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2021-2022学年广东省东莞市光明中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2021-2022学年广东省东莞市光明中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共22页。试卷主要包含了5m/s，2×103J/]，5×104J，物体在力的方向上通过的距离；，【答案】C，【答案】B，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年广东省东莞市光明中学九年级（上）期末物理试卷
1. 如图所示的情境中，人对物体做功的是( )
A. 人用力搬石头，没有搬动
B. 人将重物从地面提到高处
C. 人推一块大石头没推动
D. 人提箱子沿水平方向做匀速直线运动
2. a、b、c三盏灯分别标有“110V 20W”、“220V 40W”、“36V 350W”的字样，三盏灯都正常发光，比较它们的亮度( )
A. a灯最亮 B. b灯最亮 C. c灯最亮 D. 三盏灯一样亮
3. 如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N.物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，则( )
A. 拉力的功率为50W B. 滑轮组中动滑轮重10N
C. 该滑轮组的机械效率为90% D. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
4. 关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是( )
A. 物体温度越高，含有的热量越多
B. 一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C. 一个物体温度升高了，它的内能一定增加
D. 0℃的冰块，其内能为零
5. 下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是( )
A. 钻木取火 B. 煤炉烧水
C. 压缩空气升温 D. 搓手取暖
6. 滑跃式起飞是一种航母舰载机的起飞方式。飞机跑道的前一部分是水平的，跑道尾段向上翘起。如图所示，飞行员驾驶舰载机从图示位置由静止开始一直加速直至离舰的过程中，下列说法正确的是( )
A. 飞行员的动能先增加后减少 B. 飞行员的机械能一直减少
C. 飞行员的机械能一直增加 D. 飞行员的机械能先不变后增加
7. 如图所示是研究电流与电压、电阻的关系的电路图，实验分“保持电阻不变”和“保持电压不变”两步进行。在“保持电阻不变”这一步实验时应( )
A. 保持R2滑片的位置不动
B. 保持R2两端的电压不变
C. 保持R1不变，调节R2滑片到不同的适当位置
D. 保持电路中电流不变
8. 用冷水冷却汽车发动机，主要是利用水的( )
A. 比热容大 B. 密度大 C. 凝固点低 D. 沸点高
9. 如图所示是酒精浓度检测仪及其原理图，它实际上是由一节干电池(电压不变)、一个气敏电阻R2(相当于阻值随酒精气体浓度变化的变阻器，酒精浓度越大阻值越小)与定值电阻R1及一个电压表组成。驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则( )
A. 气敏电阻R2的阻值越大，电压表的示数越大
B. 通过电阻R2的电流越小，电压表的示数越大
C. 通过电阻R1的电流越大，电阻R2两端电压越小
D. 气敏电阻R2的阻值越大，通过电阻R1的电流越大
10. 如图所示的电蚊拍，具有灭蚊和照明等功能。当开关S1闭合、S2断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S1和S2都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时起到灭蚊和照明作用。下列电路设计符合这种要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 重为450N的物体在大小为150N的水平拉力F作用下，向右匀速运动了10m，所用时间为10s，摩擦力的大小为______ N，拉力做的功是______ J，拉力的功率为______ W。
12. 人类的太空旅游已不是梦想。在飞船加速上升时，其动能______，重力势能______，机械能______(填“增大”、“减小”或“不变”)。
13. 张华同学帮助实验老师拆封学校新购的一批仪器时，发现一只标有“6V 1A”专用灯泡说明书，带有一幅电流随电压变化的关系曲线，如图所示。
(1)图片说明，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流是______(选填“增大”、“减小”或“不变”)的，灯丝的电阻值是______(选填“增大”、“减小”或“不变”)的。
(2)灯泡正常发光时，灯丝的阻值是______。
14. 烩面是河南的特色名吃。图中，厨师将面坯拉成长长的面条，表明力可以使物体发生______；在锅里煮面时，通过______的方式改变了面条的内能；面出锅时香飘四溢，这是由于分子的______产生的。
15. 图为一电热饮水机的电路简图，其额定电压为220V，具有“加热”、“保温”两种功能，对应功率分别为400W和40W.当开关S1、S2均闭合，饮水机处于______(选填“保温”或“加热”)状态，R1的阻值为______Ω；用饮水机给2kg的水加热，当水温升高50℃，水吸收的热量为______J.[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
16. 如图所示的电路中，R2的阻值为3Ω，闭合开关之后，电压表的示数为6V，电流表的示数为1A，则R1=______Ω，电源电压为______V；如果断开开关，电压的示数是______V。
17. 如图所示，在方框内分别填入小灯泡和电流表的元件符号，使电路正常工作．
18. 请完成“探究电流与电阻的关系”的实验中未连完的电路。
19. 站在地面上的人想用尽可能小的力提升水桶。请在图中画出滑轮组绳子的绕法。
20. 小明利用如图所示装置和器材，探究水的沸腾特点和物质的吸热能力。
(1)小明设计的电路中的R甲、R乙必须满足的条件是______。
(2)只闭合开关S2，观察水的沸腾，测得数据如下表：
时间(min)
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度(℃)
90
92
94
96
97
98
98
98
98
分析数据可知，水沸腾过程中的特点为：______。
(3)断开S2，待水冷却后，继续探究物质的吸热能力。小明应控制水和煤油的______、初温相同。且应先闭合开关______，再闭合开关______，并控制水的末温低于______℃.实验表明：水的末温比油______，水的吸热能力比油强。
21. 小华为了探究物体动能的大小与质量、速度的关系，设计了如图甲、乙所示的实验。
实验甲：质量相同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。
实验乙：质量不同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。
(1)要探究物体动能的大小与速度的关系，应选用______图。(填“甲”、“乙”)
(2)甲、乙两组实验可以得出的结论是______。
(3)这个实验中，利用木块被碰撞后移动的______来比较物体的动能大小。下列实例中与此实验方法相同的有______。(填编号)
①认识电流时，用水流进行类比
②用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的
③用酚酞试液滴入溶液变红色来判断溶液呈碱性。
22. 在用“伏安法测小灯泡的电阻”实验中．
(1)请你将电压表正确连入在图甲的电路中，完成电路的连接．
(2)在闭合开关之前，图甲中滑动变阻器的滑片应放在______端．(填“左”或“右”)
(3)电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数．接下来应进行的操作是______(选填字母)
A.更换小灯泡
B.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
C.检查电路是否断路
(4)若某次测量时，电压表和电流表的示数如图乙所示，则灯泡的电阻RL=______Ω.
(5)这个电路除了可以测小灯泡的电阻外，还可以用来测量小灯泡的功率． 由图乙两表示数可求出小灯泡的功率P=______W.
