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2021-2022学年福建省福州市九年级（上）期末物理模拟练习试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年福建省福州市九年级（上）期末物理模拟练习试卷（含答案解析），共26页。试卷主要包含了22A和0，【答案】A，【答案】D，【答案】B，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年福建省福州市九年级（上）期末物理模拟练习试卷
1. 最先通过实验与理论研究发现了电流跟电压和电阻之间定量关系的物理学家是( )
A. 欧姆 B. 安培 C. 焦耳 D. 法拉第
2. 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 电视机 B. 电风扇 C. 电热水器 D. 电冰箱
3. “霜降”是中国传统的二十四节气之一，霜的形成属于( )
A. 熔化 B. 液化 C. 升华 D. 凝华
4. 如图所示是生活中使用的一种小夜灯，在它的上方有一个光敏元件。当周围环境较暗时，小夜灯发光；当周围环境较亮时，小夜灯不发光。这个光敏元件相当于小夜灯电路中的( )
A. 电源
B. 开关
C. 用电器
D. 导线
5. 在内燃机工作的四个冲程中，发生内能和机械能相互转化的是( )
A. 吸气冲程和压缩冲程 B. 压缩冲程和做功冲程
C. 吸气冲程和做功冲程 D. 压缩冲程和排气冲程
6. 下列做法符合安全用电要求的是( )
A. 可以用湿手去拔用电器的插头 B. 安装大功率用电器用较细的导线
C. 电路发生火灾时首先切断电源 D. 人可以能近高压带电体
7. 连接如图所示电路，闭合开关，电流表甲和乙的示数分别为0.22A和0.24A，造成两个电流表示数不同的原因可能是( )
A. 灯泡L1和L2的电阻不同
B. 至少有一块电流表没有调零
C. 电流表甲和乙在电路中的位置不同
D. 灯泡L1和L2在电路中的位置不同
8. 以下估测与实际情况相符的是( )
A. 人体感觉舒适的气温约为25℃ B. 新型汽车的热机效率达到100%
C. 家用电冰箱的工作电流约为5A D. 电饭锅的功率约为100W
9. 用一段细铁线做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔(没戳穿)的饮料吸管故在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动(如图所示)。用餐巾纸摩擦吸管使其带电，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，下列说法正确的是( )
A. 吸管和橡胶棒带异种电荷
B. 吸管和餐巾纸摩擦后，两者带同种电荷
C. 吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到电子带负电
D. 吸管和餐巾纸摩擦时，利用摩擦的方式创造了电荷
10. 同类型的A、B两个灯泡，分别按图中甲、乙两种方式连接，电源电压相同且恒定，已知RA
A. 甲中A灯比B灯亮
B. 乙中A灯比B灯亮
C. 甲中A灯比乙中A灯亮
D. 甲中的电路总功率比乙中的电路总功率要大
11. 下列关于热现象的解释正确的是( )
A. 冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的
B. 冬天司机往水箱里加点酒精，这是为了提高液体的凝固点
C. 从滑梯滑下臀部发热，这与冬天用热水袋取暖原理一样
D. 炎炎夏日沙子烫脚而海水凉凉的，是因为沙子的吸热能力强
12. 图中的电加热眼罩，可以缓解眼睛疲劳，它有两个发热电阻。当开关S1闭合时，R1工作，为低温状态；再闭合S2，R1、R2同时工作，为高温状态；若断开S1，眼罩停止发热。下面电路图符合以上要求的是( )
A. B.
C. D.
13. 炎热的夏天，小明从冰箱中取出一瓶密封完好的易拉罐可乐，擦拭干净后，放在电子秤上，在接下来较长的时间内，电子秤示数的变化图像可能是图中的( )
A. B.
C. D.
14. 连接好如图所示的电路，蹄形磁铁和铜棒均水平放置。现闭合开关，水平向右移动铜棒，灵敏电流计G的指针发生偏转，则( )
A. 根据此现象的产生原理可制成电动机
B. 此现象最早是由物理学家奥斯特发现的
C. 仅将磁铁水平向右移动，G的指针不偏转
D. 若将铜棒水平向左移动，G的指针向相反方向偏转
15. 小明利用光敏电阻受到光照时电阻变小的特性，设计了一个如图所示的自动控制电路，要求光暗时灯亮，光亮时灯灭。在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常。下列调节能使控制电路达到要求的是( )
A. 减少螺线管线圈的匝数 B. 增大控制电路电源电压
C. 再串联进去一个定值电阻 D. 滑动变阻器滑片P向左移动
16. 如图所示电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，电压表V1、V2示数的变化量分别为△U1、△U2，电流表示数的变化量为△I(本题变化量是指后来电表的示数减去原来的示数).不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断中正确的是( )
A. △U1>0，△U2>0，△I>0 B. △U1>0，△U2<0，△I<0
C. △U1>0，△U2>0，△I<0 D. △U1>0，△U2<0，△I>0
17. 2021年12月7日，谷神星一号通二运载火箭成功将5颗小卫星顺利送入预定轨道，一箭五星，发射成功!火箭发射时要选用热值较______的燃料，火箭上升过程中燃料质量减少，其热值______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
18. 汽车发动机的散热器用水做冷却剂，是由于水的______较大的缘故；发动机温度降低是通过______方式减少内能的。
19. 在实验室中用到的______(选填“验电器”或“测电笔”)是利用同种电荷相互排斥的原理制成的仪器。使用测电笔辨别零线或火线时，手不能接触______(选填“笔尖”或“笔尾”)金属体。
20. 已电风扇线圈的电阻为5若在该电风上的电压为220V，此时通过的电流为。则风扇的电率为______ W风扇连工作10min生的热量为______ J。
21. 如图所示电路中，电源两端电压保持不变。当开关S、S1闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V的示数将______；当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器的滑片P向右移动，灯泡L的亮度将______。
22. 已知甲、乙两灯的额定电压分别是12V和6V，两灯的U−I关系如图所示。在确保电路安全的前提下，两灯串联，电路两端的最大电压是______ V；两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比为______。
23. 请根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的正极。
24. 如图所示是未完成连接的实物图，请用笔画线代替导线完成该电路的连接。要求：两灯并联。开关S在干路上，电流表测通过L1的电流，导线不能交叉。
25. 物理学是一门十分有趣的科学，课堂上老师让同学们观察了这样一个有趣的实验，如图所示：水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾；迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，则烧瓶中的水会发生什么现象？并解释发生这种现象的原因。
26. 用图甲所示的装置探究“水的沸腾”的实验，当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如下表：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
水的温度/℃
90
92
94
98
98
98
98
98
(1)对于图甲实验的装置，应按照______的顺序安装、调整实验器材，以便于调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的______进行加热，提高效率。
(2)某次数据没有记录，当时温度计示数如图乙所示，为______℃。根据表中实验数据，可知水的沸点是______℃。
(3)图甲所示的情景，是______(选填“沸腾前”或“沸腾时”)的情景。
(4)在探究结束后，小明根据实验数据绘制了水的温度随时间变化的关系图像，图中能正确反映二者关系的是______(选填序号)。
27. 如图所示是某种晶体加热变成液体时体积随温度变化的曲线，分析图像可知：
(1)这种晶体的熔点是______℃。
(2)物质呈固液共存状态的是______段(用图中的字母表示)。
(3)0−12℃过程中，物质密度的变化情况是______。
(4)如果物质从C到B，则应该______(选填“吸”、“放”或“不吸热也不放”)热。
28. 小明利用如图所示装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”。RA与RB是长度相同、材料相同的电热丝。
(1)A、B两个烧瓶中盛有______、初温相等的煤油。
(2)RA与RB采用串联的连接方式，其目的是为了控制通电时间和______相等。
(3)小明同学为比较RA与RB阻值的大小，观察电热丝的粗细，发现电热丝RA比RB粗，则RA______RB。(选填“>”、“<”或“=”)。
(4)在相同时间内，可通过观察______来比较电流通过电热丝产生的热量多少；在实验中，发现烧瓶B中煤油吸热多，这表明：在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越______。
29. 小明用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为“50Ω，2A”，有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个。
(1)用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。要求：开关闭合前无需移动滑片。
(2)在连接电路时，开关必须______。
(3)将5Ω的电阻接入电路，闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，则故障______。
A.导线④断路
B.导线③断路
C.导线②断路
D.导线①断路
(4)排除故障后，使电压表示数为U1，记下电压表、电流表的示数。将5Ω的电阻依次换成10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的电阻，继续实验，每次调换电阻后，滑动变阻器的滑片都要向______移动(选填“左“或“右”)。直到电压表的示数为U1。小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验，因为电压表示数总比U1______。
(5)实验完毕，根据测量数据画出定值电阻的电流与电阻的关系图像，如图乙所示，分析图像，得到结论：______。
30. 某实验小组测定额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，实验电路图如图甲所示。
(1)按图示所示电路连接实物。开关闭合前，发现电流表的指针如图乙所示，则应该进行的操作是______。
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，造成这一现象的可能原因是______。
(3)排除故障后，移动滑片，使电压表的示数为2.5V，小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数如图丙所示，为______ A，则被测小灯泡正常发光时的阻值为______Ω。(保留1位小数)
(4)另一实验小组同学实验时发现桌上没有电流表，却多了一个最大阻值为R0的滑动变阻器R0，他设计如图所示电路，也测出了小灯泡在额定电压U0=2.5V时的电阻，请补全下列步骤：
①闭合开关，先调节滑动变阻器______(选填“R0”或“R”)的滑片到最左端，再调节另一滑动变阻器的滑片，直到电压表的示数为U0。
②接着______，读出此时电压表的示数为U。
③小灯泡正常发光时电阻的表达式RL=______(用U、U0、R0表示)。
31. 2022年北京冬奥会将首次选用二氧化碳跨临界直接制冰系统，这是目前世界上最先进、最环保、也是最节能的制冷技术。应用此技术，国家速滑馆全冰面模式下每年仅制冰部分就能节省至少2×106度电。
(1)若完全燃烧标准煤释放的热量转化为电能的效率为30%，那么节省2×106度电，就相当于节约多少千克煤？(标准煤的热值是3×107J/kg)
(2)2×106度电可供一个“220V 10W”的LED灯正常工作多少小时？
32. 某型号电热水瓶具有加热、保温、电动出水及干烧断电功能。其简化电路如图所示。S1是壶底温控开关，通常闭合，当壶底发热盘的温度达到120℃自动断开。S2是壶壁温控开关，按下时对水加热，水烧开后自动断开，电热水瓶处于保温状态。S3是电动出水开关，按下时闭合，电磁泵将水抽出。已知电热水瓶保温功率为50W，加热功率为1000W。
(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，电路中的电阻是多大？
