时通过电路的电流最大，
此时通过电路的电流：I′=U0R0=15V30Ω=0.5A<0.6A，所以电流表是安全的，
根据欧姆定律可知此时电路的总电阻最小，为：R=UI′=18V0.5A=36Ω，
根据串联电路电阻规律可得此时压敏电阻接入电路的阻值：Rx′=R−R0=36Ω−30Ω=6Ω，
由表格可知此时压敏电阻受到的压力为110N，压敏电阻受到的压力和压敏电阻对物体甲的支持力是一对相互作用力，大小相等，
所以压敏电阻对物体甲的支持力是110N，此时杠杆B点受到向上的力为：FB′=F支−G甲=110N−80N=30N，
根据杠杆平衡条件可得杠杆C点受到向上的力为：FC′=FB′×OBOC=30N×23=20N，
此时柱体乙受到的浮力：F浮′=FC′+G乙=20N+40N=60N，
此时柱体乙浸入水中的高度：h′′=F浮ρ水gS=60N1.0×103kg/m3×10N/kg×400×10−4m2=0.15m=15cm<20cm，
容器中总注水体积：V′′=V0+V′′′=500cm2×20cm+(500cm2−400cm2)×15cm=11500cm3，
总共注入水的最大质量为：m′=ρ水V′′=1.0×103kg/m3×11500×10−6m3=11.5kg。
答：(1)柱体乙的密度为0.5×103kg/m3；
(2)电源电压为18V；
(3)为保证电路安全，总共注入水的最大质量为11.5kg。
【解析】(1)根据重力公式计算柱体乙的质量，根据体积公式计算柱体乙的体积，根据密度公式计算柱体乙的密度；
(2)当未加水时，杠杆C点受到向下的力等于乙的重力，据杠杆平衡条件可得杠杆B点受到向下的力，则柱体甲对压敏电阻的压力等于甲的重力与杠杆B点受到向下的力之差，由表格可知此时压敏电阻的阻值，由图可知两电阻串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，
根据体积公式计算向空容器中注入10500cm3的水时柱体乙浸入水中的深度，根据浮力计算公式计算柱体乙受到的浮力，此时杠杆C点受到向下的力等于乙的重力乙浮力之差，根据杠杆平衡条件计算杠杆B点受到向下的力，则柱体甲对压敏电阻的压力等于甲的重力与杠杆B点受到向下的力之差，由表格可知此时压敏电阻的阻值，由图可知两电阻串联接入电路，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律再次表示电源电压，联立解方程可得定值电阻的阻值和电源电压；
(3)电压表量程为0∼15V，电流表量程为0∼0.6A，根据欧姆定律可知当电压表示数最大时通过电路的电流最大，根据欧姆定律计算通过电路的最大电流，进一步计算电路的最小总电阻，根据串联电路电阻规律计算此时压敏电阻接入电路的阻值，由表格可知此时压敏电阻受到的压力，压敏电阻受到的压力和压敏电阻对物体甲的支持力是一对相互作用力，此时杠杆B点受到向上的力等于甲受到的支持力与重力之差，根据杠杆平衡条件可得杠杆C点受到向上的力，此时柱体乙受到的浮力等于乙的重力与杠杆C点受到向上的力的和，根据浮力计算公式和体积公式计算此时柱体乙浸入水中的高度，进一步计算容器中总注水体积，根据密度公式计算总共注入水的最大质量。
本题考查重力公式、密度公式、浮力计算公式、串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用。
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