23. 美丽乡村建设中，工人用起吊装置提升建筑材料，如图。某次把质量为200kg的材料匀速提升6m，用时15s，消耗电能1.5×104J.g取10N/kg。求这次匀速提升材料过程中：(不计绳与滑轮之间的摩擦)
(1)材料所受拉力F的大小；
(2)拉力F对材料做功的功率；
(3)该装置的效率。
24. 如图所示电路是某电饭锅的内部简化电路图，它有1000W(加热)和40W(保温)两挡功率可切换。现用此锅加热一锅汤，汤的质量为3kg，初温为20℃，加热到100℃，汤的平均比热容约为4.0×103J/(kg⋅℃)。
(1)若开关S接到b，电饭锅处于______状态。(选填“加热”、“保温”)
(2)R1的阻值是多少？
(3)汤吸收了多少热量？
25. 学完焦耳定律后，小红和小亮想利用如图所示的装置比较铝和锰铜这两种材料的导电性能(即电阻大小)。
(1)他们应该选用______、______都相同的铝丝和锰铜丝。
(2)小红想在两个烧瓶中分别装入等质量的煤油，而小亮建议用水代替煤油，小亮的建议不妥的原因是______。
(3)按小红的想法进行实验，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，说明______。
26. 在学习“串联电阻的总电阻与各串联电阻之间关系”的时候，小强和小刚利用滑动变阻器(铭牌上标有20Ω1A)、两个定值电阻(5Ω、10Ω)、电压表、电源等器材对此进行了探究。他们设计了如图甲所示的电路图。
(1)根据电路图，请你在图乙中用笔画线代替导线，将没有连接完的实物电路连接好(导线不允许交叉且电流表的量程选取适当)。
(2)请你根据电路图分析：在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到______(填“左”或“右”)端。
器材：R1=5ΩR2=10Ω
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.5
2.4
3
电流I/A
0.1
0.16
0.2
(3)上表是小强和小刚在这次实验中所记录的数据。请你根据他们三次测量的数据进行分析，可以得出的结论是：______。
(4)若闭合开关后发现电流表有示数，而电压表无示数，则出现该现象的原因可能是下面哪一种情况？______(只填字母序号即可)。
A.滑动变阻器某处断路
B.只有R1被短路
C.只有R2被短路
D.电压表的某一个接线柱接触不良
答案和解析
1.【答案】B
【解析】A、人用力搬石头，没有搬动，只有力，没有距离，故人对物体没有做功，故A错误。
B、人将重物从地面提到高处，拉力方向向上，距离的方向也向上，故人对物体做功，故B正确。
C、人推一块大石头没推动，只有力，没有距离，故人对物体没有做功，故C错误。
D、人提箱子沿水平方向做匀速直线运动，力的方向向上，距离的方向水平向前，在力的方向上没有移动距离，故人没有做功，故D错误。
故选：B。
做功的两个必要因素：
1.作用在物体上的力；
2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；
二者缺一不可。
2.【答案】C
【解析】解：由题可知，三盏灯都正常发光，它们的实际功率都是各自的额定功率。三盏灯中c灯的额定功率最大，所以c灯的实际功率也最大，灯泡亮度由实际功率决定，故c灯最亮。
故选：C。
灯泡亮度由实际功率决定。灯泡的实际功率越大，亮度越大。
本题只要知道灯泡亮度由实际功率决定即可正确解答。
3.【答案】C
【解析】解：(1)由图乙可知，物体上升高度h=2m时，绳子自由端移动距离s=6m，
由此可知，绳子的段数n=sh=6m2m=3，
物体重力：G=mg=27kg×10N/kg=270N，
不计绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得，滑轮组中动滑轮重：
G动=nF−G=3×100N−270N=30N，故B错误；
(2)由图可知，v绳=st=6m4s=1.5m/s；
拉力的功率：P=W总t=Fst=Fv=100N×1.5m/s=150W，故AD错误；
(3)不计绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=G3F×100%=270N3×100N×100%=90%，故C正确。
故选：C。
(1)首先根据物体和绳子自由端的运动情况确定绳子的段数，然后根据F=1n(G+G动)可求得滑轮组中动滑轮重；
(2)由v=st可求得绳子自由端移动的速度；利用P=W总t=Fst=Fv可求得拉力的功率；
(3)由η=W有用W总=GhFs=G3F可求得该滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、功率和机械效率的计算，能根据表中图象乙求出使用滑轮组承担物重的绳子股数是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、热量是一个过程量，只能说吸收(或者放出)了多少热量，不能说某物体含有多少热量，故A错误；
B、物体吸收热量，温度可能升高，可能不变，如冰熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变，故B错误；
C、同一物体的温度越高，其内部分子的无规则运动越剧烈，内能一定增加，故C正确；
D、一切物体都有内能，0℃的冰块也具有内能，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不能用含有、具有等来修饰；
(2)物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变；
(3)内能是物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能与分子势能的总和，同一物体的内能与其温度有关；
(4)内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。
本题考查学生对热量、内能、温度等概念的理解，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：
A、钻木取火，机械能转化成内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故A不符合题意；
B、煤炉烧水，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增加水的内能，故B符合题意；
C、压缩空气，使空气升温，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故C不符合题意；
D、用“搓手”的方法取暖，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故D不符合题意。
故选：B。
(1)热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；
(2)做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了。
解答此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
6.【答案】C
【解析】解：飞机起飞加速上升的过程中，飞行员的质量不变，速度增大、高度增大，所以动能和重力势能都增大，机械能一直在增加。
故选：C。
影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。
机械能大小可以根据机械能=动能+势能中动能和势能的变化来判断机械能的变化，也可以看机械能是否和其它形式的能发生转化来判断。
7.【答案】C
【解析】
【分析】
电流跟电压、电阻有关，用控制变量法研究电流跟电压和电阻的关系。
(1)研究电流跟电压的关系时，保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压，讨论电流跟电压的关系；
(2)研究电流跟电阻的关系时，保持电阻两端的电压不变，改变电阻大小，讨论电流跟电阻的关系。
探究电流与电压、电阻的关系，应用的方法是典型的控制变量法，这是初中物理最基本的研究方法。
【解答】
研究电流跟电压的关系时，保持电阻不变，通过移动滑动变阻器的滑片，改变定值电阻的电压和电流，讨论电流跟电压的关系，所以ABD错误，C正确。
故选：C。
8.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却发动机，冷却效果好；故A正确、BCD错误。
故选：A。
(1)比热容的定义：单位质量的某种物质温度升高和降低1℃吸收和放出的热量。
(2)因水的比热容比其它物质的比热容大，所以相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的掌握，比较典型的题目，要熟练掌握。
9.【答案】C
【解析】解：
由图R1与R2串联，驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，气敏电阻R2的阻值越小，电路中总中总电阻变小，
由I=UR，电源电压一定，总电阻变小，电路中电流变大。根据串联电路中电流处处相等，所以通过R1、R2电流都变大；
由U=IR，定值电阻R1两端的电压变大，即电压表示数变大，
所以U2=U−U1，R1电压变大，R2电压变小。故ABD错误，C正确。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联在电路中，电压表测R1两端电压，R2的阻值变化时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“酒精气体浓度越大，R2阻值越小”是关键。
10.【答案】D
【解析】解：
A、根据题意可以知道，灭蚊网和灯泡工作时互不影响，应该属于并联，而图中灭蚊网和灯泡串联，且开关S2闭合时会形成电源短路，故A错误；
B、图中灭蚊网和灯泡串联，与题意不符，故B错误；
C、C图中S1闭合，S2断开时，灯泡亮，灭蚊网不工作，不符合题意，故C错误；
D、D图中S1闭合，S2断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S1和S2都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时工作，符合题意，故D正确。
故选：D。
串联电路的特点是各用电器之间相互影响，并联电路的特点是互不影响，再根据开关的作用来判断符合要求的电路图。
此题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案。