(2)闭合S3，电磁泵两端电压为12V.已知R3阻值为200Ω，求电磁泵的电功率。
(3)若水烧开后，S2没有自动断开，则瓶里的水烧干后，经过多长时间，S1才会断开？已知发热盘质量为0.5kg，比热容为0.5×103J/(kg⋅℃)。设水烧干瞬间，发热盘的温度为110℃，不计热损失。
33. 如图为升降机电路的部分原理图。电源电压恒定，定值电阻R0的阻值为100Ω，电压表量程为0−3V，压敏电阻R1的阻值与所受压力F大小的数值关系为R=200Ω−kF，其中k=0.4Ω/N。
(1)压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，电源电压为多少？
(2)在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为多少？
(3)在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，应如何调整？(写出一条)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。这一电流跟电压和电阻之间的定量关系最早是德国物理学家欧姆发现的，被后人命名为欧姆定律。
故选：A。
德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律。
本题考查了学生对物理学史的掌握和运用，基础性题目。
2.【答案】C
【解析】
【分析】
电流通过导体时电能转化为内能，这种现象叫做电流的热效应。
本题主要考查了电流的热效应在生活中的应用，分析时要准确把握其中的能量转化才能做出正确判断。
【解答】
A.电视机工作时电流主要转化为声能、光能以及少部分内能，不是利用了电流的热效应，故A错误。
B.电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故B错误。
C.电热水器工作时把电能转化为内能，利用了电流的热效应，故C正确。
D.电冰箱工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流热效应，故D错误。
3.【答案】D
【解析】解：霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的。
故选：D。
物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
由电源、用电器、开关、导线等元件组成的电流路径叫电路。
本题考查对电路的认识，要知道电路中各部分的作用，属于一道基础题。
【解答】
由题意知，当环境较暗时，小夜灯发光；当周围环境较亮时，小夜灯不发光。这个光敏元件相当于小夜灯电路中的开关，控制电路中小夜灯的通断。
故选：B。
5.【答案】B
【解析】解：内燃机的四个冲程分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体，对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能；吸气和排气冲程不发生能量转化。
故选：B。
内燃机四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
本题主要考查了内燃机四个冲程中的能量转化情况，是一道基础题。
6.【答案】C
【解析】解：
A、因为水是导体，当用湿手接触带电体时，可能会使电源通过人体与大地形成通路，发生触电，故A不符合安全用电要求；
B、安装大功率用电器，电路中的的总功率变大，而电源电压不变，由P=UI可知电路中的电流变大；如果仍用原来的导线，电阻较细、电阻较大，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，在同样的时间内，电流通过导线产生较多的热量，容易烧坏绝缘皮而引起火灾；而换成较粗的导线，电阻变小、产生的热量减少，就不会产生上述危险，故B不符合安全用电要求；
C、发生火灾时，首先切断电源，符合安全用电原则，故C符合安全用电要求；
D、根据安全用电的原则，人不能靠近高压带电体，用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电时发生触电事故，故D不符合安全用电要求。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)电路的总功率变大，使电路中的电流变大，如果用原来的导线，在同样的时间内，电流通过导线产生较多的热量，容易烧坏绝缘皮而引起火灾；而换成较粗的导线，电阻变小，减少产生的热量；
(3)安全用电常识：开关应接在火线上，发生火灾时，应先切断电源；
(4)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
7.【答案】B
【解析】解：
由电路图可知，两灯和两电流表串联接入电路，根据串联电路的电流特点知电路中各处的电流相等，与灯泡电阻、位置以及电流表位置无关，故ACD不合题意；
实验时如果有一块电流表没有调零，则两电流表示数就会不同，故B符合题意。
故选：B。
串联电路的电流规律：串联电路中电流处处相等，据此分析解答。
此题考查了串联电路中电流规律的理解和应用，同时考查了电流表的使用，使用电流表前一定要进行调零。
8.【答案】A
【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，故A符合实际；
B、热机工作过程中不可避免地由于机件间的摩擦而产生额外功，因此热机效率远小于100%，故B不符合实际；
C、家用电冰箱的额定功率在200W左右，正常工作的电流在I=PU=200W220V≈1A左右，故C不符合实际；
D、电饭锅的额定功率在1000W左右，故D不符合实际。
故选：A。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
9.【答案】C
【解析】解：A、同种电荷相互排斥，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，说明吸管和橡胶棒带同种电荷，故A错误；
B、吸管和餐巾纸摩擦后，两者带异种电荷，故B错误；
CD、吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到电子带了负电，则餐巾纸在摩擦过程中失去电子而带了正电，是电子的转移，不是创造了电荷，故C正确、D错误。
故选：C。
(1)毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电；
(2)同种电荷相斥，异种电荷相吸。
知道摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律是正确解答本题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：AB、由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联，已知RA
串联电路各处电流相等，根据P=I2R可知甲中B灯实际功率比A灯的大，所以B灯比A灯亮，故A错误；
并联电路各支路两端电压相等，根据P=U2R可知乙中A灯的实际功率比B灯的大，即A灯比B灯亮，故B正确；
C、串联电路总电压等于各部分电压之和，所以甲中A灯泡两端的电压小于电源电压，根据并联电路电压规律可知乙中A灯泡两端的电压等于电源电压，即甲中A灯泡两端的实际电压小于乙中A灯泡两端的实际电压，根据P=U2R可知乙中A灯的实际功率比甲中A灯的实际功率大，即乙中A灯比甲中A灯亮，故C错误；
D、串联电路总电阻大于任何一个分电阻，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，所以甲中电路的总电阻大于乙中电路的总电阻，根据P=U2R可知甲中的电路总功率比乙中的电路总功率要小，故D错误。
故选：B。
AB、由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮，根据串联电路电流特点和P=I2R可知甲中两灯泡的功率大小，根据并联电路电压特点和P=U2R可知乙中两灯泡的功率大小；
C、根据串联电路电压规律和并联电路电压特点结合P=U2R可知甲、乙中A灯泡的功率大小；
D、根据串、并联电路电压规律结合P=U2R可知甲、乙中电路总功率的大小。
本题考查串联电路特点、并联电路特点和电功率公式的灵活运用。
11.【答案】A
【解析】解：
A、冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的，考查了凝固和熔化的概念。
故A正确。
B、往水箱里加点酒精，这是掺入杂质为了降低液体的凝固点。故B错误。
C、从滑梯滑下臀部发热，这是做功改变物体的内能，而冬天用热水袋取暖是用热传递的方式
改变物体的内能，它们的原理不同。故C错误。
D、炎炎夏日沙子烫脚而海水凉凉的，是因为沙子的的比热容较小，而水的比热容较大。故D错误。
故选：A。
(1)冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的。
(2)液体里掺入杂质会降低它的凝固点。
(3)改变内能的方式有：做功和热传递。
(4)水的比热容较大，所以沿海昼夜温差比内陆地区要小。
物态变化，改变内能的方式，比热容的应用都是需要掌握的重要知识点！
12.【答案】A
【解析】解：经分析可知，R1、R2并联，开关S1位于干路，开关S2位于R2支路。
A、由电路图可知，开关S1闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温状态；再闭合S2后，R1、R2并联同时工作，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温状态；若断开S1，电路断路，眼罩停止发热，故A符合题意；
B、由电路图可知，开关S2闭合时，只有R2工作，再闭合S1后，R1与R2同时工作，故B不符合题意；
C、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，只有R1工作，故C不符合题意；
D、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，只有R2工作，故D不符合题意。
故选：A。
由题意可知，只闭合S1时，R1工作，为低温状态，再闭合S2后，R1、R2同时工作，为高温状态，说明R1可以独立工作、R1和R2可以同时工作，即两电阻并联；断开S1时，眼罩停止发热，说明开关S1位于干路，开关S2位于R2支路，据此进行解答。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。
13.【答案】B
【解析】解：从冰箱中取出一瓶密封完好的易拉罐可乐，擦拭干净后，放在电子秤，空气中的水蒸气会在其表面液化成为水滴，所以总质量是增加的，随着时间的延续，可乐的温度和环境温度相同，同时表面的水滴吸收热量蒸发成为水蒸气，所以质量又变小，最终与原来相同。
故选：B。
物质由气态变成液态的过程叫液化，物质由液态变成气态叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式。
明确了题目考查了液化和汽化两个物态变化过程，是作出正确判断的基础。
14.【答案】D
【解析】解：
A、由题意可知，水平向右移动铜棒时，电流表G的指针发生偏转，说明产生了电流，这是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机，故A错误；
B、该现象是由法拉第首先发现的，故B错误；
C、仅将磁铁水平向右移动，相当于将铜棒水平向左移动，铜棒仍然做切割磁感线运动，会产生感应电流，则G的指针会偏转，故C错误；
D、若将铜棒水平向左移动，磁场方向不变，导体运动的方向改变，所以感应电流的方向改变，G的指针向相反方向偏转，故D正确。
故选：D。
产生感应电流的条件是：电路是闭合的，部分导体在磁场中做切割磁感线运动。感应电流的方向与磁场的方向、导体运动的方向有关。
本题考查了产生感应电流的条件和影响感应电流方向的因素，是电磁感应章节的典型题目。
15.【答案】B
【解析】解：电磁继电器的主要部分是电磁铁，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数的多少、是否有铁芯插入有关，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。采取的方法是增大电流、增加线圈的匝数。
A、减少线圈的匝数减弱电磁铁的磁性，故A不符合题意。
B、增大控制电路电源电压，电路中的电流变大，磁性增强，故B符合题意。
C、再串联进去一个定值电阻，电路的总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知电流减小，磁性减弱，故C不符合题意；
D、滑动变阻器滑片向右滑动电阻长度中的，电源电压不变，根据欧姆定律可知电流减小，磁性减弱，故D不符合题意。
故选：B。
(1)在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常，说明工作电路一直是闭合的，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。
(2)滑动变阻器的作用是改变连入电路电阻丝的长度，改变电阻的大小，改变电路中的电流。
本题考查了电磁继电器的工作原理、欧姆定律的应用、影响电磁铁磁性大小的因素，属于基础题。
16.【答案】D
【解析】解：
将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大即电流表的示数变大，所以△I>0，
由U=IR，灯光两端电压变大，所以△U1>0，
由U=IR，R1两端电压U1变大，△U2=U−U1变小，即△U2<0.所以ABC错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡、R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点得出电压表V2示数的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，注意对于V2的示数变化不能由欧姆定律直接判断，可由电路中各部分电压和等于电源电压不变来分析。
17.【答案】大 不变
【解析】解：火箭发射时要选用热值大的燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，可以放出更多的热量；
热值是燃料的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，所以在燃料的质量减少时，热值不变。
故答案为：大；不变。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多；
(2)热值是燃料的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关。
本题考查了对热值知识的理解和应用，体现了物理知识和生活中物理现象的密切联系，难度不大。
18.【答案】比热容；热传递
【解析】解：因水的比热容较大，变化较小的温度，就能吸收较多的热量，所以汽车发动机的散热器用水做冷却剂效果会更好；
发动机温度降低是通过热传递方式减少内能的。
故答案为：比热容；热传递。
(1)单位质量的物质温度每升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量，即为该物质的比热容，1kg的水温度每升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量是4.2×103J/(kg⋅℃)，远远大于其它的物质，常用作冷却剂；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递。
本题考查水的比热容大的特点及改变物体内能的方式，属于基础题。
19.【答案】验电器 笔尖
【解析】解：实验室中的验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的。使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体。
故答案为：验电器；笔尖。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，接触的是火线，否则为零线。
本题考查了验电器的工作原理和测电笔的使用方法，属于基础题。
20.【答案】220 9000
【解析】解：风扇的电功率：
It=(1A)2×15Ω×10×60=9000。
通电0min，电风扇产生的：
答案：20；9000。
电风扇正工作时率和定功率相等，知电风扇两的压和通的电流，根据P=UI求出功；
根据Q=I2R求出通电min电风产生的热。
题考了电功率和电热的算，要注意电风扇是非纯阻电器，姆定不适用。
21.【答案】不变 不变
【解析】解：
(1)当开关S、S1闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测电源两端的电压，且电源电压不变，所以滑片移动时电压表示数不变；
(2)当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器和灯泡L串联，电压表测滑片右侧电阻丝和灯泡L两端电压之和；
因电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，所以，滑片移动时变阻器接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，由I=UR可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，灯泡两端的电压不变，由P=UI可知灯泡的实际功率不变，因此灯泡亮度不变。
故答案为：不变；不变。
(1)当开关S、S1闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测电源两端的电压，据此可知滑片移动时电压表示数的变化；
(2)当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器和灯泡L串联，电压表测滑片右侧电阻丝和灯泡L两端电压之和，根据电压表的内阻特点可知滑片移动时变阻器接入电路中的电阻不变，从而得出电路中的总电阻不变，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用欧姆定律可知灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测电路元件是关键。
22.【答案】16 40：27
【解析】解：根据图像可知，甲灯两端电压为额定电压12V时，通过甲的额定电流为0.75A；
乙灯两端电压为额定电压6V时，通过乙的额定电流为0.9A；
因为串联电路中电流处处相等，所以两灯串联时，电路中的最大电流I=I甲=0.75A，此时甲灯正常发光(其两端电压为12V)，
由图像可知，当通过乙灯泡的电流为0.75A时，乙灯泡两端电压为4V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电路两端允许加的最大电压：U串=U甲+U乙′=12V+4V=16V；
此时电路消耗的电功率为：P=UI=16V×0.75A=12W；
因为并联电路两端电压相等，所以并联电路两端的最大电压为6V，
由图像可知，甲、乙两端电压为6V时，I甲′=0.45A，I乙′=0.9A，
因为并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，
所以干路允许通过的最大电流：I并=I甲′+I乙′=0.45A+0.9A=1.35A，
此时电路最大的电功率为：P′=U′I′=6V×1.35A=8.1W，
两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比为：PP′=12W8.1W=4027。
故答案为：16；40：27。
已知甲、乙灯泡的额定电压，先根据图像读出甲、乙灯泡的额定电流，然后根据串联电路电流规律确定电路电流，再根据图像读出乙两端电压，最后根据串联电路电压特点求出电路两端允许加的最大电压，根据P=UI计算此时电路消耗的电功率；
当将他们并联使用时，根据并联电路电压规律选取额定电压较小的那个，然后根据图像读出通过甲、乙两灯泡的电流，最后根据并联电路电流规律求出干路允许通过的最大电流，根据P=UI计算此时电路消耗的电功率，进一步计算两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比。
本题考查串并联电路特点和电功率公式的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个灯泡来说，串联时比较额定电流取小的，并联时比较额定电压取小的，这也是本题的重点。
23.【答案】解：小磁针的N极靠近螺线管的左端，根据磁极间的作用规律可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极。
根据螺线管的右端为N极，结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向是从左端流入右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。如图所示
【解析】根据小磁针的指向可以确定螺线管NS极，利用图示的线圈绕向和螺线管的NS极，根据安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而确定电源的正负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的运用，找准判断的突破口，运用相关知识进行推理即可，难度不大，但较易出错。
24.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查根据要求连接实物，关键是电流表连接。
两灯并联，电流表与待测电路串联。据此分析作图。
【解答】
解：两灯并联，开关S在干路上，电流表只通过L1的电流，因不知通过L1的电流大小，故电流表选用大量程与灯串联，如下所示：
25.【答案】答：烧瓶中的水重新沸腾；
因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾。
【解析】从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低。
本题考查学生对液体压强与沸点的关系的掌握情况。
26.【答案】自下而上 外焰 96 98 沸腾前 B
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以先放好酒精灯，再固定铁圈的高度，最后调整温度计的高度，使其不要碰到容器底，所以要按照自下而上的顺序进行；调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的外焰进行加热，提高效率；
(2)如图乙所示，温度计的分度值是1℃，所以温度计示数是96℃；液体沸腾时保持不变的温度叫沸点，根据表中实验数据，可知水的沸点是98℃；
(3)图甲气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象；
(4)A、图象温度一直升高，没有温度保持不变这一特点。故不符合水沸腾特点；
B、水吸收热量，温度升高，升高到一定程度，不断吸收热量，水沸腾时，温度保持不变。所以图象B是水沸腾的图象；
C、此图象表示温度开始下降，然后温度不变，故不符合水沸腾特点；
D、此图象表示温度在不断下降，故不符合水沸腾特点。
故选B。
故答案为：(1)自下而上；外焰；(2)96；98；(3)沸腾前；(4)B。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的外焰进行加热，提高效率；
(2)温度计读数时要看清量程和分度值；液体沸腾时的温度叫沸点；
(3)掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(4)水的沸腾图象的特点是沸腾前温度是上升的而沸腾过程中温度保持不变。
此题考查水沸腾的特点，学会观察和分析水温与时间的变化图象，是我们学习该实验时应掌握的重点内容。本题没有多大的难度，只要知识够扎实，还是很容易做对的。
27.【答案】0 BC 先变大后变小 放
【解析】解：
(1)(2)读图可知，这种晶体在BC段的温度保持0℃不变，从B到C过程中体积明显变小，则物质的状态发生变化，这说明BC段为该晶体的熔化过程，物质处于固液共存状态，且该晶体的熔点是0℃；
(3)从图象中可以看出，在0−12℃过程中，物质的体积先变小后变大，而物质的质量不变，根据密度公式ρ=mV可知，该物质的密度先变大后变小；
(4)如果物质从C到B，体积变大，由液态变为固态，处于凝固过程，凝固放热。
故答案为：(1)0；(2)BC；(3)先变大后变小；(4)放。
(1)(2)晶体在熔化的过程中温度保持不变，这个不变的温度就是晶体的熔点；晶体在熔化过程中处于固液共存状态；
(3)根据图像分析0−12℃过程中物质体积的变化，状态变化时物质的质量不变，根据密度公式判定密度的变化；
(4)晶体凝固时放热。
本题主要考查了晶体熔化时的特点以及密度公式的应用，看懂体积随温度变化的图像是解题的关键。
28.【答案】质量 电流 <温度计示数的大小 多
【解析】解：
探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，要控制其它变量都相同，让电阻大小不同；
(1)根据控制变量法的思想，A、B两个烧瓶中的煤油的质量和初温都应该相同；
(2)串联电路中的电流处处相等，RA与RB采用串联的连接方式，其目的是为了控制通电时间和电流相等；
(3)导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在其它因素相同的情况下，横截面积越大，电阻越小。RA与RB是长度相同、材料相同的电热丝，电热丝RA比RB粗，说明A的横截面积比B大，所以RA
(1)探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，根据控制变量法的思想，A、B两个烧瓶中的煤油的质量和初温都应该相同；
(2)串联电路中的电流处处相等；
(3)导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在其它因素相同的情况下，横截面积越大，电阻越小；
(4)电热丝产生热量的多少可以通过观察温度计示数的大小来比较；串联电路，电流、通电时间都相同，RA
29.【答案】断开 B 右 大 电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比
【解析】解：(1)定值电阻、滑动变阻器、电流表、开关与电源串联，电压表测量定值电阻两端的电压，滑片已经移到最右端，滑动变阻器下面的接线柱要接左边的接线柱，电路连接如图所示；
；
(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路中有电流，电流表、定值电阻、滑动变阻器、开关与电源是通路；电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，说明无电流通过电压表，由此可知是导线③断路了，故选B；