11.【答案】150 1500 150
【解析】解：
物体在大小为150N的水平拉力F作用下在水平方向上做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，故f=F=150N；
拉力做的功：W=Fs=150N×10m=1500J；
拉力做功的功率：P=Wt=1500J10s=150W；
故答案为：150；1500；150。
物体在水平方向上做匀速直线运动时，水平方向上受平衡力的作用；
知道拉力大小和物体在拉力方向上移动的距离，利用W=Fs求拉力所做的功；
知道做功时间，再利用P=Wt求拉力的功率。
本题考查二力平衡条件的应用、功、功率的计算，关键知道做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动距离，二者缺一不可。
12.【答案】增大 增大 增大
【解析】解：
飞船在加速上升过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大。
机械能=动能+势能；飞船的动能增大，重力势能增大，所以飞船的机械能增大。
故答案为：增大；增大；增大。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能=动能+势能。
本题考查对动能、重力势能、弹性势能的影响因素的认识和理解，属于一道基础题。
13.【答案】增大 增大 6Ω
【解析】解：(1)由图可知，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流是增大的；
从图中可知，当通过灯泡的电流为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，根据欧姆定律可知此时灯泡的电阻R1=U1I1=1V0.4A=2.5Ω；
当通过灯泡的电流为1.0A时，灯泡两端的电压为6V，根据欧姆定律可知此时灯泡的电阻R2=U1I1U2I2=6V1.0A=6Ω；
故灯丝的电阻值是增大的。
(2)由题意知灯泡的额定电压是6V，所以灯泡正常发光时，通过灯丝的电流值是1A，利用欧姆定律可知灯丝的阻值R=UI=6V1A=6Ω。
故答案为：(1)增大；增大。(2)6Ω。
(1)由图可知，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流的变化情况，利用公式R=UI计算发现灯丝的电阻值的变化情况。
(2)由题意知灯泡的额定电压是6V，所以灯泡正常发光时，通过灯丝的电流值是1A，利用欧姆定律可知灯丝的阻值。
本题考查欧姆定律的应用，属于基础题，关键是从图中得出有用信息。
14.【答案】形变 热传递 无规则运动
【解析】解：厨师将面坯拉成长长的面条，面坯形状发生了变化，表明力可以使物体发生形变；
在锅里煮面时，面条吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变了面条的内能；
面出锅时香飘四溢，属于扩散现象，是由于分子的无规则运动产生的。
故答案为：形变；热传递；无规则运动。
(1)力的作用效果：①改变物体的运动状态；②使物体发生形变；
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递；
(3)扩散现象表面物体不停的做无规则运动。
本题考查力作用效果、改变物体内能的方式和扩散现象等知识的应用，要明确做功和热传递改变物体内能的实质，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。
15.【答案】加热 1214.2×105
【解析】解：
(1)当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，
由P=UI=U2R可知，电路的总功率最大，饮水机处于加热档，
则R1的阻值：
R1=U2P加热=(220V)2400W=121Ω；
(2)水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×50℃=4.2×105J。
故答案为：加热；121；4.2×105。
(1)当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，根据P=UI=U2R可知电路的总功率最大，据此判断饮水机的档位，进一步根据电功率公式求出R1的阻值；
(2)知道水的质量和比热容以及升高的温度，根据Q吸=cm△t求出水吸收的热量。
本题考查了电功率公式和吸热公式的应用，正确的判断出饮水机处于不同档位时电路的连接方式是关键。
16.【答案】6 9 9
【解析】解：当开关闭合后，两电阻串联，R1=U1I=6V1A=6Ω，
R2两端的电压U2=IR2=1A×3Ω=3V，
所以电源电压U=U1+U2=6V+3V=9V，
当开关断开时，电压表测量电源电压，示数为9V。
故答案为6；9；9。
当开关闭合后，两电阻串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量电路总电流，已知电路电流和电阻R1两端的电压，根据欧姆定律可求电阻R1的阻值，还知道R2的阻值，根据公式U=IR可求R2两端的电压，电源电压等于电阻R1两端的电压和R2两端的电压之和，当开关断开时，电路中用电器只有电阻R2，电压表测量电源电压。
本题考查电阻、和电压的计算，以及电压表的使用和串联电路中电压的规律，关键是明白开关断开与闭合时电路的连接情况，还要学会灵活运用欧姆定律。
17.【答案】解：由图可知，如果上面的方框内填入小灯泡，下面的方框内填入电流表，那么电流表将并联在电源两端了，这样容易烧坏电流表，这种做法是绝对不允许的；因此上面的方框填电流表，下面的方框填小灯泡，这样电流表测右边小灯泡的电流，两只小灯泡并联，如下图：
【解析】解决此题要知道电流表要串联在被测电路中，电压表要并联在被测电路中；电流表的阻值很小，电压表的阻值很大．
解答此题的关键是明确电压表和电流表的使用规则，主要考查电流表的使用方法，属于基础知识，要求学生应熟练掌握．
18.【答案】解：由于电源为两节电池，电源电压为3V，所以电压表选用小量程与电阻并联，滑动变阻器上下接线柱各接一个且要串联在电路中，如下图所示：
答：。
【解析】根据电源电压确定电压表选用小量程且电压表要与电阻并联，滑动变阻器上下接线柱各接一个且要串联在电路中。
本题考查探究电流与电阻的关系的实验电路的连接，掌握电压表和滑动变阻器的接法是解题的关键。
19.【答案】解：由题意知，站在地面上的人想用尽可能小的力提升水桶。所以绳子的拉力方向应向下，所以绳子应从动滑轮绕起。
故答案为：
【解析】要解决此题，需要掌握滑轮组的组装。在绕线时，可以从动滑轮或定滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。
此题主要考查了滑轮组的组装，要掌握滑轮组的两种绕线方式：可以从定滑轮或动滑轮绕起。解决此题的关键是确定用力的方向。
20.【答案】R甲=R乙；水不断吸热但温度保持不变；质量相同；S1；S2；98；低
【解析】解：(1)探究物质的吸热能力，应控制物质吸收的热量相等，由图示电路图可知，两电阻并联，它们的电压相等，要使电阻在相等时间内产生的热量相等，应控制两电阻阻值相等，即：R甲=R乙。
(2)由表中实验数据可知，在水沸腾后，水不断吸收热量，但温度保持不变。
(3)要探究水与油的吸热能力，应控制水与油的质量、初温、吸收的热量相等，要控制水与油吸收的热量相等，应控制两个电阻同时开始加热，因此应先闭合开关S1，然后再闭合开关S2；实验过程中水不能达到沸腾，应控制水的末温度低于98℃；实验表明：水的末温比油低，水的吸热能力比油强。
故答案为：(1)R甲=R乙；(2)水不断吸热但温度保持不变；(3)质量相同；S1；S2；98；低。
应用控制变量法分析答题，根据实验目的确定需要控制的变量；分析实验数据，根据实验数据得出实验结论。
本实验应用了控制变量法，知道实验原理、应用控制变量法即可正确解题。
21.【答案】甲；物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大；距离；②③
【解析】解：(1)要探究物体动能的大小与速度的关系，必须控制物体的质量相同，速度不同，速度的不同是通过小球在斜面的位置来体现的，符合条件的只有甲图；
(2)通过甲图可得到的结论是：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；通过乙图可得到的结论是：物体速度相同时，质量越大，动能越大；因此综合甲图和乙图，可得到的结论是：物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大。
(3)实验中利用木块被碰撞后移动的距离来比较物体的动能大小，属于转换法的思想，采用这个研究方法的还有研究分子的扩散现象和用酚酞试液滴入溶液变红色来判断溶液呈碱性。
故答案为：(1)甲；
(2)物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大；
(3)距离、②③。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，进行探究时要采用控制变量法的思想，控制相同因素，改变不同因素；
(2)比较甲、乙两组实验中的相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出结论；
(3)小球的动能通过它推动木块移动的距离来体现，采用了转换法的思想。
(1)用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；
(2)不同质量的物体，在同一高度自由落下，到达地面的速度相同，越高自由落下时，到达地面的速度越大。
22.【答案】左；B；11；0.44
【解析】解：(1)如图，电压表与灯泡并联；
(2)读图可知，闭合开关前，滑动变阻器的滑片置于左端时，阻值才最大，这是为了保护电路的需要；
(3)因为电流表有示数，说明灯泡不可能断路，整个电路也是通的，因此C不对、A不能确定，接下来应移动滑动变阻器，看灯泡是否发光，若发光说明刚才是因为电阻太大，若不发光则可能灯泡短路，再更换灯泡．故B符合题意；
(4)读图乙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；电压表量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.2V.故灯泡灯丝的电阻RL=UI=2.2V0.2A=11Ω；
(5)灯泡此时的功率P=UI=2.2V×0.2A=0.44W.