(4)根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω依次换成10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，直到电压表的示数为U1；
小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验，由串联分压的原理可知，定值电阻增大，其分得的电压增大，因此电压表示数总比U1大。
(5)由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：(1)如图所示；(2)断开；(3)B；(4)右；大；(5)电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
(1)定值电阻、滑动变阻器、电流表、开关与电源串联，电压表测量定值电阻两端的电压，滑片已经移到最右端，滑动变阻器下面的接线柱要接左边的接线柱，由此连接电路；
(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路中有电流，电流表、定值电阻、滑动变阻器、开关与电源是通路；电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，说明无电流通过电压表，由此得出结论；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法、实验操作及数据分析。
30.【答案】将电流表指针调零 滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱 0.38.3R0 调节变阻器R0的滑片到最右端 U0R0U−U0
【解析】解：(1)开关闭合前，发现电流表的指针不在零刻度线处，则应该进行的操作是将电流表指针调零；
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，说明滑动变阻器相当于导线，造成这一现象的可能原因是滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱；
(3)由图丙可知电流表接入电路的路程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可知被测小灯泡正常发光时的阻值为：R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(4)实验步骤：
①闭合开关，先调节滑动变阻器R0的滑片到最左端，再调节另一滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为为U0；
②接着调节变阻器R0的滑片到最右端，读出这时电压表的示数为U；
③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压UR0=U−U0，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=UR0R0=U−U0R0，
小灯泡正常发光时的电阻：RL=U0I=U0U−U0R0=U0R0U−U0。
故答案为：(1)将电流表指针调零；(2)滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱；(3)0.3；8.3；(4)①R0；②调节变阻器R0的滑片到最右端；③U0R0U−U0。
(1)电流表使用前需调零；
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，说明滑动变阻器相当于导线；
(3)由图丙可知电流表接入电路的路程为0∼0.6A，分度值为0.02A，读出示数，根据欧姆定律计算被测小灯泡正常发光时的阻值；
(4)由电路图可知，R0的滑片位于左端时，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U0，然后保持R接入电路中的电阻不变，移动R0的滑片到最右端，R0接入电路的阻值不变；电压表测灯泡和R0两端的电压之和，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律求小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查实验的注意事项、反常现象的分析、电阻计算及设计实验方案的能力。
31.【答案】解：(1)节约的电能：W=2×106度=2×106kW⋅h=7.2×1012J；
由η=WQ放可知，标准煤完全燃烧需要放出的热量：Q放=Wη=7.2×1012J30%=2.4×1013J；
由Q放=mq可知，节约标准煤的质量：m=Q放q=2.4×1013J3×107J/kg=8×105kg；
(2)LED灯的额定功率P=10W=0.01kW，
由P=Wt可知，LED灯正常工作的时间：t=WP=2×106kW⋅h0.01kW=2×108h。
答：(1)相当于节约8×105千克煤；
(2)2×106度电可供一个“220V10W”的LED灯正常工作2×108小时。
【解析】(1)1度=1kW⋅h=3.6×106J；利用效率公式计算出煤完全燃烧需要放出的热量；利用Q放=mq计算出节约标准煤的质量；
(2)利用P=Wt的变形公式可以计算出2×106度电可供一个“220V 10W”的LED灯正常工作的时间。
本题考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、电功率公式的应用，计算过程中注意单位的换算，熟记公式并能灵活运用是解题的关键。
32.【答案】解：由图和题意可知，闭合开关S1和S2，电阻R1和R2并联，处于加热状态；
只闭合开关S1时，只有电阻R2工作，处于保温状态；
只闭合开关S1和S3时，电动机和电阻R3串联，电磁泵将水抽出，电动机工作。
(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，只有电阻R2工作，
根据P=U2R可得，电路中的电阻：
R2=U2P保温=(220V)250W=968Ω；
(2)闭合S1、S3时，电动机和电阻R3串联，已知此时电磁泵两端电压为12V，
则由串联电路电压的规律可得，电阻R3两端的电压：
U3=U−U泵=220V−12V=208V，
这一支路的电流为：
I=U3R3=208V200Ω=1.04A，
则电磁泵的电功率：
P泵=U泵I=12V×1.04A=12.48W；
(3)瓶里的水烧干后，发热盘吸收的热量：
Q吸=cm△t=0.5×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(120℃−110℃)=2500J；
瓶里的水烧干后，S2没有自动断开(仍然是加热状态)，不计热损失，电流产生的热量全部被发热盘吸收，即W=Q放=Q吸，
由P=Wt可得，水烧干后到S1断开所需的时间：
t=WP加热=Q吸P加热=2500J1000W=2.5s。
答：(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，电路中的电阻是968Ω；
(2)电磁泵的电功率为12.48W；
(3)若水烧开后，S2没有自动断开，则瓶里的水烧干后，经过2.5s时间，S1才会断开。
【解析】由图和题意可知，闭合开关S1和S2，电阻R1和R2并联，处于加热状态；
只闭合开关S1时，只有电阻R2工作，处于保温状态；
只闭合开关S1和S3时电动机和电阻R3串联，电磁泵将水抽出，电动机工作。
(1)根据P=U2R算出电热水瓶处于保温状态且不抽水时的电阻；
(2)闭合S3时，根据串联电路电压的规律算出电阻R3两端的电压，根据欧姆定律算出电流，由P=UI算出电磁泵的电功率；
(3)由Q=cm△t算出发热盘吸收的热量，瓶里的水烧干后，S2没有自动断开(仍然是加热状态)，不计热损失，电流产生的热量全部被发热盘吸收，即W=Q放=Q吸，由P=Wt算出加热时间。
本题考查了电功率、电功、串联电路电压的规律等知识，判断出不同开关的闭合情况是解题的关键。
33.【答案】解：
(1)由图知，R0、R1串联，电压表测R0两端电压，
此时电路的电流为：
I=U0R0=2V100Ω=0.02A，
由R=200Ω−kF可知，压力为零时，压敏电阻的阻值：R1=200Ω，
压敏电阻两端电压：U1=IR1=0.02A×200Ω=4V，
根据串联电路电压的规律可得电源电压为：
U=U0+U1=2V+4V=6V；
(2)由R=200Ω−kF知，压敏电阻所受压力最大，其阻值最小，电路中电流最大，定值电阻两端电压最大，电压表量程为0∼3V，则定值电阻两端最大电压为3V，
电路中的最大电流：I最大=U0最大R0=3V100Ω=0.03A，
此时压敏电阻的阻值：R1′=U′I最大=U−U0最大I最大=6V−3V0.03A=100Ω，
由R=200Ω−kF且k=0.4Ω/N可知，压敏电阻的阻值为100Ω时，其所受压力为250N，即此压敏电阻能承受的最大压力为250N；
(3)由由R=200Ω−kF可知，压敏电阻所受压力越大，压敏电阻的阻值越小，电路总电阻越小，电源电压不变，电路总电流越大，定值电阻两端电压越大，要增大压敏电阻的承压范围，而不改变电表的条件，可以适当减小定值电阻的阻值，或减小电源电压，或在电路中再串联一个分压电阻。
答：(1)压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，电源电压为6V；
(2)在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为250N；
(3)在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，可以适当减小定值电阻的阻值(或减小电源电压，或再串联一个分压电阻)。
【解析】(1)由图知，R0、R1串联，电压表测R0两端电压，根据欧姆定律算出此时电路的电流；由R=200Ω−kF算出压力为零时压敏电阻的阻值，由欧姆定律算出压敏电阻两端电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压；
(2)压力越大，压敏电阻的阻值越小，电路中电流越大，电压表示数越大，求出电压表示数最大时电路中的电流，然后应用串联电路的特点与欧姆定律求出此时压敏电阻的阻值，最后根据“R=200Ω−kF，其中k=0.4Ω/N”求出压敏电阻能承受的最大压力。
(3)根据电路图应用串联电路的特点分析答题。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，能用“R=200Ω−kF”计算压敏电阻的阻值是关键。
2021-2022学年福建省福州市九年级（上）期末物理模拟练习试卷
1. 最先通过实验与理论研究发现了电流跟电压和电阻之间定量关系的物理学家是( )
A. 欧姆 B. 安培 C. 焦耳 D. 法拉第
2. 下列家用电器中，利用电流热效应工作的是( )
A. 电视机 B. 电风扇 C. 电热水器 D. 电冰箱
3. “霜降”是中国传统的二十四节气之一，霜的形成属于( )
A. 熔化 B. 液化 C. 升华 D. 凝华
4. 如图所示是生活中使用的一种小夜灯，在它的上方有一个光敏元件。当周围环境较暗时，小夜灯发光；当周围环境较亮时，小夜灯不发光。这个光敏元件相当于小夜灯电路中的( )
A. 电源
B. 开关
C. 用电器
D. 导线
5. 在内燃机工作的四个冲程中，发生内能和机械能相互转化的是( )
A. 吸气冲程和压缩冲程 B. 压缩冲程和做功冲程
C. 吸气冲程和做功冲程 D. 压缩冲程和排气冲程
6. 下列做法符合安全用电要求的是( )
A. 可以用湿手去拔用电器的插头 B. 安装大功率用电器用较细的导线
C. 电路发生火灾时首先切断电源 D. 人可以能近高压带电体
7. 连接如图所示电路，闭合开关，电流表甲和乙的示数分别为0.22A和0.24A，造成两个电流表示数不同的原因可能是( )
A. 灯泡L1和L2的电阻不同
B. 至少有一块电流表没有调零
C. 电流表甲和乙在电路中的位置不同
D. 灯泡L1和L2在电路中的位置不同
8. 以下估测与实际情况相符的是( )
A. 人体感觉舒适的气温约为25℃ B. 新型汽车的热机效率达到100%
C. 家用电冰箱的工作电流约为5A D. 电饭锅的功率约为100W
9. 用一段细铁线做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔(没戳穿)的饮料吸管故在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动(如图所示)。用餐巾纸摩擦吸管使其带电，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，下列说法正确的是( )
A. 吸管和橡胶棒带异种电荷
B. 吸管和餐巾纸摩擦后，两者带同种电荷
C. 吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到电子带负电
D. 吸管和餐巾纸摩擦时，利用摩擦的方式创造了电荷
10. 同类型的A、B两个灯泡，分别按图中甲、乙两种方式连接，电源电压相同且恒定，已知RA
A. 甲中A灯比B灯亮
B. 乙中A灯比B灯亮
C. 甲中A灯比乙中A灯亮
D. 甲中的电路总功率比乙中的电路总功率要大
11. 下列关于热现象的解释正确的是( )
A. 冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的
B. 冬天司机往水箱里加点酒精，这是为了提高液体的凝固点
C. 从滑梯滑下臀部发热，这与冬天用热水袋取暖原理一样
D. 炎炎夏日沙子烫脚而海水凉凉的，是因为沙子的吸热能力强
12. 图中的电加热眼罩，可以缓解眼睛疲劳，它有两个发热电阻。当开关S1闭合时，R1工作，为低温状态；再闭合S2，R1、R2同时工作，为高温状态；若断开S1，眼罩停止发热。下面电路图符合以上要求的是( )
A. B.
C. D.
13. 炎热的夏天，小明从冰箱中取出一瓶密封完好的易拉罐可乐，擦拭干净后，放在电子秤上，在接下来较长的时间内，电子秤示数的变化图像可能是图中的( )
A. B.
C. D.
14. 连接好如图所示的电路，蹄形磁铁和铜棒均水平放置。现闭合开关，水平向右移动铜棒，灵敏电流计G的指针发生偏转，则( )
A. 根据此现象的产生原理可制成电动机
B. 此现象最早是由物理学家奥斯特发现的
C. 仅将磁铁水平向右移动，G的指针不偏转
D. 若将铜棒水平向左移动，G的指针向相反方向偏转
15. 小明利用光敏电阻受到光照时电阻变小的特性，设计了一个如图所示的自动控制电路，要求光暗时灯亮，光亮时灯灭。在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常。下列调节能使控制电路达到要求的是( )
A. 减少螺线管线圈的匝数 B. 增大控制电路电源电压
C. 再串联进去一个定值电阻 D. 滑动变阻器滑片P向左移动
16. 如图所示电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，电压表V1、V2示数的变化量分别为△U1、△U2，电流表示数的变化量为△I(本题变化量是指后来电表的示数减去原来的示数).不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列判断中正确的是( )
A. △U1>0，△U2>0，△I>0 B. △U1>0，△U2<0，△I<0
C. △U1>0，△U2>0，△I<0 D. △U1>0，△U2<0，△I>0
17. 2021年12月7日，谷神星一号通二运载火箭成功将5颗小卫星顺利送入预定轨道，一箭五星，发射成功!火箭发射时要选用热值较______的燃料，火箭上升过程中燃料质量减少，其热值______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
18. 汽车发动机的散热器用水做冷却剂，是由于水的______较大的缘故；发动机温度降低是通过______方式减少内能的。
19. 在实验室中用到的______(选填“验电器”或“测电笔”)是利用同种电荷相互排斥的原理制成的仪器。使用测电笔辨别零线或火线时，手不能接触______(选填“笔尖”或“笔尾”)金属体。
20. 已电风扇线圈的电阻为5若在该电风上的电压为220V，此时通过的电流为。则风扇的电率为______ W风扇连工作10min生的热量为______ J。
21. 如图所示电路中，电源两端电压保持不变。当开关S、S1闭合，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V的示数将______；当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器的滑片P向右移动，灯泡L的亮度将______。
22. 已知甲、乙两灯的额定电压分别是12V和6V，两灯的U−I关系如图所示。在确保电路安全的前提下，两灯串联，电路两端的最大电压是______ V；两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比为______。
23. 请根据小磁针的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的正极。
24. 如图所示是未完成连接的实物图，请用笔画线代替导线完成该电路的连接。要求：两灯并联。开关S在干路上，电流表测通过L1的电流，导线不能交叉。
25. 物理学是一门十分有趣的科学，课堂上老师让同学们观察了这样一个有趣的实验，如图所示：水沸腾后把烧瓶从火焰上拿开，水会停止沸腾；迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，则烧瓶中的水会发生什么现象？并解释发生这种现象的原因。
26. 用图甲所示的装置探究“水的沸腾”的实验，当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止读数，部分数据记录如下表：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
水的温度/℃
90
92
94
98
98
98
98
98
(1)对于图甲实验的装置，应按照______的顺序安装、调整实验器材，以便于调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的______进行加热，提高效率。
(2)某次数据没有记录，当时温度计示数如图乙所示，为______℃。根据表中实验数据，可知水的沸点是______℃。
(3)图甲所示的情景，是______(选填“沸腾前”或“沸腾时”)的情景。
(4)在探究结束后，小明根据实验数据绘制了水的温度随时间变化的关系图像，图中能正确反映二者关系的是______(选填序号)。
27. 如图所示是某种晶体加热变成液体时体积随温度变化的曲线，分析图像可知：
(1)这种晶体的熔点是______℃。
(2)物质呈固液共存状态的是______段(用图中的字母表示)。
(3)0−12℃过程中，物质密度的变化情况是______。
(4)如果物质从C到B，则应该______(选填“吸”、“放”或“不吸热也不放”)热。
28. 小明利用如图所示装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”。RA与RB是长度相同、材料相同的电热丝。
(1)A、B两个烧瓶中盛有______、初温相等的煤油。
(2)RA与RB采用串联的连接方式，其目的是为了控制通电时间和______相等。
(3)小明同学为比较RA与RB阻值的大小，观察电热丝的粗细，发现电热丝RA比RB粗，则RA______RB。(选填“>”、“<”或“=”)。
(4)在相同时间内，可通过观察______来比较电流通过电热丝产生的热量多少；在实验中，发现烧瓶B中煤油吸热多，这表明：在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越______。
29. 小明用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，滑动变阻器规格为“50Ω，2A”，有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻各一个。
(1)用笔画线代替导线，将实物电路连接完整。要求：开关闭合前无需移动滑片。
(2)在连接电路时，开关必须______。
(3)将5Ω的电阻接入电路，闭合开关，电流表有示数，电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，则故障______。
A.导线④断路
B.导线③断路
C.导线②断路
D.导线①断路
(4)排除故障后，使电压表示数为U1，记下电压表、电流表的示数。将5Ω的电阻依次换成10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的电阻，继续实验，每次调换电阻后，滑动变阻器的滑片都要向______移动(选填“左“或“右”)。直到电压表的示数为U1。小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验，因为电压表示数总比U1______。
(5)实验完毕，根据测量数据画出定值电阻的电流与电阻的关系图像，如图乙所示，分析图像，得到结论：______。
30. 某实验小组测定额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，实验电路图如图甲所示。
(1)按图示所示电路连接实物。开关闭合前，发现电流表的指针如图乙所示，则应该进行的操作是______。
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，造成这一现象的可能原因是______。
(3)排除故障后，移动滑片，使电压表的示数为2.5V，小灯泡正常发光，读出此时电流表的示数如图丙所示，为______ A，则被测小灯泡正常发光时的阻值为______Ω。(保留1位小数)
(4)另一实验小组同学实验时发现桌上没有电流表，却多了一个最大阻值为R0的滑动变阻器R0，他设计如图所示电路，也测出了小灯泡在额定电压U0=2.5V时的电阻，请补全下列步骤：
①闭合开关，先调节滑动变阻器______(选填“R0”或“R”)的滑片到最左端，再调节另一滑动变阻器的滑片，直到电压表的示数为U0。
②接着______，读出此时电压表的示数为U。
③小灯泡正常发光时电阻的表达式RL=______(用U、U0、R0表示)。
31. 2022年北京冬奥会将首次选用二氧化碳跨临界直接制冰系统，这是目前世界上最先进、最环保、也是最节能的制冷技术。应用此技术，国家速滑馆全冰面模式下每年仅制冰部分就能节省至少2×106度电。
(1)若完全燃烧标准煤释放的热量转化为电能的效率为30%，那么节省2×106度电，就相当于节约多少千克煤？(标准煤的热值是3×107J/kg)
(2)2×106度电可供一个“220V 10W”的LED灯正常工作多少小时？
32. 某型号电热水瓶具有加热、保温、电动出水及干烧断电功能。其简化电路如图所示。S1是壶底温控开关，通常闭合，当壶底发热盘的温度达到120℃自动断开。S2是壶壁温控开关，按下时对水加热，水烧开后自动断开，电热水瓶处于保温状态。S3是电动出水开关，按下时闭合，电磁泵将水抽出。已知电热水瓶保温功率为50W，加热功率为1000W。
(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，电路中的电阻是多大？
(2)闭合S3，电磁泵两端电压为12V.已知R3阻值为200Ω，求电磁泵的电功率。
(3)若水烧开后，S2没有自动断开，则瓶里的水烧干后，经过多长时间，S1才会断开？已知发热盘质量为0.5kg，比热容为0.5×103J/(kg⋅℃)。设水烧干瞬间，发热盘的温度为110℃，不计热损失。
33. 如图为升降机电路的部分原理图。电源电压恒定，定值电阻R0的阻值为100Ω，电压表量程为0−3V，压敏电阻R1的阻值与所受压力F大小的数值关系为R=200Ω−kF，其中k=0.4Ω/N。
(1)压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，电源电压为多少？
(2)在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为多少？
(3)在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，应如何调整？(写出一条)
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。这一电流跟电压和电阻之间的定量关系最早是德国物理学家欧姆发现的，被后人命名为欧姆定律。
故选：A。
德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即：欧姆定律。
本题考查了学生对物理学史的掌握和运用，基础性题目。
2.【答案】C
【解析】
【分析】
电流通过导体时电能转化为内能，这种现象叫做电流的热效应。
本题主要考查了电流的热效应在生活中的应用，分析时要准确把握其中的能量转化才能做出正确判断。
【解答】
A.电视机工作时电流主要转化为声能、光能以及少部分内能，不是利用了电流的热效应，故A错误。
B.电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故B错误。
C.电热水器工作时把电能转化为内能，利用了电流的热效应，故C正确。
D.电冰箱工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流热效应，故D错误。