故答案为：(1)如图；(2)左；(3)B；(4)11；(5)0.44.
(1)连接电路时注意将电压表与灯泡并联，同时注意接线柱要正进负出；
(2)闭合开关前，滑动变阻器应置于阻值最大处；
(3)灯泡与电流表串联，电流表有示数，说明灯泡也是通的，故电路不会是断路，应先考虑电阻太大的问题；
(4)读取电表示数时应先明确其量程与分度值，再读出结果，利用R=UI可计算电阻的大小；
(5)根据以上结果，利用公式P=UI可计算电功率的大小．
通过此题考查了电路的连接、电流表、电压表的正确读数、欧姆定律、电功率的计算，以及电路故障的分析与判断等，都是重要的知识点，难度虽不大，但具有一定的综合性，值得我们好好掌握．尤其是利用同一组数值，可以同时得出电阻与功率的结果，是我们应该重点关注的．
23.【答案】解：
(1)匀速提升材料过程中，材料所受拉力：
F=G=mg=200kg×10N/kg=2000N；
(2)拉力F对材料做的功，即有用功：
W有用=Fs=2000N×6m=1.2×104J，
拉力F对材料做功的功率：
P=W有用t=1.2×104J15s=800W；
(3)该装置的效率：
η=W有用W总=WW总=1.2×104J1.5×104J×100%=80%。
答：(1)材料所受拉力F的大小是2000N；
(2)拉力F对材料做功的功率是800W；
(3)该装置的效率是80%。
【解析】(1)定滑轮不省力，材料所受拉力F等于材料的重力；
(2)利用W=Fs求拉力F对材料做功(有用功)，再利用P=Wt求拉力F对材料做功的功率；
(3)该装置的效率等于拉力F对材料做功与消耗的电能之比。
本题考查了功的公式、功率公式、机械效率公式的应用，要知道：该装置的效率等于拉力F对材料做功与消耗的电能之比。
24.【答案】保温
【解析】解：
(1)当开关S接到b时，电阻R1、R2串联，此时总电阻最大，而电源电压一定，根据P=U2R可知，电路消耗的电功率最小，所以此时电饭锅处于保温状态。
(2)当开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，由P=U2R可知，电路消耗的电功率较大，此时电饭锅处于加热状态，且消耗的功率为1000W；
由P=U2R得，电阻R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
(3)汤吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×3kg×(100℃−20℃)=9.6×105J。
答：(1)保温；
(2)R1的阻值是48.4Ω；
(3)汤吸收了9.6×105J的热量。
(1)当开关S接到b时，电阻R1、R2串联，此时总电阻最大，而电源电压一定，根据P=U2R可知电路消耗的总功率最小，据此可知电饭锅处于哪种状态；
(2)当开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，根据P=U2R可知此时电饭锅处于加热状态，然后根据R=U2P求出R1的阻值；
(3)知道汤的比热容、质量、初温和末温，根据Q吸=cm(t−t0)求出在此过程中汤吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式、电功率公式、热效率公式的掌握与应用，正确判断电饭锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
25.【答案】长度 横截面积 煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显，水比热容大，同样情况升温不明显 在长度和横截面积相同时，铝的导电性能好
【解析】解：(1)探究导电性能好坏，只要使导体的长度和横截面积相同，故选用长度和横截面积相同的铝丝和锰铜丝。
(2)因为煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显；水的比热容大，同样情况升温不明显。
(3)串联电路处处电流相等，而铝丝烧瓶中的温度升高的慢，由Q=I2Rt可得，铝丝的电阻小，所以铝丝的导电性能好。
故答案为：(1)长度；横截面积；
(2)煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显，水比热容大，同样情况升温不明显；
(3)在长度和横截面积相同时，铝的导电性能好。
(1)控制变量法进行分析，即控制长度和横截面积相同，比较温度计的示数，示数变化快的导电性能就好；
(2)比热容越小，温度变化越明显；
(3)温度计示数变化慢的，说明该电阻阻值小，即其导电性能好。
本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系、影响导体电阻的因素以及控制变量法的了解和掌握，难度不大，但综合性强。
26.【答案】左 串联电阻的总电阻等于各电阻之和 D
【解析】解：(1)根据表格中的数据可知，电路中的电流都小于0.6A，所有电流表选择0∼0.6A的量程；滑动变阻器按照“一下一上”的原则串联连入电路，如图所示：
；
(2)在闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片要处于最大阻值处，所以要移到最左端；
(3)根据表格中的数据可知，第一次实验时，与电压表并联部分的电阻为：R总1=U1I1=1.5V0.1A=15Ω，
同理可知，第二、三次实验时，R总2=15Ω、R总3=15Ω，由于R1=5Ω、R2=10Ω，所以R总为R1与R2的阻值之和。
(4)A、若变阻器断路，则电流表电压表都无示数，故A错误。
B和C、若两个电阻有一个被短路，电流表和电压表都有示数，故B、C错误。
D、若电压表的某一个接线柱接触不良，电流表正常，电压表无示数，故D正确。
故答案为：(1)见解析；(2)左；(3)串联电阻的总电阻等于各电阻之和；(4)D；
(1)电流表的选取要适当，所测的电流不能超过最大量程，滑动变阻器按照“一下一上”的原则串联连入电路。
(2)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值处。
(3)看图表分析电流和电压，根据R=UI，得出R总与R1、R2的关系。
(4)电流表有示数，说明电路是通路，根据电压表示数分析电路故障的原因。
该题是一道电学实验题，综合了电流表、滑动变阻器的连接方法，欧姆定律的应用等基础知识。在解答此类实验题时，应明确实验思路，准确把握图表中显示的信息。
2021-2022学年广东省东莞市光明中学九年级（上）期末物理试卷
1. 如图所示的情境中，人对物体做功的是( )
A. 人用力搬石头，没有搬动
B. 人将重物从地面提到高处
C. 人推一块大石头没推动
D. 人提箱子沿水平方向做匀速直线运动
2. a、b、c三盏灯分别标有“110V 20W”、“220V 40W”、“36V 350W”的字样，三盏灯都正常发光，比较它们的亮度( )
A. a灯最亮 B. b灯最亮 C. c灯最亮 D. 三盏灯一样亮
3. 如图甲所示，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N.物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，则( )
A. 拉力的功率为50W B. 滑轮组中动滑轮重10N
C. 该滑轮组的机械效率为90% D. 绳子自由端移动的速度为0.5m/s
4. 关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是( )
A. 物体温度越高，含有的热量越多
B. 一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C. 一个物体温度升高了，它的内能一定增加
D. 0℃的冰块，其内能为零
5. 下列四张图中利用热传递来改变物体内能的是( )
A. 钻木取火 B. 煤炉烧水
C. 压缩空气升温 D. 搓手取暖
6. 滑跃式起飞是一种航母舰载机的起飞方式。飞机跑道的前一部分是水平的，跑道尾段向上翘起。如图所示，飞行员驾驶舰载机从图示位置由静止开始一直加速直至离舰的过程中，下列说法正确的是( )
A. 飞行员的动能先增加后减少 B. 飞行员的机械能一直减少
C. 飞行员的机械能一直增加 D. 飞行员的机械能先不变后增加
7. 如图所示是研究电流与电压、电阻的关系的电路图，实验分“保持电阻不变”和“保持电压不变”两步进行。在“保持电阻不变”这一步实验时应( )
A. 保持R2滑片的位置不动
B. 保持R2两端的电压不变
C. 保持R1不变，调节R2滑片到不同的适当位置
D. 保持电路中电流不变
8. 用冷水冷却汽车发动机，主要是利用水的( )
A. 比热容大 B. 密度大 C. 凝固点低 D. 沸点高
9. 如图所示是酒精浓度检测仪及其原理图，它实际上是由一节干电池(电压不变)、一个气敏电阻R2(相当于阻值随酒精气体浓度变化的变阻器，酒精浓度越大阻值越小)与定值电阻R1及一个电压表组成。驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，则( )
A. 气敏电阻R2的阻值越大，电压表的示数越大
B. 通过电阻R2的电流越小，电压表的示数越大
C. 通过电阻R1的电流越大，电阻R2两端电压越小
D. 气敏电阻R2的阻值越大，通过电阻R1的电流越大
10. 如图所示的电蚊拍，具有灭蚊和照明等功能。当开关S1闭合、S2断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S1和S2都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时起到灭蚊和照明作用。下列电路设计符合这种要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 重为450N的物体在大小为150N的水平拉力F作用下，向右匀速运动了10m，所用时间为10s，摩擦力的大小为______ N，拉力做的功是______ J，拉力的功率为______ W。
12. 人类的太空旅游已不是梦想。在飞船加速上升时，其动能______，重力势能______，机械能______(填“增大”、“减小”或“不变”)。
13. 张华同学帮助实验老师拆封学校新购的一批仪器时，发现一只标有“6V 1A”专用灯泡说明书，带有一幅电流随电压变化的关系曲线，如图所示。
(1)图片说明，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流是______(选填“增大”、“减小”或“不变”)的，灯丝的电阻值是______(选填“增大”、“减小”或“不变”)的。
(2)灯泡正常发光时，灯丝的阻值是______。
14. 烩面是河南的特色名吃。图中，厨师将面坯拉成长长的面条，表明力可以使物体发生______；在锅里煮面时，通过______的方式改变了面条的内能；面出锅时香飘四溢，这是由于分子的______产生的。
15. 图为一电热饮水机的电路简图，其额定电压为220V，具有“加热”、“保温”两种功能，对应功率分别为400W和40W.当开关S1、S2均闭合，饮水机处于______(选填“保温”或“加热”)状态，R1的阻值为______Ω；用饮水机给2kg的水加热，当水温升高50℃，水吸收的热量为______J.[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
16. 如图所示的电路中，R2的阻值为3Ω，闭合开关之后，电压表的示数为6V，电流表的示数为1A，则R1=______Ω，电源电压为______V；如果断开开关，电压的示数是______V。
17. 如图所示，在方框内分别填入小灯泡和电流表的元件符号，使电路正常工作．
18. 请完成“探究电流与电阻的关系”的实验中未连完的电路。
19. 站在地面上的人想用尽可能小的力提升水桶。请在图中画出滑轮组绳子的绕法。
20. 小明利用如图所示装置和器材，探究水的沸腾特点和物质的吸热能力。
(1)小明设计的电路中的R甲、R乙必须满足的条件是______。
(2)只闭合开关S2，观察水的沸腾，测得数据如下表：
时间(min)
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度(℃)
90
92
94
96
97
98
98
98
98
分析数据可知，水沸腾过程中的特点为：______。
(3)断开S2，待水冷却后，继续探究物质的吸热能力。小明应控制水和煤油的______、初温相同。且应先闭合开关______，再闭合开关______，并控制水的末温低于______℃.实验表明：水的末温比油______，水的吸热能力比油强。
21. 小华为了探究物体动能的大小与质量、速度的关系，设计了如图甲、乙所示的实验。
实验甲：质量相同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示。
实验乙：质量不同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。
(1)要探究物体动能的大小与速度的关系，应选用______图。(填“甲”、“乙”)
(2)甲、乙两组实验可以得出的结论是______。
(3)这个实验中，利用木块被碰撞后移动的______来比较物体的动能大小。下列实例中与此实验方法相同的有______。(填编号)
①认识电流时，用水流进行类比
②用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的
③用酚酞试液滴入溶液变红色来判断溶液呈碱性。
22. 在用“伏安法测小灯泡的电阻”实验中．
(1)请你将电压表正确连入在图甲的电路中，完成电路的连接．
(2)在闭合开关之前，图甲中滑动变阻器的滑片应放在______端．(填“左”或“右”)
(3)电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数．接下来应进行的操作是______(选填字母)
A.更换小灯泡
B.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
C.检查电路是否断路
(4)若某次测量时，电压表和电流表的示数如图乙所示，则灯泡的电阻RL=______Ω.
(5)这个电路除了可以测小灯泡的电阻外，还可以用来测量小灯泡的功率． 由图乙两表示数可求出小灯泡的功率P=______W.