3.【答案】D
【解析】解：霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的。
故选：D。
物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
由电源、用电器、开关、导线等元件组成的电流路径叫电路。
本题考查对电路的认识，要知道电路中各部分的作用，属于一道基础题。
【解答】
由题意知，当环境较暗时，小夜灯发光；当周围环境较亮时，小夜灯不发光。这个光敏元件相当于小夜灯电路中的开关，控制电路中小夜灯的通断。
故选：B。
5.【答案】B
【解析】解：内燃机的四个冲程分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体，对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能；吸气和排气冲程不发生能量转化。
故选：B。
内燃机四个冲程中的能量转化情况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
本题主要考查了内燃机四个冲程中的能量转化情况，是一道基础题。
6.【答案】C
【解析】解：
A、因为水是导体，当用湿手接触带电体时，可能会使电源通过人体与大地形成通路，发生触电，故A不符合安全用电要求；
B、安装大功率用电器，电路中的的总功率变大，而电源电压不变，由P=UI可知电路中的电流变大；如果仍用原来的导线，电阻较细、电阻较大，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，在同样的时间内，电流通过导线产生较多的热量，容易烧坏绝缘皮而引起火灾；而换成较粗的导线，电阻变小、产生的热量减少，就不会产生上述危险，故B不符合安全用电要求；
C、发生火灾时，首先切断电源，符合安全用电原则，故C符合安全用电要求；
D、根据安全用电的原则，人不能靠近高压带电体，用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电时发生触电事故，故D不符合安全用电要求。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)电路的总功率变大，使电路中的电流变大，如果用原来的导线，在同样的时间内，电流通过导线产生较多的热量，容易烧坏绝缘皮而引起火灾；而换成较粗的导线，电阻变小，减少产生的热量；
(3)安全用电常识：开关应接在火线上，发生火灾时，应先切断电源；
(4)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
7.【答案】B
【解析】解：
由电路图可知，两灯和两电流表串联接入电路，根据串联电路的电流特点知电路中各处的电流相等，与灯泡电阻、位置以及电流表位置无关，故ACD不合题意；
实验时如果有一块电流表没有调零，则两电流表示数就会不同，故B符合题意。
故选：B。
串联电路的电流规律：串联电路中电流处处相等，据此分析解答。
此题考查了串联电路中电流规律的理解和应用，同时考查了电流表的使用，使用电流表前一定要进行调零。
8.【答案】A
【解析】解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在25℃左右，故A符合实际；
B、热机工作过程中不可避免地由于机件间的摩擦而产生额外功，因此热机效率远小于100%，故B不符合实际；
C、家用电冰箱的额定功率在200W左右，正常工作的电流在I=PU=200W220V≈1A左右，故C不符合实际；
D、电饭锅的额定功率在1000W左右，故D不符合实际。
故选：A。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
9.【答案】C
【解析】解：A、同种电荷相互排斥，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，说明吸管和橡胶棒带同种电荷，故A错误；
B、吸管和餐巾纸摩擦后，两者带异种电荷，故B错误；
CD、吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得到电子带了负电，则餐巾纸在摩擦过程中失去电子而带了正电，是电子的转移，不是创造了电荷，故C正确、D错误。
故选：C。
(1)毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电；
(2)同种电荷相斥，异种电荷相吸。
知道摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律是正确解答本题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：AB、由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联，已知RA
串联电路各处电流相等，根据P=I2R可知甲中B灯实际功率比A灯的大，所以B灯比A灯亮，故A错误；
并联电路各支路两端电压相等，根据P=U2R可知乙中A灯的实际功率比B灯的大，即A灯比B灯亮，故B正确；
C、串联电路总电压等于各部分电压之和，所以甲中A灯泡两端的电压小于电源电压，根据并联电路电压规律可知乙中A灯泡两端的电压等于电源电压，即甲中A灯泡两端的实际电压小于乙中A灯泡两端的实际电压，根据P=U2R可知乙中A灯的实际功率比甲中A灯的实际功率大，即乙中A灯比甲中A灯亮，故C错误；
D、串联电路总电阻大于任何一个分电阻，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，所以甲中电路的总电阻大于乙中电路的总电阻，根据P=U2R可知甲中的电路总功率比乙中的电路总功率要小，故D错误。
故选：B。
AB、由甲电路图可知两灯泡串联，由乙电路图可知两灯泡并联，灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮，根据串联电路电流特点和P=I2R可知甲中两灯泡的功率大小，根据并联电路电压特点和P=U2R可知乙中两灯泡的功率大小；
C、根据串联电路电压规律和并联电路电压特点结合P=U2R可知甲、乙中A灯泡的功率大小；
D、根据串、并联电路电压规律结合P=U2R可知甲、乙中电路总功率的大小。
本题考查串联电路特点、并联电路特点和电功率公式的灵活运用。
11.【答案】A
【解析】解：
A、冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的，考查了凝固和熔化的概念。
故A正确。
B、往水箱里加点酒精，这是掺入杂质为了降低液体的凝固点。故B错误。
C、从滑梯滑下臀部发热，这是做功改变物体的内能，而冬天用热水袋取暖是用热传递的方式
改变物体的内能，它们的原理不同。故C错误。
D、炎炎夏日沙子烫脚而海水凉凉的，是因为沙子的的比热容较小，而水的比热容较大。故D错误。
故选：A。
(1)冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的。
(2)液体里掺入杂质会降低它的凝固点。
(3)改变内能的方式有：做功和热传递。
(4)水的比热容较大，所以沿海昼夜温差比内陆地区要小。
物态变化，改变内能的方式，比热容的应用都是需要掌握的重要知识点！
12.【答案】A
【解析】解：经分析可知，R1、R2并联，开关S1位于干路，开关S2位于R2支路。
A、由电路图可知，开关S1闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温状态；再闭合S2后，R1、R2并联同时工作，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温状态；若断开S1，电路断路，眼罩停止发热，故A符合题意；
B、由电路图可知，开关S2闭合时，只有R2工作，再闭合S1后，R1与R2同时工作，故B不符合题意；
C、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，只有R1工作，故C不符合题意；
D、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，只有R2工作，故D不符合题意。
故选：A。
由题意可知，只闭合S1时，R1工作，为低温状态，再闭合S2后，R1、R2同时工作，为高温状态，说明R1可以独立工作、R1和R2可以同时工作，即两电阻并联；断开S1时，眼罩停止发热，说明开关S1位于干路，开关S2位于R2支路，据此进行解答。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。
13.【答案】B
【解析】解：从冰箱中取出一瓶密封完好的易拉罐可乐，擦拭干净后，放在电子秤，空气中的水蒸气会在其表面液化成为水滴，所以总质量是增加的，随着时间的延续，可乐的温度和环境温度相同，同时表面的水滴吸收热量蒸发成为水蒸气，所以质量又变小，最终与原来相同。
故选：B。
物质由气态变成液态的过程叫液化，物质由液态变成气态叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式。
明确了题目考查了液化和汽化两个物态变化过程，是作出正确判断的基础。
14.【答案】D
【解析】解：
A、由题意可知，水平向右移动铜棒时，电流表G的指针发生偏转，说明产生了电流，这是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机，故A错误；
B、该现象是由法拉第首先发现的，故B错误；
C、仅将磁铁水平向右移动，相当于将铜棒水平向左移动，铜棒仍然做切割磁感线运动，会产生感应电流，则G的指针会偏转，故C错误；
D、若将铜棒水平向左移动，磁场方向不变，导体运动的方向改变，所以感应电流的方向改变，G的指针向相反方向偏转，故D正确。
故选：D。
产生感应电流的条件是：电路是闭合的，部分导体在磁场中做切割磁感线运动。感应电流的方向与磁场的方向、导体运动的方向有关。
本题考查了产生感应电流的条件和影响感应电流方向的因素，是电磁感应章节的典型题目。
15.【答案】B
【解析】解：电磁继电器的主要部分是电磁铁，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数的多少、是否有铁芯插入有关，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。采取的方法是增大电流、增加线圈的匝数。
A、减少线圈的匝数减弱电磁铁的磁性，故A不符合题意。
B、增大控制电路电源电压，电路中的电流变大，磁性增强，故B符合题意。
C、再串联进去一个定值电阻，电路的总电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知电流减小，磁性减弱，故C不符合题意；
D、滑动变阻器滑片向右滑动电阻长度中的，电源电压不变，根据欧姆定律可知电流减小，磁性减弱，故D不符合题意。
故选：B。
(1)在实际调试时，发现灯始终亮着，而光敏电阻和其他电路元件都正常，说明工作电路一直是闭合的，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性。
(2)滑动变阻器的作用是改变连入电路电阻丝的长度，改变电阻的大小，改变电路中的电流。
本题考查了电磁继电器的工作原理、欧姆定律的应用、影响电磁铁磁性大小的因素，属于基础题。
16.【答案】D
【解析】解：
将滑动变阻器的滑片P由b端向a端滑动一段距离，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大即电流表的示数变大，所以△I>0，
由U=IR，灯光两端电压变大，所以△U1>0，