23. 美丽乡村建设中，工人用起吊装置提升建筑材料，如图。某次把质量为200kg的材料匀速提升6m，用时15s，消耗电能1.5×104J.g取10N/kg。求这次匀速提升材料过程中：(不计绳与滑轮之间的摩擦)
(1)材料所受拉力F的大小；
(2)拉力F对材料做功的功率；
(3)该装置的效率。
24. 如图所示电路是某电饭锅的内部简化电路图，它有1000W(加热)和40W(保温)两挡功率可切换。现用此锅加热一锅汤，汤的质量为3kg，初温为20℃，加热到100℃，汤的平均比热容约为4.0×103J/(kg⋅℃)。
(1)若开关S接到b，电饭锅处于______状态。(选填“加热”、“保温”)
(2)R1的阻值是多少？
(3)汤吸收了多少热量？
25. 学完焦耳定律后，小红和小亮想利用如图所示的装置比较铝和锰铜这两种材料的导电性能(即电阻大小)。
(1)他们应该选用______、______都相同的铝丝和锰铜丝。
(2)小红想在两个烧瓶中分别装入等质量的煤油，而小亮建议用水代替煤油，小亮的建议不妥的原因是______。
(3)按小红的想法进行实验，接通电路后，他们发现甲烧瓶中煤油的温度比乙烧瓶中煤油的温度升高得慢，说明______。
26. 在学习“串联电阻的总电阻与各串联电阻之间关系”的时候，小强和小刚利用滑动变阻器(铭牌上标有20Ω1A)、两个定值电阻(5Ω、10Ω)、电压表、电源等器材对此进行了探究。他们设计了如图甲所示的电路图。
(1)根据电路图，请你在图乙中用笔画线代替导线，将没有连接完的实物电路连接好(导线不允许交叉且电流表的量程选取适当)。
(2)请你根据电路图分析：在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到______(填“左”或“右”)端。
器材：R1=5ΩR2=10Ω
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.5
2.4
3
电流I/A
0.1
0.16
0.2
(3)上表是小强和小刚在这次实验中所记录的数据。请你根据他们三次测量的数据进行分析，可以得出的结论是：______。
(4)若闭合开关后发现电流表有示数，而电压表无示数，则出现该现象的原因可能是下面哪一种情况？______(只填字母序号即可)。
A.滑动变阻器某处断路
B.只有R1被短路
C.只有R2被短路
D.电压表的某一个接线柱接触不良
答案和解析
1.【答案】B
【解析】A、人用力搬石头，没有搬动，只有力，没有距离，故人对物体没有做功，故A错误。
B、人将重物从地面提到高处，拉力方向向上，距离的方向也向上，故人对物体做功，故B正确。
C、人推一块大石头没推动，只有力，没有距离，故人对物体没有做功，故C错误。
D、人提箱子沿水平方向做匀速直线运动，力的方向向上，距离的方向水平向前，在力的方向上没有移动距离，故人没有做功，故D错误。
故选：B。
做功的两个必要因素：
1.作用在物体上的力；
2.物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)；
二者缺一不可。
2.【答案】C
【解析】解：由题可知，三盏灯都正常发光，它们的实际功率都是各自的额定功率。三盏灯中c灯的额定功率最大，所以c灯的实际功率也最大，灯泡亮度由实际功率决定，故c灯最亮。
故选：C。
灯泡亮度由实际功率决定。灯泡的实际功率越大，亮度越大。
本题只要知道灯泡亮度由实际功率决定即可正确解答。
3.【答案】C
【解析】解：(1)由图乙可知，物体上升高度h=2m时，绳子自由端移动距离s=6m，
由此可知，绳子的段数n=sh=6m2m=3，
物体重力：G=mg=27kg×10N/kg=270N，
不计绳重和摩擦，由F=1n(G+G动)可得，滑轮组中动滑轮重：
G动=nF−G=3×100N−270N=30N，故B错误；
(2)由图可知，v绳=st=6m4s=1.5m/s；
拉力的功率：P=W总t=Fst=Fv=100N×1.5m/s=150W，故AD错误；
(3)不计绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=G3F×100%=270N3×100N×100%=90%，故C正确。
故选：C。
(1)首先根据物体和绳子自由端的运动情况确定绳子的段数，然后根据F=1n(G+G动)可求得滑轮组中动滑轮重；
(2)由v=st可求得绳子自由端移动的速度；利用P=W总t=Fst=Fv可求得拉力的功率；
(3)由η=W有用W总=GhFs=G3F可求得该滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、功率和机械效率的计算，能根据表中图象乙求出使用滑轮组承担物重的绳子股数是关键。
4.【答案】C
【解析】解：A、热量是一个过程量，只能说吸收(或者放出)了多少热量，不能说某物体含有多少热量，故A错误；
B、物体吸收热量，温度可能升高，可能不变，如冰熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变，故B错误；
C、同一物体的温度越高，其内部分子的无规则运动越剧烈，内能一定增加，故C正确；
D、一切物体都有内能，0℃的冰块也具有内能，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不能用含有、具有等来修饰；
(2)物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化过程中吸收热量，内能增加，温度不变；
(3)内能是物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能与分子势能的总和，同一物体的内能与其温度有关；
(4)内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能。
本题考查学生对热量、内能、温度等概念的理解，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：
A、钻木取火，机械能转化成内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故A不符合题意；
B、煤炉烧水，水吸收热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增加水的内能，故B符合题意；
C、压缩空气，使空气升温，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故C不符合题意；
D、用“搓手”的方法取暖，机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的，故D不符合题意。
故选：B。
(1)热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；
(2)做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了。
解答此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
6.【答案】C
【解析】解：飞机起飞加速上升的过程中，飞行员的质量不变，速度增大、高度增大，所以动能和重力势能都增大，机械能一直在增加。
故选：C。
影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。
机械能大小可以根据机械能=动能+势能中动能和势能的变化来判断机械能的变化，也可以看机械能是否和其它形式的能发生转化来判断。
7.【答案】C
【解析】
【分析】
电流跟电压、电阻有关，用控制变量法研究电流跟电压和电阻的关系。
(1)研究电流跟电压的关系时，保持电阻不变，改变定值电阻两端的电压，讨论电流跟电压的关系；
(2)研究电流跟电阻的关系时，保持电阻两端的电压不变，改变电阻大小，讨论电流跟电阻的关系。
探究电流与电压、电阻的关系，应用的方法是典型的控制变量法，这是初中物理最基本的研究方法。
【解答】
研究电流跟电压的关系时，保持电阻不变，通过移动滑动变阻器的滑片，改变定值电阻的电压和电流，讨论电流跟电压的关系，所以ABD错误，C正确。
故选：C。
8.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却发动机，冷却效果好；故A正确、BCD错误。
故选：A。
(1)比热容的定义：单位质量的某种物质温度升高和降低1℃吸收和放出的热量。
(2)因水的比热容比其它物质的比热容大，所以相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的掌握，比较典型的题目，要熟练掌握。
9.【答案】C
【解析】解：
由图R1与R2串联，驾驶员呼出的酒精气体浓度越大，气敏电阻R2的阻值越小，电路中总中总电阻变小，
由I=UR，电源电压一定，总电阻变小，电路中电流变大。根据串联电路中电流处处相等，所以通过R1、R2电流都变大；
由U=IR，定值电阻R1两端的电压变大，即电压表示数变大，
所以U2=U−U1，R1电压变大，R2电压变小。故ABD错误，C正确。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2串联在电路中，电压表测R1两端电压，R2的阻值变化时，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“酒精气体浓度越大，R2阻值越小”是关键。
10.【答案】D
【解析】解：
A、根据题意可以知道，灭蚊网和灯泡工作时互不影响，应该属于并联，而图中灭蚊网和灯泡串联，且开关S2闭合时会形成电源短路，故A错误；
B、图中灭蚊网和灯泡串联，与题意不符，故B错误；
C、C图中S1闭合，S2断开时，灯泡亮，灭蚊网不工作，不符合题意，故C错误；
D、D图中S1闭合，S2断开时，只有灭蚊网通电起到灭蚊作用；当开关S1和S2都闭合时，灭蚊网与灯都通电同时工作，符合题意，故D正确。
故选：D。
串联电路的特点是各用电器之间相互影响，并联电路的特点是互不影响，再根据开关的作用来判断符合要求的电路图。
此题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案。
11.【答案】150 1500 150