由U=IR，R1两端电压U1变大，△U2=U−U1变小，即△U2<0.所以ABC错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器和定值电阻串联，电压表V1测灯泡L两端的电压，电压表V2测灯泡和滑动变阻器两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡、R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点得出电压表V2示数的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，注意对于V2的示数变化不能由欧姆定律直接判断，可由电路中各部分电压和等于电源电压不变来分析。
17.【答案】大 不变
【解析】解：火箭发射时要选用热值大的燃料，原因是完全燃烧相同质量的燃料，热值大，可以放出更多的热量；
热值是燃料的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，所以在燃料的质量减少时，热值不变。
故答案为：大；不变。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多；
(2)热值是燃料的一种特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关。
本题考查了对热值知识的理解和应用，体现了物理知识和生活中物理现象的密切联系，难度不大。
18.【答案】比热容；热传递
【解析】解：因水的比热容较大，变化较小的温度，就能吸收较多的热量，所以汽车发动机的散热器用水做冷却剂效果会更好；
发动机温度降低是通过热传递方式减少内能的。
故答案为：比热容；热传递。
(1)单位质量的物质温度每升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量，即为该物质的比热容，1kg的水温度每升高(或降低)1℃所吸收(或放出)的热量是4.2×103J/(kg⋅℃)，远远大于其它的物质，常用作冷却剂；
(2)改变物体内能的方式有做功和热传递。
本题考查水的比热容大的特点及改变物体内能的方式，属于基础题。
19.【答案】验电器 笔尖
【解析】解：实验室中的验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的。使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，但不能接触笔尖金属体。
故答案为：验电器；笔尖。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，接触的是火线，否则为零线。
本题考查了验电器的工作原理和测电笔的使用方法，属于基础题。
20.【答案】220 9000
【解析】解：风扇的电功率：
It=(1A)2×15Ω×10×60=9000。
通电0min，电风扇产生的：
答案：20；9000。
电风扇正工作时率和定功率相等，知电风扇两的压和通的电流，根据P=UI求出功；
根据Q=I2R求出通电min电风产生的热。
题考了电功率和电热的算，要注意电风扇是非纯阻电器，姆定不适用。
21.【答案】不变 不变
【解析】解：
(1)当开关S、S1闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测电源两端的电压，且电源电压不变，所以滑片移动时电压表示数不变；
(2)当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器和灯泡L串联，电压表测滑片右侧电阻丝和灯泡L两端电压之和；
因电压表的内阻很大，在电路中相当于断路，所以，滑片移动时变阻器接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，由I=UR可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，灯泡两端的电压不变，由P=UI可知灯泡的实际功率不变，因此灯泡亮度不变。
故答案为：不变；不变。
(1)当开关S、S1闭合时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测电源两端的电压，据此可知滑片移动时电压表示数的变化；
(2)当开关S闭合、S1断开时，滑动变阻器和灯泡L串联，电压表测滑片右侧电阻丝和灯泡L两端电压之和，根据电压表的内阻特点可知滑片移动时变阻器接入电路中的电阻不变，从而得出电路中的总电阻不变，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用欧姆定律可知灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测电路元件是关键。
22.【答案】16 40：27
【解析】解：根据图像可知，甲灯两端电压为额定电压12V时，通过甲的额定电流为0.75A；
乙灯两端电压为额定电压6V时，通过乙的额定电流为0.9A；
因为串联电路中电流处处相等，所以两灯串联时，电路中的最大电流I=I甲=0.75A，此时甲灯正常发光(其两端电压为12V)，
由图像可知，当通过乙灯泡的电流为0.75A时，乙灯泡两端电压为4V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电路两端允许加的最大电压：U串=U甲+U乙′=12V+4V=16V；
此时电路消耗的电功率为：P=UI=16V×0.75A=12W；
因为并联电路两端电压相等，所以并联电路两端的最大电压为6V，
由图像可知，甲、乙两端电压为6V时，I甲′=0.45A，I乙′=0.9A，
因为并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，
所以干路允许通过的最大电流：I并=I甲′+I乙′=0.45A+0.9A=1.35A，
此时电路最大的电功率为：P′=U′I′=6V×1.35A=8.1W，
两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比为：PP′=12W8.1W=4027。
故答案为：16；40：27。
已知甲、乙灯泡的额定电压，先根据图像读出甲、乙灯泡的额定电流，然后根据串联电路电流规律确定电路电流，再根据图像读出乙两端电压，最后根据串联电路电压特点求出电路两端允许加的最大电压，根据P=UI计算此时电路消耗的电功率；
当将他们并联使用时，根据并联电路电压规律选取额定电压较小的那个，然后根据图像读出通过甲、乙两灯泡的电流，最后根据并联电路电流规律求出干路允许通过的最大电流，根据P=UI计算此时电路消耗的电功率，进一步计算两灯分别串联与并联时，电路消耗的最大电功率之比。
本题考查串并联电路特点和电功率公式的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个灯泡来说，串联时比较额定电流取小的，并联时比较额定电压取小的，这也是本题的重点。
23.【答案】解：小磁针的N极靠近螺线管的左端，根据磁极间的作用规律可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极。
根据螺线管的右端为N极，结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向是从左端流入右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。如图所示
【解析】根据小磁针的指向可以确定螺线管NS极，利用图示的线圈绕向和螺线管的NS极，根据安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而确定电源的正负极。
本题考查了磁极间的相互作用规律、安培定则的运用，找准判断的突破口，运用相关知识进行推理即可，难度不大，但较易出错。
24.【答案】
【解析】
【分析】
本题考查根据要求连接实物，关键是电流表连接。
两灯并联，电流表与待测电路串联。据此分析作图。
【解答】
解：两灯并联，开关S在干路上，电流表只通过L1的电流，因不知通过L1的电流大小，故电流表选用大量程与灯串联，如下所示：
25.【答案】答：烧瓶中的水重新沸腾；
因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾。
【解析】从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低。
本题考查学生对液体压强与沸点的关系的掌握情况。
26.【答案】自下而上 外焰 96 98 沸腾前 B
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以先放好酒精灯，再固定铁圈的高度，最后调整温度计的高度，使其不要碰到容器底，所以要按照自下而上的顺序进行；调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的外焰进行加热，提高效率；
(2)如图乙所示，温度计的分度值是1℃，所以温度计示数是96℃；液体沸腾时保持不变的温度叫沸点，根据表中实验数据，可知水的沸点是98℃；
(3)图甲气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象；
(4)A、图象温度一直升高，没有温度保持不变这一特点。故不符合水沸腾特点；
B、水吸收热量，温度升高，升高到一定程度，不断吸收热量，水沸腾时，温度保持不变。所以图象B是水沸腾的图象；
C、此图象表示温度开始下降，然后温度不变，故不符合水沸腾特点；
D、此图象表示温度在不断下降，故不符合水沸腾特点。
故选B。
故答案为：(1)自下而上；外焰；(2)96；98；(3)沸腾前；(4)B。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；调整石棉网的高度，确保能用酒精灯的外焰进行加热，提高效率；
(2)温度计读数时要看清量程和分度值；液体沸腾时的温度叫沸点；
(3)掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(4)水的沸腾图象的特点是沸腾前温度是上升的而沸腾过程中温度保持不变。
此题考查水沸腾的特点，学会观察和分析水温与时间的变化图象，是我们学习该实验时应掌握的重点内容。本题没有多大的难度，只要知识够扎实，还是很容易做对的。
27.【答案】0 BC 先变大后变小 放
【解析】解：
(1)(2)读图可知，这种晶体在BC段的温度保持0℃不变，从B到C过程中体积明显变小，则物质的状态发生变化，这说明BC段为该晶体的熔化过程，物质处于固液共存状态，且该晶体的熔点是0℃；
(3)从图象中可以看出，在0−12℃过程中，物质的体积先变小后变大，而物质的质量不变，根据密度公式ρ=mV可知，该物质的密度先变大后变小；
(4)如果物质从C到B，体积变大，由液态变为固态，处于凝固过程，凝固放热。
故答案为：(1)0；(2)BC；(3)先变大后变小；(4)放。
(1)(2)晶体在熔化的过程中温度保持不变，这个不变的温度就是晶体的熔点；晶体在熔化过程中处于固液共存状态；
(3)根据图像分析0−12℃过程中物质体积的变化，状态变化时物质的质量不变，根据密度公式判定密度的变化；
(4)晶体凝固时放热。
本题主要考查了晶体熔化时的特点以及密度公式的应用，看懂体积随温度变化的图像是解题的关键。
28.【答案】质量 电流 <温度计示数的大小 多
【解析】解：
探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，要控制其它变量都相同，让电阻大小不同；
(1)根据控制变量法的思想，A、B两个烧瓶中的煤油的质量和初温都应该相同；
(2)串联电路中的电流处处相等，RA与RB采用串联的连接方式，其目的是为了控制通电时间和电流相等；
(3)导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在其它因素相同的情况下，横截面积越大，电阻越小。RA与RB是长度相同、材料相同的电热丝，电热丝RA比RB粗，说明A的横截面积比B大，所以RA
(1)探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，根据控制变量法的思想，A、B两个烧瓶中的煤油的质量和初温都应该相同；
(2)串联电路中的电流处处相等；
(3)导体的电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，在其它因素相同的情况下，横截面积越大，电阻越小；
(4)电热丝产生热量的多少可以通过观察温度计示数的大小来比较；串联电路，电流、通电时间都相同，RA
29.【答案】断开 B 右 大 电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比
【解析】解：(1)定值电阻、滑动变阻器、电流表、开关与电源串联，电压表测量定值电阻两端的电压，滑片已经移到最右端，滑动变阻器下面的接线柱要接左边的接线柱，电路连接如图所示；
；
(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路中有电流，电流表、定值电阻、滑动变阻器、开关与电源是通路；电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，说明无电流通过电压表，由此可知是导线③断路了，故选B；
(4)根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω依次换成10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，直到电压表的示数为U1；
小明发现当定值电阻为30Ω时，无法完成实验，由串联分压的原理可知，定值电阻增大，其分得的电压增大，因此电压表示数总比U1大。
(5)由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：(1)如图所示；(2)断开；(3)B；(4)右；大；(5)电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
(1)定值电阻、滑动变阻器、电流表、开关与电源串联，电压表测量定值电阻两端的电压，滑片已经移到最右端，滑动变阻器下面的接线柱要接左边的接线柱，由此连接电路；
(2)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(3)闭合开关，电流表有示数，说明电路中有电流，电流表、定值电阻、滑动变阻器、开关与电源是通路；电压表无示数，小明检查发现仅导线有故障，说明无电流通过电压表，由此得出结论；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、控制变量法、实验操作及数据分析。
30.【答案】将电流表指针调零 滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱 0.38.3R0 调节变阻器R0的滑片到最右端 U0R0U−U0
【解析】解：(1)开关闭合前，发现电流表的指针不在零刻度线处，则应该进行的操作是将电流表指针调零；
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，说明滑动变阻器相当于导线，造成这一现象的可能原因是滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱；
(3)由图丙可知电流表接入电路的路程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，根据欧姆定律可知被测小灯泡正常发光时的阻值为：R=UI=2.5V0.3A≈8.3Ω；
(4)实验步骤：
①闭合开关，先调节滑动变阻器R0的滑片到最左端，再调节另一滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为为U0；
②接着调节变阻器R0的滑片到最右端，读出这时电压表的示数为U；
③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压UR0=U−U0，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=UR0R0=U−U0R0，
小灯泡正常发光时的电阻：RL=U0I=U0U−U0R0=U0R0U−U0。
故答案为：(1)将电流表指针调零；(2)滑动变阻器接入电路的是两个上接线柱；(3)0.3；8.3；(4)①R0；②调节变阻器R0的滑片到最右端；③U0R0U−U0。
(1)电流表使用前需调零；
(2)正确操作后，闭合开关，发现无论怎样移动滑动变阻器R的滑片P，小灯泡均很亮，且亮度不变，说明滑动变阻器相当于导线；
(3)由图丙可知电流表接入电路的路程为0∼0.6A，分度值为0.02A，读出示数，根据欧姆定律计算被测小灯泡正常发光时的阻值；
(4)由电路图可知，R0的滑片位于左端时，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器R使电压表的示数为U0，然后保持R接入电路中的电阻不变，移动R0的滑片到最右端，R0接入电路的阻值不变；电压表测灯泡和R0两端的电压之和，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律求小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查实验的注意事项、反常现象的分析、电阻计算及设计实验方案的能力。
31.【答案】解：(1)节约的电能：W=2×106度=2×106kW⋅h=7.2×1012J；
由η=WQ放可知，标准煤完全燃烧需要放出的热量：Q放=Wη=7.2×1012J30%=2.4×1013J；
由Q放=mq可知，节约标准煤的质量：m=Q放q=2.4×1013J3×107J/kg=8×105kg；
(2)LED灯的额定功率P=10W=0.01kW，
由P=Wt可知，LED灯正常工作的时间：t=WP=2×106kW⋅h0.01kW=2×108h。
答：(1)相当于节约8×105千克煤；
(2)2×106度电可供一个“220V10W”的LED灯正常工作2×108小时。
【解析】(1)1度=1kW⋅h=3.6×106J；利用效率公式计算出煤完全燃烧需要放出的热量；利用Q放=mq计算出节约标准煤的质量；
(2)利用P=Wt的变形公式可以计算出2×106度电可供一个“220V 10W”的LED灯正常工作的时间。
本题考查燃料完全燃烧放热公式、效率公式、电功率公式的应用，计算过程中注意单位的换算，熟记公式并能灵活运用是解题的关键。
32.【答案】解：由图和题意可知，闭合开关S1和S2，电阻R1和R2并联，处于加热状态；
只闭合开关S1时，只有电阻R2工作，处于保温状态；
只闭合开关S1和S3时，电动机和电阻R3串联，电磁泵将水抽出，电动机工作。
(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，只有电阻R2工作，
根据P=U2R可得，电路中的电阻：
R2=U2P保温=(220V)250W=968Ω；
(2)闭合S1、S3时，电动机和电阻R3串联，已知此时电磁泵两端电压为12V，
则由串联电路电压的规律可得，电阻R3两端的电压：
U3=U−U泵=220V−12V=208V，
这一支路的电流为：
I=U3R3=208V200Ω=1.04A，
则电磁泵的电功率：
P泵=U泵I=12V×1.04A=12.48W；
(3)瓶里的水烧干后，发热盘吸收的热量：
Q吸=cm△t=0.5×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×(120℃−110℃)=2500J；
瓶里的水烧干后，S2没有自动断开(仍然是加热状态)，不计热损失，电流产生的热量全部被发热盘吸收，即W=Q放=Q吸，
由P=Wt可得，水烧干后到S1断开所需的时间：
t=WP加热=Q吸P加热=2500J1000W=2.5s。
答：(1)电热水瓶处于保温状态且不抽水时，电路中的电阻是968Ω；
(2)电磁泵的电功率为12.48W；
(3)若水烧开后，S2没有自动断开，则瓶里的水烧干后，经过2.5s时间，S1才会断开。
【解析】由图和题意可知，闭合开关S1和S2，电阻R1和R2并联，处于加热状态；
只闭合开关S1时，只有电阻R2工作，处于保温状态；
只闭合开关S1和S3时电动机和电阻R3串联，电磁泵将水抽出，电动机工作。
(1)根据P=U2R算出电热水瓶处于保温状态且不抽水时的电阻；
(2)闭合S3时，根据串联电路电压的规律算出电阻R3两端的电压，根据欧姆定律算出电流，由P=UI算出电磁泵的电功率；
(3)由Q=cm△t算出发热盘吸收的热量，瓶里的水烧干后，S2没有自动断开(仍然是加热状态)，不计热损失，电流产生的热量全部被发热盘吸收，即W=Q放=Q吸，由P=Wt算出加热时间。
本题考查了电功率、电功、串联电路电压的规律等知识，判断出不同开关的闭合情况是解题的关键。
33.【答案】解：
(1)由图知，R0、R1串联，电压表测R0两端电压，
此时电路的电流为：
I=U0R0=2V100Ω=0.02A，
由R=200Ω−kF可知，压力为零时，压敏电阻的阻值：R1=200Ω，
压敏电阻两端电压：U1=IR1=0.02A×200Ω=4V，
根据串联电路电压的规律可得电源电压为：
U=U0+U1=2V+4V=6V；
(2)由R=200Ω−kF知，压敏电阻所受压力最大，其阻值最小，电路中电流最大，定值电阻两端电压最大，电压表量程为0∼3V，则定值电阻两端最大电压为3V，
电路中的最大电流：I最大=U0最大R0=3V100Ω=0.03A，
此时压敏电阻的阻值：R1′=U′I最大=U−U0最大I最大=6V−3V0.03A=100Ω，
由R=200Ω−kF且k=0.4Ω/N可知，压敏电阻的阻值为100Ω时，其所受压力为250N，即此压敏电阻能承受的最大压力为250N；
(3)由由R=200Ω−kF可知，压敏电阻所受压力越大，压敏电阻的阻值越小，电路总电阻越小，电源电压不变，电路总电流越大，定值电阻两端电压越大，要增大压敏电阻的承压范围，而不改变电表的条件，可以适当减小定值电阻的阻值，或减小电源电压，或在电路中再串联一个分压电阻。
答：(1)压敏电阻不受压力时，电压表示数为2V，电源电压为6V；
(2)在电路正常工作时，此压敏电阻能承受的最大压力为250N；
(3)在不改变电表的条件下，要增大压敏电阻的承压范围，可以适当减小定值电阻的阻值(或减小电源电压，或再串联一个分压电阻)。
【解析】(1)由图知，R0、R1串联，电压表测R0两端电压，根据欧姆定律算出此时电路的电流；由R=200Ω−kF算出压力为零时压敏电阻的阻值，由欧姆定律算出压敏电阻两端电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压；
(2)压力越大，压敏电阻的阻值越小，电路中电流越大，电压表示数越大，求出电压表示数最大时电路中的电流，然后应用串联电路的特点与欧姆定律求出此时压敏电阻的阻值，最后根据“R=200Ω−kF，其中k=0.4Ω/N”求出压敏电阻能承受的最大压力。
(3)根据电路图应用串联电路的特点分析答题。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，能用“R=200Ω−kF”计算压敏电阻的阻值是关键。
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