【解析】解：
物体在大小为150N的水平拉力F作用下在水平方向上做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，故f=F=150N；
拉力做的功：W=Fs=150N×10m=1500J；
拉力做功的功率：P=Wt=1500J10s=150W；
故答案为：150；1500；150。
物体在水平方向上做匀速直线运动时，水平方向上受平衡力的作用；
知道拉力大小和物体在拉力方向上移动的距离，利用W=Fs求拉力所做的功；
知道做功时间，再利用P=Wt求拉力的功率。
本题考查二力平衡条件的应用、功、功率的计算，关键知道做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动距离，二者缺一不可。
12.【答案】增大 增大 增大
【解析】解：
飞船在加速上升过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大。
机械能=动能+势能；飞船的动能增大，重力势能增大，所以飞船的机械能增大。
故答案为：增大；增大；增大。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能=动能+势能。
本题考查对动能、重力势能、弹性势能的影响因素的认识和理解，属于一道基础题。
13.【答案】增大 增大 6Ω
【解析】解：(1)由图可知，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流是增大的；
从图中可知，当通过灯泡的电流为0.4A时，灯泡两端的电压为1V，根据欧姆定律可知此时灯泡的电阻R1=U1I1=1V0.4A=2.5Ω；
当通过灯泡的电流为1.0A时，灯泡两端的电压为6V，根据欧姆定律可知此时灯泡的电阻R2=U1I1U2I2=6V1.0A=6Ω；
故灯丝的电阻值是增大的。
(2)由题意知灯泡的额定电压是6V，所以灯泡正常发光时，通过灯丝的电流值是1A，利用欧姆定律可知灯丝的阻值R=UI=6V1A=6Ω。
故答案为：(1)增大；增大。(2)6Ω。
(1)由图可知，随着灯泡两端电压的增大，通过灯泡的电流的变化情况，利用公式R=UI计算发现灯丝的电阻值的变化情况。
(2)由题意知灯泡的额定电压是6V，所以灯泡正常发光时，通过灯丝的电流值是1A，利用欧姆定律可知灯丝的阻值。
本题考查欧姆定律的应用，属于基础题，关键是从图中得出有用信息。
14.【答案】形变 热传递 无规则运动
【解析】解：厨师将面坯拉成长长的面条，面坯形状发生了变化，表明力可以使物体发生形变；
在锅里煮面时，面条吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变了面条的内能；
面出锅时香飘四溢，属于扩散现象，是由于分子的无规则运动产生的。
故答案为：形变；热传递；无规则运动。
(1)力的作用效果：①改变物体的运动状态；②使物体发生形变；
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递；
(3)扩散现象表面物体不停的做无规则运动。
本题考查力作用效果、改变物体内能的方式和扩散现象等知识的应用，要明确做功和热传递改变物体内能的实质，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。
15.【答案】加热 1214.2×105
【解析】解：
(1)当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，
由P=UI=U2R可知，电路的总功率最大，饮水机处于加热档，
则R1的阻值：
R1=U2P加热=(220V)2400W=121Ω；
(2)水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×50℃=4.2×105J。
故答案为：加热；121；4.2×105。
(1)当开关S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，根据P=UI=U2R可知电路的总功率最大，据此判断饮水机的档位，进一步根据电功率公式求出R1的阻值；
(2)知道水的质量和比热容以及升高的温度，根据Q吸=cm△t求出水吸收的热量。
本题考查了电功率公式和吸热公式的应用，正确的判断出饮水机处于不同档位时电路的连接方式是关键。
16.【答案】6 9 9
【解析】解：当开关闭合后，两电阻串联，R1=U1I=6V1A=6Ω，
R2两端的电压U2=IR2=1A×3Ω=3V，
所以电源电压U=U1+U2=6V+3V=9V，
当开关断开时，电压表测量电源电压，示数为9V。
故答案为6；9；9。
当开关闭合后，两电阻串联，电压表测量电阻R1两端的电压，电流表测量电路总电流，已知电路电流和电阻R1两端的电压，根据欧姆定律可求电阻R1的阻值，还知道R2的阻值，根据公式U=IR可求R2两端的电压，电源电压等于电阻R1两端的电压和R2两端的电压之和，当开关断开时，电路中用电器只有电阻R2，电压表测量电源电压。
本题考查电阻、和电压的计算，以及电压表的使用和串联电路中电压的规律，关键是明白开关断开与闭合时电路的连接情况，还要学会灵活运用欧姆定律。
17.【答案】解：由图可知，如果上面的方框内填入小灯泡，下面的方框内填入电流表，那么电流表将并联在电源两端了，这样容易烧坏电流表，这种做法是绝对不允许的；因此上面的方框填电流表，下面的方框填小灯泡，这样电流表测右边小灯泡的电流，两只小灯泡并联，如下图：
【解析】解决此题要知道电流表要串联在被测电路中，电压表要并联在被测电路中；电流表的阻值很小，电压表的阻值很大．
解答此题的关键是明确电压表和电流表的使用规则，主要考查电流表的使用方法，属于基础知识，要求学生应熟练掌握．
18.【答案】解：由于电源为两节电池，电源电压为3V，所以电压表选用小量程与电阻并联，滑动变阻器上下接线柱各接一个且要串联在电路中，如下图所示：
答：。
【解析】根据电源电压确定电压表选用小量程且电压表要与电阻并联，滑动变阻器上下接线柱各接一个且要串联在电路中。
本题考查探究电流与电阻的关系的实验电路的连接，掌握电压表和滑动变阻器的接法是解题的关键。
19.【答案】解：由题意知，站在地面上的人想用尽可能小的力提升水桶。所以绳子的拉力方向应向下，所以绳子应从动滑轮绕起。
故答案为：
【解析】要解决此题，需要掌握滑轮组的组装。在绕线时，可以从动滑轮或定滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。
此题主要考查了滑轮组的组装，要掌握滑轮组的两种绕线方式：可以从定滑轮或动滑轮绕起。解决此题的关键是确定用力的方向。
20.【答案】R甲=R乙；水不断吸热但温度保持不变；质量相同；S1；S2；98；低
【解析】解：(1)探究物质的吸热能力，应控制物质吸收的热量相等，由图示电路图可知，两电阻并联，它们的电压相等，要使电阻在相等时间内产生的热量相等，应控制两电阻阻值相等，即：R甲=R乙。
(2)由表中实验数据可知，在水沸腾后，水不断吸收热量，但温度保持不变。
(3)要探究水与油的吸热能力，应控制水与油的质量、初温、吸收的热量相等，要控制水与油吸收的热量相等，应控制两个电阻同时开始加热，因此应先闭合开关S1，然后再闭合开关S2；实验过程中水不能达到沸腾，应控制水的末温度低于98℃；实验表明：水的末温比油低，水的吸热能力比油强。
故答案为：(1)R甲=R乙；(2)水不断吸热但温度保持不变；(3)质量相同；S1；S2；98；低。
应用控制变量法分析答题，根据实验目的确定需要控制的变量；分析实验数据，根据实验数据得出实验结论。
本实验应用了控制变量法，知道实验原理、应用控制变量法即可正确解题。
21.【答案】甲；物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大；距离；②③
【解析】解：(1)要探究物体动能的大小与速度的关系，必须控制物体的质量相同，速度不同，速度的不同是通过小球在斜面的位置来体现的，符合条件的只有甲图；
(2)通过甲图可得到的结论是：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；通过乙图可得到的结论是：物体速度相同时，质量越大，动能越大；因此综合甲图和乙图，可得到的结论是：物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大。
(3)实验中利用木块被碰撞后移动的距离来比较物体的动能大小，属于转换法的思想，采用这个研究方法的还有研究分子的扩散现象和用酚酞试液滴入溶液变红色来判断溶液呈碱性。
故答案为：(1)甲；
(2)物体动能的大小与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能就越大；
(3)距离、②③。
(1)影响动能大小的因素是质量和速度，进行探究时要采用控制变量法的思想，控制相同因素，改变不同因素；
(2)比较甲、乙两组实验中的相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出结论；
(3)小球的动能通过它推动木块移动的距离来体现，采用了转换法的思想。
(1)用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；
(2)不同质量的物体，在同一高度自由落下，到达地面的速度相同，越高自由落下时，到达地面的速度越大。
22.【答案】左；B；11；0.44
【解析】解：(1)如图，电压表与灯泡并联；
(2)读图可知，闭合开关前，滑动变阻器的滑片置于左端时，阻值才最大，这是为了保护电路的需要；
(3)因为电流表有示数，说明灯泡不可能断路，整个电路也是通的，因此C不对、A不能确定，接下来应移动滑动变阻器，看灯泡是否发光，若发光说明刚才是因为电阻太大，若不发光则可能灯泡短路，再更换灯泡．故B符合题意；
(4)读图乙可知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；电压表量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.2V.故灯泡灯丝的电阻RL=UI=2.2V0.2A=11Ω；
(5)灯泡此时的功率P=UI=2.2V×0.2A=0.44W.
故答案为：(1)如图；(2)左；(3)B；(4)11；(5)0.44.
(1)连接电路时注意将电压表与灯泡并联，同时注意接线柱要正进负出；
(2)闭合开关前，滑动变阻器应置于阻值最大处；
(3)灯泡与电流表串联，电流表有示数，说明灯泡也是通的，故电路不会是断路，应先考虑电阻太大的问题；
(4)读取电表示数时应先明确其量程与分度值，再读出结果，利用R=UI可计算电阻的大小；
(5)根据以上结果，利用公式P=UI可计算电功率的大小．
通过此题考查了电路的连接、电流表、电压表的正确读数、欧姆定律、电功率的计算，以及电路故障的分析与判断等，都是重要的知识点，难度虽不大，但具有一定的综合性，值得我们好好掌握．尤其是利用同一组数值，可以同时得出电阻与功率的结果，是我们应该重点关注的．
23.【答案】解：
(1)匀速提升材料过程中，材料所受拉力：
F=G=mg=200kg×10N/kg=2000N；
(2)拉力F对材料做的功，即有用功：
W有用=Fs=2000N×6m=1.2×104J，
拉力F对材料做功的功率：
P=W有用t=1.2×104J15s=800W；
(3)该装置的效率：
η=W有用W总=WW总=1.2×104J1.5×104J×100%=80%。
答：(1)材料所受拉力F的大小是2000N；
(2)拉力F对材料做功的功率是800W；
(3)该装置的效率是80%。
【解析】(1)定滑轮不省力，材料所受拉力F等于材料的重力；
(2)利用W=Fs求拉力F对材料做功(有用功)，再利用P=Wt求拉力F对材料做功的功率；
(3)该装置的效率等于拉力F对材料做功与消耗的电能之比。
本题考查了功的公式、功率公式、机械效率公式的应用，要知道：该装置的效率等于拉力F对材料做功与消耗的电能之比。
24.【答案】保温
【解析】解：
(1)当开关S接到b时，电阻R1、R2串联，此时总电阻最大，而电源电压一定，根据P=U2R可知，电路消耗的电功率最小，所以此时电饭锅处于保温状态。
(2)当开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，由P=U2R可知，电路消耗的电功率较大，此时电饭锅处于加热状态，且消耗的功率为1000W；
由P=U2R得，电阻R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
(3)汤吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×3kg×(100℃−20℃)=9.6×105J。
答：(1)保温；
(2)R1的阻值是48.4Ω；
(3)汤吸收了9.6×105J的热量。
(1)当开关S接到b时，电阻R1、R2串联，此时总电阻最大，而电源电压一定，根据P=U2R可知电路消耗的总功率最小，据此可知电饭锅处于哪种状态；
(2)当开关S接a时，电路为R1的简单电路，电路中电阻较小，根据P=U2R可知此时电饭锅处于加热状态，然后根据R=U2P求出R1的阻值；
(3)知道汤的比热容、质量、初温和末温，根据Q吸=cm(t−t0)求出在此过程中汤吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式、电功率公式、热效率公式的掌握与应用，正确判断电饭锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
25.【答案】长度 横截面积 煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显，水比热容大，同样情况升温不明显 在长度和横截面积相同时，铝的导电性能好
【解析】解：(1)探究导电性能好坏，只要使导体的长度和横截面积相同，故选用长度和横截面积相同的铝丝和锰铜丝。
(2)因为煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显；水的比热容大，同样情况升温不明显。
(3)串联电路处处电流相等，而铝丝烧瓶中的温度升高的慢，由Q=I2Rt可得，铝丝的电阻小，所以铝丝的导电性能好。
故答案为：(1)长度；横截面积；
(2)煤油的比热容较小，在吸收热量相同的情况下温度变化明显，水比热容大，同样情况升温不明显；
(3)在长度和横截面积相同时，铝的导电性能好。
(1)控制变量法进行分析，即控制长度和横截面积相同，比较温度计的示数，示数变化快的导电性能就好；
(2)比热容越小，温度变化越明显；
(3)温度计示数变化慢的，说明该电阻阻值小，即其导电性能好。
本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系、影响导体电阻的因素以及控制变量法的了解和掌握，难度不大，但综合性强。
26.【答案】左 串联电阻的总电阻等于各电阻之和 D
【解析】解：(1)根据表格中的数据可知，电路中的电流都小于0.6A，所有电流表选择0∼0.6A的量程；滑动变阻器按照“一下一上”的原则串联连入电路，如图所示：
；
(2)在闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器的滑片要处于最大阻值处，所以要移到最左端；
(3)根据表格中的数据可知，第一次实验时，与电压表并联部分的电阻为：R总1=U1I1=1.5V0.1A=15Ω，
同理可知，第二、三次实验时，R总2=15Ω、R总3=15Ω，由于R1=5Ω、R2=10Ω，所以R总为R1与R2的阻值之和。
(4)A、若变阻器断路，则电流表电压表都无示数，故A错误。
B和C、若两个电阻有一个被短路，电流表和电压表都有示数，故B、C错误。
D、若电压表的某一个接线柱接触不良，电流表正常，电压表无示数，故D正确。
故答案为：(1)见解析；(2)左；(3)串联电阻的总电阻等于各电阻之和；(4)D；
(1)电流表的选取要适当，所测的电流不能超过最大量程，滑动变阻器按照“一下一上”的原则串联连入电路。
(2)在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值处。
(3)看图表分析电流和电压，根据R=UI，得出R总与R1、R2的关系。
(4)电流表有示数，说明电路是通路，根据电压表示数分析电路故障的原因。
该题是一道电学实验题，综合了电流表、滑动变阻器的连接方法，欧姆定律的应用等基础知识。在解答此类实验题时，应明确实验思路，准确把握图表中显示的信息。
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